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    2023届天津市南开中学高三上学期统练5数学试题含解析

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    这是一份2023届天津市南开中学高三上学期统练5数学试题含解析,共18页。试卷主要包含了单选题,填空题,双空题,解答题等内容,欢迎下载使用。

    2023届天津市南开中学高三上学期统练5数学试题

     

    一、单选题

    1.设集合,则    

    A B

    C D

    【答案】D

    【分析】先求出集合,然后取交集即可

    【详解】解:由题意得集合

    所以

    故选:D

    2.若数列满足为常数,),则称等方比数列.甲:数列是等方比数列;乙:数列是等比数列,则(    ).

    A.甲是乙的充分非必要条件 B.甲是乙的必要非充分条件

    C.甲是乙的充要条件 D.甲是乙的既非充分也非必要条件

    【答案】B

    【分析】利用等比数列的性质以及正负进行判断即可.

    【详解】为等比数列,设其公比为,则为常数,所以成等比数列,即是等方比数列,故必要性满足.

    是等方比数列,即成等比数列,则不一定为等比数列,例如,有,满足是等方比数列,但不是等比数列,充分性不满足.

    故选:B

    3.如图,是根据某班学生在一次数学考试中的成绩画出的频率分布直方图,若由直方图得到的众数,中位数和平均数(同一组中的数据用该组区间的中点值为代表)分别为,则(   

    A B C D

    【答案】B

    【解析】根据频率分布直方图读出众数a,计算中位数b,平均数c,再比较大小.

    【详解】由频率分布直方图可知:众数

    中位数应落在70-80区间内,则有:,解得:

    平均数

              

            =4.5+8.25+9.75+22.5+21.25+4.75=71

    所以

    故选:B

    【点睛】从频率分布直方图可以估计出的几个数据:

    (1)众数:频率分布直方图中最高矩形的底边中点的横坐标;

    (2)平均数:频率分布直方图每组数值的中间值乘以频率后相加;

    (3)中位数:把频率分布直方图分成两个面积相等部分的平行于y轴的直线横坐标.

    4.函数图象的大致形状为(    

    A B

    C D

    【答案】A

    【分析】利用奇偶性定义判断的奇偶性,结合的符号,应用排除法确定答案.

    【详解】且定义域为R

    所以为偶函数,排除CD

    ,且,即,排除B.

    故选:A

    5.比较,的大小关系是

    A B C D

    【答案】D

    【详解】试题分析:因为函数R上单调递增,所以又因为函数单调递增,所以所以,应选D

    【解析】比较大小.

    6.设数列的前n项和为,且,则数列的前10项和是(    

    A B C D

    【答案】C

    【分析】的关系式,可得出数列是等差数列,从而得出数列的通项公式,再利用裂项相消法求和即可.

    【详解】

    时,

    整理得

    所以是公差为4的等差数列,又因为

    所以,从而

    所以

    所以数列的前10项和为

    故选:C

    7.已知函数的图象关于点对称,将函数的图象向左平移个单位长度后得到函数的图象,则的一个单调递增区间是(    

    A B C D

    【答案】B

    【分析】本题首先根据诱导公式和二倍角的正弦公式,化简得出

    再根据平移的左正右负的原则得到的解析式,最后得到的单调增区间.

    【详解】

    函数的图像关于点对称,

    将函数向左平移单位的解析式是

    ,

    ,结合所给的选项,令

    的一个增区间为

    故选:B.

    8.设向量满足方向上的投影向量为,若存在实数,使得垂直,则    

    A2 B C D

    【答案】B

    【分析】根据投影向量的定义结合已知求得,再由垂直,得,结合数量积得运算律即可得解.

    【详解】解:因为方向上的投影向量为

    所以

    所以

    因为垂直,

    所以

    ,解得.

    故选:B.

    9.已知函数,函数,若函数3个零点,则实数的取值范围为(    

    A B C D

    【答案】B

    【分析】先作出两函数的图像,由图像可知当时,1个交点,所以只要当时,有两个交点即可,结合图像可得的图象在上有两交点,则在上没有交点,即直线有两交点,且的图象在上没有交点,即有两个解,且上没有解,然后利用方程根的分布进行求解即可

    【详解】如图当时,1个交点.

