广东省江门市台山市第一中学2022-2023学年高二物理上学期期中试卷（Word版附解析）

这是一份广东省江门市台山市第一中学2022-2023学年高二物理上学期期中试卷（Word版附解析），共15页。试卷主要包含了单项选择题，多项选择题，实验题，计算题等内容，欢迎下载使用。
台山一中2022-2023学年度第一学期中段考试高二物理试卷一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1. 下列说法中，正确的是（    ）A. 由公式可知，电场中某点的电场强度E与试探电荷在电场中该点所受的静电力成正比B. 正电荷在电场中受到电场力的方向与该点电场强度的方向相同C. 根据公式，某电容器两板间电压U增大一倍，则电容C减为原来一半D. 根据公式U＝Ed，匀强电场中任意两点的电势差与两点间的距离成正比【答案】B【解析】【详解】A．公式采用比值法定义，电场中某点的电场强度E只与电场本身有关。故A错误； B．正电荷在电场中受到电场力的方向与该点电场强度的方向相同。故B正确；C．电容器的电容大小是由电容器的本身结构所决定的，与电容器所带电荷量及两板间的电压无关。故C错误；D．根据公式U＝Ed可知，匀强电场中任意两点的电势差与这两点沿场强方向上的距离成正比。故D错误。故选B。2. 两个可以视为点电荷的完全相同的金属小球A、B，所带电量之比为，它们在真空中相距r，并且相互排斥。现将它们相互接触后再放回原处，则A、B间的静电力大小变为原来的（　　）A.  B. 3倍 C.  D. 倍【答案】D【解析】【详解】开始时两球相互排斥，则两球带同种电荷，设电量分别为和，则有接触后再放回原处，则两球带电量均为则有可得故选D。3. 正常情况下空气是不导电的，但如果空气中的电场很强，空气也可以被击穿，空气被击穿时会看到电火花或闪电。若观察到某次闪电的火花长约1000m，且已知空气的击穿电场强度为，那么发生此次闪电的电势差约为（  ）A.  B.  C.  D. 【答案】A【解析】【详解】发生此次闪电的电势差约为U=Ed=3×106×1000V=3×109V故选A。4. 下图列出了某型号电风扇铭牌上的主要参数如图，当在小电风扇上加3V电压时，小电风扇不转动，测得通过它的电流为0.6A，根据题中和铭牌上提供的信息判断（    ）A. 小电风扇的内阻为 B. 当在小电风扇上加6V电压时通过的电流为1.2AC. 小电风扇正常工作时的机械功率为2.4W D. 小电风扇正常工作时的热功率为0.8W【答案】D【解析】【详解】A.小风扇不转时电路为纯电阻电路，根据欧姆定律可得故A错误；B.当电压为6V时，风扇正常工作，由公式可得故B错误；C.风扇正常工作时机械功率为故C错误；D.风扇热功率为故D正确。故选D。5. 下图是某种静电推进装置的原理图，发射极与吸极接在高压电源两端，两极间产生强电场，虚线为等势面，在强电场作用下，一带电液滴从发射极加速飞向吸极，a、b是其路径上的两点，不计液滴重力，下列说法正确的是（    ）A. a点的电势比b点的低 B. a点的电场强度比b点的小C. 液滴在a点的加速度比在b点的大 D. 液滴在a点的电势能比在b点的小【答案】C【解析】【详解】A．由图可知，发射极接电源正极，吸极接电源负极，则发射极为高电势，吸极板为低电势，电场线由发射极指向吸极，沿电场线方向电势降低，故a点电势比b点高，A错误；BC．电场线和等势线垂直，根据等势线的分布，可以画出电场线，从而可以判断出a点的电场线密集，所以a点的电场强度的大，根据牛顿第二定律   
