重庆市荣昌中学2022-2023学年九年级上学期期中考试物理试卷

这是一份重庆市荣昌中学2022-2023学年九年级上学期期中考试物理试卷，共23页。试卷主要包含了选择题，填空题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
2022-2023学年重庆市荣昌中学九年级（上）期中物理试卷
一、选择题（每小题只有一个选项符合题意，每小题3分，共24分）
1. 下列对常见物理量的估测符合实际的是(    )
A. 重庆12月的平均气温约为30℃ B. 家用电饭煲的额定功率约为1kW
C. 教室里的吊扇正常工作时的电流约为10A D. 对人体的安全电压为不高于220V
2. 关于热学知识，下列说法正确的是(    )
A. 物体吸收热量温度一定升高
B. 热值大的燃料，完全燃烧时放出的热量一定多
C. 热量可以从内能小的物体传递给内能大的物体
D. 物体吸收热量越多，比热容越大
3. 核酸检测采样时使用的“采样拭子”，其顶端是如图所示的植绒拭子，安全、无毒。有一种植绒方式是：植绒机产生数万伏的高压静电，通过电子转移让喷头中的绒毛带上负电荷，然后在被植绒物体表面喷涂上胶粘剂，移动喷头靠近被植绒物体，绒毛在高压静电作用下从喷头中飞升到被植绒物体表面，呈垂直状植在涂有胶粘剂的物体表面。上述植绒过程中蕴含了许多科学知识，下列描述不合理的是(    )
A. 喷头中的绒毛带上负电荷，是由于绒毛得到了电子
B. 以移动的喷头为参照物，被植绒物体是运动的
C. 绒毛能在高压静电作用下运动，是由于能量可以创生
D. 绒毛从喷头中飞升到被植绒物体表面，是由于力能改变物体的运动状态
4. 下列电学知识中，说法正确的是(    )
A. 电功率越大的用电器，消耗的电能越多
B. 导体的电阻，与导体两端的电压成正比，与通过导体的电流成反比
C. 电视机和电烙铁分别在家庭电路中工作消耗相同电能时，电烙铁产生的热量较多
D. 两盏白炽灯并联接入同一家庭电路中工作时，电阻较大的灯实际功率较大

5. 城市里共享电动车方便快捷，已经成为大家近距离出行的首选交通工具。使用时首先用手机相关APP扫描车头或车尾的二维码即可解锁(S1闭合)。乘车人上车坐好后右手转动把手(S2闭合)，共享电动车即可启动行驶。手动开关S3和光控开关S4都可控制车头灯(手动开关S3闭合，车头灯可发光；若S3断开，光线较暗时光控开关S4自动闭合，车头灯也可发光)。则下列图中模拟电路符合上述要求的是(    )
A. B.
C. D.
6. 重庆一中物理兴趣小组的小勇同学为快递公司设计了分拣计数装置，其简化电路如图所示。R1为定值电阻，R2为光敏电阻，当有光照射时R2电阻变小。激光被遮挡一次，计数器会自动计数一次(计数器可视为电压表)。闭合开关，激光被遮挡瞬间，下列说法正确的是(    )


A. R2 的阻值变小 B. R1 的功率变大
C. 计数器两端的电压变小 D. 电路消耗的总功率变小
7. 如图甲所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关S后，滑片P从b端移动到a端的过程中，电压表示数U与电流表示数I的关系图象如图乙所示，下列判断正确的是(    )

A. 电源电压为8V
B. R1的阻值为40Ω
C. 当滑片P移至中点时，电路消耗的总功率为3.6W
D. 当滑片P在b端时，通电10s后R1上产生的热量是4J
8. 如图甲所示，电源电压保持不变，滑动变阻器R1标有“50Ω0.5A”的字样，R2=10Ω，灯泡L上标有“5V”的字样，电压表量程为0∼15V，电流表量程为0∼0.6A。将R1的滑片P移至b端，闭合开关S、S1，调节R1的滑片P，并绘制出电流表示数与电压表示数的变化关系图象如图乙所示。在保证电路安全的前提下，下列说法正确的是(    )

A. 滑动变阻器接入电路中的最小阻值是5Ω
B. 电路总功率的变化范围是0.5W∼1.5W
C. 若将电压表量程换为0∼3V，闭合开关S、S2，电流表示数的变化范围是0.1A∼0.5A
D. 若将电压表量程换为0∼3V，闭合开关S、S2，R2的功率变化范围是0.1W∼0.9W
二、填空题（每空1分，共12分）
9. 英国物理学家______，在电学、磁学、热学等方面都做出了突出贡献。为了纪念他，我们用他的名字命名“能量”和“______”的单位。
10. 2022年11月12日10时03分，天舟五号货运飞船在长征七号火箭的稳稳托举下，满载货物飞天云霄，跨越星海奔赴天宫，如图所示。火箭喷气发动机将燃料燃烧后燃气的内能转化为火箭的______能，这个能量转化过程与四冲程汽油机的______冲程能量转化相同。

11. 静静和畅畅组队露营，用酒精炉将质量为5kg、温度为18℃的水加热，需燃烧56g酒精，56g酒精完全燃烧放出的热量为______ J；若酒精炉的效率为70%，水的温度能升高到______℃。[1个标准大气压下，已知c水=4.2×103J/(kg⋅℃)，q酒精=3.0×107J/kg]


12. 小军家的电子式电能表在5月底和6月底的读数如图所示，则6月份他家消耗了______kW⋅h的电能。从表盘信息可知，小军家接入的用电器总功率不能超过______ W。



