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2022年山东省临沂市平邑县中考物理三模试卷(含答案)
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这是一份2022年山东省临沂市平邑县中考物理三模试卷(含答案)，共33页。试卷主要包含了单项选择题，填空题，实验题，计算题等内容，欢迎下载使用。
2022年山东省临沂市平邑县中考物理三模试卷
一、单项选择题（每题2分，共40分）
1. 2022年1月1日，国家航天局发布我国首次火星探测任务天问一号探测器从遥远火星传回的一组精美图像，向全国人民报告“天问一号”平安，致以节日问候。天问一号在传回图像信息过程中主要依靠( )
A. 超声波 B. 次声波 C. 电磁波 D. 红外线
2. 下列数据符合实际的是( )
A. 人感觉比较舒适的环境温度约37℃
B. 正常成年人步行的速度约为4km/h
C. 九年级物理课本的质量大约是2kg
D. 壁挂空调工作时的电流约500mA
3. 为庆祝中国共产党成立100周年，平邑县联合临沂大学共同举办庆祝中国共产党成立100周年大型民族管弦乐《沂蒙史诗》音乐会，音乐会上小提琴曲让人如痴如醉，笛子演奏让人心旷神怡。关于声音的说法正确的是( )
A. 笛子发出的声音是由空气柱的振动产生的 B. 调节琴弦松紧可以改变声音的响度
C. 小提琴和笛子只传递信息不传递能量 D. 禁止听众喧哗是在传播过程中减弱噪声
4. 如图所示，下列现象是由于光的反射形成的是( )
A. 树下光斑
B. 湖中倒影
C. 水中弯筷
D. 雨后彩虹
5. 关于热学知识，下列说法错误的是( )
A. 物体吸收热量，温度不一定升高
B. 汽油机的压缩冲程是把机械能转化为内能
C. 用水做汽车发动机的冷却剂，是因为水的比热容较大
D. 固体很难被压缩，说明分子间存在斥力没有引力
6. 聚焦安全用电，共筑平安校园，我校后勤处开展校园用电安全工作专项检查。下列关于安全用电，说法正确的是( )
A. 教室内的多媒体可以使用双孔插座
B. 可以用湿抹布擦拭教室内的开关
C. 教室内电灯的开关接在电灯与火线之间
D. 使用测电笔检修电路时，手不能接触金属体笔尾
7. 2022年2月6日，在印度孟买举行的2022女足亚洲杯决赛中，中国队以3：2战胜韩国队，夺得冠军，如图为女足比赛的场景。关于足球运动中涉及的物理知识说法正确的是( )
A. 运动员带球时要持续踢球，说明力是维持物体运动的原因
B. 踢出去的足球能在空中继续运动，是因为足球受到惯性作用
C. 运动员踢球时对球的力大于球对运动员的力
D. 足球鞋底凹凸不平，是为了增大鞋子与草坪的摩擦力
8. 下面为生活中常见的物态变化，对它们的解释正确的是( )
A. 图中春天冰雪消融是熔化现象，此过程吸收热量
B. 图中夏天晾晒衣服常放在通风处，是为了减缓液体的蒸发
C. 图中抗疫值班医护人员眼罩的镜片常常模糊不清，是空气液化形成的
D. 图中冬天玻璃上会出现冰花，这是凝固现象
9. 下面是物理课本中常见的测量工具的使用情景，对它们的描述正确的是( )
A. 图中用刻度尺测量物体的长度为2.3cm
B. 图中在探究滑动摩擦力影响因素的实验中需要水平匀速拉动物体
C. 图中在实验室里测量液体温度时，温度计可以离开液体读数
D. 图中电能表的示数为248.6J
10. 2022年2月4日，第二十四届冬季奥林匹克运动会在北京开幕，在众多的比赛项目中滑雪跳台是非常好看刺激的项目之一。运动员从斜面下滑一段距离后跳出跳台，在空中展示优美的姿势，飞出一段距离后完美着地。如图为滑雪跳台比赛的场景，下列对相关知识分析正确的是( )
A. 运动员脚下宽大的滑雪板减小了对地面的压力
B. 运动员在斜面上加速下滑的过程中机械能增大
C. 运动员飞出跳台到达最高点时受力平衡
D. 运动员安全着地在水平面滑行的过程中重力不做功
11. 下面关于我们在物理课堂上学习的相关知识，说法正确的是( )
A. 船闸是利用连通器的原理工作的
B. 飞机的机翼上凸下平是为了减小空气的阻力
C. 轮船从长江驶入大海，所受浮力增大
D. 盐水选种时盐水的密度配制的越大越好
12. 如图所示的简单机械，在使用过程中与筷子的原理相同的是( )
A. 羊角锤
B. 瓶起子
C. 镊子
D. 托盘天平
13. 如图是小昊做凸透镜成像实验时的装置图，光屏上正好成清晰的像。下列说法正确的是( )
A. 由图可知该凸透镜的焦距可能是15cm
B. 投影仪就是根据图示的成像特点制成的
C. 蜡烛向左移动，要想再次在光屏上成清晰的像，光屏应该向右移动
D. 在蜡烛和凸透镜之间放一个远视镜，要想再次在光屏上成清晰的像，蜡烛应该向右移动
14. 智能手机的普及给我们的生活带来了很多便利，常用的智能手机是通过指纹开关S1或密码开关S2来解锁的，若其中任意一种解锁方式失败后，锁定开关S均会断开而暂停手机解锁功能，S将在一段时间后自动闭合恢复解锁功能。若用灯泡L发光模拟手机解锁成功，则符合要求的电路是( )
A. B.
C. D.
15. 如图所示是一种无线门铃发射器，它不需要安装电池。发射器内部提供电能的部件是由位置固定的永磁体和可以左右滑动的绕有线圈的铁芯组成，当按下门铃按钮时就会推动铁芯向左运动，松手后弹簧又将铁芯向右弹回。下列实验中和门铃提供电能的部件工作原理相同的是( )
A. B.
C. D.
16. 如图为某救援队利用滑轮组打捞水中物体的示意图，整个打捞过程中物体被匀速向上提升。对于物体被打捞未露出水面之前，下列说法正确的是( )
A. 该滑轮组省力但是不能改变力的方向
B. 滑轮组的机械效率越来越大
C. 物体底部受到水的压强逐渐变小
D. 物体受到的浮力逐渐变小
17. 将灯泡L1、L2连接成如图所示的电路，电源电压保持不变。闭合开关，两灯泡都发光，关于电路的分析，下列说法正确的是( )
A. 两灯泡并联
B. 电压表测灯泡L2两端电压
C. 若灯泡L2突然变亮，电压表的示数将变大
D. 如果电压表示数突然增大，可能是L1开路
18. 放在水平桌面上的甲、乙两个相同的容器中盛有同种液体，质量相等的a、b两个物体在液体中静止时，两液面相平，如图所示，则( )
A. 物体a的密度大
B. 物体a受到的浮力大
C. 物体b排开液体的体积多
D. 两物体排开液体的质量一样大
19. 如图所示的电路，电源电压保持不变，闭合开关S，将滑动变阻器的滑片由图示位置向左移动的过程中( )
A. 电流表A1的示数变小 B. 灯泡的亮度不变
C. 电流表A2的示数变大 D. 电路的总功率变大
20. 电阻R1、R2组成的电路如图甲所示，移动滑动变阻器的滑片使电阻R2从零逐渐增大，R1两端电压U的倒数与R2的阻值变化的图像如图乙所示，则下列分析错误的是( )
A. 电源电压为4V B. 电阻R1的阻值为4Ω
C. 电路的最大功率为9W D. 当电压表示数为2V时，R2阻值为8Ω
二、填空题（每空1分，共18分）
21. 2021年10月16日0时23分，搭载神舟十三号载人飞船的长征二号F遥十三运载火箭顺利将翟志刚、王亚平、叶光富3名航天员送入太空，除了执行飞行任务外，还进行了两次太空授课。
(1)神舟十三号载人飞船采用液氢为燃料，是因为液氢的______大，火箭在强大的推力下加速升空，说明力可以改变物体的______。
(2)在天宫第一次授课的时候，航天员老师做了很多有趣的实验(如图)。水球光学实验中，王亚平通过内有气泡的水球呈现一正一反两个像，它们的原理是光的______(选填“反射”、“折射”或“既有反射也有折射”)，泡腾片实验中，我们看到的蓝色的水球是因为它只______(选填“反射”或“吸收”)蓝色光。
(3)神舟十三号飞船于2022年4月返航，返航途中飞船外壳与空气摩擦温度不断升高，这是通过______(填“做功”或“热传递”)方式改变飞船的内能，返航回到地球后，宇航员的质量与太空相比______(选填“变大”、“变小”或“不变”)。
22. 把标有“6V6W”的灯泡L1和“6V3W”的灯泡L2接入如图所示的电路中，电源电压为3V，不考虑灯泡电阻受温度的影响。
(1)当开关S1、S3断开，S2闭合时，灯泡L1和L2是______(选填“串联”或“并联”)，此时灯泡的亮度______(选填“L1亮”、“L2亮”或“一样亮”)。
(2)当开关S2断开，S1、S3闭合时，灯泡L1的实际功率为______ W，通电1min灯泡L2放出的热量为______ J。
23. 如图为小昊做水的沸腾实验时得到的水的温度随时间变化的图像，由图像可知，两次图像不同的原因可能是______，此时的大气压______(选填“大于”、“等于”或“小于”)1个标准大气压。
24. 生活中的“吸”字常蕴含着丰富的物理知识，如：用吸管将饮料“吸”入口中，是利用了______ 的作用；梳过头发的塑料梳子能“吸”小纸屑，是因为梳子带了______ 。
25. 2021年4月23日，我国首艘075型两栖攻击舰——海南舰在海南三亚某军港交接入列。该舰满载排水量达4万吨，吃水深度8.1m，它满载时受到海水的浮力是______ N，海南舰底部所受海水的压强为______ Pa。(g取10N/kg，ρ海水=1.0×103kg/m3)
26. 核潜艇在国家安全中起到非常重要的作用，它的动力来源于______(选填“核裂变”或“核聚变”)反应，核潜艇是通过______(选填“增大重力”或“减小浮力”)实现下潜的。
三、实验题（第27题1分；第28题1分；第29题4分；第30题6分，31题6分，32题6分；总共24分）
27. 如图所示，一物块在力F作用下匀速下滑，画出物块受到重力的示意图。
28. 根据小磁针静止时的指向，在括号内用“+”或“-”标出电流表的正接线柱或负接线柱。
29. 如图所示，甲图为小昊“探究平面镜成像特点”的实验装置。
(1)将纸平铺在水平桌面上，玻璃板______架在纸上，在玻璃板的一侧立一支点燃的蜡烛，透过玻璃板观察其另一侧蜡烛的像；
(2)小昊把点燃的蜡烛A放在玻璃板前，还要在玻璃板的后面放一支外形相同但没有点燃的蜡烛B，小昊应在______(选填“A”或“B”)蜡烛一侧观察玻璃板中的像；
(3)当把蜡烛靠近玻璃板时，蜡烛在玻璃板所成像的大小将______(选填“变大”“不变”或“变小”)；
(4)在玻璃板和像之间放一个不透光的硬纸板，如图乙所示，小昊______(选填“能”或“不能”)观察到玻璃板中的像。
30. 小昊为了研究浮力，专门配制了盐水，他首先测量了该盐水的密度，以下是他的实验操作。
(1)将天平放在水平桌面上，并将游码移至称量标尺左端的零刻度线后，分度标尺的指针如图甲所示，此时应将平衡螺母向______(选填“左”或“右”)调节，使天平横梁平衡。
(2)用调节好的天平测量盐水和烧杯的总质量时，将最小为5g的砝码放入托盘天平的右盘后，分度标尺的指针如图乙所示，接下来的操作是______直至天平横梁平衡。
(3)小昊称得盐水和烧杯的总质量为88.4g，然后将一部分盐水倒入量筒中，如图丙，则该盐水的体积是______cm3。
(4)再将烧杯放在天平上，称得剩余盐水和烧杯的总质量如图丁，则剩余盐水和烧杯的总质量是______ g，计算得出盐水的密度是______g/cm3。
(5)实验后小昊将一个小球放在该盐水中，静止时状态如图戊所示，然后向盐水中再加入适量的盐，该小球再次静止后受到的浮力与图戊相比______(选填“变大”、“变小”或“不变”)。
31. 在“比较a、b两种液体吸热能力”的实验中：
(1)小昊先用如图甲的装置做实验，在组装实验器材时应先固定______(选填“铁圈”或“铁杆”)的位置，图中玻璃棒的作用是______。
(2)组装好器材后，称量出质量相等的a、b两种液体加热，收集数据并画出了a、b两种液体的温度随时间变化的图像如图乙，通过比较______，可以得出结论；
(3)在对实验进行评估时，发现甲装置需两次加热、耗时长等缺点，因此改进方案并设计了图丙的实验装置，丙装置中烧瓶内的电热丝的阻值要满足R1______(选填“>”、“<”或“=”)R2。
(4)小昊把丙装置烧瓶内装上等质量的同种液体，并换用阻值不同的电阻丝，他想探究______和通电时间相同时，电流通过导体放出热量与电阻的关系，两个烧瓶中装______(“a”或“b”)液体会更快的看到实验效果。
32. 在“测量小灯泡电功率”的实验中，小昊所在的实验小组用的电源电压为4.5V，小灯泡额定电压为2.5V，他们连接的实物电路如图甲所示。
(1)请你用笔画线代替导线，将图甲实物电路补充完整(导线不能交叉)；
(2)连接好电路闭合开关，小昊发现电流表和电压表均有示数，无论如何调节滑动变阻器，电流表和电压表的示数均不变，且小灯泡很暗，你认为可能的原因是______；
