学易金卷：2020-2021学年高一物理上学期期末测试卷03（2019人教版）(等3份资料)

这是一份学易金卷：2020-2021学年高一物理上学期期末测试卷03（2019人教版）(等3份资料)，文件包含学易金卷2020-2021学年高一物理上学期期末测试卷03解析版2019人教版docx、学易金卷2020-2021学年高一物理上学期期末测试卷01解析版2019人教版docx、学易金卷2020-2021学年高一物理上学期期末测试卷02解析版2019人教版docx、学易金卷2020-2021学年高一物理上学期期末测试卷02原卷版2019人教版docx、学易金卷2020-2021学年高一物理上学期期末测试卷03原卷版2019人教版docx、学易金卷2020-2021学年高一物理上学期期末测试卷01原卷版2019人教版docx等6份试卷配套教学资源，其中试卷共92页， 欢迎下载使用。
2020-2021学年高一物理上学期期末测试卷02一、选择题：本题共12小题，每小题4分，共48分。在每小题给出的四个选项中，第1~8题只有一项符合题目要求，第9~12题有多项符合题目要求。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。1．为了使公路交通有序、安全，路旁立了许多交通标志，乙图是限速标志，表示允许行驶的最大速度是100km/h；甲图是路线指示标志，此处到深圳还有140km。上述两个数据表达的物理意义是（　　）A．100km/h是平均速度，140km是位移B．100km/h是瞬时速度，140km是路程C．100km/h是瞬时速度，140km是位移D．100km/h是平均速度，140km是路程【答案】B【详解】允许行驶的最大速度表示是通过某一位置的速度，是瞬时速度，所以100km/h是指瞬时速度；此处到深圳还有140km，140km是运动轨迹的长度，是路程，故选B。2．如图所示，汽车向右沿直线运动，原来的速度是，经过一小段时间之后，速度变为，表示速度的变化量。由图中所示信息可知（线段长度表示速度大小）（　　）A．汽车在做加速直线运动B．汽车的加速度方向与的方向相同C．汽车的加速度方向与的方向相同D．【答案】C【详解】速度是矢量，速度的变化量，根据图中信息可知，方向与初速度方向相反，而加速度方向与方向相同，所以加速度方向与初速度v1方向相反，故物体做减速直线运动。故选C。3．如图所示，一个滑块从斜面顶端A由静止开始沿斜面向下做匀加速直线运动到达底端C，已知AB=BC，则下列说法正确的是（　　）A．滑块到达B、C两点的速度之比为1：2B．滑块到达B、C两点的速度之比为1：4C．滑块通过AB、BC两段的时间之比为1：D．滑块通过AB、BC两段的时间之比为（＋1）：1【答案】D【详解】AB．根据匀变速直线运动的速度位移公式v2=2ax得所经过的位移比为1：2，则通过B、C两点的速度之比为，故AB错误；CD．设AB段、BC段的长度为x，所经历的时间分别为t1，t2，根据匀变速直线运动的位移时间公式有，则所以故C错误，D正确。故选D。4．如图所示，两等高的竖直木桩ab、cd固定，一不可伸长的轻绳两端固定在a、c端，绳长为L，一质量为m的物体A通过轻质光滑挂钩挂在轻绳中间，静止时两侧轻绳夹角为120°。若把轻绳换成自然长度为L的橡皮筋，物体A悬挂后仍处于静止状态，橡皮筋处于弹性限度内。若重力加速度大小为g，关于上述两种情况，下列说法正确的是（　　）A．轻绳的弹力大小为2mgB．轻绳的弹力大小为mgC．橡皮筋的弹力等于mgD．橡皮筋的弹力小于mg【答案】D【详解】AB．轻绳的弹力AB错误。CD．若把轻绳换成自然长度为L的橡皮筋，物体A悬挂后仍处于静止状态，由于橡皮筋的伸长，两绳的夹角小于120°，根据平行四边形法则作图，合力不变夹角减小时，分力减小，所以橡皮筋的弹力小于mg，D正确，C错误。故选D。5．一个物体在多个力的作用下处于静止状态，如果仅使其中一个力的大小F随时间t（F=kt+F0）线性增大到某一个数值后，接着又线性减小到原来的大小此力的方向始终不变，在这个过程中其余各力均不变。