安徽省安庆市2022-2023学年九年级上学期期末物理试题（含答案）

2022-2023学年安徽省安庆市九年级（上）期末物理试卷

一、填空题（每空2分，共20分）

1．（2分）在城市修建人工湖，不但可美化环境，还能有效调节周围环境的气温，这是由于水的　   　大。

2．（2分）火箭常用液态氢做燃料，这是由于液态氢具有较大的　   　。

3．（2分）在一个标准大气压下，温度为40℃，质量为2kg的水吸收了5.46×105J的热量，温度将升高 　   　。

4．（2分）如图所示为某电路的一部分，已知电流表A1、A2的示数分别为0.8A、0.3A；若电流表A3正常偏转，其示数应为 　   　。

5．（2分）如图所示，小明让电水壶单独工作2min，测得家中的电能表的转盘转了30r，电水壶的实际功率为 　   　W。

6．（2分）如图所示的电路中，当开关闭合时，电压表测的是灯 　   　两端的电压。

7．（2分）如图甲所示，电源电压不变，闭合开关，滑片P由b端滑到a端，电压表示数U与电流表示数I的变化关系如图乙所示，滑动变阻器的最大阻值为 　   　Ω。

8．（4分）如图甲所示，定值电阻R2的阻值为20Ω。闭合开关，电流表A1、A2的指针偏转均如图乙所示，则电源电压为 　   　V，电阻R1的阻值为 　   　Ω。

9．（2分）如图所示的是定值电阻R和灯泡的L的I﹣U图像。若将电阻R和灯泡L并联接在电压为1V的电源上，则此时电路的总电阻为 　   　Ω。

二、选择题（每题2分，共14分）

10．（2分）如图是某物质由液态变为固态的过程中，温度随时间变化的图象，下列说法正确的是（　　）

A．t4时刻物体内能为零 

B．t2、t3与时刻物体内能相等 

C．t2时刻物体内能比t3时刻小 

D．t1时刻物体分子动能比t2时刻大

11．（2分）一台四冲程内燃机的飞轮转速为1800r/min，则下列说法正确的是（　　）

A．1min飞轮转3600圈，完成1800个冲程 

B．1min完成900个冲程，做功450次 

C．1s飞轮转30圈，完成60个冲程 

D．1s完成30个冲程，做功15次

12．（2分）关于温度热量和内能，下列说法正确的是（　　）

A．物体的内能增加，温度一定升高 

B．物体温度升高，一定吸收了热量 

C．物体温度降低，内能一定减少 

D．物体吸收了热量，温度一定升高

13．（2分）如图所示，某电子线路板上有一个由三个电阻R1、R2和R3构成的局部电路。已知通过R1和R2的电流分别为4mA和10mA，则通过R3的电流可能是（　　）

A．4mA B．8mA C．10mA D．14mA

14．（2分）在学过欧姆定律后，同学们有以下认识，其中正确的是（　　）

A．电阻中有电流时它两端一定有电压 

B．欧姆定律揭示了导体中的电压与电流、电阻的关系 

C．当电阻一定时，导体的电压与电流成正比 

D．根据欧姆定律的变形公式R＝可知：导体的的电阻随电压和电流的变化而变化

15．（2分）如图所示，图象1和图象2分别是电阻R1与R2的I﹣U图象，则R1与R2的阻值大小关系及两电阻串联和并联后的I﹣U图象所在的区域分别是（　　）

A．R1＜R2，两电阻并联后图象在区域 I 

B．R1＜R2，两电阻串联后图象在区域 I 

C．R1＞R2，两电阻并联后图象在区域Ⅲ 

D．R1＞R2，两电阻串联后图象在区域Ⅲ

16．（2分）如图所示，这是“伏安法”测电阻的实验电路图，下列说法错误的是（　　）

A．“伏安法”测电阻的实验原理是欧姆定律 

B．滑动变阻器的作用是控制未知电阻两端的电压保持不变 

C．实验中多次测量的目的是减小误差 

D．该电路还可以探究电流与电压的关系

三、实验题（每空2分，共18分）

17．（10分）同学们在进行“探究串联电路电压的特点”活动。

（1）如图所示，连接电路时，至少需要　   　根导线；实验中应选择规格 　   　（选填“相同”或“不同”）的小灯泡。

（2）在测L1两端电压时，闭合开关，发现L1不亮，L2亮，电压表示数为零，原因是 　   　。

（3）小芳保持电压表的B连接点不动，只断开A连接点，并改接到C连接点上，测量L2两端电压。她能否测出L2两端电压？　   　。理由是：　   　。

（4）小明分别测出AB、BC、AC间的电压并记录在表格中，分析实验数据得出结论：串联电路两端的总电压等于各用电器两端电压之和。请对小明的做法进行改进，方法是：　   　。