(3)纠正错误后，闭合开关，移动滑动变阻器，当小灯泡两端电压为2.2V时，通过小灯泡的电流如图乙所示，此时通过小灯泡的电流为______ A，为使小灯泡正常发光，应将滑片向______(选填“左”或“右”)移动；
(4)小昊根据实验数据绘制的小灯泡的I-U图像如图丙所示，由图像可知，小灯泡的额定功率为______ W；
(5)测出小灯泡的额定功率后，小昊将小灯泡两端电压调为额定电压的一半，此时小灯泡的实际功率为P1，小昊又将通过小灯泡的电流调为额定电流的一半，此时小灯泡的实际功率为P2，则P1______(选填“大于”、“小于”或“等于”)P2。
四、计算题（第33题8分，第34题10分，共18分）
33. 5G无人配送车可以实现非接触“安心送”，在很多大城市已经大显身手。如图甲所示为一辆5G无人配送车满载送货的情景，此次配送车运动的路程与时间图像如图乙所示，配送车在水平路面上匀速行驶时受到的阻力为200N。下表是该车的部分参数。(g取10N/kg)求：
续航里程
100km
空车质量
360kg
满载质量
420kg
轮胎着地总面积
240cm2
(1)前5min配送车的速度；
(2)满载时配送车对地面的压强；
(3)本次配送牵引力做功多少。
34. 如图甲所示为一款可调温电热水壶，额定电压为220V，图乙为它的简化电路图。R1、R2均为电热丝，R1的阻值为44Ω。当开关接1时，电热水壶处于保温挡，保温功率为88W；当开关接2时，电热水壶处于可调温挡。【ρ水=1.0×103kg/m3，c水=4.2×103J/(kg⋅℃)】求：
(1)保温状态下电路的电流；
(2)电热水壶的最大功率；
(3)电热水壶正常工作时，最快多长时间可将1.5L水从25℃加热到80℃(不计热量损失)。
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：太空中没有空气，超声波和次声波都不能在真空环境中传播；红外线以直线形态传输数据，不能有障碍物阻挡，因此天问一号在传回图像信息过程中不能依靠超声波、次声波和红外线；电磁波的传播不需要介质，因此天问一号在传回图像信息过程中主要依靠电磁波，故ABD错误，C正确。
故选：C。
根据声、电磁波、红外线传播的特点进行判断。
此题考查了电磁波的应用，属基础题目。
2.【答案】B
【解析】解：A、人体正常体温在37℃左右，感觉舒适的环境气温在23℃左右，故A不符合实际；
B、正常成年人步行的速度在1.1m/s=1.1×3.6km/h≈4km/h左右，故B符合实际；
C、两个苹果的质量约300g，九年级物理课本的质量与此差不多，在300g=0.3kg左右，故C不符合实际；
D、壁挂空调工作时的电流较大，约5A=5000mA，故D不符合实际。
故选：B。
不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个。
估测法是利用物理概念、规律、物理常数和常识对物理量的数值、数量级进行快速计算以及对取值范围合理估测的方法。
3.【答案】A
【解析】解：A、吹奏笛子时，声音是空气柱振动产生的，故A正确；
B、调节琴弦松紧可以改变琴弦的振动快慢，从而改变声音的音调，故B错误。
C、小提琴和笛子能传递信息，也能传递能量，故C错误。
D、禁止听众喧哗是从声源处减弱噪声的，故D错误。
故选：A。
(1)声音是由物体振动产生的；
(2)对于弦乐，弦的粗细、松紧和长短都影响音调；拨动弦的力度影响响度；
(3)声音既可以传递信息，也可以传递能量；
(4)减弱噪声的途径在声源处、在传播过程中、在人耳处。
本题考查了声的产生、利用、声音的特性和减弱噪声的方法等，都是属于基础知识，掌握基础知识很重要。
4.【答案】B
【解析】解：A、树荫下圆形光斑是光沿直线传播形成的，故A不符合题意；
B、平静的水面相当于平面镜，物体在水中的倒影属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，故B符合题意；
C、水中弯筷是光的折射现象，故C不符合题意；
D、雨后彩虹属于光的色散现象，其实质是光的折射，故D不符合题意。
故选：B。
(1)光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；
(2)光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；
(3)光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质斜射入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼等都是光的折射形成的。
此题通过几个日常生活中的现象考查了对光的折射、光的直线传播、光的反射的理解，在学习过程中要善于利用所学知识解释有关现象。
5.【答案】D
【解析】解：
A、一般情况下，物体吸热时温度升高，但是晶体熔化和液体沸腾的过程中，吸热但温度保持熔点和沸点不变，故A正确；
B、汽油机的压缩冲程中，将机械能转化为内能，故B正确；
C、用水作为汽车发动机的冷却剂，是因为水的比热容较大，与其他物质相比，在质量相同、升高的温度相同时，水吸收的热量多，故C正确；
D、固体很难被压缩，是由于固体分子间存在斥力，但引力与斥力是同时存在的，故D错误。
故选：D。
(1)物体吸收热量，温度不一定升高，例如晶体熔化和液体沸腾的过程，吸热温度不变；
(2)在内燃机的四个冲程中做功冲程对外做功，将内能转化为机械能；压缩冲程压缩气体的过程中，将机械能转化为内能；
(3)水的比热容较大，质量相同的水和其它液体相比较，升高相同的温度时，吸收的热量多；吸收或放出相同的热量时，温度变化较小，因此常用来做冷却剂；
(4)分子间存在相互作用的引力和斥力。
本题考查了物体内能的改变、水的比热容大的应用、能量的转化等相关知识，属于热学基础知识的考查，比较简单。
6.【答案】C
【解析】解：A、有金属外壳的用电器应使用三孔插座，这样使金属外壳接地，防止漏电而触电，故A错误；
B、湿抹布是导体，控制电灯的开关应安装在火线与灯之间，用湿抹布擦拭教室内的开关容易触电，故B错误；
C、为了用电安全，家庭电路中控制灯泡的开关应接在火线和灯泡之间，故C正确；
D、使用测电笔时，手应接触笔尾金属体，这样才能辨别火线和零线，故D错误。
故选：C。
(1)有金属外壳的用电器都必须使用三孔插座；
(2)湿抹布是导体，擦拭教室内的开关容易触电；
(3)控制电灯的开关应安装在火线与灯之间；
(4)根据测电笔的使用方法分析。
本题考查了学生对安全用电原则、测电笔的使用的了解与掌握，平时学习时多观察、多分析，加强安全意识。
7.【答案】D
【解析】解：A、运动员带球时要持续踢球，说明力是改变物体运动状态的原因，物体运动不需要力来维持，故A错误；
B、踢出去的足球在空中仍能继续飞行是因为足球具有惯性，要保持原来的运动状态，惯性不是力，不能说受到惯性作用，故B错误；
C、运动员踢球时对球的力与球对运动员的力是一对相互作用力，二者大小相等，故C错误；
D、足球鞋底凹凸不平，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大鞋子与草坪的摩擦力，故D正确。
故选：D。
(1)力是改变物体的运动状态的原因；
(2)物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，一切物体都有惯性；
(3)一对相互作用力大小相等；
(4)增大摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，增大压力；在压力一定时，增大接触面的粗糙程度。
本题考查了增大摩擦的方法、力的作用的相互性、力运动的关系、及惯性的理解与应用，属基础知识的考查，具有较强的综合性，但难度不大。
8.【答案】A
【解析】解：A、初春，河流冰雪消融，属于熔化现象，此过程吸热，故A正确；
B、晾晒衣服时，将衣服放在通风的地方，可以加快衣服上表面的空气流动速度，可以加快水分的蒸发，故B错误；
C、抗疫值班医护人员眼罩的镜片常常模糊不清，是人呼出的气体遇冷液化形成的；故C错误；
D、寒冬，窗玻璃上冰花是室内的水蒸气遇到温度低的玻璃，在其内表面凝华为小冰晶，属于凝华现象，故D错误。
故选：A。
(1)影响蒸发快慢的因素有：液体的温度，液体的上表面积，液体上表面的空气流动速度；
(2)物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固；
(3)六种物态变化过程中，都伴随着吸热或放热；其中放出热量的物态变化有：凝固、液化、凝华；吸热的有：熔化、汽化、升华。
此题考查了影响蒸发的因素、凝固与凝固放热的特点、液化与液化放热的特点、凝华与凝华放热的特点，属基础题目。
9.【答案】B
【解析】解：A、图中用刻度尺测量物体的长度为2.30cm，故A错误。
B、图中在探究滑动摩擦力影响因素的实验中需要水平匀速拉动物体，故B正确。
C、图中在实验室里测量液体温度时，温度计不可以离开液体读数，故C错误。
D、图中电能表的示数为248.6kW⋅h，故D错误。
故选：B。
(1)使用刻度尺测量长度时，测量结果要精确到分度值的下一位。
(2)物体做匀速直线运动时，牵引力才会等于阻力。
(3)测量液体温度时，温度计不可以离开液体读数。
(4)电能表读数时，单位是kW⋅h。
本题考查了学生对基本仪器的使用，属于常识题。
10.【答案】D
【解析】解：A、运动员脚下宽大的滑雪板减小了对地面的压强，故A错误。
B、运动员在斜面上加速下滑的过程中，由于摩擦力，有部分机械能转化为内能，故机械能减小，故B错误。
C、运动员飞出跳台到达最高点时，这时他受重力作用，故他受力不平衡，故C错误。
D、运动员安全着地在水平面滑行的过程中，重力方向上没有移动距离，故重力没有做功，故D正确。
故选：D。
(1)减小压强的方法：减小压力或增大接触面积。
(2)机械能是动能与势能的总和。
(3)物体受到两个或两个以上的力的作用时，物体处于静止状态或匀速直线运动状态，我们说这几个力平衡。
(4)物体做功的条件：有力作用在物体上，在力的方向上移动了距离。
本题是简单的力学综合题，属于基础题。
11.【答案】A
【解析】解：A、船闸的上游阀门打开时，上游和闸室构成连通器；下游阀门打开时，下游和闸室构成连通器，故A正确；
B、飞机翼表面制作成“上凸下平”制造形状，利用了流体压强与流速的关系，即空气流速大的地方压强小，使上方空气流速快，压强小，下方空气流速慢，压强大，从而产生升力，故B错误；
C、轮船从长江驶入大海，始终处于漂浮状态，则F浮=G，因轮船的重力不变，所以它受到的浮力不变，故C错误；
D、将种子放入盐水中后，由于干瘪、虫蛀的种子重量较小，故受到的浮力大于重力而使种子上浮，最后漂浮于水面上；
而饱满的种子，本身重量较大，故重力大于所受浮力，故种子会下沉。
但如果盐水的密度太大，因为种子排开盐水的体积不变，所以种子受到盐水的浮力变大，这样饱满的种子也会漂浮在液面上，所以盐水选种时盐水的密度配制的并不是越大越好，D错误。
故选：A。
(1)连通器的结构特征是上端开口、底部相连通；
(2)流体压强与流速的关系：流体流速越大的位置，压强越小；
(3)物体受到的浮力和自身的重力相等时漂浮或悬浮，物体受到的浮力大于自身的重力时上浮，物体受到的浮力小于自身的重力时下沉；
(4)物体的浮沉条件：浸没液体中的物体，如果浮力大于重力，物体上浮；如果浮力小于重力，物体下沉；如果浮力等于重力，物体悬浮。
物理学习的过程中，要多注意观察身边的物理现象，尽可能的用我们所学过的知识去试着解释，考查了物理知识在生活中的应用。
12.【答案】C
【解析】解：筷子使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；
A、羊角锤在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，不合题意；
B、瓶起子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，不合题意；
C、镊子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，符合题意；
D、托盘天平在使用过程中，动力臂等于阻力臂，是等臂杠杆，不合题意。
故选：C。
首先明确船桨的筷子类型，再结合图片和生活经验，判断图中杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。
本题考查的是杠杆的分类和特点，主要包括以下几种：①省力杠杆，动力臂大于阻力臂；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂。
13.【答案】D
【解析】解：AB、由图可知，此时u=30cm，v=20cm，u>v，成倒立、缩小的实像，应用为照相机，此时u>2f，f2f，f<20cm<2f，解得10cm
