2023届高考生物二轮复习孟德尔定律与特殊遗传现象学案含答案

这是一份2023届高考生物二轮复习孟德尔定律与特殊遗传现象学案含答案，共24页。学案主要包含了p190等内容，欢迎下载使用。

第二讲　孟德尔定律与特殊遗传现象
　【p38】
1．豌豆作为杂交实验的优点：
①豌豆是____________、闭花授粉的植物，避免了外来花粉的干扰，自然状态下是纯种。
②豌豆具有易于区分的相对性状，实验结果可靠、易观察分析，不同品种间有多对相对性状。
③豌豆花的结构特点使得人工去雄和进行异花授粉很方便。
④豌豆易栽培，生长周期短，实验周期短，且一次繁殖能产生大量后代，使得实验数据充足，便于分析。
2．生物杂交实验中的常用符号

符号
P
♀
♂
F1
F2
×

↓
含义
亲本
雌性
(母本)
雄性
(父本)
子一代
子二代
杂交
________
产生下
一代
　　3.假说—演绎法：观察现象，提出问题―→分析问题，提出假说―→演绎推理，验证假说―→分析结果，得出结论。
4．分离定律：在生物的体细胞中，控制同一性状的遗传因子________存在，不相融合；在形成配子时，成对的遗传因子发生分离，分离后的遗传因子分别进入不同的配子中，随配子遗传给后代。
5．分离定律的实质：在杂合子的细胞中，位于一对同源染色体上的等位基因，具有一定的独立性；在减数分裂形成配子的过程中，____________会随同源染色体的分开而分开，分别进入两个配子中，独立地随配子遗传给后代。
6．自由组合定律：控制不同性状的遗传因子的分离和组合是互不干扰的；在形成配子时，决定________性状的成对的遗传因子彼此分离，决定不同性状的遗传因子____________。
7．自由组合定律的实质：位于非同源染色体上的非等位基因的分离和自由组合是____________的；在减数分裂过程中，同源染色体上的等位基因彼此分离的同时，非同源染色体上的非等位基因自由组合。
【答案】1.自花传粉　2.自交　4.成对　5.等位基因　6.同一　自由组合　7.互不干扰
　【p38】
1．水稻的非糯性和糯性是一对相对性状，非糯性花粉中所含的淀粉为直链淀粉，遇碘变蓝黑色，而糯性花粉中所含的是支链淀粉，遇碘变橙红色。现在用纯种的非糯性水稻和纯种的糯性水稻杂交，取F1花粉加碘液染色，在显微镜下观察，半数花粉呈蓝黑色，半数呈橙红色。该实验结果验证了什么？还可以通过什么方法来进行验证？(p8)
该方法为花粉鉴定法，验证了分离定律。验证分离定律的方法还有自交法、测交法和单倍体育种等方法。
2．除了孟德尔的杂交实验，在我们教材中你还能举出运用假说—演绎法的实例吗？如何区别假说—演绎法与归纳法？(p8)
教材中运用假说—演绎法的科学研究还有：DNA复制方式的提出与证实以及整个中心法则的提出与证实、基因在染色体上的证明、遗传密码的提出和破译等。
归纳法是从特殊事实中概括出一般原理的推理形式和思维方法，演绎法是从一般到特殊，根据一类事物都有的一般属性、关系、本质来推断该类中的个别事物所具有的属性、关系和本质的推理形式和思维方法。二者互为补充、相辅相成。
3．纯种的甜玉米与纯种的非甜玉米实行间行种植，收获时发现，在甜玉米的果穗上结有非甜玉米的籽粒，但在非甜玉米的果穗上找不到甜玉米的籽粒。试解释产生这种现象的原因？利用玉米进行人工杂交实验需要去雄吗，为什么？(p14)
因为控制非甜玉米性状的是显性基因，控制甜玉米性状的是隐性基因。当甜玉米接受非甜玉米的花粉时，后代为杂合子(既含有显性基因，也含有隐性基因)，表现为显性性状，故在甜玉米植株上结出非甜玉米的籽粒；当非甜玉米接受甜玉米的花粉时，后代为杂合子，表现为显性性状，即非甜玉米的性状，故在非甜玉米植株上结出的仍是非甜玉米的籽粒。
玉米为雌雄同株单性花，在进行人工杂交实验的过程中，只需要在雌花成熟之前对雌花进行套袋即可，不需要进行去雄操作。
4．现有某作物的两个纯合品种：抗病高秆(易倒伏)和感病矮秆(抗倒伏)，抗病对感病为显性，高秆对矮秆为显性。将两个纯合品种进行杂交得F1，F1自交得F2，请问F2中是否有抗病矮秆品种？你能想出什么办法可以获得纯合的抗病矮秆品种？(p16)
有抗病矮秆品种。但其中有杂合子，需对F2中的抗病矮秆植株进行如下操作以获得纯合子。
①连续自交法：将获得的抗病矮秆植株连续自交几代，即将每次自交后代的抗病矮秆植株选育后再进行自交，直至自交后代中不再出现感病矮秆植株为止。
②株系法：将获得的抗病矮秆植株种植并自交，单株收获的种子种植得到一个子代群体，称为一个株系，当某一个株系中的植株都表现为抗病矮秆时，则该株系中的植株都为纯合子。
③单倍体育种法：取抗病矮秆植株的花粉通过单倍体育种，子代中表现为抗病矮秆的植株即为纯合子。
　【p39】
1．豌豆杂交实验中人工去雄及人工授粉后均需套袋处理。(√)
2．自然状态下，豌豆既有纯种，也有杂种。(×)
3．F1产生雌、雄配子的比例为1∶1，此比例为雌、雄配子的数量之比。(×)
4．依据遗传因子假说，若让F1(Dd)与隐性类型(dd)杂交理应出现两种类型子代，其比例为1∶1，这属于“演绎推理”阶段。(√)
5．含有相同遗传因子的配子结合成的合子发育而成的个体即纯合子，如AAbb即纯合子。(√)
6．遗传因子组成为Aa的豌豆可产生的配子类型为♀A∶♂a＝1∶1。(×)
7．凡杂交后代中出现不同性状的现象即性状分离。(×)
8．在遗传学的研究中，利用自交、测交、杂交等方法都能用来判断基因的显隐性。(×)
9．含两对(或两对以上)遗传因子的亲本，其遗传时必定遵循自由组合定律。(×)
10．基因分离定律发生在减数第一次分裂，基因自由组合定律发生在减数第二次分裂。(×)
11．遵循自由组合定律遗传的两对遗传因子，在单独分析时每对遗传因子的遗传仍符合分离定律。(√)
12．孟德尔利用豌豆作为实验材料，通过测交的方法对遗传现象提出了合理的解释，然后通过自交等方法进行了证明。(×)
13．F1为YyRr的黄色圆粒豌豆自交产生的F2中亲本类型应为1/8，重组类型为3/8。(×)
14．基因的自由组合就是雌雄配子的随机组合。(×)
15．按照孟德尔定律，AaBbCcDd个体自交，子代基因型有16种。(×)
16．按照孟德尔定律，对AaBbCc个体进行测交，子代基因型有8种。(√)
17．基因型为AaBb的个体测交，后代表型比例为3∶1或1∶2∶1，则该遗传可以是遵循基因的自由组合定律的。(√)
18．基因型为AaBb的个体自交，后代出现3∶1的比例，则这两对基因的遗传一定不遵循基因的自由组合定律。(×)
19．基因型为AaBbDdEeGgHhKk的个体自交，假定这7对等位基因自由组合，则7对等位基因纯合个体出现的概率与7对等位基因杂合个体出现的概率不同。(×)
　【p40】
　　　　　　　　　　　　　　　