18．（8分）如图甲所示，小明用相同的酒精灯分别给水和煤油加热，以探究水和煤油的吸热能力。

（1）本实验需要用到天平这一测量工具，目的是 　   　。

（2）加热10min，水吸收的热量 　   　（选填“大于”“小于”或“等于”）煤油吸收的热量。

 （3）根据实验数据，小明作出了水和煤油的温度随加热时间变化的图象（如图乙）。由图象可知，煤油的比热容是 　   　。

四、计算题（每小题6分，共18分）

19．（6分）我国自主研发的某品牌汽车进行测试，已知该车在某段长1.15km的水平路面匀速直线运动，用时40s，汽车在行驶过程中受到阻力为4000N，汽车在此过程中发动机热机效率为40%，汽油的热值q＝4.6×107J/kg。在该段测试过程中：

（1）汽车的功率为多少？

（2）燃烧了多少汽油？

20．（6分）如图甲为一款电饭锅的简化电路，分为加热和保温状态，其中R1、R2均为电热丝，R1＝440Ω，R2＝88Ω，图乙为电饭锅某次煮饭全过程功率随时间变化的图象，已知家庭电路的电压为220V，当电饭锅正常工作时，求：

（1）开关S1闭合，S2断开，电饭锅处于什么状态？

（2）这次煮饭全过程电饭锅消耗的电能为多少kW•h？

21．（6分）如图甲所示电路，开关S闭合后，A1、A2、V三只电表的指针均如图乙所示，已知电压表接入的是“0～15V”的量程，则：

（1）电源电压是多少？

（2）通过L2的电流为多大？

2022-2023学年安徽省安庆市九年级（上）期末物理试卷

参考答案与试题解析

一、填空题（每空2分，共20分）

1．【解答】解：因为水的比热容较大，白天，相同质量的水和沙石比较，吸收相同的热量，水的温度升高的少；夜晚，放出相同的热量，水的温度降低的少，使得昼夜的温差，能有效调节周围环境的气温。

故答案为：比热容。

2．【解答】解：运载火箭采用液态氢作为火箭的燃料，原因是液态氢具有较高的热值，完全燃烧相同质量的氢时，可以释放出更多的热量。

故答案为：热值。

3．【解答】解：由Q吸＝cmΔt可得水升高的温度：

Δt＝＝＝65℃，

水的末温：

t＝t0+Δt＝65℃+40℃＝105℃，

因为在一标准大气压下水的沸点为100℃，所以水的温度只能升高到100℃，实际升高的温度为100℃﹣40℃＝60℃。

故答案为：60℃。

4．【解答】解：由图所示电流表的连接方式可知，根据正负接线柱可以判断电流流向，A2、A3的电流是会聚在一起通过A1的，所以A1测的是干路电流，则A3的示数I3＝I1﹣I2＝0.8A﹣0.3A＝0.5A。

故答案为：0.5A。

5．【解答】解：1000r/（kW•h）表示电路中每消耗1kW•h的电能，电能表的转盘转1000r，

电能表的转盘转30r时，电水壶消耗的电能：

W＝kW•h＝0.03kW•h＝0.03×3.6×106J＝1.08×105J，

工作时间t＝2min＝120s，

电水壶的实际功率：

P＝＝＝900W。

故答案为：900。

6．【解答】解：图中电路，当开关S闭合时，两个灯泡串联，电压表与灯泡L1并联，电压表测L1两端电压。

故答案为：L1。

7．【解答】解：由电路图可知，电阻R与滑动变阻器串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流。

（1）当滑片在a端时，变阻器接入电路中的电阻为零，电路为R的简单电路，电压表测电源两端的电压，其示数最大，

由图象可知，电源的电压U＝9V；

（2）当滑片位于b端时，变阻器接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，电压表的示数最小，

由图象可知，R两端的电压UR＝3V，电路中的最小电流I＝0.5A，

因串联电路中总电压等于各分电压之和，

所以，滑动变阻器两端的电压U滑＝U﹣UR＝9V﹣3V＝6V，

由I＝可得，滑动变阻器的最大阻值R滑＝＝＝12Ω。

故答案为：12。

8．【解答】解：由电路图可知，闭合开关后，两电阻并联，电流表A1测干路电流，电流表A2测通过R2的电流；

因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，则电流表A1的示数应大于电流表A2的示数，而两电流表指针位置相同，

