学易金卷：2020-2021学年高一物理下学期期末测试卷（人教版2019）02

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2020–2021学年下学期期末测试卷02卷高一物理·全解全析123456789101112AABACDDBACDACBDBC1．A【详解】A．质点在x方向做匀加速直线运动，初速度为v0x=3m/s，y方向做匀速直线运动，速度为vy=4m/s，则质点的初速度为故A正确；B．由v-t图像可知，质点的加速度为根据牛顿第二定律，可得质点所受的合外力为故B错误；C．设质点的初速度方向与x正方向的夹角为θ，则有解得而合外力方向沿x正方向，则质点初速度与合外力夹角为53°，故C错误；D．2s末x方向的速度为6m/s，则2s末质点的速度大小为故D错误。故选A。2．A【详解】设绳子与水平方向的夹角为，小车上升的速度为，则解得随着小车的运动，逐渐减小，逐渐增大，则逐渐增大；即重物A向上做加速运动，所以它处于超重状态；根据牛顿第二定律可知，绳子对小车的拉力大于物体A的重力。故选A。3．B【详解】A．汽车转弯时所受的力有重力、弹力、摩擦力和牵引力。A错误；B．设悬点到圆心的距离为h，细线与竖直方向的夹角为α，则根据牛顿第二定律得解得B正确；C．因为AB可能受到摩擦力，并且摩擦力的方向不确定，所以两球运动的周期关系不确定。C错误；D．火车转弯超过规定速度时，火车需要更大的向心力，所以车轮会挤压外轨，即外轨对轮缘会有挤压的作用。D错误。故选B。4．A【详解】物体上升到最高点时对沿月球表面的卫星解得第一宇宙速度故选A。5．C【详解】物体匀速上升时，有速度为时，根据牛顿第二定律得解得故选C。6．D【详解】上升过程中根据动能定理则随x增加，因为μ减小，则图像的斜率减小；下滑时由动能定理则随x的增加，μ增大，则图像的斜率减小。故选D。7．D【详解】设建筑工人下落5 m时速度为v，则v== m/s=10 m/s设安全带所受平均冲力大小为F，则由动量定理得（mg-F）t=-mv所以F=mg＋=60×10 N＋N=1000 N所以D正确；ABC错误；故选D。8．B【详解】AB.两球在竖直方向上均做自由落体运动，因为两球下落位置相同，所以同时经过水平面1。两球经过水平面1时在竖直方向的速度相同，但A球还具有水平分速度，所以两球速率不同。又因为重力做功的瞬时功率等于重力与小球竖直方向分速度之积，所以经过水平面1时，重力做功的瞬时功率相同，故A错误，B正确；CD．两球从水平面1到2的过程，所受合外力相同，在合外力方向运动的位移相同，运动时间也相同，根据动量定理可知两球动量变化量相同，根据动能定理可知两球动能变化量也相同，故C、D错误。故选B。9．ACD【详解】由图可知，A和B在相同时间内速度变化的大小相等，并且二者受到的合外力大小相等，所以二者质量相等。A．木板获得的动能为A正确；B．系统损失的机械能为B错误；C．由图可知，二者最后共速，所以物体没有离开长木板，所以二者的相对位移即为长木板的最小长度，二者图像围成的三角形的面积即为最小长度，有C正确；D．在两物体相对运动过程中，对长木板有解得D正确。故选ACD。10．AC【详解】A．探测器在轨道III上绕月球做匀速圆周运动，万有引力提供向心力，有可得月球质量为则月球的密度为故A正确；B．椭圆轨道II的长轴为3R，半长轴为，根据开普勒第三定律，有解得所以探测器在轨道I上运动的周期是在轨道II上运动的周期的倍，故B错误；C．根据开普勒第二定律可得可得所以B处速度大小是A处速度大小的2倍，故C正确；D．根据可知，探测器在轨道III经过B点时的加速度等于在轨道II经过B点时的加速度，故D错误。故选AC。11．BD【详解】A．在空中飞行时的加速度都是相同的，均为g，选项A错误；B．飞镖2下落的竖直高度较大，根据可知，飞镖2在空中飞行的时间较长，选项B正确；C．