高中生物河南省许昌高级中学2019届高三生物下学期押题卷（二）

河南省许昌高级中学2019届高三生物下学期押题卷（二）

（ 试卷满分：150分  试卷满分：300分）

注意事项：

1、答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。

2、回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。

3、考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。

可能用到的相对原子质量  H 1  O 16  C 12  N 14  Li 7  Al  27  S 32 

   Na 23  Fe 56   I  127  Au 197

第I卷

一、选择题：本大题共13个小题，每小题6分，共78分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1．有关病毒与细胞在起源上的关系，目前存在下图所示的3种主要观点。下列相关叙述错误的是(  )

A．第一种观点的缺陷在于病毒的寄生性无法得到正确的解释

B．第二种观点认为生物大分子分别演化出病毒和细胞这两种生命形式

C．根据第三种观点，某些病毒很可能是细胞退化经长期演化而来

D．有些病毒的核酸与哺乳动物细胞DNA某些片段的碱基序列十分相似，这一证据只支持第三种观点

2．下列教材中相关生物学研究方法的描述不正确的是

A．利用同位素示踪技术证实DNA是以半保留的方式复制的

B．利用放射性同位素标记技术证明了DNA是遗传物质

C．利用荧光标记的方法证明细胞膜上的蛋白质和磷脂具有流动性

D．运用荧光标记的手段，可以观察到某一基因在染色体上的位置。

3．下列有关实验及结论分析合理的是

A．在温度影响酶的活性的实验中，若某两支试管的反应速率相同，在其他条件均相同的条件下，可判断这两支试管的所处的环境温度也一定是相同的。

B．在研究呼吸作用的实验中，有水生成时一定进行有氧呼吸，有酒精生成时一定有无氧呼吸，动物细胞进行无氧呼吸时一定不会产生酒精。

C．在探究某油料作物的种子萌发时的呼吸作用方式的实验中，检测到产生的CO2与消耗的O2的体积相等，则该萌发种子在测定条件下的呼吸作用方式是有氧呼吸。

D．在光合作用的相关实验中，可以通过测定绿色植物在光照条件下CO2的吸收量、O2释放量以及有机物的积累量来体现植物实际光合作用的强度。

4．在研究某植物花色遗传规律时发现，基因型为AaBb的红花个体自交，子一代出现红花：白花=3：1，则相关分析错误的是

A．这两对基因的遗传一定不遵循基因的自由组合定律

B．对该红花植株进行测交实验，则子代中红花：白花=1：1

C．若在子一代中随机选择一株白花植株自交，则子代全为白花

D．若在子一代中随机选择一株红花植株自交，则其子代中出现红花的概率是5/6

5．下面关于生命活动调节的说法错误的是

A．细胞产生的激素、淋巴因子以及神经递质等都属于信号分子，在细胞间起到传递信息的作用

B．人体饥饿时，血液流经肝脏后，血糖的含量会升高；血液流经胰岛后，血糖的含量会下降

C．促甲状腺激素释放激素和甲状腺激素、胰岛素与胰高血糖素间均具有拮抗作用

D．在一个由传入与传出两种神经元组成的反射弧中只含有一个突触结构

6．下列关于生态系统相关内容的叙述，错误的是

A．食物网的复杂程度取决于该生态系统中生物的数量

B．在生态系统中，生产者由自养型生物构成，一定位于第一营养级

C．在生态系统中，生产者不一定是植物，消费者不一定是动物，分解者不一定是微生物

D．在一条由捕食关系构成的食物链中，分解者一定不占营养级，无机成分也一定不占营养级

7

29．(10分)科研人员在研究低温对番茄幼苗光合作用的影响时发现：低温环境中番茄幼苗的光合速率明显下降。为了研究低温影响番茄幼苗光合作用的机理，设计了相关探究实验，结果如下：

（1）根据实验结果分析，低温降低番茄幼苗光合作用速率的原因可能是

①                                                      

②                                                      

（2）在上述实验中，除自变量外，需要严格控制的无关变量主要是              。

（3）科研人员用与上述实验类似的方法发现细胞分裂素能缓解低温对番茄幼苗光合速率的影响。请写出实验思路和预期结果。备选材料与试剂：长势、生理状况相同的番茄幼苗若干，磷酸盐缓冲液，一定浓度的溶解在磷酸盐缓冲液中的细胞分裂素溶液，测量叶绿素含量、气孔导度及光合速率的方法不做具体要求。

30．（8分）某雌雄异株的植物，性别决定方式为XY型。其花色受一对等位基因A和a控制，叶片形状受一对等位基因B和b控制。一株纯合白花宽叶雌株和另一纯合红花细叶雄株杂交，子一代雌雄植株相互杂交得到的子二代表现型及数量如下：红花宽叶雌株202株，红花宽叶雄株98株，粉花宽叶雌株401株，粉花宽叶雄株196株，白花宽叶雌株196株，白花宽叶雄株99株，红花细叶雄株102株，粉花细叶雄株203株，白花细叶雄株101株。

