【中考物理】2020-2022近三年上海市浦东新区统考二模知识点真题专项练习—力学（提升题）含解析

这是一份【中考物理】2020-2022近三年上海市浦东新区统考二模知识点真题专项练习—力学（提升题）含解析，共25页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，计算题，实验题等内容，欢迎下载使用。

【中考物理】2020-2022近三年上海市浦东新区统考二模知识点真题试卷专项练习—力学（提升题）
一、单选题
1．（2022·上海浦东新·统考二模）P、Q是同一直线上相距3.6米的两点，甲、乙两辆小车分别经过P点向Q点沿同一直线行驶，它们的 图像如图所示。乙比甲早4s通过Q点，根据图像分析可知（　　）

A．甲比乙早1秒经过P点 B．乙比甲早1秒经过P点
C．甲比乙早2秒经过P点 D．乙比甲早2秒经过P点
2．（2022·上海浦东新·统考二模）A、B是两圆柱状薄壁容器，已知它们的底面积SA>SB，分别盛有密度为ρ甲和ρ乙的两种不同液体。现将质量和体积完全相同的两小球分别浸入两容器的液体中，一段时间后它们的位置如图所示。接着将两小球从容器中取出，此时液体对两容器底部的压强分别为p甲和p乙，下列说法正确的是（　　）

A．ρ甲>ρ乙，p甲>p乙 B．ρ甲>ρ乙，p甲 C．ρ甲<ρ乙，p甲p乙
3．（2021·上海浦东新·统考二模）证明了大气压强存在的著名实验是（　　）
A．托里拆利实验 B．阿基米德实验
C．帕斯卡球实验 D．马德堡半球实验
4．（2021·上海浦东新·统考二模）甲、乙两车从相距14米的P、Q两点同时出发，相向而行作匀速直线运动，经过6秒两车相距2米。在图所示的a、b、c三条图线中，两车的s-t图（　　）

A．一定是ab B．一定是ac
C．可能是bc D．可能是ab
5．（2020·上海浦东新·统考二模）首先用实验测出大气压值的科学家是（　　）
A．帕斯卡 B．牛顿 C．阿基米德 D．托里拆利
6．（2020·上海浦东新·统考二模）挂在树上的水蜜桃，处于静止状态，则(  )
A．水蜜桃所受的重力跟水蜜桃对树枝的拉力是一对平衡力
B．水蜜桃所受的重力跟树枝对水蜜桃的拉力是一对平衡力
C．树枝所受的重力跟树枝对水蜜桃的拉力是一对平衡力
D．树枝所受的重力跟水蜜桃对树枝的拉力是一对平衡力
7．（2020·上海浦东新·统考二模）甲、乙两小车同时沿直线从P点向相距4.8米的Q点运动，其s-t图像如图所示以下说法中正确的是

A．运动2.4秒时，两车相距1米 B．运动3秒时，两车相距1.2米
C．甲到Q点时，乙距Q点2.4米 D．乙到Q点时，甲距Q点2米
8．（2020·上海浦东新·统考二模）甲、乙两柱形容器（S甲h乙，如图所示，液体对容器底部的压强p甲=p乙。将液体均抽出一部分后， 使液体对容器底部减少相等的压强。则（ ）

A．甲剩余液体的深度一定大 B．甲剩余液体的质量一定大
C．甲剩余液体的体积一定大 D．剩余液体的深度可能相等

二、填空题
9．（2022·上海浦东新·统考二模）花样滑冰时，运动员用力向后蹬冰面可加速运动，说明力可以使物体的_______发生改变（选填“形状”或“运动状态”）；以观众为参照物，运动员是_______的（选填“静止”或“运动”）。运动员在比赛结束后不能立刻停下来，这是由于运动员具有_______的缘故。
10．（2022·上海浦东新·统考二模）如图所示，分别使用A、B两滑轮匀速提起重力为10N的同一物体，其中_______可以看作等臂杠杆（选填“A”或“B”）；若不计摩擦和滑轮重力，所需竖直向上的拉力F2为_______N。当物体匀速上升时，它的机械能_______（选填“增大”、“不变”或“减小”）。