　　(2022·全国甲卷)某种自花传粉植物的等位基因A/a和B/b位于非同源染色体上。A/a控制花粉育性，含A的花粉可育；含a的花粉50%可育、50%不育。B/b控制花色，红花对白花为显性。若基因型为AaBb的亲本进行自交，则下列叙述错误的是(　　)
A．子一代中红花植株数是白花植株数的3倍
B．子一代中基因型为aabb的个体所占比例是1/12
C．亲本产生的可育雄配子数是不育雄配子数的3倍
D．亲本产生的含B的可育雄配子数与含b的可育雄配子数相等
【解析】分析题意可知，两对等位基因独立遗传，故含a的花粉育性不影响B和b基因的遗传，所以Bb自交，子一代中红花植株B_∶白花植株bb＝3∶1，A正确；基因型为AaBb的亲本产生的雌配子种类和比例为AB∶Ab∶aB∶ab＝1∶1∶1∶1，由于含a的花粉50%可育，故雄配子种类及比例为AB∶Ab∶aB∶ab＝2∶2∶1∶1，所以子一代中基因型为aabb的个体所占比例为1/4×1/6＝1/24，B错误；由于含a的花粉50%可育，50%不可育，故亲本产生的可育雄配子是A＋1/2a，不育雄配子为1/2a，由于Aa个体产生的A∶a＝1∶1，故亲本产生的可育雄配子数是不育雄配子的三倍，C正确；两对等位基因独立遗传，所以Bb自交，亲本产生的含B的雄配子数和含b的雄配子数相等，D正确。
【答案】B
(2021·浙江卷)水稻雌雄同株，从高秆不抗病植株中(核型2n＝24)(甲)选育出矮秆不抗病植株(乙)和高秆抗病植株(丙)。甲和乙杂交、甲和丙杂交获得的F1均为高秆不抗病，乙和丙杂交获得的F1为高秆不抗病和高秆抗病。高秆和矮秆、不抗病和抗病两对相对性状独立遗传，分别由等位基因A(a)、B(b)控制，基因B(b)位于11号染色体上，某对染色体缺少1条或2条的植株能正常存活。甲、乙和丙均未发生染色体结构变异，甲、乙和丙体细胞的染色体DNA相对含量如图所示(甲的染色体DNA相对含量记为1.0)。

回答下列问题：
(1)为分析乙的核型，取乙植株根尖，经固定、酶解处理、染色和压片等过程，显微观察分裂中期细胞的染色体。其中酶解处理所用的酶是________，乙的核型为__________。
(2)甲和乙杂交获得F1，F1自交获得F2。F1基因型有________种，F2中核型为2n－2＝22的植株所占的比例为__________。
(3)利用乙和丙通过杂交育种可培育纯合的矮秆抗病水稻，育种过程是____________________。
(4)甲和丙杂交获得F1，F1自交获得F2。写出F1自交获得F2的遗传图解。



【解析】(1)植物细胞有细胞壁，胞间层有果胶，这将导致压出的片子没有效果，应经过酶解处理，除去细胞之间的果胶层，故酶解处理时所用酶为果胶酶；该水稻核型为2n＝24，则染色体可分为12组，每组含有2条，分析题图可知，乙的11号染色体减少一半，推测其11号染色体少了一条，故乙的核型为2n－1＝23。
(2)结合分析可知：甲基因型为AABB，基因B(b)位于11号染色体上，乙缺失一条11号染色体，且表现为矮秆不抗病植株，故其基因型为aaBO，则甲(AABB)与乙(aaBO)杂交，F1为AaBB∶AaBO＝1∶1，基因型共2种；F1自交，其中AaBB自交，子代核型均为2n＝24；其中AaBO(产生配子为AB、AO、aB、aO)，自交子代2n－2＝22的植株(即缺失两条染色体的植株)所占比例为1/2×1/4(4/16)＝1/8。
(3)若想让乙aaBO(矮秆不抗病植株)与丙AAbb(高秆抗病植株)通过杂交育种培育纯合的矮秆抗病水稻(aabb)，可通过以下步骤实现：乙和丙杂交获得F1(AaBb和AabO)，取F1中高秆不抗病的植株(AaBb)进行自交，从F2代中选取矮秆抗病植株(aabb)，即为所选育类型。
(4)甲植株基因型为AABB，丙植株基因型为AAbb，两者杂交，F1基因型为AABb，F1自交获得F2的遗传图解如下：

【答案】(1)果胶酶　2n－1＝23　
(2)2　1/8
(3)乙和丙杂交获得F1，取F1中高秆不抗病的植株进行自交，从F2代中选取矮秆抗病植株
(4)

(2022·全国甲卷)玉米是我国重要的粮食作物。玉米通常是雌雄同株异花植物(顶端长雄花序，叶腋长雌花序)，但也有的是雌雄异株植物。玉米的性别受两对独立遗传的等位基因控制，雌花花序由显性基因B控制，雄花花序由显性基因T控制，基因型bbtt个体为雌株。现有甲(雌雄同株)、乙(雌株)、丙(雌株)、丁(雄株)4种纯合体玉米植株。回答下列问题。
(1)若以甲为母本、丁为父本进行杂交育种，需进行人工传粉，具体做法是________________________________________________________________________
________________________________________________________________________。
(2)乙和丁杂交，F1全部表现为雌雄同株；F1自交，F2中雌株所占比例为____________，F2中雄株的基因型是____________；在F2的雌株中，与丙基因型相同的植株所占比例是____________。
(3)已知玉米籽粒的糯和非糯是由1对等位基因控制的相对性状。为了确定这对相对性状的显隐性，某研究人员将糯玉米纯合体与非糯玉米纯合体(两种玉米均为雌雄同株)间行种植进行实验，果穗成熟后依据果穗上籽粒的性状，可判断糯与非糯的显隐性。若糯是显性，则实验结果是______________________________________________________________；若非糯是显性，则实验结果是________________________________________________________________________
________________________________________________________________________。
【解析】(1)杂交育种的原理是基因重组，若甲为母本，丁为父本杂交，因为甲为雌雄同株异花植物，所以在花粉未成熟时需对甲植株雌花花序套袋隔离，等丁的花粉成熟后再通过人工授粉把丁的花粉传到甲的雌蕊柱头后，再套袋隔离。
(2)根据分析及题干信息“乙和丁杂交，F1全部表现为雌雄同株”，可知乙基因型为BBtt，丁的基因型为bbTT，F1基因型为BbTt，F1自交F2基因型及比例为9B_T_(雌雄同株)∶3B_tt(雌株)∶3bbT_(雄株)∶1bbtt(雌株)，故F2中雌株所占比例为1/4，雄株的基因型为bbTT、bbTt，雌株中与丙基因型相同的比例为1/4。
(3)假设糯和非糯这对相对性状受A/a基因控制，因为两种玉米均为雌雄同株植物，间行种植时，既有自交又有杂交。若糯性为显性，基因型为AA，非糯基因型为aa，则糯性植株无论自交还是杂交，糯性植株上全为糯性籽粒，非糯植株杂交子代为糯性籽粒，自交子代为非糯籽粒，所以非糯植株上既有糯性籽粒又有非糯籽粒。同理，非糯为显性时，非糯性植株上只有非糯籽粒，糯性植株上既有糯性籽粒又有非糯籽粒。
【答案】(1)对母本甲的雌花花序进行套袋，待雌蕊成熟时，采集丁的成熟花粉，撒在甲的雌蕊柱头上，再套上纸袋
(2)1/4　bbTT、bbTt　1/4
(3)糯性植株上全为糯性籽粒，非糯植株上既有糯性籽粒又有非糯籽粒　非糯性植株上只有非糯籽粒，糯性植株上既有糯性籽粒又有非糯籽粒
(2022·全国乙卷)某种植物的花色有白、红和紫三种，花的颜色由花瓣中色素决定，色素的合成途径是：白色红色紫色。其中酶1的合成由基因A控制，酶2的合成由基因B控制，基因A和基因B位于非同源染色体上，回答下列问题。
(1)现有紫花植株(基因型为AaBb)与红花杂合体植株杂交，子代植株表现型及其比例为____________________________________；子代中红花植株的基因型是______________；子代白花植株中纯合体占的比例为________。
(2)已知白花纯合体的基因型有2种。现有1株白花纯合体植株甲，若要通过杂交实验(要求选用1种纯合体亲本与植株甲只进行1次杂交)来确定其基因型，请写出选用的亲本基因型、预期实验结果和结论。



