第十章 章末复习提升课

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章末复习提升课



　　　　　　互斥事件、对立事件的概率
　某超市为了解顾客的购物量及结算时间等信息，安排一名员工随机收集了在该超市购物的100位顾客的相关数据，如下表所示．
一次购物量
1至4件
5至8件
9至12件
13至16件
17件以上
顾客数(人)
x
30
25
y
10
结算时间(分钟/人)
1
1.5
2
2.5
3
已知这100位顾客中一次购物量超过8件的顾客占55%.
(1)确定x，y的值，并估计顾客一次购物的结算时间的平均值；
(2)求一位顾客一次购物的结算时间不超过2分钟的概率．(将频率视为概率)
【解】　(1)由已知得25＋y＋10＝55，x＋30＝45，所以x＝15，y＝20.
该超市所有顾客一次购物的结算时间组成一个总体，所收集的100位顾客一次购物的结算时间可视为总体的一个容量为100的简单随机样本，顾客一次购物的结算时间的平均值可用样本平均数估计，其估计值为＝1.9(分钟)．
(2)记A为事件“一位顾客一次购物的结算时间不超过2分钟”，A1，A2，A3分别表示事件“该顾客一次购物的结算时间为1分钟”“该顾客一次购物的结算时间为1.5分钟”“该顾客一次购物的结算时间为2分钟”．将频率视为概率得
P(A1)＝＝，P(A2)＝＝，P(A3)＝＝.
因为A＝A1∪A2∪A3，且A1，A2，A3是互斥事件，所以
P(A)＝P(A1∪A2∪A3)＝P(A1)＋P(A2)＋P(A3)＝＋＋＝.
故一位顾客一次购物的结算时间不超过2分钟的概率为.

(1)互斥事件与对立事件的概率计算
①若事件A1，A2，…，An彼此互斥，则
P(A1∪A2∪…∪An)＝P(A1)＋P(A2)＋…＋P(An)．
②设事件A的对立事件是A，则P(A)＝1－P(A)．
(2)求复杂事件的概率常用的两种方法
①将所求事件转化成彼此互斥的事件的和．
②先求其对立事件的概率，然后再应用公式P(A)＝1－P(A)求解．　
　受轿车在保修期内的维修费等因素的影响，企业生产每辆轿车的利润与该轿车首次出现故障的时间有关，某轿车制造厂生产甲、乙两种品牌轿车，甲品牌车保修期为3年，乙品牌车保修期为2年，现从该厂已售出的两种品牌的轿车中分别随机抽取50辆，统计出在保修期内首次出现故障的车辆数据如下：
品牌
甲
乙





首次出现故障
的时间x(年)
0 1 2 x>3
0 1 x>2
轿车数量(辆)
2
1
3
44
2
3
45
(1)从该厂生产的甲种品牌轿车中随机抽取一辆，求首次出现故障发生在保修期内的概率；
(2)从该厂生产的乙种品牌轿车中随机抽取一辆，求首次出现故障发生在保修期内的概率．
(注：将频率视为概率)
解：(1)设A，B，C分别表示甲品牌轿车首次出现故障在第1年，第2年和第3年之内，设D表示甲品牌轿车首次出现故障在保修期内，因为A，B，C是彼此互斥的，
其概率分别为P(A)＝＝，P(B)＝，P(C)＝，
所以P(D)＝P(A∪B∪C)＝P(A)＋P(B)＋P(C)＝，
即首次出现故障发生在保修期内的概率为.
(2)乙品牌轿车首次出现故障发生在保修期内的概率为＝.