13. 将标有“12V6W”的灯泡L1和“6V3W”的灯泡L2(不考虑灯丝电阻随温度的变化)串联在12V的电源上，闭合开关后，L1、L2的实际功率之比P1：P2=______。若将它们并联使用，在电路安全的情况下，电路的最大总功率为______ W。


14. 如图所示电路，电源电压不变，R1为定值电阻。闭合开关S，当滑动变阻器R2的滑片P从最大阻值处向右移动时，电压表示数会______(填“变大”、“变小”或“不变”)。第一次移动滑片至a位置时电压表的示数为6V；再次移动滑片至b位置。若前后两次滑动变阻器R2消耗的电功率相等，两次电路中电流之比为1：2，则电源电压为______ V。


三、实验探究题（按要求作答，15题6分，16题8分，17题8分，共22分）

15. 在探究物质的吸热能力的实验中，实验装置如图甲和乙所示。

(1)实验除用到如图所示的器材外，还需要用到的测量仪器有天平和______。
(2)该实验选取了初温相同且______(填“质量”或“体积”)相等的a、b两种液体，通过______(填“液体升高的温度”或“加热时间”)反映两种液体吸收热量的多少。
(3)根据实验测得的数据分别描绘出了a和b两种液体的温度随加热时间变化的图象，如图丙所示。如果要使a和b的末温相同，则需给______加热更长时间，说明______液体的吸热能力更强。(两空均填“a”或“b”)
(4)若a液体的比热容为2.1×103J/(kg⋅℃)，则b液体的比热容为______J/(kg⋅℃)。
16. 重庆一中物理兴趣小组的小华和小舒同学为“探究电流与电压、电阻的关系”，在实验室找来了以下实验器材：学生电源(电压恒为4.5V)，滑动变阻器(“20Ω1A”)，阻值为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω的定值电阻各一个，电流表、电压表、开关各一只，导线若干。

(1)实验时小华设计了如图甲所示的电路图并连接成图乙所示的实物图。他将滑动变阻器的阻值调到最大，若闭合开关，则乙图中______无示数(填“电流表”或“电压表”)，这是因为乙图中有一根导线连接错误，请在该导线上打“×”，并画出正确的连线。
(2)正确连接电路后，小华接入10Ω的定值电阻进行“电流与电压关系”实验的探究，得出3组实验数据记录在表1中，对数据进行分析后可得出实验结论是：当电阻一定时，电流与电压成比______(填“正”或“反”)。
表1
实验次数
1
2
3
电压U/V
1.5
2
2.5
电流I/A
0.15
0.2
0.25
(3)接下来小华分别接入不同阻值的定值电阻探究“电流与电阻的关系”。他先用5Ω的定值电阻进行实验，闭合开关S后，移动滑片P，控制定值电阻两端的电压为2V；断开开关后，保持滑片P位置不变，用10Ω的定值电阻替换5Ω，再次闭合开关后，发现电压表示数如图丙所示为______ V，此时应向______(填“左”或“右”)移动滑片P才能达到实验要求。
(4)小华和小舒更换其它电阻，继续完成实验，测得数据记录在表2中：
①小舒同学在完成表2中前三次实验后立即得出结论：电压一定时，电流与电阻成比______(填“正”或“反”)；
②小华则认为小舒的实验次数较少，决定再多做两次实验。当他将阻值为20Ω的定值电阻接入电路中继续实验时发现：无论怎样调节滑动变阻器滑片都无法使电压表示数达到原来控制的电压值。为了能够顺利完成表2中第4和第5次实验探究，更好地得出普遍规律，小华应在图乙电路的______(填“a”或“b”)点串联一个定值电阻，串联的定值电阻的阻值范围为______Ω。
表2
实验次数
1
2
3
4
5
电阻R/Ω
5
10
15
20
25
电流I/A
0.4
0.2
0.13



17. 小鹏同学在实验室找到两个额定电流均为0.3A、额定电压标识模糊不清的灯泡。从实验老师处得知两灯的额定电压分别为“2.5V”和“3V”，但由于标识模糊不清，无法区分。小鹏同学想通过如图甲所示的电路，根据已学的电学知识，区分这两个小灯泡。

