2023年高考第一次模拟考试卷：全国甲卷理综A卷（全解全析）

这是一份2023年高考第一次模拟考试卷：全国甲卷理综A卷（全解全析），共27页。试卷主要包含了【答案】D，【答案】B，【答案】C，B 【解析】A，D 【解析】A等内容，欢迎下载使用。

2023年高考第一次模拟考试卷（全国甲卷理综A卷）
理科综合·全解全析
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C
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B
B
A
D
C
D
D
B
C
C
A
A
BCD
AD
ACD
1．【答案】D
【分析】膳食纤维是指除淀粉以外较复杂糖类物质，包括纤维素和果胶等，这些复杂的糖类物质人体是不能消化的。
【详解】A、纤维素与肝糖原的水解产物都是葡萄糖，A错误；
B、细菌、真菌等细胞壁的功能相似，但主要成分不同，B错误；
CD、草食类动物的胃肠道不能分泌分解、利用纤维素的一系列消化酶，但某些草食类动物的胃肠道中共生的微生物能帮助分解食物中的纤维素，分解产物中的葡萄糖被吸收和利用后可以合成糖原，C错误，D正确。
故选D。
2．【答案】B
【分析】SOD是生物体内一类重要的抗氧化酶，属于蛋白质，能抗氧化可以延缓衰老。
【详解】A、据题意可知，超氧化物歧化酶（SOD）的活性中心含有金属离子，金属离子的存在可能直接影响SOD的活性，A正确；
B、SOD属于蛋白质，故不能口服，只能注射，B错误；
C、O2-攻击蛋白质后，会使蛋白质活性下降，导致细胞衰老，因此使用SOD能减缓细胞衰老，SOD属于蛋白质，可通过胞吞方式进入细胞，C、D正确。
故选B。
3．【答案】D
【分析】小肠细胞中合成的氨基酸数减少与mRNA编辑有关，mRNA上的一个密码子为CAA，编辑后变为UAA，而UAA为终止密码子，导致翻译终止，进而导致肽链变短。
【详解】AB、apoB-48mRNA与apoB-100mRNA长度相等，只是apoB100mRNA被编辑后，终止密码子提前出现，apoB-48的肽链明显缩短，因此apoB100的相对分子质量更大，AB正确；
C、转录过程中DNA与RNA互补配对，翻译过程中tRNA与mRNA互补配对，共同的碱基配对方式是A与U配对、G与C配对，C正确；
D、小肠细胞中的脱氨酶将apoBmRNA上的一个碱基C转变成了U，使该部位的密码子由CAA（谷氨酰胺）转变成UAA（终止密码子），翻译过程提前终止，因此不是基因突变，D错误。
故选D。
4．【答案】C
【分析】1、不同物种之间的影响既包括种间互助，也包括种间斗争。无机环境的选择作用可定向改变种群的基因频率，导致生物朝着一定的方向进化；生物的进化反过来又会影响无机环境。
2、种群的基因库指同种生物构成的同一种群的全部个体的全部基因。
3、现代生物进化理论的内容是：种群是生物进化的基本单位；突变和基因重组为生物进化提供原材料；自然选择决定生物进化的方向；隔离是新物种产生的必要条件。
【详解】A、快速飞翔和警觉性强的个体是在游隼的击杀之前就产生的，游隼的击杀只能对其进行选择，A错误；
B、游隼的击杀和人类的干预都会改变朱鹮的基因频率，B错误；
C、陕西洋县、浙江德清、河南董寨三个地方的朱鹮具有地理隔离，属于不同种群，种群基因库不同，C正确；
D、不同地方的朱鹮之间存在地理隔离，不一定存在生殖隔离，D错误。
故选C。
5．【答案】C
【分析】生长素在低浓度起促进作用，高浓度起抑制作用。不同器官对生长素的敏感性不同，根对生长素比较敏感，而茎对生长素较不敏感。
【详解】A、茎对生长素敏感性较小，植物横放时，茎的近地侧生长素浓度增大且促进作用增强，故可能会由a变为b，A错误；
B、根对生长素敏感性较大，植物横放时，根的近地侧生长素浓度增大可能起抑制作用，而生长素浓度由a变为b的过程促进作用在增强，B错误；
C、对茎的作用效果为b的生长素浓度是最适浓度，根的敏感性大于茎，故促进茎生长的最适生长素浓度可能对根起抑制作用，即作用效果可能为d，C正确；
D、植物表现为顶端优势时，顶芽生长素浓度较低，起促进作用，侧芽生长素浓度较高，起抑制作用，图中a、b对应的浓度均起促进作用，D错误。
故选C。
6．【答案】B
【分析】1、标志重捕法的计算公式：种群中个体数(N) /标记总数=重捕总数/重捕中被标志的个体数。
2、环境容纳量（K值）是指环境条件不受破坏的情况下，一定空间中所能维持的最大种群数量。
【详解】A、由图可知，1、2月住宅区和农田区布氏田鼠的捕获率呈上升趋势，故推测成年的布氏田鼠可能在冬末春初集体进入繁殖期，A正确；
B、根据实验获取的数据可直接计算布氏田鼠的捕获数，但无法计算出种群中个体数，则根据实验获取的数据不能直接计算布氏田鼠的种群密度，B错误；
C、K值受环境的影响，住宅区环境卫生提高在一定程度上减少了布氏田鼠食物的来源，使其种群的K值降低，C正确；
D、年龄组成通过影响出生率和死亡率来间接影响种群数量，性别比例通过影响出生率来间接影响种群数量，D正确。
故选B。
7．B 【解析】A．“地沟油”属于混合物，A错误；
B．光导纤维的主要材料为二氧化硅，属于酸性氧化物，B正确；
C．舰载机降落的拦阻索为钢索，属于合金材料，C错误；
D．不会导致酸雨的发生，D错误；
故选B。
8．B 【解析】A．X分子式为C8H12O5，X中只不饱和度为3，所以不可能存在属于芳香族化合物的同分异构体，A项错误；B．X分子中有碳碳双键、酯基、羟基，B项正确；C．X分子中只有酯基能与NaOH溶液发生反应，所以1mol X最多能与1mol NaOH反应，C项错误；
D．X分子中存在碳碳双键，则X能与浓溴水发生加成反应，D项错误；
答案选B。
9．A 【解析】本题以阿伏加德罗常数为情境，考查反应原理等知识，意在考查分析、判断及简单计算能力，变化观念与平衡思想、宏观辨识与微观探析的核心素养。5.5g/220g·mol-1×12=0.3mol，A项正确；ClO-发生水解；B项错误，该反应是可逆反应；C项错误，没有说是在标准状况下，不能确定22.4LNH3的物质的量是1mol，D项错误。
10．D 【解析】A．Na先与水反应，生成的NaOH再与硫酸铜溶液反应，则钠与CuSO4溶液反应的离子方程式为2Na+2H2O+Cu2+═Cu(OH)2↓+H2↑+2Na+，故A错误；
B．用碳酸钠溶液处理水垢中的硫酸钙，离子方程式为：CO+CaSO4═CaCO3+SO，故B错误；
C．硫酸铝溶液中滴加少量氢氧化钾溶液，反应生成氢氧化铝沉淀和硫酸钾，正确的离子方程式为：Al3++3OH-=Al(OH)3↓，故C错误；
D．H2O2溶液中滴加酸性KMnO4溶液，离子方程式：2MnO+5 H2O2+6H+═2Mn2++5O2↑+8H2O，故D正确；
故选：D。
11．C 【解析】W、X、Y、Z、Q为原子序数依次增大的短周期元素，由M的结构可知，Q最外层有7个电子，则Y的原子序数为7，为N元素，又因为X、Y、Z为同周期相邻元素，所以X为C元素，Y为N元素，Z为O元素，Q为Cl元素，W能形成一根共价键，则W为H元素，据此解答。
A．水分子间及氨气分子间均存在氢键，熔沸点高，常温下水为液态，水的沸点更高，氯化氢相对分子质量大于甲烷，分子间作用力更强，氯化氢沸点高于甲烷，故简单氢化物熔沸点H2O＞NH3＞HCl＞CH4，A正确；
B．非金属越强，最高价含氧酸的酸性越强，非金属性Cl＞N＞C，B正确；
C．Cl-核外三层电子，离子半径大于N3-、O2-，N3-、O2-核外电子排布相同，原子序数大半径小，N3-＞O2-，故简单离子半径Z＜Y﹤Q，C错误；
D．M的官能团是硝基、氯原子，含有相同官能团，且与M互为同分异构体的还有2种，硝基和氯原子处于邻位和间位，D正确；
故选C。
12．D 【解析】由图可知，电解氧化铝的装置中B电极为电解池的阴极，铝离子在阴极得到电子发生还原反应生成铝，电解A为电解池的阳极，氧离子在阳极失去电子发生氧化反应生成氧气，氧气高温下与碳素电极中的碳反应生成碳的氧化物。
A．由分析可知，电解氧化铝的装置中B电极为电解池的阴极，铝离子在阴极得到电子发生还原反应生成铝，故A正确；
B．由分析可知，电解A为电解池的阳极，氧离子在阳极失去电子发生氧化反应生成氧气，氧气高温下与碳素电极中的碳反应生成碳的氧化物，由于生产中碳素电极会有损耗，需定期更换，故B正确；
C．由化合价变化可知，电解AlCl3－NaCl熔融盐制备金属铝时，Al2Cl离子在阴极得到电子发生还原反应生成铝和AlCl离子，电极反应式为4Al2Cl+3e—=Al+7AlCl，故C正确；
D．由化合价变化可知，电解AlCl3－NaCl熔融盐制备金属铝时，铝做电解池的阳极，在AlCl离子作用下铝在阳极失去电子发生氧化反应生成AlCl离子，电极反应式为Al+7AlCl—+3e—=4Al2Cl，则电解时AlCl从阴极流向阳极，故D错误；
故选D。
13．D 【解析】A．常温下，浓硝酸和铝发生钝化，A错误；
B．双氧水是足量，可能氧化了硫氰根离子，B错误；
C．液溴与铁反应生成溴化铁，溴离子可与硝酸银反应生成淡黄色沉淀，故不能证明取代反应的发生，C错误；
D．铁氰化钾溶液生成蓝色沉淀说明亚铁离子的生成，铁片上可能发生了电化学腐蚀，D正确；
故选D。
14． B
【解析】A．实验船绕地球做匀速圆周运动，其线速度为