　　　　　　古典概型
　袋中有五张卡片，其中红色卡片三张，标号分别为1，2，3；蓝色卡片两张，标号分别为1，2.
(1)从以上五张卡片中任取两张，求这两张卡片颜色不同且标号之和小于4的概率；
(2)向袋中再放入一张标号为0的绿色卡片，从这六张卡片中任取两张，求这两张卡片颜色不同且标号之和小于4的概率．
【解】　(1)将标号为1，2，3的三张红色卡片分别记为A，B，C，标号为1，2的两张蓝色卡片分别记为D，E.从这五张卡片中任取两张的所有可能的结果为(A，B)，(A，C)，(A，D)，(A，E)，(B，C)，(B，D)，(B，E)，(C，D)，(C，E)，(D，E)，共10种．
由于每一张卡片被取到的机会均等，因此这些样本点的出现是等可能的．
从这五张卡片中任取两张，这两张卡片颜色不同且它们的标号之和小于4的结果为(A，D)，(A，E)，(B，D)，共3种．
所以这两张卡片颜色不同且它们的标号之和小于4的概率为.
(2)将标号为0的绿色卡片记为F.从这六张卡片中任取两张的所有可能的结果为(A，B)，(A，C)，(A，D)，(A，E)，(A，F)，(B，C)，(B，D)，(B，E)，(B，F)，(C，D)，(C，E)，(C，F)，(D，E)，(D，F)，(E，F)，共15种．
由于每一张卡片被取到的机会均等，因此这些样本点的出现是等可能的．
从这六张卡片中任取两张，这两张卡片颜色不同且它们的标号之和小于4的结果为(A，D)，(A，E)，(A，F)，(B，D)，(B，F)，(C，F)，(D，F)，(E，F)，共8种．所以这两张卡片颜色不同且它们的标号之和小于4的概率为.

求解古典概型概率“四步”法
　
　甲、乙两校各有3名教师报名支教，其中甲校2男1女，乙校1男2女．
(1)若从甲校和乙校报名的教师中各任选1名，求选出的2名教师性别相同的概率；
(2)若从报名的6名教师中任选2名，求选出的2名教师来自同一学校的概率．
解：(1)从甲校和乙校报名的教师中各任选1名，所有可能的结果为(甲男1，乙男)、(甲男2，乙男)、(甲男1，乙女1)、(甲男1，乙女2)、(甲男2，乙女1)、(甲男2，乙女2)、(甲女，乙女1)、(甲女，乙女2)、(甲女，乙男)，共9种；选出的2名教师性别相同的结果有(甲男1，乙男)、(甲男2，乙男)、(甲女，乙女1)、(甲女，乙女2)，共4种，所以选出的2名教师性别相同的概率为.
(2)从报名的6名教师中任选2名，所有可能的结果为(甲男1，乙男)、(甲男2，乙男)、(甲男1，乙女1)、(甲男1，乙女2)、(甲男2，乙女1)、(甲男2，乙女2)、(甲女，乙女1)、(甲女，乙女2)、(甲女，乙男)、(甲男1，甲男2)、(甲男1，甲女)、(甲男2，甲女)、(乙男，乙女1)、(乙男，乙女2)、(乙女1，乙女2)，共15种；选出的2名教师来自同一学校的所有可能的结果为(甲男1，甲男2)、(甲男1，甲女)、(甲男2，甲女)、(乙男，乙女1)、(乙男，乙女2)、(乙女1，乙女2)，共6种，所以选出的2名教师来自同一学校的概率为＝.

　　　　　　事件的相互独立性
　计算机考试分理论考试与实际操作考试两部分，每部分考试成绩只记“合格”与“不合格”，两部分考试都“合格”者，则计算机考试“合格”并颁发“合格证书”．甲、乙、丙三人在理论考试中“合格”的概率依次为，，，在实际操作考试中“合格”的概率依次为，，，所有考试是否合格相互之间没有影响．
(1)若甲、乙、丙三人同时进行理论与实际操作两项考试，则谁获得“合格证书”的可能性大？
(2)求甲、乙、丙三人进行理论与实际操作两项考试后，恰有两人获得“合格证书”的概率．
【解】　(1)记“甲获得‘合格证书’”为事件A，“乙获得‘合格证书’”为事件B，“丙获得‘合格证书’”为事件C，则P(A)＝ ×＝，P(B)＝×＝，P(C)＝×＝，从而P(C)>P(B)>P(A)，所以丙获得“合格证书”的可能性大．
(2)记“甲、乙、丙三人进行理论与实际操作两项考试后，恰有两人获得‘合格证书’”为事件D，则P(D)＝P(AB)＋P(AC)＋P(BC)＝××＋××＋××＝.

