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2022年《南方新课堂 高考总复习》生物 必修2 第1章 第2节 孟德尔的豌豆杂交实验(二)课件
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这是一份2022年《南方新课堂 高考总复习》生物 必修2 第1章 第2节 孟德尔的豌豆杂交实验(二)课件，共60页。PPT课件主要包含了考点一，1实验过程，∶3∶3∶1，2结果及结论，黄色和圆粒，3问题提出，自由组合，两对遗传因子，每对遗传因子，不同对的遗传等内容，欢迎下载使用。
自由组合定律的发现及应用
[考点梳理]1.两对相对性状的杂交实验——发现问题
①为什么会出现新的性状组合呢？②这与一对相对性状实验中 F2 的 3∶1 的数量比有联系吗？
2.对自由组合现象的解释——提出假说
(1)理论解释(提出假设)。
①两对相对性状分别由_______________控制。②F1 产生配子时，_____________彼此分离，____________
____________可以自由组合。
③F1 产生的雌配子和雄配子各有______种，且数量比相等。④受精时，雌雄配子的结合是________的。
3.对自由组合现象的验证——演绎推理、验证假说
(2)实施实验结果：实验结果与演绎结果相符，则假说成立。
YR、Yr、yR、yr
4.用分离定律分析两对相对性状的杂交实验
非同源染色体
(1)实质与各种比例的关系。
(3)研究对象：_______________________________。(4)发生时间：____________________。
位于非同源染色体上的非等位基因
6.自由组合定律的应用
(1)指导杂交育种：把优良性状结合在一起。
(2)指导医学实践：为遗传病的预测和诊断提供理论依据。分析两种或两种以上遗传病的传递规律，推测基因型和表现型的比例及群体发病率。
7.孟德尔获得成功的原因
自由组合定律的两点易误
(1)发生时期：自由组合发生于配子形成(MⅠ后期)过程中，
而不是受精作用过程中。
(2)组合基因：能发生自由组合的是位于非同源染色体上的非等位基因，而不仅指“非等位基因”，因为同源染色体上也有非等位基因。
[易错诊断]1.F2 的 9∶3∶3∶1 性状分离比一定依赖于雌雄配子的随机
答案：√2.在 F1 黄色圆粒豌豆(YyRr)自交产生的 F2 中，与 F1 基因型
完全相同的个体占 1/4。(
答案：√3.F2 的黄色圆粒中，只有基因型为 YyRr 的个体是杂合子，
其他的都是纯合子。(答案：×
4.若双亲豌豆杂交后子代表现型之比为 1∶1∶1∶1，则两
个亲本基因型一定为 YyRr×yyrr。(
答案：×5.孟德尔自由组合定律普遍适用于乳酸菌、酵母菌、蓝细
菌等各种有细胞结构的生物。(
答案：×6.基因分离定律和自由组合定律具有相同的细胞学基础。
[基础测评]1. 在孟德尔两对相对性状杂交实验中，F1 黄色圆粒豌豆
(YyRr)自交产生 F2。下列表述正确的是(
A.F1 产生 4 种配子，比例为 1∶1∶1∶1B.F1 可产生基因型为 Yy 的卵细胞C.基因自由组合定律的实质指 F1 产生的雌雄配子随机结合D.F2 中黄色圆粒豌豆约占 3/16答案：A
2.现有 4 个小麦纯合品种，即抗锈病无芒、抗锈病有芒、感锈病无芒和感锈病有芒。已知抗锈病对感锈病为显性，无芒对有芒为显性，且这两对相对性状各由一对等位基因控制。若用上述 4 个品种组成两个杂交组合，使其 F1 均为抗锈病无芒，且这两个杂交组合的 F2 的表现型及其数量比完全一致。回答问题：
(1)为实现上述目的，理论上，必须满足的条件有：在亲本中控制这两对相对性状的两对等位基因必须位于______上，在形成配子时非等位基因要____________，在受精时雌雄配子要________，而且每种合子(受精卵)的存活率也要_________。那么，这两个杂交组合分别是_____________和_______________。
(2)上述两个杂交组合的全部 F2 植株自交得到 F3 种子，1 个F2 植株上所结的全部 F3 种子种在一起，长成的植株称为 1 个 F3株系。理论上，在所有 F3 株系中，只表现出一对性状分离的株系有 4 种，那么，在这 4 种株系中，每种株系植株的表现型及其数量比分别是____________，______________，________________和________________。
答案：(1)非同源染色体
抗锈病有芒×感锈病无芒
(2)抗锈病无芒∶抗锈病有芒＝3∶1
感锈病无芒∶感锈病有芒＝3∶1
自由组合定律的特殊情况
[考点梳理]1.“和”为 16 的特殊分离比成因(1)基因互作。
(2)显性基因累加效应。①表现：
②原因：A 与 B 的作用效果相同，但显性基因越多，其效
2.“和”小于 16 的特殊分离比成因
3.基因完全连锁遗传现象(以 A、a 和 B、b 两对基因为例)
[易错诊断]1.存在一种显性基因时表现为同一性状，其余正常表现，
F1(AaBb) 自交后代比例为 9∶6∶1。(
答案：√2.只要存在显性基因就表现为一种性状，其余正常表现，
F1 测交后代比例为 1∶2∶1。(
答案：×3. 显性纯合致死时，F1(AaBb) 自交后代比例为 AaBb∶
Aabb∶aaBb∶aabb＝4∶2∶2∶1，其余基因型个体致死。(答案：√
[基础测评]1.在孟德尔两对性状的杂交实验中，最能反映基因自由组
A.F2 中四种子代比例为 9∶3∶3∶1B.F1 测交后代比例为 1∶1∶1∶1C.F1 产生的配子比例为 1∶1∶1∶1D.F1 产生的雌雄配子随机结合答案：C
2.某动物细胞中位于常染色体上的基因 A、B、C 分别对a、 b、c 为显性。用两个纯合个体杂交得 F1，F1 测交结果为aabbcc∶AaBbCc∶aaBbcc∶AabbCc ＝1∶1∶1∶1 。则 F1 体细
胞中三对基因在染色体上的位置是(
[典例 1](2019 年新课标Ⅱ卷)某种甘蓝的叶色有绿色和紫色。已知叶色受 2 对独立遗传的基因 A/a 和 B/b 控制，只含隐性基因的个体表现隐性性状，其他基因型的个体均表现显性性状。某小组用绿叶甘蓝和紫叶甘蓝进行了一系列实验。实验①：让绿叶甘蓝(甲)的植株进行自交，子代都是绿叶；实验②：让甲植株与紫叶甘蓝(乙)植株进行杂交，子代个体中绿叶∶紫叶＝1∶3。
(1)甘蓝叶色中隐性性状是__________，实验①中甲植株的
基因型为__________。
(2) 实验②中乙植株的基因型为___________ ，子代中有