A错误；
B．地球的第一宇宙速度为近地卫星（r=R）的运行速度

对实验船

联立可得

B正确；
C．由B解析中方程可得地球质量

C错误；
D．对地球表面物体，有

代入C中数据可得

D错误。
故选B。
15．C
【解析】AB．质量为的物块在水平向右的推力作用下，沿斜面向上匀速运动，若物块受到摩擦力作用，则摩擦力大小一定沿斜面向下；若满足

则物块刚好不受摩擦力作用；故AB错误；
CD．对斜面和物体构成的整体进行受力分析，受重力、推力、地面对斜面的支持力和地面对斜面的摩擦力，根据平衡条件可得，竖直方向有

水平方向有

故C正确，D错误。
故选C。
16． C
【解析】A．从垂直于中性面时开始计时，正方形线圈产生的感应电动势的瞬时值表达式应为

A错误；
B．交流电在一个周期内有半个周期通过二极管，原线圈两端的电压的最大值等于

由于变压器原、副线圈的匝数之比为1：3，所以副线圈两端电压的最大值为

根据电的热效应可得

解得通过二管后电压的有效值为

电压表测量的是滑动变阻器两端电压的有效值，即

B错误；
C．理想变压器的输入功率与输出功率相等，由此可得

解得

C正确；
D．当滑片P向下滑动时，滑动变阻器连入电路的电阻增大，由于不变，则滑动变阻器消耗的功率为

当R增加且小于时，滑动变阻器消耗的功率增加，D错误。
故选C。
17．A
【解析】A．将初速度分解为垂直于斜面的分速度为

和平行于斜面的分速度为

将重力分解为垂直于斜面的分力为

和平行于斜面的分力为

则在平行于斜面方向，运动员做匀加速直线运动，在垂直于斜面方向做匀减速直线运动，当垂直于斜面的分速度减为0时，运动员距离斜面最远，此时只有平行于斜面的分速度，故A正确；
B．从a到b时间为

