河北省邯郸市邯山区扬帆初中学校2022-2023学年九年级上学期期中物理试卷(含答案)

这是一份河北省邯郸市邯山区扬帆初中学校2022-2023学年九年级上学期期中物理试卷(含答案)，共20页。试卷主要包含了3A等内容，欢迎下载使用。
2022-2023学年河北省邯郸市邯山区扬帆初中学校九年级（上）期中物理试卷
一．选择题（共14小题，1-12题为单选，每题2分，13—14题为多选，每题3分，共30分）
1. 如图所示为甲、乙、丙三个轻质小球的相互作用时情况，已知甲所带电荷与被毛皮摩擦过的橡胶棒所带电荷相同，关于三个球的带电情况判断正确的是(    )



A. 甲球一定带正电 B. 乙球可能不带电 C. 乙球一定带负电 D. 丙球一定带正电
2. 如图所示，小明在物理课上把气球和塑料袋同时放在头发上摩擦，直至头发起毛，将塑料袋
放在摩擦后的气球上面，神奇的一幕出现了，塑料袋悬浮起来了。下列说法正确的是(    )


A. 摩擦起电是创造了电荷 B. 摩擦过程中有质子发生了转移
C. 塑料袋和气球带同种电荷 D. 塑料袋不带电，气球带电
3. 关于物体的导电性能，下列说法中正确的是(    )
A. 绝缘体不容易导电是因为它没有电荷 B. 大地、人体、金属、陶瓷都是导体
C. 绝缘体在一定条件下也能变成导体 D. 橡胶、塑料、油、石墨都是绝缘体
4. 现有两个定值电阻R1和R2(R1I乙>I丙>I丁 B. I乙>I丙>I丁>I甲
C. I甲>I丙>I丁>I乙 D. I丙>I丁>I乙>I甲
5. 下列电路图中，属于并联电路的是(    )

A. 甲、乙 B. 甲、丁 C. 乙、丙 D. 丙、丁
6. 两个相同的电流表，均有两个量程(0∼0.6A和0∼3A)。如图甲，闭合开关S，两灯泡均发光，两电流表均有正常的示数。如图乙，两个电流表指针偏转的角度恰好相同，则通过L1与L2的电流之比为(    )

A. 1：5 B. 5：1 C. 1：4 D. 4：1
7. 如图，S断开时，电压表示数5V，S闭合时，电压表的示数为1V，则(    )
A. S闭合时灯泡L1和L2的电压之比是5：1
B. 若灯泡L1灯丝烧断，电压表示数为零
C. 通过灯泡L1的电流比L2的电流大
D. 灯泡L1两端的电压是1V
8. 如图所示，AB和BC是由同种材料制成的长度相同、横截面积不同的两段导体，串联后连入电路中，比较这两段导体的电阻及通过它们的电流的大小，正确的是(    )


A. RAB>RBC，IABR1>R乙；
由图丙、丁可知：R丙=R1，R丁=R2；
所以，四个电路中的总电阻关系为：R甲>R丁>R丙>R乙，
因电源的电压恒为U，由I=UR可知，四个电路中电流大小关系为：I乙>I丙>I丁>I甲。
故选：B。
根据电阻的串联和并联以及R1>R2比较四个电路的总电阻关系，电源的电压一定，根据I=UR比较四个电路中电流大小关系。
本题考查了电阻的串联和并联以及电功公式的应用，是一道较为简单的应用题。

5.【答案】D 
【解析】解：图甲、乙中，电流依次流过两只灯泡，只有一条流通路径，为串联电路；
图丙、丁中，两只灯泡并列连接，工作时互不影响，为并联电路，故ABC错误，D正确。
故选：D。
串联电路中，电流的路径只有一条，各元件逐个顺次连接；并联电路中，电流有多条路径，各用电器并列连接，工作时互不影响，据此判定。
明确串并联电路的特点，根据串联电路只有一条路径，并联电路有多条路径，可对电路图的连接情况做出正确的判断。