11．（2022·上海浦东新·统考二模）将体积为的圆柱体浸没在水中时受到的浮力大小为_______N，方向为_______，若此时圆柱体上表面距离液面10cm，则受到水的压强为_______Pa。
12．（2021·上海浦东新·统考二模）景区中，一辆新能源汽车在行驶时，驾驶员相对于汽车是______（选填“运动”或“静止”）的，行车时，车上人员要系好安全带，是因为突然刹车时车内人员由于______，会继续向前运动而造成伤害。某游船排开水的体积为10米3，该游船所受浮力的大小为_______牛。
13．（2021·上海浦东新·统考二模）不计摩擦及滑轮重，用如图所示的滑轮匀速提升重为20牛的物体A，则拉力F的大小为______牛；若物体A被匀速提升了3米，此过程中拉力F做的功为______焦，物体A的重力势能______（选填“变大”、“不变”或“变小”）。

14．（2020·上海浦东新·统考二模）“复兴号”列车以300千米/时的速度匀速行驶，以地面为参照物，列车是_______(选填“运动”或“静止”)的；列车飞驰时与空气间的摩擦是__________(选填“有益”或“有害”)的；列车高速飞驰相比低速启动时，其惯性_______(选填“变大”、“变小”或“不变”)。
15．（2020·上海浦东新·统考二模）如图所示，物体的重力为100牛，不计摩擦及滑轮重力，当用力匀速提升物体时，力F为______牛， 在此过程中，物体的动能_______(选填“变大”、“变小”或“不变”)，若物体被提高2米，则拉力F做的功为_____焦。


三、作图题
16．（2022·上海浦东新·统考二模）如图所示，悬挂着的小球受到的重力为8牛，请用力的图示法画出小球受到的重力G。
( )

17．（2021·上海浦东新·统考二模）如图所示，静止在水平地面上的物体重为6牛，请在图中用力的图示法画出该物体所受的重力G。

18．（2020·上海浦东新·统考二模）如图所示，重为10牛的物体静止在水平地面上，请用力的图示法画出它受到的重力G。


四、计算题
19．（2022·上海浦东新·统考二模）底面积为0.06m2盛有水的长方形玻璃薄壁容器足够高，置于水平桌面上，现将一边长分别为0.1m、0.1m和0.3m的实心长方体合金块水平缓慢地浸没在水中，已知合金块的质量为5.1kg，如图所示（图中水面位置未画出）。求：
①合金块所受浮力的大小F浮；
②合金块的密度；
③若将合金块由平放改成竖放在水中，求容器底受到水的压强变化量的范围。

20．（2021·上海浦东新·统考二模）杠杆平衡时，动力F1的大小为10牛，动力臂l1为0.2米，阻力臂l2为0.5米．求阻力F2的大小．
21．（2021·上海浦东新·统考二模）如图所示，甲：乙两个柱形容器分别放在水平地面上。
（1）若甲容器中盛有0.3米深的水，求水对甲容器底部的压强p水；
（2）若乙容器中盛有2×10-3米3的某种液体，液体质量为1.8千克，求这种液体的密度ρ液；
（3）若两容器中分别盛有不同液体，下表中记录了从容器中抽出相同深度的液体前后，液体对容器底部的压强值。求这两种液体的密度之比ρ甲： ρ乙。

抽出前
抽出后
/帕
2450
980
/帕
1960
980


22．（2020·上海浦东新·统考二模）物体排开水的体积为2×10－3米3，求它所受的浮力F浮．
23．（2020·上海浦东新·统考二模）如图所示，实心金属圆柱体甲的密度为3×103千克/米3，放在水平地面上的薄壁柱形容器乙足够高，内盛有适量的水。


放入前
放入后
(帕)
980
1470
(帕)
1500
3000

①若圆柱体甲的质量6千克，求甲的体积V甲。
②若容器乙的底面积为110-2米2，把甲放入乙容器，使甲浸没在水中，放入前后水对容器底部的压强p水及容器对地面的压强p容。记录在上表中。求
(a)放入前后容器中水深度的增加量Δh水；
(b)物体甲的重力G甲。

