2022-2023学年云南省宣威市第五中学高三下学期阶段性测试（二）物理试题（解析版）

这是一份2022-2023学年云南省宣威市第五中学高三下学期阶段性测试（二）物理试题（解析版），共11页。试卷主要包含了单选题，多选题，实验题，解答题等内容，欢迎下载使用。
云南省宣威市第五中学2022-2023年高三下学期阶段性测试（二）物理一、单选题(共30分)1．在匀强电场中把电荷量为的点电荷从A点移动到B点，静电力做功为，再把这个电荷从B点移动到C点，克服静电力做功。下列选项不正确的是（　　）A．A、B两点间的电势差B．C、A两点间的电势差C．A、B、C三点的电势高低关系为D．A、B、C三点的电势高低关系为2．如图所示，在一绝缘斜面上有一带正电的小物体A处于静止状态。现将一带正电的小球沿以A为圆心的圆弧缓慢地从点转至A正上方的O点处，已知、A在同一水平线上，且在此过程中物体A和始终保持静止不动，A、可视为质点。关于此过程，下列说法正确的是（　　）A．物体A受到斜面的支持力先增大后减小B．物体A受到的库仑力保持不变C．物体A受到的摩擦力一定沿斜面向上D．地面对斜面的摩擦力先减小后增大3．交流发电机线圈在匀强磁场中转动，产生交变电压的瞬时值表达式为u=100sin100πt（V），下面说法正确的是（　　）A．交变电压峰值为100V B．交变电压有效值为100VC．交变电压频率为100Hz D．发电机线圈转动的角速度为100rad/s4．如图所示，两根相同的轻弹簧S1、S2，劲度系数皆为k=2×102N/m。悬挂的重物的质量分别为m1=2kg和m2=4kg。若不计弹簧质量，则平衡时弹簧S1、S2的伸长量分别为（　　）A．10cm、20cm B．20cm、10cm C．30cm、20cm D．20cm、30cm5．2022年冬奥会将在北京举行，跳台滑雪是一项惊险刺激的比赛项目，某运动员在比赛中以一定的速度从水平台面上滑出，滑出后2s时离斜坡距离最大，已知斜坡的倾角为45°，不计空气阻力，重力加速度g=10m/s2，运动过程中运动员视为质点。则运动员从水平台面上滑出的速度大小为（　　）A．10m/s B．102m/s C．20m/s D．20m/s 二、多选题(共18分)6．如图所示，物体在摩擦力作用下沿水平地面做直线运动的位移x与时间t的关系图像是开口向下的抛物线的一部分，图像在O点的切线过B点，在A点的切线与横轴平行，下列说法正确的是（　　）A．t1=1.2s B．物体的加速度大小为2.5m/s2C．t1时刻物体的速度大小为3.0m/s D．0~1s内物体的位移大小为3.75m7．如图所示，水平地面上甲车匀速向左运动，乙车静止。在两车中间某高度处从静止释放一个小球（可视为质点），不计空气阻力，下列说法正确的是（　　）A．甲车上的乘客看到小球做自由落体运动 B．乙车上的乘客看到小球做自由落体运动C．甲车上的乘客看到小球做平抛运动 D．乙车上的乘客看到小球做平拋运动8．如图所示，拉力F将物体沿斜面向下拉，已知拉力大小与摩擦力大小相等，则下列说法中正确的是（　　）A．物体的动能增加 B．物体的动能保持不变C．物体的总机械能增加 D．物体的总机械能保持不变 三、实验题(共15分)9．某物理兴趣小组想测定一种特殊电池的电动势E和内电阻r：（l）某成员用多用电表的直流电压“2.5V”挡进行测量，结果指针偏转如图所示，则该电池的电动势约为__________V。（2）估测后，该小组成员经过充分讨论后，利用下列器材进行实验：A．毫安表A1（量程0-0.2mA，内阻r1=1.0Ω）B．毫安表A2（量程0-200mA，内阻r2约为0.003Ω）C．滑动变阻器R（0-15Ω）D．定值电阻R。=2.0ΩE.定值电阻R1=9999.0ΩF.开关一个，导线若干①为了使测量尽可能精确，请将虚线方框内的实验电路图补充完整；(    )②实验时，A1的示数为I1，A2的示数为I2，根据实验数据绘出I1-I2的图象如图所示，则该电池的电动势为__________V，内阻为r=__________Ω。（结果均保留三位有效数字）。10．如图所示，甲是“研究平抛物体运动规律”实验装置，乙是通过实验描点画出的小球的运动轨迹图像。（1）下列实验要求正确的是_______（填写正确选项前的字母）。A．必须称量出小球的质量B．斜槽轨道必须是光滑的C．斜槽轨道末端必须调整到水平D．实验必需的器材还有刻度尺和秒表E．实验时让小球每次都从斜槽轨道上的同一位置静止释放（2）在图乙的轨迹上取三点，测得三点竖直坐标为、为、为，四点中相邻两点间的水平间距均为，则小球的水平初速度为________；小球在c点的速度为_______。（计算结果保留两位有效数字，g取） 四、解答题(共37分)11．直角棱镜的折射率为，其横截面如图所示，图中∠C=90°，∠A=30°。截面内一细束与BC边平行的光线从棱镜AB边上的D点射入，经折射后射到BC边上。求：（1）光线在AB边上的折射角的正弦值；（2）不考虑多次反射，光线是否能够从BC边射出？12．如图所示，水平地面上固定一倾角的斜面（足够长），斜面上有两个距离d=0.5m的物块，物块甲的质量m1=0.5kg，物块乙的质量m2=1kg，物块乙与斜面间的动摩擦因数。现由静止释放物块甲，物块甲经时间t=0.5s后与静止的物块乙发生弹性碰撞（碰撞时间极短）。g取10m/s2，两物块均视为质点。求：（1）两物块第一次碰撞前瞬间物块甲的速度大小v0；（2）物块甲与斜面间的动摩擦因数；（3）两物块第一次碰撞后瞬间，物块甲的速度大小v1以及物块乙的速度大小v2；（4）两物块第一次与第二次碰撞期间的最大距离xm。
