山东省菏泽市2022-2023学年高一数学上学期期末试题(Word版附解析)
展开注意事项:
1.本试卷分选择题和非选择题两部分.满分150分,考试时间120分钟.
2.答题前,考生务必将姓名、班级等个人信息填写在答题卡指定位置.
3.考生作答时,请将答案答在答题卡上。选择题每小题选出答案后,用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑;非选择题请用直径0.5毫米黑色墨水签字笔在答题卡上各题的答题区域内作答。超出答题区域书写的答案无效,在试题卷、草稿纸上作答无效。
一、选择题:本题共8小题,每小题5分,共40分在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.
1.已知集合,,则集合的真子集个数为()
A.7B.8C.15D.32
2.在使用二分法计算函数的零点的近似解时,现已知其所在区间为,如果要求近似解的精确度为0.1,则接下来需要计算()次区间中点的函数值.
A.2B.3C.4D.5
3.已知,,,则,,的大小关系为()
A.B.C.D.
4.2021年12月,考古工作者又公布了关于北京建城的一件重要文字证据。这次在琉璃河遗址新发现的铭文,不仅是A国建城最早的文字证据,更是北京建城最早的文字证据.考古学家对现场文物样本进行碳14年代学检测,检验出碳14的残留量约为初始量的69%.已知被测物中碳14的质量随时间(单位:年)的衰变规律满足(表示碳14原有的质量),据此推测该遗址属于以下哪个时期(参考数据:)()
A.西周B.两汉C.唐朝D.元朝
5.已知是奇函数,且在上是增函数,又,则的解集为()
A.B.
C.D.
6.已知,,则()
A.B.C.D.0
7.已知函数的部分图象如图所示,且存在,满足,则()
A.B.C.D.
8.已知函数,,且的最大值为,则的取值范围是()
A.B.C.D.
二、选择题:共4小题,每小题5分,共20分,每个小题给出的选项中,有多个选项符合题目要求,全部选对得5分,有选错的得0分,部分选对得2分.
9.下列化简正确的是()
A.B.
C.D.
10.已知函数是上的偶函数,对任意,,且都有成立,,,,则下列说法正确的是()
A.函数在区间上单调递减B.函数的图象关于直线对称
C.D.函数在处取到最大值
11.把函数的图象向左平移个单位长度,得到的函数图象恰好关于轴对称,则下列说法正确的是()
A.的最小正周期为
B.在上单调递增
C.关于点对称
D.若在区间上存在最大值,则实数的取值范围为
12.已知函数,若关于的方程有四个不等实根,,,,则下列结论正确的是()
A.B.
C.D.的最小值为10
三、填空题:本题共4小题,每小题5分,共20分
13.已知是方程的根,若,,则______.
14.若关于的不等式的解集为,则的值为______.
15.若角的终边落在直线上,角的终边与单位圆交于点,且,则______.
16.定义其中表示,中较大的数.对,设,,函数,则(1)______;(2)若,则实数的取值范围是______.
四、解答题:本题共6小题,共70分,解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤
17.(10分)
已知函数的定义域为集合,的值域为集合,.
(1)求;
(2)若,求.
18.(12分)
已知函数,,其中,且,.
(1)若且函数的最大值为2,求实数的值.
(2)当时,不等式在有解,求实数的取值范围.
19.(12分)
已知函数,其图象中相邻的两个对称中心的距离为,且函数的图象关于直线对称;
(1)求出的解析式;
(2)将的图象向左平移个单位长度,得到曲线,若方程在上有两根,,求的值及的取值范围.
20.(12分)
已知定义域为R的函数是奇函数.
(1)求的解析式;
(2)判断单调性,并用单调性的定义加以证明;
(3)若不等式对任意的恒成立,求实数的取值范围.
