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    十堰市部分重点中学2023年度3月联考

    高二化学答案

    选择题答案  BCDBC   DBCAB   CDACA

    1. 【答案】B【详解】A.次氯酸中O原子分别与H原子和Cl原子形成共价键,结构式为H-O-Cl,选项A错误; B 新冠病毒由蛋白质外壳和单链核酸组成,直径大约在60~140nm,扩散到空气中可能形成胶体,选项B正确;C.因“84”消毒液中含有NaClO,洁厕灵中含有盐酸,两者相遇发生反应:ClO-+Cl-+2H+=Cl2↑+H2O,产生有毒的氯气,选项C错误;D“84”消毒液滴到红色石蕊试纸上,先变蓝后褪色,选项D错误;答案选A
    2. 【答案】C【详解】若价电子排布为3d104s1,29号元素Cu,电子排布式为[Ar]3d104s1,3d轨道处于全充满状态,整个体系的能量最低,A不符合题意;若价电子排布为3d104s2,30号元素Zn,电子排布式为[Ar]3d104s2,3d轨道处于全充满状态,整个体系的能量最低,B不符合题意;若价电子排布为3s23p6,18号元素Ar,电子排布式为1s22s22p63s23p6,3d轨道上没有电子,C符合题意;若价电子排布为4s24p2,32号元素Ge,电子排布式为[Ar]3d104s24p2,3d轨道处于全充满状态,整个体系的能量最低,D不符合题意。
    3. 【答案】D【详解】由题意知,DT两种核素的质子数是奇数,中子数分别为奇数、偶数,故A项正确;3个原子质子数或中子数为奇数,故B项正确;第ⅤA族元素的原子质子数都是奇数,中子数是偶数或奇数,故C项正确;n为自然数,2n1X中质量数为奇数,质子数或中子数中必有一个是奇数,另一个是偶数,故D项错误。
    4. 【答案】B【详解】根据元素Y在化合物中呈+1价及Xn―→YHe可知,XB元素、YLi元素。Li单质在空气中燃烧的产物是Li2OA错误;H3BO3为弱酸,可用于中和溅在皮肤上的NaOH溶液,B正确; B元素与H元素可形成多种共价化合物,如B2H6B4H10等,C错误;同素异形体是由同一种元素组成的不同形态的单质,故6Y7Y不互为同素异形体,二者互为同位素,D错误。
    5. 【答案】C【详解】由短周期元素R基态原子最外层的p能级上有2个未成对电子可知,可能有两种情况:p能级上只有2个电子,R为第ⅣA族元素,CSip能级上有4个电子,R为第ⅥA族元素,OS,故只有A正确。
    6. 【答案】D【详解】A CS2是非极性溶剂, 故在CS2中的溶解度:CCl4>H2O,A错误;BF原子电负性大于Cl,所以溶液酸性CF3COOH>CCl3COOH,故B错误;CBCl3空间构型为平面三角形,为非极性分子;NCl3分子空间构型为三角锥,NCl3是极性分子,分子极性,故C错误;D形成分子间氢键,形成分子内氢键,所以沸点>,故D正确;选D
    7. 【答案】B【详解】A.氯化氢是共价化合物,电子式为,故A错误;B.反—2—丁烯中甲基位于碳双键平面的两侧,球棍模型为,故B正确;C.二氧化碳的空间构型为直线形,空间填充模型为,故C错误;D.氮元素的电子排布式为1s22s22p3,轨道表示式为,故D错误;故选B
    8. 【答案】C【详解】从Z高价氧化物的水化物的化学式和W高价氧化物的水化物的0.1 mol·L1溶液的pH可知,ZW是磷、硫元素,结合XY高价氧化物的水化物的0.1 mol·L1溶液的pH可知,XY是氮、钠元素。中心原子杂化方式一样的时候,孤电子对数越多,键角越小,键角NH3H2SA项错误;离子半径:S2>NaB项错误;电负性:P<SC项正确;NH3分子间存在氢键,导致其沸点高于PH3D项错误。