________种基因型。
(3)用另一紫叶甘蓝(丙)植株与甲植株杂交，若杂交子代中紫叶和绿叶的分离比为 1∶1，则丙植株所有可能的基因型是________；若杂交子代均为紫叶，则丙植株所有可能的基因型是___________；若杂交子代均为紫叶，且让该子代自交，自交子代中紫叶与绿叶的分离比为 15∶1 ，则丙植株的基因型为________。
[解析](1)依题意可知，只含隐性基因的个体表现为隐性性状。实验①中，绿叶甘蓝甲植株自交，子代都是绿叶，说明绿叶甘蓝甲植株为纯合子；实验②中，绿叶甘蓝甲植株与紫叶甘蓝乙植株杂交，子代绿叶∶紫叶＝1∶3，说明紫叶甘蓝乙植株为双杂合子，进而推知绿叶为隐性性状，实验①中甲植株的基因型为 aabb。(2)结合对(1)的分析可推知，实验②中乙植株的基因型为 AaBb，子代中有 4 种基因型，即 AaBb、Aabb、aaBb和 aabb。(3)另一紫叶甘蓝丙植株与甲植株杂交，子代紫叶∶绿叶＝1∶1，说明紫叶甘蓝丙植株的基因组成中，有一对为隐性
纯合、另一对为等位基因，进而推知丙植株所有可能的基因型为 aaBb、Aabb。若杂交子代均为紫叶，则丙植株的基因组成中至少有一对显性纯合的基因，因此丙植株所有可能的基因型为AABB、AABb、AaBB、AAbb、aaBB。若杂交子代均为紫叶，且让该子代自交，自交子代中紫叶∶绿叶＝15∶1，为9∶3∶3∶1 的变式，说明该杂交子代的基因型均为 AaBb，进而推知丙植株的基因型为 AABB。
[答案](1)绿色 aabb
4 (3)Aabb、aaBb
AAbb、aaBB、AaBB、AABb
基因分离定律和自由组合定律的关系及相关比
[考向预测]1.(2019 年江西三校联考)水稻抗稻瘟病由基因 R 控制，细胞中另有一对等位基因 B、b 对稻瘟病的抗性表达有影响，BB使水稻抗性完全消失，Bb 使抗性减弱。现用两纯合亲本进行杂
交，实验过程和结果如下图所示。下列相关叙述正确的是(
A.亲本的基因型是 RRBB、rrbbB.F2 的弱抗病植株中纯合子占 2/3
C.F2 中全部抗病植株自交，后代抗病植株占 8/9D.不能通过测交鉴定 F2 易感病植株的基因型
解析：分析图解可知，子二代的表现型及比例是 3∶6∶7，是 9∶3∶3∶1 的变式，说明控制水稻的抗病与易感病的两对等位基因遵循自由组合定律，子一代的基因型 RrBb，表现为弱抗性，由于 BB 使水稻抗性完全消失，因此亲本基因型是 RRbb(抗病)和 rrBB(易感病)，A 错误；子二代弱抗病植株的基因型是
R_Bb，无纯合子，B 错误；子二代中抗病植株的基因型是 R_bb，RRbb∶Rrbb＝1∶2，抗病植株自交，RRbb 后代全部是抗病，Rrbb 后代抗病∶不抗病＝3∶1，因此子二代全部抗病植株自交，后代不抗病的比例是 2/3×1/4＝1/6，抗病植株占 5/6，C 错误；F2 易感病植株的基因型是 rrBB、rrBb、rrbb、RRBB、RrBB，其中 rrBB、rrBb、rrbb 与 rrbb 杂交，后代都是易感病个体，因此不能用测交法鉴定子二代易感病个体的基因型，D 正确。
2.鲜食玉米颜色多样、营养丰富、美味可口。用两种纯合鲜食玉米杂交得 F1，F1 自交得到 F2，F2 籽粒的性状表现及比例为紫色非甜∶紫色甜∶白色非甜∶白色甜＝27∶9∶21∶7。下
A.紫色与白色性状的遗传遵循基因的自由组合定律B.亲本性状的表现型可能是紫色甜和白色非甜C.F1 的花粉离体培养后经秋水仙素处理，可获得紫色甜粒纯合个体D.F2 中的白色籽粒发育成植株后随机受粉，得到的籽粒中紫色籽粒占 4/49
解析：由题意可知，籽粒颜色和甜度由三对自由组合的等位基因控制。其中紫色∶白色＝9∶7，说明籽粒颜色由两对自由组合的等位基因控制(假设为 A、a，D、d)；非甜∶甜＝3∶1，则甜度由一对基因控制(假设为 B、b)。A 和 D 同时存在时为紫色，其余均为白色；B_表现为非甜，bb 表现为甜，A 正确；亲本基因型可以为 AAbbDD(紫色甜)×aaBBdd(白色非甜)，B 正确；由题干可推知 F1 基因型为 AaBbDd，可产生 AbD 的配子，经秋水仙素处理加倍后可获得纯合紫色甜粒玉米植株，C 正确；
3.(2019 年陕西西安摸底)某种植物果实重量由三对等位基因控制，这三对基因分别位于三对同源染色体上，对果实重量的增加效应相同且具叠加性。已知隐性纯合子和显性纯合子果实重量分别为 150 g 和 270 g。现将三对基因均杂合的两植株杂
交，F1 中重量为 190 g 的果实所占比例为(
A.3/64C.12/64
B.5/64D.15/64
解析：由于每个显性基因增重 20 g，所以重量为 190 g 的果实的基因型中含有 2 个显性基因。三对基因均杂合的两植株(AaBbCc) 杂交，含两个显性基因的个体基因型为 AAbbcc 、aaBBcc、aabbCC、AaBbcc、AabbCc、aaBbCc，所占比例依次为1/64、1/64、1/64、4/64、4/64、4/64，因此共占比例为15/64，D 正确。答案：D
4.某植物的花色有紫色、红色和白色三种类型，下表为该植物纯合亲本间杂交实验的结果，请分析回答下列问题：
(1)该性状是由________对独立遗传的等位基因决定的，且只有在______种显性基因同时存在时才能开______花。
(2)若表中红花亲本的基因型为 aaBB，则第 1 组实验中白花亲本的基因型为________，F2 表现为白花的个体中，与白花亲本基因型相同的占______；若第 1 组和第 3 组的白花亲本之间进行杂交，后代的表现型应为________。
(3)若第 3 组实验的 F1 与某纯合白花品种杂交，请简要分析杂交后代可能出现的表现型比例及相对应的该白花品种可能的基因型：
①如果杂交后代紫花与白花之比为 1∶1，则该白花品种的
基因型是________。
②如果__________________ ，则该白花品种的基因型是
解析：(1)第1 组中F2 的表现型为紫花∶红花∶白花＝9∶3∶4，是 9∶3∶3∶1 的变形，所以该性状是由两对独立遗传的等位基因决定的，双显性表现为紫色，即只有在两种显性基因同时存在时才能开紫花。(2)第 1 组中 F2 的表现型为紫花∶红花∶白花＝9∶3∶4，所以 F1 的紫花基因型为 AaBb，红花亲本的基因型为 aaBB，则白花亲本的基因型为 AAbb。F2 表现为白花的基因型为 AAbb∶Aabb∶aabb＝1∶2∶1，所以与白花亲本基因型(AAbb) 相同的占 1/4 ；同理，第 3 组中 F1 的紫花基因型为AaBb，所以第 3 组中亲本白花的基因型为 aabb，第 1 组和第 3组的白花亲本之间进行杂交，即 AAbb×aabb，后代基因型为
