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四川省宜宾市翠屏区2020-2021学年八年级下学期期末物理试题
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这是一份四川省宜宾市翠屏区2020-2021学年八年级下学期期末物理试题
2020-2021学年四川省宜宾市翠屏区八年级（下）期末物理试卷第一个用实验的方法测定大气压强值的科学家是( )A. 牛顿 B. 帕斯卡 C. 托里拆利 D. 阿基米德关于力的认识，下列说法中正确的是( )A. 力能脱离物体而独立存在 B. 两个物体只要相互接触，就一定有力的作用 C. 两个不相互接触的物体，一定没有力的作用 D. 击打排球时手感到疼，说明力的作用是相互的如图所示实例中，属于增大压强的是( )A. 菜刀刀刃很薄 B. 铁轨铺在枕木上 C. “玉兔2号”月球车轮子大而宽 D. 滑雪板的面积较大如图，下列工具中属于费力杠杆的是( )A. 开瓶起子 B. 独轮车 C. 钢丝钳 D. 镊子关于定滑轮、动滑轮及滑轮组的作用，下列说法正确的是( )A. 使用定滑轮能省力，还能改变力的方向 B. 使用动滑轮能省力，还能改变力的方向 C. 使用滑轮组一定能改变力的方向 D. 使用滑轮组既能省力，又能改变力的方向惯性在日常生活中有很多的应用，下列关于惯性的说法中正确的是( )A. 撞击锤柄的下端可以紧固锤头是利用了物体的惯性 B. 运动员助跑以提高跳远成绩是因为运动员受到惯性的作用 C. 司机系上安全带可以减小惯性 D. 高速行驶的列车很难停下来，说明物体速度越大惯性越大班级大扫除时，小天发现许多现象与摩擦有关，其中减少摩擦的措施是( )A. 擦玻璃时把抹布压紧在玻璃上去擦 B. 书柜下装有滚轮便于移动位置 C. 黑板刷的刷面使用更粗糙的材料制成 D. 水桶的手柄上刻有凹凸不平的花纹下列事件中，力对物体做了功的是( )A. 举重运动员举着杠铃保持不动 B. 用力推小轿车，没有推动 C. 将一袋大米从一楼扛到二楼 D. 冰壶在光滑的水平冰面上匀速滑行一段距离一个文具袋静止在水平桌面上，下列说法正确的是( )A. 文具袋受到的重力和文具袋对桌面的压力是一对相互作用力 B. 文具袋受到的重力和桌子对文具袋的支持力是一对相互作用力 C. 文具袋受到的重力和桌子对文具袋的支持力是一对平衡力 D. 桌子对文具袋的支持力和文具袋对桌子的压力是一对平衡力如图所示，质量相等的甲、乙两个实心正方体物块分别竖直悬浮在水中和漂浮在水面上，甲的体积是乙的体积的一半，下列说法正确的是( )A. 甲的密度小于乙的密度 B. 甲受到的浮力小于乙受到的浮力 C. 甲、乙下表面受到水的压力相等 D. 将甲轻轻叠放在乙上表面的中央，静止后乙刚好浸没在水中下列说法正确的是( )A. 人的正常体温大约是40℃ B. 托起两个鸡蛋的力大约是1N C. 人站在水平地面上对地面的压强大约为1.5×104Pa D. 从地面将一本物理书捡起放在课桌上做的功大约是40J如图所示的实例中，属于连通器应用的是( )A. 茶壶 B. 活塞式抽水机 C. 船闸 D. 水池下的回水弯管关于两台机器的功、功率、机械效率的比较，下列说法中正确的是( )A. 做功快的机器，功率一定大 B. 功率大的机械，做功一定多 C. 机械效率越高的机械，功率越大 D. 功率大的机器，机械效率不一定高如图(a)所示，放在水平地面上的物体C受到方向不变的水平拉力F的作用，F−t和v−t图象分别如图(b)、图(c)所示。下列说法中正确的是( )A. 在0∼3s，拉力做功为零 B. 在3∼6s，拉力功率逐渐增大 C. 在0∼3s，拉力小于摩擦力 D. 在3∼6s和6∼9s两个阶段，滑动摩擦力的大小均为4N踢出去的足球能在空中继续飞行一段距离是因为它具有______，最终足球要落向地面，这是由于受到______的作用。2020年春，在党和人民政府的正确领导下，全国人民万众一心，众志成城，抗疫工作取得辉煌战绩。4月起，各地中小学有序开学，如图是开学前夕学校防疫人员使用喷雾器对校园进行全面消毒。该喷雾器的工作原理是：在流体内部，流速越快的位置压强越______(选填“大”或“小”)，流体会自动从高压处流向低压处，最终形成雾状。喷雾器手柄处设计了凹凸不平的花纹，这是为了______摩擦(选填“增大”或“减小”)。小明用100N的水平推力，推着一个重为200N的木箱在水平地面上匀速前进了10m，推力对木箱做的功是______ J，重力对木箱做的功是______ J。利用如图装置分别用拉力F1、F2匀速提起物体A，该装置中使用的是______滑轮(选填“动”或“定”)，拉力F1______F2(选填“大于”、“等于”或“小于”)。 如图所示，2020年5月31日，我国在酒泉卫星发射中心用长征二号丁运载火箭成功将高分九号02星、和德四号卫星送入预定轨道。火箭携带着卫星加速上升的过程中，卫星的动能______，机械能______(均选填“变大”、“变小”或“不变”)。 如图所示，在探究“杠杆平衡条件”的实验中，调节杠杆在水平位置平衡后，在A点悬挂4个钩码(每个钩码重0.5N)，用调好的弹簧测力计沿竖直方向拉杠杆上的B点，使杠杆再次平衡，则弹簧测力计的示数为______N；将测力计转向图中虚线方向的过程中，始终保持杠杆平衡，则测力计的示数将______(选填“变大”、“变小”或“不变”)。如图所示，一个装有水的杯子放在电子秤上，小明用弹簧测力计匀速向上提起一个浸没在水中的圆柱形金属块，在金属块逐渐离开水面的过程中弹簧测力计的示数______，电子秤的示数______(均选填“变大”、“变小”或“不变”)。 如图(a)所示，同种材料制成的甲、乙两个正立方体，放在水平桌面上，甲、乙两物体对桌面的压强分别为600Pa和200Pa，则对桌面压力较大的为______，如果把甲放在乙的上面，如图(b)所示，则乙对桌面的压强大小为______ Pa。如图所示，一物体以某一速度冲上表面粗糙的固定斜面，请画出物体在上滑过程中所受力的示意图。(力的作用点画在物体的中心) 如图所示，轻质杠杆OA可绕O点在竖直面内旋转，阻力为F2。请在杠杆A端画出最小动力F1、动力臂L1和阻力臂L2的示意图，在探究“影响液体内部压强大小的因素”实验中： (1)实验前，应调整U形管压强计，使左右两边玻璃管中的液面______。如图甲用手按压强计的橡皮膜探头，U形管内水面出现高度差，并且在一段时间内不下降，说明U形管压强计的气密性良好。 (2)比较乙、丙实验可知，液体内部压强与液体的______有关。 (3)比较______、______实验可知，液体内部压强与液体的深度有关。 (4)为了进一步研究在同一深度，液体向各个方向的压强是否相等，他们应控制不变的物理量有______和______，要改变的是橡皮膜探头的方向。小李同学想要用如图(a)所示的实验装置来探究“物体动能大小与什么因素有关”。 (1)在探究“动能大小与速度的关系”时，应保持小车的______相同，让小车从斜面上______(选填“相同”或“不同”)的高度由静止滑下，以不同的速度推动木块移动。 (2)本实验运用了两种研究方法：一是控制变量法，二是转换法。本题中用木块在水平面上的移动距离来反映小车动能大小的方法就是______。 (3)实验发现，小车从越高的位置滑下，推木块移动的距离越远。这说明，物体动能的大小与______有关。在高速公路上，对行驶的小轿车和大卡车的限速不同，是因为物体动能的大小还与______有关。 (4)他在实验的过程中又发现只要去掉木块，就可以探究“阻力对物体运动的影响”。如图(b)所示，他将毛巾、棉布和玻璃分别铺在水平面上，让小车分别从斜面上由静止滑下，观察小车在水平面上运动的距离。 ①每次均让同一小车从斜面同一高度由静止滑下的目的是：使小车到达水平面时具有相同的______。 ②实验中通过改变______来改变阻力的大小。 ③实验发现，小车在玻璃面上运动的距离最远，说明小车受到的阻力最______，进一步推理得出：如果小车运动时不受阻力，小车将做______运动。如图所示，盛有水的杯子静止在水平桌面上。杯子的底面积为50cm2，把质量为0.6kg的木块放入杯中，木块漂浮在水面上，此时杯中水的深度为20cm。(g取10N/kg，ρ水=1.0×103kg/m3，不计杯壁厚度)求： (1)木块所受的浮力； (2)水对杯底的压强； (3)水对杯底的压力。如图所示，建筑工人正在用滑轮组提升建筑材料。在10s内，工人师傅用竖直向上的拉力F将建筑材料匀速提升高度h=1m，建筑材料的重力G=900N，滑轮组此时的机械效率是75%。