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2022-2023学年四川省宜宾市第四中学校高一上学期期中考试数学试题(解析版)
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这是一份2022-2023学年四川省宜宾市第四中学校高一上学期期中考试数学试题(解析版),共14页。试卷主要包含了单选题,多选题,填空题,解答题等内容,欢迎下载使用。
2022-2023学年四川省宜宾市第四中学校高一上学期期中考试数学试题 一、单选题1.已知集合,集合,下列关系正确的是( )A. B. C. D.【答案】C【分析】根据集合与元素的关系,即可作出判断.【详解】对于A,集合A为数集,集合B为点集,显然二者不等;对于B,,显然;对于C,当时,,所以;对于D,当时,,所以.故选:C2.已知,若集合,则的值为( )A. B.1 C. D.2【答案】B【分析】根据两集合相等,对应元素相等,然后列出方程求出即可得到结果.【详解】因为所以有,解得或当时,不满足集合中元素的互异性,故则故选:B.3.下列表示错误的是( )A. B.C.= D.若则【答案】C【分析】由元素与集合的关系可判断A;由集合与集合的包含关系可判断B;由描述法可判断C;由集合的包含关系与并集的定义可判断D【详解】对于A:因为空集没有任何元素,故,故A正确;对于B:因为空集是任何集合的子集,故,故B正确;对于C:表示与的交点所构成的集合,所以,故C错误;对于D:若则,故D正确;故选:C4.因工作需求,张先生的汽车一周需两次加同一种汽油.现张先生本周按照以下两种方案加油(两次加油时油价不一样),甲方案:每次购买汽油的量一定;乙方案:每次加油的钱数一定.问哪种加油的方案更经济?( )A.甲方案 B.乙方案 C.一样 D.无法确定【答案】B【分析】设两次加油的油价分别为,(,且),分别计算两种方案的平均油价,然后比较即得.【详解】设两次加油的油价分别为,(,且),甲方案每次加油的量为;乙方案每次加油的钱数为,则甲方案的平均油价为:,乙方案的平均油价为:,因为,所以,即乙方案更经济.故选:B.5.函数的图象大致是( )A. B.C. D.【答案】C【分析】先判断函数是偶函数可淘汰B,然后将代入函数可淘汰D,再算出函数的零点个数可淘汰A,即可求解【详解】由可得,所以是偶函数,故淘汰B选项;因为,故淘汰D选项,令,解得,故只有两个零点,故淘汰A选项,故选:C6.已知函数(b,c为实数),.若方程有两个正实数根,,则的最小值是( )A.4 B.2 C.1 D.【答案】B【分析】由求得,再由方程有两个正实数根,,利用根的分布得到,然后利用韦达定理求解.【详解】因为函数(b,c为实数),,所以,解得,所以,因为方程有两个正实数根,,所以,解得,所以,当c=2时,等号成立,所以其最小值是2,故选:B7.已知函数是偶函数,当时,恒成立,设,,,则a,b,c的大小关系为( )A. B.C. D.【答案】B【分析】由时,恒成立,可得函数在区间上单调递增,再根据函数是偶函数,可得函数图象关于直线对称,根据函数的单调性与对称性即可得解.【详解】解:因为当时,恒成立,所以函数在区间上单调递增,由于函数是偶函数,故函数图象关于y轴对称,所以函数图象关于直线对称,所以,,由,函数在区间上单调递增,所以.故选:B.8.已知函数是定义域为R的函数,,对任意,,均有,已知a,b为关于x的方程的两个解,则关于t的不等式的解集为( )A. B. C. D.【答案】D【分析】由题可得函数关于点对称,函数在R上单调递增,进而可得,利用函数的单调性即得.【详解】由,得且函数关于点对称.由对任意,,均有,可知函数在上单调递增.又因为函数的定义域为R,所以函数在R上单调递增.因为a,b为关于x的方程的两个解,所以,解得,且,即.又,令,则,则由,得,所以.综上,t 的取值范围是.故选:D. 二、多选题9.已知函数,若,则实数的值为( )A. B. C. D.1【答案】CD【分析】分和两种情况进行讨论即可【详解】因为函数,,所以当时,,解得;当时,,即解得,故选:CD10.下列说法正确的有( )A.“,”的否定是“,”B.若命题“,”为假命题,则实数的取值范围是C.若,,,则“”的充要条件是“”D.“”是“”的充分不必要条件【答案】ABD【分析】根据存在量词命题的否定为全称量词命题即可判断A;由命题为假命题可得方程无解,则,即可判断B;根据充分条件和必要条件的定义即可判断CD.【详解】解:对于A,因为存在量词命题的否定为全称量词命题,所以“,”的否定是“,”,故A正确;对于B,若命题“,”为假命题,则方程无解,所以,解得,所以实数的取值范围是,故B正确;对于C,当时,,则由不能推出,所以“”的充要条件不是“”,故C错误;对于D,若,则,故由可以推出,若当时,,则由不可以推出,所以“”是“”的充分不必要条件,故D正确.故选:ABD.11.已知关于的不等式的解集是或,则下列说法正确的是( )A.B.不等式的解集是C.不等式的解集是D.【答案】BCD【分析】根据给定的解集,结合一元二次不等式的解法确定a的符号,并用a表示b,c,再逐项判断作答.【详解】因关于的不等式的解集是或,则是一元二次方程的二根,且,则有,即,且,A不正确;不等式化为:,解得,即不等式的解集是,B正确;不等式化为:,即,解得,因此不等式的解集是,C正确;,D正确.故选:BCD12.若实数满足,则下列选项正确的是( )A.最大值是 6 B.的最小值是C.的最大值是 D.的最大值是 3【答案】ACD【分析】根据基本不等式判断各选项.