【解析】(1)紫花植株(AaBb)与红花杂合体(Aabb)杂交，子代可产生6种基因型及比例为AABb(紫花)∶AaBb(紫花)∶aaBb(白花)∶AAbb(红花)∶Aabb(红花)∶aabb(白花)＝1∶2∶1∶1∶2∶1。故子代植株表现型及比例为白色∶红色∶紫色＝2∶3∶3；子代中红花植株的基因型有2种：AAbb、Aabb；子代白花植株中纯合体(aabb)占的比例为1/2。
(2)白花纯合体的基因型有aaBB和aabb两种。要检测白花纯合体植株甲的基因型，可选用AAbb植株与之杂交，若基因型为aaBB，则实验结果为：aaBB×AAbb→AaBb(全为紫花)；若基因型为aabb则实验结果为：aabb×AAbb→Aabb(全为红花)。这样就可以根据子代的表现型将白花纯合体的基因型推出。
【答案】(1)白色∶红色∶紫色＝2∶3∶3　AAbb、Aabb　1/2
(2)选用的亲本基因型为：AAbb；预期的实验结果及结论：若子代花色全为红花，则待测白花纯合体基因型为aabb；若子代花色全为紫花，则待测白花纯合体基因型为aaBB
　【p41】
1．复习孟德尔豌豆杂交实验时，思考孟德尔取得成功的原因，联系生产实际情况，为解决实际生产生活问题提供思路。例如材料的选择、统计学方法的运用、实验研究的程序设计等。
2．运用遗传学基本原理、规律、方法，联系生产生活实际，例如进行显性纯合个体的筛选、优良品种的培育和保持等。
　　　　　　　　　　　　　　　

　【p190】
A组(选择题为单选)
1．(2022·山西运城高三月考)某一年生植物进行异花传粉(单株植物既有雌花，也有雄花)，A/a和B/b两对等位基因在隐性纯合时都会使受精卵致死，两对等位基因的遗传遵循基因的自由组合定律。现将一株基因型为AaBb的植株单独种植，自然状态下繁殖两代后，所得子二代中能稳定遗传的个体所占比例是(　　)
A．5/8 B．3/5
C．1/4 D．3/4
【答案】C
【解析】基因型为AaBb的植株单独种植后，由于aa或bb的受精卵致死，所以子一代中AA∶Aa＝1∶2，A基因的频率为2/3，a基因的频率为1/3，因此子二代存活个体中AA∶Aa＝1∶1，即子二代中AA占1/2；同理可求出子二代BB占1/2。综上分析，子二代中能稳定遗传的个体AABB所占比例是1/4。C正确，A、B、D错误。
2．(2022·青岛二中模考)豌豆的黄子叶(A)对绿子叶(a)为显性，将一批黄子叶豌豆种子种下，自然状态下繁殖收获后发现子一代中黄子叶∶绿子叶＝11∶1，若各种基因型的豌豆繁殖率相同，则下列说法正确的是(　　)
A．豌豆的黄子叶和绿子叶的遗传不遵循基因分离定律
B．亲代中基因型为AA的种子数是Aa种子数的3倍
C．子一代中基因型为AA、Aa、aa的个体数量之比为9∶2∶1
D．若将收获的种子种下，则子二代中绿子叶豌豆的比例为1/12
【答案】C
【解析】豌豆的黄子叶和绿子叶是由一对核基因控制的，其遗传遵循基因分离定律，A错误；将一批黄子叶豌豆种子种下，自然状态下繁殖(自交)，收获后发现子代中黄子叶∶绿子叶＝11∶1，各种基因型的豌豆繁殖率相同，由于豌豆是自花传粉且闭花授粉植物，所以假设Aa所占比例为a，则1/4a＝1/12，故a＝1/3，所以亲代的基因型之比为AA∶Aa＝2∶1，B错误；子一代中Aa和aa是亲代中Aa自交而来的，子一代中aa个体占1/12，那么Aa个体应占2/12，进而推算出AA占1－1/12－2/12＝9/12，即AA∶Aa∶aa＝9∶2∶1，C正确；由C项分析可知，若将收获的种子种下，子二代中绿子叶豌豆的比例为1/12＋2/12×1/4＝1/8，D错误。
3．(2022·云南文山高三月考)研究表明，鸡的羽毛结构受常染色体上的一对等位基因(A、a)控制，现用两只表型为母羽的雌、雄鸡交配，F1雌鸡与雄鸡的比例为1∶1，且雌鸡全为母羽，雄鸡中母羽与雄羽的比例为3∶1，下列相关叙述错误的是(　　)
A．在鸡的羽毛性状中，母羽对雄羽完全显性
B．该性状的遗传中，雌激素可能会影响a基因的表达
C．若F1母羽鸡自由交配，后代雄羽鸡的比例为1/6
D．亲代雌鸡、雄鸡的基因型均为Aa
【答案】C
【解析】由题意可知，亲本均为母羽，子代出现了雄羽，因此母羽对雄羽完全显性，A正确；该基因位于常染色体上，F1雌鸡与雄鸡的比例为1∶1，不存在致死现象，但雌鸡全为母羽，雄鸡中母羽与雄羽的比例为3∶1，可推知雌激素可能会影响a基因的表达，B正确；F1母羽鸡自由交配，雌鸡基因型为1/4AA∶1/2Aa∶1/4aa，雄鸡的基因型为1/3AA∶2/3Aa，后代aa的比例为1/6，因雄羽只能在雄性中出现，所以雄羽鸡比例为1/12，C错误；该基因位于常染色体上，亲本均为母羽，子代出现了雄羽，故亲代雌鸡、雄鸡的基因型均为Aa，D正确。
4．(2022·大庆实验中学高三月考)已知牵牛花不是闭花传粉植物。用纯合红色牵牛花(AA)和纯合白色牵牛花(aa)杂交，F1全是粉红色牵牛花(Aa)。F1自交后，F2中出现红色、粉红色和白色三种类型的牵牛花，比例为1∶2∶1，如果取F2中的粉红色牵牛花与红色牵牛花均匀混合种植，则后代表型及比例应该为(　　)
A．红色∶粉红色∶白色＝4∶4∶1
B．红色∶粉红色∶白色＝3∶3∶1
C．红色∶粉红色∶白色＝1∶2∶1
D．红色∶粉红色∶白色＝1∶4∶1
【答案】A
【解析】按遗传平衡定律：假设红色牵牛花基因型为AA，粉红色牵牛花基因型为Aa，白色牵牛花基因型为aa，F2中红色牵牛花和粉红色牵牛花的比例(AA∶Aa)为1∶2，因此a的基因频率为1/3，A的基因频率为2/3，子代中AA占2/3×2/3＝4/9，Aa占2×1/3×2/3＝4/9，aa占1/3×1/3＝1/9，则红色(AA)∶粉红色(Aa)∶白色(aa)＝4∶4∶1。
5．(2020·广东高三模考)某一年生植物开两性花，其花非常小，杂交育种时去雄困难。其花粉可育与不育由细胞核基因A/a(A、a基因仅在花粉中表达)和线粒体基因(N、S，每一植株只具有其中一种基因)共同控制，花粉不育的机理如下图所示(P蛋白的存在是S基因表达的必要条件)。