所以，A1选择的量程是0～3A，分度值为0.1A，则A1的示数为1.5A，即干路电流I总＝1.5A；

A2选择的量程是0～0.6A，分度值是0.02A，则A2的示数为0.3A，即通过电阻R2的电流I2＝0.3A；

由并联电路的电流特点可知，通过电阻R1的电流为：I1＝I总﹣I2＝1.5A﹣0.3A＝1.2A，

因并联电路中各支路两端的电压相等（等于电源电压），

则由欧姆定律可得电源电压：U＝U2＝I2R2＝0.3A×20Ω＝6V，

R1的阻值：R1＝＝＝5Ω。

故答案为：6；5。

9．【解答】解：（1）将电阻R和灯泡L并联接在电压为1V的电源上时，

因并联电路中各支路两端的电压相等，

所以，它们两端的电压均为1V，

由图象可知对应的电流分别为IL＝0.15A，IR＝0.05A，

因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，

所以，干路电流：

I＝IL+IR＝0.15A+0.05A＝0.2A。

由I＝可得，此时并联电路的总电阻为：

R并＝＝＝5Ω。

故答案为：5。

二、选择题（每题2分，共14分）

10．【解答】解：

A、任何时刻分子都在不停地做无规则运动，所以物体都具有内能，即物体的内能不为零，故A错误；

BC、t2时刻物体的温度与t3时刻的温度相同，但是从t2时刻到t3时刻，物体要放出热量，因此t2时刻物体内能比t3时刻大，故BC错误；

D、t1时刻温度比t3时刻温度高，所以t1时刻物体分子动能比t3时刻大，故D正确；

故选：D。

11．【解答】解：

A．飞轮转速为1800r/min，即1min飞轮转1800圈，完成3600个冲程，故A错误；

B．飞轮转动两周一个工作循环，所以1min完成900个工作循环，做功900次，故B错误；

CD．飞轮转速为1800r/min，即30r/s，所以1s飞轮转30圈，每圈有两个冲程，所以1s完成60个冲程，做功15次，故C正确、D错误。

故选：C。

12．【解答】解：A、在晶体熔化或液体沸腾的过程中，虽然吸收热量，但温度不变，故A错误；

B、做功和热传递都可以改变物体的内能，若物体的温度升高，可能是吸收了热量，即发生热传递，也可能是由于其它物体对它做功造成的，故B错误；

C、对于同一物体来说，其温度降低，内能一定减少，故C正确；

D、物体吸收了热量，物体内能增加，其也可能表现在体积的变化上，即不一定温度升高，故D错误。

故选：C。

13．【解答】解：由图可知R1、R2、R3的连接方式有以下几种可能：

①R1和R2并联后，再和R3串联，此时流过R3的电流为I＝4mA+10mA＝14mA；

②R1和R3并联后，再和R2串联，此时流过R3的电流为I＝10mA﹣4mA＝6mA；

③R2和R3并联后，再和R1串联，此时R1的电流应该大于R2的电流，而题目R2中电流是10mA，这种情况是不存在的。故流过R3的电流可能是6mA或14mA。

故选：D。

14．【解答】解：A、电压使电路产生电流，电阻中有电流时，则电阻两端一定有电压，故A正确；

B、欧姆定律研究的是电流与电压、电阻的关系，故B错误；

C、根据欧姆定律知，当电阻一定时，导体中的电流与电压成正比，故C错误；

D、导体的电阻由导体的材料、长度、横截面积决定，与导体两端的电压与流过导体的电流无关，不能说导体的电阻随电压和电流的变化而变化，故D错误。

故选：A。

15．【解答】解：在原坐标系中，垂直电压轴作直线交关于R1、R2的直线于两点，两点的横坐标即为对应的电流大小；

由图可知：在电压相同时，通过R1的电流小于通过R2的电流，根据欧姆定律可知，R1＞R2；即电阻越大，对应的图象与横轴的夹角越大；电阻越小，对应的图象与横轴的夹角越小；

根据电阻的并联规律，两电阻并联的总阻值小于其中任一个电阻的大小，即总电阻小于R2，对应的图象在Ⅲ区；根据电阻的串联规律，两电阻串联的总阻值比其中任一个电阻都大，串联的总电阻大于R1，对应的图象应在Ⅰ区；故C正确，ABD错误。

故选：C。

16．【解答】解：A、“伏安法”测电阻的实验原理为R＝，是欧姆定律的变形式，实验中需要用电压表测量电阻两端的电压，电流表测量电路的电流，故A正确；

BC、此实验中通过移动滑动变阻器来改变电阻两端的电压和通过电阻的电流，多次测量求平均值来减小误差，故B错误，C正确；

D、根据控制变量法知，在探究电流与电压的关系需要保持电阻不变，通过移动滑动变阻器来改变电阻两端的电压和电流，找普遍规律，故利用此装置可以探究电流与电压的关系，故D正确。