6.【答案】C 
【解析】解：由电路图可知，L1、L2并联，电流表A1测通过L1的电流，电流表A2测干路电流，且指针偏转角度相同，而并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以由图示可知，电流表A2的量程为0∼3A，分度值为0.1A，示数为0.5A，即干路中的电流为I=0.5A；
电流表A1的量程为0∼0.6A，分度值为0.02A，示数为0.1A，即则通过L1的电流：I1=0.1A，
所以通过L2的电流：I2=I-I1=0.5A-0.1A=0.4A，
则通过L1与L2的电流之比：I1：I2=0.1A：0.4A=1：4。
故选：C。
由电路图可知，L1、L2并联，电流表A1测L1支路的电流，电流表A2测干路电流；根据并联电路的电流特点结合两表指针偏转的角度相同确定它们的量程，且大量程示数是小量程示数的5倍读出电流表的示数，再根据并联电路的电流特点求出通过L2的电流，最后求出通过L1与L2的电流之比。
本题考查了并联电路的电流特点、电流表的读数，正确判断电流表的量程是关键。

7.【答案】B 
【解析】解：
ACD、断开开关S，电压表串联到电源的两端，电压表的示数为5V，电压表测量的是电源电压，故电源电压为5V，开关闭合时，电压表测量的是灯泡L2两端的电压，电压表示数为1V，L2两端的电压为1V，由于是串联电路，各处电流时相同的，L1两端的电压是5V-1V=4V，S闭合时灯泡L1和L2两端的电压之比是4V：1V=4：1，故ACD错误；
B、若灯泡L1灯丝烧断，电压表不能测量电源电压，示数为0V，故B正确。
故选：B。
断开开关S，电压表的示数为5V，电压表测量的是电源电压；闭合开关S，两灯均正常发光，电压表测量的是灯泡L1两端的电压；根据串联电路的电压关系和电流关系分析。
本题考查了开关的不同状态对电灯的连接方式的影响，属于基础知识。

8.【答案】D 
【解析】解：AB和BC由同种材料制成，长度相同，由图可知，AB横截面积小于BC横截面积，因此在温度相同的情况下，RAB>RBC；AB和BC是串联后连入电路中，因为串联电路中各处电流都相等，所以IAB=IBC，因此ABC不正确，D正确。
故选：D。
影响电阻阻值大小的因素是材料、长度、横截面积、温度；串联电路中各处电流都相等。
此题考查了影响电阻阻值大小的因素、串联电路电流规律等知识点。

9.【答案】C 
【解析】解：
AB、由图象可知，甲对应的电流与电压成正比，而乙对应的电流与电压不成正比，根据欧姆定律可知甲电阻的阻值不变，乙电阻的阻值变化；
由图象可知，当甲两端电压为2V时，通过甲的电流为0.1A，则根据欧姆定律可得：R甲=U甲I甲=2V0.1A=20Ω；故AB错误；
C、甲、乙并联在2V电源时，甲和乙电压都为2V，由图象可知，I甲=0.1A，I乙=0.2A，故干路电流I=I甲+I乙=0.1A+0.2A=0.3A，故C正确；
D、甲、乙串联在电路中时，当电路电流为0.2A时，甲和乙电流都为0.2A，由图可知U甲'=4V，故D错误。
故选：C。
(1)根据欧姆定律可知，电阻一定时，通过电阻的电流与两端的电压成正比，据此分析图象甲乙电阻的变化；
(2)由图象可知，当乙两端电压为2V时对应的电流，根据欧姆定律求出R乙的阻值；
(3)根据并联电路的电压特点结合图象读出对应的电流，再根据并联电路的电流特点得出干路电流；
(4)根据串联电路的电流特点读出图象中对应的电压。
本题考查了串联电路的电流特点和并联电路的电压特点以及欧姆定律的灵活运用，关键是根据图象得出相关的信息。

10.【答案】D 
【解析】解：A、因为显示仪与R0并联，所以显示仪是电压表，故A错误；
BD、被测温者温度越高，热敏电阻R的阻值越小，总电阻越小，根据欧姆定律可知，电路中的电流越大，根据U=IR可知，定值电阻两端的电压越大，电压表示数越大，显示仪示数越大，故B错误、D正确；
C、温度相同，说明热敏电阻的阻值不变，将R0更换为阻值更大的电阻，由串联电路分压特点可知，R0两端分得的电压变大，因此显示仪示数会变大，故C错误。
故选：D。
根据电路图可知，R与R0串联，显示仪与R0并联；
(1)根据电流表和电压表的正确使用确定显示仪是电流表还是电压表；
(2)当被测者体温越高时，根据热敏电阻阻值的变化分析电路中总电阻的变化，根据欧姆定律分析电路中电流的变化和电压表示数的变化；
(3)当温度相同，说明热敏电阻的阻值不变，若将R0更换为阻值更大的电阻，由串联电路分压特点可知显示仪示数的变化。
本题考查串联电路的规律及欧姆定律公式的运用，关键是题干中获取有效的信息，难度不大。