五、实验题
24．（2022·上海浦东新·统考二模）小新和小佳同学在做“探究杠杆平衡条件”实验：

（1）实验前，他们把杠杆中心支在支架上，杠杆在图（a）中所示位置静止时______处于平衡状态（选填“是”或“不是”）；小新将右端的平衡螺母向右调，小佳认为也可以将左端的平衡螺母向______调（选填“左”或“右”），使杠杆在水平位置平衡；
（2）实验中，他们多次在杠杆两端加挂钩码，并调节钩码位置，使杠杆保持水平平衡，记录多组数据，这样做的目的是______；
（3）如图（b）所示，杠杆始终保持在水平位置平衡，小新将弹簧测力计从位置②移动到位置①时，测力计的示数将______（选填“变大”、“变小”或“不变”）。
25．（2022·上海浦东新·统考二模）上海市“空中课堂名师面对面”有一堂课是“阿基米德原理：单元答疑”，其中有“浮力秤”的介绍。某小组同学观课后制作了一“浮力秤”。如图（a）所示，其构造是由质量为m0、底面积为S的浮筒和可盛放液体（密度为液）的容器两部分组成。

他们首先在容器内装入足量水，空浮筒静止时浸入液体的深度为h。如图（b）所示，在浮筒内放一物块后，小筒浸入水中的深度增加了△h，从浮筒上标有的刻度可读出物块的质量m，并将不同质量的物块分别装入浮筒中，记录相关实验数据于表一中。接着，他们把水更换为酒精，重复上述过程，并记录数据于表二中。
表一
序号
液体
△h（米）
m（千克）
1
水
0.08
0.04
2
0.10
0.05
3
0.12
0.06
表二
序号
液体
△h（米）
m（千克）
4
酒精
0.10
0.04
5
0.13
0.05
6
0.15
0.06

（1）分析比较实验序号1、2与3（或4、5与6）的数据△h和m的数据关系，可得出的初步结论是：当使用同一浮力秤测量物体质量时（液体不溢出），△h与m成正比，说明该浮力秤的刻度值的间距是______（选填“相等”或“不相等”）；
（2）分析比较实验序号______的数据可得出：当使用相同浮筒、相同容器制成的浮力秤测量同一物体质量时（液体不溢出），△h与液体密度液有关；
（3）浮力秤是运用了二力平衡及______原理，该物块的质量m为______（用上述物理量的字母表示），并在下面空白处写出推导过程：______ ；
（4）测量过程中，他们发现测量范围不够大，需要改进。请写出一种增大浮力秤测量范围的方法：______。
26．（2021·上海浦东新·统考二模）某小组同学在学了液体压强的规律以后，用如图所示口小底大的圆台形容器进一步进行相关研究。他们在容器中倒入深度为h的水，用传感器测出水对容器底部的压强p水、容器对水平地面的压强p容。实验时，他们每次抽出深度均为Δh的水，记录p水和p容的值，并计算了每次压强变化量Δp水和Δp容，把相关数据记录在下表中。
序号
/米
/帕
/帕
/帕
/帕
1
0.50
4900.0
3333.0


2
0.45
4410.0
3154.0
490.0
179.0
3
0.40
3920.0
2949.5
490.0
204.5
4
0.35
3430.0
2717.8
490.0
231.7
5
0.30
2940.0
2457.2
490.0
260.6
6
0.25
2450.0
2166.0
490.0
291.2
7
0.20
1960.0
1842.5
490.0
323.5


（1）分析比较表中p容和h的变化关系及相关条件，可得出的初步结论是：口小底大的圆台形容器中，______。
（2）分析比较表中______的变化关系及相关条件，可得出的初步结论是：口小底大的圆台形容器中；水对容器底部的压强p水与容器中水的深度h成正比。
（3）分析比较表中Δp水和h的变化关系及相关条件，可得出的初步结论是：口小底大的圆台形容器中，每次抽出深度均为Δh的水，水对容器底部的压强变化量Δp水与容器中水的深度h______（选填“有关”或“无关”）。
（4）分析比较表中Δp容和h的变化关系及相关条件，可得出的初步结论是：口小底大的圆台形容器中，______。
（5）进一步分析比较表中p水和p容的大小关系及相关条件，可得出：p水______（选填“可能”或“不可能”）小于p容。
（6）进一步分析比较表中Δp水和Δp容的大小关系及相关条件，可得出：Δp水______（选填“可能”或“不可能”）小于Δp容。
27．（2020·上海浦东新·统考二模）如图所示的实验仪器称为_________，此时它的示数为____牛。在“探究杠杆平衡的条件”实验中，在搜集证据前，应调节杠杆两端的平衡螺母，使杠杆在_____位置保持平衡；本实验中，弹簧测力计对杠杆施加力的方向必须__________。

