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备考2023中考物理第一轮复习（人教）：能附解析
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这是一份备考2023中考物理第一轮复习（人教）：能附解析，共23页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题，简答题，综合题等内容，欢迎下载使用。
备考2023中考物理第一轮复习（人教）：能附解析
一、单选题
1．（2022八上·临湘期中）下列关于能量转化的说法中错误的是（ ）
A．洗衣机工作时，电能主要转化为机械能
B．锂电池充电时，化学能转化为电能
C．绿色植物的光合作用将光能转化为化学能
D．太阳能电池板将太阳能转化为电能
2．（2022九上·和静期中）下面现象中，属于内能转化为机械能的现象是( )
A．两冰块相互摩擦，冰块熔化 B．用太阳灶烧水
C．压缩气体，温度升高 D．水蒸气推动活塞做功
3．（2022九上·武清期中）在烈日当空的海边玩耍，海滩上的沙子晒得烫脚，而海水却凉凉的．主要是因为海水与沙子相比较具有较大的( )
A．密度 B．质量 C．内能 D．比热容
4．（2022九上·河西期中）在如图所示的事例中，与成语“炙手可热”改变内能的方式相同的是（ ）
A．搓手，手变温暖 B．加热，水温升高
C．滑滑梯，臀部发热 D．压活塞，硝化棉燃烧
5．（2022九上·河西期中）东疆湾沙滩是天津首个人工沙滩。在烈日炎炎的夏日，海滩的沙子热得烫脚，而海水很清凉；傍晚落日后，沙子凉了，海水却依然暖暖的。这主要是因为海水和沙子具有不同的（ ）
A．热量 B．内能 C．热值 D．比热容
6．（2022九上·江油期中）如图为白天海陆风形成的示意图。海陆风形成的原因是：与海洋相比，陆地的土地（ ）
A．比热容较小，在相同日照条件下升温较快，气温较高
B．比热容较小，在相同日照条件下升温较慢，气温较低
C．比热容较大，在相同日照条件下升温较快，气温较高
D．比热容较大，在相同日照条件下升温较慢，气温较低
7．（2022九上·陈仓期中）正在空中飞行的鸽子和麻雀，若它们具有相同的动能，则下列说法正确的是（ ）
A．鸽子飞得快 B．麻雀飞得快 C．鸽子飞得高 D．麻雀飞得高
8．（2022九上·陈仓期中）某单缸四冲程汽油机的转速是600r/min，则下列说法正确的是（ ）
A．1min内燃机对外做了600次功 B．1s内完成了10个工作循环
C．燃气做一次功的时间间隔是0.2s D．1s内活塞共来回20次
9．（2022九上·陈仓期中）如图所示，是冷水与热水混合时，温度随时间变化的图象，假设在热传递过程中没有热量损失，那么，由图中所给的信息可知，冷水与热水的质量、冷水吸收热量与热水放出的热量之比分别是（ ）
A．1：2； 1：1 B．1：1； 2：1 C．1：1； 1：2 D．2：1； 1：1
10．（2022九上·杏花岭期中）如图所示的事例中，改变物体内能的方式与其他三个不同的是（ ）
A． 弯折铁丝 B． 柴火烧水
C． 冬天搓手取暖 D． 钻木取火
11．（2022九上·诸城期中）关于温度、热量和内能的说法，正确的是（ ）
A．发生热传递时，温度总是从高温物体传递给低温物体
B．一块0℃的冰熔化成0℃的水，内能增大
C．在相同温度下，1kg的水比1kg的冰含有的热量多
D．物体温度升高，内能不一定增加，但一定要吸收热量
12．（2022九上·即墨期中）下列事例的能量转化中，属于机械能转化为内能的是（ ）
A．壶中的水沸腾时，壶盖不停地跳动
B．用砂轮磨刀时，刀的温度升高了
C．电动机通电后，电动机转动起来了
D．电视机工作一段时间后，外壳变热了
13．（2022九上·即墨期中）假如“水的比热容变小，且变得比其他物质小”，下列现象可能发生的是（ ）
A．沿海地区比内陆地区昼夜温差小
B．烧开一壶水所用时间比原来变长
C．夏天中午在海边，海水比沙子烫
D．北方楼房中的暖气用水作为传热的介质
14．（2022九上·崂山期中）质量相等的甲、乙两物体的比热容之比为2∶3，它们升高的温度之比为3∶1，则甲、乙两物体吸收热量之比为（ ）
A．1∶2 B．9∶2 C．2∶9 D．2∶1
15．（2022九上·东明期中）用相同的电加热器分别对质量相等的A和B两种液体加热（不计热量损失），如图所示是A和B的温度随加热时间变化的图像，下列说法正确的是（ ）
A．A的比热容与B的比热容之比为2∶1
B．A的比热容与B的比热容之比为2∶3
C．都加热t时间，B吸收热量比A吸收热量多
D．A和B升高相同的温度，B吸收热量较多
二、填空题
16．（2022九上·樊城期中）汽车的散热器用水作冷却剂利用了水 的特性；如果散热器中装有10kg的水，在温度升高10℃的过程中水吸收的热量为 J，这相当于完全燃烧 m3的天然气放出的热量。[天然气的热值q=4.2×107J/m3，水的比热容c水=4.2×103J/（kg•℃）]。
17．（2022九上·樊城期中）冬天，人们经常用“抱热水袋”或“搓手”的方法来取暖，前者是利用 的方式改变手的内能；后者是通过 的方式改变手的内能．
18．（2022九上·保康期中）已知柴油的热值是4.2×107J/kg，完全燃烧1.5kg柴油能使 kg的水温度升高20℃（假定放出的热量被水完全吸收）。
19．（2022九上·和静期中）柴油机工作时，机械能转化为内能的是 冲程，内能转化为机械能的是 冲程， ， ， 冲程是靠飞轮的惯性完成的。每个工作循环活塞往复 次，曲轴转动 周。
20．（2022九上·库车期中）用炉火加热一壶水，水的温度升高了10oC，这是通过 方式改变其内能；若水的质量为2kg，水吸收的热量为 J，水沸腾后会顶起壶盖，此过程能量转化情况与四冲程汽油机的 冲程相似；人们选用水作为汽车发动机的冷却剂，这样做是因为水的 较大。[c水=4.2×103J/(kg⋅℃)]
21．（2022九上·河西期中）如图，“四合一”充电线可以为四种不同类型的手机充电，极大地方便了人们的使用。如果使用“四合一”充电线同时为四台手机充电，则这四台手机之间的连接方式是 （选填“串联”或“并联”）；充电器工作了一段时间后，温度升高，内能 （选填“增大”或“减小”）。
22．（2022九上·江油期中）如图所示，四个完全相同的烧杯放在同一水平桌面上，甲容器中水的内能 乙容器中水的内能；丙容器中煤油的内能 丁容器中煤油的内能。（大于/等于/小于）
23．（2022九上·江油期中）如图所示为生活中常用的热水瓶，其外壁采用镀银的双层玻璃，并将中间抽成真空，这是为了减少 引起的内能变化。注入一定量的热水后，立即盖上软木塞，软木塞会跳起来。这一过程中水蒸气对软木塞做的功 （选填“大于”、“等于”或“小于”）软木塞增加的机械能，瓶内气体的 转化为软木塞的机械能。
24．（2022九上·杏花岭期中）在探究“物质的放热能力与哪些因素有关”时，质量相等的水和另一种液体的温度随时间变化规律如图所示，若在相同时间内放出的热量相等，由图象可知 物质为水，另一种液体的比热容为 J/（kg·C）.[c水=4.2×103J/（kg·C）]
25．（2022九上·即墨期中）炎炎夏日的中午感觉沙滩很烫，而海水凉爽。这是因为水的比热容比较 ，和沙子相比，在同样受热时，相同的时间里吸收的热量 ，而水升高的温度比沙子 ，因此沙滩烫，海水凉。
三、作图题
26．（2022九上·月考）用两个相同的加热器，分别对质量、初温相等的甲、乙两种液体加热，甲的比热容比乙小，图中已经画出甲的温度随时间变化图像，请在图上画出加热相同时间。乙的温度随时间变化的大致图像。
四、实验探究题
27．（2022九上·樊城期中）如图所示，拿一个大口玻璃瓶，瓶内装少量的水，用塞子塞紧，通过塞子上的开口往瓶里打气。
（1）当塞子从瓶口跳起来时，可以看到瓶内会出现 。
（2）产生上述现象的原因是：瓶内的空气膨胀做功时，内能 （选填“增加”或“减少”），温度 （选填“升高”或“降低”），使瓶内空气中的水蒸气 成小水珠。
（3）这个实验可以说明 。
（4）实验在瓶内装少量的水目的： 。
28．（2022九上·保康期中）如图所示，为了比较酒精和碎纸片的热值，在相同规格的烧杯中装入质量相等、温度相同的水，将酒精和碎纸片分别放入两个燃烧皿中，点燃它们分别给烧杯加热，直到酒精和碎纸片完全燃烧。
（1）实验前，应该控制酒精和碎纸片的 相等；
（2）比较甲乙两图中的温度计的示数可知，甲图中水的温度升高的多，说明甲图中的水吸收的热量 （“大于”或“小于”）乙图中的水吸收的热量；
（3）该实验可以得出的结论是 ；