11.【答案】C 
【解析】解：
AC.只把B和C接入电路，滑片下方电阻丝接入电路，当滑片顺时针旋动时，B、C间电阻丝的长度变短，电位器接入电路电阻变小，故A错误、C正确；
B.只把A和B接入电路，滑片上方和左方电阻丝接入电路，滑片移动时A、B间电阻丝的长度发生改变，接入电路中的电阻发生变化，可以改变通过电位器的电流，故B错误；
D.将A、B接入电路同一点，C接电路另一点，A、B间的电阻被短路，接入电路中的电阻为B、C间的电阻，当滑片逆时针旋动时，B、C间电阻丝的长度变长，电位器接入电路电阻变大，故D错误。
故选：C。
电位器是一个滑动变阻器，滑动变阻器是通过改变接入电路中电阻丝的长度来改变电阻的，据此进行解答。
电位器是一个变形的滑动变阻器，此滑动变阻器有三个接线柱，明确选择其中的两个接线柱时连入电路的电阻是关键。

12.【答案】A 
【解析】解：由电路图可知小灯泡与滑动变阻器并联，电压表测量电源的电压，电流表测量干路中的电流；
由于电源电压不变，所以移动滑片时，电压表示数不变，故C错误；
并联电路各支路互不影响，移动滑片时，通过灯泡的电流不变，根据P=UI知小灯泡的功率不变，灯泡的亮度不变，故A正确；
闭合开关，当滑动变阻器滑片向左滑动时，滑动变阻器接入电路的阻值变小，根据I=UR可知，通过滑动变阻器的电流变大，根据并联电路的电流规律可知，干路中的电流变大，电流表示数变大，故B错误；
根据并联电路各支路两端的电压等于电源电压，则滑动变阻器两端电压不变，故D错误。
故选：A。
由电路图可知小灯泡与滑动变阻器并联，电压表测量电源的电压，电流表测量干路中的电流；
当滑动变阻器滑片向左滑动时，变阻器接入的阻值变小，利用欧姆定律分析通过滑动变阻器电流的变化；
根据并联电路的特点分析电压表示数和滑动变阻器两端的电压、通过灯泡电流的变化和干路电流的变化。
此题主要考查了电路的动态分析，知道并联电路电流和电压的特点是解题的关键。

13.【答案】BD 
【解析】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。
ACD.当滑动变阻器接入电路中的电阻为0时，电路中的电流最大，
由图乙可知，电路中的最大电流I1=3A，
由I=UR可得，电源的电压：U=I1R1=3A×R1--------①
当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，
由图乙可知，电路中的最小电流I2=1A，变阻器两端的最大电压U2=4V，
则滑动变阻器的最大阻值：R2=U2I2=4V1A=4Ω，故C错误；
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，电源的电压：U=I2R总=I2(R1+R2)=1A×(R1+4Ω)---②
由①②可得：R1=2Ω，U=6V，故A错误、D正确；
B.由R=UI可知，电压表与电流表的示数之比等于变阻器R2接入电路中的电阻，
当滑片向右移动的过程中，变阻器R2接入电路中的电阻变大，则电压表与电流表的示数之比变大，故B正确。
故选：BD。
由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。
(1)当滑动变阻器接入电路中的电阻为0时，电路中的电流最大，根据图乙读出电路中的最大电流，根据欧姆定律表示出电源的电压；当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，根据图乙读出电路中的最小电流和变阻器两端的最大电压，根据欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值，利用电阻的串联和欧姆定律求出电源的电压，然后联立等式求出R1的阻值和电源的电压；
(2)根据欧姆定律可知，电压表与电流表的示数之比等于变阻器R2接入电路中的电阻，根据滑片的移动可知变阻器接入电路中的电阻变化，从而得出电压表与电流表的示数之比的变化。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，从图象中获取有用的信息是关键。

