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初中物理中考复习 考点24 比热容-备战2019年中考物理考点一遍过
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这是一份初中物理中考复习 考点24 比热容-备战2019年中考物理考点一遍过，共26页。试卷主要包含了比热容，探究物质的比热容，热量的计算等内容，欢迎下载使用。
一、比热容
1．定义：单位质量的某种物质温度升高（降低）1 ℃时吸收（放出）的热量。
2．物理意义：表示物体吸热或放热的本领的物理量。学科#网
3．比热容是物质的一种特性，大小与物体的种类、状态有关，与质量、体积、温度、密度、吸热放热、形状等无关。
4．水的比热容为4.2×103 J(kg·℃)，表示：1 kg的水温度升高（降低）1 ℃吸收（放出）的热量为4.2×103 J。
5．水常调节气温、取暖、作冷却剂、散热，是因为水的比热容大。
二、探究物质的比热容
1．在科学探究过程中要采用控制变量法，即让两种不同物质的质量相同，温度相同，升高的温度相同。
2．在探究中应尽量保证让不同物质在相同的时间内吸收的热量相等，用加热时间的多少表示物质吸收热量的多少。
3．在探究中应尽量避免热量的损失。
三、热量的计算
1．热量的计算公式：用c表示物质的比热容，用m表示物体的质量，用t表示物体的末温，用t0表示物体的初温，则物体温度升高时，所吸收的热量Q吸=cm(t–t0) ：物体温度降低时，所放出的热量Q放=cm(t0–t)，若用Δt表示物体温度的变化，则上述两个公式可统一表示为Q＝cmΔt。
2．应用热量的计算公式解题时，公式中各物理量的单位要统一，即比热容c的单位是J/（kg·℃），质量m的单位是kg，温度的单位是℃，热量的单位是J。
3．热量公式Q＝cmΔt适用于物体温度变化过程中，物体所吸收或放出热量的计算，物态变化过程中，物体所吸收或放出的热量不能用Q＝cmΔt计算。
4．运用热量计算公式解题时要注意明确“初温”、“末温”、“温度升高到”、“温度升高了”、“温度降低到”、“温度降低了”的含义。
（2018·内江期末）水的比热容大于沙石的比热容。质量相等的水和沙石吸收相等的热量，若吸收的热量全部转化为内能，则沙石的
A．内能较小
B．末温较高
C．内能增加的较多
D．温度升高较多
【参考答案】D
1．相同质量的铝和铜，吸收了相同的热量，c铜
B．铜上升的温度较高
C．铝和铜上升的温度相同
D．以上说法均不正确
【答案】B
【解析】根据公式可知，质量相同的不同物质，吸收相同的热量，比热容大的温度变化小，因为c铜
A．比热容和热值都变为原来的一半
B．比热容不变，热值都变为原来的一半
C．比热容变为原来的一半，热值不变
D．比热容和热值都不变
【答案】D
【解析】煤油被倒去了一半，减小的只是煤油的质量，物质的种类和状态都没有发生改变，所以它的特性−−比热容和热值都没有发生改变，故选D。
（2018·东营期末）关于热现象，下列说法正确的是
A．秋天的早晨，大雾逐渐散去是液化现象
B．急刹车时车胎表面温度升高，这是由于热传递造成的
C．质量相同的水和煤油在相同的炉子上加热相同时间后，水比煤油温度升高得多
D．两种燃料热值之比为2:1，质量之比为1:4，它们完全燃烧放出的热量之比为1:2
【参考答案】D
1．汽油机在工作时温度升高，为保护机器，往往用水来冷却，最主要的原因是
A．水的比热容大
B．水放出的热量多
C．水的温度低
D．不需花钱买
【答案】A
【解析】用水冷却机器是因为水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，升高相同的温度，水吸收的热量多。故选A。学/科网
2．下列事例中不是由水的比热容大的特性引起的是
A．夏天在地上洒水会感到凉快
B．北方楼房内的“暖气”用水作为介质
C．海边昼夜温差变化比沙漠中小
D．人体内水的比例很高，有助于调节体温，以免温度变化太快对身体造成危害
【答案】A
1．下列说法正确的是
A．比热容与物体吸收或放出的热量有关
B．热值与燃料的燃烧情况有关
C．热机效率与热机的设计和制造有关
D．内能与物体的状态无关
2．（2018·龙岩期末）质量相等、温度均为100 ℃的铝块和铜块（c铝＞c铜），分别投入质量、温度均相同的两杯水中，当两杯水升高相同的温度时，取出两金属块并使它们接触，不考虑热损失，则两金属块
A．不发生热传递
B．热量从铜块传向铝块
C．温度保持不变
D．热量从铝块传向铜块
3．质量和初温都相同的铜块和铁块（c铜
B．热量从铁块传到铜块
C．它们之间不发生热传递
D．无法确定
4．（2018·人大附中期中）关于同一种物质同一状态的比热容，下列说法正确的是
A．若吸收的热量增大一倍，则比热容增大一倍
B．无论质量大小，比热容都一样
C．若质量增大一倍，则比热容减少至一半
D．若加热前后的温度差增大一倍，则比热容增大一倍
5．用两个完全相同的电加热器分别给质量相同的水和某种液体加热，每隔2 min记录一次温度，如表中数据所示，则该液体比热容为[c水=4.2×103 J/（kg·℃）]
加热时间/min
0
2
4
水温/℃
20
26
32
液体温度/℃
20
34
48
A．0.9×103 J/（kg·℃）
B．1.8×103 J/（kg·℃）
C．3.6×103 J/（kg·℃）
D．1.2×103 J/（kg·℃）
6．（2018·黑龙江校级质检）质量相等、初温相同的甲、乙两种不同液体，分别用两个完全相同的加热器加热，加热过程中，温度随时间变化的图线如图所示。由图可知
A．乙液体温度升高得比甲快
B．升高相同的温度，甲需要加热较长时间
C．甲液体的比热容比乙的大
D．乙液体的比热容比甲的大
7．质量相同的A，B两种液体,分别用两个完全相同的酒精灯加热，加热过程中测得A、B的温度随时间的变化曲线如图所示，由图可以看出
A．液体B的比热容大
B．液体A的比热容大
C．两种液体比热容相等
D．无法比较
8．（2018·海南校级期中）质量相等的水和沙石，在吸收相等的热量后，则
A．水变化的温度较大
B．沙石变化的温度较大
C．它们变化的温度相同
D．沙石的温度一定比水的温度高
9．用两个相同的加热器，分别对质量相等的甲、乙两种液体加热，忽略热量的损失，其温度随时间变化的规律如图所示，由图可以看出
A．甲的比热容比乙大
B．甲的比热容比乙小
C．甲和乙的比热容相同
D．在开始加热时，甲和乙的比热容为零
10．（2018·广州期中）下表列出某些物质的比热容[单位为J/（kg·℃）]，下列判断正确的是
A．物质的比热容与物质状态无关
B．固体的比热容比液体的大
C．50 ℃铝的比热容等于100 ℃铝的比热容
D．200 g铜的比热容大于100 g铜的比热容
11．质量、初温相同的水和铜块，吸收相等的热量后，再将铜块投入水中，则会出现
A．铜块与水之间不发生热传递
B．铜块吸热，水放热
C．铜块放热，水吸热
D．水的内能传递到铜块上
12．（2018·人大附中期中）小金在探究“物体吸收热量多少与物质种类是否有关”的实验中，选择了水和食用油这两种液体，以及相同规格的电加热器、玻璃杯、温度计等，以如图所示的形式用电加热器给水和食用油进行加热。在此实验中，需要控制变量是
A．物质的种类相同
B．物质的质量相同
C．升高的温度相同
D．加热的时间相同
13．济南和青岛是山东省半岛城市群区域发展的双中心。海滨城市青岛的昼夜温差较小，而济南的昼夜温差较大，主要是因为
A．海水的比热容小，砂石的比热容大
B．海水的内能多，砂石的内能少
C．海水的比热容大，砂石的比热容小
D．海水的内能少，砂石的内能多
14．（2018·清华附中期中）质量相同的甲、乙两种固态物质，用相同的热源对它们开始均匀加热，加热时间都有6分钟，它们的温度随时间变化的图象如图所示。下列说法正确的是
A．甲和乙吸收了相同的热量
B．甲是晶体，乙一定是非晶体
C．在3~6 min内，甲的内能保持不变
D．在0~3 min甲的比热容小于乙的比热容
15．小天用电热水壶将1千克20 ℃的水加热至70 ℃，在这个过程中，下列分析正确的是[c水＝4.2×103 J/（kg·℃）]
A．水吸收的热量为2.1×105 J
B．电热水壶消耗的电能全部转化为水的内能
C．水的温度升高，它的内能减小
D．水的温度升高，它的比热容变大
16．根据表中所提供的几种物质的比热容得出以下四个结论，其中正确的是
几种物质的比热容c/[J/（kg·℃）]
A．煤油比酒精的比热容大
B．同种物质在不同状态下的比热容相同
C．质量相等的铜块和砂石，吸收相等的热量，砂石的末温比铜块的末温高
D．质量相等的铜块和铝块都降低1 ℃，铝块比铜块放出的热量多
17．火热的夏天，小明打着赤脚在烈日当空的小河边游玩时发现：岸上的石头热得烫脚，而河水却比较凉，其主要原因是
A．水吸收的热量少，因此河水比岸上石头的温度低
B．这是小明的错觉造成的，实际上岸上石头与水的温度相同
C．石头的吸热能力强，实际上岸上石头与水的温度相同
D．水的比热容比石头的大，在受到太阳同样照射的情况下，水升高的温度少
18．小明根据下表所提供的几种物质的比热容得出以下结论，其中正确的是
几种物质的比热容c/[J/（kg·℃）]
A．同种物质，当物态发生变化时，它的比热容不变
B．液体的比热容一定比固体的比热容大
C．内陆地区比沿海地区昼夜温差大，原因之一是砂石的比热容比水的比热容小
D．水和煤油吸收相同的热量，升高的温度相同，煤油的质量是水的2倍
19．如图所示，甲、乙、丙三图中的装置完全相同。燃料的质量相同，烧杯内的液体质量也相同。下列说法正确的是
A．比较不同液体的比热容，可以选择甲、乙两图
B．比较不同液体的比热容，可以选择乙、丙两图
C．比较不同燃料的热值，可以选择乙、丙两图
D．比较不同燃料的热值，可以选择甲、丙两图
20．质量为2 kg的某种物质温度从20 ℃升高到40 ℃时，吸收的热量是1.88×104 J，该物质的比热容是_______________。水的比热容是砂石的4倍，质量相同、初温均为20 ℃的水的砂石，吸收了相同的热量，若水温升至40 ℃，砂石的温度会升至_____℃。