利用相互独立事件求复杂事件概率的解题思路
(1)将待求复杂事件转化为几个彼此互斥的简单事件的和．
(2)将彼此互斥的简单事件中的简单事件，转化为几个已知(易求)概率的相互独立事件的积事件．
(3)代入概率的积、和公式求解．　
　设每个工作日甲、乙、丙、丁4人需使用某种设备的概率分别为0.6，0.5，0.5，0.4，各人是否需使用设备相互独立，则同一工作日至少3人需使用设备的概率为(　　)
A．0.25　　　　　　　　 B．0.30
C．0.31 D．0.35
解析：选C.设甲、乙、丙、丁需使用设备分别为事件A，B，C，D，则P(A)＝0.6，P(B)＝0.5，P(C)＝0.5，P(D)＝0.4，所以同一工作日最少3人需使用设备的概率为P(ABCD＋ABCD＋ABCD＋ABCD＋ABCD)＝0.6×0.5×0.5×0.6＋0.6×0.5×0.5×0.4＋0.6×0.5×0.5×0.4＋0.4×0.5×0.5×0.4＋0.6×0.5×0.5×0.4＝0.31.

　　　　　　概率与统计的综合问题
　某食品有限公司对生产的某种面包按行业标准分成五个不同等级，等级系数X依次为A，B，C，D，E.现从该种面包中随机抽取20件样品进行检验，对其等级系数进行统计分析，得到频率分布表如下：
X
A
B
C
D
E
频率
0.1
0.2
0.45
0.15
0.1
从等级系数为A，D，E的样品中一次性任取两件(假定每件样品被取出的可能性相同)．
(1)求取出的两件样品是等级系数为A与D的概率；
(2)求取出的两件样品是不同等级的概率．
【解】　(1)A级所取的样品数为20×0.1＝2，D级所取的样品数为20×0.15＝3，E级所取的样品数为20×0.1＝2.
将等级系数为A的2件样品分别记为a1，a2；等级系数为D的3件样品分别记为x1，x2，x3；等级系数为E的2件样品分别记为y1，y2；
现从a1，a2，x1，x2，x3，y1，y2这7件样品中一次性任取两件，共有21个不同的结果，分别为(a1，a2)，(a1，x1)，(a1，x2)，(a1，x3)，(a1，y1)，(a1，y2)，(a2，x1)，(a2，x2)，(a2，x3)，(a2，y1)，(a2，y2)，(x1，x2)，(x1，x3)，(x1，y1)，(x1，y2)，(x2，x3)，(x2，y1)，(x2，y2)，(x3，y1)，(x3，y2)，(y1，y2)．
记事件M为“取出的两件样品是等级系数为A与D”，则事件M所包含的样本点有6个，分别为(a1，x1)，(a1，x2)，(a1，x3)，(a2，x1)，(a2，x2)，(a2，x3)．
所以事件M的概率P(M)＝＝.
(2)法一：记事件N为“取出的两件样品是等级系数为A与E”，则事件N所包含的样本点有4个，分别为(a1，y1)，(a1，y2)，(a2，y1)，(a2，y2)，所以事件N的概率P(N) ＝.
记事件Q为“取出的两件样品是等级系数为D与E”，则事件Q所包含的样本点有6个，分别为(x1，y1)，(x1，y2)，(x2，y1)，(x2，y2)，(x3，y1)，(x3，y2)，所以事件Q的概率P(Q)＝＝.
因为事件M，N，Q为互斥事件，所以取出的两件样品是不同等级的概率为P(M∪N∪Q)＝P(M)＋P(N)＋P(Q) ＝.
法二：记事件L为“取出的两件样品是不同等级”，则事件为“取出的两件样品是同等级”，所以事件所含的样本点有5种，分别为(a1，a2)，(x1，x2)，(x1，x3)，(x2，x3)，(y1，y2)，所以事件的概率P()＝，
所以P(L)＝1－P()＝1－＝，
即取出的两件样品是不同等级的概率为.