D、在蜡烛和凸透镜之间放一个远视镜，远视眼镜为凸透镜，凸透镜对光线具有会聚作用，所以要想再次在光屏上成清晰的像，蜡烛应该向右移动，故D正确。
故选：D。
(1)(2)当物距大于像距时，成倒立、缩小的实像，应用为照相机，此时u>2f，f
(4)远视眼镜为凸透镜，凸透镜对光线具有会聚作用。
凸透镜成像的几种情况和应用是凸透镜成像习题的重要依据，一定要熟练掌握。
14.【答案】C
【解析】解：由题意可知，指纹开关S1或密码开关S2均可以解锁，锁定开关S断开时暂停手机解锁功能，则指纹开关S1和密码开关S2可以独立工作、互不影响即为并联，且锁定开关S位于干路，然后与灯泡、电源组成电路，结合选项电路图可知，选项C符合题意，ABD不符合题意。
故选：C。
由题意可知，指纹开关S1或密码开关S2均可以解锁说明两开关可以独立工作、互不影响即为并联，锁定开关S断开时暂停手机解锁功能，说明锁定开关S位于干路控制整个电路，据此进行解答。
本题考查了串、并联电路的设计，根据题意得出三个开关的位置和连接方式是关键。
15.【答案】D
【解析】解：当按下门铃按钮时就会推动铁芯向左运动，此时线圈在磁场中做切割磁感线运动，会产生感应电流，为门铃提供电能，则该部件的工作原理是电磁感应现象；
A、该图是探究电磁铁磁性的实验，属于电流的磁效应，故A不符合题意；
B、图中有电源，通电导体在磁场中受力的作用而运动，故B不符合题意；
C、电磁继电器的主要部件是电磁铁，其工作原理是电流的磁效应，故C不符合题意；
D、图中导体在在磁场中做切割磁感线运动时，会产生感应电流，是电磁感应现象，故D符合题意。
故选：D。
闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，会产生感应电流，这就是电磁感应现象。
本题考查了电磁学的几个实验，要掌握这几个实验的原理，本题的难度不大。
16.【答案】C
【解析】解：A、滑轮组既能省力又能改变力的方向，故A错误；
BD、物体被打捞未露出水面之前，物体排开水的体积不变，由F浮=ρ液gV排知物体受到的浮力不变，对滑轮组的拉力不变，根据η=W有用W总=(G-F浮)hFs=(G-F浮)hF×nh=G-F浮nF知滑轮组机械效率不变，故BD错误；
C、物体被打捞未漏出水面之前，物体所处的深度减小，根据p=ρgh知物体底部受到水的压强逐渐变小，故C正确。
故选：C。
(1)滑轮组既能省力又能改变力的方向；
(2)物体被打捞未露出水面之前，物体排开水的体积不变，由F浮=ρ液gV排判断出物体受到浮力的变化，进而判断出对滑轮组拉力的变化，根据η=W有用W总=(G-F浮)hFs=(G-F浮)hF×nh=G-F浮nF判断出滑轮组机械效率的变化；
(3)根据p=ρgh判断出物体底部受到水压强的变化。
本题考查了有关滑轮组的特点、压强公式、浮力公式以及滑轮组机械效率等知识点，较多但难度不是很大，综合性较强。
17.【答案】D
【解析】解：AB、由图可知，开关闭合后，两个灯泡串联在电路中，电压表测量的是灯泡L1两端的电压，故AB错误；
C、若灯泡L2突然变亮，根据P=I2R知电路中的电流变大，由I=UR知电路中的电阻减小，故障应该为小灯泡L1短路，电压表的示数变为零，故C错误；
D、如果电压表示数突然增大，说明电压表与电源的两端相连，所以故障可能是L1开路，也可能是灯泡L2短路，故D正确。
故选：D。
由图可知，开关闭合后，两个灯泡串联在电路中，电压表测量的是灯泡L1两端的电压；
若灯泡L2突然变亮，根据P=I2R判断出电路中电流的变化，由I=UR判断出电路中电阻变化，进而判断出故障以及电压表的示数；
如果电压表示数突然增大，说明电压表与电源的两端相连，据此判断出短路的故障。
本题考查了学生利用电压表判断电路故障的分析能力，电路故障分短路和断路两种情况，平时做实验时试一试，多总结、提高分析能力。
18.【答案】D
【解析】解：A、a在液体中漂浮，a的密度要小于液体的密度，b在液体中悬浮，b的密度等于液体的密度，所以a的密度要小于b的密度，故A错误；
BCD、由于b悬浮，a漂浮，质量相等的a、b两个物体，由G=mg可知，其重力相等，由F浮=G可知，
两物体受到的浮力相同，根据F浮=G排=m排g可知，两物体排开液体的质量一样大，故D正确，BC错误。
故选：D。
(1)根据物体的浮沉条件分析物体密度的大小；
(2)根据F浮=G可知二者所受浮力关系，由阿基米德原理F浮=G排=m排=ρ液V排g可知二者排开液体质量关系。
本题考查了物体浮沉条件和密度公式的应用，一定要掌握物体浮沉情况与密度的关系，同时要搞清不同状态下(漂浮、悬浮)物体所受重力与浮力的大小关系。
19.【答案】B
【解析】解：由电路图可知，小灯泡与滑动变阻器并联，电流表A1测量通过小灯泡的电流，电流表A2测量干路的电流；
AB、因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，滑片移动时，通过小灯泡支路的电流不变，即电流表A1的示数不变，由P=UI知小灯泡的实际功率不变，小灯泡的亮度不变，故A错误，B正确；
CD、将滑动变阻器的滑片由图示位置向左移动的过程中，滑动变阻器的电阻变大，电源电压不变，由I=UR知通过滑动变阻器的电流变小，干路中的总电流变小，电流表A2的示数变小，根据P=UI知电路的总功率变小，故CD错误。
故选：B。
由电路图可知，小灯泡与滑动变阻器并联，电流表A1测量通过小灯泡的电流，电流表A2测量干路的电流；
根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知滑片移动时通过小灯泡支路电流的变化，由P=UI判断出小灯泡实际功率的变化，进而判断出灯泡亮度的变化；
将滑动变阻器的滑片由图示位置向左移动的过程中，滑动变阻器的电阻变大，电源电压不变，由I=UR判断出通过滑动变阻器电流的变化，由并联电路电流的规律判断出干路电流的变化，根据P=UI判断出电路总功率的变化。
本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点、欧姆定律的应用以及电功率公式的应用，分清电路的连接方式和电表所测的电路元件是关键。
20.【答案】A
【解析】解：由图甲可知，定值电阻R1与滑动变阻器R2串联接入电路，电压表测量定值电阻两端的电压，
A、由图乙可知，当滑动变阻器R2接入电路的阻值为0时，R1两端电压U的倒数为16V，电源电压U=U1=116V=6V，故A错误；
B、由图乙可知，当滑动变阻器R2接入电路的阻值为20Ω时，R1两端电压U的倒数为1V-1，R1两端的电压U1'=11V-1=1V，
滑动变阻器R2两端的电压U2=U-U1'=6V-1V=5V，通过滑动变阻器R2的电流I2=U2R2=5V20Ω=0.25A，
根据串联电路电流规律可知，通过R1的电流I1'=I2=0.25A，定值电阻R1的阻值R1=U1'I1'=1V0.25A=4Ω，故B正确；
C、根据P=UI=U2R可知，当电路中的电阻最小时，电路中消耗的功率最大，由此可知，当滑动变阻器R2接入电路的阻值为0时，电路中的总电阻最小，电路中的电功率最大，电路消耗的最大电功率P最大=UI最大=U2R最小=(6V)24Ω=9W，故C正确；
D、当电压表示数为2V时，通过R1的电流I1''=U1''R1=2V4Ω=0.5A，根据串联电路电流规律可知，通过滑动变阻器R2的电流I2'=I1''=0.5A，
根据串联电路电压规律可知，滑动变阻器R2两端的电压U2'=U-U1''=6V-2V=4V，所以滑动变阻器R2接入电路的阻值R2'=U2'I2'=4V0.5A=8Ω，故D正确。
故选A。
由图甲可知，定值电阻R1与滑动变阻器R2串联接入电路，电压表测量定值电阻两端的电压，
(1)由图乙可知，当滑动变阻器R2接入电路的阻值为0时，R1两端电压U的倒数为16V，由此可求出电源电压；
(2)由图乙可知，当滑动变阻器R2接入电路的阻值为20Ω时，R1两端电压U的倒数为1V-1，由此可求出R1两端的电压，根据串联电路电压规律可求出滑动变阻器R2两端的电压，根据欧姆定律可求出通过滑动变阻器R2的电流，根据串联电路电流规律可求出通过R1的电流，根据R=UI可求出定值电阻R1的阻值；
(3)根据P=UI=U2R可知，当电路中的电阻最小时，电路中消耗的功率最大，由此可知，当滑动变阻器R2接入电路的阻值为0时，电路中的总电阻最小，电路中的电功率最大，由此可求出电路消耗的最大电功率；
(4)当电压表示数为2V时，根据欧姆定律可求出通过R1的电流，根据串联电路电流规律可求出通过R2的电流，根据串联电路电压规律可求出滑动变阻器R2两端的电压，根据R=UI可求出R2接入电路的阻值。
本题主要考查欧姆定律的应用，电功率公式的应用，串联电路电流、电压、电阻规律的应用，根据图乙求出电源电压和R1的阻值是解题的关键。
21.【答案】热值 运动状态 折射 反射 做功 不变
【解析】解：(1)火箭采用液氢作为火箭的燃料，原因是液态氢具有较高的热值，完全燃烧相同质量的氢时，可以放出更多的热量。
在强大推力的作用下，火箭加速升空，说明力可以改变物体的运动状态；
(2)水球光学实验中，大水球向外凸起，相当于凸透镜，水球和气泡一起又构成了一个凹透镜，凸透镜和凹透镜成像的原理都是因为光的折射；
我们能看到蓝色的“气泡球”，是因为它反射蓝色光；
(3)“神舟十三号”完成各项实验任务后返回进入大气层，飞船外壳与空气摩擦温度不断升高，这是通过做功的方式改变飞船的内能的；
质量是物体本身的属性，与物体所在位置没有关系，所以宇航员的质量与太空相比不变。
故答案为：(1)热值；运动状态；(2)折射；反射；(3)做功；不变。
(1)单位质量的某种燃料完全燃烧时放出的热量叫做这种燃料的热值，燃料的热值越高，在质量相同时，完全燃烧时放出的热量越多；
力可以改变物体的形状，可以改变物体的运动状态；
(2)水球光学实验中，大水球向外凸起，相当于凸透镜，人位于这个凸透镜的二倍焦距以外，会成一个倒立、缩小的实像；在水球中加入气泡，水球和气泡一起又构成了一个凹透镜，所以又形成一个正立、缩小的虚像，因此我们看见了一正一倒两个像；凸透镜和凹透镜成像的原理都是因为光的折射；
不透明物体的颜色是由它反射的色光决定的；
(3)改变物体内能的方式有两种：做功和热传递；
质量是物体本身的一种属性，不随位置、状态、形状的改变而改变。
本题考查了燃料热值的特性、力的作用效果、光现象、改变物体内能的方式以及质量的特性等知识，属于基础题目，难度不大。
22.【答案】串联 L2亮 1.545
【解析】解：由P=U2R可知，灯泡L1的电阻：R1=U12P1=(6V)26W=6Ω，灯泡L2的电阻：R2=U22P2=(6V)23W=12Ω；
(1)当开关S1、S3断开，S2闭合时，灯泡L1、L2串联，
根据串联电路的电流特点可知，通过L1、L2的电流相等，灯泡L2的阻值电压灯泡L1的阻值，根据P=I2R可知，灯泡L2的实际功率更大，所以灯泡L2更亮；
(2)当开关S2断开，S1、S3闭合时，灯泡L1、L2并联，
根据并联电路的电压特点可知，灯泡L1、L2两端的电压：U1'=U2'=U=3V，
灯泡L1的实际功率：P1'=U1'2R1=(3V)26Ω=1.5W；
通电1min灯泡L2放出的热量：Q=W=U2'2R2t=(3V)212Ω×1×60s=45J。
故答案为：(1)串联；L2亮；(2)1.5；45。
根据P=U2R分别求出灯泡L1、L2的电阻；
(1)当开关S1、S3断开，S2闭合时，灯泡L1、L2串联，根据串联电路的电流特点和P=I2R可知灯泡的亮度关系；
(2)当开关S2断开，S1、S3闭合时，灯泡L1、L2并联，根据并联电路的电压关系可知灯泡两端的电压，利用P=U2R求出灯泡L1的实际功率；利用Q=W=U2Rt求出通电1min灯泡L2放出的热量。
本题考查串并联电路的特点、电功率公式以及焦耳定律的应用，是一道综合题，难度不大。
23.【答案】实验用的水量不同 低于
【解析】解：由图己可知，两组实验水的初温是相同的，但两次实验的水沸腾时间不同，说明实验用的水量不同，即两组实验的水的质量不同；沸点为98℃，低于标准大气压下的沸腾温度，故大气压低于标准大气压。
故答案为：实验用的水量不同；低于。
从给水开始加热到水沸腾需要的时间长短不同，根据热量计算公式，是水的质量不同造成；液体的沸点跟气压有关，气压增大，沸点升高；气压减小，沸点降低。
本题考查了沸腾的实验相关内容，属于基础题。
24.【答案】大气压 电
【解析】解：用吸管吸饮料时，吸管内气压减小，小于外界大气压，在大气压的作用下饮料被压入吸管；
梳头发时，梳子与头发摩擦后带上了电，能够吸引小纸屑。
故答案为：大气压；电。
吸管吸饮料时，是先把吸管内的空气吸走，使管内气压减小，这样在外界大气压的作用下，饮料就被压进吸管里；