21．（2018·合肥校级期末）为应对城市的“热岛效应”，人们在城市规划时，常通过修建人工湖、景观湖来调节气候。需要利用水的________大的特点，室外露天场所无法使用空调，人们就用喷雾装置向空气中喷洒水雾来降温，主要是利用水微粒在空气中________(填物态变化名称)时能吸收大量热量。
22．将10 kg的水从20 ℃加热到70 ℃要吸收_____J的热量；如果这个过程利用电功率为1 000 W的电加热器进行加热，电加热器的能量损失率为30%，则水需要加热_____s[c水=4.2×103（kg·℃）]。
23．（2018·海南校级期中）海口是一个美丽的海滨城市，气候宜人，昼夜温差小，这是由于海水的比热容比沙石的比热容_____（选填“大”或“小”）的缘故。但由于工业和交通运输每天消耗的大量燃料，大部分成为环境热源；城市人口过多；高楼林立等原因，从而使市区温度比乡村温度高，这就是人们常说的____________效应。
24．某同学用同一个加热装置分别给质量和初温都相同的水和煤油加热，分别记录加热时间和升高的温度，根据记录的数据作出了两种液体的温度（T）随时间（t）变化的图象（如图所示）。
（1）根据图象，给水和煤油加热相同的时间时，水和煤油吸收的热量_____（填“水比较多”“煤油比较多”或“一样多”）；要使水和煤油升高相同的温度，应给_____加热更长的时间，这说明_____的吸热能力强些。
（2）已知水的比热容是4.2×103 J/（kg·℃）,则煤油的比热容是______J/（kg·℃）。
25．（2018·西安铁一中期末）如图所示是某家用电热水壶内部的电路简化结构图，其中R1、R2为阻值相同的电热丝，有甲、乙、丙、丁四种不同的连接方式，该电热水壶有高温、中温、低温三挡，中温挡的额定功率为500 W。求：
（1）电热水壶调至中温挡正常加热，将2 kg温度为30 ℃的水烧开（标准大气压下）需要20 min，水所吸收的热量为_________J。[c水＝4.2×103 J/（kg·℃）]
（2）甲、乙、丙、丁四种连接方式中，_____是高温挡的连接方式。电热水壶高温挡的额定功率为_______W。
26．我国成为全球首个海域“可燃冰”开采国，它的热值很高，若1 g的“可燃冰”完全燃烧放出的热量为4.2×105 J，可使2 kg、20 ℃的水温度升高_____℃；若用这些热量加热等质量的砂石，砂石升高的温度_____（填“大于”“小于”或“等于”）水升高的温度，是因为水的_____较大。（不计热量损失，c水=4.2×103 J/（kg·℃）
27．（2018·重庆期末）在探究“比较不同物质吸热的情况”的实验中，实验装置如图所示．
加热时间/min
0
1
2
3
4
甲的温度/℃
30
34
38
42
46
乙的温度/℃
10
18
26
34
42
（1）实验中应量取质量______的甲、乙两种液体，分别倒入相同的烧杯中。
（2）用相同规格的电加热器加热甲和乙两种液体，使它们升高相同的温度，通过____________来比较甲和乙两种液体吸收热量的多少。
（3）实验记录的数据如表所示，分析实验数据可知______物质的吸热能力强．
28．某实验小组为了探究不同物质的比热容，利用如图装置进行实验，两相同的烧杯中分别装有水和牛奶，根据要求回答问题。
（1）为了探究水和牛奶的比热容大小，应控制两只酒精灯以及两烧杯中的水和牛奶的___、___相同。
（2）加热过程中，发现要使它们上升相同的温度，需要给水加热时间更长一些,这是因为牛奶比热容较___（填“大”或“小”）的缘故。
（3）要完整进行这一实验，还差一测量工具，它是______。
（4）此实验可以用两种方法比较水和牛奶的吸热能力，即通过加热相同的时间比较水和牛奶___________________来确定，或使水和牛奶升高相同的温度比较其吸收的________，都可以比较水和牛奶的吸热能力大小。
29．（2018·南京联考）如图1所示，将初温和质量相等的色拉油和水，分别装到相同的烧杯中，探究不同物质吸热升温现象。用酒精灯加热并不断搅拌，每隔0.5 min测量一次温度，数据记录表中。
加热时间/min
0
0.5
1.0
1.5
2.0
2.5
3.0
3.5
4.0
色拉油温度/℃
20.0
20.3
20.7
21.5
23.0
25.0
27.0
29.0
31.0
水的温度/℃
20.0
20.2
20.5
21.0
22.0
23.0
24.0
25.0
26.0
（1）选用相同的酒精灯，为使单位时间内色拉油和水________相同，不断搅拌是使色拉油和水______。
（2）导致初始阶段色拉油温度随时间的变化图像不是直线的原因，除色拉油自身外，还有________要吸收热量；要尽量减小此因素的影响，改进的方案有_____________（写出一种）。
（3）画出水的温度随时间的变化图像。由图像可知，色拉油和水的温度同时升高时，________需要的时间短，________需要吸收的热量更多。
30．（2018·济宁期中）如图所示为研究物质比热容的实验装置。
（1）实验时为比较水和煤油吸热本领的大小，可以通过两种方法比较：我们可以加热相同的时间，观察________的不同；也可以升高相同的温度，比较______________________；
（2）同组的小郑在整理器材时发现，还可以用其中一个装置来探究不同燃料的热值实验，于是他找来煤油装入空酒精灯里面，让酒精和煤油的________相同，通过液体温度变化计算出热量来算得燃料的热值要比真实的热值________(“偏大”、“偏小”或“相等”)。
31．（2018·长春外国语期中）如图甲，在探究“不同物质吸热能力”的实验中：
（1）在两个相同的烧杯中加入初温相同、_____相同的水和煤油（ρ水＞ρ煤油）。选用相同电加热器的目的是：使水和煤油在相同时间内吸收热量_____（选填“相等”或“不相等”）。
（2）水和煤油温度随时间变化的图象如图乙所示。
①根据图甲可判断出a物质是_____（选填“水”或“煤油”）。
②根据图乙可判断出_____吸热能力强（选填“a”或“b”）。
32．如图所示，是最新一款无人驾驶汽车原型图。汽车自动驾驶时使用雷达传感器，以及激光测距器来了解周围的交通状况。该款车以某速度在一段平直的公路上匀速行驶了一段距离时，消耗汽油1 kg。汽油机的效率为30%，那么，在这段运动过程中，（已知：汽油的热值为4.5×107 J/kg，c水=4.2×103 J/kg·℃）求：
（1）汽油完全燃烧放出的热量是多少？
（2）假设该汽车在这次行驶过程中，发动机排出的废气带走的能量占汽油完全燃烧放出的热量的42%，这些废气的能量全部被质量100 kg的水吸收，水升高的温度是多少？（水未沸腾）
（3）如果汽油机的效率提高到40%，其他条件都不变，那么汽车在这段路程消耗的汽油是多少？
33．太阳能热水器中有200 kg的水．若水温从15 ℃升高到50 ℃，求：
（1）水的内能增加了多少?
（2）如果这些能量由热值为3.0×107 J／kg的煤来提供，需要完全燃烧这种煤多少千克?
（3）在实际生活中，将200 kg水从15℃加热到50℃需要燃烧的煤与第（2）问中的计算值相比．是偏大还是偏小？为什么?
（4）太阳能与煤相比有哪些优点?（至少说出两点）
34．（2018·福建）福建沿海地区昼夜温差较小，而内陆沙漠地区昼夜温差较大，这主要是因为海水与砂石相比具有较大的
A．密度 B．内能 C．比热容 D．质量
35．（2018·广安）下列对生活中的物理现象分析错误的是
A．夏天，常用干冰给食品保鲜，利用了干冰升华吸热
B．烧开水时看见冒“白气”，是水汽化生成的水蒸气
C．打开酒精瓶的瓶塞后，屋里弥漫着酒精味，这说明酒精分子在不停地运动
D．常用水给汽车发动机冷却是利用了水的比热容大的特性
36．（2017·衡阳）如图为某物质熔化时温度随加热时间变化而变化的图象（加热装置的功率不变），从图中能得到的正确信息是
A．该物质为晶体，熔点为0 ℃
B．熔化过程持续了4 min
C．该物质在AB段的比热容比在CD段小
D．该物质在B、C段两点时温度、内能都相同
37．（2018·泰安）标准大气压下，质量为0.5 kg、温度为70 ℃的水放出4.2×104 J的热量，水的温度降低了_____℃[c水=4.2×103 J/（kg·℃）]。
38．（2018·重庆）小薇在“探究水的沸腾”实验中，所用水的质量为0.5 kg，初温为58 ℃，测出水沸腾时的温度为98 ℃，则当地大气压比一个标准大气压_____(选填“高”或“低”)，本实验中水加热至沸腾至少吸热_____J。[c水=4.2×103 J/（kg·℃）]
39．（2018·扬州）如图所示是发动机采用循环流动的水进行了冷却，这是利用水的_______较大的特性，若水箱中装有10 kg的水，水温上升10 ℃，水吸收的热量为_________J[c水=4.2×103 J/（kg·℃）]。
40．（2018·海南）泡温泉时感觉身体会发热，这是通过__________的方式改变了身体的内能。烈日下，小兵去游泳池游泳，他感觉到游泳池边的水泥地面很烫脚，但游泳池里的水却很凉，这是因为水的__________较大的缘故。
41．（2018·临沂）大多数汽车防冻冷却液是以水和乙二醇为原料混合而成的，其中主要成份是水，这是利用了水的__________的特点。配制防冻冷却液时将乙二醇加入水中，二者混合后实际的总体积小于混合前水和乙二醇的总体积，这说明分子是运动的，同时也说明___________________________________。
42．（2018·邵阳）蓄水量为1吨的太阳能热水器现在装满了30 ℃的水，经过光照后升高了20 ℃，则水吸收的热量是_________J。[c水=4.2×103 J/（kg·℃）]