解决概率与统计综合问题应注意的问题
在解决此类综合问题时，应对图表进行观察、分析、提炼，挖掘出图表所给予的有用信息，排除无关数据的干扰，进而抓住问题的实质，达到求解的目的．　
　某险种的基本保费为a(单位：元)，继续购买该险种的投保人称为续保人，续保人本年度的保费与其上年度出险次数的关联如下：
上年度出
险次数
0
1
2
3
4
≥5
保费
0.85a
a
1.25a
1.5a
1.75a
2a
随机调查了该险种的200名续保人在一年内的出险情况，得到如下统计表：

出险次数
0
1
2
3
4
≥5
频数
60
50
30
30
20
10
(1)记A为事件“一续保人本年度的保费不高于基本保费”．求P(A)的估计值；
(2)记B为事件“一续保人本年度的保费高于基本保费但不高于基本保费的160%”．求P(B)的估计值；
(3)求续保人本年度平均保费的估计值．
解：(1)事件A发生当且仅当一年内出险次数小于2.
由所给数据知，一年内出险次数小于2的频率为
＝0.55，故P(A)的估计值为0.55.
(2)事件B发生当且仅当一年内出险次数大于1且小于4.由所给数据知，一年内出险次数大于1且小于4的频率为＝0.3，故P(B)的估计值为0.3.
(3)由所给数据得
保费
0.85a
a
1.25a
1.5a
1.75a
2a
频率
0.30
0.25
0.15
0.15
0.10
0.05
调查的200名续保人的平均保费为
0．85a×0.30＋a×0.25＋1.25a×0.15＋1.5a×0.15＋1.75a×0.10＋2a×0.05＝1.192 5a.
因此，续保人本年度平均保费的估计值为1.192 5a.
,
1．(2019·福建省师大附中期中考试)袋中装有黑、白两种颜色的球各三个，现从中取出两个球．设事件P表示“取出的都是黑球”；事件Q表示“取出的都是白球”；事件R表示“取出的球中至少有一个黑球”，则下列结论正确的是(　　)
A．P与R是互斥事件
B．P与Q是对立事件
C．Q和R是对立事件
D．Q和R是互斥事件，但不是对立事件
解析：选C.袋中装有黑、白两种颜色的球各三个，现从中取出两个球，取球的方法共有如下几类：
①取出的两球都是黑球；②取出的两球都是白球；③取出的球一黑一白．
事件R包括①③两类情况，所以事件P是事件R的子事件，故A不正确；
事件Q与事件R互斥且对立，所以选项C正确，选项D不正确；
事件P与事件Q互斥，但不是对立事件，所以选项B不正确．　
故选C.
2．甲、乙两颗卫星同时独立的监测台风．在同一时刻，甲、乙两颗卫星准确预报台风的概率分别为0.8和0.75，则在同一时刻至少有一颗卫星预报准确的概率为(　　)
A．0.95　　　　　　　　 B．0.6
C．0.05 D．0.4
解析：选A.法一：在同一时刻至少有一颗卫星预报准确可分为：①甲预报准确，乙预报不准确；②甲预报不准确，乙预报准确；③甲预报准确，乙预报准确．这三个事件彼此互斥，故至少有一颗卫星预报准确的概率为0.8×(1－0.75)＋(1－0.8)×0.75＋0.8×0.75＝0.95.
法二：“在同一时刻至少有一颗卫星预报准确”的对立事件是“在同一时刻两颗卫星预报都不准确”，故至少有一颗卫星预报准确的概率为1－(1－0.8)×(1－0.75)＝0.95.
3．(2019·江西省上饶市期末统考)甲、乙两位同学玩游戏，对于给定的实数a1，按下列方法操作一次产生一个新的实数：由甲、乙同时各掷一枚均匀的硬币，如果出现两个正面朝上或两个反面朝上，则把a1乘以2后再减去6；如果出现一个正面朝上，一个反面朝上，则把a1除以2后再加上6，这样就可得到一个新的实数a2，对实数a2仍按上述方法进行一次操作，又得到一个新的实数a3，当a3>a1时，甲获胜，否则乙获胜，若甲胜的概率为，则a1的取值范围是________．
解析：由题意可知，进行两次操作后，可得如下情况：
当a3＝2(2a1－6)－6＝4a1－18，其出现的概率为＝，
当a3＝(2a1－6)＋6＝a1＋3，其出现的概率为＝，
当a3＝2－6＝a1＋6，其出现的概率为＝，
当a3＝＋6＝＋9，其出现的概率为＝，
因为甲获胜的概率为，即a3>a1的概率为，
则满足或，整理得a1≤6或a1≥12.
答案：(－∞，6]∪[12，＋∞)
4．(2019·广东省惠州市期末考试)2019年4月23日“世界读书日”来临之际，某校为了了解中学生课外阅读情况，随机抽取了100名学生，并获得了他们一周课外阅读时间(单位：小时)的数据，按阅读时间分组：第一组[0，5), 第二组[5，10)，第三组[10，15)，第四组[15，20)，第五组[20，25]，绘制了频率分布直方图如图所示．已知第三组的频数是第五组频数的3倍．