(1)用笔画线代替导线，将图甲中的器材连接成完整电路；
(2)连接电路并闭合开关，小鹏发现灯泡不亮，电流表和电压表都有较小的示数，无论怎样移动滑片，灯泡都不发光，两表示数均无变化，其原因可能是______；
A.灯泡短路
B.灯泡断路
C.滑动变阻器接的是下端两接线柱
(3)故障排除后，移动滑片到某一位置，电压表的示数如图乙所示，此时通过灯泡的电流为______ A；要使该灯泡正常发光，应将图甲中滑动变阻器的滑片向______(填“A”或“B”)端移动，且眼睛注视______(填“电压表”或“电流表”)的示数达到额定值。
(4)小鹏继续移动滑动变阻器的滑片，记下多组数据，并绘制成图丙所示小灯泡的I-U图象，确定该灯泡的额定电压，并计算出该灯泡的额定功率为______ W。
(5)同组的小鑫同学认为采用图丁所示的方法也可分辨这两个小灯泡：闭合开关后，调节滑动变阻器的滑片，使电流表的示数为0.3A，这时他发现L1比L2更亮一些，则L1的额定电压为______ V。
(6)小鹏利用(4)问中已测量的灯泡，接入如图戊所示的电路中，从而测出未知电阻Rx的阻值。具体步骤如下：
①只闭合开关S0、S1，断开S2，移动滑片，使电压表示数为1V；
②保持滑片位置不变，断开S1，闭合S0、S2，读出电压表示数为2.6V；
③根据实验数据可得：Rx的阻值为______Ω。
四、计算题（第18题6分，第19题8分，第20题8分，共22分，解答应写出必要的文字说明、步骤和公式，只写出最后结果的不给分）
18. 如图所示，入冬以来方便快捷的便携式燃气灶成为了各个家庭餐桌上的火锅神器，其配套的某种气瓶可装250g液化燃气，此液化燃气的热值为4.2×107J/kg。求：
(1)这瓶液化燃气完全燃烧放出的热量；
(2)若这些热量有40%被水吸收，可以把多少kg初温为20℃的水烧开？[1标准大气压下，水的比热容c水=4.2×103J/(kg⋅℃)]
19. 某体育运动中心为了研究蹦床运动员的训练情况，在蹦床上接入压力传感器，压力传感器所在电路如图甲。已知某运动员质量为50kg，某次从距离蹦床一定高度处跳下的过程中，研究得到电路中两个电压表读数与电路中电流之间的关系如图乙所示，压力传感器的电阻与所受压力之间关系如图丙。试计算：
(1)定值电阻R1的阻值。
(2)电源电压和定值电阻R2的阻值。
(3)当电路中电流达到最大时，运动员受到的合力为多少N？
20. 如图甲所示是小明家新买的一款多功能电饭煲，其简化电路图如图乙所示。该电饭煲有加热和保温两种功能(由机内的温控开关S控制)，其中R1和R2均为阻值不变的发热电阻丝。已知R2=800Ω，多功能电饭煲的主要部分参数如表所示。求：
(1)电阻R1的阻值；
(2)正常工作时，电饭煲处于保温挡时的功率；
(3)小明将家里的其他用电器都关闭，只让电饭煲在加热挡工作，观察到家里电能表指示灯4min闪烁100次，则他家的实际电压是多少？
品名
多功能电饭煲
额定电压
220V
频率
50Hz
加热挡功率
605W
保温挡功率


答案和解析

1.【答案】B 
【解析】解：A.重庆冬天最高气温不到30℃，所以平均气温远低于30℃，故A不符合实际；
B.家用电饭煲的额定功率约为1000W=1kW，故B符合实际；
C.教室里的吊扇正常工作时的电流约为0.3A，故C不符合实际；
D.对人体的安全电压为不高于36V，故D不符合实际。
故选：B。
首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可。

2.【答案】C 
【解析】解：A、水沸腾时，持续吸热，但温度不变，故A错误；
B、由Q放=qm可知，燃料完全燃烧放出的热量与消耗的燃料质量和燃料的热值有关，因此热值大，但是消耗质量很小时，燃料完全燃烧放出的热量不一定多，故B错误；
C、热传递的条件是有温度差，内能小的物体温度可能高，因此热量可以从内能小的物体传递给内能大的物体，故C正确；
D、比热容是物质的一种特性，与物质的种类、状态有关，与吸收热量的多少无关，故D错误。
故选：C。
(1)晶体熔化和水沸腾时，均持续吸热，温度不变；
(2)由Q放=qm可知，燃料完全燃烧放出的热量与消耗的燃料质量和燃料的热值有关；
(3)热传递的条件是有温度差；
(4)比热容是物质的一种特性，与物质的种类、状态有关，与质量、吸放热多少无关。
本题考查了对热值、比热容和热传递的理解，属于基础题，难度不大。

3.【答案】C 
【解析】解：A、喷头中的绒毛带上负电荷，是由于绒毛得到了电子，故A合理；
B、以移动的喷头为参照物，被植绒物体与喷头的位置不断变化是运动的，故B合理；
C、能量不能被创生，也不能被消灭，能量是守恒的，总量不变，故C不合理；
D、绒毛从喷头中飞升到被植绒物体表面，是由于力能改变物体的运动状态，故D合理。
故选：C。
(1)得到电子，带负电；
(2)一个物体运动还是静止，决定于选择的参照物，物体相对参照物位置改变，处于运动状态，位置不变，处于静止状态；
(3)能量不能被创生，也不能被消灭；
(4)力可以改变物体的形状，可以改变物体的运动状态。
本题考查摩擦起电、运动和静止的相对性、能量守恒以及力的作用效果，难度不大。

4.【答案】C 
【解析】解：A、电功率大的用电器消耗的电能不一定多，需要在相同的时间下进行比较，故A错误；
B、电阻是导体本身的性质，与电压、电流无关，故B错误；
C、电视机消耗电能主要发光，产热少，电烙铁消耗电能主要用来产热，故消耗相同的电能，电烙铁产热更多；故C正确；
D、并联电路各支路两端电压相等，根据P=U2R可知，电阻大，功率小，故D错误。
故选：C。
(1)根据W=Pt进行比较，注意控制变量；
(2)电阻是导体本身的性质，与材料、长度、横截面积、温度有关；
(3)电视机是将电能转化光能、声能，电烙铁是将电能转化热能；
(4)并联电路中，各支路两端电压相等，电阻大，功率小。
本题考查电功的比较、电能与其他形式能量的转化、电功率的判断及电阻的影响因素，比较综合。