参考答案：1．D【详解】A．依题意，A、B两点间的电势差故A正确；B．A、C两点间的电势差所以故B正确；CD．因为所以A、B、C三点的电势高低关系为，故C正确，D错误。本题由于选择错误的，故选D。2．A【详解】AB．对A研究：P对A的库仑力垂直斜面方向的分力，先逐渐增大后逐渐减小，当库仑力与斜面垂直时最大，设该分力为，斜面倾角为，根据平衡条件得斜面对A的支持力可知N先增大后减小，A正确；B．从点转至A正上方的O点处的过程中，库仑力的方向在时刻改变，故物体A受到的库仑力发生变化，B错误；C．由于物体A的重力沿斜面向下的分力与物体A受到的库仑力沿斜面向上的分力大小不确定，故物体A受到的摩擦力不一定沿斜面向上，C错误；D．以A和C整体为研究对象，分析受力情况如下图所示设P对A的库仑力大小为F，与竖直方向的夹角为，根据平衡条件得由于F大小不变，减小，则知地面对斜面C的摩擦力逐渐减小，C错误。故选A。3．A【详解】A．由交变电压的瞬时值表达式可知交变电压峰值为100V，故A正确；B．正弦交变电压的有效值为故B错误；CD．由交变电压的瞬时值表达式可知发电机线圈转动的角速度为，则交变电压频率为故CD错误。故选A。4．C【详解】以和整体为研究对象，有平衡条件得解得以为研究对象，由平衡条件得解得故C正确，ABD错误。故选C。5．C【详解】设滑出时速度大小为v，则当速度方向与斜面平行时，离斜坡距离最大，则有解得故选C。6．BD【详解】AB．由题可知，物体做匀减速直线运动，根据位移时间关系有代入数据得根据速度时间关系有代入数据得联立解得，由图可知解得故A错误，B正确；C．t1时刻的速度为故C错误；D．0~1s内物体的位移大小为故D正确。故选BD。7．BC【详解】AC．甲车匀速向左运动，小球相对甲车具有水平速度，小球从静止释放，竖直方向上做自由落体运动，则甲车上的乘客看到小球做平抛运动，A错误C正确；BD．乙车静止，小球从静止释放，竖直方向上做自由落体运动，小球相对乙车水平上速度为零，乙车上的乘客看到小球做自由落体运动，D错误B正确。故选BC。8．AD【详解】AB．拉力大小与摩擦力大小相等，则拉力和摩擦力合力为零，物体所受合力等于重力沿斜面向下的分力，物体沿斜面向下做匀加速直线运动，物体速度增加，动能增加，A正确，B错误；CD．拉力和摩擦力合力为零，拉力和摩擦力的合力做功为零，支持力不做功，总功等于重力的功（相对于只有重力做功），物体的总机械能保持不变，C错误，D正确。故选AD。9．     1.55          1.60     2.00【详解】（l）[1]由图，选0-250V表盘，则读数为 （2）① [2]因题中未给电压表，故需把毫安表改装，则用.毫安表A1与定值电阻R1串联，且滑动变阻器串联接入电路，定值电阻R0保护电路，故电路图为② [3][4]由闭合电路的欧姆定律可得化简得结合图像可知，，则 ，则10．     CE     4.0     5.0【详解】（1）[1]A．研究平抛物体运动规律与小球的质量无关，与重力加速度相关，因此不需要称量小球的质量，A错误；BC．保证小球从末端飞出时的速度方向水平即可，不要求斜槽轨道光滑，但槽轨道末端必须调整到水平，B错误，C正确；D．实验中需要刻度尺测量位移，但可以通过竖直位移计算所用时间，因此不需要秒表计时，D错误；E．为保证小球每次平抛运动的初速度相同，每次应让小球从同一高度释放，E正确。故选CE。（2）[2]四点中相邻两点间的水平间距均为由此可知，相邻两点之间的时间间隔相等，小球在竖直方向做初速度为零的匀加速直线运动，则有又因为解得则小球的水平初速度为[3]小球在c点的竖直分速度为，则有解得则小球在c点的速度为11．（1）；（2）不能【详解】（1）光路图如答图1所示入射角i=30°，由得（2）由几何关系有则恰发生全反射时有因为即，所以光线在BC边上发生全反射，故不会从BC边射出。12．（1）2m/s；（2）；（3），；（4）【详解】（1）对乙进行受力分析，可知 所以，乙静止于斜面上对甲分析，根据位移时间公式得 解得 （2）对甲进行受力分析，根据牛顿第二定律得解得（3）物块甲、乙发生弹性碰撞，根据动量守恒定律和机械能守恒定律得联立解得（4）由分析可知，当两物块的速度相等时，相距最大，对乙进行受力分析所以乙物块向下做匀速直线运动，甲物块向上运动过程中，由牛顿第二运动定律可得解得设甲物块向上减速为零的时间为，则 设甲物块从速度为零到和乙物块速度相等的时间为，则 甲物块向上减速的位移大小 甲物块速度从零到和乙物块速度相等时间内的位移  两物块第一次与第二次碰撞期间乙物块的位移则两物块第一次与第二次碰撞期间的最大距离联立求解得