安徽省滁州市定远一中2022-2023学年九年级上学期期中物理试题

这是一份安徽省滁州市定远一中2022-2023学年九年级上学期期中物理试题，共15页。试卷主要包含了填空题，选择题，作图与实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
1．（2分）一段导体两端的电压是5.0V时导体中的电流是1.0A，如果将电压减少2.0V时导体中的电流为 A。
2．（2分）有一段粗细均匀的电阻丝将它接在6V的电源上时通过它的电流是0.5A．如果把它们对折起来并拧成一股再接在这个电源上那么通过它的电流将 。（选“变大”、“变小”或“不变”）
3．（2分）甲、乙两个定值电阻，甲标有“10Ω 1.0A”，乙标有“5Ω 0.3A”，把它们串联后接入电路里，电路两端允许加的最高电压是 V。
4．（2分）如图所示，电源电压为3V．闭合开关后，小灯泡L1、L2都不亮。小峰同学用电压表检测后，得出L1断路的结论。其测量结果应该是：Ubc＝ V，Uac＝3V。
5．（4分）如图所示，是某液体的凝固图象，当该液体凝固后，第15min的内能 （填“大于”、“小于”或“等于”）第10min的内能，其原因是 。
6．（4分）用两个相同的加热器给初温相同，质量同为2kg的物质甲和水加热，它们的温度随时间的变化关系如图所示，据此判断甲物质10min吸收的热量为 J，甲物质的比热容是 J/（kg•℃）。[水的比热容c＝4.2×103J/（kg•℃）]
7．（2分）如图所示的电路中，当S1闭合、S2断开时，电压表的示数为2.5V；当S1断开、S2闭合时，电压表示数为6V，则灯L1两端电压为 。
8．（2分）如图甲电路，当开关S闭合后，电流表的指针偏转如图乙所示，则灯L1和L2的电阻之比为 。
9．（2分）如图所示，滑动变阻器R1的最大阻值为100Ω，电流表A1的量程是0～0.6A，A2的量程为0～3A，电阻R2＝7.2Ω，电源电压恒定为18V。闭合电路后，为了保证两个电流表都能正常工作，滑动变阻器接入电路的电阻范围为 Ω。
10．（2分）三个定值电阻的阻值之比为R1：R2：R3＝1：2：3，将它们并联后接入电路，则通过各电阻的电流之比为 。
二、选择题：（每小题2分，共14分；每小题给出的四个选项中，只有一个选项是符合愿意的。）
11．（2分）一支蜡烛在燃烧过程中，它的（ ）
A．质量变小，比热容变小，热值变小
B．质量不变，比热容变小，热值不变
C．质量不变，比热容不变，热值变小
D．质量变小，比热容不变，热值不变
12．（2分）用毛皮摩擦过的橡胶棒接触验电器的金属球（如图所示），发现验电器的两个金属箔片张开。以下说法正确的是（ ）
A．毛皮和橡胶棒摩擦的过程中橡胶棒失去了电子
B．验电器的金属箔片张开是因为金属箔失去电子
C．此过程中，瞬间产生的电流方向是从箔片流向橡胶棒
D．此过程中，瞬间产生的电流方向是从橡胶棒流向箔片
13．（2分）如图所示，滑动变阻器的滑片P处于中间位置，闭合开关S，两个灯泡均能发光（假设灯丝电阻不变），此时，将滑动变阻器的滑片P向右移动，则（ ）
A．L1变暗，L2变亮B．L1变亮，L2变暗
C．L1变暗，L2不变D．L1、L2亮度不变
14．（2分）“伏安法”测电阻R的部分电路如图所示，关于测得的电阻值大小和误差原因分析正确的是（ ）
A．R偏小，因为电流表测量值比通过电阻R的实际电流大一点
B．R偏大，因为电流表测量值比通过电阻R的实际电流小一点
C．R偏大，因为电压表测量值比电阻两端的实际电压大一点
D．R偏小，因为电压表测量值比电阻两端的实际电压小一点
15．（2分）如图所示，滑动变阻器的滑片在某两点间移动时，电流表的示数范围为1A到2A之间，电压表的示数范围为6V到9V之间，则定值电阻R1的阻值及电源电压分别为（ ）
A．3Ω，15VB．6Ω，15VC．3Ω，12VD．6Ω，12V