（4）该实验用到的物理方法有 和 。
29．（2022九上·城阳期中）小明同学探究了“不同物质吸热升温的现象”，同时又探究了“不同燃料燃烧的放热能力”，他设计了两组实验装置如图所示：
（1）要研究不同燃料燃烧放热能力应选用组器材 （选填“甲”、“乙”），应控制这两种燃料的 相同，组装实验器材时，应 （选填字母：A。自上而下或B。自下而上）；
（2）甲组实验可以通过加热时间长短来反映物质吸收热量的多少，需要增加的实验器材是 ，乙组是通过 来反映燃料放出热量的多少；
（3）小明购买一块木炭，设计实验估测木炭的热值，应选用上述 组（选填“甲”、“乙”）来进行测量，然后将实验结果与课本小资料上木炭的热值进行比较是 的（选填“偏大”或“偏小”），原因是 。
30．（2022九上·太和期中）同学们在实验室做“探究动能大小与哪些因素有关”的实验。
（1）实验器材有斜面、小车、木块、水平桌面，其中的研究对象是 ；
（2）实验过程如图甲、乙所示（h1>h2），让同一小车从斜面上不同高度处由静止开始自由滑下，目的是使 发生变化；
（3）观察实验现象，可初步得出结论： ；
（4）以上实验探究并不完整，应该增加的器材是： ，用以探究影响动能大小的另一因素： 。
31．（2022九上·高邮期中）用钢球、木块和带有斜槽的长木板。探究物体的动能跟哪些因素有关。
（1）如图甲，让钢球从斜槽上的某一高度由 开始运动，撞击水平面上的木块。钢球撞击木块时具有的动能大小可通过 来反映。
（2）如图乙，将钢球置于斜槽上更高的位置重复上述实验。实验表明，钢球 一定时，从斜槽越高的位置开始运动，撞击木块的速度越大，钢球的动能越 。
（3）若用图丙的装置，可以探究动能大小与 的关系（选填“质量”、“速度”或“质量、速度”）。
32．（2022九上·高邮期中）如图所示，甲、乙、丙三图中的装置完全相同。燃料的质量都是10g，烧杯内的液体质量和初温也相同。
（1）比较不同燃料的热值，应选择 两图进行实验，实验时要观察 （填“加热时间”或“升高的温度”，下同）比较两种燃料的热值大小；比较不同物质的比热容，应选择 两图进行实验，实验时通过观察 反映物体吸热的多少；
（2）比较不同物质的比热容，选用如图合适装置加热相同一段时间后，绘制出温度-时间图像（如图丁），由图像可比较出，质量相等的a和b，升高相同的温度， 需要加热更长时间，液体a的比热容 液体b的比热容（填“>”或“<”）。
五、计算题
33．（2022九上·樊城期中）现有某型号柴油5kg，已知该型号柴油的热值q=4.2×107J/kg，求：
（1）此柴油完全燃烧，可释放多少热量？
（2）若此柴油完全燃烧释放的热量能完全被水吸收，则能把多少kg的水从20℃加热到60℃？[（水的比热容c水=4.2×103J/(kg·℃)]
（3）某柴油机加入此柴油后，热机效率η是40%，则可输出多少J的有用功？
34．（2022九上·保康期中）完全燃烧 100g 酒精所放出的热量有 70%被质量为 10kg 初温为 60℃水吸收，（已知酒精的热值为 3.0×107J/kg）求：
（1）100g 酒精完全燃烧放出的热量；
（2）水吸收的热量；
（3）水最终的温度（一标准大气压下）。
六、简答题
35．（2022九上·太和期中）如图所示，在试管内装些水，用橡胶塞塞住管口，用酒精灯加热一会儿，当水沸腾一段时间后，橡皮塞突然从管口飞出。请描述这个实验中做功与能量的转化情况。
七、综合题
36．（2022九上·江油期中）如图所示，把一个底端密闭的薄壁金属管固定在桌上，管里放一些酒精，管口用塞子塞紧，用绳子在管外绕几圈并迅速地来回拉动，一会儿看到塞子被弹起。
（1）拉动绳子克服摩擦 ，将机械能转化为 能。
（2）现象：塞子被弹起，原因是筒内气体膨胀对活塞做功， 能转化为 能。
（3）请说出该实验中的另一现象，并简述其原因 。
答案解析部分
1．【答案】B
【解析】【解答】A．洗衣机的主要部件是电动机，是把电能转化为机械能，少量转化为内能，A正确，不符合题意；
B．锂电池充电时，消耗电能，获得化学能存储起来，是将电能转化为化学能，B错误，符合题意；
C．植物光合作用是把光能转化为化学能，C正确，不符合题意；
D．太阳能电池板可以将太阳能直接转化为电能，D正确，不符合题意。
故答案为：B。
【分析】电动机工作时，将电能转化为机械能；对电池充电时，电能转化为化学能；光合作用将光能转化为化学能；太阳能电池板将太阳能转化为电能。
2．【答案】D
【解析】【解答】A．两块冰相互摩擦时两块冰克服摩擦力做功，使冰块温度升高而熔化，是机械能转化为内能，A不符合题意；
B．太阳灶是利用凹面镜会聚光线的能力，将太阳能转化为水的内能，B不符合题意；
C．压缩气体也就是对气体做功，气体的温度升高说明气体的内能增大，是压缩气体时活塞的机械能转化为气体的内能，C不符合题意；
D．水蒸气推动活塞做功时水蒸气内能减小，转化为活塞运动时的机械能，是内能转化为机械能，D符合题意。
故答案为：D。
【分析】内能对外做功时，将内能转化为机械能。
3．【答案】D
【解析】【解答】因为沙子的比热容小，海水的比热容大，吸收相同热量，相同质量的沙子比海水温度上升高快，所以人在烈日当空的海边玩耍，感到沙子烫脚，海水却凉凉的，D符合题意，ABC不符合题意．
故答案为：D．
【分析】比热容表示物体的吸热能力，水的比热容较大，吸收热量后温度变化小。
4．【答案】B
【解析】【解答】A．搓手时，克服摩擦做功，机械能转化为内能，属于通过做功改变物体的内能，A不符合题意；
B．加热，水温升高，水吸收热量，属于热传递改变物体的内能；炙手可热，是指手摸上去感到热得烫人，属于热传递改变物体的内能，B符合题意；
C．滑滑梯，臀部发热，克服摩擦做功，机械能转化为内能，属于通过做功改变物体的内能，C不符合题意；
D．压活塞，硝化棉燃烧，是通过做功来改变物体的内能，D不符合题意。
故答案为：B。
【分析】温度不同的物体间通过热传递改变内能；物体间相互摩擦、压缩体积是做功改变内能。
5．【答案】D
【解析】【解答】水的比热容比沙子的比热容大，同样受热或冷却的情况下，吸收或放出相同热量，水的温度变化比沙小，因此，在受太阳照射条件相同时，海水比沙滩的温度低，放出相同热量时，海水比沙滩的温度高，D符合题意，ABC不符合题意。
故答案为：D。
【分析】不同物质的比热容不同，表示物体吸收、放出热量的能力不同。
6．【答案】A
【解析】【解答】因为水的比热容比泥土、沙石的比热容大，白天，太阳照射下海岸和海水吸收相同的热量，海水温度上升慢；海岸吸热后，温度上升快，热空气上升，微风从海洋吹向陆地，形成海风；而夜晚，海岸和海水放出相同的热量，但水的比热容大，海水温度降低得少，海面气温较高，空气上升，风就从陆地吹向海上，形成陆风，A符合题意。
故答案为：A。
【分析】水的比热容较大，在吸收热量后，温度变化小。
7．【答案】B
【解析】【解答】麻雀的质量小于鸽子的质量，根据动能大小的影响因素可知，若它们具有相同的动能，则麻雀的速度快，即麻雀飞得快。ACD不符合题意，B符合题意。
故答案为：B。
【分析】动能和物体的质量、速度有关。
8．【答案】C
【解析】【解答】四冲程汽油机一个工作循环活塞往复2次，飞轮转动2周，做功1次，完成4个冲程。
AC．某单缸四冲程汽油机的转速是600r/min，飞轮转2圈做一次功，故汽油机1min对外做了300次功，做一次的时间为 t=60s300=0.2s
A不符合题意，C符合题意；
BD．飞轮转速是600r/min，则1s内飞轮转10圈，1s内活塞共来回10次，完成5个工作循环，BD不符合题意。
故答案为：C。
【分析】汽油机工作时，飞轮转数是做功数的2倍。
9．【答案】D
【解析】【解答】由图可知：热水的初温为80℃、末温为40℃，热水降低的温度△t热=80℃-40℃=40℃，
冷水的初温为20℃、末温为40℃，冷水升高的温度△t冷=40℃-20℃=20℃，
在热传递过程中没有热量损失，Q吸=Q放，则Q吸：Q放=1：1，c冷m冷△t冷=c热m热△t热，
即：4.2×103J/（kg•℃）×m冷×20℃=4.2×103J/（kg•℃）×m热×40℃，
所以m冷：m热=2：1．
故答案为：D．
【分析】根据物体的比热容、质量和温度差的乘积计算热量，结合热量的相等，计算质量关系。
10．【答案】B
【解析】【解答】A．反复弯折铁丝，弯折处变热，将机械能转化为内能，是通过做功的方式改变物体的内能；
B．柴火烧水，水从火焰中吸收热量，内能增加，是通过热传递使水的内能增加；
C．搓手取暖，要克服摩擦做功，机械能转化为内能，属于做功改变物体的内能；
D．钻木取火，克服摩擦做功，机械能转化为内能，是通过做功的方式改变物体内能的；