 可知液滴在a点的加速度比在b点的大，B错误，C正确；D．因液滴加速前进，可知电场力做正功，电势能减小，故液滴在a点的电势能比在b点的大，D错误。故选C。6. 灵敏电流表的内阻Rg=9Ω，满偏电流Ig=100mA，要把它改装成一个量程为1A的电流表，需要给它（    ）A. 并联一个1Ω的电阻 B. 串联一个1Ω的电阻C. 并联一个0.9Ω的电阻 D. 串联一个0.9Ω的电阻【答案】A【解析】【详解】改装成电流表要并联分流，并联阻值故选A。7. 如图，平行金属板间带电质点P处于静止状态，不考虑电流表和电压表对电路的影响，选地面的电势为零，当滑动变阻器R4的滑片向b端移动时，下列说法正确的是（   ）A. 电压表读数增大B. 若带电质点P固定，则其电势能增大C. 电容器极板带电量增大D. 若电压表、电流表的示数变化量分别为U和I，则【答案】B【解析】【详解】A．当滑动变阻器R4的滑片向b端移动时，R4的阻值减小，根据串反并同规律，电压表读数减小，A错误；B．质点P受重力和电场力作用，电场力竖直向上，则P带负电，当滑动变阻器R4的滑片向b端移动时，R4的阻值减小，根据串反并同规律，电容器两端电压减小，电容器内电场强度减小，则UP下 = EdP下 = φP－0由于带电质点P固定，则dP下不变，E减小，UP下减小，φP减小，则带电质点P的电势能EpP = －φPq增大，B正确；C．根据串反并同规律，电容器两端电压减小，由于Q = CU可知电容器极板带电量减小，C错误；D．根据闭合电路欧姆定律U = E－I(r＋R1)解得D错误。故选B。二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。8. 两电阻R1、R2的U-I图线如图所示，则下列说法正确的是（　　）A. R1：R2=1：4B. R1：R2=4：1C. 若R1与R2为同种金属制成的相同长度金属丝，则R1的横截面面积为R2的4倍D. 将R1与R2并联后接在电源上，则通过它们电流之比I1：I2=1：4【答案】BD【解析】【详解】AB．两者的图线都是一条倾斜的直线，表示两者都是定值电阻，由图像可得，则R1∶R2=4∶1故A错误，B正确；C．根据公式得故C错误；D．根据并联电路电压相等，支路电流与支路电阻值成反比，所以I1∶I2=R2∶R1=1∶4故D正确。故选BD。9. 如图所示，两个带等量负电荷的小球A、B（可视为点电荷），被固定在光滑的绝缘水平面上，M、N是小球A、B连线的水平中垂线上的两点，且MO＝ON。现将一个电荷量很小的带正电的小球C（可视为质点）由M点静止释放，在小球C向N点运动的过程中，下列关于小球C的说法可能正确的是（　　）A. 速度先增大，再减小B. 速度一直增大C. 加速度先增大再减小，过O点后，加速度先减小再增大D. 加速度先减小，再增大【答案】AD【解析】【详解】根据等量负点电荷的电场线分布可知，在AB的中垂线上，从无穷远处到O点，电场强度先变大后变小，到O点变为零，电场强度方向沿中垂线指向O点；若M、N相距较远，则小球C受库仑力从M向O运动时，小球C的速度不断增大，加速度先变大后变小，在O点时加速度变为零，速度达到最大，从O向N运动时，小球C的速度不断减小，加速度先变大后变小——具有对称性。如果M、N相距较近，则小球C受库仑力从M向O运动时，小球C的速度不断增大，加速度越来越小，在O点时加速度变为零，速度达到最大，从O向N运动时，速度不断减小，加速度越来越大。故选AD。10. 如图，空间中存在水平向右匀强电场，一带负电的小球以速度大小为v竖直向上射入匀强电场，经过一段时间，小球速度大小仍为v，但方向沿水平方向，已知小球质量为m，带电荷量为－q，重力加速度为g，则在该过程中（  ）A. 匀强电场的电场强度大小为 B. 小球克服重力做功为C. 小球射入电场后，经过的时间电势能最大 D. 小球机械能增加【答案】ABD【解析】【详解】A．方向恰沿水平方向时，竖直方向速度为零，用时水平方向做匀变速直线运动，则联立解得故A正确；B．小球竖直方向速度为零，根据动能定理，重力做功所以小球克服重力做功为，故B正确；C．在该过程中电场力做正功，所以电势能一直减小，故C错误；D．该过程中，除重力做功外，只有电场力做功，且电场力做正功，电场力做功所以小球机械能增加，故D正确。故选ABD。三、实验题（2小题共16分）：考生根据要求作答。11. 用如图电路测定干电池的电动势和内阻，并画出U-I图像。可知该电池的电动势大小为___________V，内阻大小为___________Ω（结果均保留2位小数），不考虑偶然误差，内阻测量值比真实值___________（填“偏大”、“偏小”或“相等”）。【答案】    ①. 1.50    ②. 0.80    ③. 