Aabb，表现型全为白花。(3)第 3 组实验的 F1 为 AaBb，纯合白花的基因型为 AAbb 或 aabb 。①若该白花品种的基因型是AAbb，F1 与纯合白花品种杂交，即 AaBb×AAbb，子代基因型有四种，分别为 AABb、AAbb、AaBb、Aabb，紫花与白花之比为 1∶1。②若白花品种的基因型是 aabb，F1 与纯合白花品种杂交，即 AaBb×aabb，子代的基因型有四种，即 AaBb、Aabb、aaBb、aabb，紫花∶红花∶白花＝1∶1∶2。
(2)AAbb 1/4
②杂交后代紫花∶红花∶白花＝1∶1∶2
性状分离比的“和”为 16 时的合并
[典例 2](2018 年新课标Ⅲ卷)某小组利用某二倍体自花传粉植物进行两组杂交实验，杂交涉及的四对相对性状分别是：红果(红)与黄果(黄)、子房二室(二)与多室(多)、圆形果(圆)与长形果(长)、单一花序(单)与复状花序(复)。实验数据如下表。
(1)根据表中数据可得出的结论是：控制甲组两对相对性状的基因位于____________上，依据是________________________________；控制乙组两对相对性状的基因位于________(填“一对”或“两对”)同源染色体上，依据是__________________________________________________________。
(2)某同学若用“长复”分别与乙组的两个 F1 进行杂交，结合表中数据分析，其子代的统计结果不符合________的比例。[解析](1)由于表中数据显示，甲组 F2 的表现型及比例为红二∶红多∶黄二∶黄多≈ 9∶3∶3∶1，该比例符合基因的自由组合定律的性状分离比，所以控制甲组两对相对性状的基因位于非同源染色体上。乙组 F2 的表现型中，每对相对性状表现型的比例都符合 3∶1，即圆形果∶长形果＝3∶1，单一花序∶复状花序＝3∶1，而圆单∶圆复∶长单∶长复不符合 9∶3∶3∶1的性状分离比，其遗传不符合自由组合定律，所以控制乙组两
对相对性状的基因位于一对同源染色体上。(2)根据乙组的相对性状表现型分离比可知，控制乙组两对相对性状的基因位于一对同源染色体上，所以用“长复(隐性纯合子)”分别与乙组的两个 F1 进行杂交，不会出现测交结果为 1∶1∶1∶1 的比例。
[答案](1)非同源染色体
F2 中两对相对性状表现型的分离
比符合 9∶3∶3∶1
F2 中每对相对性状表现型的分离比
都符合3∶1，而两对相对性状表现型的分离比不符合9∶3∶3∶1
[考向预测]5.两对相对性状的杂交实验中，F1 只有一种表现型，F1 自交，如果 F2 的表现型及比例分别为 9∶7、9∶6∶1、15∶1 和9∶3∶4，那么 F1 与隐性个体测交，与此对应的性状分离比分
A.1∶2∶1、4∶1、3∶1 和 1∶2∶1B.3∶1、4∶1、1∶3 和 1∶3∶1C.1∶3、1∶2∶1、3∶1 和 1∶1∶2D.3∶1、3∶1、1∶4 和 1∶1∶1
解析：假设两对相对性状的实验中，亲本的基因型为AABB、aabb，则子一代为AaBb，子二代为A_B_∶A_bb∶ aaB_∶aabb＝9∶3∶3∶1。当F2的分离比为9∶7时，说明生物的表现型及比例为9A_B_∶(3A_bb＋3aaB_＋1aabb)＝9∶7，那么F1与双隐性个体测交，得到的表现型分离比分别是A_B_∶ (A_bb＋aaB_＋aabb)＝1∶3；当 F2的分离比为9∶6∶1时，说明生物的表现型及比例为9A_B_∶(3A_bb＋3aaB_)∶1aabb，那么F1与双隐性个体测交，得到的表现型分离比分别是A_B_∶ (A_bb＋aaB_)∶aabb＝1∶2∶1；当F2的分离比为15∶1时，说
明生物的表现型及比例为(9A_B_＋3A_bb＋3aaB_)∶1aabb，那么F1与双隐性个体测交，得到的表现型分离比分别是(A_B_＋A_bb＋aaB_)∶aabb＝3∶1；当F2的分离比为9∶3∶4时，说明生物的表现型及比例为9A_B_∶ 3aaB_∶(3A_bb＋1aabb)＝9∶3∶4，那么F1与双隐性个体测交，得到的表现型分离比分别是A_B_∶ aaB_∶(A_bb＋aabb)＝1∶1∶2。
6.(2019 年河北保定一模)某植物正常株开两性花，且有只开雄花和只开雌花的两种突变型植株。取纯合雌株和纯合雄株杂交，F1 全为正常株，F1 自交所得 F2 中正常株∶雄株∶雌株＝
9∶3∶4。下列推测不合理的是(
A.该植物的性别由位于非同源染色体上的两对基因决定B.雌株和雄株两种突变型都是正常株隐性突变的结果 C.F1 正常株测交后代表现为正常株∶雄株∶雌株＝ 1∶ 1∶2D.F2 中纯合子测交后代表现为正常株∶雄株∶雌株＝2∶1∶1
解析：若基因用 A、a 和 B、b 表示，由题干可知，F1 自交所得 F2 中正常株∶雄株∶雌株＝9∶3∶4＝9∶3∶(3＋1)，可判断该植物的性别由位于非同源染色体上的两对基因决定，A 正确；正常株为双显性，雌株和雄株至少有一对隐性基因，所以两种突变型都是正常株隐性突变的结果，B 正确；F1 正常株(AaBb) 测交后代为 AaBb∶Aabb∶aaBb∶aabb ＝1∶1∶1∶1 ，表现型为正常株∶雄株∶雌株＝1∶1∶2，C 正确；F2 中纯合子有AABB、AAbb、aaBB、aabb，测交后代分别为 AaBb、Aabb、aaBb、aabb，表现型为正常株∶雄株∶雌株＝1∶1∶2，D 错误。
性状分离比的“和”小于 16 时的致死
[典例 3]在小鼠的一个自然种群中，体色有黄色和灰色，尾巴有短尾和长尾，两对相对性状分别受位于两对常染色体上的两对等位基因控制。其中一对等位基因设为 A、a，另一对等位基因设为 B、b(具有显性纯合致死效应)。任取一对黄色短尾鼠，让其多次交配，F1 的表现型为黄色短尾∶黄色长尾∶灰色短
尾∶灰色长尾＝6∶3∶2∶1。以下说法错误的是(
A.黄色短尾小鼠的基因型有两种B.控制短尾的基因是 B，控制黄色的基因是 AC.让 F1 中黄色长尾雌雄鼠自由交配，F2 中不会出现短尾鼠D.让 F1 中黄色短尾雌鼠与灰色长尾雄鼠交配，F2 的表现型之比为 1∶1∶1∶1