16．（2分）如图所示电路，当开关闭合，两灯正常发光，使用中发现两灯突然熄灭，电流表无示数，电压表示数增大，则故障可能是（ ）
A．灯L1被短路B．灯L2被短路C．灯L1断路D．灯L2断路
17．（2分）如图所示电路，电源两端电压保持不变，闭合开关S，当滑动变阻器的滑片向右滑动时，下列判断正确的是（ ）
A．电压表V1示数与电流表A的比值变大
B．电压表V2示数与电流表A的比值不变
C．电压表V1示数的变化量大于电压表V2示数的变化量
D．电压表V1示数的变化量小于电压表V2示数的变化量
三、作图与实验探究题：（每空2分，共16分）
18．（6分）在探究“燃料热值与燃料种类关系”的实验中，组装了甲、乙两套实验装置，如图所示，每隔1分钟记录一次烧杯中的水温度。
（1）为了保证实验结论的可靠性，实验时应控制两灯具内所盛酒精和煤油的质量相同，两个相同的烧杯内盛有初温和 相同的水。
（2）通过观察水温的高低，由此判断两种燃料的热值大小。当两灯的燃料完全燃烧后，甲装置中水温度为80℃，乙装置中水温度为90℃，由此可以初步判断 （选填“酒精”或“煤油”）的热值更大一些。
（3）根据Q吸＝cmΔt计算出水吸收的热量，再根据Q＝mq计算出煤油的热值，发现结果与资料中给出的煤油热值相比 （选填“偏大”或“偏小”）。
19．（6分）小刚和小丽用图所示的器材探究串联电路的电压关系，用三节干电池串联做电源，两只小灯泡的规格不同。
（1）请用笔画线代替导线连接实验电路，要求：L1和L2串联，电压表测量两灯串联后的总电压。
（2）小刚在连接电路时开关应处于 状态。
（3）他们排除故障后继续实验，得出了表所示的一组数据，为了得出串联电路电压关系的普遍规律，他们还应当 。
20．（4分）小军想利用两块已调零的电流表和阻值已知的电阻R0等符合实验要求的器材，测量电阻RX的阻值。他连接的部分电路如图所示。
（1）请你只添加一根导线，完成实验电路连接。
（2）开关S闭合时，电流表A1的示数为I1；电流表A2的示数为I2．请你利用I1、I2和R0表示Rx．Rx＝ 。
四、计算题：（第23题4分，24题6分，第25小题6分，共16分；解答和论证要有必要的公式、步骤、解答过程，包括必要的文字说明。只有最后答案的不能得分）
21．（4分）阻值为10欧的用电器，正常工作时的电流为0.3安，现要把它接入到电流为0.8安的电路中，应怎样连接一个多大的电阻？
22．（6分）如图所示，电阻R1为10Ω，电源两端电压为12V。开关S闭合后，求：当滑动变阻器R接入电路的电阻R2为50Ω时，通过电阻R1的电流I1和R1两端的电压U1。
23．（6分）有一个量程为0～1mA的小量程电流表G，内阻Rg＝30Ω，选择一定值电阻R0与它并联起来，如图所示。将A、B两端接入电路（图中I表示电流表G与电阻R0并联后的总电流）。
（1）调节电路，使电流表的指针指在最大刻度处（即1mA），这时电流I为0.6A，求电阻R0的值（计算结果保留两位小数）；
（2）继续调节电路，使电流表的指针指在刻度盘中央（即0.5mA），此时电流I变为多少？
2022-2023学年安徽省滁州市定远一中九年级（上）期中物理试卷
参考答案与试题解析
一、填空题：（每空2分，共24分；将答案直接填写在横线上，不必写出解题过程）
1．【解答】解：由I＝可得，导体的电阻：
R＝＝＝5Ω，
因电阻是导体本身的一种性质，与导体两端的电压和通过的电流无关，
所以，将电压减少2.0V时，即电压为：U′＝U﹣ΔU＝5V﹣2V＝3V，导体的电阻仍为5Ω不变，
此时通过导体的电流：
I′＝＝＝0.6A。
故答案为：0.6。
2．【解答】解：将电阻丝对折后，导体的材料和温度都没有变化，但导体的长度减半，在长度减半的同时，横截面积变为原来的二倍，
根据导体电阻与长度、横截面积的关系可知，电阻丝的电阻减小，
根据I＝可知，电源的电压不变时，通过电阻的电流变大。
故答案为：变大。
3．【解答】解：因串联电路中各处的电流相等，且两定值电阻允许通过的最大电流分别为I甲＝1.0A、I乙＝0.3A，
