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2022-2023学年黑龙江省牡丹江市第三高级中学高一上学期期中考试数学试题(解析版)
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一、单选题
1.下列各组函数是同一函数的是( )
A.与 B.与
C.与 D.与
【答案】D
【分析】根据同一函数的定义,对选项逐一判断即可得到结果.
【详解】对于A中,函数的定义域为,函数的定义域为,两函数的定义域不同,所以不是同一函数;
对于B中,函数和的对应法则不同,所以不是同一函数;
对于C中,函数的定义域为,函数的定义域为,两函数的定义域不同,所以不是同一函数;
对于D中,函数与的定义域都是,且对应法则相同,所以是同一函数.
故选:D.
2.若幂函数在上是减函数,则实数的值是( )
A.或3 B.3 C. D.0
【答案】B
【分析】由题意可得,从而可求出实数的值
【详解】解:因为幂函数在上是减函数,
所以,
由,得或,
当时,,所以舍去,
当时,,
所以,
故选:B
3.已知,,若,则
A.有最小值 B.有最小值
C.有最大值 D.有最大值
【答案】A
【分析】根据基本不等式的性质,即可求解有最小值,得到答案.
【详解】由题意,可知,,且,
因为,则,即,
所以,
当且仅当时,等号成立,取得最小值,
故选A.
【点睛】本题主要考查了基本不等式的应用,其中解答中合理应用基本不等式求解是解答的关键,着重考查了运算与求解能力,属于基础题.
4.下列函数中,在区间(1,+∞)上为增函数的是( ).
A. B. C. D.
【答案】D
【分析】结合一次函数,二次函数及反比例函数的图象及图象变换分别进行判断即可.
【详解】由一次函数的性质可知,y=-3x-1在区间(1,+∞)上为减函数,故A错误;
由反比例函数的性质可知,y=在区间(1,+∞)上为减函数,
由二次函数的性质可知,y=x2-4x+5在(-∞,2)上单调递减,在(2,+∞)上单调递增,故C错误;
由一次函数的性质及图象的变换可知,y=|x-1|+2在(1,+∞)上单调递增.
故选D.
【点睛】本题主要考查了基本初等函数的单调性的判断,属于基础试题.
5.函数的零点一定位于区间( )
A. B. C. D.
【答案】B
【分析】函数在其定义域上连续,同时可判断f(2)<0,f(3)>0;从而可得解.
【详解】函数f(x)=在其定义域上连续,
f(2)=2+2•2﹣6=ln2﹣2<0,
f(3)=ln3+2•3﹣6=ln3>0;
故函数的零点在区间(2,3)上,
故选B.
【点睛】本题考查了函数的零点存在定理,对数函数的性质与计算,熟记定理,准确计算是关键,属于基础题.
6.若不等式对任意实数x均成立,则实数a的取值范围是( )
A. B. C. D.
【答案】D
【分析】当时,直接分析即可;当时,根据一元二次不等式恒成立的思想进行分析.
【详解】当时,即,此时恒成立,满足条件;
当时,因为对任意实数都成立,
所以,解得,
综上可知,,
故选:D.
7.已知是上的减函数,那么的取值范围是( )
A. B. C. D.
【答案】A
【分析】由为上的减函数,知递减,递减,
且,从而得,解出即可.
【详解】因为为上的减函数,
所以有,
解得:,
故选:A.
8.若两个正实数x,y满足,且不等式有解,则实数 m 的取值范围( )
A. B.
C. D.
【答案】B
【分析】由题可得,利用基本不等式可得,再利用一元二次不等式的解法即得.
【详解】∵不等式有解,
∴,
∵,,且,
∴,
当且仅当,即,时取“=”,
∴,
故,即,
解得或,
∴实数 m 的取值范围是.
故选:B.
二、多选题
9.下列说法不正确的是( )
A.若,则 B.若,则
C.若,则 D.若,则
【答案】ACD
【分析】根据不等式的性质判断即可.
【详解】A选项:当时,,故A错;
B选项:当时,,故B正确;
C选项:当时,,故C错;
D选项:当时,,故D错.
故选:ACD.