[解析]由题意可知黄色和短尾是显性性状。亲本是短尾而后代出现了短尾∶长尾＝2∶1，说明亲本是杂合子，且后代中存在显性纯合致死现象。由题意知等位基因 B、b 具有显性纯合致死效应，所以控制短尾的基因是 B，控制黄色的基因是 A，而且黄色短尾小鼠的基因型有AABb 和 AaBb 两种，A、B 正确；亲本黄色短尾鼠的基因型是 AaBb，F1 中黄色长尾雌雄鼠的基因型为 A_bb，所以让 F1 中黄色长尾雌雄鼠自由交配，F2 中不会出现短尾鼠(_ _Bb)，C 正确；F1 的表现型为黄色短尾(A_Bb)∶黄色长尾(A_bb)∶灰色短尾(aaBb)∶灰色长尾(aabb)＝6∶3∶2∶1，让F1 中黄色短尾鼠(1/3AABb 和 2/3AaBb)与灰色长尾鼠(aabb)交配，F2 的表现型之比为黄色短尾(AaBb，2/3×1/2)∶黄色长尾(Aabb，2/3×1/2)∶灰色短尾(aaBb，1/3×1/2)∶灰色长尾(aabb，1/3×1/2)＝2∶2∶1∶1，D 错误。
[考向预测]7.(2020 年安徽黄山模拟)现用山核桃甲(AABB)、乙(aabb)两品种作亲本杂交得 F1，F1 测交结果如表，下列有关叙述错误
A.F1 产生的 AB 花粉 50%不能萌发，不能实现受精B.F1 自交得 F2，F2 的基因型有 9 种C.F1 花粉离体培养，将得到 4 种表现型不同的植株D.正反交结果不同，说明这两对基因的遗传不遵循自由组合定律
解析：正常情况下，双杂合子测交后代的 4 种表现型比例应该是1∶1∶1∶1，而作为父本的 F1 测交结果为 AaBb∶ Aabb∶aaBb∶aabb＝1∶2∶2∶2，说明父本 F1 产生的AB 花粉有 50%不能完成受精作用，A 正确；F1 自交后代中有 9种基因型，B 正确；F1 共产生 4 种类型的花粉，离体培养将得到 4 种表现型不同的单倍体植株，C 正确；根据题表可知，正反交均有 4 种表现型，说明这两对基因的遗传符合自由组合定律，D 错误。
8.(2019 年江西临川联考)小鼠体色由位于常染色体上的两对基因决定，A 基因决定黄色，R 基因决定黑色，A、R 同时存在则皮毛呈灰色，无 A、R 则呈白色。一灰色雄鼠和一黄色雌鼠交配，F1 表现型及其比例为：3/8 黄色小鼠、3/8 灰色小鼠、1/8 黑色小鼠、1/8 白色小鼠。试问：
(1)亲代中，灰色雄鼠的基因型为________，黄色雌鼠的基
因型为________。
(2)让 F1 的黑色雌、雄小鼠交配，则理论上 F2 黑色个体中
纯合子的比例为________。
(3)若让 F1 中的灰色雌、雄小鼠自由交配，得到的 F2 中，体色的表现型应为________________ ，黄色雌鼠的基因型是________________，黄色雌鼠的概率应为________。(4)若小鼠的另一性状由另外的两对等位基因(B 和 b、F 和f)决定，且遵循自由组合定律。让基因型均为 BbFf 的雌、雄鼠相互交配，子代出现四种表现型，比例为 6∶3∶2∶1。请对比例 6∶3∶2∶1 的产生原因作出合理解释：__________________________________________________。
解析：(1)据题意，亲代中灰色雄鼠基因型为 A_R_，黄色雌鼠基因型为 A_rr，由于 F1 出现了白色小鼠(aarr)，故亲代雄鼠的基因型为 AaRr，亲代雌鼠的基因型为 Aarr。(2)F1 中的黑色雌、雄鼠基因型皆为 aaRr，二者交配，则 F2 中黑色个体中的纯合子的比例为 1/3。(3)F1 中灰色雌、雄鼠的基因型为 1/3AARr、2/3AaRr，自由交配得到的 F2 的表现型有黄色、灰色、黑色、白色四种，其中黄色雌鼠的基因型为 AArr、Aarr。两对等位基因分开考虑，F1 中灰色雌、雄鼠自由交配，产生配子 A 的概率为 1/3＋1/2×2/3＝2/3，配子 a 的概率为 1/3，故后代 aa 概率为
1/9，则 A_概率为 8/9；同理可得，后代 rr 的概率为 1/4，故产生黄色雌鼠的概率应为 8/9×1/4×1/2＝1/9。(4)亲代 BbFf 杂交产生的子代应出现四种表现型，比例为9∶3∶3∶1＝ (3∶1)×(3∶1)，而实际比例为 6∶3∶2∶1＝(3∶1)×(2∶1)，故可推知其中一对等位基因存在显性纯合致死现象。
(3)黄色、灰色、黑色、白
(4)其中有一对基因存在
显性纯合致死现象，导致比例由 9∶3∶3∶1 变为 6∶3∶2∶1
自由组合定律的实践应用
[典例 4](2019 年华中师大附中押题)人的眼睛散光(A)对不散光(a)为显性；直发(B)和卷发(b)杂合时表现为波浪发，两对基因分别位于两对常染色体上。一个其母亲正常但本人有散光症的波浪发女性，与一个无散光症的波浪发男性婚配。下列叙述
A.基因 B、b 的遗传不符合基因的分离定律
B.卵细胞中同时含 A、B 的概率为
C.所生孩子中最多有 6 种不同的表现型
D.生出一个无散光症直发孩子的概率为
[解析]基因 B、b 的遗传符合基因的分离定律，A 错误；一个其母亲正常但本人有散光症的波浪发女性的基因型是 AaBb，
卵细胞中同时含 A、B 的概率为
，B 错误；已知女性的基因
型是 AaBb，无散光症的波浪发男性的基因型是 aaBb，二者婚配，所生孩子中的表现型最多为 2[散光(Aa)、不散光(aa)]×3[直发(BB)、波浪发(Bb)、卷发(bb)]＝6(种)，其中生出一个无散光
[考向预测]9.有两个纯种的小麦品种：一个抗倒伏(d)但易感锈病(r)，另一个易倒伏(D)但能抗锈病(R)。两对相对性状独立遗传。让它们进行杂交得到 F1，F1 再进行自交，F2 中出现了既抗倒伏又
抗锈病的新品种。下列说法中正确的是(
A.F2 中出现的既抗倒伏又抗锈病的新品种都能稳定遗传B.F1 产生的雌雄配子数量相等，结合的概率相同
C.F2 中出现的既抗倒伏又抗锈病的新品种占
D.F2 中易倒伏与抗倒伏的比例为 3∶1，抗锈病与易感锈病的比例为 3∶1
解析：F2 中既抗倒伏又抗锈病个体的基因型是 ddRR 和ddRr，其中杂合子不能稳定遗传，A 错误；F1 产生的雌雄配子
数量不相等，B 错误；F2 中既抗倒伏又抗锈病的新品种占
C 错误；F1 的基因型为 DdRr，且两对相对性状独立遗传，每一对基因的遗传都遵循基因的分离定律，D 正确。答案：D
10.(2019 年湖南衡阳模拟)某种蝴蝶紫翅(P)对黄翅(p)是显性，绿眼(G)对白眼(g)为显性，两对基因分别位于两对同源染色体上，生物小组同学用紫翅绿眼和紫翅白眼的蝴蝶进行杂交，F1 出现的性状类型及比例如下图所示。下列说法不正确的是
A.上述亲本的基因型是 PpGg×PpggB.F1 中紫翅绿眼个体自交(基因型相同个体间的交配)，相应性状之比是 15∶5∶3∶1C.F1 中紫翅白眼个体自交(基因型相同个体间的交配)，其中
D.F1 中紫翅绿眼个体与黄翅白眼个体交配，则 F2 相应性状之比是 3∶3∶1∶1
解析：根据紫翅∶黄翅＝3∶1，说明双亲控制该性状的基因型都为 Pp；绿眼∶白眼＝1∶1，说明双亲控制该性状的基因型为 Gg 和 gg，因此双亲的基因型为 PpGg×Ppgg，A 正确；基因型为 Gg 的个体自交，绿眼∶白眼＝3∶1，基因型为 P_的个