5.【答案】A 
【解析】解：根据题意可知，用手机相关APP扫描车头或车尾的二维码即可解锁(S1闭合)，乘车人上车坐好后右手转动把手(S2闭合)，共享电动车即可启动行驶，这说明开关S1、S2共同控制电动机；
手动开关S3和光控开关S4都可控制车头灯，这说明车头灯与电动机工作是互不影响，是并联的；手动开关S3闭合，车头灯可发光；若S3断开，光线较暗时光控开关S4自动闭合，车头灯也可发光，这说明开关S3、S4互不影响，是并联的，然后与车头灯串联；
根据实际情况可知，如果开关S1断开，则车头灯不会工作，则开关S1在干路中；根据四个选项可知，A正确。
故选：A。
根据题意分析灯泡与电动机的连接方式和四个开关的作用，然后选出正确的电路图。
本题考查了串、并联电路的设计，解答时可以根据题意分析选项找出符合要求的选项即可。

6.【答案】D 
【解析】解：根据电路图可知，两电阻串联，计数器(电压表)测R2两端的电压；
闭合开关，激光被遮挡瞬间，电阻R2变大，由串联电阻的规律可知，电路的总电阻变大，由欧姆定律可知，电路中的电流变小，通过R2的电流变小；
根据U=IR可知，电流变小时，R1两端的电压变小，由于电源电压不变，由串联电路的电压规律可知，则R2两端的电压变大，即计数器两端的电压变大；
根据P=I2R可知R1的功率变小；根据P=UI可知，电路消耗的总功率变小；
故D正确。
故选：D。
两电阻串联，计数器(电压表)测R2两端的电压，已知当有光照射时电阻变小，据此分析激光被遮挡瞬间电阻R2变化；由串联电阻的规律和欧姆定律分析电路的电流变化；
根据U=IR确定R1两端电压的变化，由串联电路电压的规律分析计数器两端的电压变化；
根据P=UI分析电路总功率的变化；根据P=I2R分析R1的功率的变化。
本题考查串联电路的规律及欧姆定律的运用，关键是电路的分析。

7.【答案】C 
【解析】解：由图甲可知，两电阻串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。
(1)当滑片于a端时，变阻器接入电路电阻为0，电路中的电流最大，由图乙可知I1=0.6A，
由I=UR可得，电源电压：U=I1R1=0.6A×R1-----①
当滑片于b端时，变阻器接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，由图乙可知最小电流I2=0.2A，此时变阻器两端的电压U2=8V，
则滑动变阻器的最大阻值：R2=U2I2=8V0.2A=40Ω；
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以电源电压：U=I2R1+U2=0.2A×R1+8V-----②
因电源电压不变，由①②可得：0.6A×R1=0.2A×R1+8V，
解得：R1=20Ω，电源电压：U=0.6A×R1=0.6A×20Ω=12V，故AB错误；
(2)当滑片P移至中点时，电路消耗的总功率为：
P总=U2R1+12R2=(12V)220Ω+12×40Ω=3.6W，故C正确；
(3)当滑片P在b端时，变阻器接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小为I2=0.2A，
通电10s后R1上产生的热量：
Q=I22R1t=(0.2A)2×20Ω×10s=8J，故D错误。
故选：C。
由图甲可知，闭合开关，两电阻串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。
(1)当滑动变阻器接入电路中的电阻为0时，电路中的电流最大，电路为R1的简单电路；当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小、电压表的示数最大，由图象读出对应的电流和电压，根据欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值，根据串联电路的特点和欧姆定律表示出电源电压，利用电源电压不变得出等式即可求出R1的阻值，进一步求出电源的电压；
(2)当滑片P移至中点时，根据P=U2R1+12R2算出电路消耗的总功率；
(3)当滑片P在b端时，滑动变阻器的电阻最大，电路中的电流最小，由Q=I2R1t算出通电10s后R1上产生的热量是。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是知道滑动变阻器接入电路中的电阻最大时电路中的电流最小、滑动变阻器接入电路中的电阻最小时电路中的电流最大。

8.【答案】D 
【解析】解：由电路图知闭合开关S、S1，滑动变阻器R1与小灯泡L串联，电压表测量小灯泡两端的电压，电流表测量电路中的电流；
A、由图乙可得电路中的电流最小时，滑动变阻器连入电路的电阻最大，最大为50Ω，此时电路中的电流为：I1=0.1A，小灯泡两端的电压为：UL=1V，
电源电压为：
U=UL+I1R1大=1V+0.1A×50Ω=6V；
当电路中的电流最大时，滑动变阻器接入电路的电阻最小，此时小灯泡两端的电压为UL'=5V，电路中的电流为：I2=0.25A，
滑动变阻器接入电路的电阻最小为：
R1小=U滑小I2=U-UL'I2=6V-5V0.25A=4Ω，故A错误；
B、由图乙知电路中的电流为0.1A∼0.25A，
根据P=UI知电路总功率的变化范围是0.6W∼1.5W，故B错误；
CD、闭合开关S、S2，定值电阻R2和滑动变阻器R1串联，电压表测量定值电阻R2两端的电压，电流表测量电路中的电流，若将电压表量程换为0∼3V，则R2两端的电压最大为3V，电路中的最大电流为：Imax=U2R2=3V10Ω=0.3A；
电路中的电流最小时滑动变阻器接入电路的阻值最大，
电路中的最小电流为：
Imin=UR1大+R2=6V50Ω+10Ω=0.1A，所以电流表示数的变化范围是0.1A∼0.3A，故C错误；
R2的最大功率为：
P2大=Imax2R2=(0.3A)2×10Ω=0.9W；
R2的最小功率为：
P2小=Imin2R2=(0.1A)2×10Ω=0.1W，所以R2的功率变化范围是0.1W∼0.9W，故D正确。
故选：D。
由电路图知闭合开关S、S1，滑动变阻器R1与小灯泡L串联，电压表测量小灯泡两端的电压，电流表测量电路中的电流；
(1)由图乙可得电路中的电流最小时，滑动变阻器连入电路的电阻最大，最大为50Ω，此时电路中的电流为：I1=0.1A，小灯泡两端的电压为：U1=1V，根据U=U1+I1R1大算出电源电压；
当电路中的电流最大时，滑动变阻器接入电路的电阻最小，此时小灯泡两端的电压为U2=5V，电路中的电流为：I2=0.25A，根据R1小=U滑小I2=U-UL'I2算出滑动变阻器接入电路电阻的最小值；
(2)由图乙知电路中电流的范围，根据P=UI算出电路总功率变化的范围；
(3)闭合开关S、S2，定值电阻R2和滑动变阻器R1串联，电压表测量定值电阻R2两端的电压，电流表测量电路中的电流，若将电压表量程换为0∼3V，则R2两端的电压最大为3V，由欧姆定律算出电路中的最大电流，当电路中的电流最小时滑动变阻器接入电路的阻值最大，由欧姆定律算出电路中的最小电流，进而判断出电流表示数的变化范围；由P=UI算出R2的最大、最小功率，进而判断出R2功率的变化范围。
本题考查了电功率的计算以及欧姆定律的应用问题，本题有一定的难度，需要谨慎分析。

