重庆市第八中学2021-2022学年九年级3月月考物理试题

这是一份重庆市第八中学2021-2022学年九年级3月月考物理试题，共27页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验题，计算题等内容，欢迎下载使用。

重庆市第八中学2021-2022学年九年级3月月考物理试题
学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________

一、单选题
1．下列关于物理量的估测，最接近实际的是（   ）
A．初三物理教材的长度约为26cm
B．托起一个苹果的力约为10N
C．家用电视机正常工作的功率约为1000W
D．城市高铁运行速度约为200m/s
2．如图所示的四种现象中，其物态变化过程属于凝华的是（　　）
A． 河流中冰雪消融
B． 隆冬草上的霜剔透
C．冰冻的海面
D． 草叶间露珠晶莹
3．下列说法正确的是（   ）
A．电压是使自由电荷定向移动形成电流的原因
B．电流做功越快的用电器，消耗的电能也一定越多
C．用丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，说明玻璃棒对电子的束缚能力强
D．电阻是导体本身的特性，与通过导体的电流成反比，与导体两端的电压成正比
4．如图所示为2022年北京冬奥会的一些运动项目，关于这些项目中的情景，下列说法中正确的是（   ）
A．跳台滑雪运动员在空中下落的过程中受到平衡力的作用
B．短道速滑运动员在滑行过程中，若所有的外力消失，他将停止运动
C．冰壶运动员掷出去的冰壶能继续向前运动，是由于冰壶受到惯性的作用
D．推出的冰球在水平冰面上滑行，冰球对冰面的压力是由于冰球的弹性形变产生的
5．在如图所示的电路中，电源电压保持不变，忽略温度对小灯泡电阻的影响。当滑动变阻器的滑片P由右端向中点移动时，下列判断正确的是（   ）

A．电流表示数变大、电压表示数变大
B．小灯泡亮度不变，电压表与电流表示数的比值变大
C．电压表示数不变，电压表与电流表示数的乘积变大
D．电流表示数变大，电路消耗的总功率变小
6．将灯泡L和电阻R接入如图甲所示的电路，电源电压不变。只合开关S1时，灯泡L的实际功率为1W。图乙是灯泡L和电阻R的I-U图像。下列说法中正确的是（   ）

A．电源电压为4V
B．再闭合开关S2后；电路总电流为0.8A
C．再闭合开关S2后，小灯泡L和电阻R的消耗的电功率之比是2∶5
D．将灯泡L和电阻R串联接在7V的电源两端，电阻R消耗的电功率为2.5W
7．如图所示，两个完全相同的柱形容器放在水平桌面上，分别装有甲、乙两种不同的液体。a、b是体积相等的两个小球，a球漂浮在液面上，b球沉没在容器底。甲液面高于乙液面，且两种液体对容器底的压强相等。则（   ）

①两种液体的密度ρ甲=ρ乙            ②两种液体的质量m甲>m乙
③两个小球所受的重力Ga>Gb④两个小球所受的浮力Fa A．②正确 B．②④正确 C．①③正确 D．④正确
8．如图所示，质量为400g、底面积为50cm2的溢水杯置于水平桌面上，溢水口至杯底的距离为12cm，向溢水杯中倒入水，此时液面高为10cm。将高为32cm、底面积为25cm2，密度为0.75g/cm3的柱形木块水平截去部分，把截去部分从初始液面竖直放入水中，直至稳定。下列判断正确的是（   ）

A．木块的质量为450g
B．截去 放入溢水杯，水对容器底部压强的增加量为300Pa
C．截去 放入溢水杯，静止时容器对桌面的压强为1200Pa
D．当截去的部分向下移动的距离为液面上升高度的3倍时，截去部分的质量为200g

二、填空题
9．意大利物理学家__________通过实验和推理最先发现了力不是维持物体运动的原因；马德堡半球实验证明了__________的存在。
10．小灯泡L标有“6V  6W”，定值电阻R上标有“10Ω  0.3A”。若将它们串联便用，则电路两端允许加的最大电压是__________V；若将它们并联使用，在安全的情况下，小灯泡L的最大实际功率为________W（不考虑温度对灯丝电阻的影响）。
11．如图所示，甲、乙两个实心正方体放在水平地面上，若沿水平方向切去相同的厚度，已知甲、乙切去部分质量相同，则甲、乙密度ρ甲______ρ乙，甲、乙剩余部分对地面的压力F甲________F乙。（选填“大于”、“小于”或“等于”）