设从a到c的运动时间为，斜面长为L，斜面高为h，则


解得

则从b到c的运动时间为

故B错误；
C．上述可知，运动员从a到b的时间等于b到c的时间，则a到b的之间的水平位移等于b到c的之间的水平位移，d点为竖直线bd与ac连线的交点，则ad与cd之间的水平位移相等，即

设ad之间的竖直距离为，cd之间竖直距离为，由数学知识可知

则可知

则ad两点之间的距离为

dc两点的距离为

故C错误；
D．ab两点的竖直距离为

ac两点的竖直距离为

则ab两点的竖直距离与bc两点的竖直距离之比为

故D错误。
故选A。
18．A
【解析】由题意可知，质子从B点到D点的运动中，动能减小了

质子从B点到C点的运动中，动能不变，由题意可知质子在B点时，在Q的电场中的电势能为

在C点时的电势能为

在D点时的电势能为

可知质子在匀强电场中，从B到C克服电场力做功，因此质子在匀强电场中受到电场力方向沿BC直线，且方向由C到B，如图所示，，即DD＇是一条等势线，由能量守恒定律可得


解得

A正确，BCD错误。
故选A。
19．BCD
【解析】A．路灯正常工作消耗的太阳能约为

故A错误；
B．根据

因释放核能而带来的太阳质量变化约为

故B正确；
C．以太阳为球心，为半径的球面积为

到达地球单位面积功率为

到达地球表面的太阳辐射总能量约为

故C正确；
D．路灯需要的总能量为

路灯正常工作所需日照时间约为

故D正确。
故选BCD。
20．AD
【解析】AB．0-1s内，煤块的加速度大小为

方向沿传送带向下，根据牛顿第二定律得

1-2s，物块的加速度大小为

方向沿传送带向下，根据牛顿第二定律得

联立解得
θ=37°，μ=0.25
则tanθ=0.75，故A正确，B错误；
C．物块上升的位移大小等于v-t图象与时间轴所包围的面积大小，为

根据x=a2t下2，得煤块下滑的时间
t下=
所以煤块从冲上传送带到返回A端所用的时间为，故C错误；
D．传送带的速度v=4m/s。在0-1s内传送带的位移
x带1=vt1=4×1m=4m
煤块的位移为
x煤1=8m
两者相对位移大小为
△x1=x煤1-x带1=4m
在1-2s内传送带的位移
x带2=vt2=4×1m=4m
物块的位移为
x煤2=2m
两者相对位移大小为
△x2=x带2-x煤2=2m
煤块沿传送带向下滑动过程中，煤块与传送带的相对位移为

摩擦生热

故D正确。
故选AD。
21．ACD
【解析】B．导体棒P由CE处释放后，P棒受到向左的安培力减速，Q受到向右的安培力加速运动，回路电流相同，两棒所受安培力等大反向，两棒组成的系统动量守恒，导体棒P经过CE后，导体棒P在安培力作用下做减速运动，导体棒Q做加速运动，由动量守恒得

由题可知当时

此时两棒产生的电动势相同，回路中电流为0，两棒加速度均为0，当P、Q速度为时，此时放上第三个棒，干路中电流为

P、Q两棒加速度为

B错误；
A．当时，Q棒的速度第一次达到最大，此时另一导体棒（设为M）滑上导轨，此后M棒减速，P、Q两棒在安培力作用下加速，导体棒P的速度最小为，A正确；
C．导体棒M中的电流为P、Q中的2倍，M受到的安培力与导体棒P、Q受到的安培力的合力等大反向，导体棒M、P、Q组成的系统动量守恒，当三者共速时另导体棒（设为N）滑上导轨后，四个导体棒所受合外力仍为0，系统动量守恒，C正确；
D．每滑上一个导体棒，Q棒都会加速，则Q棒的速度可以达到，根据动量定理得

解得

D正确。
故选ACD。
22. （6分）（1）    499     右     （2）2500     （3）0.80     2250
【解析】（1）由图可知没有悬挂重物时

根据闭合电路欧姆定律有

解得

由于电阻丝的阻值RL随拉力F的增大而增大，因此电流随拉力的增大而减小，因此重力为零时，电流最大，毫安表的示数最大，故改装后的表盘重力“0”刻度位于表盘的“右端”。
（2）若毫安表指针指向表盘正中间刻度，根据闭合电路欧姆定律有

解得
。
（3）根据闭合电路欧姆定律有

解得
I＝0.80mA
根据图乙可知

拉力敏感电阻丝的阻值为，则
F＝1875N
故重物的重力为

23. （9分）
（1）相等    （2） >     （3）窄          或
【解析】（1）实验开始，在不挂重物的情况下轻推滑块，若滑块做匀速直线运动，滑块通过光电门速度相等，则光电门的挡光时间相等，证明气垫导轨已经水平；
（2）根据弹性碰撞的“动碰静”的碰撞后的速度通项公式可知，要想“动”的物体碰撞“静”的物体不返回，必须“动”的物体的质量大于“静”物体的质量，即m1>m2；
（3）滑块通过光电门的速度是用遮光片通过光电门的平均速度替代，则遮光片的宽度要越小，则遮光片通过光电门的平均速度越接近于滑块过光电门的瞬时速度，因此挡光片应选择“窄”的；
滑块A两次经过光电门G1的速度近似等于滑块经过光电门时的平均速度，分别为