9.【答案】焦耳  功 
【解析】解：焦耳是英国伟大的物理学家，在热学、热力学和电学方面有着突出的贡献，发现了功和能的定量关系及著名的焦耳定律，后人为纪念他，用他的名字命名功和各种能量的单位。
故答案为：焦耳；功。
根据对物理学家及其成就的了解作答。
此题属于物理学史的考查。我们不仅要了解物理学家的成就，更要学习物理学家追求真理、无私奉献的献身精神。

10.【答案】机械  做功 
【解析】解：火箭起飞过程中，将内能转化为火箭的机械能，四冲程汽油机做功冲程将燃料燃烧释放的内能转化为机械能，火箭发射过程的能量转化与内燃机的做功冲程的原理是相同的。
故答案为：机械；做功。
火箭发动机工作时将内能转化成了机械能；四冲程汽油机在做功冲程中将燃料燃烧释放的内能转化为机械能。
该题以火箭发射为问题背景，考查了能量的转化等知识点，是一道综合题，但难度不大。

11.【答案】1.68×106  74 
【解析】解：已知消耗的酒精质量m=56g=0.056kg，酒精的热值q酒精=3.0×107J/kg，
则酒精完全燃烧放出的热量：Q放=q酒精m=3.0×107J/kg×0.056kg=1.68×106J；
已知酒精炉的效率η=70%，由η=Q吸Q放可知水吸收的热量：Q吸=Q放η=1.68×106J×70%=1.176×106J，
由Q吸=c水m'Δt可知水升高的温度：Δt=Q吸c水m'=1.176×106J4.2×103J/(kg⋅℃)×5kg=56℃，
已知水的初温t0=18℃，则水升高后的末温：t=t0+Δt=18℃+56℃=74℃。
故答案为：1.68×106；74。
已知消耗的酒精质量和酒精的热值，根据Q放=q酒精m可求出酒精完全燃烧放出的热量；
已知酒精炉的效率和酒精完全燃烧放出的热量，根据η=Q吸Q放可求出水吸收的热量；再根据Q吸=c水m'Δt可求出水升高的温度，已知水的初温，即可求出水的末温。
本题考查了比热容、热值和热效率的相关计算，属于基础计算题，难度不大。

12.【答案】180.54400 
【解析】解：(1)电能表的读数：数字方框中最后一位是小数；单位kW⋅h；
则5月底电能表示数为W1=5837.3kW⋅h，6月底电能表读数W2=6017.8kW⋅h，
则6月份小军家消耗电能为：
W=W2-W1=6017.8kW⋅h-5837.3kW⋅h=180.5kW⋅h；
(2)由电能表铭牌可知，电能表的工作电压是220V，允许通过的最大电流是20A，则小军家接入用电器的最大总功率为：
P最大=UI最大=220V×20A=4400W。
故答案为：180.5；4400。
(1)电能表的读数：数字方框中最后一位是小数；单位kW⋅h；
某月消耗电能的计算方法：本月底电能表的示数减去上月底电能表的示数；
(2)由电能表铭牌可知，电能表的工作电压是220V，允许通过的最大电流是20A，由P=UI可以求出电能表允许接入用电器的最大总功率。
本题主要考查了电能表的读数、消耗电能的计算和电功率的计算，读数时，要注意电能表的最后一位是小数。

13.【答案】2：14.5 
【解析】解：(1)由P=U2R可得两灯泡的电阻分别为：
R1=U12P1=(12V)26W=24Ω，R2=U22P2=(6V)23W=12Ω；
L1和L2串联，则根据串联电路的电流特点可知通过L1和L2的电流相等，
根据P=I2R可知L1、L2的实际功率之比为P1：P2=I2R1：I2R2=R1：R2=24Ω：12Ω=2：1；
(2)若将它们并联使用，在电路安全的情况下，并联电路两端允许的最大电压为U=U2=6V，
此时灯泡L2正常发光，其实际功率等于额定功率，为P2'=P2=3W；
灯泡L1的实际功率为：
P1'=U2R1=(6V)224Ω=1.5W，
则电路的最大总功率为：P=P1'+P2'=1.5W+3W=4.5W。
故答案为：2：1；4.5。
(1)根据P=U2R算出两灯泡的电阻，由于L1和L2串联，则根据串联电路的电流特点可知通过L1和L2的电流相等，根据P=I2R求出L1、L2的实际功率之比；
(2)若将它们并联使用，在电路安全的情况下，并联电路两端允许的最大电压等于额定电压的较小值，此时灯泡L2正常发光，其实际功率等于额定功率，由P=U2R算出灯泡L1的实际功率，由总功率等于各用电器消耗功率之和求出电路的最大总功率。
本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用等知识，知道并联电路两端的电压最大时总功率最大是解题的关键。