，即紫翅∶黄翅＝5∶1，故 F1 的紫翅绿眼(P_Gg)个
体自交后代表现型的比例为 15∶5∶3∶1，B 正确；同理 F1 的
自由组合定律的发现及应用
[考点梳理]1.两对相对性状的杂交实验——发现问题
①为什么会出现新的性状组合呢？②这与一对相对性状实验中 F2 的 3∶1 的数量比有联系吗？
2.对自由组合现象的解释——提出假说
(1)理论解释(提出假设)。
①两对相对性状分别由_______________控制。②F1 产生配子时，_____________彼此分离，____________
____________可以自由组合。
③F1 产生的雌配子和雄配子各有______种，且数量比相等。④受精时，雌雄配子的结合是________的。
3.对自由组合现象的验证——演绎推理、验证假说
(2)实施实验结果：实验结果与演绎结果相符，则假说成立。
YR、Yr、yR、yr
4.用分离定律分析两对相对性状的杂交实验
非同源染色体
(1)实质与各种比例的关系。
(3)研究对象：_______________________________。(4)发生时间：____________________。
位于非同源染色体上的非等位基因
6.自由组合定律的应用
(1)指导杂交育种：把优良性状结合在一起。
(2)指导医学实践：为遗传病的预测和诊断提供理论依据。分析两种或两种以上遗传病的传递规律，推测基因型和表现型的比例及群体发病率。
7.孟德尔获得成功的原因
自由组合定律的两点易误
(1)发生时期：自由组合发生于配子形成(MⅠ后期)过程中，
而不是受精作用过程中。
(2)组合基因：能发生自由组合的是位于非同源染色体上的非等位基因，而不仅指“非等位基因”，因为同源染色体上也有非等位基因。
[易错诊断]1.F2 的 9∶3∶3∶1 性状分离比一定依赖于雌雄配子的随机
答案：√2.在 F1 黄色圆粒豌豆(YyRr)自交产生的 F2 中，与 F1 基因型
完全相同的个体占 1/4。(
答案：√3.F2 的黄色圆粒中，只有基因型为 YyRr 的个体是杂合子，
其他的都是纯合子。(答案：×
4.若双亲豌豆杂交后子代表现型之比为 1∶1∶1∶1，则两
个亲本基因型一定为 YyRr×yyrr。(
答案：×5.孟德尔自由组合定律普遍适用于乳酸菌、酵母菌、蓝细
菌等各种有细胞结构的生物。(
答案：×6.基因分离定律和自由组合定律具有相同的细胞学基础。
[基础测评]1. 在孟德尔两对相对性状杂交实验中，F1 黄色圆粒豌豆
(YyRr)自交产生 F2。下列表述正确的是(
A.F1 产生 4 种配子，比例为 1∶1∶1∶1B.F1 可产生基因型为 Yy 的卵细胞C.基因自由组合定律的实质指 F1 产生的雌雄配子随机结合D.F2 中黄色圆粒豌豆约占 3/16答案：A
2.现有 4 个小麦纯合品种，即抗锈病无芒、抗锈病有芒、感锈病无芒和感锈病有芒。已知抗锈病对感锈病为显性，无芒对有芒为显性，且这两对相对性状各由一对等位基因控制。若用上述 4 个品种组成两个杂交组合，使其 F1 均为抗锈病无芒，且这两个杂交组合的 F2 的表现型及其数量比完全一致。回答问题：
(1)为实现上述目的，理论上，必须满足的条件有：在亲本中控制这两对相对性状的两对等位基因必须位于______上，在形成配子时非等位基因要____________，在受精时雌雄配子要________，而且每种合子(受精卵)的存活率也要_________。那么，这两个杂交组合分别是_____________和_______________。
(2)上述两个杂交组合的全部 F2 植株自交得到 F3 种子，1 个F2 植株上所结的全部 F3 种子种在一起，长成的植株称为 1 个 F3株系。理论上，在所有 F3 株系中，只表现出一对性状分离的株系有 4 种，那么，在这 4 种株系中，每种株系植株的表现型及其数量比分别是____________，______________，________________和________________。
答案：(1)非同源染色体
抗锈病有芒×感锈病无芒
(2)抗锈病无芒∶抗锈病有芒＝3∶1
感锈病无芒∶感锈病有芒＝3∶1
自由组合定律的特殊情况
[考点梳理]1.“和”为 16 的特殊分离比成因(1)基因互作。
(2)显性基因累加效应。①表现：
②原因：A 与 B 的作用效果相同，但显性基因越多，其效
2.“和”小于 16 的特殊分离比成因
3.基因完全连锁遗传现象(以 A、a 和 B、b 两对基因为例)
[易错诊断]1.存在一种显性基因时表现为同一性状，其余正常表现，
F1(AaBb) 自交后代比例为 9∶6∶1。(
答案：√2.只要存在显性基因就表现为一种性状，其余正常表现，
F1 测交后代比例为 1∶2∶1。(
答案：×3. 显性纯合致死时，F1(AaBb) 自交后代比例为 AaBb∶
Aabb∶aaBb∶aabb＝4∶2∶2∶1，其余基因型个体致死。(答案：√
[基础测评]1.在孟德尔两对性状的杂交实验中，最能反映基因自由组
A.F2 中四种子代比例为 9∶3∶3∶1B.F1 测交后代比例为 1∶1∶1∶1C.F1 产生的配子比例为 1∶1∶1∶1D.F1 产生的雌雄配子随机结合答案：C
2.某动物细胞中位于常染色体上的基因 A、B、C 分别对a、 b、c 为显性。用两个纯合个体杂交得 F1，F1 测交结果为aabbcc∶AaBbCc∶aaBbcc∶AabbCc ＝1∶1∶1∶1 。则 F1 体细
胞中三对基因在染色体上的位置是(
[典例 1](2019 年新课标Ⅱ卷)某种甘蓝的叶色有绿色和紫色。已知叶色受 2 对独立遗传的基因 A/a 和 B/b 控制，只含隐性基因的个体表现隐性性状，其他基因型的个体均表现显性性状。某小组用绿叶甘蓝和紫叶甘蓝进行了一系列实验。实验①：让绿叶甘蓝(甲)的植株进行自交，子代都是绿叶；实验②：让甲植株与紫叶甘蓝(乙)植株进行杂交，子代个体中绿叶∶紫叶＝1∶3。
(1)甘蓝叶色中隐性性状是__________，实验①中甲植株的
基因型为__________。
(2) 实验②中乙植株的基因型为___________ ，子代中有
________种基因型。
(3)用另一紫叶甘蓝(丙)植株与甲植株杂交，若杂交子代中紫叶和绿叶的分离比为 1∶1，则丙植株所有可能的基因型是________；若杂交子代均为紫叶，则丙植株所有可能的基因型是___________；若杂交子代均为紫叶，且让该子代自交，自交子代中紫叶与绿叶的分离比为 15∶1 ，则丙植株的基因型为________。