（1）根据杂交结果推测上述遗传现象符合         定律，子一代植株的基因型是                             。

（2）出现上述杂交结果的原因是                       。

（3）在子二代中随机选择一株粉花宽叶雌株和粉花细叶雄株杂交，预期子代的表现型及比例是                                。 

31．（8分）下图是关于抗利尿激素的调节示意图。根据图中信息回答下列问题。

（1）抗利尿激素是由         （器官名称）产生的，能增加肾小管和         上皮细胞对于水的通透性。

（2）当血浆渗透压升高时，刺激        中的调节中枢，使抗利尿激素分泌量增加时，最终导致人体尿量       （增加、减少或不变）。由图示可知抗利尿激素的调节，这是一个典型的          调节，需要                       两种调节方式共同完成。

（3）当一个健康成年人短时间内饮用大量清水时，会造成尿量增加，据图分析其原因是：                                       。

32．（13分）为了研究甲、乙两种植物之间根竞争和枝竞争的关系，科研人员进行了相关实验，并记录实验数据。请回答下列问题：

（1）根竞争主要影响植物      和      这两种资源，枝竞争的资源最主要是       。

（2）实验步骤：

①在相同环境中选取多株甲、乙植物，要求植株大小和生理状况基本一致，对于甲植物特别注意选择        这一生理指标基本相同的植株。

②第一组甲、乙植株单独种植作为         ；

第二组甲、乙植株种植在同一花盆中，枝叶混合；

第三组甲、乙植株种植在同一花盆中，枝叶隔开；

第四组                                     。

③在           的环境中培养一段时间，测量各组        并记录。

实验结果如下：

（3）

①对第三组和第四组的实验结果进行对比分析，可以得到的结论是：                                                       

②对第二组、第三组和第四组的实验结果进行对比分析，可以得到的结论是：                                                       

（二）选考题：共 45 分。请考生从 2 道物理题、2 道化学题、2道生物题中每科任选一题做答。如果多做，则每学科按所做的第一题计分。

33．【物理——选修 3-3】（15分）

(1)下列说法正确的是______。（共5分，填正确答案标号。选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分。每选错1个扣3分，最低得0分）

A．气体放出热量，其分子的平均动能可能增大

B．当分子力表现为斥力时，分子力和分子势能总是随分子间距离的减小而增大

C．饱和汽压与温度和体积有关

D．第一类永动机不可能制成是因为它违反了能量守恒定律

E. 某气体的摩尔体积为V，每个分子的体积为V，则阿伏加德罗常数可表示为

(2)（共10分）如图甲所示为“⊥”型上端开口的玻璃管，管内有一部分水银封住密闭气体，上管足够长，图中粗细部分截面积分別为S1＝2cm2、S2＝lcm2．封闭气体初始温度为451K，气体长度为L＝22cm，图乙为对封闭气体缓慢加热过程中气体压强随体积変化的图线，大气压强P0＝76 cmHg．求

①h1和h2的值；

②若缓慢升高气体温度，升高到多少开尔文可将所有水银全部压入细管内

34.【物理-选修3-4】（15分）

(1)以下物理学知识的相关叙述中，正确的是          

（共5分，填正确答案标号。选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分。每选错1个扣3分，最低得0分）

A．交警通过发射超声波测量车速是利用了波的多普效应

B．用透明的标准样板和单色光检查平面的平整度是利用了光的偏振

C．通过手指间的缝隙观察日光灯，可以看到彩色条纹，说明光具有波动性

D．红外线的显著作用是热作用，温度较低的物体不能辐射红外线

E. 在“用单摆测重力加速度”的实验中，为了减小测量单摆周期的误差，应选小球运动中的最低点为计时起点，测其n次全振动的时间

(2)（10分）一列简谐横波，在t=0时刻的波形如图所示，质点振动的振幅为10cm。P、Q两点的坐标分别为-1m和-9m，波传播方向由右向左，已知t=0.7s时, P点第二次出现波峰。试计算：

①这列波的传传播速度多大？

②从t=0时刻起，经多长时间Q点第一次出现波峰？

③当Q点第一次出现波峰时，P点通过的路程为多少？

35．【化学选修3—物质结构与性质】(15分)

铜、镁、金等的相关物质在生产生活中具有重要的作用。回答下列问题：

(1)铜元素在周期表中的位置是___________，基态铜原子中，核外电子占据最高能层的符号是___________，占据该最高能层的电子数为___________。

(2)在一定条件下，金属相互化合形成的化合物称为金属互化物，如Cu9Al4、 Cu5Zn8等。某金属互化物具有自范性，原子在三维空间里呈周期性有序排列，该金属互化物属于___________(填“晶体”或“非晶体”)

(3)配合物[Cu(CH3C≡N)4]BF4中BF4－的空间构型为___________。写出与BF4－互为等电子体的一种分子和一种离子的化学式：___________、___________。

(4)铜与金形成的金属互化物的晶胞结构如图1所示，其晶胞边长为anm，该金属互化物的密度为___________(用含a、NA的代数式表示)g·cm－3。

(5)某金属晶体中原子的堆积方式为六方最密堆积如图2所示，晶胞可用图3表示。已知该金属的原子半径为acm，该金属晶胞的高为bcm：若以晶胞中A点原子为原点建立空间直角坐标系o-xyz，则A点原子的坐标为(0，0，0)，C点原子的坐标为(2a，0，0)，D点原子的坐标为(0，0，b)，则B点原子的坐标为______________________。