(1)求a的值，并根据频率分布直方图估计该校学生一周课外阅读时间的平均值；
(2)现从第三、四、五这3组中用分层随机抽样的方法抽取6人参加校“中华诗词比赛”．经过比赛后，从这6人中随机挑选2人组成该校代表队，求这2人来自不同组别的概率．
解：(1)由频率分布直方图可得第三组和第五组的频率之和为1－(0.01＋0.07＋0.04)×5＝0.4，
第三组的频率为0.4×＝0.3，
所以a＝＝0.06.
该样本数据的平均数x＝2.5×0.01×5＋7.5×0.07×5＋12.5×0.06×5＋17.5×0.04×5＋22.5×0.02×5＝12.25，
所以可估计该校学生一周课外阅读时间的平均值为12.25小时．　
(2)易得从第三、四、五组抽取的人数分别为3，2，1,
设为A，B，C，D，E，F，则从该6人中选拔2人的样本点有：
(A，B)，(A，C)，(A，D)，(A，E)，(A，F)，(B，C)，(B，D)，(B，E)，(B，F)，(C，D)，(C，E)，(C，F)，(D，E)，(D，F)，(E，F)，共15个，
其中来自不同的组别的样本点有：
(A，D)，(A，E)，(A，F)，(B，D)，(B，E)，(B，F)，(C，D)，(C，E)，(C，F)，(D，F)，(E，F)，
共11个，
所以这2人来自不同组别的概率为.