14.【答案】BC 
【解析】解：A.若a、b均为电流表，R1、R2、R3并联，电流表a测R1和R2支路的电流之和，电流表b测R2和R3支路的电流之和，电流表A测R3支路的电流之和，
因并联电路中各支路独立工作、互不影响，
所以，滑片移动时，通过R1和R2支路的电流不变，即电流表a的示数不变，
将滑片P向左滑动时，变阻器R3接入电路中的电阻变小，
由I=UR可知，通过R3支路的电流变大，即电流表A的示数变大，
由R2支路的电流不变和通过R3支路的电流变大可知两支路的电流之和变大，即电流表b的示数变大，
由电流表a的示数不变和电流表b的示数变大可知，a与b两电流表示数之比变小，
综上可知，选项A错误；
B.若a为电压表，b为电流表，R1和R2被短路，电路为R3的简单电路，电压表a测电源两端的电压，电流表A和b均测电路中的电流，
由电源电压U保持不变可知，滑片移动时，电压表a的示数不变，
当滑片P向右滑动时，变阻器接入电路中的电阻变大，
由I=UR可知，电路中的电流变小，即电流表电流表A和b的示数均变小，
则a表示数与b表的示数之比变大，故B正确；
C.若a、b均为电压表，R1、R2、R3串联，电压表a测R2和R3两端的电压之和，电压表b测R1和R2两端的电压之和，电流表A测电路中的电流，
将滑片P向右滑动时，设滑片移动前后电路中的电流分别为I1、I2，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，电压表a示数的变化量：ΔUa=(U-I2R1)-(U-I1R1)=(I1-I2)R1=ΔIR1，
电压表b示数的变化量：ΔUb=I1(R1+R2)-I2(R1+R2)=(I1-I2)×(R1+R2)=ΔI(R1+R2)，
由R1=2R2可得，a表示数的变化量与b表示数的变化量之比：ΔUaΔUb=ΔIR1ΔI(R1+R2)=R1R1+R2=2R22R2+R3=23，故C正确；
D.若a、b均为电压表，R1、R2、R3串联，将滑片P向右移动时，根据串联电路的电压规律可知，滑动变阻器两端电压的变化量等于R1、R2两端电压的变化量，所以滑动变阻器两端电压变化量大于定值电阻R2两端电压变化量，故D错误。
故选：BC。
(1)若a、b均为电流表，R1、R2、R3并联，电流表a测R1和R2支路的电流之和，电流表b测R2和R3支路的电流之和，电流表A测R3支路的电流之和，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知滑片移动时通过R1和R2支路的电流变化，然后得出电流表a的示数变化，根据滑片的移动可知变阻器R3接入电路中的电阻变化，再根据欧姆定律可知通过R3支路的电流变化，即可得出电流表A的示数变化，进一步得出电流表b的示数变化和a与b两电流表示数之比变化；
(2)若a为电压表，b为电流表，R1和R2被短路，电路为R3的简单电路，电压表a测电源两端的电压，电流表A和b均测电路中的电流，根据电源电压U保持不变可知滑片移动时电压表a的示数变化，根据滑片的移动可知变阻器接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化，即可得出电流表电流表A和b的示数变化，然后得出a表示数与b表的示数之比变化；
(3)若a、b均为电压表，R1、R2、R3串联，电压表a测R2和R3两端的电压之和，电压表b测R1和R2两端的电压之和，电流表A测电路中的电流，设出滑片移动前后电路中的电流变化，根据串联电路的电压特点和欧姆定律求出电压表a示数的变化量，再根据欧姆定律得出电压表b示数的变化量，进一步结合R1=2R2得出a表示数的变化量与b表示数的变化量之比；
(4)若a、b均为电压表，R1、R2、R3串联，根据串联电路的电压规律分析滑动变阻器两端电压变化量与定值电阻R2两端电压变化量的关系。
本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，分清a、b电表不同类型时电路的连接方式和电表所测的电路元件是关键。

15.【答案】同种电荷相互排斥  A到B 
【解析】解：验电器的工作原理：同种电荷相互排斥；
人们规定，与丝绸摩擦过的玻璃棒带正电荷，与丝绸摩擦过的玻璃棒接触验电器A的金属球，验电器A也会带正电荷；我们想要把两个验电器连接起来，必须用带绝缘柄的铜棒；把A和B连接起来，A的金属箔张开的角度减小，B的金属箔张开，A带正电，B也带正电，B失去电子，A得到电子，故电子的移动方向从B到A，电流方向为从A到B。
故答案为：同种电荷相互排斥；A到B。
验电器的工作原理：同种电荷相互排斥；
不同物质组成的物体，原子核夺得电子的本领不同，相互摩擦时，一个物体夺得电子，因多余电子带负电，另一个物体因缺少电子带正电。
本题考查了验电器的工作原理，属于基础题。