36．[化学选修5——有机化学基础] （15分）

    有机物Q是一种治疗关节炎的止痛药，合成Q的路线如下：

（1）A的名称为________________。D中官能团的名称为_____________________。

   （2）E→F的反应类型为_________________。G→M的反应类型为________________。

（3）B与（ClCH2CO）2O反应生成C和另一有机物H，该反应的化学方程式为

_________________________________。

   （4）有机物J为M的同分异构体。J有多种结构，写出满足下列条件的J的所有结构简式：_____________________________________________________。

    ①苯环上只有两个取代基

    ②能发生银镜反应

    ③核磁共振氢谱图中只有5组吸收峰，且峰面积之比为9 ：2 ：2 ：2 ：1

    ④酸性条件下能发生水解反应，且水解产物之一能与氯化铁溶液发生显色反应

（5）请写出以1—丙醇、苯、乙酸酐[（CH3CO）2O]为原料合成的路线流程图（无机试剂任用，合成路线流程图示例见本题题干）：_____________________

______________________________________________。

37．【选修1—生物技术实践】（15分）

某生物兴趣小组一部分同学选用牛的血液进行血红蛋白的提取和分离的实验；另一部分同学进行霉菌的培养和分离实验。根据相关信息,回答下列问题:

（1）在培养霉菌时，常选用        培养基进行培养。在分离出能产生某种抗生素的霉菌后，若想利用对该抗生素敏感的大肠杆菌鉴别此种霉菌产生抗生素能力强弱，请写出实验设计思路               。

（2）在血红蛋白的提取和分离实验中，一般分为四步：样品处理、粗分离、纯化和纯度鉴定。在透析时使用的透析袋一般是用               制成的，其实质是一层           。

（3）在测定血红蛋白分子量时通常使用的                         。在凝胶中加入SDS的目的是                                         。
38．【选修3—现代生物科技专题】（15分）

下图为利用基因工程在大肠杆菌中生产人胰岛素的部分过程示意图，请回答下列问题：

（1）图示过程应为基因工程中                这一步骤，其中①②代表的物质分别是                             。③④⑤所示过程代表的是利用              扩增DNA。图中核酸酶H的作用是                                                      。

（2）利用以上方法得到的胰岛素基因的编码序列与直接从人体细胞中获取的胰岛素基因编码序列相比更适合导入大肠杆菌细胞中，其主要原因是                                                  。

（3）在获得胰岛素基因的编码序列前接上在大肠杆菌中可以适用的       ，另外加上          基因，构建成表达载体。导入大肠杆菌后在含四环素的培养基上进行筛选。

理科综合押题卷（二）生物参考答案

选择题：1-6   DCBADA

29. （10分）

（1）①（2分）低温导致叶绿素含量下降，吸收光能的能力降低，光反应速率降低，从而导致光合速率降低

②（2分）低温导致气孔导度下降，吸收二氧化碳的能力降低，暗反应速率降低，从而导致光合速率降低

（2）（2分）光照强度和二氧化碳浓度

（3）（4分）实验思路：将番茄幼苗随机平分为甲乙两组，置于低温环境中培养。甲组幼苗喷施适量一定浓度的溶解在磷酸盐缓冲液中的细胞分裂素溶液。乙组幼苗喷施等量磷酸盐缓冲液。一段时间后测定两组幼苗叶绿素含量、光合速率和气孔导度并记录