43．（2018·绵阳）如图所示的木桶鱼是川西当地的一种特色吃法，把石头在油中加热到300 ℃~500 ℃高温后，倒入木桶，并将腌制的鱼片倒入装有高温石头的木桶内，再加入熬制好的鱼骨汤闷煮2~3分钟即可食用.鱼片是通过__________（填“做功”或“热传递”）的方法来改变内能的，2 kg的石头从20 ℃加热到420 ℃，需要吸收___________J的热量[c石=0.8×103 J/（kg·℃）]。
44．（2017·铜仁）我国北方楼房中的“暖气”用水作为输送能量的介质，是因为水的_______较大；一瓶矿泉水喝掉一半后，则剩余水的密度_________（填“变大”“变小”或“不变”）。
45．（2017·鄂州）我国是第一个宣布成功实现对可燃冰试开采中获得连续稳定产气的国家。可燃冰能直接点燃，由天然气与水在高压低温条件下形成的类冰状的结晶物质，1 m3可燃冰在常温常压下可释放出164 m3的天然气。根据以上信息可知，可燃冰是____________（填“可再生”或“不可再生”）能源；若1 m3的可燃冰产生的天然气完全燃烧放出的热量全部被水吸收，则可将__________kg水从0 ℃升高到100 ℃。（天然气的热值q天然气=4.2×107 J/m3）
46．（2017·六盘水）家用热水器额定功率是2 000 W，正常工作210 s，消耗的电能是_______J。若不计热损失，这些能量可使质量为50 kg的水温度升髙________℃。当水的温度升髙时内能__________（填“增大”或“减小”），这是通过____________的方法改变水的内能。
47．（2017·桂林）近年来，冬季取暖有了新方法：利用石墨烯电热涂料供暖。涂料通电发热后，通过_____方式改变房间内空气的内能。一间空房的地面面积是14 m2，高为3 m，在房间的三面墙上各涂有某品牌石墨烯电热涂料1 m2，该涂料的单位发热功率为1 200 W/m2．现同时给它们通电，5 min内可使室温升高10 ℃，此过程中房间内平均每秒钟损失的热量是______J[空气密度为1.3 kg/m3、空气比热容为1.0×103 J/（kg·℃）]。
48．（2017·咸宁）2017年5月18日，我国宣布在南海进行的可燃冰试采获得成功。可燃冰是一种固态晶体，在常温压下会迅速__________（填物态变化）为气态。它的热值约为1.4×1010 J/m3，2 m3的可燃冰完全燃烧后可放出____________J的热量，若这些热量60%被水吸收，可以将__________kg的水从0℃加热到100℃[c水=4.2×103J/（kg·℃）]。
49．（2017·河池）在探究“水和沙子的吸热性能”的实验中，用同一盏酒精灯对它们分别加热相同的时间，观察它们温度升高的情况。
（1）实验中应选取初温和_____相同的水和沙子。
（2）若从9点整开始加热，几分钟后，某时刻手表的指针如图所示，则加热所用的时间为_____s。
（3）通过大量实验可以得出：质量相等的不同物质，在升高相同的温度时吸收的热量是_____（填“相等”或“不相等”）的。
50．（2017·潍坊）某品牌的电热水壶铭牌如图所示，电热水壶正常工作时，将水壶中的额定容量的水加热至沸腾。已知室温与水的初温皆为20 ℃，水的比热容c水=4.2×103 J/（kg·℃），水的密度ρ水=1.0×103 kg/m3。
（1）求水吸收的热量；
（2）通过计算判断，加热时间是否可能为200 s。
51．（2017·柳州）太阳能是个巨大的能源，直接利用太阳能不会污染环境，太阳能热水器就是直接利用太阳能的装置。假如太阳能热水器内盛有200 kg、25 ℃的水，在阳光的照射下水温升高到75 ℃。已知水的比热容c水=4.2×103 J/（kg·℃）。
（1）太阳能热水器内水的温度变化了多少摄氏度？
（2）这些水吸收的热量是多少焦耳？
（3）若用干木材来加热这些水升高到相同温度，干木材完全燃烧放出的热量全部被水吸收，则需要多少干木材？（已知干木材的热值为q=1.2×107 J/kg）
1．C【解析】A．比热容是物质本身的一种物理属性，决定于物质的种类和状态，与吸收热量的多少、升高温度的多少、质量的多少没有关系，故A错误；B．热值是物质本身的一种物理属性，与燃烧情况无关，故B错误；C．热机效率与热机的设计和制造有关，设计合理，性能良好的效率高，故C正确；D．内能与物体的状态、温度、质量等有关，故D错误。故选C。学#科网
3．A【解析】∵Q吸＝cmΔt，铜块和铁块质量相同，吸收的热量相同，∴比热容大的物体，升高的温度少；∵c铁>c铜，∴铁块升高的温度少，又∵铜块和铁块初温相同，∴铁块的末温低，铜块的末温高，二者接触，热量将从铜块向铁块传递。故选A。
4．B【解析】比热容是物质本身的特性，无论质量多大，比热容都一样，它不会随物质吸收的热量、质量、温度的改变而改变；所以ACD错误，B正确。故选B。
5．B【解析】取两种液体都加热了2分钟为研究对象，用相同的电热器加热，在相同的时间内，吸收的热量是相等的，Q水＝Q液，∵Q水＝c水m（t水–t0），Q液＝c液m（t液–t0），∴c水m（t水–t0）＝c液m（t液–t0），即：4.2×103 J/（kg·℃）×m×（26 ℃–20 ℃）＝c液m×（34 ℃20 ℃），解得c液＝1.8×103 J/（kg·℃）。故选B。
6．D【解析】A、由图象可以看出，当加热时间相同时（即吸收的热量相同），甲的温度升高得快，故A错误；B、由图可知，升高相同的温度，乙需要加热较长时间，故B错误；CD、根据热量的计算公式可知，在质量相等、初温相同、吸热也相同的情况下，谁的温度升高得快，则它的比热容小；由于甲的温度升高得快，所以甲的比热容小，乙的比热容大，故C错误，D正确。故选D。
7．A【解析】由图示可以看出，当加热时间相同时，即吸收的热量相同；A的温度升高的快，利用热量的计算公式Q吸＝cm△t可知，在质量相等、初温相同、吸热也相同的情况下，温度升高得快的比热容小；所以，A的比热容小，B的比热容大。故选A。
8．B【解析】水的比热容较大，质量相等的水和沙石吸收相等的热量后，根据Q＝cm△t可知水的温度变化小，砂石的温度变化大，故AC错误B正确，由于不知道它们的初温是否相等，所以无法判断最后温度的高低，故D错误，故选B。
9．B【解析】由图示可以看出，当加热时间相同时，即吸收的热量相同时，甲的温度升高的快，利用热量的计算公式可知，在质量相等、初温相同、吸热也相同的情况下，谁的温度升高得快，它的比热容小；所以，甲的比热容小，乙的比热容大。故选B。
11．C【解析】根据公式，由于铜的比热容小于水，所以在吸收相同热量之后铜的温度要高于水。因为热量会由温度高的物体向温度低的物体传递，所以把铜投入到水中会发生铜放热、水吸热的现象，故C正确。故选C。
12．BC【解析】为了验证吸收的热量多少与物质的种类是否有关，根据控制变量法可知，应该用相同的加热器对食用油与水进行加热，应控制食用油与水的质量相同，使食用油与水升高相同的温度，比较水与食用油吸收热量的多少（加热时间长短）来比较水与食用油的吸热能力大小。故选BC。
13．C【解析】因为水的比较容较大，所以在白天同样吸热时，温度升高的低，到夜晚放出同样的热量时，温度又降低的少，相反内陆地区的土壤、沙石等比较容小，白天升温快，夜晚降温也快，故形成了沿海城市温差小，内陆地区昼夜温差大的特点。故C正确，ABD错误。
14．AD【解析】A、用相同的热源且加热时间相同，所以吸收的热量相同，故A正确；B、在加热一定时间后，继续吸热但甲的温度不变，故能判断甲是晶体。而乙虽然温度一直升高，可能还没达到熔点，也可能是非晶体，故B错误；C、在3~6 min内，甲吸收热量，内能是增加的，故C错误；D、在相同时间内吸收的热量相同，在0~3 min时间里甲升高的温度为，乙升高的温度为，可知，当吸收的热量和质量都相同时，△t越大比热容c就越小。所以甲的比热容小于乙的比热容。故D正确。故选：AD。
15．A【解析】根据题意知道，水吸收的热量是Q吸=cm（t–t0）=4.2×103 J/（kg·℃）×1 kg×（70 ℃–20 ℃）=2.1×105 J，故A正确；电热水壶消耗的电能会转化为水的内能、水壶的内能，部分热量散失到空气中，故B错误；水的温度升高，它的内能增加，故C错误；比热容是物质的一种特性，其大小仅与物质的种类和所处的状态有关，而与物体的质量和温度无关，故D错误，故选A。
16．D【解析】由表格数据知道，煤油比酒精的比热容小，故A错误；比热容的大小与物质的状态有关，不同的物质的比热容一般不同，例如水和冰的比热容不同，故B错误；由吸热公式Q=cmΔt知道，质量相等的铜块和砂石，吸收相等的热量，砂石的变化温度小于铜块的变化温度，但由于不清楚它们的初温，所以无法判断末温，故C错误；质量相等的铝块和铜块，降低相同的温度，由于铝的比热容比铜的比热容大，由Q=cm△t知道，铝块放出的热量多，故D正确，故选D。
17．D【解析】因为水的比热容比石头的大，相同质量的水和石头比较，吸收相同的热量（受到太阳同样照射），水的温度升高的少，所以，河水比较凉，而石头的温度升高的多，热得烫脚。故选D。
19．AD【解析】要比较不同液体的比热容，除了要比较的液体外，都应控制相同或相等，甲、乙两图，燃料各类相同，烧杯中的液体不同，可以比较两种液体比热容的大小，故A正确；乙、丙两图燃料的种类不同，不符合控制变量的思想，不能比较两种液体比热容的大小，故B错误；要比较不同燃料的热值，应选择烧杯中的液体种类相同，故可以选择甲、丙两图，而乙、丙两图烧杯中的液体种类不同，不符合控制变量法的思想，故C错误，D正确。故选AD。
20．470 J/（kg·℃） 100
【解析】由Q吸＝cm△t得物质的比热容；水的比热容是砂石的4倍，质量相同、初温均为20 ℃的水的砂石，吸收了相同的热量，若水温升至40 ℃，根据Δt=Q/（cm）可知，砂石升高的温度是水的4倍，若水温升至40 ℃，则砂石会升至100 ℃。
21．比热容 汽化
【解析】因为水的比热容较大，白天，相同质量的水和沙石比较，吸收相同的热量，水的温度升高的少；夜晚，放出相同的热量，水的温度降低的少，使得昼夜的温差小，能有效调节气温；向空气中喷洒水雾，水雾实际上是很小的小水珠，水雾喷洒到空气中，变成水蒸气，是汽化过程，汽化是吸热的。导致周围空气温度降低，使人感到凉爽。