(不计滑轮组的摩擦与绳子重力)求： (1)这一过程中，有用功是多少？ (2)这一过程中，拉力F的功率是多少？ (3)动滑轮的重力是多少？ (4)若用该滑轮组将重力为1200N的建筑材料匀速提升相同的高度，那么此过程中滑轮组的机械效率是多少？ 答案和解析1.【答案】C 【解析】解： A、牛顿研究了牛顿三大定律．不符合题意． B、帕斯卡研究了帕斯卡定律，研究了液体压强问题．不符合题意． C、托里拆利研究了托里拆利实验，准确测量大气压的值．符合题意． D、阿基米德发现了杠杆平衡条件和浮力的影响因素．不符合题意． 故选C. 识记准确测量大气压值的实验是托里拆利实验，托里拆利实验是由托里拆利完成的． 我们要记住一些科学家的主要贡献，例如牛顿、托里拆利、帕斯卡、伽利略、奥斯特、法拉第、安培、伏特、欧姆、焦耳、爱因斯坦等等． 2.【答案】D 【解析】解：A.力是物体对物体的作用，不能脱离施力物体与受力物体而单独存在，故A错误； B.如果两个物体只接触，不发生相互作用，也不会产生力，故B错误； C.不接触的物体间也会产生力的作用，如重力和磁体间的磁力，故C错误 D.击打排球时手给排球一个力的作用，同时球给手一个力的作用，手感到疼，说明力的作用是相互的，故D正确。 故选：D。 (1)力是物体对物体的作用，离开物体就没有力的作用； (2)产生力的条件必须满足两个：一是必须要有两个物体，一个物体不能产生力，二是物体间要发生作用； (3)物体间力的作用是相互的，一个物体施力的同时也受到力的作用。 本题考查力的概念和力的作用是相互的，是对基础知识的考查，难度不大。 3.【答案】A 【解析】解：A、刀刃磨得很薄，是在压力一定时，减小受力面积来增大压强，故A符合题意； B、将铁轨铺在枕木上，是在压力一定时，增大受力面积来减小列车对路基的压强，保护路基，故B不符合题意； C、“玉兔2号”月球车轮子大而宽，是在压力一定的情况下，通过增大受力面积，减小压强，故C不符合题意； D、滑雪板的面积较大，是在压力一定的情况下，通过增大受力面积，减小压强，故D不符合题意。 故选：A。 压强大小的影响因素：压力大小和受力面积大小。增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积来增大压强；在受力面积一定时，增大压力来增大压强。 这是一道与生活联系非常密切的物理题，在我们日常生活中经常需要根据实际情况来增大或减小压强，要学会学以致用，活学活用，这才是学习物理的真正意义。解答时，要注意使用控制变量法。 4.【答案】D 【解析】解：A、开瓶起子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆； B、独轮车在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆。 C、钢丝钳在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆； D、镊子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆。 故选：D。 结合生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。 此题考查的是杠杆的分类主要包括以下几种：①省力杠杆，动力臂大于阻力臂；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂。 5.【答案】D 【解析】解：A、使用定滑轮不能省力，但能改变力的方向，故A说法不正确。 B、使用动滑轮可以省力，但不能改变力的方向，故B说法不正确。 C、使用滑轮组可以省力，但不一定改变力的方向，故C说法不正确。 D、使用滑轮组既可以省力，又能改变力的方向，故D说法正确。 故选：D。 (1)定滑轮的特点：不省力，但可以改变力的方向。 (2)动滑轮的特点：能省一半的力，但不能改变力的方向。 (3)滑轮组的特点：既可以省力，也可以改变力的方向。 本题主要考查了定滑轮、动滑轮和滑轮组的特点。理解使用滑轮组时可以省力，也可以改变力的方向。 6.【答案】A 【解析】解：A、紧固锤头时撞击锤柄的下端，松动的锤头就紧套在锤柄上，这是利用了锤头的惯性，故A正确； B、跳远比赛时，运动员加速跑，跳起时，由于惯性继续保持原来速度前进，提高了成绩，利用了自身的惯性，不是受到惯性作用，故B错误； C、司机及乘员系上安全带，是为了减小由于惯性带来的伤害，惯性大小只与物体的质量有关，人的质量不变，则惯性大小不变，故C错误； D、高速行驶的火车不容易停下来，说明其质量大，惯性也大，不是因为其速度大，故D错误。 故选：A。 物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，惯性大小只跟物体的质量大小有关，质量越大，惯性越大。 此题主要考查学生对惯性现象的理解，惯性现象在现实生活中随处可见，和我们的生活密切相关，学习中要注意联系实际，用所学惯性知识解决生活中的实际问题。 7.【答案】B 【解析】解： A、擦玻璃时把抹布压紧在玻璃上去擦，这是通过增大压力来增大摩擦的，故A错误； B、书柜下装有滚轮便于移动位置，是通过变滑动为滚动来减小摩擦的，故B正确； C、黑板刷的刷面使用更粗糙的材料制成，这是通过增加接触面的粗糙程度来增大摩擦的，故C错误； D、水桶的手柄上刻有凹凸不平的花纹，这是通过增加接触面的粗糙程度来增大摩擦的，故D错误。 故选：B。 (1)增大摩擦力的方法：增大压力，增大接触面的粗糙程度。 (2)减小摩擦力的方法：减小压力，减小接触面的粗糙程度，使接触面脱离，用滚动代替滑动。 此题考查的是摩擦力知识在生活中的应用，物理知识就是要应用于生活的，这也是我们学习物理的目的，是一道好题。 8.【答案】C 【解析】解：A、举重运动员举着杠铃站着不动，有力但没有移动距离，不做功，故A错误； B、用力推小轿车，没有推动，对小轿车有力的作用，但小轿车没有移动距离，所以不做功，故B错误； C、将大米从一楼扛到二楼，大米在提力的方向上移动了距离，做了功，故C正确； D、冰壶在光滑的水平冰面上匀速滑行一段距离，是因为冰壶具有惯性，力没有对冰壶做功，故D错误； 故选：C。 做功的两个必要因素：①作用在物体上的力；②物体在力的方向上通过的距离(即力和距离的方向要一致)；二者缺一不可。 掌握力是否做功的判断方法，特别是有力、有距离，力对物体不一定做功，利用好做功的条件是关键。 9.【答案】C 【解析】解：A、一个文具袋静止在水平桌面上，文具袋受到的重力和文具袋对桌面的压力，力的方向相同，不是一对相互作用力，故a cw； B C、文具袋受到的重力和桌子对文具袋的支持力均作用在文具袋上，大小相等、方向相反、作用在一条直线上，符合二力平衡的条件，所以是一对平衡力，不是相互作用力。故B错误，C正确； D、桌子对文具袋的支持力和文具袋对桌子的压力是作用在不同的物体上的两个力，不符合二力平衡的条件，所以不是一对平衡力。故D错误。 故选：C。 二力平衡的条件是：大小相等、方向相反、作用在一条直线上、作用在一个物体上；一对相互作力与平衡力的区别在于，相互作用力是作用在不同物体上的，据此可做出判断。 本题考查了平衡力与相互作用力的特点与区分，属力学基础题，难度不大． 10.【答案】D 【解析】解：A、由图知，甲悬浮在水中，甲的密度等于水的密度；乙漂浮在水中，乙的密度小于水的密度，所以甲的密度大于乙的密度，故A错误； B、甲、乙两实心正方体物块分别悬浮、漂浮在水中，根据漂浮和悬浮条件可知：F浮甲=G甲，F浮乙=G乙，由于两物块质量相等，重力相等，所以浮力相等，故B错误； C、根据F浮=F向上−F向下可知：F向上=F浮+F向下，由于甲悬浮，乙漂浮，则F甲向下>0，F乙向下=0，所以，F甲向上>F乙向上，故C错误； D、甲、乙两物体的质量相等，甲的体积是乙的体积的一半，根据ρ=mV知甲物体的密度是乙物体密度的2倍； 由图知甲物体悬浮在水中，甲物体的密度等于水的密度，则乙物体的密度是水密度的一半，所以乙物体有一半没入水中，当将甲轻轻叠放在乙上表面的中央，静止后总重力变为原来的2倍，浮力也变为原来的2倍，由阿基米德原理可知排开水的体积变为原来的2倍，所以乙刚好浸没在水中，故D正确。 故选：D。 (1)由于甲物块悬浮在水中，甲的密度等于水的密度，由于乙物块漂浮在水中，乙的密度小于水的密度；据此判断甲和乙的密度关系； (2)已知甲、乙质量相同，则其重力相同。漂浮和悬浮都有F浮=G物； (3)根据浮力产生的原因即可判断压力的大小关系； (4)根据甲、乙两物体的质量、体积关系，与密度公式判断出甲乙两物体密度的关系，由甲物体与液体密度的关系以及乙液体与密度的关系判断出乙物体浸没水中的体积，当将甲轻轻叠放在乙上表面的中央，静止后重力变为原来的2倍，浮力也变为原来的2倍，进而判断出乙物体浸没水中的体积。 