[解析](1)依题意可知，只含隐性基因的个体表现为隐性性状。实验①中，绿叶甘蓝甲植株自交，子代都是绿叶，说明绿叶甘蓝甲植株为纯合子；实验②中，绿叶甘蓝甲植株与紫叶甘蓝乙植株杂交，子代绿叶∶紫叶＝1∶3，说明紫叶甘蓝乙植株为双杂合子，进而推知绿叶为隐性性状，实验①中甲植株的基因型为 aabb。(2)结合对(1)的分析可推知，实验②中乙植株的基因型为 AaBb，子代中有 4 种基因型，即 AaBb、Aabb、aaBb和 aabb。(3)另一紫叶甘蓝丙植株与甲植株杂交，子代紫叶∶绿叶＝1∶1，说明紫叶甘蓝丙植株的基因组成中，有一对为隐性
纯合、另一对为等位基因，进而推知丙植株所有可能的基因型为 aaBb、Aabb。若杂交子代均为紫叶，则丙植株的基因组成中至少有一对显性纯合的基因，因此丙植株所有可能的基因型为AABB、AABb、AaBB、AAbb、aaBB。若杂交子代均为紫叶，且让该子代自交，自交子代中紫叶∶绿叶＝15∶1，为9∶3∶3∶1 的变式，说明该杂交子代的基因型均为 AaBb，进而推知丙植株的基因型为 AABB。
[答案](1)绿色 aabb
4 (3)Aabb、aaBb
AAbb、aaBB、AaBB、AABb
基因分离定律和自由组合定律的关系及相关比
[考向预测]1.(2019 年江西三校联考)水稻抗稻瘟病由基因 R 控制，细胞中另有一对等位基因 B、b 对稻瘟病的抗性表达有影响，BB使水稻抗性完全消失，Bb 使抗性减弱。现用两纯合亲本进行杂
交，实验过程和结果如下图所示。下列相关叙述正确的是(
A.亲本的基因型是 RRBB、rrbbB.F2 的弱抗病植株中纯合子占 2/3
C.F2 中全部抗病植株自交，后代抗病植株占 8/9D.不能通过测交鉴定 F2 易感病植株的基因型
解析：分析图解可知，子二代的表现型及比例是 3∶6∶7，是 9∶3∶3∶1 的变式，说明控制水稻的抗病与易感病的两对等位基因遵循自由组合定律，子一代的基因型 RrBb，表现为弱抗性，由于 BB 使水稻抗性完全消失，因此亲本基因型是 RRbb(抗病)和 rrBB(易感病)，A 错误；子二代弱抗病植株的基因型是
R_Bb，无纯合子，B 错误；子二代中抗病植株的基因型是 R_bb，RRbb∶Rrbb＝1∶2，抗病植株自交，RRbb 后代全部是抗病，Rrbb 后代抗病∶不抗病＝3∶1，因此子二代全部抗病植株自交，后代不抗病的比例是 2/3×1/4＝1/6，抗病植株占 5/6，C 错误；F2 易感病植株的基因型是 rrBB、rrBb、rrbb、RRBB、RrBB，其中 rrBB、rrBb、rrbb 与 rrbb 杂交，后代都是易感病个体，因此不能用测交法鉴定子二代易感病个体的基因型，D 正确。
2.鲜食玉米颜色多样、营养丰富、美味可口。用两种纯合鲜食玉米杂交得 F1，F1 自交得到 F2，F2 籽粒的性状表现及比例为紫色非甜∶紫色甜∶白色非甜∶白色甜＝27∶9∶21∶7。下
A.紫色与白色性状的遗传遵循基因的自由组合定律B.亲本性状的表现型可能是紫色甜和白色非甜C.F1 的花粉离体培养后经秋水仙素处理，可获得紫色甜粒纯合个体D.F2 中的白色籽粒发育成植株后随机受粉，得到的籽粒中紫色籽粒占 4/49
解析：由题意可知，籽粒颜色和甜度由三对自由组合的等位基因控制。其中紫色∶白色＝9∶7，说明籽粒颜色由两对自由组合的等位基因控制(假设为 A、a，D、d)；非甜∶甜＝3∶1，则甜度由一对基因控制(假设为 B、b)。A 和 D 同时存在时为紫色，其余均为白色；B_表现为非甜，bb 表现为甜，A 正确；亲本基因型可以为 AAbbDD(紫色甜)×aaBBdd(白色非甜)，B 正确；由题干可推知 F1 基因型为 AaBbDd，可产生 AbD 的配子，经秋水仙素处理加倍后可获得纯合紫色甜粒玉米植株，C 正确；
3.(2019 年陕西西安摸底)某种植物果实重量由三对等位基因控制，这三对基因分别位于三对同源染色体上，对果实重量的增加效应相同且具叠加性。已知隐性纯合子和显性纯合子果实重量分别为 150 g 和 270 g。现将三对基因均杂合的两植株杂
交，F1 中重量为 190 g 的果实所占比例为(
A.3/64C.12/64
B.5/64D.15/64
解析：由于每个显性基因增重 20 g，所以重量为 190 g 的果实的基因型中含有 2 个显性基因。三对基因均杂合的两植株(AaBbCc) 杂交，含两个显性基因的个体基因型为 AAbbcc 、aaBBcc、aabbCC、AaBbcc、AabbCc、aaBbCc，所占比例依次为1/64、1/64、1/64、4/64、4/64、4/64，因此共占比例为15/64，D 正确。答案：D
4.某植物的花色有紫色、红色和白色三种类型，下表为该植物纯合亲本间杂交实验的结果，请分析回答下列问题：
(1)该性状是由________对独立遗传的等位基因决定的，且只有在______种显性基因同时存在时才能开______花。
(2)若表中红花亲本的基因型为 aaBB，则第 1 组实验中白花亲本的基因型为________，F2 表现为白花的个体中，与白花亲本基因型相同的占______；若第 1 组和第 3 组的白花亲本之间进行杂交，后代的表现型应为________。
(3)若第 3 组实验的 F1 与某纯合白花品种杂交，请简要分析杂交后代可能出现的表现型比例及相对应的该白花品种可能的基因型：
①如果杂交后代紫花与白花之比为 1∶1，则该白花品种的
基因型是________。
②如果__________________ ，则该白花品种的基因型是
解析：(1)第1 组中F2 的表现型为紫花∶红花∶白花＝9∶3∶4，是 9∶3∶3∶1 的变形，所以该性状是由两对独立遗传的等位基因决定的，双显性表现为紫色，即只有在两种显性基因同时存在时才能开紫花。(2)第 1 组中 F2 的表现型为紫花∶红花∶白花＝9∶3∶4，所以 F1 的紫花基因型为 AaBb，红花亲本的基因型为 aaBB，则白花亲本的基因型为 AAbb。F2 表现为白花的基因型为 AAbb∶Aabb∶aabb＝1∶2∶1，所以与白花亲本基因型(AAbb) 相同的占 1/4 ；同理，第 3 组中 F1 的紫花基因型为AaBb，所以第 3 组中亲本白花的基因型为 aabb，第 1 组和第 3组的白花亲本之间进行杂交，即 AAbb×aabb，后代基因型为
Aabb，表现型全为白花。(3)第 3 组实验的 F1 为 AaBb，纯合白花的基因型为 AAbb 或 aabb 。①若该白花品种的基因型是AAbb，F1 与纯合白花品种杂交，即 AaBb×AAbb，子代基因型有四种，分别为 AABb、AAbb、AaBb、Aabb，紫花与白花之比为 1∶1。②若白花品种的基因型是 aabb，F1 与纯合白花品种杂交，即 AaBb×aabb，子代的基因型有四种，即 AaBb、Aabb、aaBb、aabb，紫花∶红花∶白花＝1∶1∶2。