那么能正确描述该过程中物体速度变化情况的vt图线是图中的（　　）A． B．C． D．【答案】D【详解】由于物体在多个力的作用下处于静止状态，如果仅使其中一个力的大小逐渐增大到某一个数值，物体的合力逐渐增大到某值，根据牛顿第二定律知加速度会逐渐增大到某一值，接着又逐渐恢复到原来的大小(此力的方向始终不变)，合力逐渐减小到零，则加速度逐渐减小至零；所以物体的加速度逐渐增大到某值后再逐渐减小至零的过程，而速度从零开始一直增大，根据图象的切线斜率表示瞬时加速度，知D图正确，故ABC错误，D正确。故选D。6．如图所示，小球m放置于光滑的楔形物体M的水平上表面上。开始时都静止，现将楔形物体由静止释放，则小球在碰到斜面前的运动轨迹是（　　）A．沿斜面方向的直线B．竖直向下的直线C．无规则的曲线D．抛物线【答案】B【分析】分析小球的受力情况，根据牛顿第一定律分析小球在水平方向和竖直方向的运动状态，确定它的运动轨迹。【详解】楔形物体释放前，小球受到重力和支持力，两力平衡；楔形物体释放后，由于小球是光滑的，则小球水平方向不受力，根据牛顿第一定律知道，小球在水平方向的状态不改变，即仍保持静止状态，水平方向不发生位移，而竖直方向楔形物体的支持力将小于小球的重力，小球将沿竖直方向做加速运动，所以其运动轨迹为竖直向下的直线。故选B。7．如图是跳远运动员在起跳、腾空和落地过程的情景。若运动员的成绩为。腾空时重心离沙坑的最大高度为。为简化情景。把运动员视为质点，空中轨迹视为抛物线，则（　　）A．运动员在空中运动的时间为sB．运动员在空中最高点时的速度大小为C．运动员落入沙坑时的速度大小为D．运动员落入沙坑时速度与水平面夹角正切值为1.6【答案】C【详解】A．跳远是斜抛运动，后半段可视为平抛运动，前半段可视为逆向平抛，前、后段时间相等，根据h=gt2得t1=0.5s则运动员在空中运动的时间是t=2t1=1.0s故A错误；B．由x=v0t=8.00m得v0=8.0m/s即运动员在空中最高点的速度大小是8.0m/s，故B错误；C．运动员落入沙坑时的速度大小是故C正确；D．运动员落入沙坑时速度与水平面的夹角正切值故D错误。故选C。8．汽车在水平地面上转弯时，地面的摩擦力达到最大，当汽车速率增为原来的2倍时，则汽车拐弯的半径必须（　　）A．减为原来的倍 B．减为原来的倍C．增为原来的2倍 D．增为原来的4倍【答案】D【详解】汽车在水平路面转弯时，地面的摩擦力提供向心力，由于摩擦力已经最大，所以向心力不可能再变大，根据匀速圆周运动向心力的公式可计算得，也就是说半径要增为原来4倍。故选D。 9．2019年9月13日，美国导弹驱逐舰“迈耶”号擅自进入中国西沙群岛海域。我军组织有关海空兵力，依法依规对美舰进行了识别查证，予以警告，成功将其驱离。下图是美国导弹驱逐舰“迈耶”号在海面上被我军驱离前后运动的速度—时间图象，如图所示，则下列说法正确的是（　　）A．美舰在0~66s内从静止出发做加速度减小的加速运动B．美舰在66s末开始调头逃离C．美舰在66~96s内运动了225mD．美舰在96~116s内做匀减速直线运动【答案】AC【详解】A．图像的斜率为加速度，根据图像可知美舰做加速度减小的加速运动，A正确；B．美舰在96s末速度开始反向，此时开始调头逃离，B错误；C．图线与时间轴围成的面积为位移，则66~96 s内运动了C正确；D．美舰在96~116 s内做反向的匀加速直线运动，D错误。故选AC。10．如图所示，木块A、B分别重50N和60N，它们与水平地面间的动摩擦因数均为0.20，连接在A、B之间的轻弹簧被拉伸了，弹簧的劲度系数为400N/m，系统置于水平地面上静止不动。现用的水平拉力作用在木块B上，则在力F作用后（　　）A．木块B所受摩擦力大小是10NB．木块B所受摩擦力大小是6NC．木块A所受摩擦力大小是10ND．木块A所受摩擦力大小是8N【答案】BD【详解】根据题意可知两木块的最大静摩擦力为此时弹簧弹力为用的水平拉力作用在木块B上，木块B受到弹簧向左的弹力为8N，拉力为2N，二力合力为6N，方向水平向左，小于最大静摩擦力，故B受静摩擦力为6N，向右；此时木块A受到向右的弹力为8N，小于最大静摩擦力，故A不动，受静摩擦力为8N，方向向左，故AC错误，BD正确。