12．如图所示，把体积为1000cm3的木块A（木块不吸水）放入盛有水的容器中，再在A的上方放一个质量为300g的物体B，静止后，木块有四分之三的体积浸入水中，则木块A排开水的质量为__________g；这时用一根细线将A与B连接在一起，再次放入水中，静止后，木块A恰好有一半的体积露出水面，此时细线产生的拉力大小为__________N。

13．如图所示，小灯泡L的规格为“12V  24W”（不考虑灯丝电阻受温度的影响），则小灯泡L的电阻为__________Ω。电路中电源电保持不变，滑动变阻器的最大阻值为R2，将滑动变阻器的滑片P置于A端，只闭合开关S1时，电压表V1的示数为U1，电路中的电流为I1，电压表V2的示数为U2；将滑动变阻器的滑片P置于B端，仍只闭合开关S1，电压表V1的示数为U1′，电路中的电流为I2，电压表V2的示数为U2′。已知U1∶U1′=7∶15，U2∶U2′=7∶3。若电源电压可调，闭合开关S1、S2和S3，电流表量程为0~3A。滑动变阻器的阻值在2Ω与最大值之间变化，要求电流表最大值和最小值的差值不小于1A，则可调电源电压的最小值为__________V。


三、作图题
14．（1）如图所示，木块静止在斜面上，请画出木块所受摩擦力的示意图。

（2）如图所示，开关闭合后，请在括号内用字母N或S标出小磁针右侧的磁极。


四、实验题
15．小欣在实验室里面测量某合金块的密度。


（1）将天平放在_________实验台上并将游码归零后，小欣发现托盘天平的指针如图甲所示，此时她应该将平衡螺母向_________调节，使天平横梁平衡；
（2）天平平衡时，所用的砝码和游码位置如图乙所示，则合金块的质量为_________g，小欣用细线拴住合金块并将它浸没在盛水的量筒中，量筒示数分别如图丙、丁所示，该合金块的密度为_________g/cm3；
（3）小欣通过查阅密度得知如下几种金属的密度（ρ镁=1.74g/cm3，ρ铝=2.70g/cm3，ρ锌=7.15g/cm3，ρ锰=7.47g/cm3），该合金块可能是__________；
A．铝镁合金        B．铝锰合金        C．锌铝合金
（4）小欣根据所测数据，在图戊上描出一个对应点A，接着她又换用另一合金块重复了上述实验，将所测数据在图戊上又描出了另一个对应点B，若ρA、ρB分别代表两金属球的密度，则ρA__________ρB（选填“=”、“>”或“<”）。
16．为了探究“影响液体内部压强大小的因素”，琳琳采用如图所示装置进行实验。

（1）实验前，琳琳检查实验装置时发现：按压探头的橡皮膜，U形管两边液面高度变化__________（“明显”或“不明显”），则这套实验装置漏气。
（2）调节好装置，进行实验，比较图乙、图丙可知，当深度一定时，液体内部压强与__________有关；在图丙中保持探头的位置不变，改变探头的方向，U形管两液面的高度差将__________（选填“变大”、“不变”或“变小”）；
（3）若发现，当探头在不同液体中的深度相同时，U形管两侧液面的高度差对比不明显，琳琳做了一些改进，下面操作不能使U形管两侧液面高度差对比更明显的是__________。
A．将U形管换成更细的            B．U形管中换用密度更小的液体
C．烧杯中换密度更大的液体        D．使探头在不同液体中均向下移动相同的距离
（4）如图丁所示，橡皮管和玻璃管侧壁管口相连通，当琳琳向玻璃管中吹气时；U形管内液面较低的是__________（选填“a”或“b”）侧。
（5）琳琳还自创了如图戊装置用于测量液体的密度：他在左侧加入适量的水，在右侧倒入待测液体，直至橡皮膜相平，他需要测量的物理量有__________（多选）；琳琳根据选用的物理量推导出待测液体密度表达式ρ=__________（用题中字母和ρ水表示）
A．右侧待测液体液面到容器底的高度h1
B．左侧水面到容器底的高度h2
C．右侧待测液体液面到橡皮膜中心的深度h3
D．左侧水面到橡皮膜中心的深度h4
（6）实验后，同组的阳阳找来一个上下两端开口的容器（如图所示）来研究液体压力，容器重4.2N，放在水平桌面上，容器底部与桌面接触良好。容器下部是底面积为S1=100cm2，高为h1=5cm的圆柱体，上部是底面积为S2=25cm2，高为10cm的圆柱体。从容器上端缓慢注入水，直到容器与桌面之间无压力时，水才从容器底部流出。为了使水不从容器底部流出，容器中允许注入水的质量最多为_____g。