本题考查了浮沉条件、浮力的产生原因和阿基米德原理的应用，关键是用好漂浮和悬浮条件，灵活运用公式进行判断。 11.【答案】BC 【解析】解：A、正常情况下，人的体温在37℃左右，变化幅度很小。故A不正确； B、两个鸡蛋的质量约100g=0.1kg，托起两个鸡蛋的力在F=G=mg=0.1kg×10N/kg=1N左右。故B正确； C、成年人的体重在G=600N左右，双脚站立时与水平地面的接触面积在0.04m2左右，双脚对水平地面的压强在p=FS=GS=600N0.04m2=1.5×104Pa左右。故C正确； D、一本物理书的重力约G=2.5N，课桌高度约h=0.8m。将一本物理书从地上捡起放在课桌上做的功大约是W=Gh=2.5N×0.8m=2J。故D不正确。 故选：BC。 此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出正确的选项。 估测法是利用物理概念、规律、物理常数和常识对物理量的数值、数量级进行快速计算以及对取值范围合理估测的方法。 12.【答案】ACD 【解析】解：A、茶壶是利用连通器的原理制成的，故A符合题意； B、活塞式抽水机是利用大气压来工作的，故B不符合题意； C、船闸也是利用连通器的原理工作的，顾C符合题意； D、回水弯管是利用连通器的原理制成的，故D符合题意。 故选：ACD。 连通器：上端开口下端连通的容器。连通器里只有一种液体，在液体不流动的情况下，连通器各容器中液面的高度总是相平的。 此题考查的是连通器在生活中的应用。这就要求我们平时要多观察、多思考。 13.【答案】AD 【解析】解：A、物体单位时间内所做的功叫做功率，它反映了物体做功的快慢，功率大的机器做功快，做功快的机器功率大，故A正确； B、由公式W=Pt可知，物体所做的功是由功率和时间共同决定的，在相同时间内，功率大的机器做功一定多，而选项B没有相同时间这个条件，故B错误； C、机械效率越高的机械，只能说明使用该机械时，有用功在总功中所占的比例高，并不能说明使用该机械做功也快，故C错误； D、机械效率是有用功跟总功的比值，它是反映机械性能好坏的一个重要指标，功率大的机器只能说明机器做功一定快，并不能说明有用功在总功中所占的比例也高，故D正确。 故选：AD。 (1)功率是表示物体做功快慢的物理量； (2)机械效率是有用功跟总功的比值，它反映了机械性能的好坏； (3)物体做功多少是由功率和时间两个因素共同决定的。 功率和机械效率放在一道题中，往往会增加学生的解题难度。虽然功率与机械效率都是两个物理量的比值，但它们之间并没有任何的必然联系：一个有单位，反映物体做功的快慢；一个没有单位，反映机械性能的好坏。所以，在解答此类题时，理解功率和机械效率的概念、意义是解答问题的关键所在。 14.【答案】ABD 【解析】解：A、由图(c)可知，0∼3s物体速度为零，处于静止状态，移动的距离为零，根据W=Fs知拉力做功为零，故A正确； B、由图(c)可知，3∼6s物体做加速运动，根据P=Wt=Fst=Fv知在拉力F不变时，拉力功率逐渐变大，故B正确； C、由(c)图可知，0∼3s物体速度为零，处于静止状态，水平方向受到的摩擦力和拉力是一对平衡力，大小相等，故C错误； D、由图(c)可知，6∼9s内，物体做匀速直线运动，水平方向受到的摩擦力和拉力是一对平衡力，大小相等，由图(b)知此时的拉力为4N，所以滑动摩擦力也为4N； 3∼6s物体做加速运动，因压力和接触面的粗糙程度不变，滑动摩擦力不变，所以受到的摩擦力仍为4N，故D正确。 故选：ABD。 (1)分析出0∼3s物体的运动状态，判断出物体运动的距离，根据功的公式判断出做功情况； (2)根据3∼6s物体的运动状态和P=Wt=Fst=Fv判断出拉力功率的变化情况； (3)当物体静止时，静摩擦力与推力二力平衡，大小相等； (4)当物体运动时，动摩擦力是不受推力大小影响的，只有匀速直线运动时，摩擦力与推力二力平衡，大小相等，当物体受到的推力变大或变小时，摩擦力都不变。 本题考查学生对图象的认识及力的合成的应用，要求能熟练读图，并能结合运动分析物体的受力情况。 15.【答案】惯性 重力 【解析】解：(1)踢出去的足球不会立即停下来是因为足球具有惯性，仍会保持原来的运动状态继续向前运动； (2)因为空中飞行的足球受到重力的作用，而重力方向是竖直向下的，所以足球最终落向地面。 故答案为：惯性；重力。 (1)物体保持原来运动状态不变的性质叫做惯性； (2)地面附近的一切物体都受到重力作用，重力方向是竖直向下的。 本题以生活中的现象为背景，考查了对惯性、重力的理解，属于力学基本规律。 16.【答案】小 增大 【解析】解：在流体内部，流速越快的位置压强越小，流体在压强差的作用下，会自动从高压处流向低压处，最终形成雾状； 喷雾器手柄处设计了凹凸不平的花纹，这是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。 故答案为：小；增大。 流体压强与流速的关系：流速大的地方压强小，流速小的地方压强大； 增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。 本题考查流体压强与流速的关系、增大摩擦力的方法，属于基础题。 17.【答案】1000 0 【解析】解：(1)水平推力F=100N，在水平方向上移动的距离为s=10m，所以推力对木箱做的功为W=Fs=100N×10m=1000J； (2)木箱的重力为G=200N，木箱在竖直方向上没有移动距离，所以重力没有做功，即重力做功为0J。 故答案为：1000；0。 功等于力与在力的方向上移动距离的乘积。 本题考查功的计算，关键是明确功等于力与在力的方向上移动距离的乘积。 18.【答案】定 等于 【解析】解：提升物体A时，滑轮的轴固定不动，是定滑轮；因为定滑轮相当于一等臂杠杆，只能改变力的方向，而不省力，故定滑轮拉同一物体A，沿不同方向用的拉力大小相等，所以F1等于F2。 故答案为：定；等于。 要解答本题需掌握：使用时滑轮的轴固定不动的是定滑轮，滑轮和物体一起移动的滑轮是动滑轮。 定滑轮实质上是一等臂杠杆，只改变力的方向，而不省力。 本题主要考查学生对定滑轮工作特点的了解和掌握，是一道基础题。 19.【答案】变大 变大 【解析】解：加速升空的过程中：质量不变，速度变大，动能变大；质量不变，高度变大，重力势能变大；由于机械能=势能+动能，动能变大，重力势能变大，所以机械能变大。 故答案为：变大；变大。 (1)动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大。 (2)重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度。质量越大，高度越高，重力势能越大。 (3)机械能=势能+动能。 掌握动能、重力势能的影响因素，理解重力势能和动能的转化可从高度和速度来理解，可以帮助我们更好的理解能量的转化。 20.【答案】1；变大 【解析】解： (1)设杠杆上一个小格的长度为L， 根据杠杠的平衡条件可得：4×0.5N×4L=F×8L， 解得F=1N； (2)当弹簧测力计在B处竖直向上拉时，拉力的方向竖直向上与杠杆垂直，动力臂等于支点到力的作用点的距离；当弹簧测力计逐渐向右倾斜时，拉力的方向不再与杠杆垂直，动力臂变小，根据杠杆平衡条件可知，动力变大，弹簧测力计的示数变大。 故答案为：1：变大。 (1)根据杠杆的平衡条件可以求出在B点弹簧测力计的示数； (2)拉力的方向是倾斜的，力的方向与杠杆不垂直，力臂不能从杠杆上读出，此时力臂变小，根据杠杆的平衡条件分析弹簧测力计示数变化。 利用杠杆平衡条件，可以求出力或力臂大小，也可以判断杠杆是否平衡，或判断力的大小变化等，杠杆平衡条件应用很广泛。 21.【答案】变大 变小 【解析】解：(1)在金属块逐渐离开水面的过程中，排开液体的体积变小，根据F浮=ρ液gV排可知，所受浮力不断减小，由F拉=G−F浮可知拉力变大，即弹簧测力计的示数变大； (2)电子秤的示数应等于杯子、水、圆柱形金属块排开的水的重力之和，杯子、水的重力不变； 由于金属块受到的浮力变小，则根据G排=F浮可知：圆柱形金属块排开的水的重力变小， 所以，电子秤的示数变小。 故答案为：变大；变小。 (1)根据称重法可知，物体受到的拉力(即弹簧测力计的示数)等于物体的重力减去物体受到的浮力，而在金属块逐渐离开水面的过程中，排开液体的体积变小，金属块受到的浮力变小，据此判断弹簧测力计示数的变化； (2)电子秤的示数应等于杯子、水、圆柱形金属块排开的水的重力之和，圆柱形金属块排开的水的重力G排=F浮，据此分析即可。 