物体相互摩擦，可以使物体带电，失去电子带正电，得到电子带负电，带电体具有吸引轻小物体的性质。
本题考查了大气压的应用、物体的带电现象，属于基础题。
25.【答案】4×108 8.1×104
【解析】解：(1)该舰满载排水量m排=40000t=40000×103kg=4×107kg，
则海南舰受到的浮力F浮=G排=m排g=4×107kg×10N/kg=4×108N；
(2)海南舰底部所受海水的压强p=ρ海水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×8.1m=8.1×104Pa。
故答案为：4×108；8.1×104。
(1)已知该舰满载排水量达4万吨，由F浮=G排=m排g可求得海南舰满载时受到海水的浮力；
(2)由p=ρgh可求得此时海南舰底部受到的海水的压强。
本题以社会热点事件为背景，考查了液体压强的计算和阿基米德原理的应用，体现了物理与生活实际的联系。
26.【答案】核裂变 增大重力
【解析】解：(1)该潜艇的核反应堆是通过可控核裂变反应释放核能的设备；
(2)潜水艇浸没时，受到水的浮力和重力的作用，
因潜水艇的体积不变，排开水的体积不变，
所以，由F浮=ρgV排可知，潜水艇受到水的浮力不变；
把压缩空气压入潜水艇的压力舱，将海水排出，潜水艇自重G减小，当F浮>G时，潜水艇上浮；
打开压力舱的阀门，让海水进入压力舱内，潜水艇自重G增大，当F浮
由此可见，潜水艇能够上浮和下沉是通过改变自身重力来实现的。
故答案为：核裂变；自身重力。
(1)核电站主要利用核裂变的可控链式反应来发电的；
(2)潜水艇浸没在水中，潜水艇的体积不变(排开水的体积不变)，受浮力不变；通过让海水进、出压力舱改变潜水艇受到的重力，然后再根据物体的浮沉条件分析是怎么上浮或下沉的。
本题考查了核裂变的应用、物体浮沉条件的掌握和运用，潜水艇是物体的浮沉条件的典型应用，常见题目。
27.【答案】解：物块受到重力的方向竖直向下，作用点在重心，其重心在其几何中心上，示意图如下：
【解析】根据力的示意图的定义，将物块所受重力的大小、方向、作用点表示出来即可。
画力的示意图，就是用一条带箭头线段表示出力的三要素，所以要先正确分析力的大小、方向和作用点，再根据力的示意图的要求作出力的示意图。
28.【答案】解：根据图片可知，小磁针的左端为N极、右端为S极，根据异名磁极相互吸引可知，螺线管的左端为S极、右端为N极，根据安培定则可知，电流从螺线管的左端流入，所以电流表的上端为负接线柱，如图所示：
【解析】根据异名磁极相互吸引判定螺线管的极性；根据安培定则判定电路中电流的方向；电流要从电流表的正极线柱流入、从负接线柱流出。
本题考查了安培定则和磁极间的相互作用规律的应用、电流表的使用，属于基础题。
29.【答案】竖直 A 不变 能
【解析】解：(1)将纸平铺在水平面上，为了使蜡烛B与蜡烛A的像完全重合，玻璃板竖直架在纸上；
(2)在玻璃板的一侧立一支点燃的蜡烛A，透过玻璃板(即在蜡烛A这一侧)观察另一侧蜡烛A的像和蜡烛B；
(3)由于平面镜所成的像与物体大小相等，所以当把蜡烛靠近玻璃板时，蜡烛在玻璃板所成像的大小将不变；
(4)由于虚像不是有实际光线会聚而成，不能成在光屏上，自然也不会被其他物体挡住，所以在玻璃板和像之间放一个不透光的硬纸板，小昊能观察到玻璃板中的像。
故答案为：(1)竖直；(2)A；(3)不变；(4)能。
(1)如果玻璃板没有放正，所成的像不在水平面上，所以无论怎样移动另一支蜡烛都不能与像重合；
(2)平面镜成像的原理是光的反射；
(3)平面镜所成的像与物体大小相等；
(4)虚像不是有实际光线会聚而成，不能成在光屏上，自然也不会被其他物体挡住。
探究平面镜成像特点的实验过程，在近年中考题中较为热点。只要牢记平面镜成像的特点，解答此类题目就不难，关键是将课本知识内容记忆清楚，仔细分析。
30.【答案】右 取下5g砝码并向右移动游码 5031.41.14不变
【解析】解：(1)图甲分度盘上的指针偏向了中线的左侧，这时需要将平衡螺母向右调；
(2)由图乙知，测量质量时加入最小的5g砝码后，指针偏向右侧，说明砝码的总质量较大，即这时石块的质量小于右盘中砝码的总质量；接下来的下来的操作是：取下5g砝码并向右移动游码，直至天平平衡；
(3)由图丙可知，量筒中盐水的体积为V=50mL=50cm3；
(4)由图丁知，标尺的分度值为0.2g，则杯子及杯内剩余盐水的质量为20g+10g+1.4g=31.4g；
量筒中盐水的质量m=88.4g-31.4g=57g；
则盐水的密度ρ=mV=57g50cm3=1.14g/cm3；
(3)若向杯中加入少许的盐，使盐水的密度变大，而小球的体积(排开盐水的体积)不变，由阿基米德原理知道小球受到的浮力变大，又因为小球重力不变，所以此时小球受到的浮力大于小球重，小球将上浮，最终小球会漂浮在水面上，根据漂浮的条件可知，小球受到的浮力等于重力，小球再次静止时所受到的浮力不变。
故答案为：(1)右；(2)取下5g砝码并向右移动游码；(3)50；(4)3.14；1.14；(5)不变。
(1)调节天平横梁平衡时应调节横梁左右两端的平衡螺母，当指针恰好指在分度盘的中央或左右摆动幅度相同时，表示横梁平衡；指针向左偏，平衡螺母向右调；指针向右偏，平衡螺母向左调；
(2)物体放在天平的左盘，游码放在天平的右盘，通过加减砝码和调节游码在标尺上的位置使天平平衡；
(3)读取量筒中液体的体积时，首先要明确量筒的分度值，读数时视线与液面最凹处相平；
(4)天平平衡时，剩余盐水和烧杯的总质量等于砝码的质量加游码在标尺上所对的刻度值；
用盐水和烧杯的总质量减去剩余盐水和烧杯的总质量是量筒中盐水的质量，又知盐水的体积，根据ρ=mV求出盐水的密度；
(5)小球的体积不变，排开盐水的体积不变，根据阿基米德原理判断小球受到的浮力大小变化，而小球的重力不变，再根据物体的浮沉条件判断小球的浮与沉；小球漂浮时，浮力等于其重力。
此题主要考查的是学生对天平的调节和读数、量筒的读数、密度计算公式的理解和掌握，难度适中。
31.【答案】铁圈 使液体受热均匀 它们升高的温度 =电流 b
【解析】解：(1)酒精灯要使用外焰加热，所以合理顺序应先放好酒精灯，由其外焰高度确定铁圈及石棉网的高度；
玻璃棒的作用是使液体受热均匀；
(2)组装好器材，先后在同一个烧杯中称出质量相等的液体a和液体b，分别加热相同的时间，比较它们升高的温度，得出结论；
(3)实验中要用相同的热源加热，由图可知，该电路为串联电路，电流相同，则需要控制电阻值相同，即R1=R2；
(4)要探究电流通过导体放出热量与电阻的关系，需要控制电流、通电时间相同，电阻不同；
由图乙知相同质量的a和b，加热相同时间，a和b吸收相同热量时，b的温度变化大，所以两个烧瓶中装b液体会更快的看到实验效果。
故答案为：(1)铁圈；使液体受热均匀；(2)它们升高的温度；(3)=；(4)电流；b。
(1)实验器材装配要根据酒精灯来确定铁圈及石棉网的高度；
玻璃棒的作用是使液体受热均匀；
(2)比较物质吸热能力的2种方法：
①使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量(即比较加热时间)，吸收热量多的吸热能力强；
②使相同质量的不同物质吸收相同的热量(即加热相同的时间)，比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强；
(3)实验中要控制热源相同；
(4)电流通过导体放出热量与电流的大小、通电时间以及电阻的大小有关，根据控制变量法分析判断；
根据煤油和水的比热容的大小分析。
本题考查“比较a、b两种液体吸热能力”的实验，考查器材的安装、控制变量法和转换法的运用，难度不大。
32.【答案】将滑动变阻器下面两个接线柱连入了电路 0.28左 0.75大于
【解析】解：(1)小灯泡额定电压为2.5V，故电压表选用小量程并联在灯泡两端，如下图所示：
；
(2)小灯泡很暗，电流表有示数，说明电路是通路，电压表有示数，移动滑片两表示数没有变化，说明滑动变阻器失去了变阻的作用，故将滑动变阻器下面两个接线柱连入了电路；
(3)通过小灯泡的电流如图乙所示，电流表选用小量程，分度值0.02A，其示数为0.28A；此时灯泡两端电压为2.2V，小于灯泡额定电压2.5V，为使小灯泡正常发光，应增大灯泡两端的电压，根据串联电路电压规律，应减小滑动变阻器两端的电压，根据分压原理，应减小滑动变阻器接入电路的阻值，故应将滑片向左移动；
(4)由图丙可知，当灯泡两端电压为2.5V时，通过灯泡的额定电流为0.3A，小灯泡额定功率为：
P=UI=2.5V×0.3A=0.75W；
(5)由图丙知，小灯泡的实际电压是额定电压一半(1.25V)时的电流约为0.225A，电功率为：P1=U1I1=1.25V×0.225A=0.28125W；
小灯泡的实际电流是额定电流一半时(0.15A)对应的电压约为0.6V，灯的实际电功率为：P2=U2I2=0.6V×0.15A=0.09W，则P1大于P2；
故答案为：(1)见解答图；(2)将滑动变阻器下面两个接线柱连入了电路；(3)0.28；左；(4)0.75；(5)大于。
(1)根据灯泡额定电压确定电压表量程，将电压表并联在灯泡两端；
(2)小灯泡很暗，电流表有示数，说明电路是通路，移动滑片两表示数没有变化，说明滑动变阻器失去了变阻的作用，据此回答；
(3)根据电流表选用量程确定分度值读数；根据串联电路电压规律和分压原理确定滑动变阻器滑片移动方向；
(4)根据图丙确定灯泡额定电压对应的额定电流，利用P=UI求出灯泡的额定功率；
(5)根据图丙分别找出小灯泡的实际电压是额定电压一半时的电流大小和小灯泡的实际电流是额定电流一半时对应的电压大小，根据P=UI比较灯的实际电功率P1与P2大小。
本题测量小灯泡功率的实验，考查电路连接、故障分析、电流表读数、实验操作和功率的计算等知识。
33.【答案】解：(1)根据图象可知，配送车在0∼5min内通过的路程为s=0.6km=600m，
5min内配送车的平均速度：
v=st=600m5×60s=2m/s；
(2)由表中数据可知，满载时配送车质量为420kg，配送车的重力：
G=mg=420kg×10N/kg=4200N，
配送车对水平地面的压力：F=G=4200N，轮胎着地总面积：S=240cm2=0.024m2，
配送车对水平地面的压强：
p=FS=4200N0.024m2=1.75×105Pa。
(3)由于配送车匀速行驶时受到的阻力和牵引力是一对平衡力，则牵引力：F牵=f=200N；
由表中数据可知，本次配送配送车运动的距离为s'=1.2km=1200m，
本次配送牵引力做功：W=F牵s'=200N×1200m=2.4×105J。
答：(1)前5min配送车的速度是2m/s；
(2)配送车对水平地面的压强为1.75×105Pa
(3)本次配送牵引力做功2.4×105J。
【解析】(1)由图象读出配送车前5min内通过的路程，利用速度公式求出配送车前5min内的平均速度；
(2)先根据G=mg求出配送车的重力，配送车对水平地面的压力等于其重力，根据p=FS求出配送车对水平地面的压强；
(3)配送车匀速行驶时受到的牵引力与阻力是一对平衡力可知牵引力的大小，根据W=Fs求出本次配送牵引力做的功。
本题考查了速度公式、重力公式和压强公式、力的平衡条件的应用、功的计算，根据图象读出有用的信息是关键。
34.【答案】解：(1)由P=UI可知，保温状态下电路的电流：I保温=P保温U=88W220V=0.4A；
(2)由图乙可知，开关接2，当滑片移到R2的最右端时，只有R1工作，此时电路中的电阻最小，根据P=U2R可知，电功率最大，
电热水壶的最大功率：P=U2R1=(220V)244Ω=1100W；
(3)水的体积V=1.5L=1.5dm3=1.5×10-3m3，
由ρ=mV可知，水的质量：m=ρ水V=1.0×103kg/m3×1.5×10-3m3=1.5kg，
水吸收的热量：Q吸=c水m(t-t0)=4.2×103J/(kg⋅℃)×1.5kg×(80℃-25℃)=3.465×105J，
不计热量损失，电热水壶消耗的电能：W=Q吸=3.465×105J，
由P=Wt可知，电热水壶正常工作时，最短的加热时间：t'=WP=3.465×105J1100W315s。
答：(1)保温状态下电路的电流为0.4A；
(2)电热水壶的最大功率为1100W；
(3)电热水壶正常工作时，最快315s可将1.5L水从25℃加热到80℃。
【解析】(1)知道保温功率和电源电压，利用P=UI求出保温状态下电路的电流；
(2)开关接2，当滑片移到R2的最右端时，只有R1工作，此时电路中的电阻最小，根据P=U2R可知，电功率最大，利用P=U2R求出电热水壶的最大功率；
(3)利用密度公式求出1.5L水的质量，利用Q吸=cm(t-t0)求出水吸收的热量，不计热量损失，电热水壶消耗的电能等于水吸收的热量，利用P=Wt求出电热水壶正常工作时最少的加热时间。