预期结果：乙组幼苗三项指标均比甲组幼苗有所升高（合理即可）

30. （8分，每空2分）

（1）自由组合    AaXBXb和AaXBY

（2）A和a基因位于常染色体上，且为不完全显性，B和b基因位于X染色体上（合理即可）

（3）1/16

31.（8分，除注明外每空1分）

（1）下丘脑     集合管

（2）下丘脑      减少      负反馈     神经调节和体液调节

（3）饮用大量清水时，由于血浆渗透压降低和血量增加导致抗利尿激素分泌减少，（肾小管和）集合管吸收水分减少，从而导致尿量增加（2分）

32.（13分，除注明外每空1分）

（1）无机盐    水       光照

（2）实验步骤：

①鲜重

②对照组；

甲、乙植株种植在不同花盆中，枝叶混合（2分）

③相同且适宜     甲植株鲜重

（3）①枝竞争对植物甲鲜重产生的影响大于根竞争。（光照的竞争对植物甲鲜重产生的影响大于对无机盐和水的竞争。）（2分）

②枝竞争和根竞争同时存在对植物甲鲜重的影响大于枝竞争或根竞争单独存在时。（2分）

37.（15分，除注明外每空2分）

（1）查氏

将该霉菌和大肠杆菌混合接种于培养基上，适宜条件下培养一段时间，观察霉菌菌落周围出现的透明圈。透明圈越大说明霉菌产生抗生素的能力越强。（3分）

（2）纯化     硝酸纤维素或玻璃纸       半透膜

（3）SDS-聚丙烯酰胺凝胶电泳        为了消除净电荷对迁移率的影响

38.（15分，除注明外每空2分）

（1）获取目的基因    反转录酶、DNA聚合酶   PCR技术

使RNA-DNA杂交分子中的RNA链降解，使之形成单链DNA。

（2）利用反转录获得的胰岛素基因的编码序列中不含内含子，可以在原核细胞中表达。（合理即可）（3分）

（3）启动子 （启动子和终止子）     抗四环素

理科综合押题卷（二）化学参考答案

7.B  【解析】根据流程，LiCoO2不与碱反应，Al能与NaOH反应，使Al转变成可溶的NaAlO2，然后过滤得到LiCoO2，LiCoO2中Li为＋1价，O为－2价，Co为＋3价，依据整个流程，产品中Co的化合价为＋2价，即“酸溶”中Co被还原,H2O2被氧化，“酸溶”液中加入NaOH，得到“净化液”，除去Li元素，加入草酸铵溶液，使Co2＋转变成CoC2O4沉淀。A.根据铝钴膜的成分以及流程，Al能与NaOH反应，生成可溶的NaAlO2，LiCoO2不溶于NaOH，然后过滤得到LiCoO2，因此碱浸的目的是溶解铝，故A说法正确；B.LiCoO2中Co显＋3价，产品中CoC2O4，Co显＋2价，化合价降低，LiCoO2为氧化剂，H2O2为还原剂，H2O2被氧化，故B说法错误；C.H2SO4提供H＋，H2O2作还原剂，盐酸也能提供H＋，＋3价Co也能氧化Cl－转化成＋2价Co，故C说法正确；D.根据上述分析，铝、钴产物可以再利用，故D说法正确。

8.B  【解析】①苯分子中没有碳碳双键，①不正确；②氧化钠和过氧化钠的组成中，其阴、阳离子的个数比相同，都是1:2，3.1g氧化钠和3.9g过氧化钠的物质的量均为0.05mol，故混合物中含有的阴离子总数为0.1NA，②正确；③14CH4和水蒸气(H218O)的分子内均有10个电子，14CH4和H218O的摩尔质量不同，所以1.8g14CH4和水蒸气(H218O)的混合气体中含电子数目不等，③不正确；④在相同温度下，盐的水解程度随浓度增大而减小，故常温下1L0.5mol/LNH4Cl溶液与2L0.25mol/LNH4Cl溶液所含NH4+的数目不相同，④不正确；⑤4.6gNO2的物质的量为0.1mol，含0.3NA 个原子 。NO2和N2O4的最简式相同，所以4.6gNO2和N2O4混合气体中所含原子总数与4.6gNO2的相同，为0.3NA，⑤正确；⑥SiO2晶体中Si的配位数是4，所以1mol SiO2晶体中含有极性共价键数目为4NA，⑥不正确；⑦Cl2通入足量水中，所得溶液中含有Cl2、HClO、Cl-、C1O-等粒子。由物料守恒可知，将1molCl2通入足量水中,溶液中HClO、Cl-、C1O-粒子数之和小于2NA，⑦不正确；⑧高温下，Fe与水蒸气反应生成四氧化三铁，故16.8gFe（即0.3mol Fe）与足量水蒸气完全反应转移电子数为0.8NA，⑧正确。综上所述，②③⑤⑧正确，本题选B。

9.C  【解析】b中含有单键碳，所以不可能所有原子都在一个平面内，故A错误；p分子β-C原子上没有氢原子，所以不能发生消去反应，故B错误；m的同分异构体中属于芳香族化合物的有、、、、，共5种，故C正确；b中双键断裂，两个碳原子上共结合一个基团，所以反应①属于加成反应，物质p为卤代烃，卤代烃要发生水解，生成醇，根据同一个碳上连有两个羟基时要脱水，最终生成物质m，故反应的类型先是取代反应后为消去反应，故D错误。

10.D  【解析】A.KOH溶液只能吸收CO2气体，保险粉(Na2S2O4)和KOH的混合溶液能定量吸收O2，CuCl的盐酸溶液能定量吸收CO，且易被O2氧化，所以为减少实验误差，每种试剂只能吸收一种成分，采用上述3种吸收剂，气体被逐一吸收的顺序应该是CO2、O2和CO，A正确；B.根据得失电子守恒、电荷守恒，用保险粉(Na2S2O4)和KOH的混合溶液吸收O2的离子方程式为2S2O42-+3O2+4OH-=4SO42-+2H2O，B正确；C.由于反应过程中放出热量，使量气管内气体由于温度升高而体积增大，水被赶入水准管，水准管的液面高于量气管的液面，当调整水准管内液面与量气管液面齐平时气体由于压强减小而体积增大，因此可观察到量气管液面下降，C正确；

D.三种气体被逐一吸收的顺序应该是CO2、O2和CO，若O2的吸收剂用灼热的铜网替代，O2和金属铜反应得到CuO可以吸收CO，所以不能用灼热的铜网代替吸收剂，D错误。

