2021-2022学年福建省福州市屏东中学高二（上）期末物理试卷（含答案解析）

这是一份2021-2022学年福建省福州市屏东中学高二（上）期末物理试卷（含答案解析），共14页。试卷主要包含了【答案】B，【答案】C，【答案】A，【答案】D，68，【答案】ACD，【答案】AC等内容，欢迎下载使用。

在地球赤道上放置一个小磁针，静止时小磁针N极指向( )
A. 地理南极B. 地理北极C. 东方D. 西方
某电场的电场线的分布如图所示。一个带电粒子只在电场力作用下由M点沿图中虚线所示的路径运动通过N点.则下列判断正确的是( )
A. 粒子在M点的电势比N点的电势小
B. 粒子在M点的加速度比N点的加速度大
C. 粒子在N点的速度比M点的速度大
D. 带电粒子从M点到N点时电场力对粒子做负功
如图所示，矩形导线框abcd处于整直面内，直导线MN与bc边平行且与线框平面共面，并通以向上的电流i，则以下情况不能使线框中产生感应电流的是( )
A. 线框以直导线MN为轴转动B. 线框以ad边为轴转动
C. 线框沿线框平面向右平移D. 增大直导线中的电流i
在如图所示的U−I图像中，直线a为某电源的路端电压与电流的关系，直线b为某电阻元件的电压与电流的关系。现用该电源直接与元件连接成闭合电路，则此时( )
A. 电源将其它能转化为电能的功率为18W
B. 该元件的电阻为2Ω
C. 该元件发热功率为6W
D. 电源外电路与内电路消耗功率之比为2：3
如图所示，一根通电导线垂直放在磁感应强度为1T的匀强磁场中，以导线为中心，半径为R的圆周上有a、b、c、d四个点，已知c点的实际磁感应强度为0，则下列说法中正确的是( )
A. 直导线中电流方向垂直纸面向里
B. d点的磁感应强度为0
C. a点的磁感应强度为2T，方向向右
D. b点的磁感应强度为2T，方向斜向下，与B成135∘角
下列关于磁场的应用，正确的是( )
A. 图甲是用来加速带电粒子的回旋加速器示意图，要使粒子获得的最大动能增大，可增大加速电场的电压U
B. 图乙是磁流体发电机示意图，由此可判断A极板是发电机的正极，B极板是发电机的负极
C. 图丙是速度选择器示意图，不考虑重力的带电粒子能够沿直线匀速通过速度选择器的条件是v=EB
D. 图丁是磁电式电流表内部结构示意图，当有电流流过时，线圈在磁极间产生的匀强磁场中偏转
关于磁场的下列说法，正确的是( )
A. 同一磁场中，磁感线分布越密的地方，磁感应强度越大
B. 放在某处的小磁针N极受到的磁场力方向为该处的磁感应强度的方向
C. 地球上的任何一个地方的地磁场方向都是和地面平行的
D. 磁铁与通电导线之间相互作用是通过磁场发生的
在如图所示的四种电场中，分别标记有a、b两点，关于a、b两点的电场强度和电势，下列说法错误的是( )
A. 甲图中a、b两点电场强度相同，电势也相等
B. 乙图中a、b两点电场强度相同，但电势也相等
C. 丙图中a、b两点电场强度不同，但电势相等
D. 丁图中a、b两点电场强度相同，电势也相等
在如图所示的电路中，电压表和电流表均为理想电表，电源内阻不能忽略。闭合开关S后，将滑动变阻器的滑片P向下调节，则( )
A. 电压表的示数减小，电流表的示数增大
B. 灯L2变暗，电流表的示数减小
C. 灯L1变亮，电压表的示数减小
D. 电容器C所带电荷量增加