注：基因型可用“线粒体基因(核基因型)”的形式表示，如植株N(aa)、花粉N(a)。
下列说法正确的是(　　)
A．上述基因的遗传遵循自由组合定律
B．现有植株N(aa)、S(aa)、S(AA)、N(AA)，若要培育出植株S(Aa)，母本最好选用S(aa)
C．植株S(Aa)能产生两种类型的可育花粉
D．植株S(Aa)自交，后代的基因型及比例是S(AA)∶S(Aa)∶S(aa)＝1∶2∶1
【答案】B
【解析】a基因表达出P蛋白，可促进线粒体基因S表达出S蛋白，存在S蛋白使花粉不育，即花粉S(a)不育。孟德尔遗传规律适用于核基因，不适用于细胞质基因，上述基因中只有A/a遵循孟德尔遗传规律，A错误；通过分析可知若要培育出植株S(Aa)，选用的母本的线粒体基因一定是S，由于杂交时去雄困难，所以母本最好选择花粉不育的S(aa)，B正确；植株S(Aa)产生S(A)和S(a)两种花粉，其中S(a)不育，C错误；植株S(Aa)自交时花粉只有S(A)一种可育，卵细胞S(A)∶S(a)＝1∶1，因此后代的基因型及比例是S(AA)∶S(Aa)＝1∶1，D错误。
6．(2020·江西临川一中月考)下列有关孟德尔豌豆杂交实验的叙述正确的是(　　)
A．孟德尔选择豌豆是因为其自然条件下是纯合子，且有易于区分的相对性状
B．豌豆杂交时对父本的操作程序为去雄→套袋→人工授粉→套袋
C．F1测交将产生4种(1∶1∶1∶1)表型的后代，是孟德尔假说的内容
D．自由组合定律是指F1产生的4种类型的精子和卵细胞自由结合
【答案】A
【解析】孟德尔选择豌豆是因为其自然条件下是纯合子，且有易于区分的相对性状，A正确；豌豆杂交时对母本的操作程序为：去雄→套袋→人工授粉→套袋，B错误；F1测交将产生4种表型的后代，比例为1∶1∶1∶1，这是演绎推理，C错误；自由组合定律指在形成配子时，决定同一性状的成对的遗传因子彼此分离，决定不同性状的遗传因子自由组合；F1产生的4种类型的精子和卵细胞随机结合是受精作用，D错误。
7．(2022·北京延庆高三开学考试)果蝇的眼色有一种隐性突变体——猩红眼(r1r1)。研究者获得了两个新的朱砂眼隐性突变体——朱砂眼a(r2r2)和朱砂眼b(r3r3)，做了如下杂交实验。据此分析不合理的是(　　)

组别
亲本组合
F1
Ⅰ
朱砂眼a×猩红眼
野生型
Ⅱ
朱砂眼a×朱砂眼b
朱砂眼
Ⅲ
朱砂眼b×猩红眼
野生型
A.r1和r2不是等位基因
B．r2和r3是等位基因
C．r1和r3一定位于非同源染色体上
D．Ⅲ组F1的后代自交一定出现性状分离
【答案】C
【解析】根据第Ⅰ组朱砂眼a和猩红眼杂交，子代全为野生型，说明朱砂眼a和猩红眼是由不同的基因控制的，第Ⅰ组朱砂眼a基因型为R1R1r2r2，猩红眼基因型为r1r1R2R2，子代全为R1r1R2r2，表现为野生型，因此r1和r2不是等位基因，A正确；根据第Ⅱ组杂交结果，朱砂眼a和朱砂眼b杂交，子代全为朱砂眼，说明朱砂眼ab实际上是一种性状，因此r2和r3是等位基因，B正确；根据第Ⅲ组朱砂眼b和猩红眼杂交，子代全为野生型，说明了r1和r3是非等位基因，但由于一条染色体上有多个基因，所以r1和r3可能在一对同源染色体上，C错误；根据C项的分析亲代Ⅲ组杂交朱砂眼b的基因型为R1R1r3r3，猩红眼的基因型为r1r1R3R3，所以F1全为R1r1R3r3，其自交后代一定出现性状分离，D正确。
8．(2022·湘豫名校联考)豌豆子叶的黄色(Y)对绿色(y)为显性，圆粒种子(R)对皱粒种子(r)为显性。某人用黄色圆粒和绿色圆粒的豌豆进行杂交，发现后代出现4种类型，对性状的统计结果如下图所示，下列叙述错误的是(　　)

A．亲本的基因组成是YyRr(黄色圆粒)，yyRr(绿色圆粒)
B．在F1中，表型不同于亲本的是黄色皱粒、绿色皱粒，它们之间的数量比为1∶1
C．F1中纯合子占的比例是1/4，F1中黄色圆粒豌豆的基因组成是YyRR或YyRr
D．如果用F1中的一株黄色圆粒豌豆与绿色皱粒豌豆杂交，得到的F2的性状类型只有4种，数量比为1∶1∶1∶1
【答案】D
【解析】分析题意可知，亲本的基因组成是YyRr(黄色圆粒)，yyRr(绿色圆粒)，A正确；在F1中，表型不同于亲本的是黄色皱粒、绿色皱粒，它们之间的数量比为1∶1，B正确；F1中纯合子yyRR和yyrr占的比例是1/2×1/2＝1/4，F1中黄色圆粒豌豆的基因组成是YyRR或YyRr，C正确；F1中黄色圆粒豌豆的基因组成是YyRR或YyRr，如果用F1中的一株黄色圆粒豌豆与绿色皱粒豌豆杂交，得到的F2的性状类型有四种，数量比为1∶1∶1∶1或者是有两种，数量比为1∶1，D错误。
9．(2022·新余四中月考)孟德尔利用豌豆作为实验材料发现了分离定律和自由组合定律。请回答下列问题：