22．2.1×106 3 000
【解析】水吸收的热量Q吸＝c水m（t−t0）＝4.2×103 J/（kg⋅℃）×10 kg×（70 ℃−20 ℃）＝2.1×106 J，因为电热水壶正常工作，所以P＝P额＝1 000 W，由题知，Q吸＝（1−30%）×W，需要消耗电能W＝＝3×106 J，由P＝得需要加热t＝＝3 000 s。
23．大 热岛效应
24．（1）一样多 水 水 （2）2.1×103
【解析】（1）因为使用相同的酒精灯，所以可以通过加热时间的长短来比较吸热，即给水和煤油加热相同的时间时，水和煤油吸收的热量会一样多；所以，要使水和煤油升高相同的温度，应给水加热更长的时间，根据c=Q/（mΔt）知道，说明水的吸热能力强些；
（2）由图象知道，加热4分钟时，水的温度升高是4 °C–2 °C=2 °C，而煤油的温度升高是6 °C–2 °C=4 °C，由c=Q/（mΔt）知道，相同质量的水和煤油吸收相同的热量，比热容与升高的温度成反比，已知水的比热容是4.2×103 J/（kg·℃），则煤油的比热容是c=1/2×4.2×103 J/（kg·℃）=2.1×103 J/（kg·℃）。
25．（1）5.88×105 （2）丁 1 000
【解析】（1）水吸收的热量：Q吸＝cm（t﹣t0）＝4.2×103 J/（kg·℃）×2 kg×（100 ℃﹣30 ℃）＝5.88×105 J；学*科网
（2）由题知，R1、R2为阻值相同的电热丝，设R1＝R2＝R，甲图为开路，P甲＝0，乙图中两电阻串联，R乙＝2R，P乙＝＝，丙图中只有电阻R1工作，R丙＝R，P丙＝，丁图中两电阻并联，R丁＝R，P丁＝＝＝2，由以上可知，丙图为中温档，丁图为高温档，则电热水壶高温档的额定功率：P高＝2P中＝2×500 W＝1 000 W。
26．50 大于 比热容
【解析】根据题意知道，水吸收的热量是Q吸=Q放=4.2×105 J，由Q吸=cmΔt得水升高的温度是△t=Q吸/（cm）=4.2×105 J/[2 kg× 4.2×103 J/（kg·℃）]=50℃；因为砂石的比热容小于水的比热容，所以，用这些热量加热等质量的砂石，砂石升高的温度大于水升高的温度。
27．（1）相同 （2）加热时间 （3）甲
28．（1）质量 初温 （2）小 （3）秒表 （4）升高的温度 热量
【解析】（1）为了探究水和牛奶的比热容大小，应用控制变量法，比较相同质量的水和牛奶吸收一定热量时温度的变化，故应控制两只酒精灯以及两烧杯中的水和牛奶的质量、初温相同。
（2）加热过程中，发现要使它们上升相同的温度，需要给水加热时间更长一些，这是因为牛奶比热容较小的缘故。
（3）通过比较加热时间，来比较吸热的多少，故要完整进行这一实验，还差一测量时间的工具，它是秒表。
（4）此实验可以用两种方法比较水和牛奶的吸热能力，即通过加热相同的时间比较水和牛奶升高的温度来确定，温度升高的越多，比热容越小；或使水和牛奶升高相同的温度比较其吸收的热量，吸热越多，比热容越大。
29．（1）吸收的热量 受热均匀 （2）烧杯和石棉网 将装置先预热 （3）色拉油 水
【解析】（1）选用相同的酒精灯，是为了使单位时间内色拉油和水吸收的热量相同，不断搅拌的目的是使色拉油和水受热均匀；学科#网
（2）在色拉油温度随时间变化的图像中，开始部分并不是直线，是因为除色拉油外还有烧杯和石棉网吸收热量，刚开始加热时，烧杯和石棉网本身先吸收热量升温，然后才能把热量传递给色拉油，为了尽量减小这种影响，可以先将装置预热；
（3）由于水的比热容较大，而色拉油的比热容较小，所以当色拉油和水升高相同温度时，根据表中数据可知，色拉油吸收的热量较少，则色拉油需要的时间短，而水需要吸收的热量更多。
30．（1）温度 加热时间的长短 （2）质量 偏小
31．（1）质量 相等 （2）水 a
【解析】（1）在两个相同的烧杯中加入初温相同、质量相同的水和煤油；实验中选用相同电加热器的目的是：使水和煤油在相同时间内吸收相同的热量；
（2）①图甲中可知：Vaρ煤油，所以根据V=可知：质量相同时，V水
32．（1）4.5×107 J （2）45 ℃ （3）0.75 kg
【解析】（1）汽油完全燃烧放出的热量Q放＝mq＝1 kg×4.5×107 J/kg＝4.5×107 J；
（2）发动机排出的废气带走的能量为Q放×42%＝4.5×107 J×42%＝1.89×107 J，这些废气的能量全部被质量100 kg的水吸收，即Q吸＝1.89×107 J，由Q＝cmΔt可得，水升高的温度；
（3）汽油机的效率为30%，那么汽车在这段路程中做的有用功W＝Q放×30%，如果汽油机的效率提高到40%，其他条件都不变，汽车在这段路程做的有用功不变，汽油完全燃烧放出的热量；由Q＝mq得，汽车在这段路程消耗的汽油。
33．（1） 2.94×107J （2）0．98 kg （3）偏大 因为存实际中：第一，煤不可能完全燃烧；第二，煤燃烧放出的热量不可能全部被水吸收 （4）使用太阳能可以减少煤的消耗 烧煤的显著缺点是对环境造成污染，而太阳能不会对环境造成污染
【解析】（1）水增加的内能
（2）由题意可知，煤完全燃烧释放的热量；由可得，需要煤的质量
（3）在实际生活中，将200 kg水从15 ℃加热到50 ℃需要燃烧的煤与第（2）问中的计算值相比偏大，因为在实际中煤不可能完全燃烧；且煤燃烧放出的热量不可能全部被水吸收；
（4）太阳能与煤相比有优点有：使用太阳能可以减少煤的消耗；烧煤的显著缺点是对环境造成污染，而太阳能不会对环境造成污染。
34．C【解析】沿海地区水多，内陆沙漠地区水少、沙石多。因为水的比热容较大，白天，相同质量的水和沙石相比较，吸收相同的热量，水的温度升高的少；夜晚，放出相同的热量，水的温度降低的少，使得沿海地区昼夜温差较小，而内陆沙漠地区昼夜温差较大。故答案为C。
36．AC【解析】由图象可知，BC段持续加热，温度保持不变，所示是晶体，0 ℃温度保持不变，开始熔化，所以熔点是0 ℃；熔化过程是BC段，持续了3 min；相同时间，AB段、CD段吸收热量相同AB段温度变化比较快，所以AB段比热容较小；从B—C持续吸热，温度虽然不变，但吸热会使内能增加，影响内能的因素不只是温度还跟物体状态等有关系；故应选AC。学&科网
37．20【解析】根据的变形式解答。质量为0.5 kg、温度为70 ℃的水放出4.2×104 J的热量，则水温降低：。
38．低 8.4×104
【解析】水沸腾时的温度为98 ℃，标准大气压下水的沸点是100 ℃，根据气压和沸点的关系可知，当地气压比一个标准大气压低，本实验中水加热至沸腾至少吸热。
39．比热容 4.2×105
【解析】汽车发动机工作过程中，不可避免地产生很多热量，这些热量如不及时带走会影响机器的正常工作。由公式Q＝cm△t知，在质量和升高的温度相同时，与其它液体比较，因为水的比热最大，所以吸收的热量最多，冷却效果最好；水吸收的热量：Q＝cm△t＝4.2×103 J/（kg·℃）×10 kg×10 ℃＝4.2×105 J。
40．热传递 比热容
【解析】泡温泉时感觉身体会发热，是身体吸收了热量，所以这是通过热传递的方式改变了身体的内能。烈日下，小兵去游泳池游泳，他感觉到游泳池边的水泥地面很烫脚，但游泳池里的水却很凉，这是因为水的比热容较大，吸收相等的热量时，温度升高的低。
41．比热容大 分子之间有间隙
42．8.4×107
【解析】知道水的比热容、水的质量和温度的升高值，利用吸热公式求解。，水吸收的热量。
43．热传递 6.4×105
【解析】改变物体内能的方式有做功和热传递。题文中的鱼片是通过热传递的方法来改变内能的；根据计算2 kg的石头从20 ℃加热到420 ℃，需要吸收的热量为：。
44．比热容 不变
【解析】因为水的比热容最大，相同质量的水和其它物质比较，降低相同的温度，水放出的热量多，所以暖气装置中用水来供热；密度是物质本身的一种特性与物体的质量大小无关，所以一瓶矿泉水喝掉一半后，则剩余水的密度不变。
45．不可再生 1.64×104
【解析】不可再生能源泛指人类开发利用后，在现阶段不可能再生的能源，所以可燃冰是不可再生能源；1 m3可燃冰在常温常压下可释放出164 m3的天然气，164 m3天然气完全燃烧放出的热量Q放=Vq天然气=164 m3×4.2×107 J/m3 =6.888×109 J，由Q吸=cmΔt知道可将m=Q吸/（cΔt）=6.888×109 J/[4.2×103 J/（kg·℃）×100 ℃]=1.64×104 kg的水从0 ℃升高到100 ℃。学#科网
46．4.2×105 2 增大 热传递
【解析】因为家用热水器正常工作，所以家用热水器的功率P=P额=2 000 W，由P=W/t可得热水器消耗的电能W=Pt=2 000 W×210 s=4.2×105 J；不计热损失，水吸收的热量Q吸=W=4.2×105 J；由Q吸=cmΔt得水的温度升高值Δt=Q吸/（cm）=4.2×105 J/[4.2×103 J/（kg·℃）×50 kg]=2 ℃；水吸收热量，温度升高、内能增大，这是通过热传递的方法改变水的内能。
47．热传递 4.494×106
48．升华 2.8×1010 4×104
【解析】可燃冰在常温压下会迅速变为气态，此过程为升华过程；2 m3的可燃冰完全燃烧释放的热量Q放=Vq=2 m3×1.4×1010 J/m3=2.8×1010 J，水吸收的热量Q吸=ηQ放=60%×2.8×1010 J=1.68×1010 J，由Q吸=cm（t﹣t0）可得，加热水的质量。
49．（1）质量 （2）280 （3）不相等
【解析】（1）实验中应选取初温和质量相同的水和沙子；
（2）若从9点整开始加热，几分钟后，某时刻手表的指针指向9点4分40秒，则加热所用的时间为280 s；
（3）质量相等的不同物质，在升高相同的温度时吸收的热量是不相等。
50．（1）3.36×105 J （2）不可能
【解析】（1）由铭牌可知，电热水壶的容积V=1 L，装满水时，水的质量m=ρV=1.0×103 kg/m3×1×10-3 m3=1 kg，水吸收的热量；
