高考数学一轮复习策略

1、揣摩例题。

课本上和老师讲解的例题，一般都具有一定的典型性和代表性。要认真研究，深刻理解，要透过“样板”，学会通过逻辑思维，灵活运用所学知识去分析问题和解决问题，特别是要学习分析问题的思路、解决问题的方法，并能总结出解题的规律。

2、精练习题

复习时不要搞“题海战术”，应在老师的指导下，选一些源于课本的变式题，或体现基本概念、基本方法的基本题，通过解题来提高思维能力和解题技巧，加深对所学知识的深入理解。在解题时，要独立思考，一题多思，一题多解，反复玩味，悟出道理。

3、加强审题的规范性

每每大考过后，总有同学抱怨没考好，纠其原因是考试时没有注意审题。审题决定了成功与否，不解决这个问题势必影响到高考的成败。那么怎么审题呢? 应找出题目中的已知条件 ;善于挖掘题目中的隐含条件 ;认真分析条件与目标的联系，确定解题思路 。

4、重视错题

“错误是最好的老师”，但更重要的是寻找错因，及时进行总结，三五个字，一两句话都行，言简意赅，切中要害，以利于吸取教训，力求相同的错误不犯第二次。

专题5.1   任意角和弧度制及任意角的三角函数

1．（2021·宁夏高三三模（文））已知角终边经过点则（    ）

A． B． C． D．

【答案】D

【解析】

直接利用三角函数的定义即可.

【详解】

由三角函数定义，.

故选：D.

2.（2021·中牟县教育体育局教学研究室高一期中）已知角的终边经过点，则（    ）

A． B． C． D．

【答案】C

【解析】

由三角函数的定义即可求得的值．

【详解】

角的终边经过点，

．

故选：．

3．（2020·全国高一课时练习）若α＝－2，则α的终边在（    ）

A．第一象限 B．第二象限

C．第三象限 D．第四象限

【答案】C

【解析】

根据角的弧度制与角度制之间的转化关系可得选项.

【详解】

因为1 rad≈57.30°，所以－2 rad≈－114.60°，故α的终边在第三象限．

故选：C.

4．（2021·江苏高一期中）下列命题：①钝角是第二象限的角；②小于的角是锐角；③第一象限的角一定不是负角；④第二象限的角一定大于第一象限的角；⑤手表时针走过2小时，时针转过的角度为；⑥若，则是第四象限角．其中正确的题的个数是（    ）

A．1个 B．2个 C．3个 D．4个

【答案】B

【解析】

结合象限角和任意角的概念逐个判断即可.

【详解】

对于①：钝角是大于小于的角，显然钝角是第二象限角. 故①正确；

对于②：锐角是大于小于的角，小于的角也可能是负角. 故②错误；

对于③：显然是第一象限角. 故③错误；

对于④：是第二象限角，是第一象限角，但是. 故④错误；

对于⑤：时针转过的角是负角. 故⑤错误；

对于⑥：因为，所以，是第四象限角. 故⑥正确.

综上，①⑥正确.

故选：B.

5．（2021·辽宁高三其他模拟）装饰公司制作一种扇形板状装饰品，其圆心角为，并在扇形弧上正面等距安装7个发彩光的小灯泡且在背面用导线将小灯泡串连（弧的两端各一个灯泡，导线接头忽略不计），已知扇形的半径为30厘米，则连接导线大致需要的长度约为（    ）

A．55厘米 B．63厘米 C．69厘米 D．76厘米

【答案】B

【解析】

由于实际问题中扇形弧长较小，可将导线的长视为扇形弧长，利用弧长公式计算即可.

【详解】

因为在弧长比较短的情况下分成6等份，每部分的弦长和弧长相差很小，

所以可以用弧长近似代替弦长，

所以导线的长度为(厘米）．

故选：B

6．（2021·上海格致中学高三三模）半径为2，中心角为的扇形的面积等于（    ）

A． B． C． D．

【答案】C

【解析】

根据扇形的面积公式即可求解.

【详解】

解：因为扇形的半径，中心角，

所以扇形的面积，

故选：C.