由此可知，B选项与其它三个选项在改变物体内能的方式上是不同的，B符合题意，ACD不符合题意。
故答案为：B。
【分析】吸收热量，内能变大，是通过热传递改变内能的；机械能和内能相互转化，是通过做功改变内能的。
11．【答案】B
【解析】【解答】A．发生热传递时，传递的是热量而不是温度，A不符合题意；
B．一块0℃的冰熔化成0℃的水，需要吸收热量，虽然温度不变，但内能增大，B符合题意；
C．热量不是状态量，不能说含有或者具有热量，C不符合题意；
D．物体温度升高，内能一定增加，可能是吸收了热量，也可能是外界对物体做了功，D不符合题意。
故答案为：B。
【分析】发生热传递时，传递的是热量而不是温度；一块0℃的冰熔化成0℃的水，需要吸收热量，虽然温度不变，但内能增大；热量不是状态量，不能说含有或者具有热量；物体温度升高，内能一定增加，可能是吸收了热量，也可能是外界对物体做了功。
12．【答案】B
【解析】【解答】A．壶中水沸腾时产生大量的蒸汽推动壶盖跳动，是水的内能转化为壶盖的机械能，A不符合题意；
B．用砂轮磨刀，克服摩擦做功，机械能转化为内能，B符合题意；
C．电动机通电后转动，是电能转化为机械能，C不符合题意；
D．电视机工作一段时间后，外壳变热了，是电能转化为内能，D不符合题意。
故答案为：B。
【分析】物体间相互摩擦，是做功改变内能，将机械能转化为内能。
13．【答案】C
【解析】【解答】假如水的比热容变小，且变得比其他物质小。
A．假如水的比热容小于沙土的比热容，根据公式 Δt=Qcm 可知，相同情况下，陆地和海洋吸收相同的热量，沿海地区比内陆地区昼夜温差大，A不符合题意；
B．由公式 Q=cmΔt 知，由于水的比热容比较小，故相同情况下烧开一壶水需要的热量减少，烧开一壶水所用时间比原来变短，B不符合题意；
C．根据公式 Δt=Qcm 可知，相同情况下，海水和沙子吸收相同的热量，海水升高的温度大于沙子升高的温度，所以中午在海边，海水比沙子烫，C符合题意；
D．由公式 Q=cmΔt 知，由于水的比热容比较小，故相同情况下吸收或放出的热量较少，所以暖气不会用水作为传热的介质，D不符合题意。
故答案为：C。
【分析】水的比热容较大，吸收热量后，温度变化小。
14．【答案】D
【解析】【解答】由题意可知，甲、乙两个物体质量之比为m甲∶m乙=1∶1
比热容之比为c甲∶c乙=2∶3
升高的温度之比为Δt甲∶Δt乙=3∶1
根据Q=cmΔt可得，甲、乙两物体吸收热量之比为 Q甲Q乙=c甲m甲Δt甲c乙m乙Δt乙=c甲c乙×m甲m乙×Δt甲Δt乙=23×11×31=21
D符合题意，ABC不符合题意。
故答案为：D。
【分析】根据物体的比热容、质量和温度差的乘积计算热量。
15．【答案】D
【解析】【解答】AB．由于A、B液体质量相等，初温相同，用相同的加热器加热相同的时间t，表示A、B吸收的热量相同，A温度升高了ΔtA=60℃﹣20℃=40℃
B温度升高了ΔtB=40℃﹣20℃=20℃
根据Q吸=cmΔt可得，A的比热容与B的比热容之比为 cAcB=QmΔtAQmΔtB=ΔtBΔtA=20℃40℃=12
AB不符合题意；
C．用相同的加热器加热相同的时间，表示A、B吸收的热量相同，由此可知，都加热t，A、B吸收的热量相同，C不符合题意；
D．由于A、B液体质量相等，初温相同，当A、B升高相同的温度，B比热容大，由Q吸=cmΔt可知，则A和B升高相同的温度，B吸收热量较多，D符合题意。
故答案为：D。
【分析】根据公式Q吸=cmΔt，可求出比热容之比；用相同的加热器加热相同的时间，液体吸收的热量相等；相同条件下，比热容大的液体吸收的热量多。
16．【答案】比热容大；4.2×105；0.01
【解析】【解答】水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，升高相同的温度时吸收的热量多，因此，汽车发动机上的散热器用水作为冷却剂是利用了水的比热容较大的性质。水吸收的热量 Q吸=cmΔt=4.2×103J/(kg·℃)×10kg×10℃=4.2×105J ，由题知，Q吸= Q放=qV，需要完全燃烧天然气的体积 V=Q放q=4.2×105J4.2×107J/m3=0.01m3
【分析】水的比热容较大，便于对物体降温；根据物体的比热容、质量和温度差的乘积计算热量；根据热量和燃料的热值的比值， 计算燃料的体积。
17．【答案】热传递；做功
【解析】【解答】改变内能有两种方式：做功和热传递． “抱热水袋”是热传递；“搓手”是利用做功来改变内能的。
【分析】温度不同的物体间通过热传递改变内能；物体间相互摩擦，是做功改变内能。
18．【答案】750
【解析】【解答】完全燃烧1.5kg柴油所放出的热量为 Q放=m油q油=1.5kg×4.2×107J/kg=6.3×107J ，由题意知，水吸收的热量为 Q吸=Q放=6.3×107J ，由 Q吸=cmΔt 可得，水的质量为 m=Q吸cΔt=6.3×107J4.2×103J/(kg⋅℃)×20℃=750kg
【分析】根据燃料的质量和热值的乘积计算热量；根据热量和物体的比热容、温度差的比值， 计算质量。
19．【答案】压缩；做功；吸气；压缩；排气；两；两
【解析】【解答】柴油机的一个工作循环有四个冲程，其中在压缩冲程中，活塞向上运动，压缩空气，将机械能转化为内能。
在柴油机的一个工作循环中，在做功冲程中，气体推动活塞向下运动，将内能转化为机械能。
柴油机的四个冲程中，只有做功冲程对外做功，使机车获得动力，吸气、压缩和排气三个冲程均为辅助冲程，依靠飞轮的惯性完成。
在柴油机工作的一个循环中，活塞往复两次，曲轴转动两周，对外做功一次。
【分析】柴油机的压缩冲程将机械能转化为内能；做功冲程将内能转化为机械能；吸气冲程、压缩冲程、排气冲程利用飞轮的惯性转动；每个工作循环过程，活塞往复两次，曲轴转两周。
20．【答案】热传递；8.4×104；做功；比热容
【解析】【解答】用火炉加热水，水的温度会升高，是通过热传递的方式增加水的内能。
水吸收的热量为 Q吸=cmΔt=4.2×103J/(kg⋅℃)×2kg×10℃＝8.4×104J
水沸腾后会顶起壶盖，此过程水蒸气的内能转化为机械能，与四冲程汽油机的做功冲程相似。
水的比热容较大，用水做冷却剂时，相同质量的水和其它物质比较，升高相同的温度，水吸收的热量多，使发动机的温度不致升得太高。
【分析】根据物体的比热容、质量和温度差的乘积计算热量；温度不同的物体间通过热传递改变内能；水的必然较大，便于对物体降温。
21．【答案】并联；增大
【解析】【解答】如果四台手机同时充电，四台手机互不影响，所以可以判断出四台手机是并联。
一个物体的温度升高内能增大。充电器工作了一段时间后，温度升高，说明其内能增大。
【分析】各用电器并列连接是并联电路；物体的温度升高，内能变大。
22．【答案】小于；大于
【解析】【解答】甲和乙烧杯中装有质量相同的水，所以内能大小就取决于水的温度，由于乙中水的温度高于甲中水的温度，所以乙中水的内能大；丙和丁中都是温度相同的煤油，所以内能的大小取决于煤油的质量，质量大的内能大，所以丙中的煤油内能大。
【分析】物体的内能和温度、质量、状态等有关。
23．【答案】热传递；大于；内能
【解析】【解答】热水瓶中间为双层玻璃瓶，两层之间抽成真空，真空可以避免空气产生对流，避免热传递的产生，减少热量散失，起到保温作用。
瓶塞跳起来，其机械能增大，这是由于暖瓶内气体膨胀做功造成的，水蒸气的内能转化成瓶塞的机械能。
水蒸气对木塞做功时，要克服软木塞的重力（使木塞的机械能增大）以及阻力做功，所以，水蒸气对软木塞做的功大于软木塞增加的机械能。
【分析】温度不同的物体间，通过热传递改变内能；内能使物体运动是做功改变内能，转化为机械能。
24．【答案】甲；2.1×103
【解析】【解答】(1)水和另一种液体在相同时间内放出的热量相等，由图示可以看出，乙液体的温度降低的快，甲液体温度降低慢；利用Q＝cm△t可知，c＝ QmΔt 可知，在质量相等、放热也相同的情况下，因甲液体温度降低得小，所以，甲液体的比热容大，所以若A. B两种液体中，因水的比热容大于另一种液体的比热容，则这种液体一定是甲液体；(2)读图可得，乙在15min内由60℃降低到20℃，降低的温度是：60℃−20℃＝40℃；甲在15min内由60℃降低到40℃，降低的温度是：60℃−40℃＝20℃，因在相同的时间里放出的热量相同，根据c＝ QmΔt ，在质量和放热相同的情况下，比热容与降低的温度成反比，故另一种液体的比热容为： 20℃40℃ ×4.2×103J/(kg⋅℃)＝2.1×103J/(kg⋅℃).