本题考查控制变量法、阿基米德原理、称重法测浮力等知识的应用，关键是知道物体在液体中受到的浮力大小与哪些因素有关。 22.【答案】甲 5600 【解析】解： (1)因甲、乙两物体对桌面的压强分别为600Pa和200Pa，且由图知甲的受力面积大于乙的受力面积， 所以由p=FS的变形式F=pS可知，对桌面压力较大的为甲； (2)设甲正方体的高度(边长)为a，密度为ρ，则其体积为V=a3， 甲正方体的质量为：m=ρV=ρa3， 甲正方体对水平面的压力等于其重力，则：F=G=mg=ρa3g， 正方体的底面积：S=a2， 甲正方体对水平面的压强为： p甲=FS=ρa3ga2=ρga， 同理，乙正方体对水平面的压强为： p乙=ρgb(b为乙正方体的高度)， 由题知两正方体的密度相同，则：p甲p乙=ρgaρgb=ab=600Pa200Pa=31； 即甲、乙两正方体的边长之比为3：1， 故甲、乙两正方体的体积之比为27：1， 根据G=mg=ρVg可知，甲乙两正方体的重力之比为27：1，即G甲=27G乙； 如果把甲放在乙的上面，如图(b)所示，此时乙对水平桌面的压力为： F乙=G甲+G乙=27G乙+G乙=28G乙， 根据p=FS可知，在受力面积不变时，压强与压力大小成正比， 所以，此时乙对桌面的压强为原来乙对桌面压强的28倍， 即此时乙对桌面的压强大小为：p乙′=28p乙=28×200Pa=5600Pa。 故答案为：甲；5600。 (1)已知甲、乙两物体对桌面的压强大小且甲的受力面积大于乙的受力面积，根据p=FS的变形式F=pS分析回答； (2)设甲正方体的高度(边长)为a，密度为ρ，甲正方体对水平面的压力等于其重力，根据质量和重力、压强公式推导出甲正方体对水平面的压强为ρga，同理可得出乙正方体对水平面的压强；根据已知条件得出两正方体的边长之比，从而得出甲、乙两物体体积之比、质量及重力之比； 如果把甲放在乙的上面，找出此时乙对水平桌面的压力与原来乙对水平桌面的压力大小关系，根据p=FS可知，在受力面积不变时，压强与压力大小成正比求出乙对桌面的压强大小。 本题考查密度、重力、压强公式的运用，运用有关比例的知识可简化解题过程。 23.【答案】解：物体一定受到竖直向下的重力作用，冲上粗糙斜面时会受到斜面对它沿斜面向下的摩擦力，同时还会受到斜面对它的支持力，方向垂直于斜面向上。 过物体的中心，分别沿各力的方向画一条有向线段，并分别用G、f和F表示，如图所示： 【解析】首先分析物体在冲上粗糙斜面过程中所受的力，并注意力的作用点和方向。物体受重力、斜面的支持力及摩擦力的作用。在作图时，可以将三个力的作用点都画在重心上。 画力的示意图，就是用一条带箭头线段表示出力的三要素，所以要先正确分析力的大小、方向和作用点，再根据力的示意图的要求作出力的示意图。 24.【答案】解：过支点作力F2作用线的垂线段，即可做出力臂L2，如图所示； 由图可知，力F1作用在A点时，力臂L1等于杠杆OA的长度，力臂最长，由杠杆平衡条件可知，动力F1最小，如图所示； 【解析】从支点作力的作用线的垂线段，即可作出力的力臂。 在阻力与阻力臂一定时，由杠杆平衡条件可知，动力臂越大，动力越小，根据图示确定最大动力臂，然后作出最小的动力。 考查了作最小力示意图及作力臂问题，熟练应用杠杆平衡条件、由图示确定最大力臂是正确解题的关键。 25.【答案】相平 密度 丙 丁 液体密度 液体深度 【解析】解：(1)实验前，应调整U形管压强计，使左右两边玻璃管中的液面相平； (2)比较乙、丙实验可知，液体的深度相同，密度不同，U形管左右液面差不同，液体内部压强不同，所以液体内部压强与液体的密度有关； (3)要探究液体内部压强与液体的深度的关系，需要控制液体的密度相同，改变液体的深度，图丙丁符合题意； (4)液体压强跟液体密度和液体的深度有关。研究在同一深度，液体向各个方向的压强是否相等，他们应控制液体的密度和深度不变，改变金属盒的方向。 故答案为：(1)相平；(2)密度； (3)丙；丁；(4)液体密度；液体深度。 (1)压强计使用前应检查气密性是否良好，并保证U形管两侧液面相平； (2)(3)液体压强跟液体密度和液体的深度有关。在液体密度一定时，液体深度越大，液体压强越大；在液体深度一定时，液体密度越大，液体的压强越大。 (4)探究液体压强跟金属盒方向关系时，控制液体的密度和液体的深度不变。 本题考查探究液体压强的实验，关键是将课本知识内容记忆清楚，仔细分析即可。 26.【答案】质量 不同 转换法 速度 质量 速度 接触面的粗糙程度 小 匀速直线 【解析】解： (1)在探究“动能的大小与速度的关系”时，由控制变量法，应保持小车的质量相同，改变速度大小，让小车从斜面上不同的高度滑下(改变到达水平面的速度)，以不同的速度推动木块移动； (2)本实验运用了两种研究方法：一是控制变量法，二是转换法；该实验中的转换法是指用木块移动的距离来反映小车动能大小的方法； (3)实验发现，小车从越高的位置滑下，到达水平面时的速度越大，推木块移动的距离越远，这说明，物体动能的大小与速度有关； 小轿车与大卡车最大速度不同是因为动能的大小与质量有关，大卡车的质量大，故规定的最大速度较小； 在高速公路上，对行驶的小轿车和大卡车的限速不同，是因为物体动能的大小还与质量有关； (4)①每次让小车从斜面同一高度由静止滑下的目的是：使小车到达水平面时具有相同的速度； ②从毛巾、棉布到玻璃，接触面粗糙程度不同，受到的浮力的大小不同； ③接触面越光滑，小车受到的阻力变小，实验发现，小车在玻璃上运动的距离最大，说明小车受到的阻力越小，向前滑行的距离越大；进一步推理得出：如果小车运动时不受阻力，小车将运动的无限远，小车将做匀速直线运动。 故答案为：(1)质量；不同；(2)转换法；(3)速度；质量；(4)①速度；②接触面的粗糙程度；③小；匀速直线。 (1)(2)物体动能的大小与速度和质量有关，研究动能大小与其中一个因素的关系，要控制另一个因素不变； 根据转换法，通过推动木块移动的距离反应动能的大小； (3)动能的大小与质量、速度有关； (4)①由控制变量法，要控制小车到达水平面时具有相同的速度； ②从毛巾、棉布到玻璃，接触面粗糙程度变小，小车受到的阻力越小，向前滑行的距离越大；进一步推理得出结论。 本题研究物体动能大小与什么因素有关和阻力对物体运动的影响，考查控制变量法、转换法、推理法的运用和数据分析。 27.【答案】解：(1)因木块漂浮在水面上， 所以，木块所受的浮力：F浮=G=mg=0.6kg×10N/kg=6N； (2)杯中水的深度：h=20cm=0.2m， 水对杯底的压强：p=ρ水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.2m=2000Pa； (3)由p=FS可得，水对杯底的压力：F=pS=2000Pa×50×10−4m2=10N。 答：(1)木块所受的浮力为6N； (2)水对杯底的压强为2000Pa； (3)水对杯底的压力为10N。 【解析】(1)木块漂浮在水面上，受到的浮力和自身的重力相等，根据F浮=G=mg求出木块所受的浮力； (2)知道杯中水的深度，根据p=ρ液gh求出水对杯底的压强； (3)根据F=pS求出水对杯底的压力。 本题考查了物体浮沉条件和液体压强公式、固体压强公式的应用，是一道较为简单的计算题。 28.【答案】解： (1)有用功为：W有=Gh=900N×1m=900J； (2)滑轮组此时的机械效率是75%，根据η=W有W总可知，总功为： W总=W有η=900J75%=1200J； 拉力的功率为：P=W总t=1200J10s=120W； (3)不计滑轮组的摩擦与绳子重力，则所做的额外功为提升动滑轮所做的功：W额=W总−W有=1200J−900J=300J； 动滑轮的重力为：G动=W额h=300J1m=300J； (4)若用该滑轮组将重力为1200N的建筑材料匀速提升相同的高度，不计滑轮组的摩擦与绳子重力，则机械效率为： η=W有W总=G′hG′h+G动h=G′G′+G动=1200N1200N+300N=80%。 答：(1)这一过程中，有用功是900J； (2)这一过程中，拉力F的功率是120W； (3)动滑轮的重力是300N； (4)若用该滑轮组将重力为1200N的建筑材料匀速提升相同的高度，那么此过程中滑轮组的机械效率是80%。 【解析】(1)根据W=Gh求出有用功； (2)根据η=W有W总求出总功，根据P=Wt求出功率； (3)根据总功和有用功求出额外功，根据W额=G动h求出动滑轮的重力； (4)根据η=W有W总=GhGh+G动h=GG+G动求出机械效率的大小。 本题考查了使用滑轮组时有用功、总功、机械效率的计算，利用好机械效率的公式η=W有W总=GhGh+G动h=GG+G动是解题的关键。