本题是一道电热综合题，主要考查电功率公式、密度公式、吸热公式以及电功率公式的灵活运用，解题的关键是能正确分析电路图。
2022年山东省临沂市平邑县中考物理三模试卷
一、单项选择题（每题2分，共40分）
1. 2022年1月1日，国家航天局发布我国首次火星探测任务天问一号探测器从遥远火星传回的一组精美图像，向全国人民报告“天问一号”平安，致以节日问候。天问一号在传回图像信息过程中主要依靠( )
A. 超声波 B. 次声波 C. 电磁波 D. 红外线
2. 下列数据符合实际的是( )
A. 人感觉比较舒适的环境温度约37℃
B. 正常成年人步行的速度约为4km/h
C. 九年级物理课本的质量大约是2kg
D. 壁挂空调工作时的电流约500mA
3. 为庆祝中国共产党成立100周年，平邑县联合临沂大学共同举办庆祝中国共产党成立100周年大型民族管弦乐《沂蒙史诗》音乐会，音乐会上小提琴曲让人如痴如醉，笛子演奏让人心旷神怡。关于声音的说法正确的是( )
A. 笛子发出的声音是由空气柱的振动产生的 B. 调节琴弦松紧可以改变声音的响度
C. 小提琴和笛子只传递信息不传递能量 D. 禁止听众喧哗是在传播过程中减弱噪声
4. 如图所示，下列现象是由于光的反射形成的是( )
A. 树下光斑
B. 湖中倒影
C. 水中弯筷
D. 雨后彩虹
5. 关于热学知识，下列说法错误的是( )
A. 物体吸收热量，温度不一定升高
B. 汽油机的压缩冲程是把机械能转化为内能
C. 用水做汽车发动机的冷却剂，是因为水的比热容较大
D. 固体很难被压缩，说明分子间存在斥力没有引力
6. 聚焦安全用电，共筑平安校园，我校后勤处开展校园用电安全工作专项检查。下列关于安全用电，说法正确的是( )
A. 教室内的多媒体可以使用双孔插座
B. 可以用湿抹布擦拭教室内的开关
C. 教室内电灯的开关接在电灯与火线之间
D. 使用测电笔检修电路时，手不能接触金属体笔尾
7. 2022年2月6日，在印度孟买举行的2022女足亚洲杯决赛中，中国队以3：2战胜韩国队，夺得冠军，如图为女足比赛的场景。关于足球运动中涉及的物理知识说法正确的是( )
A. 运动员带球时要持续踢球，说明力是维持物体运动的原因
B. 踢出去的足球能在空中继续运动，是因为足球受到惯性作用
C. 运动员踢球时对球的力大于球对运动员的力
D. 足球鞋底凹凸不平，是为了增大鞋子与草坪的摩擦力
8. 下面为生活中常见的物态变化，对它们的解释正确的是( )
A. 图中春天冰雪消融是熔化现象，此过程吸收热量
B. 图中夏天晾晒衣服常放在通风处，是为了减缓液体的蒸发
C. 图中抗疫值班医护人员眼罩的镜片常常模糊不清，是空气液化形成的
D. 图中冬天玻璃上会出现冰花，这是凝固现象
9. 下面是物理课本中常见的测量工具的使用情景，对它们的描述正确的是( )
A. 图中用刻度尺测量物体的长度为2.3cm
B. 图中在探究滑动摩擦力影响因素的实验中需要水平匀速拉动物体
C. 图中在实验室里测量液体温度时，温度计可以离开液体读数
D. 图中电能表的示数为248.6J
10. 2022年2月4日，第二十四届冬季奥林匹克运动会在北京开幕，在众多的比赛项目中滑雪跳台是非常好看刺激的项目之一。运动员从斜面下滑一段距离后跳出跳台，在空中展示优美的姿势，飞出一段距离后完美着地。如图为滑雪跳台比赛的场景，下列对相关知识分析正确的是( )
A. 运动员脚下宽大的滑雪板减小了对地面的压力
B. 运动员在斜面上加速下滑的过程中机械能增大
C. 运动员飞出跳台到达最高点时受力平衡
D. 运动员安全着地在水平面滑行的过程中重力不做功
11. 下面关于我们在物理课堂上学习的相关知识，说法正确的是( )
A. 船闸是利用连通器的原理工作的
B. 飞机的机翼上凸下平是为了减小空气的阻力
C. 轮船从长江驶入大海，所受浮力增大
D. 盐水选种时盐水的密度配制的越大越好
12. 如图所示的简单机械，在使用过程中与筷子的原理相同的是( )
A. 羊角锤
B. 瓶起子
C. 镊子
D. 托盘天平
13. 如图是小昊做凸透镜成像实验时的装置图，光屏上正好成清晰的像。下列说法正确的是( )
A. 由图可知该凸透镜的焦距可能是15cm
B. 投影仪就是根据图示的成像特点制成的
C. 蜡烛向左移动，要想再次在光屏上成清晰的像，光屏应该向右移动
D. 在蜡烛和凸透镜之间放一个远视镜，要想再次在光屏上成清晰的像，蜡烛应该向右移动
14. 智能手机的普及给我们的生活带来了很多便利，常用的智能手机是通过指纹开关S1或密码开关S2来解锁的，若其中任意一种解锁方式失败后，锁定开关S均会断开而暂停手机解锁功能，S将在一段时间后自动闭合恢复解锁功能。若用灯泡L发光模拟手机解锁成功，则符合要求的电路是( )
A. B.
C. D.
15. 如图所示是一种无线门铃发射器，它不需要安装电池。发射器内部提供电能的部件是由位置固定的永磁体和可以左右滑动的绕有线圈的铁芯组成，当按下门铃按钮时就会推动铁芯向左运动，松手后弹簧又将铁芯向右弹回。下列实验中和门铃提供电能的部件工作原理相同的是( )
A. B.
C. D.
16. 如图为某救援队利用滑轮组打捞水中物体的示意图，整个打捞过程中物体被匀速向上提升。对于物体被打捞未露出水面之前，下列说法正确的是( )
A. 该滑轮组省力但是不能改变力的方向
B. 滑轮组的机械效率越来越大
C. 物体底部受到水的压强逐渐变小
D. 物体受到的浮力逐渐变小
17. 将灯泡L1、L2连接成如图所示的电路，电源电压保持不变。闭合开关，两灯泡都发光，关于电路的分析，下列说法正确的是( )
A. 两灯泡并联
B. 电压表测灯泡L2两端电压
C. 若灯泡L2突然变亮，电压表的示数将变大
D. 如果电压表示数突然增大，可能是L1开路
18. 放在水平桌面上的甲、乙两个相同的容器中盛有同种液体，质量相等的a、b两个物体在液体中静止时，两液面相平，如图所示，则( )
A. 物体a的密度大
B. 物体a受到的浮力大
C. 物体b排开液体的体积多
D. 两物体排开液体的质量一样大
19. 如图所示的电路，电源电压保持不变，闭合开关S，将滑动变阻器的滑片由图示位置向左移动的过程中( )
A. 电流表A1的示数变小 B. 灯泡的亮度不变
C. 电流表A2的示数变大 D. 电路的总功率变大
20. 电阻R1、R2组成的电路如图甲所示，移动滑动变阻器的滑片使电阻R2从零逐渐增大，R1两端电压U的倒数与R2的阻值变化的图像如图乙所示，则下列分析错误的是( )
A. 电源电压为4V B. 电阻R1的阻值为4Ω
C. 电路的最大功率为9W D. 当电压表示数为2V时，R2阻值为8Ω
二、填空题（每空1分，共18分）
21. 2021年10月16日0时23分，搭载神舟十三号载人飞船的长征二号F遥十三运载火箭顺利将翟志刚、王亚平、叶光富3名航天员送入太空，除了执行飞行任务外，还进行了两次太空授课。
(1)神舟十三号载人飞船采用液氢为燃料，是因为液氢的______大，火箭在强大的推力下加速升空，说明力可以改变物体的______。
(2)在天宫第一次授课的时候，航天员老师做了很多有趣的实验(如图)。水球光学实验中，王亚平通过内有气泡的水球呈现一正一反两个像，它们的原理是光的______(选填“反射”、“折射”或“既有反射也有折射”)，泡腾片实验中，我们看到的蓝色的水球是因为它只______(选填“反射”或“吸收”)蓝色光。
(3)神舟十三号飞船于2022年4月返航，返航途中飞船外壳与空气摩擦温度不断升高，这是通过______(填“做功”或“热传递”)方式改变飞船的内能，返航回到地球后，宇航员的质量与太空相比______(选填“变大”、“变小”或“不变”)。
22. 把标有“6V6W”的灯泡L1和“6V3W”的灯泡L2接入如图所示的电路中，电源电压为3V，不考虑灯泡电阻受温度的影响。
(1)当开关S1、S3断开，S2闭合时，灯泡L1和L2是______(选填“串联”或“并联”)，此时灯泡的亮度______(选填“L1亮”、“L2亮”或“一样亮”)。
(2)当开关S2断开，S1、S3闭合时，灯泡L1的实际功率为______ W，通电1min灯泡L2放出的热量为______ J。
23. 如图为小昊做水的沸腾实验时得到的水的温度随时间变化的图像，由图像可知，两次图像不同的原因可能是______，此时的大气压______(选填“大于”、“等于”或“小于”)1个标准大气压。
24. 生活中的“吸”字常蕴含着丰富的物理知识，如：用吸管将饮料“吸”入口中，是利用了______ 的作用；梳过头发的塑料梳子能“吸”小纸屑，是因为梳子带了______ 。
25. 2021年4月23日，我国首艘075型两栖攻击舰——海南舰在海南三亚某军港交接入列。该舰满载排水量达4万吨，吃水深度8.1m，它满载时受到海水的浮力是______ N，海南舰底部所受海水的压强为______ Pa。(g取10N/kg，ρ海水=1.0×103kg/m3)
26. 核潜艇在国家安全中起到非常重要的作用，它的动力来源于______(选填“核裂变”或“核聚变”)反应，核潜艇是通过______(选填“增大重力”或“减小浮力”)实现下潜的。
三、实验题（第27题1分；第28题1分；第29题4分；第30题6分，31题6分，32题6分；总共24分）
27. 如图所示，一物块在力F作用下匀速下滑，画出物块受到重力的示意图。
28. 根据小磁针静止时的指向，在括号内用“+”或“-”标出电流表的正接线柱或负接线柱。
29. 如图所示，甲图为小昊“探究平面镜成像特点”的实验装置。
(1)将纸平铺在水平桌面上，玻璃板______架在纸上，在玻璃板的一侧立一支点燃的蜡烛，透过玻璃板观察其另一侧蜡烛的像；
(2)小昊把点燃的蜡烛A放在玻璃板前，还要在玻璃板的后面放一支外形相同但没有点燃的蜡烛B，小昊应在______(选填“A”或“B”)蜡烛一侧观察玻璃板中的像；
(3)当把蜡烛靠近玻璃板时，蜡烛在玻璃板所成像的大小将______(选填“变大”“不变”或“变小”)；
(4)在玻璃板和像之间放一个不透光的硬纸板，如图乙所示，小昊______(选填“能”或“不能”)观察到玻璃板中的像。
30. 小昊为了研究浮力，专门配制了盐水，他首先测量了该盐水的密度，以下是他的实验操作。
(1)将天平放在水平桌面上，并将游码移至称量标尺左端的零刻度线后，分度标尺的指针如图甲所示，此时应将平衡螺母向______(选填“左”或“右”)调节，使天平横梁平衡。
(2)用调节好的天平测量盐水和烧杯的总质量时，将最小为5g的砝码放入托盘天平的右盘后，分度标尺的指针如图乙所示，接下来的操作是______直至天平横梁平衡。
(3)小昊称得盐水和烧杯的总质量为88.4g，然后将一部分盐水倒入量筒中，如图丙，则该盐水的体积是______cm3。
(4)再将烧杯放在天平上，称得剩余盐水和烧杯的总质量如图丁，则剩余盐水和烧杯的总质量是______ g，计算得出盐水的密度是______g/cm3。
(5)实验后小昊将一个小球放在该盐水中，静止时状态如图戊所示，然后向盐水中再加入适量的盐，该小球再次静止后受到的浮力与图戊相比______(选填“变大”、“变小”或“不变”)。
31. 在“比较a、b两种液体吸热能力”的实验中：
(1)小昊先用如图甲的装置做实验，在组装实验器材时应先固定______(选填“铁圈”或“铁杆”)的位置，图中玻璃棒的作用是______。
(2)组装好器材后，称量出质量相等的a、b两种液体加热，收集数据并画出了a、b两种液体的温度随时间变化的图像如图乙，通过比较______，可以得出结论；
(3)在对实验进行评估时，发现甲装置需两次加热、耗时长等缺点，因此改进方案并设计了图丙的实验装置，丙装置中烧瓶内的电热丝的阻值要满足R1______(选填“>”、“<”或“=”)R2。
(4)小昊把丙装置烧瓶内装上等质量的同种液体，并换用阻值不同的电阻丝，他想探究______和通电时间相同时，电流通过导体放出热量与电阻的关系，两个烧瓶中装______(“a”或“b”)液体会更快的看到实验效果。
32. 在“测量小灯泡电功率”的实验中，小昊所在的实验小组用的电源电压为4.5V，小灯泡额定电压为2.5V，他们连接的实物电路如图甲所示。
(1)请你用笔画线代替导线，将图甲实物电路补充完整(导线不能交叉)；
(2)连接好电路闭合开关，小昊发现电流表和电压表均有示数，无论如何调节滑动变阻器，电流表和电压表的示数均不变，且小灯泡很暗，你认为可能的原因是______；
(3)纠正错误后，闭合开关，移动滑动变阻器，当小灯泡两端电压为2.2V时，通过小灯泡的电流如图乙所示，此时通过小灯泡的电流为______ A，为使小灯泡正常发光，应将滑片向______(选填“左”或“右”)移动；
(4)小昊根据实验数据绘制的小灯泡的I-U图像如图丙所示，由图像可知，小灯泡的额定功率为______ W；