【分析】根据c＝ QmΔt 可知，在质量相等、放热也相同的情况下，温度变化小的比热容大；根据c＝ QmΔt ，求出物质的比热容。
25．【答案】大；多；少
【解析】【解答】水的比热容比较大，吸热能力强，相同质量的水和沙子相比，吸收相同的热量，水升高的温度比沙子少，因此炎炎夏日的中午感觉沙滩很烫，而海水凉爽。
【分析】水的比热容较大，吸放热后温度变化小。
26．【答案】解：如图所示：
【解析】【解答】由 Q=cmΔt 可知，在质量相等、初温相同、吸热也相同的情况下，比热容小的物质温度升高得快，甲的比热容小温度升高得快，所以乙的温度变化图像在甲图像下方，如图所示
【分析】质量和吸收热量相同时，比热容越大， 温度差越小。
27．【答案】（1）白雾
（2）减少；降低；液化
（3）物体对外做功时内能减小，温度降低
（4）产生大量的水蒸气，当气体对瓶塞做功，瓶塞跳起时，观察水蒸气的液化现象。
【解析】【解答】（1）塞子被冲出时，瓶内水蒸气液化成小水滴，瓶内会出现“白雾”。
（2）瓶内的空气膨胀对瓶塞做功时，空气的内能转化为瓶塞的机械能，其内能减少，温度降低，瓶内的水蒸气放出热量，液化成小水珠，从而形成“白雾”。
（3）根据上述实验及其它大量实验可以得出的结论是：物体对外做功，内能减小，温度降低。
（4）玻璃瓶内装入少量的水，用打气筒往瓶内打气，瓶内气体温度升高，瓶内的水汽化，产生大量的水蒸气，当气体对瓶塞做功，瓶塞跳起时，可观察水蒸气的液化现象，从而进一步说明了瓶内气体内能减小，温度降低。
【分析】（1）水蒸气变为液体，是液化现象；
（2）空气膨胀对外做功，内能减小，温度降低；水蒸气变为液体是液化现象；
（3）物体对外做功时，内能减少；
（4）内能对外做功，内能减少，温度降低。
28．【答案】（1）质量
（2）大于
（3）酒精的热值大
（4）控制变量法；转换法
【解析】【解答】（1）本实验是为了比较酒精和碎纸片的热值，根据控制变量法可知，实验前，应该控制酒精和碎纸片的质量相同。
（2）甲、乙装置中水的质量和初温相同，而甲图中水的温度升高的多，根据公式Q吸=cm（t1-t0）可知，甲图中的水吸收的热量大于乙图中的水吸收的热量。
（3）因为甲图中的水吸收的热量大于乙图中的水吸收的热量，说明燃烧相同质量的酒精和碎纸，酒精放出的热量多，酒精的热值大。
（4）由（1）可知，实验中采用了控制变量法，在实验中，我们通过水的温度的变化来判定燃料热值的大小，这里采用的是转换法。
【分析】（1）探究不同燃料的热值时，选择质量相同的不同燃料；
（2）根据不同燃料加热相同液体时，根据液体的温度变化，判断吸收热量的多少；
（3）根据消耗相同质量的燃料，物体吸收的热量越多，对应燃料的热值越大；
（4）改变被研究的物理量，保持其他因素不变，是控制变量法；通过容易观察的现象表示不容易观察的物理量，是转换法的利用。
29．【答案】（1）乙；质量；B
（2）秒表；温度计的示数变化
（3）乙；偏小；存在热损失且木炭不可能完全燃烧
【解析】【解答】（1）研究不同燃料燃烧放热能力，要选用不同的燃料，给相同质量的同种液体加热，故答案为：用乙组器材；并且选择燃料的质量相同，通过比较液体温度的变化，反应燃料燃烧放热多少。
由于需要用火焰的外焰加热，安装器材时应自下而上的顺序进行。故答案为：B。
（2）甲组实验是研究不同物质吸热能力，用相同的热源加热，加热时间越长，吸收的热量越多，故可通过加热时间的多少来反映物质吸收热量的多少，故还需要时间的测量工具秒表。
乙组用相同质量的水，升高的温度越高，水吸收的热量越多，说明燃料放出的热量越多，故可通过温度计的示数变化来反映燃料放出热量的多少。
（3）由 q=Qm 可知，要估测木炭的热值，需根据 Q=cmΔt 求出液体吸收的热量，因此应选用上述乙组来进行测量。
在木炭质量一定时，因为木炭没有完全燃烧且木炭燃烧后有一部分热量散失，所以，测得热值偏小。
【分析】（1）研究不同燃料燃烧放热能力，要选用不同的燃料，给相同质量的同种液体加热；，安装器材时应自下而上的顺序进行；
（2）可通过加热时间的多少来反映物质吸收热量的多少，还需要时间的测量工具秒表；
（3）要估测木炭的热值，需根据 Q=cmΔt 求出液体吸收的热量；在木炭质量一定时，因为木炭没有完全燃烧且木炭燃烧后有一部分热量散失，测得热值偏小。
30．【答案】（1）小车
（2）小车到达水平面时的速度（或小车在水平面上的初速度）
（3）质量相同时，小车的速度越大，动能越大
（4）砝码（或钩码）；质量
【解析】【解答】（1） 本实验研究的是小车下滑过程中，重力势能减小，动能增大，重力势能转化为动能，所以，研究对象是小车。
（2）高度相同时，小车滑到相同的水平面的速度就会相同，让质量相同的小车从不同高度由静止释放，小车到达水平面时速度不同，可探究动能与速度的关系，由图甲、乙知道，小车从斜面上不同高度处由静止开始自由滑下，目的是使小车到达水平面时的速度发生变化。
（3）使质量相同的小球从斜面上不同高度处自由滚下，则小球到达水平面时的速度不同，所以，这是为了研究动能大小与物体速度的关系；根据图示知道，物体的质量相同，速度越大，推动木块移动的距离越远，则物体的动能越大。
（4）物体的动能与物体的质量和速度有关，若要探究影响动能大小与质量的关系，操作方法是增加砝码，改变小车的质量，且从同一斜面相同高度由静止滑下。
【分析】（1）探究物体的动能的影响因素时，被研究的物体是斜面上下落的物体；
（2）斜面上的物体下落的高度不同，到达水平面的速度不同；
（3）当质量相同时，物体的速度越大， 动能越大；
（4）探究动能和物体的质量的关系，需要改变质量。
31．【答案】（1）静止；木块移动的距离
（2）质量；大
（3）速度
【解析】【解答】（1）让钢球从斜槽上的某一高度由静止下滑，撞击水平面上的木块，钢球撞击木块时具有的动能大小可通过木块移动的距离来反映，这用到了转换法。
（2）如图乙，将同一钢球置于斜槽上更高的位置重复上述实验，钢球质量相同，钢球到达斜面底端的速度增大，木块被推得越远，说明钢球的动能越大，故可以得出：钢球质量一定时，撞击木块的速度越大，钢球的动能越大。
（3）由图可知，小球的质量一定，弹簧的压缩程度不同，具有的弹性势能不同，转化为小球的动能不同，小球运动的速度不同，所以可以探究动能跟速度的关系。
【分析】（1）让钢球从斜槽上的某一高度由静止下滑，钢球撞击木块时具有的动能大小可通过木块移动的距离来反映，这用到了转换法；
（2）钢球质量一定时，撞击木块的速度越大，钢球的动能越大；
（3）小球的质量一定，弹簧的压缩程度不同，具有的弹性势能不同，转化为小球的动能不同，小球运动的速度不同，所以可以探究动能跟速度的关系。
32．【答案】（1）甲、乙；升高的温度；甲、丙；加热时间
（2）b；<
【解析】【解答】（1）在比较不同燃料的热值实验中，根据控制变量法的思想可知，应控制被加热液体的种类相同而燃料不同，故应选择甲、乙两图进行实验，再根据转换法，即同时点燃燃料后，需等待燃料燃尽后，然后通过观察比较烧杯内液体升高的温度来比较两种燃料热值大小。
在比较不同物质的比热容的实验中，根据控制变量法的思想可知，应控制物质的质量、燃料相同和加热时间相同而吸热的物质种类不同，故应甲、丙两图进行实验，而实验中是通过加热时间反映吸收热量的多少。
（2）由图丁可知，质量相同的a、b液体，升高相同的温度，a加热时间短，b加热时间长，即a吸收的热量少，b吸收的热量多，故液体a的吸热能力比b弱，所以液体a的比热容小于液体b的比热容。
【分析】（1）在比较不同燃料的热值实验中，根据控制变量法的思想可知，应控制被加热液体的种类相同而燃料不同；在比较不同物质的比热容的实验中，应控制物质的质量、燃料相同和加热时间相同而吸热的物质种类不同；实验中是通过加热时间反映吸收热量的多少；
（2）质量相同的不同液体；升高相同的温度，加热时间长的比热容大。
33．【答案】（1）解：此柴油完全燃烧，可释放热量Q放=qm=4.2×107J/kg×5kg=2.1×108J
答：此柴油完全燃烧，可释放2.1×108J热量；
（2）解：此柴油完全燃烧释放的热量能完全被水吸收，则水吸收的热量Q吸=Q放=2.1×108J
水的质量 m水=Q吸c水Δt=2.1×108J4.2×103J/(kg⋅℃)×(60℃−20℃)=1250kg
答：若此柴油完全燃烧释放的热量能完全被水吸收，则能把1250kg的水从20℃加热到60℃；
（3）解：柴油机的有用功W有=Q放η=2.1×108J×40%=8.4×107J
答：某柴油机加入此柴油后，热机效率η是40%，则可输出8.4×107J的有用功。
【解析】【分析】（1）根据燃料的质量和热值的乘积计算热量；
（2）根据热量和物体的比热容、温度差的比值， 计算质量；
（3）根据热量和热机效率的乘积，计算有用功。
34．【答案】（1）解：根据热值公式 Q放=mq 可得 Q放=mq=0.1kg×3.0×107J/kg=3.0×106J
答：100g 酒精完全燃烧放出的热量为 3.0×106J ；
（2）解：酒精所放出的热量有 70%被质量为 10kg 初温为 60℃水吸收，故 Q吸=Q放×70%=3.0×106J×70%=2.1×106J