2020-2021学年四川省宜宾市翠屏区八年级（下）期末物理试卷第一个用实验的方法测定大气压强值的科学家是( )A. 牛顿 B. 帕斯卡 C. 托里拆利 D. 阿基米德关于力的认识，下列说法中正确的是( )A. 力能脱离物体而独立存在 B. 两个物体只要相互接触，就一定有力的作用 C. 两个不相互接触的物体，一定没有力的作用 D. 击打排球时手感到疼，说明力的作用是相互的如图所示实例中，属于增大压强的是( )A. 菜刀刀刃很薄 B. 铁轨铺在枕木上 C. “玉兔2号”月球车轮子大而宽 D. 滑雪板的面积较大如图，下列工具中属于费力杠杆的是( )A. 开瓶起子 B. 独轮车 C. 钢丝钳 D. 镊子关于定滑轮、动滑轮及滑轮组的作用，下列说法正确的是( )A. 使用定滑轮能省力，还能改变力的方向 B. 使用动滑轮能省力，还能改变力的方向 C. 使用滑轮组一定能改变力的方向 D. 使用滑轮组既能省力，又能改变力的方向惯性在日常生活中有很多的应用，下列关于惯性的说法中正确的是( )A. 撞击锤柄的下端可以紧固锤头是利用了物体的惯性 B. 运动员助跑以提高跳远成绩是因为运动员受到惯性的作用 C. 司机系上安全带可以减小惯性 D. 高速行驶的列车很难停下来，说明物体速度越大惯性越大班级大扫除时，小天发现许多现象与摩擦有关，其中减少摩擦的措施是( )A. 擦玻璃时把抹布压紧在玻璃上去擦 B. 书柜下装有滚轮便于移动位置 C. 黑板刷的刷面使用更粗糙的材料制成 D. 水桶的手柄上刻有凹凸不平的花纹下列事件中，力对物体做了功的是( )A. 举重运动员举着杠铃保持不动 B. 用力推小轿车，没有推动 C. 将一袋大米从一楼扛到二楼 D. 冰壶在光滑的水平冰面上匀速滑行一段距离一个文具袋静止在水平桌面上，下列说法正确的是( )A. 文具袋受到的重力和文具袋对桌面的压力是一对相互作用力 B. 文具袋受到的重力和桌子对文具袋的支持力是一对相互作用力 C. 文具袋受到的重力和桌子对文具袋的支持力是一对平衡力 D. 桌子对文具袋的支持力和文具袋对桌子的压力是一对平衡力如图所示，质量相等的甲、乙两个实心正方体物块分别竖直悬浮在水中和漂浮在水面上，甲的体积是乙的体积的一半，下列说法正确的是( )A. 甲的密度小于乙的密度 B. 甲受到的浮力小于乙受到的浮力 C. 甲、乙下表面受到水的压力相等 D. 将甲轻轻叠放在乙上表面的中央，静止后乙刚好浸没在水中下列说法正确的是( )A. 人的正常体温大约是40℃ B. 托起两个鸡蛋的力大约是1N C. 人站在水平地面上对地面的压强大约为1.5×104Pa D. 从地面将一本物理书捡起放在课桌上做的功大约是40J如图所示的实例中，属于连通器应用的是( )A. 茶壶 B. 活塞式抽水机 C. 船闸 D. 水池下的回水弯管关于两台机器的功、功率、机械效率的比较，下列说法中正确的是( )A. 做功快的机器，功率一定大 B. 功率大的机械，做功一定多 C. 机械效率越高的机械，功率越大 D. 功率大的机器，机械效率不一定高如图(a)所示，放在水平地面上的物体C受到方向不变的水平拉力F的作用，F−t和v−t图象分别如图(b)、图(c)所示。下列说法中正确的是( )A. 在0∼3s，拉力做功为零 B. 在3∼6s，拉力功率逐渐增大 C. 在0∼3s，拉力小于摩擦力 D. 在3∼6s和6∼9s两个阶段，滑动摩擦力的大小均为4N踢出去的足球能在空中继续飞行一段距离是因为它具有______，最终足球要落向地面，这是由于受到______的作用。2020年春，在党和人民政府的正确领导下，全国人民万众一心，众志成城，抗疫工作取得辉煌战绩。4月起，各地中小学有序开学，如图是开学前夕学校防疫人员使用喷雾器对校园进行全面消毒。该喷雾器的工作原理是：在流体内部，流速越快的位置压强越______(选填“大”或“小”)，流体会自动从高压处流向低压处，最终形成雾状。喷雾器手柄处设计了凹凸不平的花纹，这是为了______摩擦(选填“增大”或“减小”)。小明用100N的水平推力，推着一个重为200N的木箱在水平地面上匀速前进了10m，推力对木箱做的功是______ J，重力对木箱做的功是______ J。利用如图装置分别用拉力F1、F2匀速提起物体A，该装置中使用的是______滑轮(选填“动”或“定”)，拉力F1______F2(选填“大于”、“等于”或“小于”)。 如图所示，2020年5月31日，我国在酒泉卫星发射中心用长征二号丁运载火箭成功将高分九号02星、和德四号卫星送入预定轨道。火箭携带着卫星加速上升的过程中，卫星的动能______，机械能______(均选填“变大”、“变小”或“不变”)。 如图所示，在探究“杠杆平衡条件”的实验中，调节杠杆在水平位置平衡后，在A点悬挂4个钩码(每个钩码重0.5N)，用调好的弹簧测力计沿竖直方向拉杠杆上的B点，使杠杆再次平衡，则弹簧测力计的示数为______N；将测力计转向图中虚线方向的过程中，始终保持杠杆平衡，则测力计的示数将______(选填“变大”、“变小”或“不变”)。如图所示，一个装有水的杯子放在电子秤上，小明用弹簧测力计匀速向上提起一个浸没在水中的圆柱形金属块，在金属块逐渐离开水面的过程中弹簧测力计的示数______，电子秤的示数______(均选填“变大”、“变小”或“不变”)。 如图(a)所示，同种材料制成的甲、乙两个正立方体，放在水平桌面上，甲、乙两物体对桌面的压强分别为600Pa和200Pa，则对桌面压力较大的为______，如果把甲放在乙的上面，如图(b)所示，则乙对桌面的压强大小为______ Pa。如图所示，一物体以某一速度冲上表面粗糙的固定斜面，请画出物体在上滑过程中所受力的示意图。(力的作用点画在物体的中心) 如图所示，轻质杠杆OA可绕O点在竖直面内旋转，阻力为F2。请在杠杆A端画出最小动力F1、动力臂L1和阻力臂L2的示意图，在探究“影响液体内部压强大小的因素”实验中： (1)实验前，应调整U形管压强计，使左右两边玻璃管中的液面______。如图甲用手按压强计的橡皮膜探头，U形管内水面出现高度差，并且在一段时间内不下降，说明U形管压强计的气密性良好。 (2)比较乙、丙实验可知，液体内部压强与液体的______有关。 (3)比较______、______实验可知，液体内部压强与液体的深度有关。 (4)为了进一步研究在同一深度，液体向各个方向的压强是否相等，他们应控制不变的物理量有______和______，要改变的是橡皮膜探头的方向。小李同学想要用如图(a)所示的实验装置来探究“物体动能大小与什么因素有关”。 (1)在探究“动能大小与速度的关系”时，应保持小车的______相同，让小车从斜面上______(选填“相同”或“不同”)的高度由静止滑下，以不同的速度推动木块移动。 (2)本实验运用了两种研究方法：一是控制变量法，二是转换法。本题中用木块在水平面上的移动距离来反映小车动能大小的方法就是______。 (3)实验发现，小车从越高的位置滑下，推木块移动的距离越远。这说明，物体动能的大小与______有关。在高速公路上，对行驶的小轿车和大卡车的限速不同，是因为物体动能的大小还与______有关。 (4)他在实验的过程中又发现只要去掉木块，就可以探究“阻力对物体运动的影响”。如图(b)所示，他将毛巾、棉布和玻璃分别铺在水平面上，让小车分别从斜面上由静止滑下，观察小车在水平面上运动的距离。 ①每次均让同一小车从斜面同一高度由静止滑下的目的是：使小车到达水平面时具有相同的______。 ②实验中通过改变______来改变阻力的大小。 ③实验发现，小车在玻璃面上运动的距离最远，说明小车受到的阻力最______，进一步推理得出：如果小车运动时不受阻力，小车将做______运动。如图所示，盛有水的杯子静止在水平桌面上。杯子的底面积为50cm2，把质量为0.6kg的木块放入杯中，木块漂浮在水面上，此时杯中水的深度为20cm。(g取10N/kg，ρ水=1.0×103kg/m3，不计杯壁厚度)求： (1)木块所受的浮力； (2)水对杯底的压强； (3)水对杯底的压力。如图所示，建筑工人正在用滑轮组提升建筑材料。在10s内，工人师傅用竖直向上的拉力F将建筑材料匀速提升高度h=1m，建筑材料的重力G=900N，滑轮组此时的机械效率是75%。(不计滑轮组的摩擦与绳子重力)求： (1)这一过程中，有用功是多少？ (2)这一过程中，拉力F的功率是多少？ (3)动滑轮的重力是多少？ (4)若用该滑轮组将重力为1200N的建筑材料匀速提升相同的高度，那么此过程中滑轮组的机械效率是多少？ 答案和解析1.