[A　基础达标]
1．老师为研究男女同学数学学习的差异情况，对某班50名同学(其中男同学30名，女同学20名)采取分层随机抽样的方法，抽取一个容量为10的样本进行研究，则女同学甲被抽到的概率为(　　)
A.　　　　　　　　　　 B.
C. D.
解析：选C.因为在分层随机抽样中，任何个体被抽到的概率均相等，所以女同学甲被抽到的概率P＝＝，故应选C.
2．由经验得知，在人民商场付款处排队等候付款的人数及其概率如下：
排队人数
0
1
2
3
4
5人及
以上
概率
0.11
0.16
0.3
0.29
0.1
0.04
则至多有2人排队的概率为(　　)
A．0.3 B．0.43
C．0.57 D．0.27
解析：选C.记“没有人排队”为事件A，“1人排队”为事件B，“2人排队”为事件C，A、B、C彼此互斥．记“至多有2人排队”为事件E，则P(E)＝P(A＋B＋C)＝P(A)＋P(B) ＋P(C)＝0.11＋0.16＋0.3＝0.57.
3．一个三位数的百位，十位，个位上的数字依次为a，b，c，当且仅当a>b，b A. B.
C. D.
解析：选C.由1，2，3组成的三位数有123，132，213，231，312，321，共6个；
由1，2，4组成的三位数有124，142，214，241，412，421，共6个；
由1，3，4组成的三位数有134，143，314，341，413，431，共6个；
由2，3，4组成的三位数有234，243，324，342，432，423，共6个．
所以共有6＋6＋6＋6＝24个三位数．
当b＝1时，有214，213，314，412，312，413，共6个“凹数”；
当b＝2时，有324，423，共2个“凹数”．
所以这个三位数为“凹数”的概率P＝＝.
4．四个人围坐在一张圆桌旁，每个人面前放着完全相同的一枚硬币，所有人同时抛出自己的硬币．若落在圆桌上时硬币正面朝上，则这个人站起来；若硬币正面朝下，则这个人继续坐着．那么，没有相邻的两个人站起来的概率为(　　)
A. B.
C. D.
解析：选B.抛四枚硬币，总的结果有16种，“没有相邻的两个人站起来”记为事件A，可分为三类：一是没有人站起来，只有1种结果：二是1人站起来，有4种结果；三是有2人站起来，可以是AC或BD，有2种结果．所以满足题意的结果共有1＋4＋2＝7种结果，P(A)＝.故选B.
5．某产品分甲、乙、丙三级，其中乙、丙两级均属次品，在正常生产情况下，出现乙级品和丙级品的概率分别是0.05和0.03，则抽检一件是甲级品的概率为________．
解析：记抽检的产品是甲级品为事件A，是乙级品为事件B，是丙级品为事件C，这三个事件彼此互斥，因而所求概率为P(A)＝1－P(B)－P(C)＝0.92.
答案：0.92
6．甲、乙两名运动员各自等可能地从红、白、蓝3种颜色的运动服中选择1种，则他们选择相同颜色运动服的概率为________．
解析：甲、乙的选择方案有红红、红白、红蓝、白红、白白、白蓝、蓝红、蓝白、蓝蓝9种，其中颜色相同的有3种，所以所求概率为＝.
答案：
7．加工某一零件需经过三道工序，设第一、二、三道工序的次品率分别为，，，且各道工序互不影响，则加工出来的零件的次品率为________．
解析：依题意得，加工出来的零件的正品率是××＝，因此加工出来的零件的次品率是1－＝.
答案：
8．设甲、乙、丙三个乒乓球协会的运动员人数分别为27，9，18.现采用分层随机抽样的方法从三个协会中抽取6名运动员组队参加比赛．
(1)求应从这三个协会中分别抽取的运动员的人数；
(2)将抽取的6名运动员进行编号，编号分别为A1，A2，A3，A4，A5，A6，现从这6名运动员中随机抽取2人参加双打比赛．
(ⅰ)用所给编号列出所有可能的结果；
(ⅱ)设A为事件“编号A5和A6的两名运动员中至少有1人被抽到”，求事件A发生的概率．
解：(1)应从甲、乙、丙三个协会中抽取的运动员人数分别为3，1，2.
(2)(ⅰ)从6名运动员中随机抽取2人参加双打比赛的所有可能结果为(A1，A2)，(A1，A3)，(A1，A4)，(A1，A5)，(A1，A6)，(A2，A3)，(A2，A4)，(A2，A5)，(A2，A6)，(A3，A4)，(A3，A5)，(A3，A6)，(A4，A5)，(A4，A6)，(A5，A6)，共15种．
(ⅱ)编号为A5和A6的两名运动员中至少有1人被抽到的所有可能结果为(A1，A5)，(A1，A6)，(A2，A5)，(A2，A6)，(A3，A5)，(A3，A6)，(A4，A5)，(A4，A6)，(A5，A6)，共9种．
因此，事件A发生的概率P(A)＝＝.
9．(2019·江西省临川第一中学期末考试)某学校为了解其下属后勤处的服务情况，随机访问了50名教职工，根据这50名教职工对后勤处的评分情况，绘制频率分布直方图如图所示，其中样本数据分组区间为[40，50)，[50，60)，…，[80，90)，[90，100]．