16.【答案】2.50.3电压 
【解析】解：，在L1和L2两个灯泡并联，根据电流表串联在电路中，电压表并联在电路两端，可知a、b为电流表，c为电压表，
电流表a测量干路电流，电流表b测量灯泡L2的电流，
已知a、b、c三个电流表或电压表的示数依次为1.5，1.2，2.5，则电流表a的示数I=1.5A，电流表b的示数I2=1.2A，电压表c的示数U=2.5V，
由并联电路的电流特点，干路电流等于各支路电流之和可得，
L1中的电流I1=I-I2=1.5A-1.2A=0.3A。
故答案为：2.5；0.3；电压表。
已知L1和L2两个灯泡并联，首先根据电流表串联在电路中两端，电压表并联在电路中确定a、b、c是电流表还是电压表，然后根据并联电路的电压关系和并联电路的电流特点可求得L1中的电流。
此题主要考查并联电路的电压规律和电流规律，确定三个表示电流表还是电压表是关键。

17.【答案】1：3；1：1 
【解析】解：由图可知，当闭合开关S1和S3，断开开关S2时，R1与R2并联，根据根据并联电路特点可知，R1与R2两端的电压比为U1：U2=1：1，通过R1与R2的电流比为11：12=R2：R1=1：3
故答案为：1：3；1：1.
根据并联电路特点并结合欧姆定律进行分析解答．
本题考查了串联和并联电路的特点．关键是根据题目中的开关组合判断电路的连接情况．

18.【答案】L1  L1断路  A 
【解析】解：(1)如图甲所示，电压表此时测的是L1两端的电压；
(2)闭合开关后，L1、L2均不发光，电压表有示数且大小接近3V，说明电压表串联接入电路，即与电压表并联的灯泡断路，则电路中出现的故障可能是L1断路；
(3)实验后得出串联电路中电压间的规律是串联电路中总电压等于各部分电路两端电压之和。
故答案为：(1)L1；(2)L1断路；(3)A。
(1)电压表与所测电路元件并联接入电路；
(2)闭合开关后，L1、L2均不发光，电压表有示数且大小接近3V，说明电压表串联接入电路，即与电压表并联的灯泡断路，据此分析电路故障；
(3)串联电路中总电压等于各部分电路两端电压之和.
“探究串联电路电压特点”的实验考查电压表的使用、电路故障分析、实验结论等，属于基础题。

19.【答案】右  2B4.5 
【解析】解：(1)将10Ω的电阻接入电路中，由图乙可知，电流表示数为I0=0.2A，
则电压表的示数为：U0=I0R1=0.2A×10Ω=2V；
(2)实验中应保持定值电阻两端的电压不变。用20Ω的电阻替换10Ω的电阻时，根据串联分压特点可知，定值电阻两端的电压变大，为保证定值电阻两端的电压不变，应让滑动变阻器两端的电压变大，所以应将滑动变阻器的阻值变大，故应将滑动变阻器的滑片向右移动；
由(1)可知，电压表示数为2V，故将滑动变阻器的滑片向右移动，使得电压表的示数重新为2V；
当用40Ω的电阻进行实验时，若要保证定值电阻的电压不变，根据串联电路电压、电流规律可得：
U0R3=U-U0R滑，即：2V40Ω=4V-2VR滑，R滑=40Ω，应当选择B滑动变阻器接入电路；
(3)当电阻最大为40Ω时且滑动变阻器接入最大阻值50Ω时，电源电压最大，
则U0R3=U最大-U0R滑，即；2V40Ω=U最大-2V50Ω，解得U最大=4.5V。
故答案为：(2)右；2；B；(3)4.5。
(1)根据U=IR可得电压表示数U0；
(2)实验中应保持定值电阻两端的电压不变。当电阻由10Ω更换为20Ω时，根据串联分压特点可知，定值电阻两端的电压变大，为保证定值电阻两端的电压不变，应让滑动变阻器两端的电压变大，根据串联分压特点分析滑动变阻器的滑片的移动方向；由(1)可计算电压表示数；根据滑动变阻器的调节电压的作用分析应选择的滑动变阻器；
(3)当电阻最大为40Ω时且滑动变阻器接入最大阻值50Ω时，电源电压最大，根据串联电路电流、电压特点和分压原理进行计算即可。
本题考查了探究电流和电阻的关系、电流表的使用、控制变量法的应用、欧姆定律的运用和分析数据管结论的能力，属于中难度的题目。