故选：B。

三、实验题（每空2分，共18分）

17．【解答】解：

（1）由电路图可知，共需要接6根导线；为了避免实验的偶然性，使探究得出的结论具有普遍性，应该选取不同的小灯泡进行实验；

（2）在测L1两端电压时，闭合开关，发现L1不亮，L2亮，电压表示数为零，说明L1有故障，L1短路，造成电压表也被短路而无示数；

（3）测出L1两端的电压时，A与电压表的正接线柱相连；小芳保持电压表的B连接点不动，只断开A连接点，并改接到C连接点上，则会造成电流从负接线柱流入了，即电压表的正负接线柱接反了，故不能测出L2两端电压；

（4）本实验只做了一次实验，而没有进行多次测量，只凭一组实验数据得出结论带有偶然性，不能得出普遍规律，故应更换不同规格的灯泡进行多次实验。

故答案为：（1）6；不同；（2）L1短路；（3）不能；电压表的正负接线柱接反了；（4）换用不同规格的灯泡多次实验。

18．【解答】解：（1）根据比较吸热能力的方法，要控制不同物质的质量相同，本实验需要用到天平这一测量工具，目的是控制水和煤油的质量相同。

（2）根据转换法，加热10min，水吸收的热量等于煤油吸收的热量；

 （3）根据作出的水和煤油的温度随加热时间变化的图象知，升高30℃，水和煤油的加热时间分别为20min和10min，由转换法，煤油和水的的吸热之比为1：2，根据Q＝cmΔt可知，在质量和升高的温度相同的情况下，吸热与比热容成正比，则煤油的比热容是：

c＝0.5×4.2×103J/（kg•℃）＝2.1×103J/（kg•℃）。

故答案为：（1）控制水和煤油的质量相同；（2）等于；（3）2.1×103J/（kg•℃）。

四、计算题（每小题6分，共18分）

19．【解答】解：（1）因汽车匀速行驶时处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，

所以，此过程中汽车牵引力做的功：

W＝Fs＝4000N×1150m＝4.6×106J，

汽车牵引力做的功率：

P＝＝＝1.15×105W；

（2）由η＝×100%及Q放＝mq可得W＝qmη，

即4.6×106J＝4.6×107J/kg×m×40%，

解得m＝0.25kg。

答：（1）汽车的功率为1.15×105W；

（2）燃烧了0.25kg汽油。

20．【解答】解：（1）由图甲可知，当开关S1闭合，S2断开，只有R1工作；当开关S1、S2都闭合时，R1、R2并联；

根据并联电路特点可知，当开关S1闭合，S2断开，只有R1工作，电路中的电阻最大，根据P＝可知，电路中的总功率最小，电饭锅处于保温状态；

当开关S1、S2都闭合时，R1、R2并联，电路中的电阻最小，电功率最大，电饭锅处于加热状态；

（2）保温功率：P保＝＝＝110W＝0.11kW，

加热功率：P加＝+＝+＝660W＝0.66kW，

由图乙可知，电饭锅加热状态下的工作时间t1＝0.4h，保温状态下的工作时间t2＝0.6h﹣0.4h＝0.2h，

由P＝可知，这次煮饭全过程电饭锅消耗的电能：W＝P加t1+P保t2＝0.66kW×0.4h+0.11kW×0.2h＝0.286kW•h。

答：（1）开关S1闭合，S2断开，电饭锅处于保温状态；

（2）这次煮饭全过程电饭锅消耗的电能为0.286kW•h。

21．【解答】解：（1）由题意知，L1、L2并联，电压表量程是0～15V，则电压表分度值是0.5V，故电压表示数是6V，则灯L1、L2两端的电压和电源电压都是6V；

（2）由电路图知，灯泡L1与L2并联，电流表A1测干路电流，电流表A2测流过灯L1的电流，

由于电流表A1示数大于电流表A2示数，两电流表指针位置相同，则电流表A1的量程是0～3A，分度值是0.1A，读数IA1＝1.2A；电流表A2量程是0～0.6A，分度值是0.02A，电流表示数IA2＝0.24A，

则流过灯L1的电流I1＝IA2＝0.24A，流过灯L2的电流I2＝IA1﹣IA2＝1.2A﹣0.24A＝0.96A。

答：（1）电源电压是6V；

（2）通过L2的电流为0.96A。