(1)估计该学校的教职工对后勤处评分的中位数(结果保留到小数点后一位)；
(2)从评分在[40，60)的受访教职工中，随机抽取2人，求此2人中至少有1人对后勤处评分在[50，60)内的概率．
解：(1)由频率分布直方图，可知(0.004＋a＋0.018＋0.022×2＋0.028)×10＝1，
解得a＝0.006.
设该学校的教职工对后勤处评分的中位数为x0，有
(0.004＋0.006＋0.022)×10＋0.028·(x0－70)＝0.5，解得x0≈76.4(分)，
故该学校的教职工对后勤处评分的中位数约为76.4.
(2)由频率分布直方图可知，受访教职工评分在[40，50)内的人数为0.004×10×50＝2(人)，受访教职工评分在[50，60)内的人数为0.006×10×50＝3(人)．
设受访教职工评分在[40，50)内的两人分别为a1，a2，在[50，60)内的三人分别为b1，b2，b3，则从评分在[40，60)内的受访教职工中随机抽取2人，
其样本点有(a1，a2)，(a1，b1)，(a1，b2)，(a1，b3)，(a2，b1)，(a2，b2)，(a2，b3)，(b1，b2)，(b1，b3)，(b2，b3)，共10个，其中2人评分至少有一人在[50，60)内的样本点有9个，故2人评分至少有1人在[50，60)内的概率为.
[B　能力提升]
10．(2019·汕头模拟)甲、乙两人参加“社会主义价值观”知识竞赛，甲、乙两人获得一等奖的概率分别为和，甲、乙两人是否获得一等奖相互独立，则这两个人中恰有一人获得一等奖的概率为(　　)
A. B.
C. D.
解析：选D.根据题意，恰有一人获得一等奖就是甲获得乙没有获得或甲没有获得乙获得，则所求概率是×＋×＝.故选D.
11．若某公司从五位大学毕业生甲、乙、丙、丁、戊中录用三人，这五人被录用的机会均等，则甲或乙被录用的概率为(　　)
A. B.
C. D.
解析：选D.记事件A：甲或乙被录用．从五人中录用三人，样本点有(甲，乙，丙)、(甲，乙，丁)、(甲，乙，戊)、(甲，丙，丁)、(甲，丙，戊)、(甲，丁，戊)、(乙，丙，丁)、(乙，丙，戊)、(乙，丁，戊)、(丙，丁，戊)，共10个，而事件A的对立事件仅有(丙，丁，戊)一种可能，所以事件A的对立事件的概率为P()＝，所以P(A)＝1－P() ＝.故选D.
12．甲、乙分别从底为等腰直角三角形的直三棱柱的9条棱中任选一条，则这2条棱互相垂直的概率为(　　)
A. B.
C. D.
解析：选C.由题意知本题是一个古典概型，试验发生包含的事件是甲从这9条棱中任选一条，乙从这9条棱中任选一条，共有9×9＝81(种)结果，满足条件的事件是这2条棱互相垂直，所有可能情况是
当甲选底面上的一条直角边时，乙有5种选法，共有4条直角边，则共有20种结果；
当甲选底面上的一条斜边时，乙有3种选法，共有2条底面的斜边，则共有6种情况；
当甲选一条侧棱时，乙有6种选法，共有3条侧棱，则共有18种结果．
综上所述，共有20＋6＋18＝44(种)结果，
故这2条棱互相垂直的概率是.
13．(2019·广东省东莞市调研测试)某电商在双十一搞促销活动，顾客购满5件获得积分30分(不足5件不积分)，每多买2件再积20分(不足2件不积分)，比如某顾客购买了12件，则可积90分．为了解顾客积分情况，该电商在某天随机抽取了1 000名顾客，统计了当天他们的购物数额，并将样本数据分为[3，5)，[5，7)，[7，9)，[9，11)，[11，13)，[13，15)，[15，17)，[17，19)，[19，21]九组，整理得到如图频率分布直方图．