(5)测出小灯泡的额定功率后，小昊将小灯泡两端电压调为额定电压的一半，此时小灯泡的实际功率为P1，小昊又将通过小灯泡的电流调为额定电流的一半，此时小灯泡的实际功率为P2，则P1______(选填“大于”、“小于”或“等于”)P2。
四、计算题（第33题8分，第34题10分，共18分）
33. 5G无人配送车可以实现非接触“安心送”，在很多大城市已经大显身手。如图甲所示为一辆5G无人配送车满载送货的情景，此次配送车运动的路程与时间图像如图乙所示，配送车在水平路面上匀速行驶时受到的阻力为200N。下表是该车的部分参数。(g取10N/kg)求：
续航里程
100km
空车质量
360kg
满载质量
420kg
轮胎着地总面积
240cm2
(1)前5min配送车的速度；
(2)满载时配送车对地面的压强；
(3)本次配送牵引力做功多少。
34. 如图甲所示为一款可调温电热水壶，额定电压为220V，图乙为它的简化电路图。R1、R2均为电热丝，R1的阻值为44Ω。当开关接1时，电热水壶处于保温挡，保温功率为88W；当开关接2时，电热水壶处于可调温挡。【ρ水=1.0×103kg/m3，c水=4.2×103J/(kg⋅℃)】求：
(1)保温状态下电路的电流；
(2)电热水壶的最大功率；
(3)电热水壶正常工作时，最快多长时间可将1.5L水从25℃加热到80℃(不计热量损失)。
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：太空中没有空气，超声波和次声波都不能在真空环境中传播；红外线以直线形态传输数据，不能有障碍物阻挡，因此天问一号在传回图像信息过程中不能依靠超声波、次声波和红外线；电磁波的传播不需要介质，因此天问一号在传回图像信息过程中主要依靠电磁波，故ABD错误，C正确。
故选：C。
根据声、电磁波、红外线传播的特点进行判断。
此题考查了电磁波的应用，属基础题目。
2.【答案】B
【解析】解：A、人体正常体温在37℃左右，感觉舒适的环境气温在23℃左右，故A不符合实际；
B、正常成年人步行的速度在1.1m/s=1.1×3.6km/h≈4km/h左右，故B符合实际；
C、两个苹果的质量约300g，九年级物理课本的质量与此差不多，在300g=0.3kg左右，故C不符合实际；
D、壁挂空调工作时的电流较大，约5A=5000mA，故D不符合实际。
故选：B。
不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个。
估测法是利用物理概念、规律、物理常数和常识对物理量的数值、数量级进行快速计算以及对取值范围合理估测的方法。
3.【答案】A
【解析】解：A、吹奏笛子时，声音是空气柱振动产生的，故A正确；
B、调节琴弦松紧可以改变琴弦的振动快慢，从而改变声音的音调，故B错误。
C、小提琴和笛子能传递信息，也能传递能量，故C错误。
D、禁止听众喧哗是从声源处减弱噪声的，故D错误。
故选：A。
(1)声音是由物体振动产生的；
(2)对于弦乐，弦的粗细、松紧和长短都影响音调；拨动弦的力度影响响度；
(3)声音既可以传递信息，也可以传递能量；
(4)减弱噪声的途径在声源处、在传播过程中、在人耳处。
本题考查了声的产生、利用、声音的特性和减弱噪声的方法等，都是属于基础知识，掌握基础知识很重要。
4.【答案】B
【解析】解：A、树荫下圆形光斑是光沿直线传播形成的，故A不符合题意；
B、平静的水面相当于平面镜，物体在水中的倒影属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，故B符合题意；
C、水中弯筷是光的折射现象，故C不符合题意；
D、雨后彩虹属于光的色散现象，其实质是光的折射，故D不符合题意。
故选：B。
(1)光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；
(2)光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；
(3)光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质斜射入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼等都是光的折射形成的。
此题通过几个日常生活中的现象考查了对光的折射、光的直线传播、光的反射的理解，在学习过程中要善于利用所学知识解释有关现象。
5.【答案】D
【解析】解：
A、一般情况下，物体吸热时温度升高，但是晶体熔化和液体沸腾的过程中，吸热但温度保持熔点和沸点不变，故A正确；
B、汽油机的压缩冲程中，将机械能转化为内能，故B正确；
C、用水作为汽车发动机的冷却剂，是因为水的比热容较大，与其他物质相比，在质量相同、升高的温度相同时，水吸收的热量多，故C正确；
D、固体很难被压缩，是由于固体分子间存在斥力，但引力与斥力是同时存在的，故D错误。
故选：D。
(1)物体吸收热量，温度不一定升高，例如晶体熔化和液体沸腾的过程，吸热温度不变；
(2)在内燃机的四个冲程中做功冲程对外做功，将内能转化为机械能；压缩冲程压缩气体的过程中，将机械能转化为内能；
(3)水的比热容较大，质量相同的水和其它液体相比较，升高相同的温度时，吸收的热量多；吸收或放出相同的热量时，温度变化较小，因此常用来做冷却剂；
(4)分子间存在相互作用的引力和斥力。
本题考查了物体内能的改变、水的比热容大的应用、能量的转化等相关知识，属于热学基础知识的考查，比较简单。
6.【答案】C
【解析】解：A、有金属外壳的用电器应使用三孔插座，这样使金属外壳接地，防止漏电而触电，故A错误；
B、湿抹布是导体，控制电灯的开关应安装在火线与灯之间，用湿抹布擦拭教室内的开关容易触电，故B错误；
C、为了用电安全，家庭电路中控制灯泡的开关应接在火线和灯泡之间，故C正确；
D、使用测电笔时，手应接触笔尾金属体，这样才能辨别火线和零线，故D错误。
故选：C。
(1)有金属外壳的用电器都必须使用三孔插座；
(2)湿抹布是导体，擦拭教室内的开关容易触电；
(3)控制电灯的开关应安装在火线与灯之间；
(4)根据测电笔的使用方法分析。
本题考查了学生对安全用电原则、测电笔的使用的了解与掌握，平时学习时多观察、多分析，加强安全意识。
7.【答案】D
【解析】解：A、运动员带球时要持续踢球，说明力是改变物体运动状态的原因，物体运动不需要力来维持，故A错误；
B、踢出去的足球在空中仍能继续飞行是因为足球具有惯性，要保持原来的运动状态，惯性不是力，不能说受到惯性作用，故B错误；
C、运动员踢球时对球的力与球对运动员的力是一对相互作用力，二者大小相等，故C错误；
D、足球鞋底凹凸不平，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大鞋子与草坪的摩擦力，故D正确。
故选：D。
(1)力是改变物体的运动状态的原因；
(2)物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，一切物体都有惯性；
(3)一对相互作用力大小相等；
(4)增大摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，增大压力；在压力一定时，增大接触面的粗糙程度。
本题考查了增大摩擦的方法、力的作用的相互性、力运动的关系、及惯性的理解与应用，属基础知识的考查，具有较强的综合性，但难度不大。
8.【答案】A
【解析】解：A、初春，河流冰雪消融，属于熔化现象，此过程吸热，故A正确；
B、晾晒衣服时，将衣服放在通风的地方，可以加快衣服上表面的空气流动速度，可以加快水分的蒸发，故B错误；
C、抗疫值班医护人员眼罩的镜片常常模糊不清，是人呼出的气体遇冷液化形成的；故C错误；
D、寒冬，窗玻璃上冰花是室内的水蒸气遇到温度低的玻璃，在其内表面凝华为小冰晶，属于凝华现象，故D错误。
故选：A。
(1)影响蒸发快慢的因素有：液体的温度，液体的上表面积，液体上表面的空气流动速度；
(2)物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固；
(3)六种物态变化过程中，都伴随着吸热或放热；其中放出热量的物态变化有：凝固、液化、凝华；吸热的有：熔化、汽化、升华。
此题考查了影响蒸发的因素、凝固与凝固放热的特点、液化与液化放热的特点、凝华与凝华放热的特点，属基础题目。
9.【答案】B
【解析】解：A、图中用刻度尺测量物体的长度为2.30cm，故A错误。
B、图中在探究滑动摩擦力影响因素的实验中需要水平匀速拉动物体，故B正确。
C、图中在实验室里测量液体温度时，温度计不可以离开液体读数，故C错误。
D、图中电能表的示数为248.6kW⋅h，故D错误。
故选：B。
(1)使用刻度尺测量长度时，测量结果要精确到分度值的下一位。
(2)物体做匀速直线运动时，牵引力才会等于阻力。
(3)测量液体温度时，温度计不可以离开液体读数。
(4)电能表读数时，单位是kW⋅h。
本题考查了学生对基本仪器的使用，属于常识题。
10.【答案】D
【解析】解：A、运动员脚下宽大的滑雪板减小了对地面的压强，故A错误。
B、运动员在斜面上加速下滑的过程中，由于摩擦力，有部分机械能转化为内能，故机械能减小，故B错误。
C、运动员飞出跳台到达最高点时，这时他受重力作用，故他受力不平衡，故C错误。
D、运动员安全着地在水平面滑行的过程中，重力方向上没有移动距离，故重力没有做功，故D正确。
故选：D。
(1)减小压强的方法：减小压力或增大接触面积。
(2)机械能是动能与势能的总和。
(3)物体受到两个或两个以上的力的作用时，物体处于静止状态或匀速直线运动状态，我们说这几个力平衡。
(4)物体做功的条件：有力作用在物体上，在力的方向上移动了距离。
本题是简单的力学综合题，属于基础题。
11.【答案】A
【解析】解：A、船闸的上游阀门打开时，上游和闸室构成连通器；下游阀门打开时，下游和闸室构成连通器，故A正确；
B、飞机翼表面制作成“上凸下平”制造形状，利用了流体压强与流速的关系，即空气流速大的地方压强小，使上方空气流速快，压强小，下方空气流速慢，压强大，从而产生升力，故B错误；
C、轮船从长江驶入大海，始终处于漂浮状态，则F浮=G，因轮船的重力不变，所以它受到的浮力不变，故C错误；
D、将种子放入盐水中后，由于干瘪、虫蛀的种子重量较小，故受到的浮力大于重力而使种子上浮，最后漂浮于水面上；
而饱满的种子，本身重量较大，故重力大于所受浮力，故种子会下沉。
但如果盐水的密度太大，因为种子排开盐水的体积不变，所以种子受到盐水的浮力变大，这样饱满的种子也会漂浮在液面上，所以盐水选种时盐水的密度配制的并不是越大越好，D错误。
故选：A。
(1)连通器的结构特征是上端开口、底部相连通；
(2)流体压强与流速的关系：流体流速越大的位置，压强越小；
(3)物体受到的浮力和自身的重力相等时漂浮或悬浮，物体受到的浮力大于自身的重力时上浮，物体受到的浮力小于自身的重力时下沉；
(4)物体的浮沉条件：浸没液体中的物体，如果浮力大于重力，物体上浮；如果浮力小于重力，物体下沉；如果浮力等于重力，物体悬浮。
物理学习的过程中，要多注意观察身边的物理现象，尽可能的用我们所学过的知识去试着解释，考查了物理知识在生活中的应用。
12.【答案】C
【解析】解：筷子使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；
A、羊角锤在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，不合题意；
B、瓶起子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，不合题意；
C、镊子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，符合题意；
D、托盘天平在使用过程中，动力臂等于阻力臂，是等臂杠杆，不合题意。
故选：C。
首先明确船桨的筷子类型，再结合图片和生活经验，判断图中杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。
本题考查的是杠杆的分类和特点，主要包括以下几种：①省力杠杆，动力臂大于阻力臂；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂。
13.【答案】D
【解析】解：AB、由图可知，此时u=30cm，v=20cm，u>v，成倒立、缩小的实像，应用为照相机，此时u>2f，f
D、在蜡烛和凸透镜之间放一个远视镜，远视眼镜为凸透镜，凸透镜对光线具有会聚作用，所以要想再次在光屏上成清晰的像，蜡烛应该向右移动，故D正确。
故选：D。
(1)(2)当物距大于像距时，成倒立、缩小的实像，应用为照相机，此时u>2f，f