(1)有下列三种类型的豌豆各若干，请选择符合要求的所有亲本组合的序号。
①甲×甲　②乙×乙　③丙×丙
④甲×乙　⑤甲×丙　⑥乙×丙
验证分离定律的所有亲本组合：____________________；
验证自由组合定律的所有亲本组合：________________。
(2)若豌豆的高茎和矮茎为一对相对性状，由一对等位基因(E、e)控制，红花和白花为一对相对性状，由一对等位基因(F、f)控制。现有两株豌豆杂交后代为高茎红花∶高茎白花∶矮茎红花∶矮茎白花＝1∶1∶1∶1。若此结果能够验证自由组合规律，请写出亲本的基因型，并说明理由。
基因型：________________________________________________________________________。
理由：________________________________________________________________________
________________________________________________________________________
________________________________________________________________________。
【答案】(1)①②④⑤⑥　②④⑥
(2)EeFf×eeff　杂交后代为高茎红花∶高茎白花∶矮茎红花∶矮茎白花＝1∶1∶1∶1的亲本基因型有两种，一种为EeFf×eeff，两对基因分别位于两对同源染色体上，能够验证自由组合规律；另一种为eeFf×Eeff，两对基因可以位于一对同源染色体上，不能够验证自由组合规律
【解析】(1)要验证分离定律，可以用具有一对等位基因的个体进行自交或测交，即选择图中的亲本组合是甲×甲、乙×乙、甲×乙、甲×丙、乙×丙，故选①②④⑤⑥；验证基因自由组合定律，选择位于2对同源染色体上的两对等位基因的个体进行自交或测交实验，即选择图中的亲本组合是甲×乙、乙×乙、乙×丙，故选②④⑥。
(2)由实验结果可知，杂交后代的结果是高茎红花∶高茎白花∶矮茎红花∶矮茎白花＝1∶1∶1∶1，相当于两对相对性状的测交实验，亲本基因型有两种，一种为EeFf×eeff，两对基因分别位于两对同源染色体上，能够验证自由组合规律；另一种为eeFf×Eeff，两对基因可以位于一对同源染色体上，不能够验证自由组合规律。
10．(2022·辽宁名校联盟联考)一种哺乳动物的血型有DH型、D型、H型和O型四种，该血型由等位基因D/d和H/h控制，DH型个体含有D和H基因，D型个体含D基因不含H基因，H型个体不含D基因含H基因，O型个体不含D基因也不含H基因。现有甲、乙、丙、丁四个个体，它们的性别及血型分别是甲：雄性、DH型；乙：雄性、D型；丙：雌性、DH型；丁：雌性、O型。三个杂交组合的结果如下。不考虑突变和互换，请回答下列问题。
甲×丁，F1的表型有DH型、D型、H型、O型；
甲×丙，F1的表型有DH型、D型、H型、O型；
乙×丙，F1的表型有DH型、D型。
(1)从__________________组合可以判断，控制该种哺乳动物血型的两对基因遵循______________________定律。
(2)理论上，甲×丁杂交组合中，F1的四种表型及比例是________________________________________________________________________
________________________________________________________________________。
(3)请推测，乙个体的基因型最可能为____________________。要检测乙个体的基因型，可让其与基因型为________个体杂交，若推测正确，则后代表型及比例为____________________________。
【答案】(1)甲×丁或甲×丙　基因自由组合
(2)DH型∶D型∶H型∶O型＝1∶1∶1∶1
(3)DDhh　ddhh　全为D型
【解析】(1)甲×丁组合DH型与O型杂交、甲×丙组合DH型与DH型杂交，F1的表型都有DH型、D型、H型、O型四种，由此可以判断，控制该种哺乳动物血型的两对基因位于两对同源染色体上，遵循基因自由组合定律。(2)丁的基因型为ddhh，又甲(D_H_)×丁(ddhh)的子代F1有四种表型，说明甲的基因型为DdHh，因此F1的基因型及比例为DdHh∶Ddhh∶ddHh∶ddhh＝1∶1∶1∶1，所以F1的四种表型及比例是DH型∶D型∶H型∶O型＝1∶1∶1∶1。
(3)甲(DdHh)×丙(D_H_)的子代F1有四种表型，则丙的基因型为DdHh。乙(D_hh)×丙(DdHh)杂交子代F1没有O型(ddhh)，因此乙个体的基因型最可能为DDhh。要检测乙个体的基因型，可让其与基因型为ddhh的个体杂交，若后代的表型只有D型(基因型为Ddhh)，则乙的基因型为DDhh。
11．(2022·重庆市二十九中高三月考)某观赏植物花色有红、粉、白三种类型，由两对等位基因控制(分别用A、a，B、b表示)。现有甲、乙两个(纯合)白花品系，分别与一纯合的粉花品系列丙(AAbb)进行杂交实验，结果如下表，据此回答下列问题。