28．（2020·上海浦东新·统考二模）小娟同学发现储水容器在单位时间内的出水量不同。她认为水管中单位时间的出水量可能跟水管两端液体的压强差Δp、横截面积S和长度L有关。为此，她设计了如图所示的装置进行研究，容器底部的水平管AB可以方便更换，B处的开关用于控制出水时间，并把相关实验数据记录在下表中。

序号
水管的截面积S
水管的长度L/厘米
容器内水的深度h/厘米
单位时间出水量Q/毫升
1

20
20
60
2

30
20
40
3

40
20
30
4

20
30
90
5

20
40
120
6

20
20
240
7

20
20
540

①打开开关后，容器中水的深度h大小可以反映水管AB两端_________的大小；为了使水管AB两端水的压强差尽量保持恒定，盛水容器的面积应该____(选填“大”或“小”)
②分析比较实验序号1与6与7数据中Q与S变化的关系及相关条件，可初步得出的结论是_______。
③根据实验序号___________数据中Q与h变化的关系及相关条件，可初步得出的结论是：在L和S相同的情况下，Δp越大，Q越大。
④若h=20厘米、L=25厘米、S=S0，则Q=_______毫升；若h=10厘米、L=60厘米、S=4S0，则Q=_______毫升。

答案：
1．B
【详解】因为P、Q是同一直线上相距3.6m的两点，P点是起点（图像上是点0），Q点是终点（Q点位于纵轴的3.6m处）。由图可知：当两车的纵坐标都是3.6m时，甲车对应的时间是9s，而乙车对应的时间是6s，已知乙比甲早4s通过Q点，如果两车同时从P点出发，则乙比甲早3s通过Q点，所以乙比甲应早1s经过P点，故B符合题意，ACD不符合题意。
故选B。
2．A
【详解】小球在甲中漂浮ρ球<ρ甲，小球在乙中悬浮，ρ球＝ρ乙，所以ρ甲>ρ乙。小球在甲中排开液体体积V排甲h乙，根据p＝ρgh可知，p甲>p乙。综上，故BCD错误，A正确。
故选A。
3．D
【详解】历史上，在德国的马德堡市广场上做过一个著名的实验，将两铜制的半球合在一起，抽出里面的空气，用两支马队向相反方向拉，两个半球未被拉开，是大气压将两个半球压在一起，这就是著名的马德堡半球实验，它有力地证明了大气压的存在，故ABC不符合题意，D符合题意。
故选D。
4．C
【详解】甲、乙两车从相距14米的P、Q两点同时出发，相向而行作匀速直线运动，经过6秒两车相距2米，则甲乙还没有相遇，则甲乙在6s时，一共走了12m； 也可能甲乙已经相遇，则说明甲乙在6s内一共走了16m；
AD．假设甲乙是图线ab，那么在6s时，甲走了12m，乙走了8m，甲乙之间不满足上面的两种情况，故AD不符合题意；
B．假设甲乙是ac，那么在6s时，甲走12m，乙走了4m，只符合甲乙一共走了16m的情况，只能做可能性判断，不一定是ac，故B不符合题意；
C．假设甲乙是可能是bc，那么在6s时，甲走8m，乙走了4m，甲乙一共走了12m，符合第一种情况，故C符合题意。
故选C。
5．D
【详解】A．帕斯卡在运动和力的关系、压强等领域取得卓越的成就，发现了著名的帕斯卡定律。故A不符合题意；
B．牛顿发现了牛顿第一定律，故B不符合题意；
C．阿基米德是著名的学者、物理学家，发现了杠杆的平衡条件和阿基米德原理。故C不符合题意；
D．意大利科学家托里拆利首先测出了大气压的数值，此实验命名为托里拆利实验，故D符合题意。
故选D。
6．B
【详解】A．水蜜桃所受的重力跟水蜜桃对树枝的拉力一个作用在水蜜桃上、一个作用在树枝上，作用物体不同，不是一对平衡力，故A项不符合题意；
B．水蜜桃所受的重力跟树枝对水蜜桃的拉力大小相等、方向相反、作用在同一物体上、作用在同一直线上，是一对平衡力，故B项符合题意；
C．树枝所受的重力跟树枝对水蜜桃的拉力一个作用在树枝上、一个作用在水蜜桃上，作用物体不同，不是一对平衡力，故C项不符合题意；
D．树枝所受的重力跟水蜜桃对树枝的拉力方向不是相反的，不是一对平衡力，故D项不符合题意。
故选B。
7．B
【详解】由图中的信息，根据速度公式可得甲、乙的速度