(1)求直方图中a的值；
(2)从当天购物数额在[13，15)，[15，17)的顾客中按分层随机抽样的方法抽取6人．那么，从这6人中随机抽取2人，求这2人积分之和不少于240分的概率．
解：(1)各组的频率分别为0.04，0.06，2a，2a，6a，0.2，2a，0.08，0.02，
所以0.04＋0.06＋2a＋2a＋6a＋0.2＋2a＋0.08＋0.02＝1，
化简得12a＝0.6，
解得a＝0.05.
(2)按分层随机抽样的方法在[13，15)内应抽取4人，记为A，B，C，D，每人的积分是110分；
在[15，17)内应抽取2人，记为a，b，每人的积分是130分；
从6人中随机抽取2人，有(A，B)，(A，C)，(A，D)，(A，a)，(A，b)，(B，C)，(B，D)，(B，a)，(B，b)，(C，D)，(C，a)，(C，b)，(D，a)，(D，b)，(a，b)共15个样本点，
其中这2人的积分之和不少于240分的有(A，a)，(A，b)，(B，a)，(B，b)，(C，a)，(C，b)，(D，a)，(D，b)，(a，b)共9个样本点；
所以从6人中随机抽取2人，这2人的积分之和不少于240分的概率为P＝＝.
[C　拓展探索]
14．某种植园在芒果临近成熟时，随机从一些芒果树上摘下100个芒果，其质量分别在[100，150)，[150，200)，[200，250)，[250，300)，[300，350)，[350，400)(单位：克)中，经统计的频率分布直方图如图所示．

(1)估计这组数据平均数；
(2)现按分层随机抽样从质量为[200，250)，[250，300)的芒果中随机抽取5个，再从这5个中随机抽取2个，求这2个芒果都来自同一个质量区间的概率；
(3)某经销商来收购芒果，以各组数据的中间数代表这组数据的平均值，用样本估计总体，该种植园中还未摘下的芒果大约还有10 000个，经销商提出以下两种收购方案：
方案①：所有芒果以9元/千克收购；
方案②：对质量低于250克的芒果以2元/个收购，对质量高于或等于250克的芒果以3元/个收购．
通过计算确定种植园选择哪种方案获利更多．
解：(1)由频率分布直方图知，这组数据的平均数
≈ 0.07×125＋0.15×175＋0.20×225＋0.30×275＋0.25×325＋0.03×375＝255.
(2)利用分层随机抽样从这两个范围内抽取5个芒果，则质量在[200，250)内的芒果有2个，记为a1，a2，质量在[250，300)内的芒果有3个，记为b1，b2，b3；
从抽取的5个芒果中抽取2个共有10种不同情况：(a1，a2)，(a1，b1)，(a1，b2)，(a1，b3)，(a2，b1)，(a2，b2)，(a2，b3)，(b1，b2)，(b1，b3)，(b2，b3)．
记事件A为“这2个芒果都来自同一个质量区间”，则A有4个样本点：
(a1，a2)，(b1，b2)，(b1，b3)，(b2，b3)，
从而P(A)＝＝，
故这2个芒果都来自同一个质量区间的概率为.
(3)方案①收入：y1＝×10 000×9＝×10 000×9＝22 950(元)；
方案②：低于250克的芒果收入为(0.07＋0.15＋0.2)×10 000×2＝8 400(元)；
不低于250克的芒果收入为(0.25＋0.3＋0.03)×10 000×3＝17 400(元)；
故方案②的收入为y2＝84 00＋17 400＝25 800(元)．
由于22 950<25 800，所以选择方案②获利多．