杂交组合
实验1
实验2
P
甲×丙
乙×丙
F1类型
及比例
全是粉花
全是红花
F2类型
及比例
粉花∶白花＝
3∶1
红花∶粉花∶
白花＝9∶3∶4
(1)控制该植物花色的两对基因的遗传________(填“遵循”或“不遵循”)基因自由组合定律，原因是______________________________________________。
(2)实验1中亲本甲的基因型为________。
(3)实验2中亲本乙的基因型为____________，F2中粉花与白花个体杂交，后代出现白花个体的概率是________。
(4)实验2的F2中粉花个体的基因型可能为________________。若要确定某一粉花个体是否为纯合子，你的设计思路是：______________________________________________________________。
【答案】(1)遵循　实验2中，F2的表型及比例为红花∶粉花∶白花＝9∶3∶4，是9∶3∶3∶1的变式，说明控制该植物花色的两对等位基因位于两对同源染色体上
(2)aabb
(3)aaBB　1/3
(4)AAbb和Aabb　[方案一]让该粉花个体自交，观察子代花色的性状表型及比例；[方案二]让该粉花个体与白花个体(aabb)杂交，观察子代花色的性状表型及比例
【解析】(1)分析题意可知，实验2中，F2的表型及比例为红花∶粉花∶白花＝9∶3∶4，是9∶3∶3∶1的变式，说明控制该植物花色的两对等位基因位于两对同源染色体上，其遗传遵循基因自由组合定律。
(2)实验1中，F1粉花自交会出现性状分离，故其基因型是Aabb，又亲本丙的基因型是AAbb，则甲的基因型是aabb。
(3)实验2中，子一代基因型是AaBb，又知丙的基因型是AAbb，则乙的基因型是aaBB，F2中粉花的基因型是A_bb，AAbb占1/3，Aabb占2/3，与白花个体(aa__)杂交，后代出现白花个体(aa__)的概率＝2/3×1/2＝1/3。
(4)据上分析可知，实验2的F2中粉花个体的基因型可能为AAbb和Aabb。若要确定某一粉花个体是否为纯合子，让该粉花个体自交，观察子代花色的性状表型及比例，若全为粉色，则为纯合子，若出现粉色∶白色＝3∶1，则为杂合子；或让该粉花个体与白花个体(aabb)杂交，观察子代花色的性状表型及比例，若全为粉色，则为纯合子，若出现粉色∶白色＝1∶1，则为杂合子。
B组(选择题为不定项)
1．(2022·湖北武汉模拟)外显率指某基因型个体显示预期表型的比例。黑腹果蝇中，显性的野生型基因I的外显率为100%；隐性的间断翅脉基因i的外显率为90%，即90%的ii基因型个体为间断翅脉，其余10%为野生型。将一对黑腹果蝇杂交后，F1中野生型∶间断翅脉＝11∶9，下列说法正确是(　　)
A．亲本果蝇的表型分别为野生型和间断翅脉
B．子代野生型果蝇的基因型可能为Ii或ii
C．F1中果蝇自由交配，得到F2中野生型∶间断翅脉＝7∶9
D．F1的比例说明该性状的遗传不遵循基因的分离定律
【答案】B
【解析】据题意可知，亲本是一对黑腹果蝇，且子代出现间断翅脉，比例为11∶9，可推断亲本应为Ii、ii，均表现为野生型，子代Ii∶ii＝1∶1，但ii有10%为野生型，故出现野生型∶间断翅脉＝11∶9的比例，A错误，B正确；F1中果蝇1/2Ii、1/2ii自由交配，子代中II∶Ii∶ii＝1∶6∶9，由于ii有10%的外显率，故最终表现为野生型∶间断翅脉＝79∶81，C错误；F1的比例是测交结果1∶1的变式，仍遵循基因的分离定律，D错误。
2．(2022·湖南长郡中学模拟)棉铃虫是严重危害棉花的一种害虫。科研工作者发现毒蛋白基因B和胰蛋白酶抑制剂基因D，两种基因均可导致棉铃虫死亡。现将B和D基因同时导入棉花的一条染色体上获得抗虫棉。棉花的短果枝由基因A控制，研究者获得了多个基因型为AaBD的短果枝抗虫棉植株，AaBD植株与纯合的aa长果枝不抗虫植株杂交得到F1(不考虑减数分裂时的互换)。下列说法不正确的是(　　)
A．若F1中短果枝抗虫∶长果枝不抗虫＝1∶1，则B、D基因与A基因位于同一条染色体上
B．若F1的表型比例为1∶1∶1∶1，则F1产生的配子的基因型为AB、AD、aB、aD
C．若F1的表型比例为1∶1∶1∶1，则果枝基因和抗虫基因分别位于两对同源染色体上
D．若F1中短果枝不抗虫∶长果枝抗虫＝1∶1，则F1产生的配子的基因型为A和aBD
【答案】B
【解析】如果B、D基因与A基因位于同一条染色体上，则AaBD产生的配子的类型是ABD∶a＝1∶1，与纯合的aa长果枝不抗虫植株杂交得到的F1的基因型及比例是AaBD∶aa＝1∶1，表型及比例是短果枝抗虫∶长果枝不抗虫＝1∶1，A正确；由于B、D位于一条同源染色体上，如果不考虑互换，则不会产生基因型为AB、AD、aB、aD的四种类型的配子，B错误；果枝基因和抗虫基因分别位于两对同源染色体上，则AaBD产生配子的类型及比例是ABD∶a∶aBD∶A＝1∶1∶1∶1，与纯合的aa长果枝不抗虫植株杂交得到的F1的表型及比例是短果枝抗虫∶长果枝抗虫∶短果枝不抗虫∶长果枝不抗虫＝1∶1∶1∶1，C正确；如果a与B、D连锁，则AaBD产生的配子的类型及比例是A∶aBD＝1∶1，与纯合的aa长果枝不抗虫植株杂交得到的F1的基因型及比例是Aa∶aaBD＝1∶1，表型及比例是短果枝不抗虫∶长果枝抗虫＝1∶1，D正确。
3．(2022·山东潍坊三模)ABO血型系统由基因IA、IB和i控制。当红细胞膜上的凝集原(图中蛋白)上无糖基时，血型为O型；有A糖基、B糖基或AB糖基时，血型分别为A型、B型和AB型，3个基因的作用如下图所示。在人血清中有抗A凝集素和抗B凝集素，可分别与A凝集原和B凝集原发生凝集。研究表明每个人的血清中不含有与自身细胞凝集原相对抗的凝集素。下列说法错误的是(　　)