7．（2021·辽宁高三其他模拟）“数摺聚清风，一捻生秋意”是宋朝朱翌描写折扇的诗句，折扇出人怀袖，扇面书画，扇骨雕琢，是文人雅士的宠物，所以又有“怀袖雅物”的别号．如图是折扇的示意图，其中OA＝20cm，∠AOB＝120°，M为OA的中点，则扇面（图中扇环）部分的面积是（    ）

A．cm2 B．cm2 C．cm2 D．cm2

【答案】B

【解析】

根据扇形面积公式计算可得；

【详解】

解：扇环的面积为．

故选：B

8．（2021·重庆八中高三其他模拟）如图所示，扇环的两条弧长分别是4和10，两条直边与的长都是3，则此扇环的面积为（    ）

A．84 B．63 C．42 D．21

【答案】D

【解析】

设扇环的圆心角为，小圆弧的半径为，依题意可得且，解得、，进而可得结果.

【详解】

设扇环的圆心角为，小圆弧的半径为，由题可得且，解得，，从而扇环面积.

故选：D．

9．（2021·浙江高二期末）已知角的终边过点，若，则___________．

【答案】

【解析】

利用三角函数的定义可求.

【详解】

由三角函数的定义可得，故.

故答案为：.

10．（2021·山东日照市·高三月考）已知函数，则______．

【答案】

【解析】

利用分段函数直接进行求值即可．

【详解】

∵函数，

∴，

∴

故答案为：.

1．（2021·河南洛阳市·高一期中（文））点为圆与轴正半轴的交点，将点沿圆周逆时针旋转至点，当转过的弧长为时，点的坐标为（    ）

A． B． C． D．

【答案】B

【解析】

先求出旋转角，就可以计算点的坐标了.

【详解】

设旋转角为，则，得，从而可得.

故选：B.

2．（2021·上海高二课时练习）若是三角形的最小内角，则的取值范围是（    ）

A． B．

C． D．

【答案】D

【解析】

由给定条件结合三角形三内角和定理即可作答.

【详解】

设B，C是三角形的另外两个内角，则必有，又,

则，即，当且仅当，即A是正三角形内角时取“=”，

又，于是有，

所以的取值范围是.

故选：D

3．（2021·北京清华附中高三其他模拟）已知．则“”是“”的（    ）

A．充分而不必要条件 B．必要而不充分条件

C．充分必要条件 D．既不充分也不必要条件

【答案】A

【解析】

求解出成立的充要条件，再与分析比对即可得解.

【详解】

，，

则或，

由得，

由得，

显然，，

所以“”是“”的充分不必要条件.

故选：A

4．（2021·安徽池州市·池州一中高三其他模拟（理））已知一个半径为3的扇形的圆心角为，面积为，若，则（    ）

A． B． C． D．

【答案】C

【解析】

由扇形的面积公式得,进而根据正切的和角公式解方程得.

【详解】

解:由扇形的面积公式得,解得,

所以,解得

故选:C

5．（2021·新蔡县第一高级中学高一月考）一个圆心角为的扇形，它的弧长是，则扇形的内切圆（与扇形的弧和半径的相切）的半径等于（    ）

A．2 B．4

C． D．

【答案】B

【解析】

设扇形内切圆的半径为，扇形所在圆的半径为，求得，结合弧长公式，列出方程，即可求解.

【详解】

如图所示，设扇形内切圆的半径为，扇形所在圆的半径为，

过点作，

在直角中，可得，

所以扇形的半径为，

又由扇形的弧长公式，可得，解得，

即扇形的内切圆的半径等于.

故选：B.

6．（2021·安徽合肥市·合肥一中高三其他模拟（文））已知顶点在原点的锐角，始边在x轴的非负半轴，始终绕原点逆时针转过后交单位圆于，则的值为（    ）

A． B． C． D．

【答案】B

【解析】

根据任意角的三角函数的定义求出，然后凑角结合两角差的正弦公式求出.