【答案】C 【解析】解： A、牛顿研究了牛顿三大定律．不符合题意． B、帕斯卡研究了帕斯卡定律，研究了液体压强问题．不符合题意． C、托里拆利研究了托里拆利实验，准确测量大气压的值．符合题意． D、阿基米德发现了杠杆平衡条件和浮力的影响因素．不符合题意． 故选C. 识记准确测量大气压值的实验是托里拆利实验，托里拆利实验是由托里拆利完成的． 我们要记住一些科学家的主要贡献，例如牛顿、托里拆利、帕斯卡、伽利略、奥斯特、法拉第、安培、伏特、欧姆、焦耳、爱因斯坦等等． 2.【答案】D 【解析】解：A.力是物体对物体的作用，不能脱离施力物体与受力物体而单独存在，故A错误； B.如果两个物体只接触，不发生相互作用，也不会产生力，故B错误； C.不接触的物体间也会产生力的作用，如重力和磁体间的磁力，故C错误 D.击打排球时手给排球一个力的作用，同时球给手一个力的作用，手感到疼，说明力的作用是相互的，故D正确。 故选：D。 (1)力是物体对物体的作用，离开物体就没有力的作用； (2)产生力的条件必须满足两个：一是必须要有两个物体，一个物体不能产生力，二是物体间要发生作用； (3)物体间力的作用是相互的，一个物体施力的同时也受到力的作用。 本题考查力的概念和力的作用是相互的，是对基础知识的考查，难度不大。 3.【答案】A 【解析】解：A、刀刃磨得很薄，是在压力一定时，减小受力面积来增大压强，故A符合题意； B、将铁轨铺在枕木上，是在压力一定时，增大受力面积来减小列车对路基的压强，保护路基，故B不符合题意； C、“玉兔2号”月球车轮子大而宽，是在压力一定的情况下，通过增大受力面积，减小压强，故C不符合题意； D、滑雪板的面积较大，是在压力一定的情况下，通过增大受力面积，减小压强，故D不符合题意。 故选：A。 压强大小的影响因素：压力大小和受力面积大小。增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积来增大压强；在受力面积一定时，增大压力来增大压强。 这是一道与生活联系非常密切的物理题，在我们日常生活中经常需要根据实际情况来增大或减小压强，要学会学以致用，活学活用，这才是学习物理的真正意义。解答时，要注意使用控制变量法。 4.【答案】D 【解析】解：A、开瓶起子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆； B、独轮车在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆。 C、钢丝钳在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆； D、镊子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆。 故选：D。 结合生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。 此题考查的是杠杆的分类主要包括以下几种：①省力杠杆，动力臂大于阻力臂；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂。 5.【答案】D 【解析】解：A、使用定滑轮不能省力，但能改变力的方向，故A说法不正确。 B、使用动滑轮可以省力，但不能改变力的方向，故B说法不正确。 C、使用滑轮组可以省力，但不一定改变力的方向，故C说法不正确。 D、使用滑轮组既可以省力，又能改变力的方向，故D说法正确。 故选：D。 (1)定滑轮的特点：不省力，但可以改变力的方向。 (2)动滑轮的特点：能省一半的力，但不能改变力的方向。 (3)滑轮组的特点：既可以省力，也可以改变力的方向。 本题主要考查了定滑轮、动滑轮和滑轮组的特点。理解使用滑轮组时可以省力，也可以改变力的方向。 6.【答案】A 【解析】解：A、紧固锤头时撞击锤柄的下端，松动的锤头就紧套在锤柄上，这是利用了锤头的惯性，故A正确； B、跳远比赛时，运动员加速跑，跳起时，由于惯性继续保持原来速度前进，提高了成绩，利用了自身的惯性，不是受到惯性作用，故B错误； C、司机及乘员系上安全带，是为了减小由于惯性带来的伤害，惯性大小只与物体的质量有关，人的质量不变，则惯性大小不变，故C错误； D、高速行驶的火车不容易停下来，说明其质量大，惯性也大，不是因为其速度大，故D错误。 故选：A。 物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，惯性大小只跟物体的质量大小有关，质量越大，惯性越大。 此题主要考查学生对惯性现象的理解，惯性现象在现实生活中随处可见，和我们的生活密切相关，学习中要注意联系实际，用所学惯性知识解决生活中的实际问题。 7.【答案】B 【解析】解： A、擦玻璃时把抹布压紧在玻璃上去擦，这是通过增大压力来增大摩擦的，故A错误； B、书柜下装有滚轮便于移动位置，是通过变滑动为滚动来减小摩擦的，故B正确； C、黑板刷的刷面使用更粗糙的材料制成，这是通过增加接触面的粗糙程度来增大摩擦的，故C错误； D、水桶的手柄上刻有凹凸不平的花纹，这是通过增加接触面的粗糙程度来增大摩擦的，故D错误。 故选：B。 (1)增大摩擦力的方法：增大压力，增大接触面的粗糙程度。 (2)减小摩擦力的方法：减小压力，减小接触面的粗糙程度，使接触面脱离，用滚动代替滑动。 此题考查的是摩擦力知识在生活中的应用，物理知识就是要应用于生活的，这也是我们学习物理的目的，是一道好题。 8.【答案】C 【解析】解：A、举重运动员举着杠铃站着不动，有力但没有移动距离，不做功，故A错误； B、用力推小轿车，没有推动，对小轿车有力的作用，但小轿车没有移动距离，所以不做功，故B错误； C、将大米从一楼扛到二楼，大米在提力的方向上移动了距离，做了功，故C正确； D、冰壶在光滑的水平冰面上匀速滑行一段距离，是因为冰壶具有惯性，力没有对冰壶做功，故D错误； 故选：C。 做功的两个必要因素：①作用在物体上的力；②物体在力的方向上通过的距离(即力和距离的方向要一致)；二者缺一不可。 掌握力是否做功的判断方法，特别是有力、有距离，力对物体不一定做功，利用好做功的条件是关键。 9.【答案】C 【解析】解：A、一个文具袋静止在水平桌面上，文具袋受到的重力和文具袋对桌面的压力，力的方向相同，不是一对相互作用力，故a cw； B C、文具袋受到的重力和桌子对文具袋的支持力均作用在文具袋上，大小相等、方向相反、作用在一条直线上，符合二力平衡的条件，所以是一对平衡力，不是相互作用力。故B错误，C正确； D、桌子对文具袋的支持力和文具袋对桌子的压力是作用在不同的物体上的两个力，不符合二力平衡的条件，所以不是一对平衡力。故D错误。 故选：C。 二力平衡的条件是：大小相等、方向相反、作用在一条直线上、作用在一个物体上；一对相互作力与平衡力的区别在于，相互作用力是作用在不同物体上的，据此可做出判断。 本题考查了平衡力与相互作用力的特点与区分，属力学基础题，难度不大． 10.【答案】D 【解析】解：A、由图知，甲悬浮在水中，甲的密度等于水的密度；乙漂浮在水中，乙的密度小于水的密度，所以甲的密度大于乙的密度，故A错误； B、甲、乙两实心正方体物块分别悬浮、漂浮在水中，根据漂浮和悬浮条件可知：F浮甲=G甲，F浮乙=G乙，由于两物块质量相等，重力相等，所以浮力相等，故B错误； C、根据F浮=F向上−F向下可知：F向上=F浮+F向下，由于甲悬浮，乙漂浮，则F甲向下>0，F乙向下=0，所以，F甲向上>F乙向上，故C错误； D、甲、乙两物体的质量相等，甲的体积是乙的体积的一半，根据ρ=mV知甲物体的密度是乙物体密度的2倍； 由图知甲物体悬浮在水中，甲物体的密度等于水的密度，则乙物体的密度是水密度的一半，所以乙物体有一半没入水中，当将甲轻轻叠放在乙上表面的中央，静止后总重力变为原来的2倍，浮力也变为原来的2倍，由阿基米德原理可知排开水的体积变为原来的2倍，所以乙刚好浸没在水中，故D正确。 故选：D。 (1)由于甲物块悬浮在水中，甲的密度等于水的密度，由于乙物块漂浮在水中，乙的密度小于水的密度；据此判断甲和乙的密度关系； (2)已知甲、乙质量相同，则其重力相同。漂浮和悬浮都有F浮=G物； (3)根据浮力产生的原因即可判断压力的大小关系； (4)根据甲、乙两物体的质量、体积关系，与密度公式判断出甲乙两物体密度的关系，由甲物体与液体密度的关系以及乙液体与密度的关系判断出乙物体浸没水中的体积，当将甲轻轻叠放在乙上表面的中央，静止后重力变为原来的2倍，浮力也变为原来的2倍，进而判断出乙物体浸没水中的体积。 本题考查了浮沉条件、浮力的产生原因和阿基米德原理的应用，关键是用好漂浮和悬浮条件，灵活运用公式进行判断。 