答：水吸收的热量为 2.1×106J ；
（3）解：根据比热容的公式 Q吸=cm'Δt 可得 Δt=Q吸cm′=2.1×106J4.2×103J/(kg⋅℃)×10kg=50℃
由于水的初温为 60℃，根据理论值可得最终水温为 Δt+60℃=110℃
但是此时气压为一标准大气压，此时水的沸点为100℃，故最终水温为100℃。
答：水最终的温度（一标准大气压下）为100℃。
【解析】【分析】（1）根据燃料的质量和热值的乘积计算热量；
（2）根据总热和热效率的乘积计算物体吸收的热量；
（3）利用吸收的热量和物体的比热容、质量的比值，计算温度差。
35．【答案】答：如图所示，用酒精灯加热试管中的水，在这个过程中，酒精燃烧将化学能转化为内能，水吸收热量，温度升高，内能增加；水沸腾一段时间后，橡皮塞被水蒸气顶开，在这个过程中，水蒸气对橡胶塞做功，将水蒸气的内能转化为橡胶塞的机械能，水蒸气的内能减少，温度降低，橡皮塞被顶开具有机械能。
【解析】【分析】燃料燃烧将化学能转化为内能；内能对外做功，将内能转化为机械能。
36．【答案】（1）做功；内
（2）内；机械
（3）筒口出现 “白气”， 筒内气体膨胀对塞子做功，气体内能减少，温度降低，水蒸气液化成小液滴，所以在筒口出现白气
【解析】【解答】（1）拉动绳子时，绳子克服摩擦做功，将机械能转化为内能，使绳子和筒的内能增大，温度升高。
（2）绳子在管外迅速来回拉动的过程中，管内气体的内能增大，温度升高，气体膨胀对活塞做功，塞子被弹起，此过程中气体的内能转化为塞子的机械能。
（3）筒内气体膨胀对塞子做功，气体内能减少，温度降低，水蒸气液化成小液滴，所以在筒口出现白气。
【分析】（1）物体间相互摩擦，是做功改变内能，将机械能转化为内能；
（2）内能对外做功时，将内能转化为机械能；
（3）“白气”是水蒸气液化形成的小水珠。
备考2023中考物理第一轮复习（人教）：能附解析
一、单选题
1．（2022八上·临湘期中）下列关于能量转化的说法中错误的是（ ）
A．洗衣机工作时，电能主要转化为机械能
B．锂电池充电时，化学能转化为电能
C．绿色植物的光合作用将光能转化为化学能
D．太阳能电池板将太阳能转化为电能
2．（2022九上·和静期中）下面现象中，属于内能转化为机械能的现象是( )
A．两冰块相互摩擦，冰块熔化 B．用太阳灶烧水
C．压缩气体，温度升高 D．水蒸气推动活塞做功
3．（2022九上·武清期中）在烈日当空的海边玩耍，海滩上的沙子晒得烫脚，而海水却凉凉的．主要是因为海水与沙子相比较具有较大的( )
A．密度 B．质量 C．内能 D．比热容
4．（2022九上·河西期中）在如图所示的事例中，与成语“炙手可热”改变内能的方式相同的是（ ）
A．搓手，手变温暖 B．加热，水温升高
C．滑滑梯，臀部发热 D．压活塞，硝化棉燃烧
5．（2022九上·河西期中）东疆湾沙滩是天津首个人工沙滩。在烈日炎炎的夏日，海滩的沙子热得烫脚，而海水很清凉；傍晚落日后，沙子凉了，海水却依然暖暖的。这主要是因为海水和沙子具有不同的（ ）
A．热量 B．内能 C．热值 D．比热容
6．（2022九上·江油期中）如图为白天海陆风形成的示意图。海陆风形成的原因是：与海洋相比，陆地的土地（ ）
A．比热容较小，在相同日照条件下升温较快，气温较高
B．比热容较小，在相同日照条件下升温较慢，气温较低
C．比热容较大，在相同日照条件下升温较快，气温较高
D．比热容较大，在相同日照条件下升温较慢，气温较低
7．（2022九上·陈仓期中）正在空中飞行的鸽子和麻雀，若它们具有相同的动能，则下列说法正确的是（ ）
A．鸽子飞得快 B．麻雀飞得快 C．鸽子飞得高 D．麻雀飞得高
8．（2022九上·陈仓期中）某单缸四冲程汽油机的转速是600r/min，则下列说法正确的是（ ）
A．1min内燃机对外做了600次功 B．1s内完成了10个工作循环
C．燃气做一次功的时间间隔是0.2s D．1s内活塞共来回20次
9．（2022九上·陈仓期中）如图所示，是冷水与热水混合时，温度随时间变化的图象，假设在热传递过程中没有热量损失，那么，由图中所给的信息可知，冷水与热水的质量、冷水吸收热量与热水放出的热量之比分别是（ ）
A．1：2； 1：1 B．1：1； 2：1 C．1：1； 1：2 D．2：1； 1：1
10．（2022九上·杏花岭期中）如图所示的事例中，改变物体内能的方式与其他三个不同的是（ ）
A． 弯折铁丝 B． 柴火烧水
C． 冬天搓手取暖 D． 钻木取火
11．（2022九上·诸城期中）关于温度、热量和内能的说法，正确的是（ ）
A．发生热传递时，温度总是从高温物体传递给低温物体
B．一块0℃的冰熔化成0℃的水，内能增大
C．在相同温度下，1kg的水比1kg的冰含有的热量多
D．物体温度升高，内能不一定增加，但一定要吸收热量
12．（2022九上·即墨期中）下列事例的能量转化中，属于机械能转化为内能的是（ ）
A．壶中的水沸腾时，壶盖不停地跳动
B．用砂轮磨刀时，刀的温度升高了
C．电动机通电后，电动机转动起来了
D．电视机工作一段时间后，外壳变热了
13．（2022九上·即墨期中）假如“水的比热容变小，且变得比其他物质小”，下列现象可能发生的是（ ）
A．沿海地区比内陆地区昼夜温差小
B．烧开一壶水所用时间比原来变长
C．夏天中午在海边，海水比沙子烫
D．北方楼房中的暖气用水作为传热的介质
14．（2022九上·崂山期中）质量相等的甲、乙两物体的比热容之比为2∶3，它们升高的温度之比为3∶1，则甲、乙两物体吸收热量之比为（ ）
A．1∶2 B．9∶2 C．2∶9 D．2∶1
15．（2022九上·东明期中）用相同的电加热器分别对质量相等的A和B两种液体加热（不计热量损失），如图所示是A和B的温度随加热时间变化的图像，下列说法正确的是（ ）
A．A的比热容与B的比热容之比为2∶1
B．A的比热容与B的比热容之比为2∶3
C．都加热t时间，B吸收热量比A吸收热量多
D．A和B升高相同的温度，B吸收热量较多
二、填空题
16．（2022九上·樊城期中）汽车的散热器用水作冷却剂利用了水 的特性；如果散热器中装有10kg的水，在温度升高10℃的过程中水吸收的热量为 J，这相当于完全燃烧 m3的天然气放出的热量。[天然气的热值q=4.2×107J/m3，水的比热容c水=4.2×103J/（kg•℃）]。
17．（2022九上·樊城期中）冬天，人们经常用“抱热水袋”或“搓手”的方法来取暖，前者是利用 的方式改变手的内能；后者是通过 的方式改变手的内能．
18．（2022九上·保康期中）已知柴油的热值是4.2×107J/kg，完全燃烧1.5kg柴油能使 kg的水温度升高20℃（假定放出的热量被水完全吸收）。
19．（2022九上·和静期中）柴油机工作时，机械能转化为内能的是 冲程，内能转化为机械能的是 冲程， ， ， 冲程是靠飞轮的惯性完成的。每个工作循环活塞往复 次，曲轴转动 周。
20．（2022九上·库车期中）用炉火加热一壶水，水的温度升高了10oC，这是通过 方式改变其内能；若水的质量为2kg，水吸收的热量为 J，水沸腾后会顶起壶盖，此过程能量转化情况与四冲程汽油机的 冲程相似；人们选用水作为汽车发动机的冷却剂，这样做是因为水的 较大。[c水=4.2×103J/(kg⋅℃)]
21．（2022九上·河西期中）如图，“四合一”充电线可以为四种不同类型的手机充电，极大地方便了人们的使用。如果使用“四合一”充电线同时为四台手机充电，则这四台手机之间的连接方式是 （选填“串联”或“并联”）；充电器工作了一段时间后，温度升高，内能 （选填“增大”或“减小”）。
22．（2022九上·江油期中）如图所示，四个完全相同的烧杯放在同一水平桌面上，甲容器中水的内能 乙容器中水的内能；丙容器中煤油的内能 丁容器中煤油的内能。（大于/等于/小于）
23．（2022九上·江油期中）如图所示为生活中常用的热水瓶，其外壁采用镀银的双层玻璃，并将中间抽成真空，这是为了减少 引起的内能变化。注入一定量的热水后，立即盖上软木塞，软木塞会跳起来。这一过程中水蒸气对软木塞做的功 （选填“大于”、“等于”或“小于”）软木塞增加的机械能，瓶内气体的 转化为软木塞的机械能。
24．（2022九上·杏花岭期中）在探究“物质的放热能力与哪些因素有关”时，质量相等的水和另一种液体的温度随时间变化规律如图所示，若在相同时间内放出的热量相等，由图象可知 物质为水，另一种液体的比热容为 J/（kg·C）.[c水=4.2×103J/（kg·C）]
25．（2022九上·即墨期中）炎炎夏日的中午感觉沙滩很烫，而海水凉爽。这是因为水的比热容比较 ，和沙子相比，在同样受热时，相同的时间里吸收的热量 ，而水升高的温度比沙子 ，因此沙滩烫，海水凉。
三、作图题
26．（2022九上·月考）用两个相同的加热器，分别对质量、初温相等的甲、乙两种液体加热，甲的比热容比乙小，图中已经画出甲的温度随时间变化图像，请在图上画出加热相同时间。乙的温度随时间变化的大致图像。
四、实验探究题