故选BD。11．如图，竖直放置间距为d的两个平行板间存在水平方向的风力场，会对场中的物体产生水平向右的恒定风力作用，与两板上边缘等高处有一个质量为m的小球P（可视为质点）。现将小球P从两板正中央由静止释放，最终小球运动到右板上的位置O。已知小球下降的高度为h，小球在竖直方向只受重力作用，重力加速度大小为g，则从开始位置运动到位置O的过程中（　　）A．水平风力B．小球P的运动时间C．小球P运动的轨迹为曲线D．小球P运动到O点的速度与水平方向的夹角满足【答案】BD【详解】A．小球所受力的方向与运动方向相同，因此可得故A错误；B．在竖直方向上，小球做自由落体运动运动的时间故B正确；C．由于水平方向风力恒定，竖直方向重力恒定，因此两个力的合力恒定，又由于初速度为零，因此物体做初速度为零的匀加速直线运动，运动轨迹为直线，故C错误；D．小球P运动到O点,竖直方向加速度和速度分别为水平方向加速度和速度分别为速度与水平方向的夹角满足故D正确。故选BD。12．如图所示，飞车表演场地可以看成一个圆台的侧面，侧壁是光滑的，飞车表演者可以看作质点，在A和B不同高度的水平面内做匀速圆周运动。以下关于表演者在A、B两个轨道时的线速度大小（vA、vB）、角速度（ωA、ωB）、向心力大小（FnA、FnB）和对侧壁的压力大小（FNA、FNB）的说法正确的是（　　）A．vA>vB B．ωA>ωB C．FnA>FnB D．FNA=FNB【答案】AD【详解】以飞车为研究对象，作出力图，如图。设侧壁与竖直方向的夹角为θ，

则根据牛顿第二定律，得Fn=mgcotθ=mω2r 得到 θ相同，则FnA=FnB FNA=FNBr越大，则ω越小，v越大，即vA>vBωA<ωB故AD正确，BC错误。故选AD。二、实验题：本题共2小题，共15分。13．(1)电火花打点计时器使用__________电源填“直流”或“交流”。(2)研究小车匀变速直线运动的部分实验步骤如下：A．测量完毕，关闭电源，取出纸带B．接通电源，待打点计时器工作稳定后放开小车C．将小车停靠在打点计时器附近，小车尾部与纸带相连D．把打点计时器固定在平板上，让纸穿过限位孔上述实验步骤的正确顺序是：_______________（用字母填写）(3)在某次用打点计时器（工作频率为）测定已知作匀变速直线运动物体的加速度实验中，所获得的纸带。选好0点后，每5个间隔点取一个计数点（中间的4个点图中未画出），依次取得1、2、3、4、各点，测得的数据如图所示。则纸带的加速度大小为___________，“1”这一点的速度大小为_____。（结果均保留二位有效数字）【答案】交流    DCBA    0.80    0.46    【详解】(1)[1]电火花打点计时器使用220V的交流电源；(2) [2]实验时首先要安装仪器，然后测量，最后整理仪器，则此实验步骤的正确顺序是DCBA；(3)[3]每5个间隔点取一个计数点，所以相邻的计数点间的时间间隔T=0.1s，根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小，得[4]根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上1点时小车的瞬时速度大小14．某学生做“探究弹力和弹簧伸长的关系”的实验。(1)小明同学利用如图所示实验装置探究弹簧弹力与形变量的关系，他的实验步骤如下，请按实验操作的先后顺序，将各步骤的序号写在横线上：________________________；A．将铁架台固定于水平桌面上，按图甲所示安装好实验装置B．以弹簧弹力（弹簧下端所挂钩码的重力）为纵坐标，以弹簧伸长的长度为横坐标，用描点法作图，画出弹力随弹簧伸长量变化的图线C．依次在弹簧下端挂上1个、2个、3个、4个钩码，并分别记录钩码静止时，弹簧下端所对应的刻度，然后取下钩码D．以弹簧伸长量为自变量，写出弹力与弹簧伸长量的关系式E.记下弹簧自由下垂时，其下端在刻度尺上的刻度F.