2023衡水中学高三上学期四调考试数学含解析

这是一份2023衡水中学高三上学期四调考试数学含解析，共14页。试卷主要包含了选择题，填空题，解答题等内容，欢迎下载使用。
河北省衡水中学2023届上学期高三年级四调考试数  学本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。共4页，总分150分，考试时间120分钟。第Ⅰ卷（选择题  共60分）一、选择题：本题共8小题，每小题5分，共40分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1．已知，则在复平面内对应的点位于A．实轴上                      B．虚轴上C．第一、三象限的角平分线上    D．第二、四象限的角平分线上2．已知向量满足则向量在向量上的投影向量的坐标为A．      B．       C．      D．3．在中，，则A．          B．          C．         D．4．已知为平面内任意三点，则“与的夹角为钝角”是“”的    A．必要不充分条件       B．充分不必要条件    C．充要条件             D．既不充分也不必要条件5．2 000多年前，古希腊雅典学派的第三大算学家欧道克萨斯首先提出黄金分割，所谓黄金分割点，指的是把一条线段分割为两部分，使其中一部分与全长之比等于另一部分与这部分之比，黄金分割比为．如图，在矩形中，与相交于点，，且点为线段的黄金分割点，则    A．         B．    C．         D．6．已知复数z满足，则实数的取值范围是A．          B．          C．        D．
7．已知点是所在平面内一点，有下列四个等式：①；②；③；④如果只有一个等式不成立，则该等式为A．①          B．②          C．③          D．④8．对于给定的正整数，设集合，，且∅．记为集合中的最大元素，当取遍的所有非空子集时，对应的所有的和记为，则A．        B．  C．        D． 二、选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得5分，部分选对的得2分，有选错的得0分。9．设非零向量的夹角为为任意非零向量，定义运算，则下列结论正确的是A．若，则           B．    C．     D．若，则的最大值为110．已知复数满足，则下列结论正确的是    A．若，则      B．    C．若，则        D．11．如图放置的边长为1的正方形的顶点，分别在轴的正半轴、轴的非负半轴上滑动，则的值可能是A．        B．         C．        D．12．已知函数及其导函数的定义域均为R．若对任意的，都有，则下列结论正确的是  A．                         B．  C．若，则       D．必为奇函数 
第Ⅱ卷（非选择题   共90分）三、填空题：全科免费下载公众号《高中僧课堂》本题共4小题，每小题5分，共20分。13．已知，则的虚部是_______．14．若函数的图象关于直线对称，则实数_______．15．在中，，是线段上的动点，有下列三个结论：    ①；②；③．    则所有正确结论的序号是__________．16．已知向量满足，则向量与的夹角的最大    值是_______． 四、解答题：本题共6小题，共70分。解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。17．（10分）    设复数，其中．    (1)若复数为实数，求的值；    (2)求的取值范围． 18．（12分）记的内角的对边分别是，已知的外接圆半径，且    (1)求和的值；    (2)求面积的最大值． 19．（12分）如图，在平行四边形中，，为的中点， (1)若，求实数的值；(2)求的取值范围．
20．（12分）    已知函数为奇函数，且在区间上单调递增，在区间上单调递减．    (1)求的解析式；    (2)若过点可作曲线的三条切线，求实数m的取值范围．    21．（12分）治理垃圾是某市改善环境的重要举措．2021年该市产生的垃圾量为200万吨，通过扩大宣传、环保处理等一系列措施，预计从2022年开始，连续5年，每年的垃圾排放量比上一年减少20万吨，从第6年开始，每年的垃圾排放量为上一年的75%．    (1)写出该市从2022年开始的年垃圾排放量与治理年数的表达式；(2)设An为从2022年开始年内的年平均垃圾排放量．如果年平均垃圾排放量呈逐年下降趋势，则认为现有的治理措施是有效的；否则，认为无效．试判断现有的治理措施是否有效，并说明理由．   22．（12分）    已知函数．    (1)证明：；    (2)设函数，若在区间上存在最大值，求实数的取值范围． 
数学参考答案
一、选择题1．C【解析】因为，所以在复平面内对应的点的坐标为，位于第一、三象限的角平分线上．2．B【解析】由，得，则，即，则，所以向量在向量上的投影向量的坐标为3．A【解析】因为为直角三角形，且，，所以，且，所以4．B【解析】设与的夹角为，当为钝角时，，所以；当时，，所以，即，故，所以，所以“与的夹角为钝角”是“”的充分不必要条件．5．D【解析】由题意得，显然，，所以，故，因为，所以.6．D【解析】设，，则，整理得，所以即．因为此方程有实根，所以，解得.7．B【解析】对于①，设的中点为，连接，则 又，所以，所以，故点为的重心；对于②，由，得，故，即为直角三角形；对于③，由点到三个顶点的距离相等，得点为的外心；对于④，由，得，同理可得，所以，，即点为的垂心，当为等边三角形时，重心、外心、垂心重合，此时①③④均成立，②不成立，满足要求；当②成立时，其他三个均不一定成立．