11.C  【解析】Y元素在同周期中离子半径最小，金属离子外的电子层数比相应的原子少一层，而且同周期金属元素离子半径随着原子序数的递增而减小，而非金属元素的离子的电子层没有减少，所以Y应为Al元素。丁为二元化合物，而且为液态，为水。丙与水反应得到两种物质，而且一种为酸。0.01mol·L－1戊溶液的pH大于2，为弱酸。短周期中二元化合物为弱酸的HF和H2S。结合乙是Z的单质，Z的原子序数比Al大，Z为S元素。涉及的反应为2Al＋3SAl2S3，Al2S3＋6H2O=2Al(OH)3＋3H2S↑。W、X、Y、Z分别为H、O、Al、S。A．H原子半径最小。同周期的元素，原子序数越大，原子半径越小，Al原子的半径大于S；同主族元素，原子序数越大，原子半径越大，S的原子半径大于O，排序为Y（Al）> Z（S）> X（O）> W（H），A项错误；B．H、O、Al、S可以存在于KAl(SO4)2·12H2O中，存在离子键，为离子化合物，B项错误；C．W(H)和X(O)的化合物可能为H2O和H2O2。H2O的结构简式为H—O—H，含有极性键。H2O2的结构简式为H—O－O—H，含有极性键和非极性键，C项正确；D．比较X(O)和Z(S)的非金属性，不能比较最高价氧化物对应的水化物的酸性，因为O没有它的含氧酸。D项错误；本题答案选C。

12.D  【解析】NO转化为NH4+发生还原反应，a电极为电解池阴极，接外电源负极，NO转化为NO3-发生氧化反应，b电极为电解池阳极，接外电源正极，故A正确。阳极反应为：NO-3e－＋2H2ONO3-＋4H＋；阴极反应为：NO＋5e－＋6H＋  ＋H2O；电解总反应为：8NO＋7H2O 3NH4NO3＋2，故C正确，D错误。总反应中除生成NH4NO3外，还生成HNO3，需补充NH3将HNO3转化为NH4NO3。

13.D  【解析】由图像可知，a点表示未加盐酸时，由图可知，当 lg[c(AOH)/c(A+)]=1时，c(AOH)/c(A+)=10，此时pH=11，根据AOHA++OH-，Kb===10-4；由题中信息可知，图中e点表示 HCl和 AOH恰好完全反应，溶液为ACl溶液，ACl为强酸弱碱盐水解显酸性，溶液中的H+来自水的电离；c点溶液为中性，c(H+)=c(OH-)；d点溶液盐酸过量，溶液为ACl和HCl混合溶液，据此分析解答。A. 由图可知，a点时lg[C(AOH)/C(A+)]=1，c(AOH)/c(A+)=10，pH=11，Kb===10-4，则A+的水解平衡常数为==1.0×10－10，故A正确；B. 由题中信息可知，e点表示 HCl和 AOH恰好完全反应，溶液为ACl溶液，ACl为强酸弱碱盐水解显酸性，溶液中的H+来自水的电离，所以点e溶液中水电离出的 H+浓度为 10－6.23mol/L，故B正确；C. e点表示 HCl和 AOH恰好完全反应，根据物料守恒：n(A+)+n(AOH)= n(Cl－)，

从c点到e点继续滴加盐酸，n(Cl－)增大，但n(A+)+n(AOH)不变，所以点c 溶液中的 n(A+)+n(AOH)等于点 e溶液中的 n(Cl－)，故C正确；D. d点溶液盐酸过量，溶液为ACl和HCl混合溶液，由于A+水解受到抑制，水解程度微弱，所以点d溶液中： c(Cl－) >c(A+)> c(AOH)，故D错误。

26.(共13分，（3）小题1分，其它每空2分)

（1）研磨、70℃加热

（2）Mg(OH)2 、Ni(OH)2 和Ca(OH)2

（3）趁热过滤

（4）185ab

（5）4OH—- 4e- = O2↑+2H2O     阳

（6）LiCO3 + 2C + 2FePO4 == 2LiFePO4 + 3CO↑

27．（15分）

（1）蓝（2分），2I—+2NO2—+4H+=I2+2NO↑+2H2O（2分）。

（2）三颈烧瓶（三口烧瓶）（1分）。安全瓶（防倒吸）（1分）。

（3）S（2分），吸收多余的SO2气体，防止污染环境（2分）。

（4）A（2分）。

（5）38.1（3分）。

【详解】（1）根据题设条件可知，硫酸酸化的NaNO2将碘盐中少量的I-氧化为使淀粉变蓝的I2，自身被还原为无色气体NO，其化学方程式为：2I-+2NO2-+4H+=I2+2NO↑+2H2O，

故答案为：蓝；2I-+2NO2-+4H+=I2+2NO↑+2H2O；

（2）y仪器名称为三颈烧瓶（三口烧瓶）；由实验装置结构特征，可知b装置为安全瓶（防倒吸），故答案为：三颈烧瓶（三口烧瓶）；安全瓶（防倒吸）；

（3）根据实验设计与目的，可知二氧化硫与硫化钠在溶液中反应得到S，硫与亚硫酸钠反应得到Na2S2O3，c中先有浑浊产生，后又变澄清，则此浑浊物为S，残余的SO2气体污染环境，装置D的作用是尾气处理（吸收多余的SO2气体，防止污染环境），

