人教版八年级下册18.2.3 正方形同步训练题

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正方形（提高） 【学习目标】1．理解正方形的概念，了解平行四边形、矩形及菱形与正方形的概念之间的从属关系；2．掌握正方形的性质及判定方法．【要点梳理】要点一、正方形的定义四条边都相等，四个角都是直角的四边形叫做正方形.要点诠释：既是矩形又是菱形的四边形是正方形，它是特殊的菱形，又是特殊的矩形，更为特殊的平行四边形，正方形是有一组邻边相等的矩形，还是有一个角是直角的菱形.要点二、正方形的性质正方形具有四边形、平行四边形、矩形、菱形的一切性质.1.边——四边相等、邻边垂直、对边平行；2.角——四个角都是直角；3.对角线——①相等，②互相垂直平分，③每条对角线平分一组对角；4.是轴对称图形，有4条对称轴；又是中心对称图形，两条对角线的交点是对称中心.要点诠释：正方形具有平行四边形、矩形、菱形的一切性质，其对角线将正方形分为四个等腰直角三角形.要点三、正方形的判定    正方形的判定除定义外，判定思路有两条：或先证四边形是菱形，再证明它有一个角是直角或对角线相等（即矩形）；或先证四边形是矩形，再证明它有一组邻边相等或对角线互相垂直（即菱形）.要点四、特殊平行四边形之间的关系或者可表示为：要点五、顺次连接特殊的平行四边形各边中点得到的四边形的形状（1）顺次连接平行四边形各边中点得到的四边形是平行四边形.（2）顺次连接矩形各边中点得到的四边形是菱形.（3）顺次连接菱形各边中点得到的四边形是矩形.（4）顺次连接正方形各边中点得到的四边形是正方形.要点诠释：新四边形由原四边形各边中点顺次连接而成.（1）若原四边形的对角线互相垂直，则新四边形是矩形. （2）若原四边形的对角线相等，则新四边形是菱形.（3）若原四边形的对角线垂直且相等，则新四边形是正方形.【典型例题】类型一、正方形的性质 1、如图，在正方形ABCD中，对角线AC、BD相交于点O，E、F分别在OD、OC上，且DE＝CF，连接DF、AE，AE的延长线交DF于点M．求证：AM⊥DF．【思路点拨】根据DE=CF，可得出OE=OF，继而证明△AOE≌△DOF，得出∠OAE=∠ODF，然后利用等角代换可得出∠DME=90°，即得出了结论．【答案与解析】证明：∵ABCD是正方形，∴OD＝OC，又∵DE＝CF，∴OD－DE＝OC－CF，即OE＝OF，在Rt△AOE和Rt△DOF中，，∴△AOE≌△DOF，∴∠OAE＝∠ODF，∵∠OAE＋∠AEO＝90°，∠AEO＝∠DEM，∴∠ODF＋∠DEM＝90°，即可得AM⊥DF．【总结升华】此题考查了正方形的性质、全等三角形的判定与性质，解答本题的关键是通过全等的证明得出∠OAE＝∠ODF，利用等角代换解题．举一反三：【变式1】如图四边形ABCD是正方形，点E、K分别在BC，AB上，点G在BA的延长线上，且CE＝BK＝AG．以线段DE、DG为边作DEFG．    (1)求证：DE＝DG，且DE⊥DG．(2)连接KF，猜想四边形CEFK是怎样的特殊四边形，并证明你的猜想．【答案】证明：(1)∵  四边形ABCD是正方形，         ∴  DC＝DA，∠DCE＝∠DAG＝90°．         又∵  CE＝AG，∴  △DCE≌△DAG，         ∴  ∠EDC＝∠GDA，DE＝DG．又∵  ∠ADE＋∠EDC＝90°，∴  ∠ADE＋∠GDA＝90°，         ∴  DE⊥DG．      (2)四边形CEFK为平行四边形．证明：设CK，DE相交于M点，∵  四边形ABCD和四边形DEFG都是正方形，      ∴  AB∥CD，AB＝CD，EF＝DG，EF∥DG；      ∵  BK＝AG，∴  KG＝AB＝CD．      ∴  四边形CKGD为平行四边形．      ∴  CK＝DG＝EF，CK∥DG∥EF     ∴  四边形CEFK为平行四边形．【变式2】如图，三个边长均为2的正方形重叠在一起，O1、O2是其中两个正方形的中心，则阴影部分的面积是_______．   【答案】2；提示：阴影部分面积等于正方形面积的一半. 类型二、正方形的判定 2、（2020•闸北区模拟）如图，在Rt△ABC中，∠BAC=90°，AD=CD，点E是边AC的中点，连接DE，DE的延长线与边BC相交于点F，AG∥BC，交DE于点G，连接AF、CG．（1）求证：AF=BF；（2）如果AB=AC，求证：四边形AFCG是正方形．【思路点拨】（1）根据线段垂直平分线的性质，可得AF=CF，再根据等角的余角相等可得∠B=∠BAF，所以AF=BF．（2）由AAS可证△AEG≌△CEF，所以AG=CF．由一组对边平行且相等的四边形是平行四边形得四边形AFCG是平行四边形，进而证得四边形AFCG是菱形，最后根据有一个角为直角的菱形是正方形得证四边形AFCG是正方形．【答案与解析】证明：（1）∵AD=CD，点E是边AC的中点，∴DE⊥AC．即得DE是线段AC的垂直平分线．∴AF=CF．∴∠FAC=∠ACB．在Rt△ABC中，由∠BAC=90°，得∠B+∠ACB=90°，∠FAC+∠BAF=90°．∴∠B=∠BAF．∴AF=BF．（2）∵AG∥CF，∴∠AGE=∠CFE．又∵点E是边AC的中点，∴AE=CE．在△AEG和△CEF中，，∴△AEG≌△CEF（AAS）．∴AG=CF．又∵AG∥CF，∴四边形AFCG是平行四边形．∵AF=CF，∴四边形AFCG是菱形．在Rt△ABC中，由AF=CF，AF=BF，得BF=CF．即得点F是边BC的中点．又∵AB=AC，∴AF⊥BC．即得∠AFC=90°．∴四边形AFCG是正方形．【总结升华】本题考查的是正方形的判定方法，考查了线段垂直平分线的性质、全等三角形的判定与性质等基础知识的灵活运用，判别一个四边形是正方形主要是根据正方形的定义及其性质． 举一反三：【变式】（2020春•上城区期末）如图，矩形ABCD中，AD=6，DC=8，菱形EFGH的三个顶点E，G，H分别在矩形ABCD的边AB，CD，DA上，AH=2，连结CF．（1）若DG=2，求证：四边形EFGH为正方形；（2）若DG=6，求△FCG的面积．【答案】（1）证明：∵四边形EFGH为菱形，∴HG=EH，∵AH=2，DG=2，∴DG=AH，在Rt△DHG和△AEH中，，∴Rt△DHG≌△AEH，∴∠DHG=∠AEH，∵∠AEH+∠AHG=90°，∴∠DHG+∠AHG=90°，∴∠GHE=90°，∵四边形EFGH为菱形，∴四边形EFGH为正方形；（2）解：作FQ⊥CD于Q，连结GE，如图，∵四边形ABCD为矩形，∴AB∥CD，∴∠AEG=∠QGE，即∠AEH+∠HEG=∠QGF+∠FGE，∵四边形EFGH为菱形，∴HE=GF，HE∥GF，∴∠HEG=∠FGE，∴∠AEH=∠QGF，在△AEH和△QGF中，∴△AEH≌△QGF，∴AH=QF=2，∵DG=6，CD=8，∴CG=2，∴△FCG的面积=CG•FQ=×2×2=2．类型三、正方形综合应用3、E、F分别是正方形ABCD的边AD和CD上的点，若∠EBF＝45°．(1)求证：AE＋CF＝EF．(2)若E点、F点分别是边DA、CD的延长线上的点，结论（1）仍成立吗？若成立，请证明，若不成立，写出正确结论并加以证明．【答案与解析】证明：（1）延长DC，使CH＝AE，连接BH，      ∵  四边形ABCD是正方形，∴  ∠A＝∠BCH＝90°，又AB＝BC，CH＝AE，∴  Rt△BAE≌Rt△BCH，∴  ∠1＝∠2，BE＝BH．又∵  ∠1＋∠3＋∠4＝90°，∠4＝45°，∴  ∠1＋∠3＝45°，∠2＋∠3＝45°，在△EBF和△HBF中，∴  △EBF≌△HBF，∴  EF＝FH＝FC＋CH＝AE＋CF．