如图所示，OACD为矩形，OA边长为L，其内存在垂直纸面向里的匀强磁场。一质量为m、带电荷量为q的粒子从O点以速度v0垂直射入磁场，速度方向与OA的夹角为α=60∘，粒子刚好从A点射出磁场。不计粒子的重力，则( )
A. 粒子带负电
B. 匀强磁场的磁感应强度为mv0qL
C. 为保证粒子能够刚好从A点射出磁场，OD边长至少为36L
D. 减小粒子的入射速度，粒子在磁场区域内的运动时间变长
一根长20cm的通电导线放在磁感应强度为0.4T的匀强磁场中，导线与磁场方向垂直，若它受到的磁场力为4×10−3N，则导线中的电流强度是______ A.若导线中的电流强度增大为0.1A，则磁感应强度为______。
如图所示，请按该电路图选择合适的器材连接好后用来测量电源电动势和内阻。
(1)开关闭合前滑动变阻器R的滑片滑到______(填“左侧”或“右侧”)。
(2)根据实验测得的几组I、U数据做出U−I图像如图所示，由图像可确定：该电源的电动势为______ V，电源的内电阻为______Ω(结果保留到小数点后两位)。
(3)若在实验中发现电压表坏了，于是不再使用电压表，而是选用电阻箱替换了滑动变阻器，重新连接电路进行实验。实验中读出几组电阻箱的阻值R以及对应的电流表的示数I，则该同学以R为横坐标，以______为纵坐标得到的函数图线是一条直线。这种方案测得的电动势的值与真实值相比，E测______E真(选填“>”“=”“<”)。
(1)用多用表的欧姆档测量阻值约为几十kΩ的电阻Rx，以下给出的是可能的操作步骤，其中S为选择开关，P为欧姆档调零旋钮，把你认为正确的步骤前的字母按合理的顺序填写在下面的横线上．
a.将两表笔短接，调节P使指针对准刻度盘上欧姆档的零刻度，断开两表笔
b.将两表笔分别连接到被测电阻的两端，读出Rx的阻值后，断开两表笔
c.旋转S使其尖端对准欧姆档×1k
d.旋转S使其尖端对准欧姆档×100
e.旋转S使其尖端对准交流500V档，并拔出两表笔______.
根据上图所示指针位置，此被测电阻的阻值约为______Ω.
(2)下述关于用多用表欧姆档测电阻的说法中正确的是______
(A)测量电阻时如果指针偏转过大，应将选择开关S拨至倍率较小的档位，重新调零后测量
(B)测量电阻时，如果红、黑表笔分别插在负、正插孔，不会影响测量结果
(C)测量电路中的某个电阻，应该把该电阻与电路断开
(D)测量阻值不同的电阻时都必须重新调零．
如图所示，R为电阻箱，V为理想电压表．当电阻箱读数为R1=2Ω时，电压表读数为U1=4V；当电阻箱读数为R2=5Ω时，电压表读数为U2=5V.求：
(1)电源的电动势E和内阻r.
(2)当电阻箱R读数为多少时，电源的输出功率最大？最大值Pm为多少？
如图所示，一倾角α=37∘的光滑斜面处于竖直向上的匀强磁场当中，在斜面上放置着一根长为L=0.5m、质量m=0.8kg，并通有电流I=6A的金属棒，金属棒保持静止。(g取10m/s2)求：
(1)导体棒受到斜面的支持力大小
(2)匀强磁场的磁感应强度大小
某空间存在一竖直向下的匀强电场和圆形区域的匀强磁场，磁感应强度为B，方向垂直纸面向里，如图所示．一质量为m，带电量为+q的粒子，从P点以水平速度v0射入电场中，然后从M点射入磁场，从N点射出磁场．已知，P点与M点之间的高度差为h，带电粒子从M点射入磁场时，速度与竖直方向成30∘角，磁场边界上的劣弧MN占磁场圆周长的13，粒子重力不计．求：
(1)电场强度E的大小．
(2)圆形磁场区域的半径R.
(3)带电粒子从P点到N点，所经历的时间t.