滑块B经过光电门G2的速度

根据动量守恒

整理得

若为弹性碰撞，则动能也是守恒的

整理得



由上面的动量守恒推导出来的等式变换得

代入上式

24．（14分）
（1）；（2）；（3）
【解析】（1）根据牛顿第二定律

加速度大小为

（2）5s末物块的速度与位移分别为
，
撤去力F，根据牛顿第二定律

得

撤去力F后物块沿斜面运动的最大距离为

小物块沿斜面向上运动的最大距离为

（3）撤去力F后，物块匀减速运动至最大距离的时间为

从最高点匀加速运动至斜面底端，有

得

小物块在斜面运动的总时间为

25．（18分）
（1）；（2）；（3）
【解析】（1）根据洛伦兹力提供向心力得

解得

（2）要使粒子恰好不从轴射出，轨迹如图

在前内的运动半径为

在后内的运动半径

由几何关系知

解得

粒子做圆周运动的周期

则

解得磁感应强度变化周期

（3）要想使粒子经过点且平行轴射出，则粒子只能从时刻经过点，（其中），则轨迹如图

设粒子射入磁场的速度为，由（2）可得

由几何关系可知

又

解得

26．（1）增大反应物接触面积，使反应速率增大（1分） 加热（1分）
（2）SiO2（2分） 2+4MnO2+5H2SO4=2+(NH4)2SO4+4MnSO4+4H2O（2分）
（3）（2分） 4.7~8.1 （2分）
（4）蒸发浓缩、冷却结晶、过滤（2分） 晶体有部分失去了结晶水，或混有其他硫酸盐杂质（2分）
【解析】软锰矿(主要成分是，含等杂质)粉碎后向其中加入苯胺和稀硫酸，苯胺将还原为Mn2+，与稀硫酸反应生成Fe3+、Al3+，SiO2不与苯胺和稀硫酸反应，则沉淀1中含有二氧化硅，过滤后向滤液中加入NaOH溶液调pH将Fe3+、Al3+转化为Fe(OH)3、Al(OH)3沉淀，则沉淀2含有Fe(OH)3、Al(OH)3，再过滤后加入NH4HCO3沉锰生成MnCO3沉淀，最后将MnCO3与稀硫酸反应生成硫酸锰溶液，经过蒸发浓缩、冷却结晶、过滤、洗涤、干燥一系列操作得到。
（1）还原酸浸前将软锰矿粉碎的目的是增大反应物接触面积，使反应速率增大；为达到该目的在加入苯胺和稀硫酸后常采取的操作为加热；
（2）据分析可知，沉淀1的主要成分为SiO2；还原酸浸时主要是用苯胺将二氧化锰还原为二价锰离子，其发生反应的化学方程式为2+4MnO2+5H2SO4=2+(NH4)2SO4+4MnSO4+4H2O；
（3）温度不变，Ksp保持不变，则计算时可取用开始沉淀时或完全沉淀时数据，，，，则；调pH是为了将Fe3+、Al3+转化为Fe(OH)3、Al(OH)3沉淀且要沉淀完全，而Mn2+不能开始沉淀，则应控制的pH范围是4.7~8.1；
（4）从操作A所得的溶液中获得晶体需要进行的操作是蒸发浓缩、冷却结晶、过滤、洗涤、干燥；计算所得样品的质量分数大于100%，说明样品中含量变多了，则可能的原因是晶体有部分失去了结晶水，或混有其他硫酸盐杂质。
27．（1）（2分）
（2）（2分）    水浴加热（1分）    
吸收生成的氨气（2分）     将氨气及时排出，防止其与过二硫酸钠反应（2分）
（3）使水的沸点降低，能防止或减少过二硫酸钠分解（2分）
（4）淀粉溶液（1分）     （2分）
【解析】由实验装置图可知，在氮气气氛中，装置A中过二硫酸铵与氢氧化钠溶液在55℃的水浴加热条件下反应生成过二硫酸钠、氨气和水，装置B中盛有的四氯化碳用于防止倒吸的发生，盛有的稀硫酸用于吸收氨气。
（1）设过二硫酸钠中-1价氧原子个数为a，由化合价代数和为0可得：(+1)×2+(+6)×2+(—1)×a+(—2)×+(8—a)=0，解得a=2，则1mol过二硫酸钠中含有的过氧键数目为1mol×1×NAmol—1=NA，故答案为：NA；
（2）①由分析可知，装置A中发生的反应为过二硫酸铵与氢氧化钠溶液在55℃的水浴加热条件下反应生成过二硫酸钠、氨气和水，反应的化学方程式为，故答案为：；水浴加热；
②由分析可知，装置B中盛有的四氯化碳用于防止倒吸的发生，盛有的稀硫酸用于吸收氨气，由题给信息可知，碱性条件下，氨气与过二硫酸钠在共热条件下能发生氧化还原反应，所以反应过程中需要持续通入氮气将氨气及时排出，防止其与过二硫酸钠反应，故答案为：吸收生成的氨气；将氨气及时排出，防止其与过二硫酸钠反应；
（3）由题给信息可知，过二硫酸钠加热至较高温度时发生分解，所以制备过二硫酸纳晶体时，应采用减压蒸发浓缩的方法使水的沸点降低，防止或减少过二硫酸钠分解，故答案为：使水的沸点降低，能防止或减少过二硫酸钠分解；
（4）由题意可知，用硫代硫酸钠标准溶液滴定时应选用淀粉溶液做指示剂，当溶液由蓝色变为无色说明反应生成的碘完全反应，达到滴定终点；由得失电子数目守恒和题给方程式可得如下转化关系：Na₂S₂O₈—I₂—2Na₂S₂O3，滴定消耗VmL 0.1000mol/L硫代硫酸钠溶液，则成品中过二硫酸钠的含量为×100%=%，故答案为：。
28．（1） -a-3b-（2分）
（2） 3（2分）     30%（1分）     0.57（2分）     增大CO的物质的量（2分）