17．小颖利用额定电流为0.5A的小灯泡做“测量小灯泡电功率”的实验，如图甲连接好各元件，电源电压保持不变，滑动变阻器的规格为“20Ω 1A”。

实验次数
1
2
3
4
电压U/V
0.4
1.05
1.5
2.1
电流I/A
0.15
0.3
0.4
0.5

（1）如图甲所示，闭合开关，发现电压表的指针刚好满偏，电流表无示数，仔细检查后，发现电路连接错误，请你在图中错误的导线上画“×”，并补上一条正确的导线________；
（2）纠正错误后闭合开关，电压表无示数，电流表有示数，电路中存在的故障可能是___________
A．电流表内部断路了        B．灯泡的灯丝断了        C．灯座内部出现了短路
（3）移动滑片，滑片位于某一位置时，电流表示数为0.2A，为使小灯泡正常发光，应将滑片向调节___________（选填“左”或“右”）。小灯泡正常发光时，电压表的示数如图乙所示，小灯泡的额定功率为___________W，此时滑动变阻器接入电路中的阻值为___________Ω；
（4）利用该套实验装置___________（选填“能”或“不能”）完成“探究通过导体的电流与导体两端的电压关系”实验；
（5）实验中小颖随意抽取了4组电流表和电压表的示数，如上表。由此可知，灯泡的电阻随_____的升高而增大；
（6）实验后，小颖想继续探究电流与电阻的关系，她将电源电压改为9V且不变，把电压表的量程调整为0～15V，将小灯泡依次逐个换为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω的四个定值电阻，其余连接不变，则能够使小颖完成所有实验的电压表示数变化范围是( )
A．3V～5V        B．5V～9V        C．5V～6V        D．无

五、计算题
18．北京冬奥会花样滑冰双人滑，中国选手韩聪隋文静获得金牌，如图所示为比赛中的一个情景。若韩聪和隋文静的身体质量分别为62kg和42kg，韩聪脚下两个冰刀与冰的总接触面积为20cm2，求：
（1）隋文静的重力为多少N?
（2）韩聪对冰的压强为多少Pa?

19．小香家的电热水壶内部电路图如图所示，额定电压为220V。只有R1为加热管（仅加热管R1放出的热量能被水吸收），R2为限流电阻。S1是温控开关（也叫防干烧开关），S、S2是手动开关，调节S、S2可以使电热水壶分别处于加热和保温状态，正常工作时加热管R1两种状态的功率分别为1210W、48.4W。求：
（1）正常加热时R1中的电流为多少A?
（2）电阻R2的阻值为多少Ω？
（3）若电源实际电压为200V，电水壶在保温状态工作，假设水壶内水温保持恒定不变，那么水壶内的水每分钟向外界散发热量多少？

20．如图甲所示为半潜船，是通过改变自身重力实现上浮和下沉的，半潜船始终漂浮在水面上。如图乙所示为某同学制作的半潜船模型，总体积为10000cm3，船内水舱容积为4000cm3，水舱中无水时半潜船的质量为2000g。一个薄壁柱形容器，置于水平地面上，底面积为1000cm2，高为40cm，先装入32cm深的水后，再将装满水的半潜船放入容器中，静止时如图丙所示（甲板在水面之下一定深度）。求：
（1）图丙中半潜船所受浮力为多少N？
（2）图丙中水对容器底部的压强为多少Pa？
（3）图丙中，若先在甲板上轻轻放一个质量为3kg的固体货物（不吸水），然后将水舱中的水全部缓缓排出在容器中，求静止时容器内水的质量为多少kg？