【详解】

由题意得(为锐角)

∵为锐角，∴，∴

故选：B

7．（2020·安徽高三其他模拟（文））已知角的顶点与原点O重合，始边与x轴的非负半轴重合，它的终边经过点A(1，-3)，则=（    ）

A． B． C．1 D．-1

【答案】B

【解析】

根据终边上的点求出，再结合正切和公式求解即可．

【详解】

由题知，则.

故选：B

8．（2021·合肥一六八中学高三其他模拟（理））已知顶点在原点，始边在x轴非负半轴的锐角绕原点逆时针转后，终边交单位圆于，则的值为（    ）

A． B． C． D．

【答案】C

【解析】

设锐角绕原点逆时针转后得角，由，则，分的值结合三角函数的定义，求解即可，根据条件进行取舍.

【详解】

设锐角绕原点逆时针转后得角，则，由为锐角，

根据题意角终边交单位圆于，则，则

若，则

所以，与为锐角不符合.

若，则

所以,满足条件.

故选：C

9．（2021·安徽宣城市·高三二模（文））刘徽是中国魏晋时期杰出的数学家，他提出“割圆求周”方法：当n很大时，用圆内接正边形的周长近似等于圆周长，并计算出精确度很高的圆周率．在《九章算术注》中总结出“割之弥细，所失弥少，割之又割，以至于不可割，则与圆周合体而无所失矣”的极限思想．运用此思想，当取时，可得的近似值为（    ）

A． B． C． D．

【答案】D

【解析】

由圆的垂径定理，求得，根据扇形对应的弦长之和近似于单位圆的周长，列出方程，即可求解.

【详解】

将一个单位圆分成个扇形，则每个扇形的圆心角度数均为

由圆的垂径定理，可得每个圆心角所对的弦长，

因为这个扇形对应的弦长之和近似于单位圆的周长，

所以，

所以．

故选：D．

10．（2021·江苏南通市·高三其他模拟）某设计师为天文馆设计科普宣传图片，其中有一款设计图如图所示.是一个以点O为圆心､长为直径的半圆，.的圆心为P，.与所围的灰色区域即为某天所见的月亮形状，则该月亮形状的面积为___________.

【答案】

【解析】

连接，可得，求出，利用割补法即可求出月牙的面积.

【详解】

解：连接，可得，

因为，

所以，，

所以月牙的面积为.

故答案为：.

1．（全国高考真题）已知角的终边经过点，则=（ ）

A．    B．    C．    D．

【答案】D

【解析】由题意可知x=-4，y=3，r=5，所以.故选D.

2．（2020·全国高考真题（理））若α为第四象限角，则（    ）

A．cos2α>0 B．cos2α<0 C．sin2α>0 D．sin2α<0

【答案】D

【解析】

方法一：由α为第四象限角，可得，

所以

此时的终边落在第三、四象限及轴的非正半轴上，所以

故选：D.

方法二：当时，，选项B错误；

当时，，选项A错误；

由在第四象限可得：，则，选项C错误，选项D正确；

故选：D.

3.（2015·上海高考真题（文））已知点的坐标为，将绕坐标原点逆时针旋转至，则点的纵坐标为（ ）.

A．    B．

C．    D．

【答案】D

【解析】由题意，设OA与x轴所成的角为，显然，，故，故纵坐标为

4．（2018·全国高考真题（文））已知角的顶点为坐标原点，始边与轴的非负半轴重合，终边上有两点，，且，则

A．    B．    C．    D．

【答案】B

【解析】

由三点共线，从而得到，

因为，

解得，即，

所以，故选B.

5.（2017·北京高考真题（理））在平面直角坐标系xOy中，角α与角β均以Ox为始边，它们的终边关于y轴对称.若，则=___________.

【答案】

【解析】因为和关于轴对称，所以，那么， （或），

所以.

6．（2021·北京高考真题）若点与点关于轴对称，写出一个符合题意的___．

【答案】（满足即可）

【解析】

根据在单位圆上，可得关于轴对称，得出求解.

【详解】

与关于轴对称，

即关于轴对称，

，

则，

当时，可取的一个值为.

故答案为：（满足即可）.