答案和解析
1.【答案】B
【解析】
【分析】
地球是个巨大的磁体，地磁北极在地理南极附近，地磁南极在地理北极附近，地球周围存在着磁场。
本题考查地磁场及磁极间的相互作用，要注意根据地磁场的分布，明确磁极间的相互作用。
【解答】
地理北极附近是地磁南极，地理南极附近是地磁北极，小磁针静止时，N极指向地磁S极，即地理北极，故B正确，ACD错误。
故选B。
2.【答案】C
【解析】解：A.沿电场线的方向，电势降低，粒子在M点的电势比N点的电势大，故A错误；
B.电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，所以粒子在N点的受力大，加速度大，故B错误；
CD.从M点到N点，运动方向与电场力的方向之间的夹角是锐角，电场力做正功，电势能减小，粒子的速度增大，故D错误，C正确。
故选：C。
电场线是从正电荷或者无穷远出发出，到负电荷或无穷远处为止，沿电场线的方向，电势降低，电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小。
该类题目，一般先根据粒子的运动的轨迹弯曲的方向，判断出粒子的受到的电场力的方向，然后判定电荷的正负与电场力做功的正负．属于基础题目。
3.【答案】A
【解析】解：A、线框以MN为轴转动时，由于线框距导线的距离没有发生变化，则线框中磁通量也没有随之变化，故没有感应电流产生，故A符合题意；
B、当线框以ad边为轴转动时，穿过线框的磁通量减小，线框中会产生感应电流，故B不符合题意；
C、由于导线中有恒定的I，由据导线越远的地方磁场越弱，则穿过线框的磁通量越小，故当线框向右平移时，由于远离导线，穿过线框的磁通量减小，线框中将产生感应电流，故C不符合题意；
D、当导线中电流增大时，由电流产生的磁场随之增大，所以穿过线框的磁通量发生变化，线框中产生感应电流，故D不符合题意。
本题选择不能产生感应电流的，故选：A。
根据产生感应电流的条件，分析穿过线框的磁通量是否发生变化，由此作答即可。
正确地判断穿过线框的磁通量是否发生变化是解决问题的关键，通电导线形成磁场向外是越来越弱的，所以线框相对导线距离发生变化或导线中电流发生变化时，都会使线框中磁通量发生变化。
4.【答案】D
【解析】解：A、根据图像可知电源的电动势为E=8V，此时的电流I=2.4A，电源的功率为P=EI=8×2.4W=19.2W，故A错误；
B、交点纵坐标表示该元件两端电压，即为U=3.2V，则该元件的电阻为R=UI=3.22.4Ω=1.3Ω，故B错误；
C、该元件的发热功率为：P′=UI=3.2×2.4W=7.68W，故C错误；
D、电源外电路与内电路消耗功率之比为：P'：(P-P′)=7.68:(19.2−7.68)=2:3，故电源外电路与内电路消耗功率之比为2：3，故D正确。
故选D。
根据图线求出电源电动势和此时的电流，由此求解电功率；根据交点纵坐标表示的意义结合电阻的计算公式求解该元件的电阻；根据电功率的计算公式求解该元件的发热功和电源外电路与内电路消耗功率之比。
本题主要考查闭合电路欧姆定律和伏安特性曲线；对于非线性元件，要求其电功率，要作出非线性元件电压和电流的关系、以及电源的输出电压和电流的关系图线，通过图像的交点确定实际电压和实际电流。
5.【答案】C
【解析】
【分析】
由题，c点的磁感应强度为0，说明通电导线在O点产生的磁感应强度与匀强磁场的磁感应强度大小相等、方向相反，由安培定则判断出通电导线中电流方向，通电导线在abcd四点处产生的磁感应强度大小相等，根据平行四边形定则进行合成分析b、c、d三点的磁感应强度大小和方向。
本题考查安培定则和平行四边形定则，注意在空间任意一点的磁感应强度都是通电导线产生的磁场和匀强磁场的叠加。
【解答】
A.由题意可知，c点的磁感应强度为0，说明通电导线在c点产生的磁感应强度与匀强磁场的磁感应强度大小相等、方向相反，即得到通电导线在c点产生的磁感应强度方向水平向左，根据安培定则判断可知，直导线中的电流方向垂直纸面向外，故A错误；
B.根据矢量合成规律可知，通电导线在d处的磁感应强度方向竖直向上，则d点磁感应强度为2T，方向与B的方向成45∘斜向上，故B错误；