故答案为：S；尾气处理（吸收多余的SO2气体，防止污染环境）；

（4）实验结束后,装置b中还有残留的二氧化硫，为防止污染空气，应用氢氧化钠溶液吸收，氢氧化钠和二氧化硫反应生成亚硫酸钠和水，故A项正确，

故答案为：A；

Ⅲ．（5）从以上提供的方程式中可知关系式为：I-IO3-3I26S2O32－，设含碘元素物质的量为x，

解得x = = 3.0×10－6 mol，故所含碘元素的质量为3.0×10－6 mol×127 g/mol = 3.81×10－1 mg，所以该加碘盐样品中碘元素的含量为(3.81×10－1 mg)/0.01 kg = 38.1 mg·kg—1，

故答案为： 38.1。

28（除标注外，每空2分，共15分）

（1）①  -365（1分）      D （1分） 

 ②FeO++CO=Fe++CO2       大于 （1分） 

（2）① 加入催化剂（或增大压强）     ②    

（3） d  （1分）

（4）不可行（1分）   该反应是焓增、熵减反应，任何温度下自由能大于0，任何温度下不能自发进行，故不可行

（5）  CO-2e-+3OH-=HCO3-+H2O

【解析】解：（1）①△H=生成物所具有的总能量-反应物所具有的总能量=（393.5+0-475.5-283）kJ•mol-1= -365 kJ•mol-1，反应热只与具体反应的化学计量数有关，与温度、压强、催化剂、转化率、反应物浓度等无关，故选D，故答案为：-365；D；

②根据催化剂定义，第二步反应中，中间产物（FeO+）氧化CO生成CO2本身被还原成Fe+，FeO++CO=Fe++CO2，第二步反应对总反应速率没有影响，说明第一步是慢反应，控制总反应速率，第二步反应速率大于第一步反应速率，
故答案为：FeO++CO=Fe++CO2；大于；
（2）①曲线b和曲线a的平衡状态相同，曲线b反应速率较大，对于气体分子数相同的反应，加压可以增大浓度，正、逆反应速率同倍数增大，加入催化剂，正、逆反应速率同倍数增大，平衡不移动，曲线b仅改变一个条件，改变的条件可能是加入催化剂（或增大压强），故答案为：加入催化剂（或增大压强）；

②设CO的起始浓度为c（对于等气体分子数反应，体积始终不变），平衡时，c（CO）=（1-x）cmol•L-1，c（CO2）=xcmol•L-1， K==，故答案为：；

（3）图2中，b点代表平衡点，增大H2、CO的投料比，CO的平衡转化率增大，在a、b、c、d点中，CO的平衡转化率最大的点是d，故答案为：d；

（4）该反应是焓增、熵减反应，任何温度下自由能大于0，任何温度下不能自发进行，故不可行，故答案为：不可行；

（5）负极上CO发生氧化反应生成KHCO3，负极的电极反应式：CO-2e-+3OH-=HCO3-+H2O，
故答案为：CO-2e-+3OH-=HCO3-+H2O。

35．【化学选修3—物质结构与性质】(15分)

（1）第四周期第IB族  (2分)    N  (2分)    1   (1分) 

（2） 晶体   (1分)   

（3）正四面体（1分）   CCl4 (2分)     SO42−(2分)  

（4）  3.89×1023/(a3NA)  (2分) 

（5）  (a, , )   (2分)  

【详解】（1）铜元素位于周期表中第四周期IB族；铜元素核外电子占据最高能层的符号是N；铜元素价电子排布式为3d104s1，则铜元素中占据该最高能层的电子数为1；

（2）该金属互化物具有自范性，原子在三维空间里呈周期性有序排列，这是晶体的特点，即该金属互化物属于晶体；

（3）正四面体（1分）CCl4 (2分) SO42−(2分) （其他合理答案也给分）  ；

（4）根据图1，Au位于顶点，个数为8×1/8=1，Cu为面心，个数为6×1/2=3，该晶胞的化学式为Cu3Au，晶胞的质量为g，晶胞的体积为a3×10－21cm3，则晶胞的密度为3.89×1023/(a3NA)g/cm3；

（5）根据图2和图3，B处于正四面体顶角原子处，根据立体几何知识，不难求出B原子的原子坐标为(a, , )。

36.【化学——有机化学基础】

（1）苯（1分）；醛基、氯原子（2分，每个1分）

（2）消去反应（1分）；取代反应（或水解反应）（1分）

（3）

（4）

（5）

【解析】（1）苯；醛基、氯原子

（2）E→F脱去一个水分子，C与N之间由双键变为三键，属于消去反应。

（3）B与(ClCH2CO)2O发生取代反应，取代B中位于烷基对位的H原子，方程式为：

（4）能发生银镜反应说明有-CHO，核磁共振氢谱图中只有5组吸收峰，且峰面积之比为9：2：2：2：1说明该物质结构为高度对称的结构，同时酸性条件下能发生水解反应，且水解产物之一能与氧化铁溶液发生显色反应说明有酯基，结合以上分析可以得出J的结构共有两种符合要求分别为：

（5）

理综押题卷（2）物理部分参考答案

14．B【详解】A项：观众欣赏表演时看演员的动作，所以不能将领舞者看作质点，故A错误；B项：2号和4号领舞者始终处于同一高度，质量相等，所以重力势能相等，故B正确；