    要使3个零点,则当时,

    有两个交点即可,

    ,两函数没有交点,所以

    画出图象,如下图所示,

    根据图象的图象在内至多有一个交点.

    的图象在上有两交点,则在上没有交点.

    即直线有两交点,且的图象在上没有交点.

    有两个解,且上没有解.

    ,需,且

    解得(舍去),且

    所以此时

    若在的图象有1个交点,则在 的图象有1个交点

    1个解,且上有1个解.

    ,此时无解.

    要使只有两交点,则.

    故选:B

    【点睛】此题考查函数与方程,考查由函数的零点个数求参数的取值范围,考查转化思想和计算能力,属于较难题

     

    二、填空题

    10.若复数为纯虚数,则___________.

    【答案】

    【分析】根据纯虚数的定义可求得的值,再用复数模的运算公式即可求解.

    【详解】由题可知为纯虚数,

    所以,故.

    故答案为:.

    11展开式中的系数为________.

    【答案】

    【分析】先得到的通项公式,再结合,计算即可得到结果.

    【详解】因为

    展开式的通项公式为

    的系数为

    故答案为:.

    12.如图,在平面四边形ABCD中,,则四边形ABCD的面积为___________.

    【答案】

    【分析】采用分割法对三角形进行分割,利用余弦定理求得可判断三角形的形状以及解三角形ADC,然后由三角形的面积公式可得结果.

    【详解】

    连接,在中,

    利用余弦定理得:

    解得:,则是直角三角形,

    所以.

    ,过点,则

    故答案为:.

    【点睛】方法点睛:本题考查不规则四边形面积的求法,考查余弦定理解三角形,由于四边形是不规则的,所以要将求四边形面积的问题转化为求三角形面积的问题来求解,在连接AC将四边形分成两个三角形后,利用余弦定理和三角形内角和定理,结合解三角形与三角形面积公式,可求得面积.

    13.甲罐中有5个红球,2个白球和3个黑球,乙罐中有4个红球,3个白球和3个黑球.先从甲罐中随机取出一球放入乙罐,分别以表示由甲罐取出的球是红球,白球和黑球的事件;再从乙罐中随机取出一球,以B表示由乙罐取出的球是红球的事件,则下列结论中正确的是___________

    事件B与事件相互独立;是两两互斥的事件

    【答案】②④

    【分析】根据每次取一球,易得是两两互斥的事件,求得,然后由条件概率求得,再逐项判断.

    【详解】因为每次取一球,所以是两两互斥的事件,故正确;

    因为

    所以,故正确;

    同理

    所以

    ①③错误.

    故答案为:②④

    【点睛】本题主要考查互斥事件,相互独立事件,条件概率的求法,还考查了运算求解的能力,属于中档题.

    14.已知,且,则的最小值为_________

    【答案】4

    【分析】利用基本不等式,即可求解.

    【详解】解:

    (当且仅当时,即“=”),

    故答案为:4

     

    三、双空题

    15.在菱形中,,已知点在线段上,且,则______,若点为线段上一个动点,则的最小值为______.

    【答案】     7    

    【分析】,进一步将其表示成以为基底的向量,结合已知条件,可得关于的方程组,解之,再根据模长的计算方法,得的值;设,根据平面向量的运算法则,推出,然后由配方法,得解.

    【详解】解:因为,所以

    所以

    因为点在线段上,

    可设

    ,所以,解得

    所以

    所以

    因为点为线段上一个动点,

    可设

    所以

    所以

    当且仅当时,等号成立,

    所以的最小值为

    故答案为:7

    【点睛】本题考查平面向量在几何中的应用,熟练掌握平面向量的线性和数量积的运算法则,平面向量的基本定理是解题的关键,考查逻辑推理能力和运算能力,有一定的难度.

     

    四、解答题

    16.记的内角ABC的对边分别为abc,已知点DAB的中点,点E满足,且

    (1)A

    (2),求的面积.

    【答案】(1)

    (2).

     

    【分析】1)由三角形内角性质及正弦定理边角关系可得,进而求角的大小;

    2)在ABCADE中应用余弦定理可得,求出bc,再由三角形面积公式求面积.