(4)远视眼镜为凸透镜，凸透镜对光线具有会聚作用。
凸透镜成像的几种情况和应用是凸透镜成像习题的重要依据，一定要熟练掌握。
14.【答案】C
【解析】解：由题意可知，指纹开关S1或密码开关S2均可以解锁，锁定开关S断开时暂停手机解锁功能，则指纹开关S1和密码开关S2可以独立工作、互不影响即为并联，且锁定开关S位于干路，然后与灯泡、电源组成电路，结合选项电路图可知，选项C符合题意，ABD不符合题意。
故选：C。
由题意可知，指纹开关S1或密码开关S2均可以解锁说明两开关可以独立工作、互不影响即为并联，锁定开关S断开时暂停手机解锁功能，说明锁定开关S位于干路控制整个电路，据此进行解答。
本题考查了串、并联电路的设计，根据题意得出三个开关的位置和连接方式是关键。
15.【答案】D
【解析】解：当按下门铃按钮时就会推动铁芯向左运动，此时线圈在磁场中做切割磁感线运动，会产生感应电流，为门铃提供电能，则该部件的工作原理是电磁感应现象；
A、该图是探究电磁铁磁性的实验，属于电流的磁效应，故A不符合题意；
B、图中有电源，通电导体在磁场中受力的作用而运动，故B不符合题意；
C、电磁继电器的主要部件是电磁铁，其工作原理是电流的磁效应，故C不符合题意；
D、图中导体在在磁场中做切割磁感线运动时，会产生感应电流，是电磁感应现象，故D符合题意。
故选：D。
闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，会产生感应电流，这就是电磁感应现象。
本题考查了电磁学的几个实验，要掌握这几个实验的原理，本题的难度不大。
16.【答案】C
【解析】解：A、滑轮组既能省力又能改变力的方向，故A错误；
BD、物体被打捞未露出水面之前，物体排开水的体积不变，由F浮=ρ液gV排知物体受到的浮力不变，对滑轮组的拉力不变，根据η=W有用W总=(G-F浮)hFs=(G-F浮)hF×nh=G-F浮nF知滑轮组机械效率不变，故BD错误；
C、物体被打捞未漏出水面之前，物体所处的深度减小，根据p=ρgh知物体底部受到水的压强逐渐变小，故C正确。
故选：C。
(1)滑轮组既能省力又能改变力的方向；
(2)物体被打捞未露出水面之前，物体排开水的体积不变，由F浮=ρ液gV排判断出物体受到浮力的变化，进而判断出对滑轮组拉力的变化，根据η=W有用W总=(G-F浮)hFs=(G-F浮)hF×nh=G-F浮nF判断出滑轮组机械效率的变化；
(3)根据p=ρgh判断出物体底部受到水压强的变化。
本题考查了有关滑轮组的特点、压强公式、浮力公式以及滑轮组机械效率等知识点，较多但难度不是很大，综合性较强。
17.【答案】D
【解析】解：AB、由图可知，开关闭合后，两个灯泡串联在电路中，电压表测量的是灯泡L1两端的电压，故AB错误；
C、若灯泡L2突然变亮，根据P=I2R知电路中的电流变大，由I=UR知电路中的电阻减小，故障应该为小灯泡L1短路，电压表的示数变为零，故C错误；
D、如果电压表示数突然增大，说明电压表与电源的两端相连，所以故障可能是L1开路，也可能是灯泡L2短路，故D正确。
故选：D。
由图可知，开关闭合后，两个灯泡串联在电路中，电压表测量的是灯泡L1两端的电压；
若灯泡L2突然变亮，根据P=I2R判断出电路中电流的变化，由I=UR判断出电路中电阻变化，进而判断出故障以及电压表的示数；
如果电压表示数突然增大，说明电压表与电源的两端相连，据此判断出短路的故障。
本题考查了学生利用电压表判断电路故障的分析能力，电路故障分短路和断路两种情况，平时做实验时试一试，多总结、提高分析能力。
18.【答案】D
【解析】解：A、a在液体中漂浮，a的密度要小于液体的密度，b在液体中悬浮，b的密度等于液体的密度，所以a的密度要小于b的密度，故A错误；
BCD、由于b悬浮，a漂浮，质量相等的a、b两个物体，由G=mg可知，其重力相等，由F浮=G可知，
两物体受到的浮力相同，根据F浮=G排=m排g可知，两物体排开液体的质量一样大，故D正确，BC错误。
故选：D。
(1)根据物体的浮沉条件分析物体密度的大小；
(2)根据F浮=G可知二者所受浮力关系，由阿基米德原理F浮=G排=m排=ρ液V排g可知二者排开液体质量关系。
本题考查了物体浮沉条件和密度公式的应用，一定要掌握物体浮沉情况与密度的关系，同时要搞清不同状态下(漂浮、悬浮)物体所受重力与浮力的大小关系。
19.【答案】B
【解析】解：由电路图可知，小灯泡与滑动变阻器并联，电流表A1测量通过小灯泡的电流，电流表A2测量干路的电流；
AB、因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，滑片移动时，通过小灯泡支路的电流不变，即电流表A1的示数不变，由P=UI知小灯泡的实际功率不变，小灯泡的亮度不变，故A错误，B正确；
CD、将滑动变阻器的滑片由图示位置向左移动的过程中，滑动变阻器的电阻变大，电源电压不变，由I=UR知通过滑动变阻器的电流变小，干路中的总电流变小，电流表A2的示数变小，根据P=UI知电路的总功率变小，故CD错误。
故选：B。
由电路图可知，小灯泡与滑动变阻器并联，电流表A1测量通过小灯泡的电流，电流表A2测量干路的电流；
根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知滑片移动时通过小灯泡支路电流的变化，由P=UI判断出小灯泡实际功率的变化，进而判断出灯泡亮度的变化；
将滑动变阻器的滑片由图示位置向左移动的过程中，滑动变阻器的电阻变大，电源电压不变，由I=UR判断出通过滑动变阻器电流的变化，由并联电路电流的规律判断出干路电流的变化，根据P=UI判断出电路总功率的变化。
本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点、欧姆定律的应用以及电功率公式的应用，分清电路的连接方式和电表所测的电路元件是关键。
20.【答案】A
【解析】解：由图甲可知，定值电阻R1与滑动变阻器R2串联接入电路，电压表测量定值电阻两端的电压，
A、由图乙可知，当滑动变阻器R2接入电路的阻值为0时，R1两端电压U的倒数为16V，电源电压U=U1=116V=6V，故A错误；
B、由图乙可知，当滑动变阻器R2接入电路的阻值为20Ω时，R1两端电压U的倒数为1V-1，R1两端的电压U1'=11V-1=1V，
滑动变阻器R2两端的电压U2=U-U1'=6V-1V=5V，通过滑动变阻器R2的电流I2=U2R2=5V20Ω=0.25A，
根据串联电路电流规律可知，通过R1的电流I1'=I2=0.25A，定值电阻R1的阻值R1=U1'I1'=1V0.25A=4Ω，故B正确；
C、根据P=UI=U2R可知，当电路中的电阻最小时，电路中消耗的功率最大，由此可知，当滑动变阻器R2接入电路的阻值为0时，电路中的总电阻最小，电路中的电功率最大，电路消耗的最大电功率P最大=UI最大=U2R最小=(6V)24Ω=9W，故C正确；
D、当电压表示数为2V时，通过R1的电流I1''=U1''R1=2V4Ω=0.5A，根据串联电路电流规律可知，通过滑动变阻器R2的电流I2'=I1''=0.5A，
根据串联电路电压规律可知，滑动变阻器R2两端的电压U2'=U-U1''=6V-2V=4V，所以滑动变阻器R2接入电路的阻值R2'=U2'I2'=4V0.5A=8Ω，故D正确。
故选A。
由图甲可知，定值电阻R1与滑动变阻器R2串联接入电路，电压表测量定值电阻两端的电压，
(1)由图乙可知，当滑动变阻器R2接入电路的阻值为0时，R1两端电压U的倒数为16V，由此可求出电源电压；
(2)由图乙可知，当滑动变阻器R2接入电路的阻值为20Ω时，R1两端电压U的倒数为1V-1，由此可求出R1两端的电压，根据串联电路电压规律可求出滑动变阻器R2两端的电压，根据欧姆定律可求出通过滑动变阻器R2的电流，根据串联电路电流规律可求出通过R1的电流，根据R=UI可求出定值电阻R1的阻值；
(3)根据P=UI=U2R可知，当电路中的电阻最小时，电路中消耗的功率最大，由此可知，当滑动变阻器R2接入电路的阻值为0时，电路中的总电阻最小，电路中的电功率最大，由此可求出电路消耗的最大电功率；
(4)当电压表示数为2V时，根据欧姆定律可求出通过R1的电流，根据串联电路电流规律可求出通过R2的电流，根据串联电路电压规律可求出滑动变阻器R2两端的电压，根据R=UI可求出R2接入电路的阻值。
本题主要考查欧姆定律的应用，电功率公式的应用，串联电路电流、电压、电阻规律的应用，根据图乙求出电源电压和R1的阻值是解题的关键。
21.【答案】热值 运动状态 折射 反射 做功 不变
【解析】解：(1)火箭采用液氢作为火箭的燃料，原因是液态氢具有较高的热值，完全燃烧相同质量的氢时，可以放出更多的热量。
在强大推力的作用下，火箭加速升空，说明力可以改变物体的运动状态；
(2)水球光学实验中，大水球向外凸起，相当于凸透镜，水球和气泡一起又构成了一个凹透镜，凸透镜和凹透镜成像的原理都是因为光的折射；
我们能看到蓝色的“气泡球”，是因为它反射蓝色光；
(3)“神舟十三号”完成各项实验任务后返回进入大气层，飞船外壳与空气摩擦温度不断升高，这是通过做功的方式改变飞船的内能的；
质量是物体本身的属性，与物体所在位置没有关系，所以宇航员的质量与太空相比不变。
故答案为：(1)热值；运动状态；(2)折射；反射；(3)做功；不变。
(1)单位质量的某种燃料完全燃烧时放出的热量叫做这种燃料的热值，燃料的热值越高，在质量相同时，完全燃烧时放出的热量越多；
力可以改变物体的形状，可以改变物体的运动状态；
(2)水球光学实验中，大水球向外凸起，相当于凸透镜，人位于这个凸透镜的二倍焦距以外，会成一个倒立、缩小的实像；在水球中加入气泡，水球和气泡一起又构成了一个凹透镜，所以又形成一个正立、缩小的虚像，因此我们看见了一正一倒两个像；凸透镜和凹透镜成像的原理都是因为光的折射；
不透明物体的颜色是由它反射的色光决定的；
(3)改变物体内能的方式有两种：做功和热传递；
质量是物体本身的一种属性，不随位置、状态、形状的改变而改变。
本题考查了燃料热值的特性、力的作用效果、光现象、改变物体内能的方式以及质量的特性等知识，属于基础题目，难度不大。
22.【答案】串联 L2亮 1.545
【解析】解：由P=U2R可知，灯泡L1的电阻：R1=U12P1=(6V)26W=6Ω，灯泡L2的电阻：R2=U22P2=(6V)23W=12Ω；
(1)当开关S1、S3断开，S2闭合时，灯泡L1、L2串联，
根据串联电路的电流特点可知，通过L1、L2的电流相等，灯泡L2的阻值电压灯泡L1的阻值，根据P=I2R可知，灯泡L2的实际功率更大，所以灯泡L2更亮；
(2)当开关S2断开，S1、S3闭合时，灯泡L1、L2并联，
根据并联电路的电压特点可知，灯泡L1、L2两端的电压：U1'=U2'=U=3V，
灯泡L1的实际功率：P1'=U1'2R1=(3V)26Ω=1.5W；
通电1min灯泡L2放出的热量：Q=W=U2'2R2t=(3V)212Ω×1×60s=45J。
故答案为：(1)串联；L2亮；(2)1.5；45。
根据P=U2R分别求出灯泡L1、L2的电阻；
(1)当开关S1、S3断开，S2闭合时，灯泡L1、L2串联，根据串联电路的电流特点和P=I2R可知灯泡的亮度关系；
(2)当开关S2断开，S1、S3闭合时，灯泡L1、L2并联，根据并联电路的电压关系可知灯泡两端的电压，利用P=U2R求出灯泡L1的实际功率；利用Q=W=U2Rt求出通电1min灯泡L2放出的热量。
本题考查串并联电路的特点、电功率公式以及焦耳定律的应用，是一道综合题，难度不大。
23.【答案】实验用的水量不同 低于
【解析】解：由图己可知，两组实验水的初温是相同的，但两次实验的水沸腾时间不同，说明实验用的水量不同，即两组实验的水的质量不同；沸点为98℃，低于标准大气压下的沸腾温度，故大气压低于标准大气压。
故答案为：实验用的水量不同；低于。
从给水开始加热到水沸腾需要的时间长短不同，根据热量计算公式，是水的质量不同造成；液体的沸点跟气压有关，气压增大，沸点升高；气压减小，沸点降低。
本题考查了沸腾的实验相关内容，属于基础题。
24.【答案】大气压 电
【解析】解：用吸管吸饮料时，吸管内气压减小，小于外界大气压，在大气压的作用下饮料被压入吸管；
梳头发时，梳子与头发摩擦后带上了电，能够吸引小纸屑。
故答案为：大气压；电。
吸管吸饮料时，是先把吸管内的空气吸走，使管内气压减小，这样在外界大气压的作用下，饮料就被压进吸管里；
物体相互摩擦，可以使物体带电，失去电子带正电，得到电子带负电，带电体具有吸引轻小物体的性质。
本题考查了大气压的应用、物体的带电现象，属于基础题。
25.【答案】4×108 8.1×104
【解析】解：(1)该舰满载排水量m排=40000t=40000×103kg=4×107kg，