C项：五名领舞者在钢丝绳的拉动下以相同速度缓缓升起，所以处于平衡状态，故C错误；

D项：上升过程中，钢丝绳对他们做正功，所以机械能增大，故D错误。故选：B。

15．C【解析】 以一个铁珠为研究对象，将力F按照作用效果分解如图所示：

由几何关系可得小铁球对钉柱产生的侧向压力为：

。

故选：C。

16．D【详解】A项：原子核衰变过程系统动量守恒，由动量守恒定律可知，衰变生成的两粒子的动量方向相以，粒速度方向相反，由左手定则可知，若生成的两粒子电性相反则在磁场中的轨迹为内切圆，若电性相同则在磁场中的轨迹为外切，所以为电性相同的粒子，故A错误；

B项：核反应过程系统动量守恒，原子核原来静止，初动量为零，由动量守恒定律可知，原子核衰变生成的两核动量P大小相等，方向相反，粒子在磁场中做匀速圆周运动洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得：，解得：，由于P、B相同，则粒子电荷量q越大，轨道半径越小，由于新核的电荷量大，所以新核的半径小于粒子的轨道半径，所以r1为粒子的运动轨迹，故B错误；

C项：核反应过程系统动量守恒，原子核原来静止，初动量为零，由动量守恒定律可知，原子核衰变生成的两核动量P大小相等，方向相反，由动能与动量的关系，所以动能之比等于质量的反比，即为2：117，故C错误；

D项：由B项分析知，，故D正确。故选：D。

17．C

18．B 【详解】A项：11.2km/s是卫星脱离地球的引力的第二宇宙速度，所以鹊桥的发射速度应小于11.2km/s，故A错误；B项：根据题意可知，鹊桥绕地球转动的周期与月球绕地球转动的周期相同，故B正确；C项：鹊桥在L2点是距离地球最远的拉格朗日点，由可知，在L2点受月球和地球引力的合力比在L1点要大，故C错误；D项：鹊桥若刚好位于L2点，由几何关系可知，通讯范围较小，并不能更好地为嫦娥四号推测器提供通信支持，故D错误。故选：B。

19．CD【详解】A项：设碰后蓝壶的速度为v，碰前红壶的速度为v0=1.2m/s，碰后红壶的速度为，取碰撞前红壶的速度方向为正方向，由动量守恒可得：，解得：，碰撞前两壶的总动能为，碰撞后两壶的总动能为

，所以两壶碰撞为非弹性碰撞，故A错误；

B项：由碰前红壶的速度图象可知，红壶的加速度大小为：，所以蓝壶静止的时刻为：，所以蓝壶运动了3s停下来，故B错误；

C项：速度图象与坐标轴围成的面积表示位移，则碰后两壶相距的最远距离为：，故C正确；D项：碰后蓝壶的加速度为：，故D正确。故选：CD。

20．BC【详解】

A项：根据做曲线运动的物体受的合力指向曲线的内侧，由于不知道电场强度的方向，所以无法确定粒子的电性，故A错误；B项：在沿电场线方向的位移为：

设A、B间的电势差为UAB，由动能定理得：，所以，故B正确；C项：根据做曲线运动的物体受的合力指向曲线的内侧可知，粒子受的电场力方向向上，所以粒子从A到B过程中电场力做负功，电势能增大，故C正确；

D项：根据题意可知判断粒子受到的电场力方向，但无法确定电场线的方向，所以无法确定等势面的电势的高低，故D错误。故选：BC。

21．AD【详解】A项：在B点时，小球的加速度为g，在BC间点弹簧处于压缩状态，小球在竖直方向除重力外还有弹簧沿竖直方向的分量，所以小球从A点运动到D点的过程中，其最大加速度一定大于重力加速度g，故A正确；

B项：由能量守恒可知，小球从B点运动到C点的过程，小球做加速运动，即动能增大，所以小球的重力势能和弹簧的弹性勢能之和一定减小，故B错误；

C项：小球在C上点时，由于弹簧的弹力为零 ，所以合力为重力G，所以小球从C点往下还会加速一段，所以小球在C点的速度不是最大，即重力的功率不是最大，故C错误；

D项：D点为小球运动的最低点，即速度为零所以弹簧形变最大，所以小球在D点时弹簧的弹性势能最大，故D正确。故选：AD。

22．       0.30(0.27～0.33)  （2分）  AC  （2分） 

【详解】

(1)由匀变速直线运动的位移公式得：，变形得：，由图象得：，由牛顿第二定律得：，联立解得：；

(2)改变A光电门的位置，即可改变滑块在两光电门间的初速度，由匀变速直线运动的位移公式得：，变形得：，若A光电门移到C点，则初速度为零 ，若光电门在C点的右边，则初速度不为零 ，由数学知识可知，应选：AC。

23．a  （1分）  c  （1分）  e（1分）    （2分）   

小于   （2分） 小电珠的电阻随温度的升高而增大（2分）    0.57（0.50—0.60）（2分）   

【详解】

(1)由于灯泡的额定电压为2.5V，所以电压表应选：C，额定电流为：，所以电流表选：a，本实验灯泡两端电压从零开始变化，所以滑动变阻器用分压式即用总阻值较小的，即为e；