甲的速度比乙快。
A．运动2.4秒时，根据可得甲、乙运动的路程


此时两车相距

故A项错误；
B．由图可知，运动3秒时，甲运动了3.6m，乙运动了2.4m，两车相距1.2米，故B项正确；
C．甲的速度比乙快，甲先到达Q点，由图可知甲花了4s到达Q点，根据可得此时乙从P点运动了

距离Q点还有

故C项错误；
D．乙到Q点时，由图可知乙花了6s，根据可得此时甲从P点运动了

若甲到达Q点后继续运动，则甲距离Q点

若甲到达Q点后不再运动，则甲距离Q点为0。
故D项错误。
故选B。
8．A
【详解】已知液体对容器底部的压强p甲=p乙，且液体深度h甲>h乙，根据可知

将液体均抽出一部分后，液体对容器底部减少相等的压强，即压强的变化量相同，此时剩余液体对容器底部的压强依然相等，即

AD．液体密度不变，根据可知剩余液体深度关系为

即甲剩余液体的深度一定比乙大，故A项符合题意，D项不符合题意；
B．已知S甲
水平面上规则容器中液体对容器底部的压力等于液体的重力，根据G=mg，可知剩余液体的质量关系

即甲剩余液体的质量比乙小，故B项不符合题意；
C．已解得以及剩余液体质量关系，根据无法确定剩余液体体积关系，甲中剩余液体体积可能比乙小，也可能等于，故C项不符合题意。
故选A。



9．     运动状态     运动     惯性
【详解】[1]花样滑冰时，运动员用力向后蹬冰面可加速运动，运动员的速度发生改变，说明力可以使物体的运动状态发生改变。
[2]花样滑冰时，运动员相对于观众的位置发生了改变，所以以观众为参照物，运动员是运动的。
[3]因为运动员在比赛结束前，仍以一定的速度运动，当比赛结束时，由于惯性还要保持原来的运动状态运动，因此运动员在比赛结束后不能立刻停下来。
10．     A     5     增大
【详解】[1]A是定滑轮，可以看作支点在轴心，动力臂、阻力臂分别为半径的等臂杠杆，不省力，也不省距离。
[2]B是动滑轮，本质是动力臂是阻力臂二倍的杠杆；不计摩擦和滑轮重力，B是动滑轮可以省一半的力，因此

[3]物体匀速上升时，速度不变，它的动能不变|；高度升高，势能增加，物体的机械能为动能与势能之和，故当物体匀速上升时，它的机械能增大。
11．     50     竖直向上     1000
【详解】[1]圆柱体浸没在水中时受到的浮力大小为

[2]物体受到的浮力方向竖直向上，与重力的方向相反。
[3]上表面受到水的压强

12．     静止     惯性     9.8×104
【详解】[1]驾驶员相对于汽车的位置不变，所以驾驶员相对于汽车是静止的。
[2]系安全带是为了防止刹车时人由于惯性向前冲造成的伤害。
[3]根据可得，该船所受浮力的大小为