    9. 【答案】A【详解】由题给短周期元素XYZMQR在元素周期表中的相对位置及Y元素的最高化合价为+3,可推出XYZMQR分别是镁、铝、碳、氮、硫和氯。二硫化碳的还原性强于四氯化碳,A说法错误;镁在二氧化碳中燃烧,生成碳单质和氧化镁,B说法正确;铝与氧化铁在高温下发生铝热反应,生成铁和氧化铝,C说法正确;M高价氧化物的水化物为硝酸,硝酸可与氨反应生成硝酸铵,D说法正确。
    10. 【答案】B【详解】A.石油的分馏属于物理变化,A项错误;B.漂白粉的主要成分为次氯酸钙和氯化钙、铝热剂的主要成分为铝粉和难熔金属氧化物的混合物,两者均为混合物,B项正确;CHCl属于共价化合物,C项错误;DNO不属于酸性氧化物,D项错误;答案选B
    11. 【答案】C【详解】A.实验室制乙酸乙酯时,为了防止发生倒吸,导管不能插入饱和碳酸钠溶液中,A项错误;B.实验室制利用氢氧化钙与氯化铵加热条件下制备氨气时,氨气会含有氯化氢和水蒸气杂质,应先通过碱石灰除杂后,再用向下排空气法收集,B项错误;C.除去乙烷中的乙烯,可将混合气体通入盛有溴的四氯化碳溶液的洗气瓶中,乙烯与溴发生加成反应后留在溶液当中,而乙烷反应,C项正确;D.实验室制利用浓盐酸和二氧化锰制取氯气的反应需要加热,且制得的氯气含有氯化氢和水蒸气杂质,应依次通过饱和食盐水和浓硫酸进行除杂后,再进行收集,D项错误;故答案选C
    12. 【答案】D【详解】装置中碘离子失去电子被氧化,石墨为负极;装置碘酸钠得电子被还原,石墨为正极,A错误,B错误。酸性介质中不可能生成氢氧根离子,所以电极反应为MnO2+4H++2e- Mn2++2H2O,C错误。装置中碘离子失去电子,1 mol碘化钠失去1 mol电子;装置碘酸钠得电子,1 mol碘酸钠得到5 mol的电子,所以生成等量的I2时装置中的导线上通过的电子数之比为15,D正确。
    13. 【答案】A【详解】该反应为吸热反应,ΔH>0,该反应在高温下能自发进行,ΔG=ΔH-TΔS<0,所以ΔS>0,A正确;电解法精炼铜时应将粗铜板作阳极,精铜作阴极,B错误;在外加电流法中,需将被保护的钢铁设备与直流电源的负极相连,C错误;根据电镀原理应将镀件作阴极,与直流电源的负极相连,D错误。
    14. 【答案】C【详解】根据先拐先平数值大,由题图1可知温度:T1<T2,升高温度,C的体积分数减小,说明该反应的正反应为放热反应,故A错误;由题图2可知,温度相同增大压强,C的体积分数增大,说明正反应为体积减小的反应,即m+n>p,故B错误;温度一定时,题图3中曲线上任意一点都表示达到平衡状态,所以点24处于平衡状态,v=v,点3在曲线下方,平衡向右移动,v>v,故C正确;曲线a速率加快、平衡没移动,若m+n=p,曲线a可能使用了催化剂或加压,故D错误。
    15. 【答案】A【详解】Ka1Ka2,因为纵坐标为 lg lg,分别取ab点,则此时对应曲线上有 c(H2A)c(HA)c(A2)c(HA),故对应曲线的电离平衡常数为102.6106.6,因为Ka1Ka2,所以Ka1102.6Ka2106.6,曲线MN分别表示pHlgpHlg的关系,B正确;104C正确;题图中a点对应溶液中存在电荷守恒:c(Na)c(H)c(OH)c(HA)2c(A2),且c(H2A)c(HA),所以c(Na)c(H)c(OH)c(H2A)2c(A2)a点对应溶液的pH2.6,则c(H)c(OH),所以c(Na)c(H2A)2c(A2)A错误;初始溶质为H2A,呈酸性,电离出的氢离子抑制水的电离,完全反应时生成Na2ANa2A水解呈碱性,促进水的电离,则溶液pH2.66.6的过程中,水的电离程度逐渐增大,D正确。
    16. 【答案】(1)[Ar]3d104s11s22s22p63s23p63d104s1 (1)   正四面体(1)     N>P>S(2) 