11.【答案】BC 【解析】解：A、正常情况下，人的体温在37℃左右，变化幅度很小。故A不正确； B、两个鸡蛋的质量约100g=0.1kg，托起两个鸡蛋的力在F=G=mg=0.1kg×10N/kg=1N左右。故B正确； C、成年人的体重在G=600N左右，双脚站立时与水平地面的接触面积在0.04m2左右，双脚对水平地面的压强在p=FS=GS=600N0.04m2=1.5×104Pa左右。故C正确； D、一本物理书的重力约G=2.5N，课桌高度约h=0.8m。将一本物理书从地上捡起放在课桌上做的功大约是W=Gh=2.5N×0.8m=2J。故D不正确。 故选：BC。 此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出正确的选项。 估测法是利用物理概念、规律、物理常数和常识对物理量的数值、数量级进行快速计算以及对取值范围合理估测的方法。 12.【答案】ACD 【解析】解：A、茶壶是利用连通器的原理制成的，故A符合题意； B、活塞式抽水机是利用大气压来工作的，故B不符合题意； C、船闸也是利用连通器的原理工作的，顾C符合题意； D、回水弯管是利用连通器的原理制成的，故D符合题意。 故选：ACD。 连通器：上端开口下端连通的容器。连通器里只有一种液体，在液体不流动的情况下，连通器各容器中液面的高度总是相平的。 此题考查的是连通器在生活中的应用。这就要求我们平时要多观察、多思考。 13.【答案】AD 【解析】解：A、物体单位时间内所做的功叫做功率，它反映了物体做功的快慢，功率大的机器做功快，做功快的机器功率大，故A正确； B、由公式W=Pt可知，物体所做的功是由功率和时间共同决定的，在相同时间内，功率大的机器做功一定多，而选项B没有相同时间这个条件，故B错误； C、机械效率越高的机械，只能说明使用该机械时，有用功在总功中所占的比例高，并不能说明使用该机械做功也快，故C错误； D、机械效率是有用功跟总功的比值，它是反映机械性能好坏的一个重要指标，功率大的机器只能说明机器做功一定快，并不能说明有用功在总功中所占的比例也高，故D正确。 故选：AD。 (1)功率是表示物体做功快慢的物理量； (2)机械效率是有用功跟总功的比值，它反映了机械性能的好坏； (3)物体做功多少是由功率和时间两个因素共同决定的。 功率和机械效率放在一道题中，往往会增加学生的解题难度。虽然功率与机械效率都是两个物理量的比值，但它们之间并没有任何的必然联系：一个有单位，反映物体做功的快慢；一个没有单位，反映机械性能的好坏。所以，在解答此类题时，理解功率和机械效率的概念、意义是解答问题的关键所在。 14.【答案】ABD 【解析】解：A、由图(c)可知，0∼3s物体速度为零，处于静止状态，移动的距离为零，根据W=Fs知拉力做功为零，故A正确； B、由图(c)可知，3∼6s物体做加速运动，根据P=Wt=Fst=Fv知在拉力F不变时，拉力功率逐渐变大，故B正确； C、由(c)图可知，0∼3s物体速度为零，处于静止状态，水平方向受到的摩擦力和拉力是一对平衡力，大小相等，故C错误； D、由图(c)可知，6∼9s内，物体做匀速直线运动，水平方向受到的摩擦力和拉力是一对平衡力，大小相等，由图(b)知此时的拉力为4N，所以滑动摩擦力也为4N； 3∼6s物体做加速运动，因压力和接触面的粗糙程度不变，滑动摩擦力不变，所以受到的摩擦力仍为4N，故D正确。 故选：ABD。 (1)分析出0∼3s物体的运动状态，判断出物体运动的距离，根据功的公式判断出做功情况； (2)根据3∼6s物体的运动状态和P=Wt=Fst=Fv判断出拉力功率的变化情况； (3)当物体静止时，静摩擦力与推力二力平衡，大小相等； (4)当物体运动时，动摩擦力是不受推力大小影响的，只有匀速直线运动时，摩擦力与推力二力平衡，大小相等，当物体受到的推力变大或变小时，摩擦力都不变。 本题考查学生对图象的认识及力的合成的应用，要求能熟练读图，并能结合运动分析物体的受力情况。 15.【答案】惯性 重力 【解析】解：(1)踢出去的足球不会立即停下来是因为足球具有惯性，仍会保持原来的运动状态继续向前运动； (2)因为空中飞行的足球受到重力的作用，而重力方向是竖直向下的，所以足球最终落向地面。 故答案为：惯性；重力。 (1)物体保持原来运动状态不变的性质叫做惯性； (2)地面附近的一切物体都受到重力作用，重力方向是竖直向下的。 本题以生活中的现象为背景，考查了对惯性、重力的理解，属于力学基本规律。 16.【答案】小 增大 【解析】解：在流体内部，流速越快的位置压强越小，流体在压强差的作用下，会自动从高压处流向低压处，最终形成雾状； 喷雾器手柄处设计了凹凸不平的花纹，这是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。 故答案为：小；增大。 流体压强与流速的关系：流速大的地方压强小，流速小的地方压强大； 增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。 本题考查流体压强与流速的关系、增大摩擦力的方法，属于基础题。 17.【答案】1000 0 【解析】解：(1)水平推力F=100N，在水平方向上移动的距离为s=10m，所以推力对木箱做的功为W=Fs=100N×10m=1000J； (2)木箱的重力为G=200N，木箱在竖直方向上没有移动距离，所以重力没有做功，即重力做功为0J。 故答案为：1000；0。 功等于力与在力的方向上移动距离的乘积。 本题考查功的计算，关键是明确功等于力与在力的方向上移动距离的乘积。 18.【答案】定 等于 【解析】解：提升物体A时，滑轮的轴固定不动，是定滑轮；因为定滑轮相当于一等臂杠杆，只能改变力的方向，而不省力，故定滑轮拉同一物体A，沿不同方向用的拉力大小相等，所以F1等于F2。 故答案为：定；等于。 要解答本题需掌握：使用时滑轮的轴固定不动的是定滑轮，滑轮和物体一起移动的滑轮是动滑轮。 定滑轮实质上是一等臂杠杆，只改变力的方向，而不省力。 本题主要考查学生对定滑轮工作特点的了解和掌握，是一道基础题。 19.【答案】变大 变大 【解析】解：加速升空的过程中：质量不变，速度变大，动能变大；质量不变，高度变大，重力势能变大；由于机械能=势能+动能，动能变大，重力势能变大，所以机械能变大。 故答案为：变大；变大。 (1)动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大。 (2)重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度。质量越大，高度越高，重力势能越大。 (3)机械能=势能+动能。 掌握动能、重力势能的影响因素，理解重力势能和动能的转化可从高度和速度来理解，可以帮助我们更好的理解能量的转化。 20.【答案】1；变大 【解析】解： (1)设杠杆上一个小格的长度为L， 根据杠杠的平衡条件可得：4×0.5N×4L=F×8L， 解得F=1N； (2)当弹簧测力计在B处竖直向上拉时，拉力的方向竖直向上与杠杆垂直，动力臂等于支点到力的作用点的距离；当弹簧测力计逐渐向右倾斜时，拉力的方向不再与杠杆垂直，动力臂变小，根据杠杆平衡条件可知，动力变大，弹簧测力计的示数变大。 故答案为：1：变大。 (1)根据杠杆的平衡条件可以求出在B点弹簧测力计的示数； (2)拉力的方向是倾斜的，力的方向与杠杆不垂直，力臂不能从杠杆上读出，此时力臂变小，根据杠杆的平衡条件分析弹簧测力计示数变化。 利用杠杆平衡条件，可以求出力或力臂大小，也可以判断杠杆是否平衡，或判断力的大小变化等，杠杆平衡条件应用很广泛。 21.【答案】变大 变小 【解析】解：(1)在金属块逐渐离开水面的过程中，排开液体的体积变小，根据F浮=ρ液gV排可知，所受浮力不断减小，由F拉=G−F浮可知拉力变大，即弹簧测力计的示数变大； (2)电子秤的示数应等于杯子、水、圆柱形金属块排开的水的重力之和，杯子、水的重力不变； 由于金属块受到的浮力变小，则根据G排=F浮可知：圆柱形金属块排开的水的重力变小， 所以，电子秤的示数变小。 故答案为：变大；变小。 (1)根据称重法可知，物体受到的拉力(即弹簧测力计的示数)等于物体的重力减去物体受到的浮力，而在金属块逐渐离开水面的过程中，排开液体的体积变小，金属块受到的浮力变小，据此判断弹簧测力计示数的变化； (2)电子秤的示数应等于杯子、水、圆柱形金属块排开的水的重力之和，圆柱形金属块排开的水的重力G排=F浮，据此分析即可。 本题考查控制变量法、阿基米德原理、称重法测浮力等知识的应用，关键是知道物体在液体中受到的浮力大小与哪些因素有关。 22.