（3） C（2分）     反应Ⅰ的活化能小于反应Ⅱ的活化能，反应Ⅰ的反应速率快于反应Ⅱ，相同时间内获得的产物的浓度自然反应Ⅰ比反应Ⅱ多 （2分）    温度590K，R=2.5（2分）
【解析】（1） ①2H2(g)+O2(g)=2H2O(l)　ΔH=a kJ·mol-1
②NaCl(aq)+H2O(l)=NaClO(aq)+H2(g)　ΔH=b kJ·mol-1
③4Na2FeO4(aq)+10H2O(l)=4Fe(OH)3(s)+3O2(g)+8NaOH(aq)　ΔH=c kJ·mol-1
根据盖斯定律，-③-②×3-①×得2Fe(OH)3(s)+3NaClO(aq)+4NaOH(aq)=2Na2FeO4(aq)+3NaCl(aq)+5H2O(l)的ΔH=-a-3b-c kJ·mol-1。
（2）①0~15 s时CO的变化物质的量为2.5mol-1.75mol=0.75mol，则Cl2的变化物质的量也为0.75mol，Cl2的平均反应速率为=0.05mol/(L·s)=3mol·L-1·min-1；
②反应进行到15s时达到第一次平衡，CO的平街转化率为=30%；此时平衡体系内CO为1.75mol/L、Cl2为0.75mol/L、COCl2为0.75mol/L，该反应的平衡常数K==0.57；
③在第20 s时，CO的物质的量瞬间迅速增大，然后平衡正向进行，说明此时改变的条件是增大CO的物质的量；
（3）①A．反应前后气体分子总数不变，总物质的量不变，利用相同条件下，压强之比等于气体物质的量之比，即气体压强始终保持不变，压强不变不能说明该反应达到平衡，故A不符合题意；B．平衡常数只与温度有关，温度不变平衡常数始终不变，因此平衡常数不变不能说明反应达到平衡，故B不符合题意；C．正(H2S)表示正反应速率，逆(HCl)表示逆反应速率，化学反应速率之比等于化学计量数之比，因此正(H2S)=逆(HCl)说明反应达到平衡，故C符合题意；D．组分都是气体，则气体总质量始终不变，容器为恒容状态，气体总体积保持不变，根据密度的定义，气体密度始终不变，气体密度不变，不能说明反应达到平衡，故D不符合题意；故答案为C；
②C6H5—Cl由反应Ⅰ生成，C6H6由反应Ⅱ生成，图2显示温度较低时C6H5—Cl浓度的增加程度大于C6H6，说明反应Ⅰ的活化能小于反应Ⅱ的活化能，反应Ⅰ的反应速率快于反应Ⅱ，相同时间内获得的产物的浓度自然反应Ⅰ比反应Ⅱ多；根据图2和图3的数据信息，该模拟工业生产制备C6H5—Cl的适宜条件为温度590K，R=2.5。
29．【答案】(1)     年龄结构和性别比例     气候适宜、食物及空间资源充足、没有天敌
(2)     被分解者利用     调整生态系统能量流动关系，使能量持续高效地流入对人类最有益的部分
(3)     鳃金龟     光诱导的季节、光的波长（或频率）
【分析】1、种群密度是种群最基本的数量特征。种群的其他数量特征是影响种群密度的重要因素，其中出生率和死亡率、迁入率和迁出率直接决定种群密度，年龄结构影响出生率和死亡率，性别比例影响出生率，进而影响种群密度。在调查分布范围较小、个体较大的种群时，可以逐个计数的方法。若逐个计数非常困难，需要采取估算的方法，如黑光灯诱捕法、样方法和标记重捕法。
2、输入某一营养级的能量，一部分在该营养级生物的呼吸作用中以热能的形式散失了；另一部分用于该营养级生物的生长、发育和繁殖等生命活动，储存在生物体的有机物中。构成生物体的有机物中的能量，一部分随着遗体残骸等被分解者分解而释放出来；另一部分则流入下一营养级。
【详解】（1）由分析可知，间接影响某害虫种群密度的数量特征有年龄结构（影响出生率和死亡率）和性别比例（影响出生率）；某些害虫迁入农田的初期，由于气候适宜、食物及空间资源充足，且没有天敌，导致种数数量呈指数增长，即呈“J”形增长。
（2）由分析可知，害虫体内的能量有一部分随着遗体残骸等被分解者分解利用，一部分能量暂时未被利用，因此其用于生长、发育和繁殖的能量不会全部流入其天敌；从能量流动的角度分析，农田害虫防治能够调整生态系统能量流动关系，使能量持续高效地流入对人类最有益的部分。
（3）灯光诱捕法适用于趋光性强的昆虫，分析题图可知，三种害虫的趋光率中，鳃金龟的趋光率最低，最不适合用灯光进行诱捕；利用灯光诱捕害虫时，光照强度、光诱导的季节、光的波长（或频率）等因素都会影响调查结果。
【点睛】本题综合考查生态系统的知识，意在考查学生对知识的理解水平，联系知识形成网络的能力，要求学生能利用知识综合分析题意，利用提取的信息结合知识分析解决问题。
30．【答案】(1)     叶肉细胞、叶肉细胞     水的光解（水在光下分解）和ATP、［H］（NADPH）的合成
(2)     C3（磷酸烯醇式丙酮酸）     C3在高光强、高温和干旱的条件下，气孔常处于关闭状态，进入叶肉细胞的CO2较少，而玉米叶肉细胞中的PEP羧化酶对CO2的亲和性较高，能利用较低浓度的CO2     玉米
(3)     植株高度低于玉米、阴生植物（光饱和点较低）、生长周期与玉米相同     光能、空间和土壤矿质元素等