参考答案：
1．A
【详解】A．人教版初三物理教材的长度约为26cm，故A符合实际；
B．一个苹果的质量约为m=0.15kg，故其重力为
G=mg=0.15kg×10N/kg=1.5N
则托起一个苹果的力约为1.5N，故B不符合实际；
C．家用电视机正常工作时的电流约为I=0.5A，故由P=UI可得，正常工作的功率约为
P=UI=220V×0.5A=110W
故C不符合实际；
D．城市高铁的运行速度约为300km/h，即83m/s，故D不符合实际。
故选A。
2．B
【详解】A．河流中冰雪消融，固态冰变为液态水，是熔化现象，故A与题意不符；
B．霜的形成空气中的水蒸气遇冷凝结成固态冰晶，是凝华现象，故B符合题意；
C．冰冻的海面，海水结冰，是凝固现象，故C与题意不符；
D．露水是水蒸气遇冷液化形成的，故D与题意不符。
故选B。
3．A
【详解】A．在闭合电路中，由于电压的作用，使得自由电荷定向移动，从而形成电流，故A正确；
B．用电器消耗电能的多少不仅与电流做功的快慢有关，还与用电器的工作时间有关，故电流做功越快的用电器，消耗的电能不一定越多，故B错误；
C．用丝绸摩擦过的玻璃棒失去电子带正电，说明玻璃棒对电子的束缚能力较弱，故C错误；
D．电阻是导体本身的一种属性，与导体两端的电压和通过导体的电流均无关，故D错误。
故选A。
4．D
【详解】A．跳台滑雪运动员在空中下落的过程中，其速度大小改变，运动状态改变，所以，受到的不是平衡力，故A错误；
B．运动员在滑行过程中，若一切外力都消失，由牛顿第一定律知道，运动员将做匀速直线运动，故B错误；
C．冰壶运动员掷出去的冰壶能继续向前运动，是由于冰壶具有惯性，惯性不是力，所以不是受到惯性，故C错误；
D．冰球对冰面的压力是由于冰球发生形变，要恢复原状而对冰面产生的弹力，故D正确。
故选D。
5．C
【详解】由电路图知道，灯泡与滑动变阻器并联，电压表测电源两端的电压，电流表测通过滑动变阻器的电流。
A．因电源电压保持不变，所以，滑片移动时，电压表的示数不变；因并联电路中各支路独立工作、互不影响，当滑片移动时，通过灯泡的电流和实际功率不变，即灯泡的亮暗不变，当滑动变阻器的滑片P由中点向右移动时，接入电路中的电阻变大，由知道，通过滑动变阻器的电流变小，即电流表的示数变小，故A错误；
BC．由A选项分析可知，小灯泡亮度不变，电压表示数不变；当滑动变阻器的滑片P由右端向中点移动时，滑动变阻器接入电路的电阻变小，根据欧姆定律可知，该支路的电流变大，根据并联电路的电流关系知道，干路中的电流变大，电流表示数变大，则电压表与电流表示数的比变小，乘积变大，故B错误，C正确；
D．干路电流变大，总电压不变，由P=UI知道，电路消耗的总功率变大，故D错误。
故选C。
6．D
【详解】A．由电路图可知，只闭合开关S1时，只有灯泡L接入电路，由图乙可知，当灯泡两端电压为U=2V时，流过小灯泡的电流为I=0.5A，此时小灯泡的实际功率为
P=UI=2V×0.5A=1W
则电源电压为
U源=U=2V
故A错误；
B．再闭合开关S2后，此时灯泡与电阻R并联，电阻两端电压等于电源电压，由图乙可知，当电阻两端电压为UR=2V时，流过电阻的电流为IR=0.2A，由并联电路的电流特点可知，此时电路的总电流为
I总=I+IR=0.5A+0.2A=0.7A
故B错误；
C．由P=UI可得，再闭合开关S2后，小灯泡L和电阻R消耗的电功率之比为
PL∶PR=UI∶UIR=I∶IR=0.5A∶0.2A=5∶2
故C错误；
D．由图乙可知，电阻R的阻值为

将灯泡L和电阻R串联接在7V的电源两端时，由串联电路的电流特点可知，流过灯泡和电阻的电流相等，且灯泡和电阻两端的电压之和为7V，由图乙可知，当电路中电流为I=0.5A时，此时小灯泡两端电压为U=2V，电阻两端电压为
U0=IR=0.5A×10Ω=5V
可知此时小灯泡和电阻两端电压之和等于电源电压，符合题意，故可知此时电阻R消耗的电功率为
PR=U0I=5V×0.5A=2.5W
故D正确。
故选D。
7．B
【详解】①由于两种液体对容器底的压强相等，h甲＞h乙，由p=ρgh知道
ρ甲＜ρ乙
故①错误；
②两种液体对容器底的压强相等，受力面积相等，由F=pS知道，所以甲和乙两种液体对容器底的压力相等，即
F甲=F乙
所以
G甲+Ga排=G乙+Gb排
由于ρ甲＜ρ乙，Va排＜Vb排，故
ρ甲Va排＜ρ乙Vb排
则
Ga排＜Gb排
故
G甲＞G乙
根据G=mg知道
m甲＞m乙
故②正确；
③④a漂浮在甲液面上，则
Ga=Fa
b在乙液体中沉底，则
Gb＞Fb
又因为F浮=ρ液gV排，乙液体密度大，b排开乙液体体积大，所以，乙受到的浮力大于甲受到的浮力，即
Fb＞Fa
所以
Gb＞Ga
故④正确，③错误。
故选B。
8．D
【详解】A．木块的质量