10.下列说法正确的是( )
A.命题“,”的否定是“,”
B.命题“,”的否定是“,”
C.“”是“”的必要而不充分条件
D.“”是“关于的方程有一正一负根”的充要条件
【答案】BD
【解析】A.根据全称命题的否定的书写规则来判断;B. 根据特称命题的否定的书写规则来判断;C.根据充分性和必要性的概念判断;D. 根据充分性和必要性的概念判断.
【详解】解:A.命题“,”的否定是“,”,故错误;
B.命题“,”的否定是“,”,正确;
C.,不能推出,也不能推出,所以“”是“”的既不充分也不必要条件,故错误;
D.关于的方程有一正一负根,所以“”是“关于的方程有一正一负根”的充要条件,正确,
故选:BD.
【点睛】本题考查全称命题,特称命题否定的写法,以及充分性,必要性的判断,是基础题.
11.设,则“”成立的一个充分不必要条件是( )
A. B.或
C. D.
【答案】ACD
【解析】先求得不等式的解集,再结合选项,即可得到“”成立的一个充分不必要条件,得到答案.
【详解】由不等式,可化为,
解得或,
结合选项,可得“”成立的一个充分不必要条件是A、C、D.
故选:ACD
12.已知函数,若,不为零,则下列不等式成立的是( )
A. B. C. D.
【答案】BD
【分析】利用定义可知是偶函数,根据解析式可知为上的增函数,根据偶函数和增函数可得,然后举特值可排除,利用平方差公式变形可知正确,利用对数的性质可知正确.
【详解】因为,
所以是偶函数.
当时,为增函数,
所以当时,为减函数.
故由可得,且不为零,可知.
当时,,由此排除AC选项.
因为,故B选项正确.
D选项,,故D选项正确.
故选:BD.
【点睛】本题考查了函数的奇偶性和单调性的应用,考查了对数的性质,属于基础题.
三、填空题
13.函数的定义域是__________.
【答案】
【解析】求出使解析式有意义的自变量的范围即可.
【详解】由题意,解得或.
故答案为:
【点睛】本题考查求函数的定义域,求出使函数式有意义的自变量的取值范围即得,掌握对数函数性质是解题关键.
14.已知是上的奇函数,当时,,则_______.
【答案】
【分析】由函数奇偶性,结合时函数解析式,即可求解.
【详解】由是上的奇函数,当时,,
则,
故答案为:.
【点睛】本题主要考查了利用函数的奇偶性求值问题,其中熟记函数奇偶性的转化作用是解答的关键,属于基础题.
15.若不等式的解集为实数集,则实数的取值范围为__________.
【答案】
【解析】分三种情况讨论:(1)当等于0时,原不等式变为,显然成立;
(2)当时,根据二次函数的图象与性质可知解集为不可能;
(3)当时,二次函数开口向下,需时,由此可得结论.
【详解】解:(1)当时,得到,所以不等式的解集为;
(2)当时,二次函数开口向上,函数值不是恒小于等于0,所以解集为不可能.
(3)当时,二次函数开口向下,由不等式的解集为,
得,即,解得,所以;
综上,的取值范围为.
故答案为:.
【点睛】易错点点睛:对于一元二次不等式型的不等式恒成立问题,注意需讨论二次项系数为零的情况,当系数不为零时,再从根的判别式的符号上考虑.
16.函数在上的值域是_____.
【答案】
【分析】先化简函数的解析式,再利用函数的单调性求函数的值域.
【详解】解:当时,函数 在上是增函数,
故当时,函数取得最小值为1,
又,故函数的值域为,
故答案为:.
四、解答题
17.计算:
(1)
(2)
【答案】(1)6 (2) 0
【分析】指数式运算将各项转化为分数指数幂后计算;同底数对数相加,底数不变真数相乘,同底数对数相减,底数不变真数相除.
【详解】(1);
(2).
18.设集合,集合.
(1)若,求;
(2)设命题,命题,若p是q成立的必要条件,求实数a的取值范围.
【答案】(1);(2).
【解析】(1)根据题意得,,进而得 ;
(2)根据题意得,再根据集合关系即可得实数的取值范围是
【详解】解:(1)由,解得,可得: .
当时,可得:,可化为: ,解得,∴.
∴.
(2)由,解得.
∴.
∵是成立的必要条件,∴,
由于,所以有:,解得: .