(2) 本实验灯泡两端电压从零开始变化，所以滑动变阻器用分压式，灯泡的电阻较小，所以电流表应外接，电路图如图所示：

(3)由于电压表的分流作用，所以电流表的示数比流过灯泡的电流更大，由公式可知，电阻的测量值小于真实值；

(4)I-U图象的斜率表示电阻的倒数，由图可知，电阻随电压的增大而增大，其原因是灯泡的电阻随温度的增大而增大；

(5)将定值电阻与电源等效为内阻为2.0，电动势为3.0V的电源，由闭合电路欧姆定律得：，变形得：，I-U关系图象作入I-U图中

由图可知，U=1.28V，I=0.43A，所以灯泡的实际功率为： 。

24（12分）

【详解】

（1）当F＜μ2（m1+m2）g＝3N时，木块和木板都没有拉动，处于静止状态，当木块和木板一起运动时，对m1：

fmax﹣μ2（m1+m2）g＝m1amax，fmax＝μ1m2g（1分）

解得：amax＝3m/s2（1分）

对整体有：Fmax﹣μ2（m1+m2）g＝（m1+m2）amax（1分）

解得：Fmax＝12N（1分）

由Fmax＝3t  得：t＝4s（1分）

（2）t＝10s时，两物体已相对运动，则有：

对m1：μ1m2g﹣μ2 （m1+m2）g＝m1a1（1分）

解得：a1＝3m/s2（1分）

对m2：F﹣μ1m2g＝m2a2      F＝3t＝30N（1分）

解得：a2＝12m/s2（1分）

（3）图象过（1、0），（4.3），（10、12）（3分）

图象如图所示。

25．(1)F不能为恒力，F方向向左（1）U/4d（3）

详解（1）ab棒不能做匀速运动，否则副线圈中没有感应电流，故ab棒做变速运动，ab棒做变速运动，产生的感应电动势是变化的，原线圈电流是变化的，ab棒受到的安培力是变力，ab棒做匀加速运动，由牛顿第二定律可知，ab棒受到的合外力为恒力，由于安培力是变力，则拉力F为变力；粒子带正电，粒子在两极板间加速，说明极板间的电场强度方向水平向右，M板电势高于N板电势，副线圈所在电路电流沿顺时针方向，由楞次定律与右手定则可知，ab棒应向左运动。（2分）

（2）变阻器最大阻值为R，且是定值电阻的三倍，则：（1分）

由图示电路图可知，两电阻串联，电压表测两电阻的总电压，两极板间的电势差等于两端电压，电路电流：（2分）

定值电阻两端电压：（2分）

极板间的电场强度：（2分）

（3）滑片在最右端时，两极板间的电势差最小，由（2）可知，最小电势差：（1分）

滑片在最左端时，极板间的电势差最大为（1分）

粒子在电场中加速，由动能定理得：（1分）

解得：，（1分）

粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得：（1分）

解得：粒子轨道半径（1分）

即，（1分）

由题意可知：（1分）

粒子运动轨迹如图所示：

由几何知识可得：（1分）

则有：（1分）

则：粒子打在AD边界上的落点距A点的距离范围是：（1分）

33．（1））ABD（5分）

  A项：气体放出热量的同时对外界做功，物体的内能可能增大，则分子平均动能可能增大，故A正确；

B项：当分子力表现为斥力时，分子力随分子间的距离的减小而增大，同时需要克服分子斥力做功，所以分子势能增大，故B正确；

C项：饱和汽压只与温度有关，故C错误；

D项：第一类永动机不可能制成是因为它违反了能量守恒定律，故D正确；

E项：某固体或液体的摩尔体积为V，每个分子的体积为V，则阿伏加德罗常数可表示为，此式对气体不成立，故E错误。

故选：ABD（5分）

（2）①h1=2cm  ，h2=4cm  ②504K

 【详解】

①由图乙可知，初如状态： （1分）

末状态： ，（2分） （1分）

解得：；（2分）

②由理想气体状态方程得： （2分）

其中 ， ，

，

代入数据解得：。（2分）

34（1）．ACE（5分）

  A项：交警通过发射超声波测量车速是利用了波的多普现象，从汽车上反射回的超声波的频率发生了变化，故A正确；

B项：用透明的标准样板和单色光检查平面的平整度是利用了光的干涉，故B错误；

C项：通过手指间的缝隙观察日光灯，可以看到彩色条纹，是波的衍射图样，说明光具有波动性，故C正确；

D项：红外线的显著作用是热作用，温度较低的物体也能辐射红外线，故D错误；

E项：在“用单摆测重力加速度”的实验中，为了减小测量单摆周期的误差，应选小球运动

中的最低点为计时起点，因为最低点速度最大，测其n次全振动的时间，故E正确；

故选：ACE。

（2）．① v=10m/s ② t=1.1s    ③ L=0.9m

 【详解】

①由题意可知该波的波长为λ=4m，P点与最近波峰的水平距离为3m，距离下一个波峰的水平距离为7m.所以（2分）

②Q点与最近波峰的水平距离为11m

故Q点第一次出现波峰的时间为（2分）

③该波中各质点振动的周期为（1分）

Q点第一次出现波峰时质点P振动了t2=0.9s（1分）

则（1分）

质点每振动经过的路程为10cm（1分）

当Q点第一次出现波峰时，P点通过的路程s′=0.9m.（2分）