所以，两定值电阻串联时，电路中的最大电流I＝I乙＝0.3A，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以由I＝得该串联电路两端允许加的最高电压：
U＝I（R甲+R乙）＝0.3A×（10Ω+5Ω）＝4.5V。
故答案为：4.5。
4．【解答】解：由题意可知，闭合开关后，小灯泡L1、L2都不亮，说明电路为断路，又因为电压表可测出L1断路的结论，所以当电压表并联在断路的部分时，此时测的是电源电压，即Uab＝3V，当并联在L2两端时，电路断路，Ubc＝0V，当并联在ac两点间时，测的仍为电源电压，Uac＝3V。
故答案为：0。
5．【解答】解：由液体的凝固图象可知，该物质的固体为晶体，第5～20分钟内为凝固过程，放出热量、内能变小，温度不变，所以第15分钟的内能小于第10分钟的内能。
故答案为：小于；晶体在凝固过程中不断放热，内能减小。
6．【解答】解：由图象可知：用两个相同的电热器给质量相同的物质甲和水加热，水温度升高60℃需要20min，物质甲温度升高60℃需要10min。
所以质量相同的物质甲和水升高相同的温度需要吸收的热量关系为：Q水吸＝2Q甲吸。
由热量计算公式Q＝cm△t得：c＝，故c水＝2c甲，水的比热容为c水＝4.2×103J/（kg•℃），则甲的比热容为c甲＝2.1×103J/（kg•℃），
甲物质10min升高了60℃，吸收的热量为：
Q甲吸＝c甲m甲△t甲＝2.1×103J/（kg•℃）×2kg×60℃＝2.52×105J。
故答案为：2.52×105；2.1×103。
7．【解答】解：由图知，两灯泡并联，当S1闭合、S2断开时，电压表测量L1两端的电压，电压表的示数为2.5V，可知L1两端的电压为2.5V。
故答案为：2.5V。
8．【解答】解：由电路图可知，两灯泡并联，电流表a测灯泡L1支路的电流，电流表b测干路电流；
并联电路中干路电流等于各支路电流之和，且b电流表指针的偏转角等于a电流表指针的偏转角，
所以a电流表的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，示数为0.3A，
b电流表的量程为0～3A，分度值为0.1A，示数为1.5A；
通过L2的电流应为：
I2＝I﹣I1＝1.5A﹣0.3A＝1.2A。
根据并联电路中各支路电压相等和欧姆定律可得：
R1：R2＝：＝I2：I1＝1.2A：0.3A＝4：1。
故答案为：4：1。
9．【解答】解：由电路图知，两电阻并联，电流表A1测量通过滑动变阻器的电流，电流表A2测量干路的电流；
所以滑动变阻器在移动的过程中通过定值电阻R2的电流不变，为：I2＝＝＝2.5A；
因为电流表A2的量程为0～3A，
所以通过滑动变阻器的最大电流为：
I1大＝I﹣I2＝3A﹣2.5A＝0.5A＜0.6A，
所以电流表A1的最大值为0.5A，
此时滑动变阻器接入电路的最小值为：
R1小＝＝＝36Ω，
所以为了保证两个电流表都能正常工作，滑动变阻器接入电路的电阻范围为36Ω～100Ω。
故答案为：36Ω～100。
10．【解答】解：三个电阻并联，各个支路的电压相等，根据欧姆定律可知，电流I与电阻R成反比。
据题电阻之比R1：R2：R3＝1：2：3，则得电流之比I1：I2：I3＝：：＝：：＝6：3：2。
故答案为：6：3：2。
二、选择题：（每小题2分，共14分；每小题给出的四个选项中，只有一个选项是符合愿意的。）
11．【解答】解：蜡烛在燃烧过程中，所含物质的多少在改变，所以质量变小，但是比热容和热值只与物质的种类有关，与所含物质的多少无关，因此一支蜡烛在燃烧过程中，比热容和热值不变。
故选：D。
12．【解答】解：A、毛皮和橡胶棒摩擦的过程中，橡胶棒原子核束缚电子的能力强，得到电子而带负电。故A错误；
B、验电器的金属箔片张开是因为橡胶棒上的部分电子转移到验电器，使验电器的金属箔片带了同种电荷，而同种电荷相互排斥，所以箔片张开。故B错误；