21.(12分)
世界范围内新能源汽车的发展日新月异,电动汽车主要分三类:纯电动汽车、混合动力电动汽车和燃料电池电动汽车.这3类电动汽车目前处在不同的发展阶段,并各自具有不同的发展策略.中国的电动汽车革命也早已展开,以新能源汽车替代汽(柴)油车,中国正在大力实施一项将重新塑造全球汽车行业的计划.2022年某企业计划引进新能源汽车生产设备,通过市场分析,全年需投入固定成本2000万元,每生产(百辆),需另投入成本(万元),且;已知每辆车售价5万元,由市场调研知,全年内生产的车辆当年能全部销售完.
(1)求出2022年的利润(万元)关于年产量(百辆)的函数关系式;
(2)2022年产量为多少百辆时,企业所获利润最大?并求出最大利润.
22.(12分)
如图是一矩形滨河公园,其中长为8百米,长为百米,的中点为便民服务中心.根据居民实际需求,现规划建造三条步行通道、及,要求点、分别在公园边界、上,且.
(1)设.①求步道总长度关于的函数解析式;②求函数的定义域.
(2)为使建造成本最低,需步行通道总长最短,试求步行通道总长度的最小值.
高一数学参考答案
一、选择题:本题共8小题,每小题5分,共40分在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.
1-4ACBA5-8ADCB
二、选择题:共4小题,每小题5分,共20分,每个小题给出的选项中,有多个选项符合题目要求,全部选对得5分,有选错的得0分,部分选对得2分.
解析
4.A
【详解】由题意知,所以,故,距今时间大约为,故推测该遗址属于西周时期.
5.A
【分析】由题意判断函数在上为增函数,,作出函数大致图像,数形结合,即可求得的解集.
【详解】∵奇函数在上为增函数,且,
∴函数在上为增函数,且,则函数的大致图像如图所示:
由,得或,则或,
所以或,即的解集为,故选:A.
6.【详解】因为,所以,
所以,所以,所以或,
因为,所以,所以,
所以
.
故选:D
7.C
【详解】由图象可得,即,所以,,
,所以,,因为,所以,所以,
由,得,由,结合图象可得
,,所以,所以
.故选:C.
8.B
【分析】由函数的最大值问题转化为不等式恒成问题,借助函数的单调性求最值,从而得出的取值范围.
【详解】由题意可知,,即,且,∴,,
即.∴,(当时也成立),
令,,,,则,
∵,且
∴由,可得,即,
又在上单调递增,∴,∴.故选:B.
9.【详解】,故A正确;,故B错误;
,故C正确;
因为,
所以,即,故D错误.故选:AC.
10.【详解】根据题意,函数是上的偶函数,
则将其向右平移1个单位得到,则对称轴由变为,
故函数的图象关于直线对称,故B正确;
又由对任意,,且都有成立,
当时,则,当时,则
所以函数在上为增函数,根据其对称轴为
所以函数在上为减函数,所以在处取得最小值,故A,D错误;
,,,
又由函数的图象关于直线对称,,
易知,所以即.故选:BC.
11.【详解】因为,
所以把的图像向左平移个单位长度得到函数
的图像,
因为关于轴对称,所以,,即,,
又因为,所以,,
对于A,,故A正确;
对于B,由,得,
所以当时,的单调递增区间为,
又因为,所以在上单调递增,故B正确;
对于C,,故C错误;
对于D,若函数在上存在最大值,
由选项B可知,在上单调递增,且,即在时取得最大值,所以,即实数的取值范围为,故D正确.故选:ABD.
12.BCD
【详解】,画出函数图像,如图所示:
根据图像知:,,故,B正确;
,,A错误;
,化简得到,,
,
当,即时等号成立,
又,此时仅有三个根,
所以等号不成立,,C正确;
,即,即,,
,
当,即时等号成立,D正确.故选:BCD.
三、填空题:本题共4小题,每小题5分,共20分
13.214.115.16.
13.2
【详解】设函数,由于,都在单调递增,
故为上增函数,故函数在至多存在一个零点,
且,,所以,所以.故答案为:2
14.1
【详解】由一元二次不等式的解集知,方程有相等的实数根1,
所以,解得,故答案为:1.
15.