27．（2022九上·樊城期中）如图所示，拿一个大口玻璃瓶，瓶内装少量的水，用塞子塞紧，通过塞子上的开口往瓶里打气。
（1）当塞子从瓶口跳起来时，可以看到瓶内会出现 。
（2）产生上述现象的原因是：瓶内的空气膨胀做功时，内能 （选填“增加”或“减少”），温度 （选填“升高”或“降低”），使瓶内空气中的水蒸气 成小水珠。
（3）这个实验可以说明 。
（4）实验在瓶内装少量的水目的： 。
28．（2022九上·保康期中）如图所示，为了比较酒精和碎纸片的热值，在相同规格的烧杯中装入质量相等、温度相同的水，将酒精和碎纸片分别放入两个燃烧皿中，点燃它们分别给烧杯加热，直到酒精和碎纸片完全燃烧。
（1）实验前，应该控制酒精和碎纸片的 相等；
（2）比较甲乙两图中的温度计的示数可知，甲图中水的温度升高的多，说明甲图中的水吸收的热量 （“大于”或“小于”）乙图中的水吸收的热量；
（3）该实验可以得出的结论是 ；
（4）该实验用到的物理方法有 和 。
29．（2022九上·城阳期中）小明同学探究了“不同物质吸热升温的现象”，同时又探究了“不同燃料燃烧的放热能力”，他设计了两组实验装置如图所示：
（1）要研究不同燃料燃烧放热能力应选用组器材 （选填“甲”、“乙”），应控制这两种燃料的 相同，组装实验器材时，应 （选填字母：A。自上而下或B。自下而上）；
（2）甲组实验可以通过加热时间长短来反映物质吸收热量的多少，需要增加的实验器材是 ，乙组是通过 来反映燃料放出热量的多少；
（3）小明购买一块木炭，设计实验估测木炭的热值，应选用上述 组（选填“甲”、“乙”）来进行测量，然后将实验结果与课本小资料上木炭的热值进行比较是 的（选填“偏大”或“偏小”），原因是 。
30．（2022九上·太和期中）同学们在实验室做“探究动能大小与哪些因素有关”的实验。
（1）实验器材有斜面、小车、木块、水平桌面，其中的研究对象是 ；
（2）实验过程如图甲、乙所示（h1>h2），让同一小车从斜面上不同高度处由静止开始自由滑下，目的是使 发生变化；
（3）观察实验现象，可初步得出结论： ；
（4）以上实验探究并不完整，应该增加的器材是： ，用以探究影响动能大小的另一因素： 。
31．（2022九上·高邮期中）用钢球、木块和带有斜槽的长木板。探究物体的动能跟哪些因素有关。
（1）如图甲，让钢球从斜槽上的某一高度由 开始运动，撞击水平面上的木块。钢球撞击木块时具有的动能大小可通过 来反映。
（2）如图乙，将钢球置于斜槽上更高的位置重复上述实验。实验表明，钢球 一定时，从斜槽越高的位置开始运动，撞击木块的速度越大，钢球的动能越 。
（3）若用图丙的装置，可以探究动能大小与 的关系（选填“质量”、“速度”或“质量、速度”）。
32．（2022九上·高邮期中）如图所示，甲、乙、丙三图中的装置完全相同。燃料的质量都是10g，烧杯内的液体质量和初温也相同。
（1）比较不同燃料的热值，应选择 两图进行实验，实验时要观察 （填“加热时间”或“升高的温度”，下同）比较两种燃料的热值大小；比较不同物质的比热容，应选择 两图进行实验，实验时通过观察 反映物体吸热的多少；
（2）比较不同物质的比热容，选用如图合适装置加热相同一段时间后，绘制出温度-时间图像（如图丁），由图像可比较出，质量相等的a和b，升高相同的温度， 需要加热更长时间，液体a的比热容 液体b的比热容（填“>”或“<”）。
五、计算题
33．（2022九上·樊城期中）现有某型号柴油5kg，已知该型号柴油的热值q=4.2×107J/kg，求：
（1）此柴油完全燃烧，可释放多少热量？
（2）若此柴油完全燃烧释放的热量能完全被水吸收，则能把多少kg的水从20℃加热到60℃？[（水的比热容c水=4.2×103J/(kg·℃)]
（3）某柴油机加入此柴油后，热机效率η是40%，则可输出多少J的有用功？
34．（2022九上·保康期中）完全燃烧 100g 酒精所放出的热量有 70%被质量为 10kg 初温为 60℃水吸收，（已知酒精的热值为 3.0×107J/kg）求：
（1）100g 酒精完全燃烧放出的热量；
（2）水吸收的热量；
（3）水最终的温度（一标准大气压下）。
六、简答题
35．（2022九上·太和期中）如图所示，在试管内装些水，用橡胶塞塞住管口，用酒精灯加热一会儿，当水沸腾一段时间后，橡皮塞突然从管口飞出。请描述这个实验中做功与能量的转化情况。
七、综合题
36．（2022九上·江油期中）如图所示，把一个底端密闭的薄壁金属管固定在桌上，管里放一些酒精，管口用塞子塞紧，用绳子在管外绕几圈并迅速地来回拉动，一会儿看到塞子被弹起。
（1）拉动绳子克服摩擦 ，将机械能转化为 能。
（2）现象：塞子被弹起，原因是筒内气体膨胀对活塞做功， 能转化为 能。
（3）请说出该实验中的另一现象，并简述其原因 。
答案解析部分
1．【答案】B
【解析】【解答】A．洗衣机的主要部件是电动机，是把电能转化为机械能，少量转化为内能，A正确，不符合题意；
B．锂电池充电时，消耗电能，获得化学能存储起来，是将电能转化为化学能，B错误，符合题意；
C．植物光合作用是把光能转化为化学能，C正确，不符合题意；
D．太阳能电池板可以将太阳能直接转化为电能，D正确，不符合题意。
故答案为：B。
【分析】电动机工作时，将电能转化为机械能；对电池充电时，电能转化为化学能；光合作用将光能转化为化学能；太阳能电池板将太阳能转化为电能。
2．【答案】D
【解析】【解答】A．两块冰相互摩擦时两块冰克服摩擦力做功，使冰块温度升高而熔化，是机械能转化为内能，A不符合题意；
B．太阳灶是利用凹面镜会聚光线的能力，将太阳能转化为水的内能，B不符合题意；
C．压缩气体也就是对气体做功，气体的温度升高说明气体的内能增大，是压缩气体时活塞的机械能转化为气体的内能，C不符合题意；
D．水蒸气推动活塞做功时水蒸气内能减小，转化为活塞运动时的机械能，是内能转化为机械能，D符合题意。
故答案为：D。
【分析】内能对外做功时，将内能转化为机械能。
3．【答案】D
【解析】【解答】因为沙子的比热容小，海水的比热容大，吸收相同热量，相同质量的沙子比海水温度上升高快，所以人在烈日当空的海边玩耍，感到沙子烫脚，海水却凉凉的，D符合题意，ABC不符合题意．
故答案为：D．
【分析】比热容表示物体的吸热能力，水的比热容较大，吸收热量后温度变化小。
4．【答案】B
【解析】【解答】A．搓手时，克服摩擦做功，机械能转化为内能，属于通过做功改变物体的内能，A不符合题意；
B．加热，水温升高，水吸收热量，属于热传递改变物体的内能；炙手可热，是指手摸上去感到热得烫人，属于热传递改变物体的内能，B符合题意；
C．滑滑梯，臀部发热，克服摩擦做功，机械能转化为内能，属于通过做功改变物体的内能，C不符合题意；
D．压活塞，硝化棉燃烧，是通过做功来改变物体的内能，D不符合题意。
故答案为：B。
【分析】温度不同的物体间通过热传递改变内能；物体间相互摩擦、压缩体积是做功改变内能。
5．【答案】D
【解析】【解答】水的比热容比沙子的比热容大，同样受热或冷却的情况下，吸收或放出相同热量，水的温度变化比沙小，因此，在受太阳照射条件相同时，海水比沙滩的温度低，放出相同热量时，海水比沙滩的温度高，D符合题意，ABC不符合题意。
故答案为：D。
【分析】不同物质的比热容不同，表示物体吸收、放出热量的能力不同。
6．【答案】A
【解析】【解答】因为水的比热容比泥土、沙石的比热容大，白天，太阳照射下海岸和海水吸收相同的热量，海水温度上升慢；海岸吸热后，温度上升快，热空气上升，微风从海洋吹向陆地，形成海风；而夜晚，海岸和海水放出相同的热量，但水的比热容大，海水温度降低得少，海面气温较高，空气上升，风就从陆地吹向海上，形成陆风，A符合题意。
故答案为：A。
【分析】水的比热容较大，在吸收热量后，温度变化小。
7．【答案】B
【解析】【解答】麻雀的质量小于鸽子的质量，根据动能大小的影响因素可知，若它们具有相同的动能，则麻雀的速度快，即麻雀飞得快。ACD不符合题意，B符合题意。
故答案为：B。
【分析】动能和物体的质量、速度有关。
8．【答案】C
【解析】【解答】四冲程汽油机一个工作循环活塞往复2次，飞轮转动2周，做功1次，完成4个冲程。
AC．某单缸四冲程汽油机的转速是600r/min，飞轮转2圈做一次功，故汽油机1min对外做了300次功，做一次的时间为 t=60s300=0.2s
A不符合题意，C符合题意；
BD．飞轮转速是600r/min，则1s内飞轮转10圈，1s内活塞共来回10次，完成5个工作循环，BD不符合题意。
故答案为：C。
【分析】汽油机工作时，飞轮转数是做功数的2倍。
9．【答案】D
【解析】【解答】由图可知：热水的初温为80℃、末温为40℃，热水降低的温度△t热=80℃-40℃=40℃，
冷水的初温为20℃、末温为40℃，冷水升高的温度△t冷=40℃-20℃=20℃，
在热传递过程中没有热量损失，Q吸=Q放，则Q吸：Q放=1：1，c冷m冷△t冷=c热m热△t热，
即：4.2×103J/（kg•℃）×m冷×20℃=4.2×103J/（kg•℃）×m热×40℃，
所以m冷：m热=2：1．
故答案为：D．