8．D【解析】根据题意知为集合的非空子集，满足的集合只有1个，即；满足的集合有2个，即{2}，{1，2}；满足的集合有4个，即{3}，{1，3}，{2，3}，{1，2，3}；……；满足的集合有个，所以，则，两式相减得，所以，所以. 二、选择题9．ACD【解析】对于A，因为，所以，解得或，所以，故选项A正确；对于B，不妨取，设与的夹角为，与的夹角为，则，此时，故选项B错误；对于C，，故选项C正确；对于D，当时，，当且仅当时取等号，所以，故选项D正确．10．BD【解析】设则，不满足，也不满足，故选项AC错误；对于B，设在复平面内对应的向量分别为，且，由向量加法的几何意义知，故，故选项B正确；对于D，设，且，则，所以，，故选项D正确．11．AC【解析】设，因为，所以，故，所以．同理可得，所以，所以．因为，所以，则，故的值可能是l，2．12．BC【解析】对于A，令，由，得，故或，故选项A错误；对于B，令，则，故．因为，令，，所以，即，故选项B正确；对于C，令，则，若，则；令，则，即，所以；令，则，即，所以；令，则，即，所以；令，则，即，所以；令，则，即，所以；令，则，即，所以，……由此可得的值有周期性，且周期为6．又，所以，故选项C正确；对于D，令，则，当时，，即，则，即，所以为偶函数，故选项D错误．三、填空题13． 【解析】设，由，得，即，所以解得，所以，故z的虚部是．14．【解析】因为函数的图象关于直线对称，所以在时取得最值，结合辅助角公式得，即，整理得，解得．15．①【解析】因为，所以是等边三角形，取BC的中点为O，连接AO，以O为坐标原点，BC所在的直线为轴，OA所在的直线为y轴，建立平面直角坐标系如图．设，则，所以，所以，即，故①正确；，故②错误；，故③错误．16．【解析】由，得．又由，得，则，即，即，所以，当且仅当时取等号，所以向量与的夹角的最大值是. 四、解答题17．解：(1)    （2分）若复数为实数，则故                                                         （3分）又，所以                                                （4分）(2)因为所以                                        （6分）又，所以所以                                              （8分）则即故的取值范围是                                      （10分） 18．解：(1)因为，所以即故                                           （2分）因为，所以又，所以，因为，所以                   （4分）由正弦定理得，则                            （6分）(2)由余弦定理，得由基本不等式得，当且仅当时取等号，所以                                              （10分）所以故面积的最大值为                                          （12分） 19．解：(1)在平行四边形ABCD中，，建立如图所示的平面直角坐标系，则                                   （2分）又E为CD的中点，所以 则因为，所以，则                      （4分）因为，所以即，解得                            （6分）(2)由(1)知，则        （8分）所以因为，所以当时，取得最大值为；当时，取得最小值为，故的取值范围是                                          （12分） 20．解：(1)因为函数为R上的奇函数，所以，即，所以又所以，则                          （2分）又在区间上单调递增，在区间上单调递减，所以在处取得极大值，因为，所以，即，解得                             （4分）所以，经检验符合题意．                                  （5分）(2)由(1)知，所以点不在曲线上，且设切点为，则，故切线的斜率满足，整理得因为过点可作曲线的三条切线，所以关于的方程有三个实根．                       （7分）设，则令，得；令，得或所以在区间上单调递增，在区间上单调递减，所以的极大值点为，极小值点为                            （9分）所以关于的方程有三个实根的必要条件是解得                                                      （10分）此时所以当时，关于的方程有三个实根．故实数的取值范围是                                        （12分） 21．解：(1)设治理年后，该市的年垃圾排放量构成数列当时，是首项为，公差为的等差数列，所以                   （2分）当时，数列是以为首项，公比为的等比数列，所以                                        （4分）所以                                       （5分）(2)现有的治理措施是有效的，理由如下：设为数列的前项和，则所以                                        （8分）由(1)知当时，，所以为递减数列；          （9分）当时，，所以为递减数列，且以，所以当时，为递减数列，故所以                                                    （11分）所以数列为递减数列，即年平均垃圾排放量呈逐年下降趋势，故认为现有的治理措施是有效的．                                      （12分） 22．(1)证明：要证明，只需证明设，则                 （1分）令，得；令，得所以在区间上单调递减，在区间上单调递增，所以，即即，故                            （4分）(2)解：由题意得，则令，则                （5分）当时，，在区间上单调递增，所以，所以在区间上单调递增，无最大值，不符合题意；             （6分）当时，，在区间上单调递减，所以，所以在区间上单调递减，无最大值，不符合题意．             （7分）当时，由，得当时，在区间上单调递增当时，在区间上单调递减        （9分）由(1)知所以当时，           （10分）取，则，且又，所以由零点存在定理，得存在，使得所以当时，，即；当时，，即，所以在区间上单调递增，在区间上单调递减，所以在区间上存在最大值，符合题意，综上，实数的取值范围是．                                      （12分）