C.通电导线在a处的磁感应强度方向水平向右，则a点磁感应强度为2T，方向与B的方向相同，故C正确；
D.由上可知，通电导线在b点产生的磁感应强度大小为1T，由安培定则可知，通电导线在b处的磁感应强度方向竖直向下，根据平行四边形与匀强磁场进行合成得知，b点感应强度为2T，方向与B的方向成45∘斜向下，故D错误。
故选C。
6.【答案】C
【解析】解：A、图甲为回旋加速器，根据带电粒子在磁场中做圆周运动的半径公式：r=mvqB，则有：v=qBrm，故最大动能为：Ekm=12mv2=q2B2r22m，与加速电压无关，故A错误；
B、图乙是磁流体发电机模型，由左手定则知正离子向下偏转，所以下极板带正电，A板是电源的负极，B板是电源的正极，故B错误；
C、图丙为速度选择器，要使带电粒子沿直线通过，则受到到电场力和洛伦兹力平衡，则有Bqv=Eq，解得v=EB，故C正确；
D、图丁是磁电式电流表内部结构示意图，磁极间的磁场为幅状磁场，不是匀强磁场，故D错误。
故选：C。
回旋加速器最大动能取决于D形盒的半径；磁流体发电机就是利用带电粒子受洛伦兹力原理，速度选择器是因为达到某一速度的粒子受力平衡做匀速直线运动，根据平衡条件即可确定带电粒子匀速通过的速度；知道磁电式仪表的工作原理，知道磁极间的磁场为幅状磁场。
本题考查了洛伦兹力的应用相关知识，掌握用左手定则判断洛伦兹力的方向，知道速度选择器的原理以及回旋加速器中最大动能的表达式。
7.【答案】ABD
【解析】解：A、磁感线的疏密表示磁场的强弱，所以在同一磁场中，磁感线分布越密的地方，磁感应强度越大，故A正确；
B、根据磁场方向的定义可知，放在某处的小磁针N极受到的磁场力方向为该处的磁感应强度的方向，故B正确；
C、依据地磁场的空间分布知，只有赤道上的磁场方向和地面平行，故C错误；
D、磁铁与通电导线之间相互作用是通过磁场发生的，故D正确。
故选：ABD。
明确磁场的性质，知道磁场方向的判断方法，同时知道地球本身是一个大磁体，明确地磁场的分布规律。
本题关键要掌握磁场和磁感应强度的性质，知道磁场的方向规定为小磁针N极受力的方向或小磁针静止时N极所指向的方向。
8.【答案】ACD
【解析】解：A、甲图为点电荷的电场，其中a、b两点电势相等，电场强度大小相等，方向不同，故A错误；
B、根据等量异种电荷的场强特点，所以点电荷连线的中垂线上与连线等距的a、b两点场强等大同向，故B正确；
C、根据等量同种电荷的场强特点，图中两等量同种正点电荷连线上到点电荷等距的a、b两点场强大小相等，但方向相反；两点的电势相等，故C错误；
D、丁图是匀强电场，a、b点的场强的大小和方向都相同，但是根据沿电场线的方向电势降低可知，a点的电势要比b点的电势高，故D错误；
本题选择错误的，
故选：ACD。
电场线的疏密程度表示场强的大小，电场线上某点的切线方向表示该点场强方向，电场强度是矢量，比较时既要比较大小还要比较方向。
电场线是电学中的重要的物理模型，能够形象描述电场的强弱和方向。把握电场线的特点即可顺利解决此题。
9.【答案】AC
【解析】解：ABC、将滑动变阻器的滑片P向下调节，变阻器接入电路的电阻减小，R与灯L2并联的电阻减小，外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律分析得知，干路电流I增大，路端电压U减小，则电压表示数减小，灯L1变亮；R与灯L2并联电路的电压U并=U−U1，U减小，U1增大，则U并减小，灯L2变暗；流过电流表的电流IA=I−I2，I增大，I2减小，IA增大，电流表的示数增大；故B错误，AC正确；
D、R与灯L2并联电路的电压减小，电容器板间电压减小，则其带电量减小。故D错误。
故选：AC。
将滑动变阻器的滑片P向下调节，变阻器接入电路的电阻减小，R与灯L2并联的电阻减小，外电路总电阻减小，根据欧姆定律分析干路电流和路端电压的变化。电压表的示数等于路端电压。判断灯L1亮度的变化。根据路端电压与灯L1电压的变化，分析并联部分电压的变化，判断灯L2亮度的变化。根据干路电流与灯L2电流的变化，分析电流表读数的变化。根据电容器电压的变化，即可判断其电量的变化。
本题是电路动态变化分析问题，难点在于分析电流的示数变化，往往根据干路电流与另一支路的电流变化来确定，也可以根据结论判断，即变阻器这一路电流的变化与干路电流变化情况一致。