【答案】甲 5600 【解析】解： (1)因甲、乙两物体对桌面的压强分别为600Pa和200Pa，且由图知甲的受力面积大于乙的受力面积， 所以由p=FS的变形式F=pS可知，对桌面压力较大的为甲； (2)设甲正方体的高度(边长)为a，密度为ρ，则其体积为V=a3， 甲正方体的质量为：m=ρV=ρa3， 甲正方体对水平面的压力等于其重力，则：F=G=mg=ρa3g， 正方体的底面积：S=a2， 甲正方体对水平面的压强为： p甲=FS=ρa3ga2=ρga， 同理，乙正方体对水平面的压强为： p乙=ρgb(b为乙正方体的高度)， 由题知两正方体的密度相同，则：p甲p乙=ρgaρgb=ab=600Pa200Pa=31； 即甲、乙两正方体的边长之比为3：1， 故甲、乙两正方体的体积之比为27：1， 根据G=mg=ρVg可知，甲乙两正方体的重力之比为27：1，即G甲=27G乙； 如果把甲放在乙的上面，如图(b)所示，此时乙对水平桌面的压力为： F乙=G甲+G乙=27G乙+G乙=28G乙， 根据p=FS可知，在受力面积不变时，压强与压力大小成正比， 所以，此时乙对桌面的压强为原来乙对桌面压强的28倍， 即此时乙对桌面的压强大小为：p乙′=28p乙=28×200Pa=5600Pa。 故答案为：甲；5600。 (1)已知甲、乙两物体对桌面的压强大小且甲的受力面积大于乙的受力面积，根据p=FS的变形式F=pS分析回答； (2)设甲正方体的高度(边长)为a，密度为ρ，甲正方体对水平面的压力等于其重力，根据质量和重力、压强公式推导出甲正方体对水平面的压强为ρga，同理可得出乙正方体对水平面的压强；根据已知条件得出两正方体的边长之比，从而得出甲、乙两物体体积之比、质量及重力之比； 如果把甲放在乙的上面，找出此时乙对水平桌面的压力与原来乙对水平桌面的压力大小关系，根据p=FS可知，在受力面积不变时，压强与压力大小成正比求出乙对桌面的压强大小。 本题考查密度、重力、压强公式的运用，运用有关比例的知识可简化解题过程。 23.【答案】解：物体一定受到竖直向下的重力作用，冲上粗糙斜面时会受到斜面对它沿斜面向下的摩擦力，同时还会受到斜面对它的支持力，方向垂直于斜面向上。 过物体的中心，分别沿各力的方向画一条有向线段，并分别用G、f和F表示，如图所示： 【解析】首先分析物体在冲上粗糙斜面过程中所受的力，并注意力的作用点和方向。物体受重力、斜面的支持力及摩擦力的作用。在作图时，可以将三个力的作用点都画在重心上。 画力的示意图，就是用一条带箭头线段表示出力的三要素，所以要先正确分析力的大小、方向和作用点，再根据力的示意图的要求作出力的示意图。 24.【答案】解：过支点作力F2作用线的垂线段，即可做出力臂L2，如图所示； 由图可知，力F1作用在A点时，力臂L1等于杠杆OA的长度，力臂最长，由杠杆平衡条件可知，动力F1最小，如图所示； 【解析】从支点作力的作用线的垂线段，即可作出力的力臂。 在阻力与阻力臂一定时，由杠杆平衡条件可知，动力臂越大，动力越小，根据图示确定最大动力臂，然后作出最小的动力。 考查了作最小力示意图及作力臂问题，熟练应用杠杆平衡条件、由图示确定最大力臂是正确解题的关键。 25.【答案】相平 密度 丙 丁 液体密度 液体深度 【解析】解：(1)实验前，应调整U形管压强计，使左右两边玻璃管中的液面相平； (2)比较乙、丙实验可知，液体的深度相同，密度不同，U形管左右液面差不同，液体内部压强不同，所以液体内部压强与液体的密度有关； (3)要探究液体内部压强与液体的深度的关系，需要控制液体的密度相同，改变液体的深度，图丙丁符合题意； (4)液体压强跟液体密度和液体的深度有关。研究在同一深度，液体向各个方向的压强是否相等，他们应控制液体的密度和深度不变，改变金属盒的方向。 故答案为：(1)相平；(2)密度； (3)丙；丁；(4)液体密度；液体深度。 (1)压强计使用前应检查气密性是否良好，并保证U形管两侧液面相平； (2)(3)液体压强跟液体密度和液体的深度有关。在液体密度一定时，液体深度越大，液体压强越大；在液体深度一定时，液体密度越大，液体的压强越大。 (4)探究液体压强跟金属盒方向关系时，控制液体的密度和液体的深度不变。 本题考查探究液体压强的实验，关键是将课本知识内容记忆清楚，仔细分析即可。 26.【答案】质量 不同 转换法 速度 质量 速度 接触面的粗糙程度 小 匀速直线 【解析】解： (1)在探究“动能的大小与速度的关系”时，由控制变量法，应保持小车的质量相同，改变速度大小，让小车从斜面上不同的高度滑下(改变到达水平面的速度)，以不同的速度推动木块移动； (2)本实验运用了两种研究方法：一是控制变量法，二是转换法；该实验中的转换法是指用木块移动的距离来反映小车动能大小的方法； (3)实验发现，小车从越高的位置滑下，到达水平面时的速度越大，推木块移动的距离越远，这说明，物体动能的大小与速度有关； 小轿车与大卡车最大速度不同是因为动能的大小与质量有关，大卡车的质量大，故规定的最大速度较小； 在高速公路上，对行驶的小轿车和大卡车的限速不同，是因为物体动能的大小还与质量有关； (4)①每次让小车从斜面同一高度由静止滑下的目的是：使小车到达水平面时具有相同的速度； ②从毛巾、棉布到玻璃，接触面粗糙程度不同，受到的浮力的大小不同； ③接触面越光滑，小车受到的阻力变小，实验发现，小车在玻璃上运动的距离最大，说明小车受到的阻力越小，向前滑行的距离越大；进一步推理得出：如果小车运动时不受阻力，小车将运动的无限远，小车将做匀速直线运动。 故答案为：(1)质量；不同；(2)转换法；(3)速度；质量；(4)①速度；②接触面的粗糙程度；③小；匀速直线。 (1)(2)物体动能的大小与速度和质量有关，研究动能大小与其中一个因素的关系，要控制另一个因素不变； 根据转换法，通过推动木块移动的距离反应动能的大小； (3)动能的大小与质量、速度有关； (4)①由控制变量法，要控制小车到达水平面时具有相同的速度； ②从毛巾、棉布到玻璃，接触面粗糙程度变小，小车受到的阻力越小，向前滑行的距离越大；进一步推理得出结论。 本题研究物体动能大小与什么因素有关和阻力对物体运动的影响，考查控制变量法、转换法、推理法的运用和数据分析。 27.【答案】解：(1)因木块漂浮在水面上， 所以，木块所受的浮力：F浮=G=mg=0.6kg×10N/kg=6N； (2)杯中水的深度：h=20cm=0.2m， 水对杯底的压强：p=ρ水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.2m=2000Pa； (3)由p=FS可得，水对杯底的压力：F=pS=2000Pa×50×10−4m2=10N。 答：(1)木块所受的浮力为6N； (2)水对杯底的压强为2000Pa； (3)水对杯底的压力为10N。 【解析】(1)木块漂浮在水面上，受到的浮力和自身的重力相等，根据F浮=G=mg求出木块所受的浮力； (2)知道杯中水的深度，根据p=ρ液gh求出水对杯底的压强； (3)根据F=pS求出水对杯底的压力。 本题考查了物体浮沉条件和液体压强公式、固体压强公式的应用，是一道较为简单的计算题。 28.【答案】解： (1)有用功为：W有=Gh=900N×1m=900J； (2)滑轮组此时的机械效率是75%，根据η=W有W总可知，总功为： W总=W有η=900J75%=1200J； 拉力的功率为：P=W总t=1200J10s=120W； (3)不计滑轮组的摩擦与绳子重力，则所做的额外功为提升动滑轮所做的功：W额=W总−W有=1200J−900J=300J； 动滑轮的重力为：G动=W额h=300J1m=300J； (4)若用该滑轮组将重力为1200N的建筑材料匀速提升相同的高度，不计滑轮组的摩擦与绳子重力，则机械效率为： η=W有W总=G′hG′h+G动h=G′G′+G动=1200N1200N+300N=80%。 答：(1)这一过程中，有用功是900J； (2)这一过程中，拉力F的功率是120W； (3)动滑轮的重力是300N； (4)若用该滑轮组将重力为1200N的建筑材料匀速提升相同的高度，那么此过程中滑轮组的机械效率是80%。 【解析】(1)根据W=Gh求出有用功； (2)根据η=W有W总求出总功，根据P=Wt求出功率； (3)根据总功和有用功求出额外功，根据W额=G动h求出动滑轮的重力； (4)根据η=W有W总=GhGh+G动h=GG+G动求出机械效率的大小。 本题考查了使用滑轮组时有用功、总功、机械效率的计算，利用好机械效率的公式η=W有W总=GhGh+G动h=GG+G动是解题的关键。
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