20.【答案】R=UI  20BU2RU1-U2 
【解析】解：(1)该实验的原理是：R=UI；
(2)电流表选用小量程，分度值为0.02A，示数为0.24A，根据欧姆定律可知Rx=UI=4.8V0.24A=20Ω；
(3)该实验中通过调节滑动变阻器，多次测量电压值和电流值的目的是减小误差，故选B；
【拓展】①将滑动变阻器滑到A端，闭合开关S，读出电压表的读数，记为U1；
②将滑片移至B端，闭合开关S，读出此时电压表的示数为U2，
在①中，为待测电阻的简单电路，电压表示数即为电源电压；
在②中，两电阻串联，电压表测待测电阻的电压，由串联电路电压的规律，则滑动变阻器两端的电压为：U滑=U1-U2；
根据分压原理：U1-U2U2=RRx，则Rx=U2RU1-U2。
故答案为：(1)R=UI；(2)20；(3)B；【拓展】U2RU1-U2。
(1)该实验的原理是：R=UI；
(2)电流表选用小量程，分度值为0.02A，据此得出示数为0.24A，根据欧姆定律可知Rx的阻值；
(3)该实验中通过调节滑动变阻器，多次测量电压值和电流值的目的是减小误差；
【拓展】没有电流表，利用已知电阻和被测电阻串联找电流相等；被测电阻和已知最大阻值的滑动变阻器串联，电压表与被测电阻并联，滑动变阻器为最大值时，电压表测被测电阻电压，根据串联电路电压特点，求滑动变阻器电压，求滑动变阻器电流，即被测电阻电流，根据R=UI计算电阻。
本题为测量某定值电阻Rx的阻值的实验，考查实验原理、电阻计算、实验步骤等知识。

21.【答案】解：(1)由图示可知，两个电阻是串联的，电压表测滑动变阻器两端的电压，在串联电路中电流处处相等，所以通过变阻器的电流也是0.5A，
所以此时滑动变阻器R2接入电路的阻值为：
R2=U2I=6V0.5A=12Ω；
(2)电阻R1两端的电压为：U1=I1R1=36Ω×0.5A=18V，串联电路的总电压等于各部分电压之和，
所以电源电压为：U=U1+U2=18V+6V=24V；
(3)当电流表的示数为最大值0.6A时，滑动变阻器连入的电阻最小，此时电路中的总电阻为：R=UI大=24V0.6A=40Ω，
串联电路总电阻等于各分电阻之和，变阻器的最小电阻为：R2小=R-R1=40Ω-36Ω=4Ω；
当电压表的示数为最大值15V时，变阻器连入的电阻最大，此时电路中的电流为I小=U1'R1=24V-15V36Ω=0.25A，
变阻器的最大电阻为：R2大=U2'I小=15V0.25A=60Ω，
则滑动变阻器R2接入电路的阻值范围为4Ω∼60Ω。
答：(1)此时滑动变阻器R2接入电路的阻值为12Ω；
(2)电源电压为24V；
(3)为了保证两个电表都能正常工作，滑动变阻器R2接入电路的阻值范围为4Ω∼60Ω。 
【解析】(1)由图示可知，两个电阻是串联的，电压表测滑动变阻器两端的电压，根据串联电路电流特点结合欧姆定律计算此时滑动变阻器R2接入电路的阻值；
(2)根据欧姆定律计算电阻R1两端的电压，根据串联电路电压规律计算电源电压；
(3)当电流表的示数为最大值0.6A时，滑动变阻器连入的电阻最小，根据欧姆定律计算此时电路中的总电阻，根据电阻的串联计算变阻器的最小电阻，当电压表的示数为最大值15V时，变阻器连入的电阻最大，根据欧姆定律计算此时电路中的电流，进一步计算变阻器的最大电阻，最后确定滑动变阻器R2接入电路的阻值范围。
本题考查串联电路特点、欧姆定律的灵活运用，知道当电流表的示数最大时变阻连入的电阻最小，当电压表的示数最大时变阻器连入的电阻最大。