【分析】光合作用包括光反应阶段和暗反应阶段，光反应在类囊体薄膜上进行，暗反应在叶绿体基质中进行。光反应的物质变化为水的光解和ATP以及NADPH的合成，暗反应的物质变化为二氧化碳的固定和C3的还原。
（1）据题意可知，C3植物和C4植物光反应发生的场所分别为叶肉细胞、叶肉细胞，它们主要发生的物质变化为水的光解和ATP、［H］（NADPH）的合成，能量变化为光能转化为活跃的化学能。
（2）CO2被玉米吸收后，先被叶肉细胞中的C3（磷酸烯醇式丙酮酸）固定，后被维管束鞘细胞中的C3固定；在高光强、高温和干旱条件下玉米的光合效率高于水稻的原因是在高光强、高温和干旱的条件下，气孔常处于关闭状态，进入叶肉细胞的CO2较少，玉米叶肉细胞中的PEP羧化酶对CO2的亲和性较高，能利用较低浓度的CO2进行光合作用；若将玉米和水稻放在同一密闭容器中培养，在适宜的温度和光照条件下，植物的光合速率大于呼吸速率，容器中的CO2浓度降低，而玉米可以利用较低浓度的CO2，故存活时间较长。
（3）适合与玉米进行间作的植物应具备的特点是植株高度低于玉米、阴生植物（光饱和点较低）、生长周期与玉米相同；间作能提高粮食产量的原因是间作种植可充分利用光能、空间和土壤矿质元素等，实现了群落的合理配比，从而能够提高产量。
31．【答案】(1)     消化系统、循环     细胞与外界环境进行物质交换的媒介
(2)饭后胰岛素的分泌量增加，细胞膜上的Na+-K+泵被激活，血钾大量进入细胞内
(3)     肾     尿液
(4)特异性的激活效应T细胞膜上的钾通道，使得效应体细胞丢钾而发生凋亡，不再攻击正常的组织细胞

【分析】1、无机盐的存在形式和功能：主要的存在形式是离子，有些无机盐是某些复杂化合物的组成成分；许多无机盐对于维持细胞核生物体的生命活动具有重要作用，有些无机盐参与维持酸碱平衡和渗透压。
2、静息电位由钾离子产生和维持，钾离子外流形成静息电位，动作电位主要由钠离子产生和维持，钠离子内流形成动作电位。
（1）食物中的钾离子进入细胞需要经过消化系统、循环系统，内环境在这个过程中发挥的作用是细胞与外界环境进行物质交换的媒介。
（2）胰岛素可激活细胞膜上的Na+-K+泵，协助小肠上皮细胞进行葡萄糖的运输，正常人饭后血糖含量升高，胰岛素分泌增加，细胞膜上的K＋-Na＋泵被激活，血液中K＋大量进入细胞内，血钾含量降低，故正常人饭后血钾含量会有所降低。
（3）由图A可知，尿液是钾离子排出体外的主要途径，尿毒症患者的肾功能障碍，排出钾离子功能下降，导致血钾浓度高于正常值，钾离子滞留体内，出现高血钾症。
（4）自身免疫病能使人体的免疫系统攻击自身正常的细胞，依据题干“钾通道是钾离子转移至细胞外的主要途径，细胞丢钾是细胞凋亡的必要条件”，故治疗细胞毒性T细胞攻击正常组织细胞引起的自身免疫病的思路：可以特异性的激活效应T细胞膜上的钾通道，使得效应T细胞丢钾而凋亡，使其不能再攻击正常组织细胞。
【点睛】本题考查无机盐的存在形式和功能，要求考生能把握知识的内在联系，具有分析题图获取信息，利用有效信息进行推理、综合解答问题的能力。
32．【答案】(1)不能；由于不管这对基因在常染色体上还是在X染色体上，其结果都可能符合杂交结果
(2)     3/5
     AAXBY和aaXBXb
     由于XBXB的雌性个体死亡。
(3)     将其和粗糙眼aa雄性个体交配，观察后代表现型     ，如果后代全为正常眼，则基因型是AAXBXb，如果后代既有正常眼又有粗糙眼，则是AaXBXb
【分析】根据实验二的杂交情况，先分析正常眼和粗糙眼，亲代正常眼和粗糙眼杂交，子代全为正常眼，说明正常眼为显性性状，F2中雄性正常眼：粗糙眼=3:1，雌性中正常眼：粗糙眼=3:1，说明该基因位于常染色体上；分析直刚毛和焦刚毛，F2中雄性直刚毛：焦刚毛=1:1，雌性直刚毛：焦刚毛2:1，说明该基因位于X染色体上。
结合实验一的情况，亲代焦刚毛雄性基因型是XbY，直刚毛雌性基因型是XBXb，所以直刚毛为显性；实验二中F1雌性只有直刚毛，且雌雄比例为1:2，说明存在致死现象，可以推测直刚毛雌性纯合子致死，即XBXB致死，推测实验二亲代直刚毛雄性的基因型是XBY，直刚毛雌性的基因型是XBXb，F1中基因型、表现型及比例为XBXb（直刚毛雌性）：XBY（直刚毛雄性）：XbY（焦刚毛雄性）=1:1:1，
因此实验二亲代基因型是AAXBY和aaXBXb。
(1)仅根据实验一，如果这对基因位于常染色体上，则基因型是Bb和bb，子代基因型Bb：bb=1:1，雌雄中直刚毛：焦刚毛=1:1，如果这对基因位于X染色体上，则亲代基因型是XbY和XBXb，子代XBXb：XbXb：XBY：XbY=1:1:1:1，雌雄中直刚毛：焦刚毛=1:1，因此由于不管这对基因在常染色体上还是在X染色体上，其结果都可能符合杂交结果，因此不能判断B/b位于常染色体上。
(2)根据分析，控制直刚毛和焦刚毛的基因位于X染色体上，且XBXB致死，实验一亲代基因型是XBXb和XbY，所以子一代基因型是XBXb，XbXb、XBY、XbY，如果随机交配，雄性可以产生的配子XB：Xb：Y=1:1:2，雌性产生的配子XB：Xb=1:3，用棋盘法表示结果；