故A错误；
B．截去 放入溢水杯，截去部分的质量

因为木块漂浮在水面上则有

排开液体的体积

在未将木块放入水中之前，液面到杯口处的体积

所以截去的木块放入水中后，有水溢出，液面高达到12cm，水位升高2cm，水对容器底部压强的增加量为

故B错误；
C．截去 放入溢水杯，截去部分的质量

因为木块漂浮在水面上则有

排开液体的体积

在未将木块放入水中之前，液面到杯口处的体积

所以截去的木块放入水中后，有水溢出。容器中原有水的质量

静止时容器对桌面的压力

静止时容器对桌面的压强

故C错误；
D．若截去部分的质量是200g，木块漂浮在水面上，则有

排开液体的体积

在未将木块放入水中之前，液面到杯口处的体积

所以截去的木块放入水中后，有水溢出。则溢水杯中液面升高为2cm。
截去的木块浸在液体中的深度

截去的部分向下移动的距离

则有

故D正确
故选D。
9．     伽利略     大气压
【详解】[1]伽利略力不是维持物体运动的原因，而是改变物体运动状态的原因。伽利略通过实验和推理最先发现了力不是维持物体运动的原因。
[2]马德堡半球实验证明了大气压的存在；托里拆利测量了大气压的值。
10．     4.8     1.5
【详解】[1]由P=UI知道，灯泡的额定电流

由知道，灯泡的电阻

因为串联电路中各处的电流相等，所以两电阻串联时，电路中的最大电流
I=IR=0.3A
由欧姆定律知道，电路两端允许加的最大电压是

[2]定值电阻R上标有“10Ω  0.3A”，所以，电阻两端的最大电压为
UR=IR=0.3A×10Ω=3V
两电阻并联时，各支路两端的电压相等，则并联电路的最大电压
U并=UR=3V
通过灯泡的电流

小灯泡L的最大实际功率为

11．     大于     小于
【详解】[1]沿水平方向切去相同的厚度，甲、乙切去部分质量相同，因为

则有

又由图可知

所以

[2]当甲、乙切去部分的厚度相同时，质量相同。由图，切去相同厚度后，甲、乙剩余部分的厚度

则有剩余部分甲物体质量小于乙物体的质量，因为物体对地面的压力

则有

12．     750     0.5
【详解】[1]木块受到的浮力

由阿基米德原理可知木块A排开水的重力
G排=F浮=7.5N
木块A排开水的质量为

[2]左图中A和B的整体处于漂浮状态，AB的重力之和等于浮力，则
GA+GB=F浮=7.5N
即
GA+mBg=7.5N
所以A的重力
GA=7.5N-0.3kg×10N/kg=4.5N
右图中，木块恰好有一半的体积露出水面，此时木块受到的浮力

此时A受竖直向下的重力、竖直向下的拉力、竖直向上的浮力，即
F浮′=GA+F拉
所以细线产生的拉力
F拉=F浮′-GA=5N-4.5N=0.5N
13．     6     2.4
【详解】[1]小灯泡L的电阻为

[2]将滑动变阻器的滑片P置于A端，只闭合开关S1时，滑动变阻器没有接入电路，R1与灯泡L串联，电压表V1的示数为U1，电压表V1测量R1的电压，则可以列等式为

电压表V2测量小灯泡的电压，则电压表V2的示数为

将滑动变阻器的滑片P置于B端，滑动变阻器全部接入，仍只闭合开关S1，R1、R2、灯泡L串联，电压表V1的示数为U1′，电压表V1测量R1与R2的总电压，电路中的电流为I2，则电压表V1的示数为