则海南舰受到的浮力F浮=G排=m排g=4×107kg×10N/kg=4×108N；
(2)海南舰底部所受海水的压强p=ρ海水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×8.1m=8.1×104Pa。
故答案为：4×108；8.1×104。
(1)已知该舰满载排水量达4万吨，由F浮=G排=m排g可求得海南舰满载时受到海水的浮力；
(2)由p=ρgh可求得此时海南舰底部受到的海水的压强。
本题以社会热点事件为背景，考查了液体压强的计算和阿基米德原理的应用，体现了物理与生活实际的联系。
26.【答案】核裂变 增大重力
【解析】解：(1)该潜艇的核反应堆是通过可控核裂变反应释放核能的设备；
(2)潜水艇浸没时，受到水的浮力和重力的作用，
因潜水艇的体积不变，排开水的体积不变，
所以，由F浮=ρgV排可知，潜水艇受到水的浮力不变；
把压缩空气压入潜水艇的压力舱，将海水排出，潜水艇自重G减小，当F浮>G时，潜水艇上浮；
打开压力舱的阀门，让海水进入压力舱内，潜水艇自重G增大，当F浮
由此可见，潜水艇能够上浮和下沉是通过改变自身重力来实现的。
故答案为：核裂变；自身重力。
(1)核电站主要利用核裂变的可控链式反应来发电的；
(2)潜水艇浸没在水中，潜水艇的体积不变(排开水的体积不变)，受浮力不变；通过让海水进、出压力舱改变潜水艇受到的重力，然后再根据物体的浮沉条件分析是怎么上浮或下沉的。
本题考查了核裂变的应用、物体浮沉条件的掌握和运用，潜水艇是物体的浮沉条件的典型应用，常见题目。
27.【答案】解：物块受到重力的方向竖直向下，作用点在重心，其重心在其几何中心上，示意图如下：
【解析】根据力的示意图的定义，将物块所受重力的大小、方向、作用点表示出来即可。
画力的示意图，就是用一条带箭头线段表示出力的三要素，所以要先正确分析力的大小、方向和作用点，再根据力的示意图的要求作出力的示意图。
28.【答案】解：根据图片可知，小磁针的左端为N极、右端为S极，根据异名磁极相互吸引可知，螺线管的左端为S极、右端为N极，根据安培定则可知，电流从螺线管的左端流入，所以电流表的上端为负接线柱，如图所示：
【解析】根据异名磁极相互吸引判定螺线管的极性；根据安培定则判定电路中电流的方向；电流要从电流表的正极线柱流入、从负接线柱流出。
本题考查了安培定则和磁极间的相互作用规律的应用、电流表的使用，属于基础题。
29.【答案】竖直 A 不变 能
【解析】解：(1)将纸平铺在水平面上，为了使蜡烛B与蜡烛A的像完全重合，玻璃板竖直架在纸上；
(2)在玻璃板的一侧立一支点燃的蜡烛A，透过玻璃板(即在蜡烛A这一侧)观察另一侧蜡烛A的像和蜡烛B；
(3)由于平面镜所成的像与物体大小相等，所以当把蜡烛靠近玻璃板时，蜡烛在玻璃板所成像的大小将不变；
(4)由于虚像不是有实际光线会聚而成，不能成在光屏上，自然也不会被其他物体挡住，所以在玻璃板和像之间放一个不透光的硬纸板，小昊能观察到玻璃板中的像。
故答案为：(1)竖直；(2)A；(3)不变；(4)能。
(1)如果玻璃板没有放正，所成的像不在水平面上，所以无论怎样移动另一支蜡烛都不能与像重合；
(2)平面镜成像的原理是光的反射；
(3)平面镜所成的像与物体大小相等；
(4)虚像不是有实际光线会聚而成，不能成在光屏上，自然也不会被其他物体挡住。
探究平面镜成像特点的实验过程，在近年中考题中较为热点。只要牢记平面镜成像的特点，解答此类题目就不难，关键是将课本知识内容记忆清楚，仔细分析。
30.【答案】右 取下5g砝码并向右移动游码 5031.41.14不变
【解析】解：(1)图甲分度盘上的指针偏向了中线的左侧，这时需要将平衡螺母向右调；
(2)由图乙知，测量质量时加入最小的5g砝码后，指针偏向右侧，说明砝码的总质量较大，即这时石块的质量小于右盘中砝码的总质量；接下来的下来的操作是：取下5g砝码并向右移动游码，直至天平平衡；
(3)由图丙可知，量筒中盐水的体积为V=50mL=50cm3；
(4)由图丁知，标尺的分度值为0.2g，则杯子及杯内剩余盐水的质量为20g+10g+1.4g=31.4g；
量筒中盐水的质量m=88.4g-31.4g=57g；
则盐水的密度ρ=mV=57g50cm3=1.14g/cm3；
(3)若向杯中加入少许的盐，使盐水的密度变大，而小球的体积(排开盐水的体积)不变，由阿基米德原理知道小球受到的浮力变大，又因为小球重力不变，所以此时小球受到的浮力大于小球重，小球将上浮，最终小球会漂浮在水面上，根据漂浮的条件可知，小球受到的浮力等于重力，小球再次静止时所受到的浮力不变。
故答案为：(1)右；(2)取下5g砝码并向右移动游码；(3)50；(4)3.14；1.14；(5)不变。
(1)调节天平横梁平衡时应调节横梁左右两端的平衡螺母，当指针恰好指在分度盘的中央或左右摆动幅度相同时，表示横梁平衡；指针向左偏，平衡螺母向右调；指针向右偏，平衡螺母向左调；
(2)物体放在天平的左盘，游码放在天平的右盘，通过加减砝码和调节游码在标尺上的位置使天平平衡；
(3)读取量筒中液体的体积时，首先要明确量筒的分度值，读数时视线与液面最凹处相平；
(4)天平平衡时，剩余盐水和烧杯的总质量等于砝码的质量加游码在标尺上所对的刻度值；
用盐水和烧杯的总质量减去剩余盐水和烧杯的总质量是量筒中盐水的质量，又知盐水的体积，根据ρ=mV求出盐水的密度；
(5)小球的体积不变，排开盐水的体积不变，根据阿基米德原理判断小球受到的浮力大小变化，而小球的重力不变，再根据物体的浮沉条件判断小球的浮与沉；小球漂浮时，浮力等于其重力。
此题主要考查的是学生对天平的调节和读数、量筒的读数、密度计算公式的理解和掌握，难度适中。
31.【答案】铁圈 使液体受热均匀 它们升高的温度 =电流 b
【解析】解：(1)酒精灯要使用外焰加热，所以合理顺序应先放好酒精灯，由其外焰高度确定铁圈及石棉网的高度；
玻璃棒的作用是使液体受热均匀；
(2)组装好器材，先后在同一个烧杯中称出质量相等的液体a和液体b，分别加热相同的时间，比较它们升高的温度，得出结论；
(3)实验中要用相同的热源加热，由图可知，该电路为串联电路，电流相同，则需要控制电阻值相同，即R1=R2；
(4)要探究电流通过导体放出热量与电阻的关系，需要控制电流、通电时间相同，电阻不同；
由图乙知相同质量的a和b，加热相同时间，a和b吸收相同热量时，b的温度变化大，所以两个烧瓶中装b液体会更快的看到实验效果。
故答案为：(1)铁圈；使液体受热均匀；(2)它们升高的温度；(3)=；(4)电流；b。
(1)实验器材装配要根据酒精灯来确定铁圈及石棉网的高度；
玻璃棒的作用是使液体受热均匀；
(2)比较物质吸热能力的2种方法：
①使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量(即比较加热时间)，吸收热量多的吸热能力强；
②使相同质量的不同物质吸收相同的热量(即加热相同的时间)，比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强；
(3)实验中要控制热源相同；
(4)电流通过导体放出热量与电流的大小、通电时间以及电阻的大小有关，根据控制变量法分析判断；
根据煤油和水的比热容的大小分析。
本题考查“比较a、b两种液体吸热能力”的实验，考查器材的安装、控制变量法和转换法的运用，难度不大。
32.【答案】将滑动变阻器下面两个接线柱连入了电路 0.28左 0.75大于
【解析】解：(1)小灯泡额定电压为2.5V，故电压表选用小量程并联在灯泡两端，如下图所示：
；
(2)小灯泡很暗，电流表有示数，说明电路是通路，电压表有示数，移动滑片两表示数没有变化，说明滑动变阻器失去了变阻的作用，故将滑动变阻器下面两个接线柱连入了电路；
(3)通过小灯泡的电流如图乙所示，电流表选用小量程，分度值0.02A，其示数为0.28A；此时灯泡两端电压为2.2V，小于灯泡额定电压2.5V，为使小灯泡正常发光，应增大灯泡两端的电压，根据串联电路电压规律，应减小滑动变阻器两端的电压，根据分压原理，应减小滑动变阻器接入电路的阻值，故应将滑片向左移动；
(4)由图丙可知，当灯泡两端电压为2.5V时，通过灯泡的额定电流为0.3A，小灯泡额定功率为：
P=UI=2.5V×0.3A=0.75W；
(5)由图丙知，小灯泡的实际电压是额定电压一半(1.25V)时的电流约为0.225A，电功率为：P1=U1I1=1.25V×0.225A=0.28125W；
小灯泡的实际电流是额定电流一半时(0.15A)对应的电压约为0.6V，灯的实际电功率为：P2=U2I2=0.6V×0.15A=0.09W，则P1大于P2；
故答案为：(1)见解答图；(2)将滑动变阻器下面两个接线柱连入了电路；(3)0.28；左；(4)0.75；(5)大于。
(1)根据灯泡额定电压确定电压表量程，将电压表并联在灯泡两端；
(2)小灯泡很暗，电流表有示数，说明电路是通路，移动滑片两表示数没有变化，说明滑动变阻器失去了变阻的作用，据此回答；
(3)根据电流表选用量程确定分度值读数；根据串联电路电压规律和分压原理确定滑动变阻器滑片移动方向；
(4)根据图丙确定灯泡额定电压对应的额定电流，利用P=UI求出灯泡的额定功率；
(5)根据图丙分别找出小灯泡的实际电压是额定电压一半时的电流大小和小灯泡的实际电流是额定电流一半时对应的电压大小，根据P=UI比较灯的实际电功率P1与P2大小。
本题测量小灯泡功率的实验，考查电路连接、故障分析、电流表读数、实验操作和功率的计算等知识。
33.【答案】解：(1)根据图象可知，配送车在0∼5min内通过的路程为s=0.6km=600m，
5min内配送车的平均速度：
v=st=600m5×60s=2m/s；
(2)由表中数据可知，满载时配送车质量为420kg，配送车的重力：
G=mg=420kg×10N/kg=4200N，
配送车对水平地面的压力：F=G=4200N，轮胎着地总面积：S=240cm2=0.024m2，
配送车对水平地面的压强：
p=FS=4200N0.024m2=1.75×105Pa。
(3)由于配送车匀速行驶时受到的阻力和牵引力是一对平衡力，则牵引力：F牵=f=200N；
由表中数据可知，本次配送配送车运动的距离为s'=1.2km=1200m，
本次配送牵引力做功：W=F牵s'=200N×1200m=2.4×105J。
答：(1)前5min配送车的速度是2m/s；
(2)配送车对水平地面的压强为1.75×105Pa
(3)本次配送牵引力做功2.4×105J。
【解析】(1)由图象读出配送车前5min内通过的路程，利用速度公式求出配送车前5min内的平均速度；
(2)先根据G=mg求出配送车的重力，配送车对水平地面的压力等于其重力，根据p=FS求出配送车对水平地面的压强；
(3)配送车匀速行驶时受到的牵引力与阻力是一对平衡力可知牵引力的大小，根据W=Fs求出本次配送牵引力做的功。
本题考查了速度公式、重力公式和压强公式、力的平衡条件的应用、功的计算，根据图象读出有用的信息是关键。
34.【答案】解：(1)由P=UI可知，保温状态下电路的电流：I保温=P保温U=88W220V=0.4A；
(2)由图乙可知，开关接2，当滑片移到R2的最右端时，只有R1工作，此时电路中的电阻最小，根据P=U2R可知，电功率最大，
电热水壶的最大功率：P=U2R1=(220V)244Ω=1100W；
(3)水的体积V=1.5L=1.5dm3=1.5×10-3m3，
由ρ=mV可知，水的质量：m=ρ水V=1.0×103kg/m3×1.5×10-3m3=1.5kg，
水吸收的热量：Q吸=c水m(t-t0)=4.2×103J/(kg⋅℃)×1.5kg×(80℃-25℃)=3.465×105J，
不计热量损失，电热水壶消耗的电能：W=Q吸=3.465×105J，
由P=Wt可知，电热水壶正常工作时，最短的加热时间：t'=WP=3.465×105J1100W315s。
答：(1)保温状态下电路的电流为0.4A；
(2)电热水壶的最大功率为1100W；
(3)电热水壶正常工作时，最快315s可将1.5L水从25℃加热到80℃。
【解析】(1)知道保温功率和电源电压，利用P=UI求出保温状态下电路的电流；
(2)开关接2，当滑片移到R2的最右端时，只有R1工作，此时电路中的电阻最小，根据P=U2R可知，电功率最大，利用P=U2R求出电热水壶的最大功率；
(3)利用密度公式求出1.5L水的质量，利用Q吸=cm(t-t0)求出水吸收的热量，不计热量损失，电热水壶消耗的电能等于水吸收的热量，利用P=Wt求出电热水壶正常工作时最少的加热时间。
本题是一道电热综合题，主要考查电功率公式、密度公式、吸热公式以及电功率公式的灵活运用，解题的关键是能正确分析电路图。
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