13．     20     60     变大
【详解】[1]使用定滑轮不省力，所以，利用定滑轮匀速提升物体用的力等于物体的重力。
[2]物体被提升3m，则绳子自由端（拉力的作用点）下降3m，又知拉力大小为20N，则
W=Fs=20N×3m=60J
[3]物体自身重力不变，高度增加，根据影响重力势能大小的因素可以知道它的重力势能变大。
14．     运动     有害     不变
【详解】[1]以地面为参照物，列车的位置发生了改变，所以列车是运动的。
[2]列车飞驰时与空气间的摩擦阻碍了列车的运动，属于有害摩擦。
[3]惯性只与物体的质量有关，列车高速飞驰相比低速启动时，质量相同，其惯性不变。
15．     100     不变     200
【详解】[1]图中滑轮为定滑轮，定滑轮只改变力的方向，所以用力匀速提升重力为100牛的物体时，力F为100N。
[2]在此过程中，物体做匀速直线运动，质量、速度不变，所以物体的动能不变。
[3]定滑轮只改变力的方向，不省力也不费距，物体被提高2米，则绳子自由端移动2m，拉力做的功为

16．
【详解】重力的作用点在重心，方向竖直向下，选取一段表示2N力的线段，然后过球心做竖直向下，大小为8N的重力，如下图：

17．
【详解】重力的作用点在重心，方向竖直向下，重力大小为G=6N，选取标度为3N，从重心开始竖直向下画一条带箭头的线段，使线段的长度为标度的2倍，并标出重力的符号和大小，如图所示：

18．
【详解】物体受到的重力方向竖直向下，作用点在重心，大小为10N，可确定标度为5N，故画重力的图示如图：

19．（1）30N；（2）；（3）
【详解】解：①合金块所受浮力的大小F浮

②合金块的密度

③由题意可知，若原来水面的高度大于0.3m时，将合金块原平放改成竖放在水中（合金块仍然浸没）水的深度不变，则容器底受到水的压强不变，即；当合金块平放时刚好完全浸没在水中时，水面位置最低时为0.1m，将合金块由原平放改成竖放在水中时，水的体积不变，水的体积

水面的深度变化量最大

容器底受到水的压强最大变化量为

答：①合金块所受浮力的大小F浮为30N；
②合金块的密度为；
③若将合金块由平放改成竖放在水中，容器底受到水的压强变化量的范围。
20．4N
【详解】由题意可知，
F1=10N，l1=0.2m，l2=0.5m，
由杠杆的平衡条件得：
．
答：阻力F2的大小为4N．
21．（1）2940帕；（2）0.9×103千克/米3；（3）
【详解】解：（1）水对甲容器底部的压强

（2）这种液体的密度

（3）两种液体的密度之比

答：（1）水对甲容器底部的压强；
（2）这种液体的密度；
（3）两种液体的密度之比3：2。
22．20牛
【详解】根据阿基米德原理可得，物体受到的浮力为：
F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×2×10－3m3=20N．
23．①2×10-3米3；②0.05米；③15牛
【详解】(1)根据可得甲的体积

(2)(a)已知放入前后水对容器底部的压强p水，则水对容器底部压强的变化量

根据可得放入前后容器中水深度的增加量Δh水

(b)已知放入前后容器对地面的压强p容，则容器对地面压强的变化量

根据可得容器对地面压力的变化量

容器对地面压力的变化量即为圆柱体甲的重力，所以物体甲的重力为15N。
答：(1)若圆柱体甲的质量6千克，甲的体积为2×10-3m3；
(2)(a)放入前后容器中水深度的增加量为0.05m；
(b)物体甲的重力为15N。
24．     是     右     寻找普遍规律     变小
【详解】（1）[1][2]只要杠杆处于静止状态或者匀速转动，即为杠杆平衡，如图（a）杠杆左边下沉，说明左边重，故需要将平衡螺母向右调。
（2）[3]多次实验得到多组数据，目的是从多组数据中寻找普遍规律，避免偶然性。
（3）[4]小新将弹簧测力计从位置②移动到位置①时，力臂越变越大，根据可知，不变，变大，那么弹簧测力计的示数变小。
25．     相等     1与4、2与5或3与6     漂浮          见解析     增大浮筒的底面积
【详解】（1）[1]比较实验序号1、2和3可知，质量变化0.01kg，浮筒静止时浸入液体的深度变化0.02m，所以该浮力秤的刻度值的间距是相等的。
（2）[2]比较实验序号1与4、2与5或3与6可得，在不同的液体密度中，使用相同的浮筒，称量相同的质量时，浮筒静止时浸入液体的深度不同，即△h不同，所以△h与液体密度有关。
（3）[3][4][5]由题意可知，该浮力秤在称量质量时，浮筒始终在液体中处于漂浮状态，因为物体处于漂浮状态时，可得F浮=G总，即，所以浮力秤运用了漂浮原理，又因为V排=Sh，所以当还没有称量质量时，即时，可得