（2）加热时间为200 s时，电热壶消耗的电能W=Pt=1 360 W×200 s=2.72×105 J，因为W＜Q吸，所以加热时间不可能为200 s。
51．（1）50 ℃ （2）4.2×107 J （3）3.5 kg
一、比热容
1．定义：单位质量的某种物质温度升高（降低）1 ℃时吸收（放出）的热量。
2．物理意义：表示物体吸热或放热的本领的物理量。学科#网
3．比热容是物质的一种特性，大小与物体的种类、状态有关，与质量、体积、温度、密度、吸热放热、形状等无关。
4．水的比热容为4.2×103 J(kg·℃)，表示：1 kg的水温度升高（降低）1 ℃吸收（放出）的热量为4.2×103 J。
5．水常调节气温、取暖、作冷却剂、散热，是因为水的比热容大。
二、探究物质的比热容
1．在科学探究过程中要采用控制变量法，即让两种不同物质的质量相同，温度相同，升高的温度相同。
2．在探究中应尽量保证让不同物质在相同的时间内吸收的热量相等，用加热时间的多少表示物质吸收热量的多少。
3．在探究中应尽量避免热量的损失。
三、热量的计算
1．热量的计算公式：用c表示物质的比热容，用m表示物体的质量，用t表示物体的末温，用t0表示物体的初温，则物体温度升高时，所吸收的热量Q吸=cm(t–t0) ：物体温度降低时，所放出的热量Q放=cm(t0–t)，若用Δt表示物体温度的变化，则上述两个公式可统一表示为Q＝cmΔt。
2．应用热量的计算公式解题时，公式中各物理量的单位要统一，即比热容c的单位是J/（kg·℃），质量m的单位是kg，温度的单位是℃，热量的单位是J。
3．热量公式Q＝cmΔt适用于物体温度变化过程中，物体所吸收或放出热量的计算，物态变化过程中，物体所吸收或放出的热量不能用Q＝cmΔt计算。
4．运用热量计算公式解题时要注意明确“初温”、“末温”、“温度升高到”、“温度升高了”、“温度降低到”、“温度降低了”的含义。
（2018·内江期末）水的比热容大于沙石的比热容。质量相等的水和沙石吸收相等的热量，若吸收的热量全部转化为内能，则沙石的
A．内能较小
B．末温较高
C．内能增加的较多
D．温度升高较多
【参考答案】D
1．相同质量的铝和铜，吸收了相同的热量，c铜
B．铜上升的温度较高
C．铝和铜上升的温度相同
D．以上说法均不正确
【答案】B
【解析】根据公式可知，质量相同的不同物质，吸收相同的热量，比热容大的温度变化小，因为c铜
A．比热容和热值都变为原来的一半
B．比热容不变，热值都变为原来的一半
C．比热容变为原来的一半，热值不变
D．比热容和热值都不变
【答案】D
【解析】煤油被倒去了一半，减小的只是煤油的质量，物质的种类和状态都没有发生改变，所以它的特性−−比热容和热值都没有发生改变，故选D。
（2018·东营期末）关于热现象，下列说法正确的是
A．秋天的早晨，大雾逐渐散去是液化现象
B．急刹车时车胎表面温度升高，这是由于热传递造成的
C．质量相同的水和煤油在相同的炉子上加热相同时间后，水比煤油温度升高得多
D．两种燃料热值之比为2:1，质量之比为1:4，它们完全燃烧放出的热量之比为1:2
【参考答案】D
1．汽油机在工作时温度升高，为保护机器，往往用水来冷却，最主要的原因是
A．水的比热容大
B．水放出的热量多
C．水的温度低
D．不需花钱买
【答案】A
【解析】用水冷却机器是因为水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，升高相同的温度，水吸收的热量多。故选A。学/科网
2．下列事例中不是由水的比热容大的特性引起的是
A．夏天在地上洒水会感到凉快
B．北方楼房内的“暖气”用水作为介质
C．海边昼夜温差变化比沙漠中小
D．人体内水的比例很高，有助于调节体温，以免温度变化太快对身体造成危害
【答案】A
1．下列说法正确的是
A．比热容与物体吸收或放出的热量有关
B．热值与燃料的燃烧情况有关
C．热机效率与热机的设计和制造有关
D．内能与物体的状态无关
2．（2018·龙岩期末）质量相等、温度均为100 ℃的铝块和铜块（c铝＞c铜），分别投入质量、温度均相同的两杯水中，当两杯水升高相同的温度时，取出两金属块并使它们接触，不考虑热损失，则两金属块
A．不发生热传递
B．热量从铜块传向铝块
C．温度保持不变
D．热量从铝块传向铜块
3．质量和初温都相同的铜块和铁块（c铜
B．热量从铁块传到铜块
C．它们之间不发生热传递
D．无法确定
4．（2018·人大附中期中）关于同一种物质同一状态的比热容，下列说法正确的是
A．若吸收的热量增大一倍，则比热容增大一倍
B．无论质量大小，比热容都一样
C．若质量增大一倍，则比热容减少至一半
D．若加热前后的温度差增大一倍，则比热容增大一倍
5．用两个完全相同的电加热器分别给质量相同的水和某种液体加热，每隔2 min记录一次温度，如表中数据所示，则该液体比热容为[c水=4.2×103 J/（kg·℃）]
加热时间/min
0
2
4
水温/℃
20
26
32
液体温度/℃
20
34
48
A．0.9×103 J/（kg·℃）
B．1.8×103 J/（kg·℃）
C．3.6×103 J/（kg·℃）
D．1.2×103 J/（kg·℃）
6．（2018·黑龙江校级质检）质量相等、初温相同的甲、乙两种不同液体，分别用两个完全相同的加热器加热，加热过程中，温度随时间变化的图线如图所示。由图可知
A．乙液体温度升高得比甲快
B．升高相同的温度，甲需要加热较长时间
C．甲液体的比热容比乙的大
D．乙液体的比热容比甲的大
7．质量相同的A，B两种液体,分别用两个完全相同的酒精灯加热，加热过程中测得A、B的温度随时间的变化曲线如图所示，由图可以看出
A．液体B的比热容大
B．液体A的比热容大
C．两种液体比热容相等
D．无法比较
8．（2018·海南校级期中）质量相等的水和沙石，在吸收相等的热量后，则
A．水变化的温度较大
B．沙石变化的温度较大
C．它们变化的温度相同
D．沙石的温度一定比水的温度高
9．用两个相同的加热器，分别对质量相等的甲、乙两种液体加热，忽略热量的损失，其温度随时间变化的规律如图所示，由图可以看出
A．甲的比热容比乙大
B．甲的比热容比乙小
C．甲和乙的比热容相同
D．在开始加热时，甲和乙的比热容为零
10．（2018·广州期中）下表列出某些物质的比热容[单位为J/（kg·℃）]，下列判断正确的是
A．物质的比热容与物质状态无关
B．固体的比热容比液体的大
C．50 ℃铝的比热容等于100 ℃铝的比热容
D．200 g铜的比热容大于100 g铜的比热容
11．质量、初温相同的水和铜块，吸收相等的热量后，再将铜块投入水中，则会出现
A．铜块与水之间不发生热传递
B．铜块吸热，水放热
C．铜块放热，水吸热
D．水的内能传递到铜块上
12．（2018·人大附中期中）小金在探究“物体吸收热量多少与物质种类是否有关”的实验中，选择了水和食用油这两种液体，以及相同规格的电加热器、玻璃杯、温度计等，以如图所示的形式用电加热器给水和食用油进行加热。在此实验中，需要控制变量是
A．物质的种类相同
B．物质的质量相同
C．升高的温度相同
D．加热的时间相同
13．济南和青岛是山东省半岛城市群区域发展的双中心。海滨城市青岛的昼夜温差较小，而济南的昼夜温差较大，主要是因为
A．海水的比热容小，砂石的比热容大
B．海水的内能多，砂石的内能少
C．海水的比热容大，砂石的比热容小
D．海水的内能少，砂石的内能多
14．（2018·清华附中期中）质量相同的甲、乙两种固态物质，用相同的热源对它们开始均匀加热，加热时间都有6分钟，它们的温度随时间变化的图象如图所示。下列说法正确的是
A．甲和乙吸收了相同的热量
B．甲是晶体，乙一定是非晶体
C．在3~6 min内，甲的内能保持不变
D．在0~3 min甲的比热容小于乙的比热容
15．小天用电热水壶将1千克20 ℃的水加热至70 ℃，在这个过程中，下列分析正确的是[c水＝4.2×103 J/（kg·℃）]
A．水吸收的热量为2.1×105 J
B．电热水壶消耗的电能全部转化为水的内能
C．水的温度升高，它的内能减小
D．水的温度升高，它的比热容变大
16．根据表中所提供的几种物质的比热容得出以下四个结论，其中正确的是
几种物质的比热容c/[J/（kg·℃）]
A．煤油比酒精的比热容大
B．同种物质在不同状态下的比热容相同
C．质量相等的铜块和砂石，吸收相等的热量，砂石的末温比铜块的末温高
D．质量相等的铜块和铝块都降低1 ℃，铝块比铜块放出的热量多
17．火热的夏天，小明打着赤脚在烈日当空的小河边游玩时发现：岸上的石头热得烫脚，而河水却比较凉，其主要原因是
A．水吸收的热量少，因此河水比岸上石头的温度低
B．这是小明的错觉造成的，实际上岸上石头与水的温度相同
C．石头的吸热能力强，实际上岸上石头与水的温度相同
D．水的比热容比石头的大，在受到太阳同样照射的情况下，水升高的温度少
18．小明根据下表所提供的几种物质的比热容得出以下结论，其中正确的是
几种物质的比热容c/[J/（kg·℃）]
A．同种物质，当物态发生变化时，它的比热容不变
B．液体的比热容一定比固体的比热容大
C．内陆地区比沿海地区昼夜温差大，原因之一是砂石的比热容比水的比热容小
D．水和煤油吸收相同的热量，升高的温度相同，煤油的质量是水的2倍
19．如图所示，甲、乙、丙三图中的装置完全相同。燃料的质量相同，烧杯内的液体质量也相同。下列说法正确的是
A．比较不同液体的比热容，可以选择甲、乙两图
B．比较不同液体的比热容，可以选择乙、丙两图
C．比较不同燃料的热值，可以选择乙、丙两图
D．比较不同燃料的热值，可以选择甲、丙两图
20．质量为2 kg的某种物质温度从20 ℃升高到40 ℃时，吸收的热量是1.88×104 J，该物质的比热容是_______________。水的比热容是砂石的4倍，质量相同、初温均为20 ℃的水的砂石，吸收了相同的热量，若水温升至40 ℃，砂石的温度会升至_____℃。
21．（2018·合肥校级期末）为应对城市的“热岛效应”，人们在城市规划时，常通过修建人工湖、景观湖来调节气候。需要利用水的________大的特点，室外露天场所无法使用空调，人们就用喷雾装置向空气中喷洒水雾来降温，主要是利用水微粒在空气中________(填物态变化名称)时能吸收大量热量。