电压表V2的示数为U2′，电压表V2的示数为

已知
U2∶U2′=7∶3
则可以列等式为

已知
U1∶U1′=7∶15
可列等式为

可得

经电源电压相等，可以列等式

带入数据可知

经整理可知


若电源电压可调，闭合开关S1、S2和S3，R1与R2并联，灯泡L被短路，电流表测量干路电流，当滑动变阻器取最大值时，电流表的示数最小，设电源电压为U，则此时的电流表的示数为

当滑动变阻器的阻值在2Ω时，此时电流表的示数为

电流表最大值和最小值的差值不小于1A，则可以列等式为

经整理可知

14．（1） ；（2）
【详解】（1）[1]物体在斜面上，有向下的运动趋势，则物体受到平行于斜面向上的摩擦力f，摩擦力作用在接触面上，如下图：

（2）[2]由图知道，开关闭合后，电流从螺线管右端流入、左端流出，根据安培定则，用右手握住螺线管，四指指向电流的方向，大拇指指向螺线管的左侧为N极，右侧为S极；由磁极间的作用规律知道，小磁针的左侧为N极，右侧为S极，如下图：

15．     水平     左     52.6     2.63     A     <
【详解】（1）[1][2]为了保护器材和操作方便，将天平放在水平实验台上并将游码归零后，当托盘天平的指针指在分度盘的右侧时，该将平衡螺母向左调节，使天平横梁平衡。
（2）[3]游码标尺的分度值为0.2g，合金块的质量为50g+2.6g=52.6g。
[4]量筒示数分别如图丙、丁所示，则该合金块的体积为
V=40mL-20mL=20mL=20cm3
该合金块的密度为

（3）[5]由于该合金块的密度在大于镁的密度而小于铝的密度，该合金块可能是铝镁合金，故A符合题意；BC不符合题意。
故选A。
（4）[6]连接OA和OB，如下图，由图可知，体积相同的A、B两种物质，A的质量小于B的质量，由 可知，ρA<ρB。

16．     不明显     液体密度     不变     A     b     CD          640
【详解】（1）[1]按压探头的橡皮膜时，若实验装置漏气，则U形管两侧液面的压强相差不大，故U形管两侧液面高度变化不明显。
（2）[2]由图乙、图丙可知，两图中探头的深度相同，而液体的密度不同，U形管两侧液面的高度差也不同，故可知当深度一定时，液体内部压强与液体密度有关。
[3]因同一深度处，液体内部各个方向的压强均相等，故在图丙中，保持探头的位置不变，改变探头的方向，液体的压强不变，U形管两侧液面的高度差将不变。
（3）[4]A．由p=ρgh可知，U形管液面的压强与液柱的横截面积无关，故将U形管换成更细的不能使两侧液面高度差对比更明显，故A符合题意；
B．由p=ρgh可得

当烧杯内液体压强一定时，U形管中液体密度越小，两侧液体的高度差越大，即U形管中换用密度更小的液体能使两侧液面高度差对比更明显，故B不符合题意；
C．探头在不同液体中的深度相同时，由p=ρgh可知，液体密度越大，压强越大，故在烧杯中换密度更大的液体，能使两侧液面高度差对比更明显，故C不符合题意；
D．使探头在不同液体中均向下移动相同的距离，由p=ρgh可得，液体密度一定时，探头所处深度越大，受到的压强越大，故使探头在不同液体中均向下移动相同的距离，能使两侧液面高度差对比更明显，故D不符合题意。
故选A。
（4）[5]由图丁可知，玻璃管和U形管左侧通过橡皮管相连，当向玻璃管中吹气时，U形管左侧空气流速大，压强小，右侧空气流速小，压强大，在压强差的作用下使得b侧液面低于a侧液面。
（5）[6]由图中可知，左右两侧的液体在橡皮膜处均产生压强，因橡皮膜相平，故可知左右两侧的液体在橡皮膜处的压强相等，分别测出左右两侧液体液面到橡皮膜中心的深度，由p=ρgh即可计算出待测液体的密度，故选CD。
[7]由[6]中分析可知，左侧水与右侧液体在橡皮膜处的压强相等，由p=ρgh可得
ρ水gh4=ρgh3
解得待测液体的密度为

（6）[8]由容器的形状可知，当容器中的水充满容器下部的圆柱体时，会在凸形容器的两肩处产生向上的压强，从而对容器产生向上的压力，当向上的压力等于容器重力时，此时容器与桌面之间刚好无压力，设容器中注入的水的最大高度为h，则由p=ρgh可得，水对凸形容器两肩处的压强为