14.【答案】变小  9 
【解析】解：由图可知，滑动变阻器与定值电阻R1串联，电压表测量滑动变阻器两端的电压；
(1)当滑动变阻器R2的滑片P从最大阻值处向右移动时，滑动变阻器接入电路的电阻变小，根据串联分压原理可知滑动变阻器两端的电压变小，即电压表示数会变小；
(2)已知前后两次滑动变阻器消耗的电功率相等，两次电路中电流之比为1：2，
设第一次通过电路的电流为I，则第二次通过电路的电流为2I，
前后两次滑动变阻器R2消耗的电功率相等，则根据P=UI可得：Ua×I=Ub×2I，
即：6V×I=Ub×2I，解得Ub=3V，
因串联电路总电压等于各部分电压之和，
则根据欧姆定律可得滑片至a位置时和在b位置时，电源电压：
U=Ua+U1=6V+IR1-----------①
U=Ub+U1'=3V+2IR1-----------②
由①②解得：IR1=3V，
则电源电压：U=6V+IR1=6V+3V=9V。
故答案为：变小；9。
由图可知，滑动变阻器与定值电阻R1串联，电压表测量滑动变阻器两端的电压；
(1)当滑动变阻器R2的滑片P从最大阻值处向右移动时，滑动变阻器接入电路的电阻变小，根据串联分压原理可知滑动变阻器两端的电压变化；
(2)已知前后两次滑动变阻器消耗的电功率相等，两次电路中电流之比为1：2，设第一次通过电路的电流为I，则第二次通过电路的电流为2I，根据P=UI列方程可得第一次滑动变阻器两端的电压，根据串联电路的电压规律结合欧姆定律可得电源电压。
本题考查串联电路的特点、欧姆定律、电功率公式的灵活运用，有一定难度。

15.【答案】秒表  质量  加热时间  bb4.2×103 
【解析】解：(1)(2)根据比较物质的吸热能力的两种方法，要控制不同不物质的质量(质量测量工具为天平)相同，故需要用到天平；
根据转换法可知，实验中甲和乙吸收的热量由加热时间的长短来反映，故还需要测量时间的工具——秒表；
(3)由图可知，如果要使a和b的末温相同，需给b加热更长时间，b吸收的热量更多，说明b液体的吸热能力更强；
(4)由图乙可以看出，a、b液体都加热5min，a从20℃升高到60℃，b液体从20℃升高到40℃，a升高的温度为b升高温度的2倍，根据c=QmΔt可知，a的比热容为b的比热容的一半，则b的比热容为：cb=2ca=2×2.1×103J/(kg⋅℃)=4.2×103J/(kg⋅℃)。
故答案为：(1)秒表；(2)质量；加热时间；(3)b；b；(4)4.2×103。
(1)探究不同物质吸热能力时，要控制两种液体的质量相等，需要用天平测质量，测量加热时间的工具秒表；
(2)比较物质吸热能力，利用转换法，可以通过加热时间来反映物质吸收热量的多少；
(3)比较物质吸热能力的2种方法：
①使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量(即比较加热时间)，吸收热量多的吸热能力强；
②使相同质量的不同物质吸收相同的热量，比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强；
(4)根据转换法，同一热源加热相同时间，a液体吸收的热量等于b液体吸收热量，即Qa吸=Qb吸，由Q吸=cmΔt可得b的比热容。
本题比较不同物质的吸热能力，考查了控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法。

16.【答案】电流表  正  2.7右  反  b6.25∼11.25 
【解析】解：(1)分析图乙所示的实物图，电流表与电压表串联了，由于电压表的电阻很大，几乎没有电流通过电流表，闭合开关，电流表无示数；
将电流表与滑动变阻器、定值电阻串联，将电压表与定值电阻并联，画出正确电路，如图所示：
；
(2)由表1中数据知，当电阻一定时，导体两端的电压增大为原来的几倍，通过导体的电流也增大为原来的几倍，即电压与电流的比值为一定值，故可得结论：当电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比；
(3)用10Ω的定值电阻替换5Ω后，发现电压表示数如图丙所示，电压表的量程为0∼3V，分度值为0.1V，示数为2.7V，定值电阻两端的电压变大，在实验中要保持定值电阻两端的电压不变，根据串联电路的电压特点，应增大滑动变阻器两端的电压，根据分压原理，应增大滑动变阻器接入电路的阻值，即滑动变阻器的滑片应向右端移动；
(4)①分析表2中数据可知，导体的电阻增大，通过导体的电流减小，通过导体的电流与导体的电阻的乘积保持不变，故可得出结论：电压一定时，通过导体的电流与其电阻成反比；
②分析表2中数据可知，定值电阻两端的电压始终保持UV=IR=0.4A×5Ω=2V，根据串联电路电压的规律，滑动变阻器分得的电压：U滑=U-UV=4.5V-2V=2.5V，滑动变阻器分得的电压是定值电阻分得的电压的2.5V2V=1.25倍，根据分压原理，当接入25Ω电阻时，滑动变阻器连入电路中的电阻为：R滑=1.25×25Ω=31.25Ω，
而现有滑动变阻器最大电阻20Ω，故为了完成整个实验，小华应在图乙电路的b点串联一个定值电阻，至少应串联电阻的阻值：R串联1=31.25Ω-20Ω=11.25Ω；
当接入5Ω的定值电阻时，滑变阻器连入电路中的电阻R滑2=1.25×5Ω=6.25Ω，当滑动变阻器连入电路中的电阻为0时，R串联2=6.25Ω；
因此，串联的电阻的阻值范围是6.25Ω至11.25Ω。
故答案为：(1)电流表；(2)正；(3)2.7；右(4)①反；②b；6.25∼11.25。
(1)分析图乙所示的实物图，电流表与电压表串联了，由于电压表的电阻很大，几乎没有电流通过电流表，闭合开关，电流表无示数；
将电流表与滑动变阻器、定值电阻串联，将电压表与定值电阻并联，画出正确电路；
(2)分析表1中数据，得出结论；
(3)根据电表的量程和分度值读出电压表的示数；用10Ω的定值电阻替换5Ω后，由串联电路电压的规律和分压原理，分析定值电阻两端的电压和滑动变阻器两端的电压变化，进一步确定滑动变阻器滑片的移动方向；
(4)①分析表2中数据，得出结论；
②探究电流与电阻的关系，应保持电阻两端的电压不变；根据串联电路电压的规律求出变阻器分得的电压，根据分压原理，求出当接入25Ω电阻时变阻器连入电路中的电阻，结合现有变阻器的最大电阻，由电阻的串联求出串联的最小电阻。
本题探究探究电流与电压、电阻的关系，考查注意事项、电压表读数、控制变量法和操作过程、串联电路的电压规律及欧姆定律的运用等内容。