22．将10 kg的水从20 ℃加热到70 ℃要吸收_____J的热量；如果这个过程利用电功率为1 000 W的电加热器进行加热，电加热器的能量损失率为30%，则水需要加热_____s[c水=4.2×103（kg·℃）]。
23．（2018·海南校级期中）海口是一个美丽的海滨城市，气候宜人，昼夜温差小，这是由于海水的比热容比沙石的比热容_____（选填“大”或“小”）的缘故。但由于工业和交通运输每天消耗的大量燃料，大部分成为环境热源；城市人口过多；高楼林立等原因，从而使市区温度比乡村温度高，这就是人们常说的____________效应。
24．某同学用同一个加热装置分别给质量和初温都相同的水和煤油加热，分别记录加热时间和升高的温度，根据记录的数据作出了两种液体的温度（T）随时间（t）变化的图象（如图所示）。
（1）根据图象，给水和煤油加热相同的时间时，水和煤油吸收的热量_____（填“水比较多”“煤油比较多”或“一样多”）；要使水和煤油升高相同的温度，应给_____加热更长的时间，这说明_____的吸热能力强些。
（2）已知水的比热容是4.2×103 J/（kg·℃）,则煤油的比热容是______J/（kg·℃）。
25．（2018·西安铁一中期末）如图所示是某家用电热水壶内部的电路简化结构图，其中R1、R2为阻值相同的电热丝，有甲、乙、丙、丁四种不同的连接方式，该电热水壶有高温、中温、低温三挡，中温挡的额定功率为500 W。求：
（1）电热水壶调至中温挡正常加热，将2 kg温度为30 ℃的水烧开（标准大气压下）需要20 min，水所吸收的热量为_________J。[c水＝4.2×103 J/（kg·℃）]
（2）甲、乙、丙、丁四种连接方式中，_____是高温挡的连接方式。电热水壶高温挡的额定功率为_______W。
26．我国成为全球首个海域“可燃冰”开采国，它的热值很高，若1 g的“可燃冰”完全燃烧放出的热量为4.2×105 J，可使2 kg、20 ℃的水温度升高_____℃；若用这些热量加热等质量的砂石，砂石升高的温度_____（填“大于”“小于”或“等于”）水升高的温度，是因为水的_____较大。（不计热量损失，c水=4.2×103 J/（kg·℃）
27．（2018·重庆期末）在探究“比较不同物质吸热的情况”的实验中，实验装置如图所示．
加热时间/min
0
1
2
3
4
甲的温度/℃
30
34
38
42
46
乙的温度/℃
10
18
26
34
42
（1）实验中应量取质量______的甲、乙两种液体，分别倒入相同的烧杯中。
（2）用相同规格的电加热器加热甲和乙两种液体，使它们升高相同的温度，通过____________来比较甲和乙两种液体吸收热量的多少。
（3）实验记录的数据如表所示，分析实验数据可知______物质的吸热能力强．
28．某实验小组为了探究不同物质的比热容，利用如图装置进行实验，两相同的烧杯中分别装有水和牛奶，根据要求回答问题。
（1）为了探究水和牛奶的比热容大小，应控制两只酒精灯以及两烧杯中的水和牛奶的___、___相同。
（2）加热过程中，发现要使它们上升相同的温度，需要给水加热时间更长一些,这是因为牛奶比热容较___（填“大”或“小”）的缘故。
（3）要完整进行这一实验，还差一测量工具，它是______。
（4）此实验可以用两种方法比较水和牛奶的吸热能力，即通过加热相同的时间比较水和牛奶___________________来确定，或使水和牛奶升高相同的温度比较其吸收的________，都可以比较水和牛奶的吸热能力大小。
29．（2018·南京联考）如图1所示，将初温和质量相等的色拉油和水，分别装到相同的烧杯中，探究不同物质吸热升温现象。用酒精灯加热并不断搅拌，每隔0.5 min测量一次温度，数据记录表中。
加热时间/min
0
0.5
1.0
1.5
2.0
2.5
3.0
3.5
4.0
色拉油温度/℃
20.0
20.3
20.7
21.5
23.0
25.0
27.0
29.0
31.0
水的温度/℃
20.0
20.2
20.5
21.0
22.0
23.0
24.0
25.0
26.0
（1）选用相同的酒精灯，为使单位时间内色拉油和水________相同，不断搅拌是使色拉油和水______。
（2）导致初始阶段色拉油温度随时间的变化图像不是直线的原因，除色拉油自身外，还有________要吸收热量；要尽量减小此因素的影响，改进的方案有_____________（写出一种）。
（3）画出水的温度随时间的变化图像。由图像可知，色拉油和水的温度同时升高时，________需要的时间短，________需要吸收的热量更多。
30．（2018·济宁期中）如图所示为研究物质比热容的实验装置。
（1）实验时为比较水和煤油吸热本领的大小，可以通过两种方法比较：我们可以加热相同的时间，观察________的不同；也可以升高相同的温度，比较______________________；
（2）同组的小郑在整理器材时发现，还可以用其中一个装置来探究不同燃料的热值实验，于是他找来煤油装入空酒精灯里面，让酒精和煤油的________相同，通过液体温度变化计算出热量来算得燃料的热值要比真实的热值________(“偏大”、“偏小”或“相等”)。
31．（2018·长春外国语期中）如图甲，在探究“不同物质吸热能力”的实验中：
（1）在两个相同的烧杯中加入初温相同、_____相同的水和煤油（ρ水＞ρ煤油）。选用相同电加热器的目的是：使水和煤油在相同时间内吸收热量_____（选填“相等”或“不相等”）。
（2）水和煤油温度随时间变化的图象如图乙所示。
①根据图甲可判断出a物质是_____（选填“水”或“煤油”）。
②根据图乙可判断出_____吸热能力强（选填“a”或“b”）。
32．如图所示，是最新一款无人驾驶汽车原型图。汽车自动驾驶时使用雷达传感器，以及激光测距器来了解周围的交通状况。该款车以某速度在一段平直的公路上匀速行驶了一段距离时，消耗汽油1 kg。汽油机的效率为30%，那么，在这段运动过程中，（已知：汽油的热值为4.5×107 J/kg，c水=4.2×103 J/kg·℃）求：
（1）汽油完全燃烧放出的热量是多少？
（2）假设该汽车在这次行驶过程中，发动机排出的废气带走的能量占汽油完全燃烧放出的热量的42%，这些废气的能量全部被质量100 kg的水吸收，水升高的温度是多少？（水未沸腾）
（3）如果汽油机的效率提高到40%，其他条件都不变，那么汽车在这段路程消耗的汽油是多少？
33．太阳能热水器中有200 kg的水．若水温从15 ℃升高到50 ℃，求：
（1）水的内能增加了多少?
（2）如果这些能量由热值为3.0×107 J／kg的煤来提供，需要完全燃烧这种煤多少千克?
（3）在实际生活中，将200 kg水从15℃加热到50℃需要燃烧的煤与第（2）问中的计算值相比．是偏大还是偏小？为什么?
（4）太阳能与煤相比有哪些优点?（至少说出两点）
34．（2018·福建）福建沿海地区昼夜温差较小，而内陆沙漠地区昼夜温差较大，这主要是因为海水与砂石相比具有较大的
A．密度 B．内能 C．比热容 D．质量
35．（2018·广安）下列对生活中的物理现象分析错误的是
A．夏天，常用干冰给食品保鲜，利用了干冰升华吸热
B．烧开水时看见冒“白气”，是水汽化生成的水蒸气
C．打开酒精瓶的瓶塞后，屋里弥漫着酒精味，这说明酒精分子在不停地运动
D．常用水给汽车发动机冷却是利用了水的比热容大的特性
36．（2017·衡阳）如图为某物质熔化时温度随加热时间变化而变化的图象（加热装置的功率不变），从图中能得到的正确信息是
A．该物质为晶体，熔点为0 ℃
B．熔化过程持续了4 min
C．该物质在AB段的比热容比在CD段小
D．该物质在B、C段两点时温度、内能都相同
37．（2018·泰安）标准大气压下，质量为0.5 kg、温度为70 ℃的水放出4.2×104 J的热量，水的温度降低了_____℃[c水=4.2×103 J/（kg·℃）]。
38．（2018·重庆）小薇在“探究水的沸腾”实验中，所用水的质量为0.5 kg，初温为58 ℃，测出水沸腾时的温度为98 ℃，则当地大气压比一个标准大气压_____(选填“高”或“低”)，本实验中水加热至沸腾至少吸热_____J。[c水=4.2×103 J/（kg·℃）]
39．（2018·扬州）如图所示是发动机采用循环流动的水进行了冷却，这是利用水的_______较大的特性，若水箱中装有10 kg的水，水温上升10 ℃，水吸收的热量为_________J[c水=4.2×103 J/（kg·℃）]。
40．（2018·海南）泡温泉时感觉身体会发热，这是通过__________的方式改变了身体的内能。烈日下，小兵去游泳池游泳，他感觉到游泳池边的水泥地面很烫脚，但游泳池里的水却很凉，这是因为水的__________较大的缘故。
41．（2018·临沂）大多数汽车防冻冷却液是以水和乙二醇为原料混合而成的，其中主要成份是水，这是利用了水的__________的特点。配制防冻冷却液时将乙二醇加入水中，二者混合后实际的总体积小于混合前水和乙二醇的总体积，这说明分子是运动的，同时也说明___________________________________。
42．（2018·邵阳）蓄水量为1吨的太阳能热水器现在装满了30 ℃的水，经过光照后升高了20 ℃，则水吸收的热量是_________J。[c水=4.2×103 J/（kg·℃）]
43．（2018·绵阳）如图所示的木桶鱼是川西当地的一种特色吃法，把石头在油中加热到300 ℃~500 ℃高温后，倒入木桶，并将腌制的鱼片倒入装有高温石头的木桶内，再加入熬制好的鱼骨汤闷煮2~3分钟即可食用.鱼片是通过__________（填“做功”或“热传递”）的方法来改变内能的，2 kg的石头从20 ℃加热到420 ℃，需要吸收___________J的热量[c石=0.8×103 J/（kg·℃）]。