【分析】根据物体的比热容、质量和温度差的乘积计算热量，结合热量的相等，计算质量关系。
10．【答案】B
【解析】【解答】A．反复弯折铁丝，弯折处变热，将机械能转化为内能，是通过做功的方式改变物体的内能；
B．柴火烧水，水从火焰中吸收热量，内能增加，是通过热传递使水的内能增加；
C．搓手取暖，要克服摩擦做功，机械能转化为内能，属于做功改变物体的内能；
D．钻木取火，克服摩擦做功，机械能转化为内能，是通过做功的方式改变物体内能的；
由此可知，B选项与其它三个选项在改变物体内能的方式上是不同的，B符合题意，ACD不符合题意。
故答案为：B。
【分析】吸收热量，内能变大，是通过热传递改变内能的；机械能和内能相互转化，是通过做功改变内能的。
11．【答案】B
【解析】【解答】A．发生热传递时，传递的是热量而不是温度，A不符合题意；
B．一块0℃的冰熔化成0℃的水，需要吸收热量，虽然温度不变，但内能增大，B符合题意；
C．热量不是状态量，不能说含有或者具有热量，C不符合题意；
D．物体温度升高，内能一定增加，可能是吸收了热量，也可能是外界对物体做了功，D不符合题意。
故答案为：B。
【分析】发生热传递时，传递的是热量而不是温度；一块0℃的冰熔化成0℃的水，需要吸收热量，虽然温度不变，但内能增大；热量不是状态量，不能说含有或者具有热量；物体温度升高，内能一定增加，可能是吸收了热量，也可能是外界对物体做了功。
12．【答案】B
【解析】【解答】A．壶中水沸腾时产生大量的蒸汽推动壶盖跳动，是水的内能转化为壶盖的机械能，A不符合题意；
B．用砂轮磨刀，克服摩擦做功，机械能转化为内能，B符合题意；
C．电动机通电后转动，是电能转化为机械能，C不符合题意；
D．电视机工作一段时间后，外壳变热了，是电能转化为内能，D不符合题意。
故答案为：B。
【分析】物体间相互摩擦，是做功改变内能，将机械能转化为内能。
13．【答案】C
【解析】【解答】假如水的比热容变小，且变得比其他物质小。
A．假如水的比热容小于沙土的比热容，根据公式 Δt=Qcm 可知，相同情况下，陆地和海洋吸收相同的热量，沿海地区比内陆地区昼夜温差大，A不符合题意；
B．由公式 Q=cmΔt 知，由于水的比热容比较小，故相同情况下烧开一壶水需要的热量减少，烧开一壶水所用时间比原来变短，B不符合题意；
C．根据公式 Δt=Qcm 可知，相同情况下，海水和沙子吸收相同的热量，海水升高的温度大于沙子升高的温度，所以中午在海边，海水比沙子烫，C符合题意；
D．由公式 Q=cmΔt 知，由于水的比热容比较小，故相同情况下吸收或放出的热量较少，所以暖气不会用水作为传热的介质，D不符合题意。
故答案为：C。
【分析】水的比热容较大，吸收热量后，温度变化小。
14．【答案】D
【解析】【解答】由题意可知，甲、乙两个物体质量之比为m甲∶m乙=1∶1
比热容之比为c甲∶c乙=2∶3
升高的温度之比为Δt甲∶Δt乙=3∶1
根据Q=cmΔt可得，甲、乙两物体吸收热量之比为 Q甲Q乙=c甲m甲Δt甲c乙m乙Δt乙=c甲c乙×m甲m乙×Δt甲Δt乙=23×11×31=21
D符合题意，ABC不符合题意。
故答案为：D。
【分析】根据物体的比热容、质量和温度差的乘积计算热量。
15．【答案】D
【解析】【解答】AB．由于A、B液体质量相等，初温相同，用相同的加热器加热相同的时间t，表示A、B吸收的热量相同，A温度升高了ΔtA=60℃﹣20℃=40℃
B温度升高了ΔtB=40℃﹣20℃=20℃
根据Q吸=cmΔt可得，A的比热容与B的比热容之比为 cAcB=QmΔtAQmΔtB=ΔtBΔtA=20℃40℃=12
AB不符合题意；
C．用相同的加热器加热相同的时间，表示A、B吸收的热量相同，由此可知，都加热t，A、B吸收的热量相同，C不符合题意；
D．由于A、B液体质量相等，初温相同，当A、B升高相同的温度，B比热容大，由Q吸=cmΔt可知，则A和B升高相同的温度，B吸收热量较多，D符合题意。
故答案为：D。
【分析】根据公式Q吸=cmΔt，可求出比热容之比；用相同的加热器加热相同的时间，液体吸收的热量相等；相同条件下，比热容大的液体吸收的热量多。
16．【答案】比热容大；4.2×105；0.01
【解析】【解答】水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，升高相同的温度时吸收的热量多，因此，汽车发动机上的散热器用水作为冷却剂是利用了水的比热容较大的性质。水吸收的热量 Q吸=cmΔt=4.2×103J/(kg·℃)×10kg×10℃=4.2×105J ，由题知，Q吸= Q放=qV，需要完全燃烧天然气的体积 V=Q放q=4.2×105J4.2×107J/m3=0.01m3
【分析】水的比热容较大，便于对物体降温；根据物体的比热容、质量和温度差的乘积计算热量；根据热量和燃料的热值的比值， 计算燃料的体积。
17．【答案】热传递；做功
【解析】【解答】改变内能有两种方式：做功和热传递． “抱热水袋”是热传递；“搓手”是利用做功来改变内能的。
【分析】温度不同的物体间通过热传递改变内能；物体间相互摩擦，是做功改变内能。
18．【答案】750
【解析】【解答】完全燃烧1.5kg柴油所放出的热量为 Q放=m油q油=1.5kg×4.2×107J/kg=6.3×107J ，由题意知，水吸收的热量为 Q吸=Q放=6.3×107J ，由 Q吸=cmΔt 可得，水的质量为 m=Q吸cΔt=6.3×107J4.2×103J/(kg⋅℃)×20℃=750kg
【分析】根据燃料的质量和热值的乘积计算热量；根据热量和物体的比热容、温度差的比值， 计算质量。
19．【答案】压缩；做功；吸气；压缩；排气；两；两
【解析】【解答】柴油机的一个工作循环有四个冲程，其中在压缩冲程中，活塞向上运动，压缩空气，将机械能转化为内能。
在柴油机的一个工作循环中，在做功冲程中，气体推动活塞向下运动，将内能转化为机械能。
柴油机的四个冲程中，只有做功冲程对外做功，使机车获得动力，吸气、压缩和排气三个冲程均为辅助冲程，依靠飞轮的惯性完成。
在柴油机工作的一个循环中，活塞往复两次，曲轴转动两周，对外做功一次。
【分析】柴油机的压缩冲程将机械能转化为内能；做功冲程将内能转化为机械能；吸气冲程、压缩冲程、排气冲程利用飞轮的惯性转动；每个工作循环过程，活塞往复两次，曲轴转两周。
20．【答案】热传递；8.4×104；做功；比热容
【解析】【解答】用火炉加热水，水的温度会升高，是通过热传递的方式增加水的内能。
水吸收的热量为 Q吸=cmΔt=4.2×103J/(kg⋅℃)×2kg×10℃＝8.4×104J
水沸腾后会顶起壶盖，此过程水蒸气的内能转化为机械能，与四冲程汽油机的做功冲程相似。
水的比热容较大，用水做冷却剂时，相同质量的水和其它物质比较，升高相同的温度，水吸收的热量多，使发动机的温度不致升得太高。
【分析】根据物体的比热容、质量和温度差的乘积计算热量；温度不同的物体间通过热传递改变内能；水的必然较大，便于对物体降温。
21．【答案】并联；增大
【解析】【解答】如果四台手机同时充电，四台手机互不影响，所以可以判断出四台手机是并联。
一个物体的温度升高内能增大。充电器工作了一段时间后，温度升高，说明其内能增大。
【分析】各用电器并列连接是并联电路；物体的温度升高，内能变大。
22．【答案】小于；大于
【解析】【解答】甲和乙烧杯中装有质量相同的水，所以内能大小就取决于水的温度，由于乙中水的温度高于甲中水的温度，所以乙中水的内能大；丙和丁中都是温度相同的煤油，所以内能的大小取决于煤油的质量，质量大的内能大，所以丙中的煤油内能大。
【分析】物体的内能和温度、质量、状态等有关。
23．【答案】热传递；大于；内能
【解析】【解答】热水瓶中间为双层玻璃瓶，两层之间抽成真空，真空可以避免空气产生对流，避免热传递的产生，减少热量散失，起到保温作用。
瓶塞跳起来，其机械能增大，这是由于暖瓶内气体膨胀做功造成的，水蒸气的内能转化成瓶塞的机械能。
水蒸气对木塞做功时，要克服软木塞的重力（使木塞的机械能增大）以及阻力做功，所以，水蒸气对软木塞做的功大于软木塞增加的机械能。
【分析】温度不同的物体间，通过热传递改变内能；内能使物体运动是做功改变内能，转化为机械能。
24．【答案】甲；2.1×103
【解析】【解答】(1)水和另一种液体在相同时间内放出的热量相等，由图示可以看出，乙液体的温度降低的快，甲液体温度降低慢；利用Q＝cm△t可知，c＝ QmΔt 可知，在质量相等、放热也相同的情况下，因甲液体温度降低得小，所以，甲液体的比热容大，所以若A. B两种液体中，因水的比热容大于另一种液体的比热容，则这种液体一定是甲液体；(2)读图可得，乙在15min内由60℃降低到20℃，降低的温度是：60℃−20℃＝40℃；甲在15min内由60℃降低到40℃，降低的温度是：60℃−40℃＝20℃，因在相同的时间里放出的热量相同，根据c＝ QmΔt ，在质量和放热相同的情况下，比热容与降低的温度成反比，故另一种液体的比热容为： 20℃40℃ ×4.2×103J/(kg⋅℃)＝2.1×103J/(kg⋅℃).