因水平位移相同，则可知，飞镖2投出时的初速度较小，选项C错误；D．落到靶盘上时镖身与靶盘的夹角飞镖1的初速度大，时间短，则θ角较大（即图中θ1>θ2），选项D正确。故选BD。12．BC【详解】A．由动量定理Ft=mv2﹣mv1求出1s末、2s末速度分别为v1=1m/sv2=1.5m/s由动能定理可知合力做功为故0～2s内功率是故A错误；C．1s末、2s末功率分别为P1=F1v1=2WP2=F2v2=1.5W故C正确；BD．第1秒内与第2秒动能增加量分别为故第2s内外力所做的功为1.25J；而动能增加量的比值为4：5，故B正确，D错误；故选BC。13．B            【详解】(1)[1]弹簧弹出两球过程中，系统机械能守恒，要测定压缩弹簧的弹性势能，可转换为测定两球被弹出时的动能，实验中显然可以利用平抛运动测定平抛初速度以计算初动能，因此在测出平抛运动下落高度的情况下，只需测定两球落地点M、N到对应管口P、Q的水平距离、，故选B。(2)[2]平抛运动的时间，初速度，因此初动能由机械能守恒定律可知，压缩弹簧的弹性势能等于两球平抛运动的初动能之和，即(3)[3]若弹射过程中系统动量守恒，则代入时间得14．ABC        增大    增大    增大    【详解】（1）[1]由平抛规律可知，由水平距离和下落高度即可求出平抛时的初速度，进而可求出物体动能，所以本实验至少需要测量小球的质量m、小球抛出点到落地点的水平距离s、桌面到地面的高度h。故选ABC。（2）[2]由平抛规律可知竖直方向上h=gt2水平方向上s=vt而动能Ek=mv2联立可得Ek=（3）[3]由题意可知如果h不变，m减小，则相同的△x对应的速度变大，物体下落的时间不变，对应的水平位移s变大，s-△x图线的斜率会增大；[4]如果m不变，h增加，则物体下落的时间增加，则相同的△x下要对应更大的水平位移s，故s-△x图线的斜率会增大；[5]弹簧的弹性势能等于物体抛出时的动能，即Ep=可知Ep与△s的2次方成正比，而△s与△x成正比，则Ep与△x的2次方成正比，故Ep随△x的增大会增大。15．（1）；（2）不能，理由见解析【详解】（1）由图乙可知，在前2m内，力F的大小设滑块在水平轨道AB上运动前2m过程所用的时间为t，对滑块根据牛顿第二定律可知根据运动学公式有联立解得由乙图可知在第3m内，力F的大小方向水平向左，对滑块从A点运动到B点过程，根据动能定理有其中，，代入数据得（2）小滑块恰能到达最高点C时有最小速度由得假设小滑块能滑到C，从B到C的过程，由动能定理解得由于所以小滑块不能滑到最高点C。16．(1)6.25m/s2；(2)0.19N，方向竖直向上；(3)3N【详解】(1)由匀变速直线运动的位移公式有解得(2)对鸡蛋受力分析，鸡蛋在空中运动时，受重力mg、装置的作用力F1，由牛顿第二定律有mg−F1=maF1=mg−ma=50×10−3×（10−6.25）N≈0.19N方向竖直向上。(3)鸡蛋落地时的速度v=at=6.25×1.6m/s=10m/s由动量定理有（F2−mg）Δt=Δp由牛顿第三定律可知，鸡蛋对装置的平均作用力大小是3N。17．（1）860N；（2）1.2s；（3）【详解】（1）表演者到达B点时由牛顿第二定律可得解得由牛顿第三定律可知表演者对圆形轨道的压力为860N，方向竖直向下。（2）表演者离开B点后，若落在水平轨道CD上，由平抛运动可知，下落时间为水平方向的位移为轨道倾斜角为45°，由几何可知，表演者落在倾斜轨道BC上，水平方向位移等于竖直方向位移，即解得t=1.2s（3）表演者从不同地方开始下滑，若表演者落在倾斜轨道BC上，由平抛运动和几何知识可得t=0.2v若表演者落在水平轨道CD上，由自由落体运动可知t=1.4s，则到达B点时的速度大小v与离开B点后空中做表演时间t的关系图像如下图所示：