44．（2017·铜仁）我国北方楼房中的“暖气”用水作为输送能量的介质，是因为水的_______较大；一瓶矿泉水喝掉一半后，则剩余水的密度_________（填“变大”“变小”或“不变”）。
45．（2017·鄂州）我国是第一个宣布成功实现对可燃冰试开采中获得连续稳定产气的国家。可燃冰能直接点燃，由天然气与水在高压低温条件下形成的类冰状的结晶物质，1 m3可燃冰在常温常压下可释放出164 m3的天然气。根据以上信息可知，可燃冰是____________（填“可再生”或“不可再生”）能源；若1 m3的可燃冰产生的天然气完全燃烧放出的热量全部被水吸收，则可将__________kg水从0 ℃升高到100 ℃。（天然气的热值q天然气=4.2×107 J/m3）
46．（2017·六盘水）家用热水器额定功率是2 000 W，正常工作210 s，消耗的电能是_______J。若不计热损失，这些能量可使质量为50 kg的水温度升髙________℃。当水的温度升髙时内能__________（填“增大”或“减小”），这是通过____________的方法改变水的内能。
47．（2017·桂林）近年来，冬季取暖有了新方法：利用石墨烯电热涂料供暖。涂料通电发热后，通过_____方式改变房间内空气的内能。一间空房的地面面积是14 m2，高为3 m，在房间的三面墙上各涂有某品牌石墨烯电热涂料1 m2，该涂料的单位发热功率为1 200 W/m2．现同时给它们通电，5 min内可使室温升高10 ℃，此过程中房间内平均每秒钟损失的热量是______J[空气密度为1.3 kg/m3、空气比热容为1.0×103 J/（kg·℃）]。
48．（2017·咸宁）2017年5月18日，我国宣布在南海进行的可燃冰试采获得成功。可燃冰是一种固态晶体，在常温压下会迅速__________（填物态变化）为气态。它的热值约为1.4×1010 J/m3，2 m3的可燃冰完全燃烧后可放出____________J的热量，若这些热量60%被水吸收，可以将__________kg的水从0℃加热到100℃[c水=4.2×103J/（kg·℃）]。
49．（2017·河池）在探究“水和沙子的吸热性能”的实验中，用同一盏酒精灯对它们分别加热相同的时间，观察它们温度升高的情况。
（1）实验中应选取初温和_____相同的水和沙子。
（2）若从9点整开始加热，几分钟后，某时刻手表的指针如图所示，则加热所用的时间为_____s。
（3）通过大量实验可以得出：质量相等的不同物质，在升高相同的温度时吸收的热量是_____（填“相等”或“不相等”）的。
50．（2017·潍坊）某品牌的电热水壶铭牌如图所示，电热水壶正常工作时，将水壶中的额定容量的水加热至沸腾。已知室温与水的初温皆为20 ℃，水的比热容c水=4.2×103 J/（kg·℃），水的密度ρ水=1.0×103 kg/m3。
（1）求水吸收的热量；
（2）通过计算判断，加热时间是否可能为200 s。
51．（2017·柳州）太阳能是个巨大的能源，直接利用太阳能不会污染环境，太阳能热水器就是直接利用太阳能的装置。假如太阳能热水器内盛有200 kg、25 ℃的水，在阳光的照射下水温升高到75 ℃。已知水的比热容c水=4.2×103 J/（kg·℃）。
（1）太阳能热水器内水的温度变化了多少摄氏度？
（2）这些水吸收的热量是多少焦耳？
（3）若用干木材来加热这些水升高到相同温度，干木材完全燃烧放出的热量全部被水吸收，则需要多少干木材？（已知干木材的热值为q=1.2×107 J/kg）
1．C【解析】A．比热容是物质本身的一种物理属性，决定于物质的种类和状态，与吸收热量的多少、升高温度的多少、质量的多少没有关系，故A错误；B．热值是物质本身的一种物理属性，与燃烧情况无关，故B错误；C．热机效率与热机的设计和制造有关，设计合理，性能良好的效率高，故C正确；D．内能与物体的状态、温度、质量等有关，故D错误。故选C。学#科网
3．A【解析】∵Q吸＝cmΔt，铜块和铁块质量相同，吸收的热量相同，∴比热容大的物体，升高的温度少；∵c铁>c铜，∴铁块升高的温度少，又∵铜块和铁块初温相同，∴铁块的末温低，铜块的末温高，二者接触，热量将从铜块向铁块传递。故选A。
4．B【解析】比热容是物质本身的特性，无论质量多大，比热容都一样，它不会随物质吸收的热量、质量、温度的改变而改变；所以ACD错误，B正确。故选B。
5．B【解析】取两种液体都加热了2分钟为研究对象，用相同的电热器加热，在相同的时间内，吸收的热量是相等的，Q水＝Q液，∵Q水＝c水m（t水–t0），Q液＝c液m（t液–t0），∴c水m（t水–t0）＝c液m（t液–t0），即：4.2×103 J/（kg·℃）×m×（26 ℃–20 ℃）＝c液m×（34 ℃20 ℃），解得c液＝1.8×103 J/（kg·℃）。故选B。
6．D【解析】A、由图象可以看出，当加热时间相同时（即吸收的热量相同），甲的温度升高得快，故A错误；B、由图可知，升高相同的温度，乙需要加热较长时间，故B错误；CD、根据热量的计算公式可知，在质量相等、初温相同、吸热也相同的情况下，谁的温度升高得快，则它的比热容小；由于甲的温度升高得快，所以甲的比热容小，乙的比热容大，故C错误，D正确。故选D。
7．A【解析】由图示可以看出，当加热时间相同时，即吸收的热量相同；A的温度升高的快，利用热量的计算公式Q吸＝cm△t可知，在质量相等、初温相同、吸热也相同的情况下，温度升高得快的比热容小；所以，A的比热容小，B的比热容大。故选A。
8．B【解析】水的比热容较大，质量相等的水和沙石吸收相等的热量后，根据Q＝cm△t可知水的温度变化小，砂石的温度变化大，故AC错误B正确，由于不知道它们的初温是否相等，所以无法判断最后温度的高低，故D错误，故选B。
9．B【解析】由图示可以看出，当加热时间相同时，即吸收的热量相同时，甲的温度升高的快，利用热量的计算公式可知，在质量相等、初温相同、吸热也相同的情况下，谁的温度升高得快，它的比热容小；所以，甲的比热容小，乙的比热容大。故选B。
11．C【解析】根据公式，由于铜的比热容小于水，所以在吸收相同热量之后铜的温度要高于水。因为热量会由温度高的物体向温度低的物体传递，所以把铜投入到水中会发生铜放热、水吸热的现象，故C正确。故选C。
12．BC【解析】为了验证吸收的热量多少与物质的种类是否有关，根据控制变量法可知，应该用相同的加热器对食用油与水进行加热，应控制食用油与水的质量相同，使食用油与水升高相同的温度，比较水与食用油吸收热量的多少（加热时间长短）来比较水与食用油的吸热能力大小。故选BC。
13．C【解析】因为水的比较容较大，所以在白天同样吸热时，温度升高的低，到夜晚放出同样的热量时，温度又降低的少，相反内陆地区的土壤、沙石等比较容小，白天升温快，夜晚降温也快，故形成了沿海城市温差小，内陆地区昼夜温差大的特点。故C正确，ABD错误。
14．AD【解析】A、用相同的热源且加热时间相同，所以吸收的热量相同，故A正确；B、在加热一定时间后，继续吸热但甲的温度不变，故能判断甲是晶体。而乙虽然温度一直升高，可能还没达到熔点，也可能是非晶体，故B错误；C、在3~6 min内，甲吸收热量，内能是增加的，故C错误；D、在相同时间内吸收的热量相同，在0~3 min时间里甲升高的温度为，乙升高的温度为，可知，当吸收的热量和质量都相同时，△t越大比热容c就越小。所以甲的比热容小于乙的比热容。故D正确。故选：AD。
15．A【解析】根据题意知道，水吸收的热量是Q吸=cm（t–t0）=4.2×103 J/（kg·℃）×1 kg×（70 ℃–20 ℃）=2.1×105 J，故A正确；电热水壶消耗的电能会转化为水的内能、水壶的内能，部分热量散失到空气中，故B错误；水的温度升高，它的内能增加，故C错误；比热容是物质的一种特性，其大小仅与物质的种类和所处的状态有关，而与物体的质量和温度无关，故D错误，故选A。
16．D【解析】由表格数据知道，煤油比酒精的比热容小，故A错误；比热容的大小与物质的状态有关，不同的物质的比热容一般不同，例如水和冰的比热容不同，故B错误；由吸热公式Q=cmΔt知道，质量相等的铜块和砂石，吸收相等的热量，砂石的变化温度小于铜块的变化温度，但由于不清楚它们的初温，所以无法判断末温，故C错误；质量相等的铝块和铜块，降低相同的温度，由于铝的比热容比铜的比热容大，由Q=cm△t知道，铝块放出的热量多，故D正确，故选D。
17．D【解析】因为水的比热容比石头的大，相同质量的水和石头比较，吸收相同的热量（受到太阳同样照射），水的温度升高的少，所以，河水比较凉，而石头的温度升高的多，热得烫脚。故选D。
19．AD【解析】要比较不同液体的比热容，除了要比较的液体外，都应控制相同或相等，甲、乙两图，燃料各类相同，烧杯中的液体不同，可以比较两种液体比热容的大小，故A正确；乙、丙两图燃料的种类不同，不符合控制变量的思想，不能比较两种液体比热容的大小，故B错误；要比较不同燃料的热值，应选择烧杯中的液体种类相同，故可以选择甲、丙两图，而乙、丙两图烧杯中的液体种类不同，不符合控制变量法的思想，故C错误，D正确。故选AD。
20．470 J/（kg·℃） 100
【解析】由Q吸＝cm△t得物质的比热容；水的比热容是砂石的4倍，质量相同、初温均为20 ℃的水的砂石，吸收了相同的热量，若水温升至40 ℃，根据Δt=Q/（cm）可知，砂石升高的温度是水的4倍，若水温升至40 ℃，则砂石会升至100 ℃。
21．比热容 汽化
【解析】因为水的比热容较大，白天，相同质量的水和沙石比较，吸收相同的热量，水的温度升高的少；夜晚，放出相同的热量，水的温度降低的少，使得昼夜的温差小，能有效调节气温；向空气中喷洒水雾，水雾实际上是很小的小水珠，水雾喷洒到空气中，变成水蒸气，是汽化过程，汽化是吸热的。导致周围空气温度降低，使人感到凉爽。
22．2.1×106 3 000
【解析】水吸收的热量Q吸＝c水m（t−t0）＝4.2×103 J/（kg⋅℃）×10 kg×（70 ℃−20 ℃）＝2.1×106 J，因为电热水壶正常工作，所以P＝P额＝1 000 W，由题知，Q吸＝（1−30%）×W，需要消耗电能W＝＝3×106 J，由P＝得需要加热t＝＝3 000 s。