即AE＋CF＝EF． (2)如图所示：不成立，正确结论：EF＝CF－AE．证明：在CF上截取CH＝AE，连接BH．∵  四边形ABCD是正方形，∴  在Rt△EAB和Rt△HCB中，∴  Rt△EAB≌Rt△HCB，∴  BE＝BH，∠EBA＝∠HBC．∵  ∠HBC ＋∠ABH＝90°，∴  ∠EBA ＋∠ABH＝90°．又∵  ∠EBF＝45°，∴  ∠HBF＝45°，即∠EBF＝∠HBF．在△EBF和△HBF中∴  △EBF≌△HBF，∴  EF＝FH＝CF－CH＝CF－AE，即EF＝CF－AE． 【总结升华】本题主要考察正方形的性质，全等三角形的性质和判定，关键在于用“截长补短”的方法正确地作出辅助线.4、正方形ABCD的对角线交点为O，如图所示，AE平分∠BAC交BC于E，交OB于F，求证：EC＝2FO．【思路点拨】在平面几何中，要证明一条线段等于另一条线段的2倍或，通常采用折半法或加倍法．而折半法又可分直接折半法和间接折半法；加倍又可分直接加倍法和间接加倍法．这就需要学生仔细研究，找到解决问题的合适方法．【答案与解析】 证法一：(间接折半法)如图①所示．    ∵  ∠3＝∠1＋∠4，∠5＝∠2＋∠6．    而∠1＝∠2，∠4＝∠6＝45°．    ∴  ∠3＝∠5，BE＝BF．    取AE的中点G，连接OG，    ∵  AO＝OC，∴  OGEC．    由∠7＝∠5，∠8＝∠3，    ∴  ∠7＝∠8，∴  FO＝GO．    ∴  EC＝2OG＝2FO．    证法二：(直接折半法)如图②所示．    由证法一得BE＝BF．    取EC的中点H，连接OH．    ∵  AO＝OC，∴  OH∥AE．    ∴  ∠BOH＝∠BFE＝∠BEF＝∠BHO．    ∴  BO＝BH，∴  FO＝EH．    ∴  EC＝2EH＝2FO．    证法三：(直接加倍法)如图③所示．    由证法一得BE＝BF．在OD上截取OM＝OF，连接MC．易证Rt△AOF≌Rt△COM．∴  ∠OAF＝∠OCM，∴  AE∥MC．    由∠BMC＝∠BFE＝∠BEF＝∠BCM，    ∴  FM＝EC．    ∴  EC＝FM＝2FO．【总结升华】若题目中涉及线段的倍半关系和中点问题时，要联想中位线定理，利用中点构造中位线，要注意从不同的角度进行思构，构造不同的辅助线来解决问题．举一反三：【变式】在正方形ABCD的边AB上任取一点E，作EF⊥AB交BD于点F，取FD的中点G，连接EG、CG，如图①，易证EG＝CG，且EG⊥CG．    (1)将△BEF绕点B逆时针旋转90°，如图②，则线段EG和CG有怎样的数量关系和位置关系?请直接写出你的猜想．(2)将△BEF绕点B逆时针旋转180°，如图③，则线段EG和CG又有怎样的数量关系和位置关系?请写出你的猜想，并加以证明．【答案】解：(1)EG＝CG，且EG⊥CG．(2)EG＝CG，且EG⊥CG． 证明：延长FE交DC延长线于M，连MG，如图③，    ∵  ∠AEM＝90°，∠EBC＝90°，∠BCM＝90°，    ∴  四边形BEMC是矩形．    ∴  BE＝CM，∠EMC＝90°，    又∵  BE＝EF，∴  EF＝CM．    ∵  ∠EMC＝90°，FG＝DG，    ∴  MG＝FD＝FG．    ∵  BC＝EM，BC＝CD，∴  EM＝CD．    ∵  EF＝CM，∴  FM＝DM，∴  ∠F＝45°．    又FG＝DG，∠CMG＝∠EMD＝45°，    ∴  ∠F＝∠GMC，∴  △GFE≌△GMC，∴  EG＝CG，∠FGE＝∠MGC，∵  MG⊥DF，∴  ∠FGE＋∠EGM＝90°，∴  ∠MGC＋∠EGM＝90°即∠EGC＝90°，∴  EG⊥CG．