    【详解】(1)得:,即

    由正弦定理得

    ABC,故,则

    因为,所以

    (2)ABC中,由余弦定理,得

    ADE中,由余弦定理得

    所以,化简得,即

    所以,代入得:

    ABC的面积

    17.已知函数.

    (1)求函数的单调递增区间;

    (2)若函数在区间上恰有个零点

    i)求实数的取值范围;

    ii)求的值.

    【答案】(1)

    (2)i;(ii.

     

    【分析】1)利用诱导公式、二倍角公式和辅助角公式可化简得到;根据正弦型函数单调性的求法可求得单调递增区间;

    2)(i)令,将问题转化为上恰有个不同的交点,利用数形结合的方式即可求得的取值范围;

    ii)由(i)中图像可确定,由此可得,整理可得,由两角和差正弦公式可求得的值,即为所求结果.

    【详解】(1)

    ,解得:

    的单调递增区间为.

    (2)i)由(1)得:

    时,

    ,则在区间上恰有个零点等价于上恰有个不同的交点;

    作出上的图像如下图所示,

    由图像可知:当时,恰有个不同的交点,

    实数的取值范围为

    ii)设个不同的交点分别为

    整理可得:

    .

    18.在三棱锥ABCD中,已知CB=CD=,BD=2OBD的中点,AO平面BCDAO=2EAC的中点.

    1)求直线ABDE所成角的余弦值;

    2)若点FBC上,满足BF=BC,设二面角FDEC的大小为θ,求sinθ的值.

    【答案】12

    【分析】1)建立空间直角坐标系,利用向量数量积求直线向量夹角,即得结果;

    2)先求两个平面法向量,根据向量数量积求法向量夹角,最后根据二面角与向量夹角关系得结果.

    【详解】

    1)连

    轴建立空间直角坐标系,则

    从而直线所成角的余弦值为

    2)设平面一个法向量为

    设平面一个法向量为

    因此

    【点睛】本题考查利用向量求线线角与二面角,考查基本分析求解能力,属中档题.

    19.已知函数.

    1)求曲线在点处的切线方程;

    2)求函数的零点和极值;

    3)若对任意,都有成立,求实数的最小值.

    【答案】1;(2)零点,极小值;(31.

    【详解】1)因为 所以

    因为,所以曲线处的切线方程为.

    2)令,解得 

    所以的零点为. 

    解得

    的情况如下:

    2

    0

    +

     

    所以函数 ,取得极小值.  

    3)法一:

    时,.

    时,.   

    ,由(2)可知的最小值为的最大值为

    所以对任意,有恒成立等价于

      解得.      所以的最小值为1.

    法二:当时,.         时,.

    且由(2)可知,的最小值为                 

    ,令,则

    ,不符合要求,

    所以.     时,,,

    所以,即满足要求,

    综上,的最小值为1.

    20.已知函数

    (1)时,求的单调区间;

    (2)若函数在定义域内有两个不相等的零点

    求实数a的取值范围;

    证明:

    【答案】(1)单调递减区间为,单调递增区间为

    (2)① 证明见解析

     

    【分析】1)求导得,判断导函数符号确定原函数单调性,注意函数定义域;(2利用参变分离得,即有两个交点,判断函数单调性理解计算;等价于,借助于函数零点整理得,即证,构建函数结合导数证明.

    【详解】(1)时,函数,定义域为

    ,得

    时,,当时,

    所以的单调递减区间为,单调递增区间为

    (2)若函数在定义域内有两个不相等的零点

    则方程有两个不等的实根.

    即方程有两个不等的实根.

    ,则

    ,则上单减,且

    时,;当时,

    上单调递增,在单调递减.

    且当时,

    方程为有两个不等的实根时,

    时函数在定义域内有两个不相等的零点

    要证

    只需证

    只需证

    因为,两式相减得:

    整理得

    所以只需证

    即证

    ,不妨设,令

    只需证

    只需证

    只需证当时,即可.

    在(单调递减,

    时,

    单调递增,当

    原不等式得证.

    【点睛】在证明,利用函数零点得,代入消去,进一步处理得换元分析.

     

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