(2)AAbb 1/4
②杂交后代紫花∶红花∶白花＝1∶1∶2
性状分离比的“和”为 16 时的合并
[典例 2](2018 年新课标Ⅲ卷)某小组利用某二倍体自花传粉植物进行两组杂交实验，杂交涉及的四对相对性状分别是：红果(红)与黄果(黄)、子房二室(二)与多室(多)、圆形果(圆)与长形果(长)、单一花序(单)与复状花序(复)。实验数据如下表。
(1)根据表中数据可得出的结论是：控制甲组两对相对性状的基因位于____________上，依据是________________________________；控制乙组两对相对性状的基因位于________(填“一对”或“两对”)同源染色体上，依据是__________________________________________________________。
(2)某同学若用“长复”分别与乙组的两个 F1 进行杂交，结合表中数据分析，其子代的统计结果不符合________的比例。[解析](1)由于表中数据显示，甲组 F2 的表现型及比例为红二∶红多∶黄二∶黄多≈ 9∶3∶3∶1，该比例符合基因的自由组合定律的性状分离比，所以控制甲组两对相对性状的基因位于非同源染色体上。乙组 F2 的表现型中，每对相对性状表现型的比例都符合 3∶1，即圆形果∶长形果＝3∶1，单一花序∶复状花序＝3∶1，而圆单∶圆复∶长单∶长复不符合 9∶3∶3∶1的性状分离比，其遗传不符合自由组合定律，所以控制乙组两
对相对性状的基因位于一对同源染色体上。(2)根据乙组的相对性状表现型分离比可知，控制乙组两对相对性状的基因位于一对同源染色体上，所以用“长复(隐性纯合子)”分别与乙组的两个 F1 进行杂交，不会出现测交结果为 1∶1∶1∶1 的比例。
[答案](1)非同源染色体
F2 中两对相对性状表现型的分离
比符合 9∶3∶3∶1
F2 中每对相对性状表现型的分离比
都符合3∶1，而两对相对性状表现型的分离比不符合9∶3∶3∶1
[考向预测]5.两对相对性状的杂交实验中，F1 只有一种表现型，F1 自交，如果 F2 的表现型及比例分别为 9∶7、9∶6∶1、15∶1 和9∶3∶4，那么 F1 与隐性个体测交，与此对应的性状分离比分
A.1∶2∶1、4∶1、3∶1 和 1∶2∶1B.3∶1、4∶1、1∶3 和 1∶3∶1C.1∶3、1∶2∶1、3∶1 和 1∶1∶2D.3∶1、3∶1、1∶4 和 1∶1∶1
解析：假设两对相对性状的实验中，亲本的基因型为AABB、aabb，则子一代为AaBb，子二代为A_B_∶A_bb∶ aaB_∶aabb＝9∶3∶3∶1。当F2的分离比为9∶7时，说明生物的表现型及比例为9A_B_∶(3A_bb＋3aaB_＋1aabb)＝9∶7，那么F1与双隐性个体测交，得到的表现型分离比分别是A_B_∶ (A_bb＋aaB_＋aabb)＝1∶3；当 F2的分离比为9∶6∶1时，说明生物的表现型及比例为9A_B_∶(3A_bb＋3aaB_)∶1aabb，那么F1与双隐性个体测交，得到的表现型分离比分别是A_B_∶ (A_bb＋aaB_)∶aabb＝1∶2∶1；当F2的分离比为15∶1时，说
明生物的表现型及比例为(9A_B_＋3A_bb＋3aaB_)∶1aabb，那么F1与双隐性个体测交，得到的表现型分离比分别是(A_B_＋A_bb＋aaB_)∶aabb＝3∶1；当F2的分离比为9∶3∶4时，说明生物的表现型及比例为9A_B_∶ 3aaB_∶(3A_bb＋1aabb)＝9∶3∶4，那么F1与双隐性个体测交，得到的表现型分离比分别是A_B_∶ aaB_∶(A_bb＋aabb)＝1∶1∶2。
6.(2019 年河北保定一模)某植物正常株开两性花，且有只开雄花和只开雌花的两种突变型植株。取纯合雌株和纯合雄株杂交，F1 全为正常株，F1 自交所得 F2 中正常株∶雄株∶雌株＝
9∶3∶4。下列推测不合理的是(
A.该植物的性别由位于非同源染色体上的两对基因决定B.雌株和雄株两种突变型都是正常株隐性突变的结果 C.F1 正常株测交后代表现为正常株∶雄株∶雌株＝ 1∶ 1∶2D.F2 中纯合子测交后代表现为正常株∶雄株∶雌株＝2∶1∶1
解析：若基因用 A、a 和 B、b 表示，由题干可知，F1 自交所得 F2 中正常株∶雄株∶雌株＝9∶3∶4＝9∶3∶(3＋1)，可判断该植物的性别由位于非同源染色体上的两对基因决定，A 正确；正常株为双显性，雌株和雄株至少有一对隐性基因，所以两种突变型都是正常株隐性突变的结果，B 正确；F1 正常株(AaBb) 测交后代为 AaBb∶Aabb∶aaBb∶aabb ＝1∶1∶1∶1 ，表现型为正常株∶雄株∶雌株＝1∶1∶2，C 正确；F2 中纯合子有AABB、AAbb、aaBB、aabb，测交后代分别为 AaBb、Aabb、aaBb、aabb，表现型为正常株∶雄株∶雌株＝1∶1∶2，D 错误。
性状分离比的“和”小于 16 时的致死
[典例 3]在小鼠的一个自然种群中，体色有黄色和灰色，尾巴有短尾和长尾，两对相对性状分别受位于两对常染色体上的两对等位基因控制。其中一对等位基因设为 A、a，另一对等位基因设为 B、b(具有显性纯合致死效应)。任取一对黄色短尾鼠，让其多次交配，F1 的表现型为黄色短尾∶黄色长尾∶灰色短
尾∶灰色长尾＝6∶3∶2∶1。以下说法错误的是(
A.黄色短尾小鼠的基因型有两种B.控制短尾的基因是 B，控制黄色的基因是 AC.让 F1 中黄色长尾雌雄鼠自由交配，F2 中不会出现短尾鼠D.让 F1 中黄色短尾雌鼠与灰色长尾雄鼠交配，F2 的表现型之比为 1∶1∶1∶1
[解析]由题意可知黄色和短尾是显性性状。亲本是短尾而后代出现了短尾∶长尾＝2∶1，说明亲本是杂合子，且后代中存在显性纯合致死现象。由题意知等位基因 B、b 具有显性纯合致死效应，所以控制短尾的基因是 B，控制黄色的基因是 A，而且黄色短尾小鼠的基因型有AABb 和 AaBb 两种，A、B 正确；亲本黄色短尾鼠的基因型是 AaBb，F1 中黄色长尾雌雄鼠的基因型为 A_bb，所以让 F1 中黄色长尾雌雄鼠自由交配，F2 中不会出现短尾鼠(_ _Bb)，C 正确；F1 的表现型为黄色短尾(A_Bb)∶黄色长尾(A_bb)∶灰色短尾(aaBb)∶灰色长尾(aabb)＝6∶3∶2∶1，让F1 中黄色短尾鼠(1/3AABb 和 2/3AaBb)与灰色长尾鼠(aabb)交配，F2 的表现型之比为黄色短尾(AaBb，2/3×1/2)∶黄色长尾(Aabb，2/3×1/2)∶灰色短尾(aaBb，1/3×1/2)∶灰色长尾(aabb，1/3×1/2)＝2∶2∶1∶1，D 错误。