∴实数的取值范围是.
【点睛】结论点睛:本题考查充分不必要条件的判断,一般可根据如下规则判断:
(1)若是的必要不充分条件,则对应集合是对应集合的真子集;
(2)是的充分不必要条件, 则对应集合是对应集合的真子集;
(3)是的充分必要条件,则对应集合与对应集合相等;
(4)是的既不充分又不必要条件, 对的集合与对应集合互不包含.
19.已知,且函数满足.
(1)求实数的值;
(2)判断函数的单调性,并加以证明.
【答案】(1);(2)函数在上为增函数,证明见解析.
【分析】(1) 即为奇函数,由求解,再验证即可 ;
(2)由单调性的定义证明即可.
【详解】(1)函数的定义域为R,又满足,
∴,即.∴,解得.经检验满足;
(2)在R上为增函数,证明如下:
设,得,
则,
∴,即,
∴在定义域上为增函数.
20.已知不等式.
(1)当时,解这个不等式;
(2)若对恒成立,求实数的最大值.
【答案】(1);(2).
【分析】(1)根据分式不等式的求解方法可直接求得结果;
(2)将恒成立不等式化为,则,利用基本不等式可求得,由此可确定给结果.
【详解】(1)当时,原不等式可化为,解得:,
不等式的解集为;
(2)当时,,,
即;
(当且仅当,即时取等号),
,,则实数的最大值为.
21.已知函数.
(1)当时,求函数在的值域;
(2)当时,记在区间得最小值为.
①求的表达式;
②在给出的坐标系中作出的图象,并求满足的实数a的值.
【答案】(1);
(2)①,②图象见解析,或.
【分析】(1)利用二次函数的图象分析得解;
(2)①对分三种情况讨论,结合二次函数的图象和性质得解;②画出分段函数的图象,再分类讨论解方程得解.
【详解】(1)当a=1时,=x2﹣2x+3,其图象是开口向上,对称轴为x=1的抛物线,
当时,函数在上递减,在上递增,
所以==2,==6,
所以函数在的值域为.
(2)①=x2﹣2ax+3,其图象是开口向上,对称轴为x=a(a∈R)的抛物线,
当时,函数在上递增,;
当时,函数在上递减,在上递增,;
当时,函数在上递减,;
综上可得.
②图象如图所示,
当时,;
当时,或(舍去),所以;
当时,(舍去).
综上所述,或.
22.习近平总书记一直十分重视生态环境保护,十八大以来多次对生态文明建设作出重要指示,在不同场合反复强调“绿水青山就是金山银山”,随着中国经济的快速发展,环保问题已经成为一个不容忽视的问题.某污水处理厂在国家环保部门的支持下,引进新设备,新上了一个从生活垃圾中提炼化工原料的项目.经测算,该项目月处理成本y(元)与月处理量x(吨)之间的函数关系可以近似地表示为且每处理一吨生活垃圾,可得到能利用的化工原料的价值为200元,若该项目不获利,政府将给予补贴.
(1)当时,判断该项目能否获利,如果获利,求出最大利润;如果不获利,则政府每月至少需要补贴多少元才能使该项目不亏损?
(2)该项目每月处理量为多少吨时,才能使每吨的平均处理成本最低?
【答案】(1)不会,政府每月至少需要补贴5000元才能使该项目不亏损
(2)400吨
【分析】(1)当时,由项目获利为求解;
(2)由生活垃圾每吨的平均处理成本求解.
【详解】(1)解:当时,该项目获利为S,
则,
∴当时,,
因此,该项目不会获利,当时,S取得最大值,
所以政府每月至少需要补贴5000元才能使该项目不亏损;
(2)由题意可知,生活垃圾每吨的平均处理成本为:
,
当时,,
所以当时,取得最小值240;
当时,
,
当且仅当,即时,取得最小值200,
因为,
所以当每月处理量为400吨时,才能使每吨的平均处理成本最低.
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黑龙江省牡丹江市第二高级中学2022-2023学年高一上学期期末数学试题: 这是一份黑龙江省牡丹江市第二高级中学2022-2023学年高一上学期期末数学试题,共9页。试卷主要包含了本试卷命题范围,函数的部分图象是,已知函数的图象经过点,则等内容,欢迎下载使用。
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