CD、橡胶棒接触验电器的金属球时，橡胶棒上带负电的电子从橡胶棒转移到验电器上，故电流的方向是从验电器的箔片到橡胶棒。故C正确、D错误。
故选：C。
13．【解答】解：由电路图可知，灯泡L2与滑动变阻器R并联后再与灯泡L1串联，
将滑动变阻器的滑片P向右移动，滑动变阻器接入电路中的电阻变大，并联部分的电阻变大，电路的总电阻变大，电源电压不变，由I＝可知，干路中的电流变小，
由U＝IR可知，L1两端的电压变小，
因灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，
所以，由P＝UI可知，灯泡L1的实际功率变小，L1的亮度变暗；
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，并联部分的电压变大，
因并联电路中各支路两端的电压相等，
所以，灯泡L2两端的电压变大，
由P＝可知，L2的实际功率变大，亮度变亮，故A正确，BCD错误。
故选：A。
14．【解答】解：图中电压表与电阻并联，电压表测的电压是准确的；
通过电压表也有一定的电流，根据并联电路电流的规律，电流表示数大于通过灯的实际电流，根据欧姆定律，R＝，故R偏小，只有A正确，BCD错误。
故选：A。
15．【解答】解：由图可知，R1与滑动变阻器R2串联，电压表测量滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流；
当滑动变阻器接入电路的电阻变大时，总电阻变大，电路中的电流减小，根据串联电路的分压特点可知电压表的示数变大，则当I＝1A时，U2＝9V，
电源的电压：U＝IR1+U2＝1A×R1+9V﹣﹣﹣﹣﹣﹣①
当I′＝2A时，U2′＝6V，
电源的电压：U＝I′R1+U2′＝2A×R1+6V﹣﹣﹣﹣﹣﹣②
因为电源的电压不变，
所以由①②可得：R1＝3Ω，U＝12V。
故选：C。
16．【解答】解：A、灯L1被短路时，电路中有电流，电压表有示数，灯L2亮，与题意不符，故A错误；
B．灯L2被短路时，电路中有电流，电压表有示数，灯L1亮，与题意不符，故B错误；
C．灯L1断路，电路中无电流，电压表示数为零，电流表示数为零，两灯泡不亮，与题意不符，故C错误；
D．灯L2断路，电路中无电流，灯不亮，电压表有示数且等于电源电压，电流表无示数，与题意相符，故D正确。
故选：D。
17．【解答】解：由电路图可知，R0与R1、滑动变阻器R2串联，电压表V1测R1两端的电压，电压表V2测变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流。
（1）当滑动变阻器的滑片P向右滑动时，接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大，
由I＝可知，电路中的电流变小，即电流表的示数变小，
因为R1为定值电阻，电压表V1与电流表A的比值为R1，
所以电压表V1与电流表A的比值不变，故A错误；
由R0与R1的电阻不变和U＝IR可知，R0和R1两端的电压变小，即电压表V1的示数变小，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，滑动变阻器两端的电压变大，即电压表V2的示数变大；
因电压表V2的示数变大，电流表的示数变小，
所以，电压表V2示数与电流表示数的比值变大，故B错误；
（2）设滑片移动前后电路中的电流为I、I′，
电压表V1示数的变化量：
△UV 1＝U1′﹣U1＝I′R1﹣IR1＝（I′﹣I）R1＝△IR1，
电压表V2示数的变化量：
△UV 2＝U滑′﹣U滑＝[U﹣I′（R1+R2）]﹣[U﹣I（R1+R2）]＝（I﹣I′）（R1+R2）＝﹣△I（R1+R2）
因|△IR1|＜|△I（R1+R2）|