1XB
1Xb
2Y
1XB
致死
1雌性直刚毛
2雄性直刚毛
3Xb
3雌性直刚毛
3雌性焦刚毛
6雄性焦刚毛

所以子代表现型雌性直刚毛：雌性焦刚毛：雄性直刚毛：雄性焦刚毛=4:3:2:6，所以焦刚毛的比例为3/5。
根据分析，实验二的亲代基因型是AAXBY和aaXBXb。
根据分析出现上述表现型比例的原因是由于XBXB的雌性个体死亡。
(3)实验二F2中的一只正常眼直刚毛雌性个体基因型可能是AAXBXb或AaXBXb，为判断其基因型，可以选择测交，即将其和粗糙眼aa雄性个体交配，如果后代全为正常眼，则基因型是AAXBXb，如果后代既有正常眼又有粗糙眼，则是AaXBXb。
【点睛】解答本题的关键是掌握基因的自由组合定律、伴性遗传的规律等知识点，若验证两对相对性状的基因位于两对同源染色体时，则杂交实验满足自由组合的定律，杂交结果会出现自由组合相关比例，进而根据题干要求分析答题。
33．（15分）[来源:学|科|网]
（1）（5分）
ABD
【解析】A．熵是物体内分子运动无序程度的量度，系统内分子运动越无序，熵值越大，A正确；
B．扩散现象在气体、液体和固体中都能发生，B正确；
C．分子一直在永不停息的做无规则运动，物体的温度为0°C时，该物体中分子的平均动能不为零，C错误；
D．油脂对水是不浸润的，脱脂棉脱脂的目的是使它从不能被水浸润变为可以被水浸润，以便吸取药液，D正确；
E．气体分子的间隙很大，气体的摩尔体积除以阿伏伽德罗常数等于每个气体分子占据的体积，并不是气体分子的体积，E错误；
故选ABD。
（2）（10分）
（1），；（2）
【解析】（1）在将气体打进储液桶之前，有
，
倒入药液后，储液桶中气体部分的体积为

打气过程，气体保持温度不变，根据玻意耳定律可得

联立解得

药液喷出过程，气体温度保持不变，根据玻意耳定律可得

解得

因此能喷出的药液的体积为

（2）设至少需要打气次，才能将喷雾器内的药液一次性全部喷完，根据玻意耳定律可得

解得

要使喷雾器内的药液一次性全部喷完，至少需要打气次。
34．【选修3-4】（15分）
（1）（5分）
CDE
【解析】A．均匀变化的电场产生稳定的磁场，非均匀变化的电场产生变化的磁场，故A错误；
B．衍射现象是波特有的现象，一直存在，只是当障碍物的尺寸与波的波长差不多或比波长短时，才会发生明显的衍射现象，故B错误；
C．围绕振动的音叉转一圈会听到忽强忽弱的声音，是声波叠加产生加强与减弱的干涉的结果，故C正确；
D．白光通过三棱镜在屏上出现彩色条纹是光的折射现象，故D正确；
E．由狭义相对性原理可知在不同的惯性参考系中，一切物理规律都是相同的，故E正确。
故选CDE。
（2）（10分）
（1）1 m/s；（2）（m）
【解析】（1）根据甲图可知，λ＝4 m根据乙图可知，T＝4 s则波速