【分析】根据c＝ QmΔt 可知，在质量相等、放热也相同的情况下，温度变化小的比热容大；根据c＝ QmΔt ，求出物质的比热容。
25．【答案】大；多；少
【解析】【解答】水的比热容比较大，吸热能力强，相同质量的水和沙子相比，吸收相同的热量，水升高的温度比沙子少，因此炎炎夏日的中午感觉沙滩很烫，而海水凉爽。
【分析】水的比热容较大，吸放热后温度变化小。
26．【答案】解：如图所示：
【解析】【解答】由 Q=cmΔt 可知，在质量相等、初温相同、吸热也相同的情况下，比热容小的物质温度升高得快，甲的比热容小温度升高得快，所以乙的温度变化图像在甲图像下方，如图所示
【分析】质量和吸收热量相同时，比热容越大， 温度差越小。
27．【答案】（1）白雾
（2）减少；降低；液化
（3）物体对外做功时内能减小，温度降低
（4）产生大量的水蒸气，当气体对瓶塞做功，瓶塞跳起时，观察水蒸气的液化现象。
【解析】【解答】（1）塞子被冲出时，瓶内水蒸气液化成小水滴，瓶内会出现“白雾”。
（2）瓶内的空气膨胀对瓶塞做功时，空气的内能转化为瓶塞的机械能，其内能减少，温度降低，瓶内的水蒸气放出热量，液化成小水珠，从而形成“白雾”。
（3）根据上述实验及其它大量实验可以得出的结论是：物体对外做功，内能减小，温度降低。
（4）玻璃瓶内装入少量的水，用打气筒往瓶内打气，瓶内气体温度升高，瓶内的水汽化，产生大量的水蒸气，当气体对瓶塞做功，瓶塞跳起时，可观察水蒸气的液化现象，从而进一步说明了瓶内气体内能减小，温度降低。
【分析】（1）水蒸气变为液体，是液化现象；
（2）空气膨胀对外做功，内能减小，温度降低；水蒸气变为液体是液化现象；
（3）物体对外做功时，内能减少；
（4）内能对外做功，内能减少，温度降低。
28．【答案】（1）质量
（2）大于
（3）酒精的热值大
（4）控制变量法；转换法
【解析】【解答】（1）本实验是为了比较酒精和碎纸片的热值，根据控制变量法可知，实验前，应该控制酒精和碎纸片的质量相同。
（2）甲、乙装置中水的质量和初温相同，而甲图中水的温度升高的多，根据公式Q吸=cm（t1-t0）可知，甲图中的水吸收的热量大于乙图中的水吸收的热量。
（3）因为甲图中的水吸收的热量大于乙图中的水吸收的热量，说明燃烧相同质量的酒精和碎纸，酒精放出的热量多，酒精的热值大。
（4）由（1）可知，实验中采用了控制变量法，在实验中，我们通过水的温度的变化来判定燃料热值的大小，这里采用的是转换法。
【分析】（1）探究不同燃料的热值时，选择质量相同的不同燃料；
（2）根据不同燃料加热相同液体时，根据液体的温度变化，判断吸收热量的多少；
（3）根据消耗相同质量的燃料，物体吸收的热量越多，对应燃料的热值越大；
（4）改变被研究的物理量，保持其他因素不变，是控制变量法；通过容易观察的现象表示不容易观察的物理量，是转换法的利用。
29．【答案】（1）乙；质量；B
（2）秒表；温度计的示数变化
（3）乙；偏小；存在热损失且木炭不可能完全燃烧
【解析】【解答】（1）研究不同燃料燃烧放热能力，要选用不同的燃料，给相同质量的同种液体加热，故答案为：用乙组器材；并且选择燃料的质量相同，通过比较液体温度的变化，反应燃料燃烧放热多少。
由于需要用火焰的外焰加热，安装器材时应自下而上的顺序进行。故答案为：B。
（2）甲组实验是研究不同物质吸热能力，用相同的热源加热，加热时间越长，吸收的热量越多，故可通过加热时间的多少来反映物质吸收热量的多少，故还需要时间的测量工具秒表。
乙组用相同质量的水，升高的温度越高，水吸收的热量越多，说明燃料放出的热量越多，故可通过温度计的示数变化来反映燃料放出热量的多少。
（3）由 q=Qm 可知，要估测木炭的热值，需根据 Q=cmΔt 求出液体吸收的热量，因此应选用上述乙组来进行测量。
在木炭质量一定时，因为木炭没有完全燃烧且木炭燃烧后有一部分热量散失，所以，测得热值偏小。
【分析】（1）研究不同燃料燃烧放热能力，要选用不同的燃料，给相同质量的同种液体加热；，安装器材时应自下而上的顺序进行；
（2）可通过加热时间的多少来反映物质吸收热量的多少，还需要时间的测量工具秒表；
（3）要估测木炭的热值，需根据 Q=cmΔt 求出液体吸收的热量；在木炭质量一定时，因为木炭没有完全燃烧且木炭燃烧后有一部分热量散失，测得热值偏小。
30．【答案】（1）小车
（2）小车到达水平面时的速度（或小车在水平面上的初速度）
（3）质量相同时，小车的速度越大，动能越大
（4）砝码（或钩码）；质量
【解析】【解答】（1） 本实验研究的是小车下滑过程中，重力势能减小，动能增大，重力势能转化为动能，所以，研究对象是小车。
（2）高度相同时，小车滑到相同的水平面的速度就会相同，让质量相同的小车从不同高度由静止释放，小车到达水平面时速度不同，可探究动能与速度的关系，由图甲、乙知道，小车从斜面上不同高度处由静止开始自由滑下，目的是使小车到达水平面时的速度发生变化。
（3）使质量相同的小球从斜面上不同高度处自由滚下，则小球到达水平面时的速度不同，所以，这是为了研究动能大小与物体速度的关系；根据图示知道，物体的质量相同，速度越大，推动木块移动的距离越远，则物体的动能越大。
（4）物体的动能与物体的质量和速度有关，若要探究影响动能大小与质量的关系，操作方法是增加砝码，改变小车的质量，且从同一斜面相同高度由静止滑下。
【分析】（1）探究物体的动能的影响因素时，被研究的物体是斜面上下落的物体；
（2）斜面上的物体下落的高度不同，到达水平面的速度不同；
（3）当质量相同时，物体的速度越大， 动能越大；
（4）探究动能和物体的质量的关系，需要改变质量。
31．【答案】（1）静止；木块移动的距离
（2）质量；大
（3）速度
【解析】【解答】（1）让钢球从斜槽上的某一高度由静止下滑，撞击水平面上的木块，钢球撞击木块时具有的动能大小可通过木块移动的距离来反映，这用到了转换法。
（2）如图乙，将同一钢球置于斜槽上更高的位置重复上述实验，钢球质量相同，钢球到达斜面底端的速度增大，木块被推得越远，说明钢球的动能越大，故可以得出：钢球质量一定时，撞击木块的速度越大，钢球的动能越大。
（3）由图可知，小球的质量一定，弹簧的压缩程度不同，具有的弹性势能不同，转化为小球的动能不同，小球运动的速度不同，所以可以探究动能跟速度的关系。
【分析】（1）让钢球从斜槽上的某一高度由静止下滑，钢球撞击木块时具有的动能大小可通过木块移动的距离来反映，这用到了转换法；
（2）钢球质量一定时，撞击木块的速度越大，钢球的动能越大；
（3）小球的质量一定，弹簧的压缩程度不同，具有的弹性势能不同，转化为小球的动能不同，小球运动的速度不同，所以可以探究动能跟速度的关系。
32．【答案】（1）甲、乙；升高的温度；甲、丙；加热时间
（2）b；<
【解析】【解答】（1）在比较不同燃料的热值实验中，根据控制变量法的思想可知，应控制被加热液体的种类相同而燃料不同，故应选择甲、乙两图进行实验，再根据转换法，即同时点燃燃料后，需等待燃料燃尽后，然后通过观察比较烧杯内液体升高的温度来比较两种燃料热值大小。
在比较不同物质的比热容的实验中，根据控制变量法的思想可知，应控制物质的质量、燃料相同和加热时间相同而吸热的物质种类不同，故应甲、丙两图进行实验，而实验中是通过加热时间反映吸收热量的多少。
（2）由图丁可知，质量相同的a、b液体，升高相同的温度，a加热时间短，b加热时间长，即a吸收的热量少，b吸收的热量多，故液体a的吸热能力比b弱，所以液体a的比热容小于液体b的比热容。
【分析】（1）在比较不同燃料的热值实验中，根据控制变量法的思想可知，应控制被加热液体的种类相同而燃料不同；在比较不同物质的比热容的实验中，应控制物质的质量、燃料相同和加热时间相同而吸热的物质种类不同；实验中是通过加热时间反映吸收热量的多少；
（2）质量相同的不同液体；升高相同的温度，加热时间长的比热容大。
33．【答案】（1）解：此柴油完全燃烧，可释放热量Q放=qm=4.2×107J/kg×5kg=2.1×108J
答：此柴油完全燃烧，可释放2.1×108J热量；
（2）解：此柴油完全燃烧释放的热量能完全被水吸收，则水吸收的热量Q吸=Q放=2.1×108J
水的质量 m水=Q吸c水Δt=2.1×108J4.2×103J/(kg⋅℃)×(60℃−20℃)=1250kg
答：若此柴油完全燃烧释放的热量能完全被水吸收，则能把1250kg的水从20℃加热到60℃；
（3）解：柴油机的有用功W有=Q放η=2.1×108J×40%=8.4×107J
答：某柴油机加入此柴油后，热机效率η是40%，则可输出8.4×107J的有用功。
【解析】【分析】（1）根据燃料的质量和热值的乘积计算热量；
（2）根据热量和物体的比热容、温度差的比值， 计算质量；
（3）根据热量和热机效率的乘积，计算有用功。
34．【答案】（1）解：根据热值公式 Q放=mq 可得 Q放=mq=0.1kg×3.0×107J/kg=3.0×106J
答：100g 酒精完全燃烧放出的热量为 3.0×106J ；
（2）解：酒精所放出的热量有 70%被质量为 10kg 初温为 60℃水吸收，故 Q吸=Q放×70%=3.0×106J×70%=2.1×106J
答：水吸收的热量为 2.1×106J ；
（3）解：根据比热容的公式 Q吸=cm'Δt 可得 Δt=Q吸cm′=2.1×106J4.2×103J/(kg⋅℃)×10kg=50℃
由于水的初温为 60℃，根据理论值可得最终水温为 Δt+60℃=110℃
但是此时气压为一标准大气压，此时水的沸点为100℃，故最终水温为100℃。
答：水最终的温度（一标准大气压下）为100℃。
【解析】【分析】（1）根据燃料的质量和热值的乘积计算热量；
（2）根据总热和热效率的乘积计算物体吸收的热量；
（3）利用吸收的热量和物体的比热容、质量的比值，计算温度差。
35．【答案】答：如图所示，用酒精灯加热试管中的水，在这个过程中，酒精燃烧将化学能转化为内能，水吸收热量，温度升高，内能增加；水沸腾一段时间后，橡皮塞被水蒸气顶开，在这个过程中，水蒸气对橡胶塞做功，将水蒸气的内能转化为橡胶塞的机械能，水蒸气的内能减少，温度降低，橡皮塞被顶开具有机械能。
【解析】【分析】燃料燃烧将化学能转化为内能；内能对外做功，将内能转化为机械能。
36．【答案】（1）做功；内
（2）内；机械
（3）筒口出现 “白气”， 筒内气体膨胀对塞子做功，气体内能减少，温度降低，水蒸气液化成小液滴，所以在筒口出现白气
【解析】【解答】（1）拉动绳子时，绳子克服摩擦做功，将机械能转化为内能，使绳子和筒的内能增大，温度升高。
（2）绳子在管外迅速来回拉动的过程中，管内气体的内能增大，温度升高，气体膨胀对活塞做功，塞子被弹起，此过程中气体的内能转化为塞子的机械能。
（3）筒内气体膨胀对塞子做功，气体内能减少，温度降低，水蒸气液化成小液滴，所以在筒口出现白气。
【分析】（1）物体间相互摩擦，是做功改变内能，将机械能转化为内能；
（2）内能对外做功时，将内能转化为机械能；
（3）“白气”是水蒸气液化形成的小水珠。
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