当开始称量质量时，可得

联立以上两个式子，可得

即可得

（4）[6]由（3）可知，，所以增大浮筒的底面积可以使称量的质量更大，即可以增大浮力秤的测量范围。
26．     容器对水平地面的压强p容随容器中水的深度h的减小而减小     p水和h     无关     每次抽出深度均为Δh的水，容器对水平地面的压强变化量Δp容随容器中水的深度h的减小而增大     可能     不可能
【详解】（1）[1]由序号1、2、3数据，水深分别为0.5m、0.45m、0.40m，容器对水平地面压强分别为3333.0Pa，3154.0Pa，2949.5Pa，可知容器对水平地面压强随水深减小而减小，原因是在水平地面上，容器对桌面压力大小等于容器重与水重之和，当抽出水后，容器对桌面压力减小，根据压强计算公式

即可得压力减小时，压强也减小。
（2）[2]从p水和h数据变化可得水对容器底部的压强p水与容器中水的深度h成正比，原因是液体压强公式为

（3）[3]根据序号2、3、4数据，水深分别为0.45m、0.40m、0.35m，每次抽水深度为0.05m，水对容器底部的压强变化量Δp水均为490Pa，可得出的初步结论是：口小底大的圆台形容器中，每次抽出深度均为Δh的水，水对容器底部的压强变化量Δp水与容器中水的深度h无关。
（4）[4]根据序号2、3、4数据，水深分别为0.45m、0.40m、0.35m，每次抽水深度为0.05m，容器对水平地面压强的变化量Δp容均分别为179Pa、204.5Pa、231.7Pa，其数值在增大，可得出结论：口小底大的圆台形容器中，每次抽出深度均为Δh的水，容器对水平地面的压强变化量Δp容随容器中水的深度h的减小而增大。
（5）[5]比较表中p水和p容的大小关系及相关条件，p水逐渐减小p容逐渐增大，根据数据变化，再抽水0.05m，p水会变成1470Pa，p容会变成约1485Pa，p水会小于p容，因此p水可能小于p容。
（6）[6]容器为口小底大的圆台形容器，抽水时，抽出水的重力小于所抽出的水对底产生的压力，因此Δp水不可能小于Δp容。
27．     弹簧测力计     2.4     水平     垂直于杠杆
【详解】[1]如图所示的实验仪器有刻度盘、挂钩等，符合弹簧测力计的所有特征，所以是弹簧测力计。
[2]如图所示，该弹簧测力计的分度值是0.2N，指针所指位置为弹簧测力计的示数为2.4N。
[3]将杠杆放在水平桌面上，在搜集证据前，为了使杠杆在水平位置保持平衡，应调节杠杆两端的平衡螺母。
[4]为了方便测量弹簧测力计对杠杆的拉力的力臂，必须使拉力垂直于杠杆。
28．     压强差(Δp)     小     在L与Δp相同的情况下，S越大，Q越大     1与4与5     48     160
【详解】(1)[1]液体压强与所测点的液体深度有关，打开开关后，容器中水的深度h大小会随着水流出而变小，容器底部受到的液体压强也会减小，所以容器中水的深度h大小可以反映水管AB两端压强差的大小。
[2]为了使水管AB两端水的压强差尽量保持恒定，减小实验误差，盛水容器的面积应该小一些。
(2)[3]分析比较实验序号1与6与7数据中Q与S变化，可发现水管的长度L与容器内水的深度h相同，随着水管的截面积S越来越大，单位时间出水量Q也变大，可得出初步结论是：在L与Δp相同的情况下，S越大，Q越大
(3)[4]要探究Q随h变化的关系并得到结论，我们需要控制水管的长度L与水管的截面积S相同，改变容器内水的深度h，可根据实验序号1与4与5分析得到。
(4)[5][6]根据表中数据可知Q与h、S2成正比、与L成反比，可以得到关系式

若h=20厘米、L=25厘米、S=S0，代入关系式得48，若h=10厘米、L=60厘米、S=4S0，代入关系式得160。