10.【答案】AC
【解析】解：A、由题意可知，粒子进入磁场时所受洛伦兹力垂直速度方向指向右下方，由左手定则可知，粒子带负电，故A正确；
B、粒子运动轨迹如右图所示，由几何知识可得轨迹半径：
r=L2sinα=L2sin60∘=3L3
洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得：
qv0B=mv02r，解得：B=mv0qr=3mv0qL，故B错误；
C、OD边长最短对应CD边与轨迹圆弧相切，由几何知识可知，OD边长最小为：
d=r−rcsα=3L3(1−cs60∘)=3L6，故C正确；
D、由r=mvqB知，减小粒子的入射速度v，轨迹半径将减小，粒子出射位置会在A点左侧，由几何知识可知，轨迹的圆心角始终等于2α不变，粒子在磁场中做圆周运动的周期：T=2πrv=2πmqB，可见周期T不变，粒子在磁场中的运动时间：t=2α360∘T，可见圆心角2α不变，则粒子在磁场区域内的运动时间不变，故D错误；
故选：AC。
粒子在磁场中做匀速圆周运动，半径总与速度垂直，找出圆心、画出轨迹，结合几何关系求解轨道半径；洛伦兹力提供向心力，根据牛顿第二定律列式求解磁感应强度；根据粒子运动轨迹偏转方向，由左手定则可以判断出粒子的电性；找到OD边最短的临界情况，根据几何关系求解；分析粒子转过的圆心角如何变化，结合周期表达式判断粒子的运动时间如何变化。
本题考查了粒子在磁场中只受洛伦兹力做圆周运动，作出粒子运动轨迹是正确解题的前提与关键，应用左手定则、牛顿第二定律即可解题，解题时注意几何知识的应用。
11.【答案】
【解析】解：根据F=BIL得，电流为：
I=FBL=0.0040.4×0.2A=0.05A
导线中的电流强度增大为0.1A，则该处的磁感应强度不变，仍然为0.4T。
故答案为：0.05，0.4T
根据安培力的大小公式求出电流强度，磁感应强度的大小与放入磁场中的电流无关，由本身性质决定。
解决本题的关键掌握安培力的大小公式，知道磁感应强度的大小与放入磁场中的电流无关，由本身性质决定。
12.【答案】左侧 =
【解析】解：(1)由图示电路图可知，滑动变阻器采用限流接法，为保护电路，开关闭合前滑动变阻器接入电路的阻值应最大，滑片应置于左侧。
(2)根据图示电路图由闭合电路的欧姆定律得：U=E−Ir，由图示U−I图像可知，图像纵轴截距b=E=1.40V，图像斜率的绝对值k=r=1.40−1.000.7Ω≈0.57Ω。
(3)应用电阻箱与电流表测电源电动势与内阻，由闭合电路的欧姆定律得：E=I(r+R+RA)，整理得：1I=1ER+r+RAE，电源电动势与内阻都是常数，则1I与R是线性关系，1I−R图像是直线；图象的斜率k=1E，电源电动势E=1k，电动势的测量值等于真实值，即E测=E真。
故答案为：(1)左侧；(2)1.40；0.57；(3)1I；=。
(1)滑动变阻器采用限流接法时闭合开关前滑片应置于阻值最大处。
(2)根据闭合电路的欧姆定律求出图像的函数表达式，根据图示图像求出电源电动势与内阻。
(3)根据实验方案应用闭合电路的欧姆定律分析求解。
本题考查了测电源电动势与内阻实验，应用图象法求电源电动势与内阻时，要先求出图象对应的函数表达式，然后根据图象与函数表达式即可求出电源电动势与内阻。
13.【答案】cabe 30k ABC
【解析】解：(1)测量几十kΩ的电阻Rx我们一般选择较大的档位先粗测，使用前应先进行调零，然后依据欧姆表的示数，在更换档位，重新调零，在进行测量；使用完毕应将选择开关置于OFF位置或者交流电压最大档，拔出表笔，正确的步骤为：cabe；
欧姆表选择×1k挡，由图示表盘可知，其示数为：30×1k=30kΩ；
(2)A、测量电阻时如果指针偏转过大，说明所选单位太大，为减小测量误差准确测出电阻阻值，应将选择开关S拨至倍率较小的档位，重新调零后测量，故A正确；
B、测量电阻时，如果红、黑表笔分别插在负、正插孔，不会影响测量结果，故B正确；
C、为保护电表，测量电路中的某个电阻，应该把该电阻与电路断开，故C正确；
D、欧姆表换挡后要重新进行欧姆调零，用同一挡位测不同阻值的电阻不需要冲量进行欧姆调零，故D错误；
故答案为：(1)cabe；30k；(2)ABC.