（2）振动角速度

振幅A＝2m由甲图可知，当t＝0时，x＝5 m处的质点在平衡位置沿负方向向下运动，则
（m）
35．（1）2s22p3（2分）     7（1分）     sp3（1分）
（2） 1∶2（2分）     三角锥形（1分）
（3）H2O2分子之间形成氢键（2分）
（4） 正四面体（2分）     (0. 25，0. 25，0.75) （2分）    （2分）
【解析】（1）①主族元素的价电子就是最外层电子，N最外层为第二层，排布5个电子，对应排布式为：2s22p3；N原子共有7个电子，每一个电子运动状态都是不同的（即使是同一轨道内自旋方向也是不同的），故核外电子运动状态有7种；
②B原子连了3个H原子和1个N原子，其中N→B为配位键，故B共有4对价层电子对，根据杂化理论知其为sp3杂化；
（2）等电子体具有相似的化学键结构，故SO2+中S与O之间为三键，1个为σ键，2个为π键，故此处填1∶2；SO中心S原子的价层电子对=σ电子对+孤电子对=3+=4，根据价层电子对互斥理论知，SO空间构型为：三角锥形；
（3）虽然Cl2O2相对分子质量比H2O2大，但H2O2分子间能形成氢键，故沸点比Cl2O2高；
（4）①该晶胞中含有N原子4个，Ga原子8×+6×=4，故两者之比为1：1，两者配位数相同，由图示可知N原子配位数为4，故Ga配位数也为4，即1个Ga连接4个N，其空间构型类似CH4，为正四面体；
②将晶胞分割成8个小立方体，b点位于小立方体的体心，x、y轴方向等于边长的，z轴等于边长的，故b点坐标为(0. 25，0. 25，0.75)；
③由①问分析知，该晶胞中含4个GaN，故晶胞的质量=，设边长为a cm，则晶胞体积=a3cm3，故晶胞密度=，解得a=，即。
36．（1）4-溴苯甲酸（对溴苯甲酸）（1分）     取代反应（1分）
（2）CH≡CCH2CH2OH（2分）
（3）羟基、酯基（2分）
（4）n+(n-1)H2O（2分）
（5） 15 （2分）    （2分）
（6） （3分）
【解析】I到II在羧基上发生了酯化反应；II与III生成了IV，对比结构简式，III为CH≡CCH2CH2OH；IV与氢气反应，碳碳三键发生了加成反应得到V；V在在NaClO和KBr，NaHCO3作用下生成VI，醛基被氧化，并且发生了溴原子的取代反应；VI与VII在醋酸钠存在下发生反应得到VIII，VIII中酯基水解得到了IX。
（1）化合物I的名称为4-溴苯甲酸（对溴苯甲酸）；I与甲醇在浓硫酸加热条件下发生酯化反应；
（2）对比II和IV的结构简式，III仅含C、H、O三种元素，III的结构简式为：CH≡CCH2CH2OH；
（3）化合物IV中的含氧官能团为：羟基、酯基；
（4）化合物V在酸性条件下水解，水解产物为 和甲醇， 在一定条件下可以发生缩聚反应生成聚酯，化学方程式为：n+(n-1)H2O；
（5）化合物X是V的同系物，其相对分子质量比V小28，化合物X比V少两个CH2，X苯环上有两种取代基，且能与FeCl3溶液发生显色反应，说明含有酚羟基，能与NaHCO3溶液反应生成CO2气体，说明含有羧基，满足条件的同分异构体的结构简式：两个取代基为对位时，共有 、 、 、 、5种；同理，两个取代基为邻位和间位各有5种，共15种；核磁共振氢谱峰面积比为6∶2∶2∶1∶1，即有5种不同化学环境的氢原子，且氢原子个数比为6∶2∶2∶1∶1，满足条件的结构简式为 ；
（6）苯乙烯与水生成 ，参照题中制备路线， 在NaClO和KBr，NaHCO3作用下生成 ， 与VII在醋酸钠作用下即可得到产物，故合成路线为： 。
37．【答案】(1)     对糯米进行高温灭菌     培养基
(2)     酵母菌（酿酒酵母）     异养兼性厌氧
(3)     凉开水（纯净水、无菌水）     增大微生物与培养基的接触面积，利于后续发酵
(4)     18~25     缺氧、呈酸性的发酵液中酵母菌可以生长繁殖，而绝大多数微生物因无法适应这一环境而受到抑制
【分析】酒粬，一般写作酒曲。在经过强烈蒸煮的白米中，移入曲霉的分生孢子，然后保温，米粒上便会茂盛地生长出菌丝，此即酒曲。曲霉产生的淀粉酶会糖化米里面的淀粉，因此，自古以来就有把它和麦芽同时作为原料糖，用来制造酒、甜酒和豆酱等。用麦类代替米者称麦曲。
（1）高温可以杀灭杂菌，避免杂菌污染，有利于后期酵母菌进行酒精发酵；蒸熟的米饭富含营养物质，为酵母菌生存繁殖提供营养，相当于微生物培养基。
（2）酒曲中含有曲霉、毛霉和酵母菌（酿酒酵母）等；酵母菌无氧呼吸产生酒精，酵母菌为异养生物（只能消耗现成有机物，不能将无机物转变为有机物），且为兼性厌氧型生物（既能进行有氧呼吸，又能进行无氧呼吸）。
（3）用水淋米饭，使其温度降低，为了避免杂菌引入，最好选择凉开水（纯净水、无菌水）；为了增大微生物与培养基的接触面积，利于后续发酵，常将酒曲与米饭混匀。
（4）酵母菌的适宜温度为18~25℃，因此最好将发酵瓶置于该温度下进行发酵；缺氧、呈酸性（CO2溶于水呈酸性）的发酵液中酵母菌可以生长繁殖，而绝大多数微生物因无法适应这一环境而受到抑制，因此发酵过程中大多数微生物不能生长繁殖。
【点睛】本题主要考查果酒发酵，要求学生有一定的理解分析能力。
38．【答案】(1)     DNA双链复制     1/16     无Bt基因
(2)     6     标记基因     鉴别受体细胞中是否含有目的基因，从而将含有目的基因的细胞筛选出来
(3)     农杆菌转化法     目的性强：克服远缘杂交不亲和的障碍；育种周期短
【分析】PCR是利用DNA在体外摄氏95°高温时变性会变成单链，低温（经常是60°C左右）时引物与单链按碱基互补配对的原则结合，再调温度至DNA聚合酶最适反应温度（72°C左右），DNA聚合酶沿着磷酸到五碳糖(5'-3')的方向合成互补链。基于聚合酶制造的PCR仪实际就是一个温控设备，能在变性温度，复性温度，延伸温度之间很好地进行控制。
(1)PCR技术一般指聚合酶链式反应。 聚合酶链式反应（PCR）是一种用于放大扩增特定的DNA片段的分子生物学技术，它可看作是生物体外的特殊DNA复制，PCR的最大特点是能将微量的DNA大幅增加；DNA进行半保留复制，每次复制都需要两种引物结合在DNA的两端，第四轮循环产物共16个DNA分子，仅含有其中一种引物的DNA片段为1个，因此占1/16；退火是降低温度使引物与模板链结合，若退火温度过高，引物无法结合，复制无法进行，则无Bt基因。
(2)从限制酶A、B和C任选两种酶对Ti质粒进行切割产生不同末端，均会将Ti质粒切成两段，则产物有A→B、B→A、A→C、C→A、B→C、C→B，共6种；重组质粒是目的基因和质粒重新组合的结构，需要含有目的基因、复制原点、启动子和终止子（帮助目的基因在受体细胞内表达）外，还需要有标记基因，可以通过鉴别受体细胞中是否含有目的基因，从而将含有目的基因的细胞筛选出来，如抗生素抗性基因就是常用的标记基因。
(3)外源基因导入植物细胞的常用方法是农杆菌转化法（用含有重组质粒的农杆菌去侵染植物根部切口，通过辅助性质粒的Vir区表达蛋白与重组质粒T-DNA区（目的片段）的反式作用激活T-DNA的转移，从而将目的片段整合到植物细胞基因组中）；诱变育种具有多方向性，工作量大，筛选任务重，而基因工程技术培育的抗虫棉花植株，目的性强（转入了外源基因，一定有相应的性状），克服远缘杂交不亲和的障碍（将不亲和的物种的基因转入另一物种进行表达），育种周期短（免去了繁重的筛选工作，缩短了育种年限）。
【点睛】本题主要考查PCR及育种技术，要求学生有一定的理解分析能力。