【详解】,当且仅当时等号成立,,则,,时等号成立,A正确;,,时等号成立,D正确;.,当且仅当时取等号,,,所以时,取得最大值,B错C正确.故选:ACD. 三、填空题13.函数的定义域为__________.【答案】【分析】根据二次根式,分式,零次幂的性质列出不等式求解函数的定义域即可.【详解】解:因为所以函数的定义域满足:,解得:且所以函数的定义域为:.故答案为:.14.函数的单调减区间是______.【答案】,【分析】根据绝对值的定义去绝对值,写成分段函数形式,再根据函数单调性求得单调递减区间.【详解】去绝对值,得函数 当 时,函数 的单调递减区间为 当 时,函数的单调递减区间为 综上,函数 的单调递减区间为,故答案为:,15.已知集合,,“”是“”的充分不必要条件,则实数的取值范围是_______.【答案】【分析】根据命题的充分必要性可得集合间关系,进而可得参数范围.【详解】由“”是“”的充分不必要条件,得,所以,解得,故答案为:.16.已知,对于任意的,都存在,使得成立,其中,则m的范围是______.【答案】【分析】对双变量问题,先处理不含参部分,根据存在性问题可得,结合二次函数的对称性可求得最值,进而可得,再根据恒成立问题结合参变分离运算求解.【详解】∵存在,使得,则的对称轴为,则当时,取到最大值为∴,则∵任意的,,则在上单调递增,则当时取到最小值故m的范围是故答案为:. 四、解答题17.(1)已知,计算:;(2)设,,求的值.【答案】(1)4;(2)27【分析】(1)对两边平方,求出,再对此式两边平方,化简可得,从而代入可求结果,(2)将等式两边化为同底数幂的形式,然后可得关于的方程组,求出的值,从而可求得的值【详解】(1)因为,所以,所以,所以, 所以,即,所以,所以. (2)因为,所以,即.又,所以,即,由,解得,故的值为27.18.已知集合,,.(1)求,;(2)若,求实数的取值范围.【答案】(1),(2)或. 【分析】(1)根据集合的交并运算求得,;(2)根据是否为空集进行分类讨论,由此求得的取值范围.【详解】(1),,∴,.(2),当时,,∴.当时,,∴.综上所述,或.19.已知不等式的解集为或,其中.(1)求实数,的值;(2)当时,解关于的不等式(用表示).【答案】(1)、(2)答案见解析 【分析】(1)依题意、为方程的两根,代入方程得到关于、的方程组,解得即可;(2)由(1)可得不等式即,即,分、、三种情况讨论,分别求出不等式的解集.【详解】(1)解:依题意、为方程的两根,所以,解得或,因为,所以、;(2)解:由(1)可得不等式,即,即,当时原不等式即,解得,所以不等式的解集为;当时解得,即不等式的解集为;当时解得,即不等式的解集为;综上可得:当时不等式的解集为,当时不等式的解集为,当时不等式的解集为.20.第四届中国国际进口博览会于2021年11月5日至10日在上海举行.本届进博会有4000多项新产品、新技术、新服务.某跨国公司带来了高端空调模型参展,通过展会调研,中国甲企业计划在2022年与该跨国公司合资生产此款空调.生产此款空调预计全年需投入固定成本260万元,生产x千台空调,需另投入资金R万元,且.经测算,当生产10千台空调时需另投入的资金R=4000万元.现每台空调售价为0.9万元时,当年内生产的空调当年能全部销售完.(1)求2022年该企业年利润W(万元)关于年产量x(千台)的函数关系式;(2)2022年产量为多少时,该企业所获年利润最大?最大年利润为多少?注:利润=销售额-成本.【答案】(1)(2)当2022年产量为100千台时,该企业的年利润最大,最大年利润为8990万元 【分析】(1)由题意可知时,R=4000,代入函数中可求出,然后由年利润等于销售总额减去投入资金,再减去固定成本,可求出年利润W(万元)关于年产量x(千台)的函数关系式,(2)分别当和求出函数的最大值,比较即可得答案【详解】(1)由题意知,当时,,所以a=300.当时,;当时,.所以,(2)当时,,所以当时,W有最大值,最大值为8740;当时,,当且仅当,即x=100时,W有最大值,最大值为8990.因为,所以当2022年产量为100千台时,该企业的年利润最大,最大年利润为8990万元.21.设定义在上的函数,对任意,恒有.若时,.(1)判断的奇偶性,并加以证明;(2)判断的单调性,并加以证明;(3)设为实数,若,不等式恒成立,求的取值范围.【答案】(1)是奇函数;证明见解析(2)为减函数;证明见解析(3) 【分析】(1)令可求得,令可得,由此可得奇偶性;(2)设,由可得,由此可得单调性;(3)利用单调性可将恒成立的不等式化为,利用二次函数性质可求得,由此可得的取值范围.【详解】(1)令,则;令,则,即,为定义在上的奇函数.(2)设,则,,又,,为定义在上的减函数.(3)由得:,在上单调递减,;当时,取得最大值,最大值为,,即实数的取值范围为.22.已知是定义在上的奇函数,当时,.(1)求在上的解析式;(2)若存在,使得不等式成立,求的取值范围.【答案】(1);(2). 【分析】(1)利用为奇函数得到,设,利用奇函数的运算即可得到答案;(2)题意可整理得在上有解,令,求其最小值即可求解【详解】(1)因为是定义在上的奇函数,时,,所以,解得,所以时,,当时,,所以,又,所以,所以在上的解析式为;(2)由(1)知,时,,所以可整理得,令,根据指数函数单调性可得,为减函数,因为存在,使得不等式成立,等价于在上有解,所以,只需,所以实数的取值范围是
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