所以，电压表V1示数变化量的绝对值小于电压表V2示数变化量的绝对值，故C错误，D正确。
故选：D。
三、作图与实验探究题：（每空2分，共16分）
18．【解答】解：（1）为了保证实验结论的可靠性，由控制变量法，实验时应控制两灯具内所盛酒精和煤油的质量相同、用两个相同的烧杯内盛有水的质量和初温相同。
（2）当两灯的燃料完全燃烧完后，甲装置中温度计读数是80℃，而乙装置的读数是90℃，由Q吸＝cmΔt知道，煤油灯加热的那杯水吸热多，说明在质量相同时煤油放出的热量较多，由Q放＝mq知道，煤油的热值大于酒精的热值；
（3）由于热量的直接散失、烧杯未加盖等，所以煤油燃烧放出的热量大部分未被水吸收或煤油燃烧不充分等，则由Q吸＝cmΔt知道，计算出水吸收的热量偏小，由Q放＝mq知道，计算出的煤油的热值偏小。
故答案为：（1）质量；（2）煤油；（3）偏小。
19．【解答】解：（1）L1和L2串联，因电源电压为4.5V，故电压表选用大量程（0～15V）并联在两灯的两端，如下图所示：
；
（2）在连接电路时，为了保护电路，开关应处于断开状态；
（3）为了得出串联电路电压关系的普遍规律，需换用不同规格的器材（灯泡、电源）多次测量。
故答案为：（1）如上图；（2）断开；（3）换用不同规格的器材（灯泡、电源）多次测量。
20．【解答】解：（1）将定值电阻的右接线柱与电流表负接线柱连接起来，如下所示：
（2）开关S闭合时，电流表A1的示数为I1，即为总电流，电流表A2的示数为I2，为通过待测电阻的电流，根据并联电路电流的规律，通过定值电阻的电流为：
I0＝I1﹣I2．由欧姆定律，电源电压：
U＝（I1﹣I2）R0，由欧姆定律，待测电阻的大小：
RX＝R0。
故答案为：（1）如上；（2）R0。
四、计算题：（第23题4分，24题6分，第25小题6分，共16分；解答和论证要有必要的公式、步骤、解答过程，包括必要的文字说明。只有最后答案的不能得分）
21．【解答】解：电路中的电流I＝0.8A大于用电器正常工作时的电流I用＝0.3A，则需要并联一个电阻进行分流，
∵并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
∴通过电阻的电流：
IR＝I﹣I用＝0.8A﹣0.3A＝0.5A，
∵并联电路中各支路两端的电压相等，
∴根据欧姆定律可得：
U＝I用R用＝IRR，即0.3A×10Ω＝0.5A×R，
解得：R＝6Ω。
答：应并联一个6Ω的电阻。
22．【解答】解：由电路图可知，R与R1串联，
当滑动变阻器R接入电路的电阻R2为50Ω时，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，电路的总电阻R＝R1+R2＝10Ω+50Ω＝60Ω，
因串联电路中各处的电流相等，
所以，通过电阻R1的电流I1＝I＝＝＝0.2A，
R1两端的电压U1＝I1R1＝0.2A×10Ω＝2V。
答：当滑动变阻器R接入电路的电阻R2为50Ω时，通过电阻R1的电流为0.2A，R1两端的电压为2V。
23．【解答】解：
（1）G与定值电阻并联，调节电路，使电流表的指针指在最大刻度处（即1mA），由欧姆定律，其两端的电压为：
U＝I×Rg＝0.001A×30Ω＝0.03V；
这时电流I为0.6A，由并联电路电流的规律，通过定值电阻的电流为：
I0＝0.6A﹣0.001A＝0.599A，
由欧姆定律，电阻R0＝＝≈0.05Ω；
（2）电流表的指针指在刻度盘中央（即0.5mA），即通过电流表的电流为原来的二分之一，由欧姆定律，电流表两端的电压也为原来的二分之一，由欧姆定律，通过定值电阻的电流为二分之一，由并联电路电流的规律，此时电流I变为的来的二分之一，即为0.3A。
答：（1）电阻R0的值为0.05Ω；
（2）继续调节电路，使电流表的指针指在刻度盘中央（即0.5mA），此时电流I变为0.3A。
L1两端电压/V
L2两端电压/V
串联后的总电压/V
1.4
3.1
4.5