A．在ABO血型系统中，人类共有6种基因型
B．IA、IB通过控制相应转移酶的合成控制相应性状
C．A型血和B型血的人婚配后可能生出O型血的孩子
D．若将O型血大量输入AB型血的人身体中，不会发生凝集
【答案】D
【解析】人类ABO血型系统有A型、B型、AB型、O型四种，由IA、IB、i三个复等位基因决定，共有6种基因型，分别是IAIA、IAi、IBIB、IBi、IAIB、ii，A正确；据图可知，IA、IB通过控制相应转移酶的合成，进而控制相应性状，B正确；基因型为IAi的A型血和基因型为IBi的B血型婚配，可以生出基因型为ii(O型血)的孩子，C正确；分析题意可知，当红细胞膜上的凝集原上无糖基时，血型为O型，而有AB糖基时，血型为AB型血，在O型血的人血清中有抗A凝集素和抗B凝集素，若将O型血大量输入AB型血的人身体中，会发生凝集反应，D错误。
4．(2022·陕西西乡一中学模拟)雕鸮的羽毛存在条纹和无纹、黄色和绿色的两种性状差异。有人用绿色条纹与黄色无纹的雕鸮进行杂交，产生数量相当的绿色无纹和黄色无纹的两种后代；从后代中选取绿色无纹的雕鸮相互交配，产生的后代表型及比例为绿色无纹∶黄色无纹∶绿色条纹∶黄色条纹＝6∶3∶2∶1，对此解释不合理的是(　　)
A．无纹对条纹为显性
B．控制羽毛性状的两对基因在同一对染色体上
C．绿色对黄色为显性
D．控制羽毛绿色性状的基因纯合致死
【答案】B
【解析】条纹雕鸮与无纹雕鸮交配，F1均为无纹，说明无纹相对于条纹为显性性状，F1的绿色雕鸮彼此交配时，F2中出现黄色雕鸮，即发生性状分离，说明绿色相对于黄色是显性，A、C正确；F2表型之比为6∶3∶2∶1，是“9∶3∶3∶1”的变式，说明控制羽毛性状的两对基因在两对染色体上，B错误；F2中绿色∶黄色＝2∶1、无纹∶条纹＝3∶1，由此可推知控制羽毛颜色的基因具有显性纯合致死效应，D正确。
5．(2022·山东日照三模)水稻雄性不育由等位基因M/m控制，M对m为完全显性，N基因会抑制雄性不育基因的表达，进而使植株可育。某小组选取甲(雄性不育)、乙(雄性可育)两个水稻品种杂交，F1均表现为雄性可育，让F1自交并单株收获、种植，得到的F2植株一半为雄性可育，另一半为雄性可育∶雄性不育＝13∶3。下列说法错误的是(　　)
A．亲本的基因型为Mmnn和mmNN
B．F2中雄性可育植株的基因型共有5种
C．F2雄性可育植株中能稳定遗传的植株所占比例为23/32
D．从F2中选择两种雄性可育株杂交，后代中雄性不育株所占比例最高为1/2
【答案】BC
【解析】根据题意，M_N_、mmN_、mmnn均为雄性可育植株，M_nn为雄性不育植株。选取甲(雄性不育、M_nn)、乙(雄性可育)两个水稻品种杂交，F1均表现为雄性可育(说明一定都存在N基因)，让F1自交并单株收获、种植，得到的F2植株一半为雄性可育，另一半为雄性可育∶雄性不育＝13∶3，说明F1存在两种基因型，其中一种基因型为MmNn，另一种基因型自交后代为雄性可育，说明不存在M基因，甲的基因型为M_nn，所以F1的另一种基因型为mmNn，甲与乙杂交得到mmNn∶MmNn＝1∶1，因此亲本的基因型为Mmnn和mmNN，A正确；F2中出现了13∶3，说明基因型共有9种，雄性不育植株的基因型为MMnn、Mmnn，则雄性可育植株的基因型共有7种，B错误；F1的基因型为1/2mmNn、1/2MmNn，1/2mmNn自交后代均为雄性可育植株，1/2MmNn自交后代雄性不育植株所占比例为1/2×3/16＝3/32，雄性可育植株中M_NN、mm__均为稳定遗传的雄性可育植株，因此F2雄性可育植株中能稳定遗传的植株所占比例为(1/2×1＋1/2×3/4×1/4＋1/2×1/4×1)÷(1－1/2×3/16)＝23/29，C错误；从F2中选择两种雄性可育株(M_N_、mmN_、mmnn)杂交，若要后代中雄性不育株(M_nn)所占比例最高，则M_出现的最高比例为1，而nn出现的比例最高为1/2，即亲本为MMNn×mmnn，故雄性不育株所占比例最高为1/2，D正确。
6．(2022·山东淄博三模)某二倍体自花传粉植物(AABB)开红花，该植物种群在繁殖过程中出现两白花突变植株(白花Ⅰ和白花Ⅱ)，研究人员对两白花突变植株进行了相关研究，结果如下图。下列说法错误的是(　　)
实验一
白花Ⅰ白花
白花Ⅱ白花
实验二
白花Ⅰ×红花―→红花―→红花∶白花＝3∶1
白花Ⅱ×红花―→红花―→红花∶白花＝3∶1
实验三
白花Ⅰ×白花Ⅱ―→？
A．实验一的结果说明白花Ⅰ和白花Ⅱ可能为杂合子
B．实验二的结果说明白花Ⅰ和白花Ⅱ中各有1对隐性基因
C．若实验三的结果为白花，说明白花Ⅰ和白花Ⅱ具有相同的隐性突变基因
D．若实验三的结果为红花，推测F1自交所得的F2中红花∶白花＝9∶7
【答案】AD
【解析】由题意可知，白花为隐性性状，实验一白花Ⅰ、白花Ⅱ分别自交，后代仍为白花，说明白花Ⅰ和白花Ⅱ为纯合子，其基因型为AAbb或aaBB，A错误；实验二白花Ⅰ、白花Ⅱ分别和红花的杂交后代均为红花，F1红花自交后代中红花∶白花＝3∶1，说明白花Ⅰ和白花Ⅱ中各有1对隐性基因，其基因型为AAbb或aaBB，B正确；若实验三白花Ⅰ和白花Ⅱ杂交的结果为白花，说明白花Ⅰ和白花Ⅱ具有相同的隐性突变基因，实验三杂交后代的基因型为aaBB或AAbb，C正确；若实验三白花Ⅰ和白花Ⅱ杂交的结果为红花，推知白花Ⅰ和白花Ⅱ基因互补(aaBB和AAbb)。说明白花Ⅰ和白花Ⅱ的隐性突变基因不同，为两种不同类型的隐性突变。若相关控制基因独立遗传，则F1(AaBb)的自交后代为9A_B_、3A_bb、3aaB_、1aabb，表型为红花∶白花＝9∶7；若相关控制基因位于1对同源染色体上，则F1(AaBb)可产生的配子为aB和Ab，其自交后代基因型为1AAbb、2AaBb、1aaBB，表型为红花∶白花＝1∶1，D错误。
7．(2022·湖南湘阴二中三模)已知水稻的高秆对矮秆为显性，抗病对不抗病为显性，两对相对性状独立遗传。现让一株高秆抗病水稻植株作为父本与未知性状的母本进行杂交，所得F1植株中高秆抗病∶高秆不抗病∶矮秆抗病∶矮秆不抗病＝2∶1∶2∶1。下列与上述比例相关的分析，正确的是(　　)
A．抗病基因显性纯合的受精卵可能不能发育
B．若以该高秆抗病水稻植株为母本进行测交，则子代结果不变
C．F1中不抗病植株的存活率可能为抗病植株的一半
D．亲本产生的含不抗病基因的精子中可能有一半会死亡
【答案】ACD
【解析】根据子代中抗病∶不抗病＝2∶1，为3∶1的变式，可能是抗病基因显性纯合的受精卵不能发育，A正确；若以该植株做母本进行测交，即AaBb×aabb，则后代高秆抗病∶高秆不抗病∶矮秆抗病∶矮秆不抗病＝1∶1∶1∶1，与题中结果不同，B错误；若母本的基因型为aabb，则正常情况下，F1植株中高秆抗病∶高秆不抗病∶矮秆抗病∶矮秆不抗病＝1∶1∶1∶1，若F1中不抗病植株的存活率为抗病植株的一半，则F1植株中高秆抗病∶高秆不抗病∶矮秆抗病∶矮秆不抗病＝2∶1∶2∶1，C正确；若亲本产生的含不抗病基因的精子中可能有一半会死亡，则高秆抗病(AaBb)水稻植株产生的配子种类和比例为AB∶Ab∶aB∶ab＝2∶1∶2∶1，则F1植株中高秆抗病∶高秆不抗病∶矮秆抗病∶矮秆不抗病＝2∶1∶2∶1，D正确。
8．(2022·湖南长郡中学高三月考)豌豆是遗传实验常用的材料，请分析回答下列有关豌豆杂交实验的问题。
(1)高茎豌豆(Dd)自交后代出现矮茎豌豆，矮茎豌豆出现是不是基因重组的结果？____________，为什么？____________________________________。
(2)孟德尔用纯种黄色圆粒豌豆与绿色皱粒豌豆进行实验，F2出现四种表型且比例为9∶3∶3∶1，这个比例出现的条件是(至少答两点)________________________________；__________________________________。
(3)将红花腋生与白花顶生豌豆植株作为亲本进行杂交得到F1(设花色基因用A、a，腋生、顶生基因用B、b表示)，F1自交得到的F2表型及比例是白花顶生∶红花顶生∶白花腋生∶红花腋生＝15∶9∶5∶3，则亲本红花腋生植株的基因型是____________。若对上述F1植株进行测交，则子代表型及比例是红花顶生∶红花腋生∶白花顶生∶白花腋生＝____________。
【答案】(1)不是　只涉及一对等位基因(或一对相对性状)，不存在基因重组
(2)豌豆的圆粒对皱粒完全显性，黄色对绿色完全显性　F1产生的雌雄配子的存活率相同
(3)Aabb　1∶1∶3∶3
【解析】(1)基因重组是指生物体进行有性生殖的过程中，控制不同性状的基因的重新组合，D、d基因控制的是同一性状的相对性状，因此，高茎豌豆(Dd)自交后代出现矮茎豌豆并不是基因重组的结果。
(3)红花腋生的基因型为A_bb，白花顶生的基因型为aaB_，两者杂交得到的F1自交，F2表型及比例是白花顶生∶红花顶生∶白花腋生∶红花腋生＝15∶9∶5∶3，其中白花∶红花＝5∶3，说明F1为Aa、aa且比例为1∶1，顶生∶腋生为3∶1，说明F1为Bb，因此亲本红花腋生的基因型为Aabb，白花顶生的基因型为aaBB，F1为AaBb、aaBb，F1产生的配子的种类及其比例为AB∶Ab∶aB∶ab＝1∶1∶3∶3，则F1植株与aabb测交，后代表型及比例是红花顶生∶红花腋生∶白花顶生∶白花腋生＝1∶1∶3∶3。
9．(2022·厦门双十中学模拟)某种多年生植物叶片的形状由多对基因控制。一学生兴趣小组的同学用一圆形叶个体与另一圆形叶个体杂交，结果子代出现了条形叶个体，其比例为圆形叶∶条形叶＝13∶3。就此结果，同学们展开了讨论：
观点一：该性状受两对基因控制。
观点二：该性状有受三对基因控制的可能性，需要再做一些实验加以验证。
观点三：该性状的遗传不遵循孟德尔遗传定律。
请回答以下相关问题(可依次用A/a、B/b、D/d来表示相关基因)：
(1)以上观点中明显错误的是________(填“观点一”“观点二”或“观点三”)，依据是____________________________________________________________________________________________________。
(2)观点一的同学认为两亲本的基因型分别是______________________，F1圆形叶植株中的纯合子所占比例为________。
(3)观点二的同学认为条形叶是三对等位基因均含显性基因时的表型，且其双亲各含一对隐性纯合基因，则子代中条形叶的基因型是________(写一种类型即可)，两亲本的基因型分别是__________________________________________(写一种类型即可)。
(4)就现有材料来验证观点二时，可将上述子代中的一株条形叶个体进行________(填“测交”或“回交”)，如果后代出现圆形叶∶条形叶＝__________________，则观点二可能正确。
【答案】(1)观点三　圆形叶与圆形叶杂交，子代出现性状分离，且圆形叶∶条形叶＝13∶3，这属于9∶3∶3∶1的变形
(2)AaBb×AaBb　3/13
(3)A_BbDd(或AaB_Dd或AaBbD_)(写一种类型即可)　AabbDd×AaBbdd(或AaBbdd×aaBbDd或AabbDd×aaBbDd)(写一种类型即可，但必须两个亲本与前一空的条形叶基因型相关联)
(4)回交　5∶3或23∶9
【解析】(1)圆形叶与圆形叶杂交，子代出现性状分离，且圆形叶∶条形叶＝13∶3，这属于9∶3∶3∶1的变形，说明该性状由至少两对基因控制，且遵循基因分离定律和自由组合定律。
(2)若该性状受两对基因控制，则杂交两亲本的基因型分别应为AaBb×AaBb，F1中圆形叶植株应为除A_bb(或aaB_)外的所有(即1－3/16＝13/16)，其中的纯合子为除条形叶的纯合子外的其他纯合子(1/4－1/16＝3/16)，故圆形叶植株中的纯合子所占比例为3/13。
(3)若条形叶是三对等位基因均含显性基因时的表型，即条形叶基因型为A_B_D_。且其双亲各含一对隐性纯合基因，则双亲的基因中只要隐性纯合子不为同一对基因，且其他两对基因为杂合(如AabbDd×AaBbdd)，则子代得到的A_B_D_个体比例就是3/4×1/2×1/2＝3/16，且子代中条形叶的基因型是A_BbDd。
(4)就现有材料来验证观点二时，无法确定用于测交的圆形叶是否为隐性纯合子(aabbdd)，故不能将上述条形叶植株测交，只可将上述子代中的一株条形叶个体进行回交。若观点二正确，则任一亲本(AabbDd或AaBbdd)与子代待测个体(A_BbDd)杂交后，若待测个体为AABbDd，则产生的子代表型及比例为条形叶(A_B_D_)∶圆形叶(其他基因型)＝(1×3/4×1/2)∶(1－1×3/4×1/2)＝3∶5；若待测个体为AaBbDd，则产生的子代表型及比例为条形叶(A_B_D_)∶圆形叶(其他基因型)＝(3/4×3/4×1/2)∶(1－3/4×3/4×1/2)＝9∶23。
10．(2022·安徽淮北二模)某二倍体雌雄同株的野生植物，花瓣有白色、紫色、红色、粉红色四种，由两对独立遗传的等位基因(A/a、B/b)共同控制(如下图所示)。回答下列问题：