17.【答案】C0.29B电压表  0.7538 
【解析】解：(1)伏安法测小灯泡电阻时需要调节小灯泡两端的电压，应将滑动变阻器采用一上一下的连接方式，与灯泡串联在电路中，故将滑动变阻器上端任意一个接线柱与小灯泡的右端接线柱相连，如图所示：
；
(2)连接电路后，闭合开关，小灯泡不亮，电流表、电压表都有示数，电路为通路，电路的电流较小，电路的电阻较大，无论怎样移动滑动变阻器的滑片，灯泡都不发光，两电表示数均无变化，则变阻器不能起到变阻的作用，产生这一现象的原因是将变阻器下面两个接线柱连入了电路中，故选C；
(3)图乙中电流表选用小量程，分度值为0.02A，示数为0.29A，根据串联电路电压的规律，应减小滑动变阻器两端的电压，由分压原理可知，应减小滑动变阻器连入电路中的电阻大小，故滑片向B移动，且注视电压表的示数达到额定值；
(4)由图丙可知，电压为2.5V时电流为0.3A，功率为P=UI=2.5V×0.3A=0.75W；
(5)小灯泡的亮度是由其实际功率决定的，实际功率大的亮度大。在图丙所示的电路中，当电流表的示数为0.3A时，两只小灯泡均正常发光，即此时两个小灯泡的实际功率均等于其额定功率。额定电压为3V的小灯泡的额定功率为P'=U'I=3V×0.3A=0.9W，额定电压为2.5V的小灯泡的额定功率为P=0.75W。故更亮的灯L1是额定电压为3V的小灯泡；
(6)①只闭合S0、S1，小灯泡与未知电阻Rx串联，电压表测小灯泡两端的电压，移动滑片，使电压表示数为1V，由图丙可知灯泡的电流为0.2A，由串联电路的电流特点可知，此时通过Rx的电流Ix=IL=0.2A；
②保持滑片位置不变，只闭合S0、S2，小灯泡与未知电阻Rx串联，电压表测小灯泡和未知电阻Rx两端的总电压，电压表示数为2.6V，由串联电路的电压特点可知，此时Rx的两端的电压为Ux=U-UL=2.6V-1V=1.6V；
③因电路的连接关系没有改变，各电阻的大小不变，通过未知电阻Rx的电流也不变，由欧姆定律可知Rx的阻值：Rx=UxIx=1.6V0.2A=8Ω。
故答案为：(1)如图所示；(2)C；(3)0.29；B；电压表；(4)0.75；(5)3；(6)8。
(1)滑动变阻器采用“一上一下”的原则与被控制电路串联；
(2)连接电路后，闭合开关，小灯泡不亮，电流表、电压表都有示数，电路为通路，电路的电流较小，电路的电阻较大，无论怎样移动滑动变阻器的滑片，灯泡都不发光，两电表示数均无变化，说明变阻器不能起到变阻的作用，据此分析；
(3)根据电流表选用小量程确定分度值读出示数，与灯泡的额定电压比较，根据串联电路电压的规律及分压原理确定滑片移动的方向；
(4)根据P=UI解答；
(5)小灯泡的亮度是由其实际功率决定的，实际功率越大，亮度越大；
(6)在没有电流表的情况下，电压表与小灯泡应起到电流表表的测量作用，故应将小灯泡与未知电阻Rx串联，通过测量小灯泡两端的电压后，由图3图像读出相应的电流，由串联电路的电流特点求出通过未知电阻Rx的电流，保持滑片位置不变，通过开关的转换，使电压表测小灯泡和未知电阻Rx两端的总电压，根据串联电路的电压特点求出未知电阻Rx两端的电压，因电路的连接关系没有改变，各电阻的大小不变，通过未知电阻Rx的电流也不变，根据欧姆定律求出未知电阻Rx的阻值。
本题测量小灯泡的电阻，考查电路连接、故障分析、实验操作、欧姆定律的应用及特殊方法测未知电阻，综合性强。