【详解】由角的终边与单位圆交于点,得,又,
∴,因为角的终边落在直线上,所以角只能是第三象限角.
记为角的终边与单位圆的交点,设,
则,即,又,解得,,即,
因为点在单位圆上,所以,解得,即,
所以.故答案为:.
16.【答案】
【分析】(1)先求出,,再求得解;(2)先求出,的解析式,再分类讨论解不等式得解.
【详解】(1),,所以.
(2)由,得当,则,
当,则,当,则,
,所以,,
所以,为单调递增函数,由得,,解得
故答案为:①;②
四、解答题:本题共6小题,共70分,解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤
17.【详解】(1)函数的定义域,的值域为,
由题,可得,解得且,
∴函数的定义域,……2分
∵对任意,,所以,∴函数的值域,……4分
∴……5分
(2),因为所以……6分
因为所以……8分
所以……10分
18.(1)(2)
【详解】(1)当时,
所以,……1分
当时,在定义域内单调递增,,解得……3分
当时,在定义域内单调递减,,解得,不符合题意,舍去……5分
综上所述,实数的值为……6分
(2)要使在上有意义,则,解得
由,即,因为,所以……7分
即,得,令,,记,对称轴为,……10分
若不等式在有解,则在有解
即,即
综上所述,实数的取值范围为……12分
19.(1)(2),
(1)解:因为函数的图象相邻的对称中心之间的距离为,
所以,即周期,所以,……2分
所以,又因为函数的图象关于直线轴对称,
所以,,即,,
因为,所以,所以函数的解析式为;……5分
(2)解:将的图象向左平移个单位长度,得到曲线,所以,7分
当时,,∴,……8分
当时,有最小值且关于对称,……9分
因为方程在上有两根,,所以,……11分
∴,即的取值范围……12分
20.(1)(2)函数为R上的单调增函数;证明见解析(3)
【详解】(1)由于是定义在R上的奇函数,所以,,.
此时有,是定义在R上的奇函数,∴……3分
(2)在R上递增,理由如下:
任取,,
其中,所以,,所以在R上递增……7分
(3),,……8分
所以对任意恒成立,……9分
……10分
,当,时等号成立.所以……12分
21.(1);(2)100(百辆),2300万元.
【分析】(1)根据利润=收入-总成本,即可求得(万元)关于年产量(百辆)的函数关系式;
(2)分段求得函数的最大值,比较大小可得答案.
【详解】(1)由题意知利润=收入-总成本,
所以利润,
故2022年的利润(万元)关于年产量(百辆)的函数关系式为
……6分
(2)当时,,
故当时,;……8分
当时,,
当且仅当,即时取得等号;……11分
综上所述,当产量为100(百辆)时,取得最大利润,最大利润为2300万元.……12分
22.【详解】(1)①在矩形中,因为,,所以.
因为,为的中点,所以.
在中,,……1分
在中,,……2分
又因为,所以,……3分
所以……4分
②因为,,所以即……5分
解得,所以,所以函数的定义域为……6分
(2).令,……7分
则,所以……9分
因为,所以,所以,
所以……11分因为在上为减函数,
所以当,即时,取得最小值,
故步行通道总长度的最小值为百米……12分
山东省菏泽市单县2022-2023学年高一数学上学期期末试题(Word版附解析): 这是一份山东省菏泽市单县2022-2023学年高一数学上学期期末试题(Word版附解析),共14页。试卷主要包含了单选题,多选题,填空题,解答题等内容,欢迎下载使用。
山东省菏泽市鄄城县2022-2023学年高一数学上学期期末试题(Word版附解析): 这是一份山东省菏泽市鄄城县2022-2023学年高一数学上学期期末试题(Word版附解析),共21页。
山东省菏泽市2022-2023学年高一数学上学期期末试题(Word版附解析): 这是一份山东省菏泽市2022-2023学年高一数学上学期期末试题(Word版附解析),共22页。试卷主要包含了本试卷分选择题和非选择题两部分, 已知,,则, 已知函数, 下列化简正确的是等内容,欢迎下载使用。