(1)研究人员将某白花植株的花粉授给紫花植株，得到的F1全部表现为红花，然后让F1进行自交得到F2。F1红花的基因型是____________，F2中紫色∶红色∶粉红色∶白色的比例为________________，F2中自交后代不会发生性状分离的植株占________________。
(2)研究人员用两株不同花色的植株杂交，得到的子代植株有四种花色。则两株亲代植株的基因型为______________。
(3)现有一红花植株，欲鉴定其基因型，请设计最简便的实验方案，写出实验思路并预期实验结果及结论。
实验思路：________________________________________________________________________
________________________________________________________________________。
预期结果及结论：________________________________________________________________________
________________________________________________________________________
________________________________________________________________________。
【答案】(1)AaBb　3∶6∶3∶4　3/8
(2)AaBb与aaBb
(3)实验思路：让该红花植株自交，观察并统计子代花色(及比例)　预期结果及结论：若子代出现白花个体，则该红花植株基因型为AaBb；若子代不出现白花个体，则该红花植株基因型为AABb(或若子代紫色∶红色∶粉红色∶白色＝3∶6∶3∶4，则该红花植株基因型为AaBb；若子代紫色∶红色∶粉红色＝1∶2∶1，则该红花植株基因型为AABb)
【解析】(1)白花植株的花粉授给紫花植株，得到的F1全部表现为红花，即aa_ _×A_bb→A_Bb，所以亲本白花植株的基因型为aaBB，紫花植株为AAbb，F1为AaBb。自交得到的F2中，紫色(A_bb)∶红色(A_Bb)∶粉红色(A_BB)∶白色(aaB_＋aabb)＝3∶6∶3∶4。F2中自交后代不会发生性状分离的植株的基因型是AABB、AAbb、aa_ _，占1/16＋1/16＋1/4＝3/8。
(2)根据题意可知，用两种不同花色的植株杂交，得到的子代植株有四种花色(白色基因型为aa_ _，紫色为A_bb，红色为A_Bb，粉红色为A_BB)，根据不同表型的基因型可知，双亲中必须均存在B基因和b基因，并且均至少含有一个a基因，因此只能用白色花中的aaBb与AaBb进行杂交。
(3)红花植株基因型为A_Bb，让其自交，后代出现紫色∶红色∶粉红色∶白色＝3∶6∶3∶4，则该红花植株基因型为AaBb；若子代紫色∶红色∶粉红色＝1∶2∶1，则该红花植株基因型为AABb。