    (2)sp3sp2(2)      1(1)      16(1)      洪特规则(2) 

    (3) 第四周期第VIII(1)      3d(1)      钛、锗、硒(2) 

    【详解】(1)Cu29号元素。P中心原子P的价层电子对数为4+×(5+3-4×2)=4,无孤电子对,则为sp3杂化,空间结构是正四面体。因为P原子核外3p轨道处于半满结构,更为稳定,所以P的第一电离能大于S,元素第一电离能由大到小的顺序为N>P>S(2)题给分子中只形成单键的碳原子为sp3杂化,形成碳氧双键的碳原子为sp2杂化;基态碳原子核外电子所处的能级有1s2s2p 3, 2p轨道上的2个电子没有分占不同轨道,该电子排布图违背了洪特规则。(3)Ni28号元素,在第四周期第VIII族,基态Ni原子的电子排布式为[Ar]3d84s2,核外能量最高的电子位于3d能级;基态Ni原子的3d能级上未成对电子数为2,同周期中,未成对电子数为2的还有:钛为22号元素,基态原子电子排布式为[Ar]3d24s2;锗为32号元素,基态原子电子排布式为[Ar]3d104s24p2;硒为34号元素,基态原子电子排布式为[Ar]3d104s24p4

    1. 【答案】(1) (1)       极性分子且和水分子间能形成氢键(2)

    (2)6(1)     哑铃(1)       30(2)         (3) Mg原子失去2个电子后形成稳定结构,此时再失去1个电子很困难(2)       (4)Cl>O2>Mg2 (1)

    (5) d(1) (1) Fe2K[Fe(CN)6]3===KFe[Fe(CN)6]↓ (2)

    【详解】根据题给信息可以推断AH元素,BC元素,CN元素, DO元素、EMg元素、FCl元素,GK元素,HFe元素。

    1. 【答案】(1)增大接触面积,加快反应速率,使反应更充分(2)   (1)

    (2) (2)    温度过高,分解,速率变慢 (2)

    (3) 蒸发浓缩,冷却结晶   (2)     减小晶体溶解度或溶解损失(1)   易于干燥(1)

    (4)     (2)

    【详解】加入足量稀硫酸,发生反应产生二氧化碳气体,溶液中含Cu2+Fe2+Fe3+三种金属离子,过滤得到的滤渣1为未反应的SiO2,然后加入过氧化氢氧化,将Fe2+转化为Fe3+,再向溶液中加入试剂CuO调节pH除去Fe3+,经过过滤可得到硫酸铜溶液和红褐色沉淀Fe(OH)3,硫酸铜溶液经蒸发浓缩、冷却结晶、过滤洗涤即可得到硫酸铜晶体,据此解答。

    1. 【答案】(1)  -217(2)       (2)低温(1)     250 ℃(2)      CE(2)

    (3)Fe3+(1)    Mg(OH)2Ca(OH)2(2)  H2C2O4过量会生成BaC2O4沉淀,导致产品产量减少(1)   (4)As+2e-+2H+ As+H2O(2)    读数为零(1)

    【详解】(1)根据盖斯定律,×-×-× ΔH=-217 kJ/mol

    (2)由题表中数据可知,温度越高平衡常数越小,说明升高温度平衡向逆反应方向移动,正反应为放热反应,ΔH1<0,反应前后,气体分子数减少,ΔS<0,低温自发。依据化学平衡三段式列式计算得到平衡浓度:

           CO(g)    +      2H2(g)       CH3OH(g)

    起始量(mol/L) 1       3        0

    变化量(mol/L) 0.8      1.6       0.8

    平衡量(mol/L) 0.2      1.4       0.8

    K=≈2.04,对照题表中数据判断温度为250 ℃

    A,反应为放热反应,升温不能提高CO的转化率;B,恒容充入CO,CO的转化率降低;C,恒容充入H2,促进反应正向进行,可使CO的转化率提高;D,恒压充入惰性气体,促进反应逆向进行,CO的转化率降低;E,分离出甲醇,促进反应正向进行,可提高CO的转化率。

    (3)加入氨水,pH=8,Fe3+完全沉淀时的pH3.2,只有Fe3+完全沉淀,滤渣Fe(OH)3,此时溶液中主要含杂质Ca2+Mg2+,加入氢氧化钠调pH=12.5,Ca2+完全沉淀时的pH13.9,Mg2+完全沉淀时的pH11.1,Mg2+完全沉淀,Ca2+部分沉淀,滤渣中含Mg(OH)2Ca(OH)2;此时溶液中主要含杂质Ca2+,加入H2C2O4,得到CaC2O4沉淀。

    (4)As+2I-+2H+ As+I2+H2O是可逆反应,加酸,c(H+)增大,As得电子,I-失电子,所以C1是负极,C2是正极;加碱,c(OH-)增大,As失电子,I2得电子,此时C1是正极,C2是负极,故发生不同方向的反应,电子转移方向不同。开始时:C2棒是正极,电极反应为As+2e-+2H+ As+H2O,当电流表读数为零时,反应达到化学平衡状态。


     

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