欧姆表是测量电阻的仪表，把被测电阻串联在红黑表笔之间，欧姆表电流是从黑表笔流出红表笔流入，
(1)用欧姆表测电阻，每次换挡后和测量前都要重新调零(指欧姆调零).
(2)测电阻时待测电阻不仅要和电源断开，而且要和别的元件断开．
(3)测量时注意手不要碰表笔的金属部分，否则将人体的电阻并联进去，影响测量结果．
(4)合理选择量程，使指针尽可能在中间刻度附近．
(1)实际应用中要防止超量程，不得测额定电流极小的电器的电阻(如灵敏电流表的内阻).
(2)测量完毕后，应拔出表笔，选择开关置于 OFF挡位置，或交流电压最高挡；长期不用时，应取出电池，以防电池漏电．
(3)欧姆表功能：测量电阻、测二极管正负极．
(4)用法：最好指针打到中间将误差减小．
14.【答案】解：(1)由闭合电路欧姆定律：E=U1+U1R1r
E=U2+U2R2r
联立上式并代入数据解得：
E=6V
r=1Ω
电源电动势为6V，内阻为1Ω；
(2)由电功率表达式：P=E2(R+r)2R
将上式变形为：P=E2(R−r)2R+4r
由上式可知R=r=1Ω时P有最大值为Pm=E24r=9W；
故P的最大输出功率为9W.
【解析】(1)由两次电压表及电阻箱的读数，列出闭合电路欧姆定律联立可求得电动势和内阻；
(2)由功率表达式可知，当内外电阻相等时，电源的输出功率最大；由数学知识可求得最大值．
本题考查闭合电路的欧姆定律及功率输出的最大值问题，最大输出功率要以做为结论直接应用，但是还要注意明确推导过程．
15.【答案】解：由左手定则知金属棒受水平向右的安培力，对金属棒进行受力分析，运用合成法，如图：
(1)由平衡条件得支持力大小为：
N=mgcsα=0.8×10cs37∘N=10N；
(2)根据平衡条件结合安培力的计算公式可得：
F安=BIL=mgtan⁡α；
则有：B=mgtanαIL=2T。
答：(1)导体棒受到斜面的支持力大小为10N；
(2)匀强磁场的磁感应强度大小为2T。
【解析】(1)由平衡条件得支持力大小；
(2)根据平衡条件结合安培力的计算公式求解磁感应强度大小。
本题主要是考查安培力作用下的导体棒的平衡问题，解答此类问题要明确导体棒的受力情况，结合平衡条件列方程解答。
16.【答案】解：(1)粒子在电场中做类平抛运动，
h=12at12
由牛顿第二定律：qE=ma
由速度关系：tan30∘=v0at1
联立知，t1=23h3v0，a=3v022h，电场强度E=3mv022qh；
(2)粒子进入磁场时的速度大小v=v02+(at1)2=2v0
粒子进入磁场后做匀速圆周运动，由牛顿第二定律：
qvB=mv2r
解得粒子做圆周运动的半径r=2mv0qB
设已知圆的圆心为O，粒子做圆周运动的圆心为O1，如图所示：
由于弧MN是已知圆的周长的13，则∠MON=120∘，∠MO1N=360∘−90∘−90∘−∠MON=60∘，∠MO1O=∠MO1N2=30∘
由几何关系知，圆形磁场区域的半径R=rtan∠MO1O=23mv03qB；
(3)粒子做圆周运动的周期T=2πmqB
在磁场中运动时间t2=∠MO1N360∘T=πm3qB
故带电粒子从P点到N点，所经历的时间t=t1+t2=23h3v0+πm3qB。
【解析】(1)粒子在电场中仅受竖直向下的电场力，做类平抛运动，水平方向做匀速直线运动，竖直方向做初速度为零的匀加速直线运动，根据牛顿第二定律和运动学结合求解．
(2)粒子进入磁场后由洛伦兹力充当向心力做匀速圆周运动，由牛顿第二定律求出轨迹半径，由几何关系求解R.
(3)分两个过程分别求出时间，即可得到总时间．
本题主要考查了带电粒子在组合场中运动的问题，要求同学们能正确分析粒子的受力情况，再通过受力情况分析粒子的运动情况，熟练掌握圆周运动及平抛运动的基本公式．