18.【答案】解：(1)m气=250g=0.25kg；
250g液化燃气完全燃烧释放热量：Q放=m气q=0.25kg×4.2×107J/kg=1.05×107J；
(2)由题知，Q吸=40%×Q放=40%×1.05×107J=4.2×106J，
1标准大气压下水的沸点为100℃，即水的末温为100℃，
由Q吸=cmΔt得水的质量：m水=Q吸c水Δt=4.2×106J4.2×103J/(kg⋅℃)×(100℃-20℃)=12.5kg。
答：(1)这瓶液化气全部完全燃烧放出的热量是1.05×107J；
(2)若这些放出的热量有40%被初温为20℃的水吸收，在标准大气压下可将12.5kg的水烧开。 
【解析】(1)利用Q放=mq求250g液化燃气完全燃烧放出的热量；
(2)由题知，Q吸=40%×Q放，知道水的温度变化、水的比热容，再利用Q吸=cmΔt求水的质量。
本题考查了学生对吸热公式Q吸=cmΔt、燃料完全燃烧放热公式Q放=mq和效率公式的掌握和运用，利用好条件“Q吸=40%×Q放”是本题的关键。

19.【答案】解：(1)因为串联电路两端电压等于各部分电压之和，因此图象a为电压表V1示数变化图象，图象b为电压表V2示数变化图象；
因为电压表测量R1两端电压，所以据图象a可得：U1=4V，I1=4A；
由I=UR可得，R1=U1I1=4V4A=1Ω；
(2)因为电压表V2测量压力传感器和R1两端总电压，所以由图象b可知，当U2=10V时，I2=1A；U2'=4V，I2'=4A；
根据欧姆定律和图象b可得：
U=10V+1A×R2       ①
U=4V+4A×R2        ②
联立①②可得：电源电压U=12V，
定值电阻的阻值：R2=2Ω；
(3)分析可知，当传感器电阻变为0时，此时两个电压表示数相等，电路中电流达到最大，由图象可得：Imax=4A，
由图丙可得弹簧对运动员的弹力：F弹为800N，
所受合力：F=F弹-G=F弹-mg=800N-50kg×10N/kg=300N。
答：(1)定值电阻R1的阻值为1Ω。
(2)电源电压为12V，定值电阻R2的阻值为2Ω。
(3)当电路中电流达到最大时，运动员受到的合力为300N。 
【解析】根据电路图可知，压力传感器、R1、R2串联，电流表测量电路电流，电压表V1测量R1两端电压，电压表V2测量压力传感器和R1两端总电压；
(1)根据串联电路电压规律确定电压表对应的图象，然后根据图象读出一组对应的电压和电流值，再根据欧姆定律的应用求出定值电阻R1的阻值；
(2)先根据图象b读出两端点对应的电压值和电流值，然后根据欧姆定律的应用以电源电压为等价列出关系式，联立关系式即可求出电源电压和定值电阻R2的阻值；
(3)当电路阻值最小时，电路中电流最大，并从乙图中读出最大电流，从丙图中找出对应的弹力，再根据同一直线上二力的合成求出合力。
本题考查了串联电路的特点、欧姆定律的应用和合力的计算；明确各电路元件的连接方式、灵活应用串联电路特点及欧姆定律是正确解题的关键。

20.【答案】解：
(1)由图乙可知，当温控开关S断开时，电路中R1和R2串联；当温控开关S闭合时，R2被短路，电路中只有R1；
根据电阻的串联特点可知，当温控开关S闭合时，电阻较小，根据公式P=U2R可知电路消耗的电功率较大，则电饭煲处于加热状态；
当电饭煲处于加热状态时，功率为605W，根据公式P=U2R可知R1的阻值：
R1=U2P加热=(220V)2605W=80Ω；
(2)当温控开关S断开时，电路中R1和R2串联，总电阻较大，根据公式P=U2R可知总功率较小，电饭煲处于保温状态时，
R1和R2串联的总电阻：
R=R1+R2=80Ω+800Ω=880Ω，
则保温功率：P保温=U2R=(220V)2880Ω=55W；
(3)指示灯闪烁100次时，电饭煲消耗的电能：W=100imp3000imp/(kW⋅h)=130kW⋅h；
实际加热功率：P实=Wt=130kW⋅h4×160h=0.5kW=500W；
电饭煲处于加热状态时，只有R1工作，根据公式P=U2R可知实际电压：
U实=P实R1=500W×80Ω=200V。
答：(1)电阻R1的阻值是80Ω；
(2)正常工作的电饭煲处于保温状态时，保温挡的功率是55W；
(3)他家的实际电压是200V。 
【解析】(1)电源电压不变，根据公式P=U2R可知，当电路中电阻最大时，电路消耗的电功率最小，此时电饭煲处于保温状态；当电路电阻最小时，电路消耗的电功率最大，电饭煲就处于加热状态；
根据公式P=U2R可知R1的阻值；
(2)当温控开关S断开时，电饭煲处于保温状态时，R1和R2串联接入电路，根据电阻的串联规律求出总电阻，根据公式P=U2R可知保温功率；
(3)3000imp/(kW⋅h)表示电路中用电器每消耗1kW⋅h的电能，电能表的指示灯闪烁3000次，据此求出指示灯闪烁100次时电饭煲消耗的电能，再根据P=Wt可得电饭煲的实际加热功率，根据公式P=U2R可知实际电压。
本题考查了电功率的计算和对电能表参数含义的理解，分析得出电饭煲处于不同状态时电路的连接方式是关键。