解释函数表达式中常数的物理意义(2)实验时把弹簧竖直悬挂起来，在下端挂钩码，每增加一只钩码均记下对应的弹簧伸长的长度，数据记录如表所示，根据表中数据在图乙中作出图线_______；钩码个数01234567弹力01.02.03.04.05.06.07.0弹簧伸长的长度02.003.986.027.979.9511.8013.50(3)根据图线可以求得弹簧的劲度系数为________（结果保留三位有效数字）【答案】AECBDF        50.0±0.5    【详解】(1)[1]实验中应先选组装器材，然后进行实验，最后进行数据处理并分析数据的意义，即AECBDF(2)[2]根据表格中的数据描点作图如图所示(3)[3]根据胡克定律F=kx有三、计算题：本题共3小题，共37分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤。只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。15．如图所示，水平转盘上放有质量为m的物体可视为质点，连接物体和转轴的绳长为r，物体与转盘间的最大静摩擦力是其压力的μ倍，若转盘的角速度由零逐渐增大，求：(1)绳子对物体的拉力为零时的最大角速度ω0；(2)当角速度为时，绳子对物体拉力F的大小。【答案】(1) ；(2) 【详解】（1）当恰由最大静摩擦力提供向心力时，绳子拉力为零且角速度达到最大，则有得（2）因为所以绳子的拉力F和最大静摩擦力共同提供向心力，此时有解得16．11月12，13，14日，我校将举行运动会。同学们利用体育课及课外活动时间积极准备着这次运动会。其中一个集体项目是50米迎面接力赛跑。假设在某次训练中甲同学从静止开始经过t=2s加速到v=8m/s，后保持这个速度把接力棒交给乙同学。如果加速阶段视为匀加速直线运动，求：(1)甲同学在加速阶段的加速度为多大？(2)甲同学在加速阶段通过的位移为多大？(3)甲同学完成这次接力共用时多少？【答案】(1)4m/s2；(2)8m；(3)7.25s【详解】(1)甲同学做初速度为零的匀加速直线运动，根据速度公式，有v=at代入数据，解得a=4m/s2(2)根据位移公式，有x=t2代入数据，解得x=8m(3)甲同学先匀加速运动，后匀速运动。匀速运动，有=v=42m解得5.25s所以共用时t+=7.25s17．如图所示，底座A上装有长0.5m的直立杆，用细线悬挂，底座底面离水平地面H=0.2m，杆上套有一小环B，它与杆间有摩擦，若环从底座以m/s的初速度沿杆向上运动，最后恰能到达杆的顶端，若环由静止从杆顶下滑至底座时的速度大小为m/s（取g=10m/s2）。求：(1)环沿杆上滑和下滑过程中的加速度大小之比；(2)若小环在杆顶端时细线突然断掉，底座下落后与地面立即粘合后静止，整个过程杆没有晃动，则线断后经多长时间环第一次与底座相碰；(3)若小环在杆底端时细线突然断掉，底座下落后与地面碰撞后以倍的速度反弹，反弹后底座全过程都近似看成上抛运动（加速度为g）；而环与底座的碰撞是弹性碰擅，以原速反弹，整个过程杆没有晃动，则线断后经多长时间环与底座第一次共速，此时环相对底座距离多少。【答案】(1)3；(2)0.4s；(3)0.1s，0.025m【详解】(1)环向上做匀减速运动中，有2a上L解得 a上环由静止从杆顶下滑到底座运动中有2a下L解得a下(2)环向上做匀减速运动中，对环受力分析，由牛顿第二定律有mg+Ff=ma上解得Ff=ma上−mg对环和底座一起下落运动中，有计算得出由速度公式，有v1=gt1=2m/s底座静止后，环做匀加速运动，此运动中有mg−Ff=ma2解得a2=5m/s2由计算解得t2=0.2s因此环向下运动的总时间是t总=t1+t2=0.4s即线断后经0.4s时间环第一次与底座相碰。(3)底座与地面碰撞反弹后的速度大小是v座=1.5m/s，做竖直上抛运动；环反弹后的速度大小是v环=2m/s，向上做匀减速运动，设经t时间环与底座第一次共速，由速度公式则有v环−a上t=v座−gt代入数据解得t=0.1s环的位移是x环=v环t−a上t2=0.125m底座的位移是x座=v座t−gt2=0.1m环相对底座的距离是x=x环−x座=0.025m