偏小【解析】【详解】[1][2]据闭合电路欧姆定律可得图线与纵轴交点坐标表示电动势，可得图线斜率的绝对值表示内阻，可得[3]测量电源内阻时，电流表采用外接法，由于电压表的分流作用，导致内阻测量值比真实值偏小。12. 某物理兴趣小组要精密测量一金属丝的电阻率。（1）先用多用电表挡粗测其电阻，如图甲所示，为______，然后用螺旋测微器测其直径，如图乙所示，为______mm。用游标卡尺测其长度，如图丙所示，为______cm。（2）为了尽可能准确测量其电阻，实验室还备有实验器材如下：A．电压表V（量程3V，内阻约）B．电流表A（量程600mA，内阻约为）C．滑动变阻器（，0.6A）D．干电池2节E．开关S，导线若干①为了测量范围尽可能大一些，请将图中的实物连线____；②若通过多次测量得到的电阻的伏安特性曲线（I－U）为过原点的直线，其直线的斜率为k，由d表示电阻丝的直径，L表示电阻丝的长度，其电阻率的表达式为______。【答案】    ①. 8.0    ②. 2.095    ③. 5.015    ④.     ⑤. 【解析】【详解】（1）[1]多用电表选用“”挡，读数为；[2]螺旋测微器的固定刻度读数为2mm，可动刻度的最小分度为0.01mm，需要估读到下一位，读数为，故金属丝的直径为 [3]游标卡尺主尺的读数为5.0cm，游标尺的最小分度为0.05mm，读数为金属丝的长度为（2）[4]为了测量范围尽可能大一些，滑动变阻器应接成分压式，金属丝的电阻比较小，金属丝和电流表串联，电流表的分压作用比较明显，应采用电流表外接法。图中的实物连线如图[5]伏安特性曲线（I－U）为过原点的直线，斜率为则根据电阻定律有则四、计算题（3小题共38分）：考生答题写出规范的解题步骤。13. 如图所示的电路中，电源的电动势E = 20V，R1= R2= 6Ω，当电键S断开时，理想电流表的示数I1= 2.5A。求：（1）电源的电阻是多大？（2）当电键S闭合时，电源两极间的电压是多大？（3）当电键S闭合时，电阻R1消耗的功率？【答案】（1）2Ω；（2）12V；（3）24W【解析】【详解】（1）当S断开时，根据闭合电路欧姆定律得解得（2）当S闭合后，设R1、R2并联的总电路为R，则电源两极间的电压解得U = 12V（3）电阻R1消耗的功率得P = 24W14. 如图所示，有一电子（电量为e、质量为m）由静止开始经电压为的电场加速后，在两平行板正中央处垂直进入平行板间的匀强电场，并且恰能从下板右边缘飞出电场。两板间距为d，板长为l，不计电子重力。求：（1）电子经过加速后获得的速度？（2）若，d＝2.0cm，l＝5.0cm，则两平行极板所加偏转电压为多大？（3）电子经过下板右边缘时的动能？（答案用字母符号e、、表示，无需代入数据）【答案】（1）；（2）480V；（3）【解析】【详解】（1）电子加速过程，根据动能定理有  解得（2）电子偏转场中，又粒子能从平行板飞出的条件为联立，解得代入数据得（3）电子经加速和偏转全过程，根据动能定理有15. 如图所示，虚线左侧有一长度为、倾角的光滑斜面AB，虚线右侧有一光滑的半圆形轨道BCD，圆心为O，半径，斜面AB与半圆形轨道BCD在B点平滑连接。已知在虚线的右侧空间有方向水平向右、电场强度的匀强电场。现将一质量为m、电荷量为＋q的小物块从斜面AB的顶端A点由静止释放，已知重力加速度为g，，。求：（1）小物块第一次经过半圆形轨道最低点B时的速度大小；（2）小物块第一次经过半圆形轨道最右侧点C时，对半圆形轨道的压力；（3）试分析小物块在运动过程中是否会脱离半圆形轨道。【答案】（1）；（2），水平向右；（3）不会脱离【解析】【详解】（1）A到B，由动能定理得则（2）B到C，由动能定理得在C处，由牛顿第二定律有由牛顿第三定律知小球对半圆形轨道的压力方向水平向右。（3）如图所示小球进去虚线右侧区域后，受到的电场力电场力与重力的合力方向：与竖直方向夹角为53°斜向右下。假设小球未到达圆轨道上与圆心等效等高点（从O作一条与合力的垂线，与圆轨道的交点），且当速度减为0时，在合力的反方向上移动了距离h，由动能定理由（1）知等效等高点在复合场中等效高度比B点高出了只要h小于小球就不会脱离轨道，所以