[考向预测]7.(2020 年安徽黄山模拟)现用山核桃甲(AABB)、乙(aabb)两品种作亲本杂交得 F1，F1 测交结果如表，下列有关叙述错误
A.F1 产生的 AB 花粉 50%不能萌发，不能实现受精B.F1 自交得 F2，F2 的基因型有 9 种C.F1 花粉离体培养，将得到 4 种表现型不同的植株D.正反交结果不同，说明这两对基因的遗传不遵循自由组合定律
解析：正常情况下，双杂合子测交后代的 4 种表现型比例应该是1∶1∶1∶1，而作为父本的 F1 测交结果为 AaBb∶ Aabb∶aaBb∶aabb＝1∶2∶2∶2，说明父本 F1 产生的AB 花粉有 50%不能完成受精作用，A 正确；F1 自交后代中有 9种基因型，B 正确；F1 共产生 4 种类型的花粉，离体培养将得到 4 种表现型不同的单倍体植株，C 正确；根据题表可知，正反交均有 4 种表现型，说明这两对基因的遗传符合自由组合定律，D 错误。
8.(2019 年江西临川联考)小鼠体色由位于常染色体上的两对基因决定，A 基因决定黄色，R 基因决定黑色，A、R 同时存在则皮毛呈灰色，无 A、R 则呈白色。一灰色雄鼠和一黄色雌鼠交配，F1 表现型及其比例为：3/8 黄色小鼠、3/8 灰色小鼠、1/8 黑色小鼠、1/8 白色小鼠。试问：
(1)亲代中，灰色雄鼠的基因型为________，黄色雌鼠的基
因型为________。
(2)让 F1 的黑色雌、雄小鼠交配，则理论上 F2 黑色个体中
纯合子的比例为________。
(3)若让 F1 中的灰色雌、雄小鼠自由交配，得到的 F2 中，体色的表现型应为________________ ，黄色雌鼠的基因型是________________，黄色雌鼠的概率应为________。(4)若小鼠的另一性状由另外的两对等位基因(B 和 b、F 和f)决定，且遵循自由组合定律。让基因型均为 BbFf 的雌、雄鼠相互交配，子代出现四种表现型，比例为 6∶3∶2∶1。请对比例 6∶3∶2∶1 的产生原因作出合理解释：__________________________________________________。
解析：(1)据题意，亲代中灰色雄鼠基因型为 A_R_，黄色雌鼠基因型为 A_rr，由于 F1 出现了白色小鼠(aarr)，故亲代雄鼠的基因型为 AaRr，亲代雌鼠的基因型为 Aarr。(2)F1 中的黑色雌、雄鼠基因型皆为 aaRr，二者交配，则 F2 中黑色个体中的纯合子的比例为 1/3。(3)F1 中灰色雌、雄鼠的基因型为 1/3AARr、2/3AaRr，自由交配得到的 F2 的表现型有黄色、灰色、黑色、白色四种，其中黄色雌鼠的基因型为 AArr、Aarr。两对等位基因分开考虑，F1 中灰色雌、雄鼠自由交配，产生配子 A 的概率为 1/3＋1/2×2/3＝2/3，配子 a 的概率为 1/3，故后代 aa 概率为
1/9，则 A_概率为 8/9；同理可得，后代 rr 的概率为 1/4，故产生黄色雌鼠的概率应为 8/9×1/4×1/2＝1/9。(4)亲代 BbFf 杂交产生的子代应出现四种表现型，比例为9∶3∶3∶1＝ (3∶1)×(3∶1)，而实际比例为 6∶3∶2∶1＝(3∶1)×(2∶1)，故可推知其中一对等位基因存在显性纯合致死现象。
(3)黄色、灰色、黑色、白
(4)其中有一对基因存在
显性纯合致死现象，导致比例由 9∶3∶3∶1 变为 6∶3∶2∶1
自由组合定律的实践应用
[典例 4](2019 年华中师大附中押题)人的眼睛散光(A)对不散光(a)为显性；直发(B)和卷发(b)杂合时表现为波浪发，两对基因分别位于两对常染色体上。一个其母亲正常但本人有散光症的波浪发女性，与一个无散光症的波浪发男性婚配。下列叙述
A.基因 B、b 的遗传不符合基因的分离定律
B.卵细胞中同时含 A、B 的概率为
C.所生孩子中最多有 6 种不同的表现型
D.生出一个无散光症直发孩子的概率为
[解析]基因 B、b 的遗传符合基因的分离定律，A 错误；一个其母亲正常但本人有散光症的波浪发女性的基因型是 AaBb，
卵细胞中同时含 A、B 的概率为
，B 错误；已知女性的基因
型是 AaBb，无散光症的波浪发男性的基因型是 aaBb，二者婚配，所生孩子中的表现型最多为 2[散光(Aa)、不散光(aa)]×3[直发(BB)、波浪发(Bb)、卷发(bb)]＝6(种)，其中生出一个无散光
[考向预测]9.有两个纯种的小麦品种：一个抗倒伏(d)但易感锈病(r)，另一个易倒伏(D)但能抗锈病(R)。两对相对性状独立遗传。让它们进行杂交得到 F1，F1 再进行自交，F2 中出现了既抗倒伏又
抗锈病的新品种。下列说法中正确的是(
A.F2 中出现的既抗倒伏又抗锈病的新品种都能稳定遗传B.F1 产生的雌雄配子数量相等，结合的概率相同
C.F2 中出现的既抗倒伏又抗锈病的新品种占
D.F2 中易倒伏与抗倒伏的比例为 3∶1，抗锈病与易感锈病的比例为 3∶1
解析：F2 中既抗倒伏又抗锈病个体的基因型是 ddRR 和ddRr，其中杂合子不能稳定遗传，A 错误；F1 产生的雌雄配子
数量不相等，B 错误；F2 中既抗倒伏又抗锈病的新品种占
C 错误；F1 的基因型为 DdRr，且两对相对性状独立遗传，每一对基因的遗传都遵循基因的分离定律，D 正确。答案：D
10.(2019 年湖南衡阳模拟)某种蝴蝶紫翅(P)对黄翅(p)是显性，绿眼(G)对白眼(g)为显性，两对基因分别位于两对同源染色体上，生物小组同学用紫翅绿眼和紫翅白眼的蝴蝶进行杂交，F1 出现的性状类型及比例如下图所示。下列说法不正确的是
A.上述亲本的基因型是 PpGg×PpggB.F1 中紫翅绿眼个体自交(基因型相同个体间的交配)，相应性状之比是 15∶5∶3∶1C.F1 中紫翅白眼个体自交(基因型相同个体间的交配)，其中
D.F1 中紫翅绿眼个体与黄翅白眼个体交配，则 F2 相应性状之比是 3∶3∶1∶1
解析：根据紫翅∶黄翅＝3∶1，说明双亲控制该性状的基因型都为 Pp；绿眼∶白眼＝1∶1，说明双亲控制该性状的基因型为 Gg 和 gg，因此双亲的基因型为 PpGg×Ppgg，A 正确；基因型为 Gg 的个体自交，绿眼∶白眼＝3∶1，基因型为 P_的个
，即紫翅∶黄翅＝5∶1，故 F1 的紫翅绿眼(P_Gg)个
体自交后代表现型的比例为 15∶5∶3∶1，B 正确；同理 F1 的
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