由F=pS可得，水对容器的压力为

因水对容器的压力等于容器的重力，则有

解得

由m=ρV可知，此时容器的下部装入水的质量为

容器上部装入水的质量为

可得容器中允许装入水的质量最多为
m=m1+m2=500g+140g=640g
17．          C     右     1.05     1.8     不能     温度     D
【详解】（1）[1]滑动变阻器、小灯泡串联接入电路，电压表并联在小灯泡两端，电流表应串联在电路中，如图所示：

（2）[2]闭合开关，电流表有示数，说明电路是通路，而电压表无示数，说明与电压表并联部分发生短路即小灯泡处短路，故选C。
（3）[3]移动滑片，当滑片位于某一位置时，电流表的示数为0.2A，为使小灯泡正常发光，达到额定电流0.5A，需要减小滑动变阻器的阻值，应该将滑片向右调节。
[4]当小灯泡正常发光时，电压表的示数如图乙所示，电压表量程0～3V，分度值0.1V，电压表示数为2.1V，则小灯泡的额定功率为
P额=U额I额=2.1V×0.5A=1.05W
[5]由图甲可知，电源为两节干电池，故电源电压为3V，此时滑动变阻器的电压
U滑=U-U额=3V-2.1V=0.9V
根据欧姆定律滑动变阻器接入电路中的阻值为

（4）[6]探究通过导体的电流与导体两端的电压关系，应控制导体的电阻不变，而灯的电阻随温度的变化而变化，无法控制其大小不变，所以利用图甲装置不能探究电流与电压的关系。
（5）[7]四组数据得到电阻分别为




灯泡电压增大，通过它的电流增大，由P=UI可知，灯泡的电功率增大，灯丝的温度升高，灯泡的电阻增大。
（6）[8]电源电压改为9V且不变，探究电流与电阻的关系时，由串联电路电压的规律，变阻器的电压为
U滑=U-UV
根据分压原理有

因电源电压和电压表示数不变，当变阻器的最大电阻连入电路中时，对应的定值电阻最大，此时定值电阻两端电压最小，所以

UV=5V
因电流表的量程为0~0.6A，滑动变阻器允许通过的最大的电流为1A，所以串联电路中的最大电流为0.6A，当接入最小的电阻5Ω时，电压表示数即为允许的最大电压
U大=R小I大=5Ω×0.6A=3V
所以没有电压表示数变化范围，故D符合题意。
18．（1）420N；（2）5.2×105Pa
【详解】解：（1）由题意可知，隋文静的体重为m1=42kg，故由G=mg可得，隋文静的重力为

（2）由题意可知，韩聪的体重为m2=62kg，故由受力分析可知，韩聪对冰的压力为

韩聪与冰的接触面积为
S=20cm2=2×10-3m2
故由可得，韩聪对冰的压强为

答：（1）隋文静的重力为420N；
（2）韩聪对冰的压强为5.2×105Pa。
19．（1）5.5A；（2）160Ω；（3）2400J
【详解】解：（1）如图两电阻R1、R2串联，当S2闭合时电路中只有加热电阻R1，电热水壶处于加热状态，正常加热时R1中的电流

（2）正常加热时R1的电阻

S、S1闭合，S2断开时，电热水壶处于保温状态，保温状态时的电流

电阻R2的阻值

（3）当时，电路中的电流

水壶内的水每分钟向外界散发热量

答：（1）正常加热时R1中的电流为5.5A；
（2）电阻R2的阻值为160Ω；
（3）若电源实际电压为200V，电水壶在保温状态工作，假设水壶内水温保持恒定不变，那么水壶内的水每分钟向外界散发热量2400J。
20．（1）60N；（2）3800Pa；（3）35kg
【详解】解：（1）水舱重力为

船的重力为

因为半潜船漂浮，所以半潜船的浮力为

（2）半潜船排开水的体积为

此时半潜船底部距离水面的高度为

水对容器底部的压强为

（3）将3kg放在半潜船上，则浮力的增加了

根据和，则有液面高度变化为

放入半潜船后，液面变化的高度为

则溢水，将水舱中的水排出前后，液面高度不变，则h水=40cm，此时排开的液体体积为

剩余水的体积为

剩余水的质量为

答：（1）图丙中半潜船所受浮力为60N；
（2）图丙中水对容器底部的压强为3800Pa；
（3）静止时容器内水的质量为35kg。