衡水金卷先享联盟高三联考【湖南片区】（正文、答案、网评、PPT）物理
展开三、非选择题
11.（1）右（2分）（只有填“右”得2分，其他说法均不得分）
（2）（3.1×10-3~3.5×10-3，2分） （3.1×10-4~-3.5×10-4，2分）
（第一空有效数字位数错误不得分，有效数字位数正确，结果在范围得2分；第二空有效数字位数错误不得分，有效数字位数正确，结果在范围得2分）
12.（1）（1分）（有效数字位数错误及其他结果均不得分）
（3）不挂（1分） （1分）
（第一空填“不挂”得1分，其他说法均不得分；第二空填“”或用文字说明“两光电门挡光时间相等”均给1分）
（4）（2分）
（或、、、等表达形式均给2分）
（5）A（2分） （2分）
（第一空选A 给2分，其他结果均不得分；第二空填“”给2分，其他结果均不得分）
13.【解析】设滑块的初速度为v0，滑块与木板间的动摩擦因数为μ
对滑块受力分析结合牛顿第二定律有
（1分）
设滑块向上滑行的最大距离为L，则（1分）
联立解得（1分）
（根据动能定理 或能量守恒等方程，列式得出，均给3分）
结合图像分析，当时，（1分）
当时，（1分）
解得（1分）
（1分）
（2）将，代入可得
（2分）
（把第一问结果，代入，没有推演过程，直接得到不扣分）
所以当时，滑块向上滑行的距离最小（1分）
该滑块滑行距离L的最小值（1分）
14.【解析】（1）对小球受力分析结合牛顿第二定律有（1分）
小球水平抛出后做类平抛运动，所以有（1分）
当小球到达B点时竖直方向的速度（1分）
小球刚好在B点沿切线方向进入圆弧轨道，所以（1分）
联立解得（1分）
A 、B两点间的水平距离（1分）
（每个方程1分，若列出综合算式，结果正确给6分，综合算式出现错误的扣除所对应单个方程的分数）
（2）小球在B点时有（1分）
电场方向旋转90°后，由几何关系可知（1分）
而（1分）
所以电场力和重力的合力方向沿OB方向，所以与B点关于O点对称的E点为势能的最高点（1分）
（未写出关系，但能说明重力和电场力的合力方向沿OB方向也给1分）
小球能够通过E点就能够通过D点，而小球刚好通过E点时有（1分）
（对圆周等效最高点E利用向心力公式，写成也给1分）
小球从B点到E点的过程有（1分）
（B点到E点过程用电场力和重力做功代数和列出动能定理 也给1分）
解得（1分）
- 【解析】（１）滑块A在平台上滑行时，由动能定理有
（1分）
而弹簧弹力做功（1分）
解得（1分）
（未单独列出弹力做功表达式，把动能定理写成综合算式，结果正确给3分，综合算式正确，结果错误给2分）
（2）最终滑块A没有脱离木板B，最后滑块A与木板B均静止，设滑块A相对于木板B滑行的位移为s
由能量守恒定律有（1分）
解得（1分）
（3）设木板B与挡板C第一次碰撞时速度为v1，由动量守恒定律有（1分）
解得
碰撞后木板B先向左减速后向右加速，设木板B向左减速到零时向左发生的位移为x1，由动能定理有（1分）
解得
设木板B与挡板C第二次碰撞前共速，速度为v2，由动量守恒定律有（1分）
解得
设木板B向右加速到共速时向右发生的位移大小为，由动能定理有（1分）
解得，所以木板B与挡板C第二次碰撞前已经和滑块A相对静止（1分）
所以木板B与挡板C第一次碰撞到第二次碰撞过程中木板B的路程（1分）
设木板B与挡板C第三次碰撞前共速，速度为v3，由动量守恒定律有（1分）
解得
设此过程中木板B向左减速到零时向左发生的位移为x2，由动能定理有（1分）
解得（1分）
所以木板B与挡板C第二次碰撞到第三次碰撞过程中木板B的路程（1分）
所以木板B与挡板C碰撞后，木板B通过的路程
（2分）
（未列式说明第二次碰撞前滑块A与木板B已经共速，即未说明第一次碰撞后木板B向左位移大于向右运动中滑块A与木板B达到共速时木板向右的位移，扣2分；归纳出木板B的总路程关系式但计算结果错误的扣1分）
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