23．大 热岛效应
24．（1）一样多 水 水 （2）2.1×103
【解析】（1）因为使用相同的酒精灯，所以可以通过加热时间的长短来比较吸热，即给水和煤油加热相同的时间时，水和煤油吸收的热量会一样多；所以，要使水和煤油升高相同的温度，应给水加热更长的时间，根据c=Q/（mΔt）知道，说明水的吸热能力强些；
（2）由图象知道，加热4分钟时，水的温度升高是4 °C–2 °C=2 °C，而煤油的温度升高是6 °C–2 °C=4 °C，由c=Q/（mΔt）知道，相同质量的水和煤油吸收相同的热量，比热容与升高的温度成反比，已知水的比热容是4.2×103 J/（kg·℃），则煤油的比热容是c=1/2×4.2×103 J/（kg·℃）=2.1×103 J/（kg·℃）。
25．（1）5.88×105 （2）丁 1 000
【解析】（1）水吸收的热量：Q吸＝cm（t﹣t0）＝4.2×103 J/（kg·℃）×2 kg×（100 ℃﹣30 ℃）＝5.88×105 J；学*科网
（2）由题知，R1、R2为阻值相同的电热丝，设R1＝R2＝R，甲图为开路，P甲＝0，乙图中两电阻串联，R乙＝2R，P乙＝＝，丙图中只有电阻R1工作，R丙＝R，P丙＝，丁图中两电阻并联，R丁＝R，P丁＝＝＝2，由以上可知，丙图为中温档，丁图为高温档，则电热水壶高温档的额定功率：P高＝2P中＝2×500 W＝1 000 W。
26．50 大于 比热容
【解析】根据题意知道，水吸收的热量是Q吸=Q放=4.2×105 J，由Q吸=cmΔt得水升高的温度是△t=Q吸/（cm）=4.2×105 J/[2 kg× 4.2×103 J/（kg·℃）]=50℃；因为砂石的比热容小于水的比热容，所以，用这些热量加热等质量的砂石，砂石升高的温度大于水升高的温度。
27．（1）相同 （2）加热时间 （3）甲
28．（1）质量 初温 （2）小 （3）秒表 （4）升高的温度 热量
【解析】（1）为了探究水和牛奶的比热容大小，应用控制变量法，比较相同质量的水和牛奶吸收一定热量时温度的变化，故应控制两只酒精灯以及两烧杯中的水和牛奶的质量、初温相同。
（2）加热过程中，发现要使它们上升相同的温度，需要给水加热时间更长一些，这是因为牛奶比热容较小的缘故。
（3）通过比较加热时间，来比较吸热的多少，故要完整进行这一实验，还差一测量时间的工具，它是秒表。
（4）此实验可以用两种方法比较水和牛奶的吸热能力，即通过加热相同的时间比较水和牛奶升高的温度来确定，温度升高的越多，比热容越小；或使水和牛奶升高相同的温度比较其吸收的热量，吸热越多，比热容越大。
29．（1）吸收的热量 受热均匀 （2）烧杯和石棉网 将装置先预热 （3）色拉油 水
【解析】（1）选用相同的酒精灯，是为了使单位时间内色拉油和水吸收的热量相同，不断搅拌的目的是使色拉油和水受热均匀；学科#网
（2）在色拉油温度随时间变化的图像中，开始部分并不是直线，是因为除色拉油外还有烧杯和石棉网吸收热量，刚开始加热时，烧杯和石棉网本身先吸收热量升温，然后才能把热量传递给色拉油，为了尽量减小这种影响，可以先将装置预热；
（3）由于水的比热容较大，而色拉油的比热容较小，所以当色拉油和水升高相同温度时，根据表中数据可知，色拉油吸收的热量较少，则色拉油需要的时间短，而水需要吸收的热量更多。
30．（1）温度 加热时间的长短 （2）质量 偏小
31．（1）质量 相等 （2）水 a
【解析】（1）在两个相同的烧杯中加入初温相同、质量相同的水和煤油；实验中选用相同电加热器的目的是：使水和煤油在相同时间内吸收相同的热量；
（2）①图甲中可知：Va
32．（1）4.5×107 J （2）45 ℃ （3）0.75 kg
【解析】（1）汽油完全燃烧放出的热量Q放＝mq＝1 kg×4.5×107 J/kg＝4.5×107 J；
（2）发动机排出的废气带走的能量为Q放×42%＝4.5×107 J×42%＝1.89×107 J，这些废气的能量全部被质量100 kg的水吸收，即Q吸＝1.89×107 J，由Q＝cmΔt可得，水升高的温度；
（3）汽油机的效率为30%，那么汽车在这段路程中做的有用功W＝Q放×30%，如果汽油机的效率提高到40%，其他条件都不变，汽车在这段路程做的有用功不变，汽油完全燃烧放出的热量；由Q＝mq得，汽车在这段路程消耗的汽油。
33．（1） 2.94×107J （2）0．98 kg （3）偏大 因为存实际中：第一，煤不可能完全燃烧；第二，煤燃烧放出的热量不可能全部被水吸收 （4）使用太阳能可以减少煤的消耗 烧煤的显著缺点是对环境造成污染，而太阳能不会对环境造成污染
【解析】（1）水增加的内能
（2）由题意可知，煤完全燃烧释放的热量；由可得，需要煤的质量
（3）在实际生活中，将200 kg水从15 ℃加热到50 ℃需要燃烧的煤与第（2）问中的计算值相比偏大，因为在实际中煤不可能完全燃烧；且煤燃烧放出的热量不可能全部被水吸收；
（4）太阳能与煤相比有优点有：使用太阳能可以减少煤的消耗；烧煤的显著缺点是对环境造成污染，而太阳能不会对环境造成污染。
34．C【解析】沿海地区水多，内陆沙漠地区水少、沙石多。因为水的比热容较大，白天，相同质量的水和沙石相比较，吸收相同的热量，水的温度升高的少；夜晚，放出相同的热量，水的温度降低的少，使得沿海地区昼夜温差较小，而内陆沙漠地区昼夜温差较大。故答案为C。
36．AC【解析】由图象可知，BC段持续加热，温度保持不变，所示是晶体，0 ℃温度保持不变，开始熔化，所以熔点是0 ℃；熔化过程是BC段，持续了3 min；相同时间，AB段、CD段吸收热量相同AB段温度变化比较快，所以AB段比热容较小；从B—C持续吸热，温度虽然不变，但吸热会使内能增加，影响内能的因素不只是温度还跟物体状态等有关系；故应选AC。学&科网
37．20【解析】根据的变形式解答。质量为0.5 kg、温度为70 ℃的水放出4.2×104 J的热量，则水温降低：。
38．低 8.4×104
【解析】水沸腾时的温度为98 ℃，标准大气压下水的沸点是100 ℃，根据气压和沸点的关系可知，当地气压比一个标准大气压低，本实验中水加热至沸腾至少吸热。
39．比热容 4.2×105
【解析】汽车发动机工作过程中，不可避免地产生很多热量，这些热量如不及时带走会影响机器的正常工作。由公式Q＝cm△t知，在质量和升高的温度相同时，与其它液体比较，因为水的比热最大，所以吸收的热量最多，冷却效果最好；水吸收的热量：Q＝cm△t＝4.2×103 J/（kg·℃）×10 kg×10 ℃＝4.2×105 J。
40．热传递 比热容
【解析】泡温泉时感觉身体会发热，是身体吸收了热量，所以这是通过热传递的方式改变了身体的内能。烈日下，小兵去游泳池游泳，他感觉到游泳池边的水泥地面很烫脚，但游泳池里的水却很凉，这是因为水的比热容较大，吸收相等的热量时，温度升高的低。
41．比热容大 分子之间有间隙
42．8.4×107
【解析】知道水的比热容、水的质量和温度的升高值，利用吸热公式求解。，水吸收的热量。
43．热传递 6.4×105
【解析】改变物体内能的方式有做功和热传递。题文中的鱼片是通过热传递的方法来改变内能的；根据计算2 kg的石头从20 ℃加热到420 ℃，需要吸收的热量为：。
44．比热容 不变
【解析】因为水的比热容最大，相同质量的水和其它物质比较，降低相同的温度，水放出的热量多，所以暖气装置中用水来供热；密度是物质本身的一种特性与物体的质量大小无关，所以一瓶矿泉水喝掉一半后，则剩余水的密度不变。
45．不可再生 1.64×104
【解析】不可再生能源泛指人类开发利用后，在现阶段不可能再生的能源，所以可燃冰是不可再生能源；1 m3可燃冰在常温常压下可释放出164 m3的天然气，164 m3天然气完全燃烧放出的热量Q放=Vq天然气=164 m3×4.2×107 J/m3 =6.888×109 J，由Q吸=cmΔt知道可将m=Q吸/（cΔt）=6.888×109 J/[4.2×103 J/（kg·℃）×100 ℃]=1.64×104 kg的水从0 ℃升高到100 ℃。学#科网
46．4.2×105 2 增大 热传递
【解析】因为家用热水器正常工作，所以家用热水器的功率P=P额=2 000 W，由P=W/t可得热水器消耗的电能W=Pt=2 000 W×210 s=4.2×105 J；不计热损失，水吸收的热量Q吸=W=4.2×105 J；由Q吸=cmΔt得水的温度升高值Δt=Q吸/（cm）=4.2×105 J/[4.2×103 J/（kg·℃）×50 kg]=2 ℃；水吸收热量，温度升高、内能增大，这是通过热传递的方法改变水的内能。
47．热传递 4.494×106
48．升华 2.8×1010 4×104
【解析】可燃冰在常温压下会迅速变为气态，此过程为升华过程；2 m3的可燃冰完全燃烧释放的热量Q放=Vq=2 m3×1.4×1010 J/m3=2.8×1010 J，水吸收的热量Q吸=ηQ放=60%×2.8×1010 J=1.68×1010 J，由Q吸=cm（t﹣t0）可得，加热水的质量。
49．（1）质量 （2）280 （3）不相等
【解析】（1）实验中应选取初温和质量相同的水和沙子；
（2）若从9点整开始加热，几分钟后，某时刻手表的指针指向9点4分40秒，则加热所用的时间为280 s；
（3）质量相等的不同物质，在升高相同的温度时吸收的热量是不相等。
50．（1）3.36×105 J （2）不可能
【解析】（1）由铭牌可知，电热水壶的容积V=1 L，装满水时，水的质量m=ρV=1.0×103 kg/m3×1×10-3 m3=1 kg，水吸收的热量；
（2）加热时间为200 s时，电热壶消耗的电能W=Pt=1 360 W×200 s=2.72×105 J，因为W＜Q吸，所以加热时间不可能为200 s。
51．（1）50 ℃ （2）4.2×107 J （3）3.5 kg
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