第1章素养检测课件PPT

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第1章素养检测检测解析第1章素养检测刷速度一、选择题(本题共11小题)1．在“性状分离比的模拟实验”中，甲、乙两个小桶中都写有D或d的两种小球，并且各自的两种小球的数量是相等的，这分别模拟的是(　　)A．F1的基因型是DdB．F1产生的雌雄配子数量相等C．F1产生的雌雄配子都有D和d两种，且D∶d＝1∶1D．亲本中的父本和母本各自产生D和d的配子，且比例为1∶1在做“性状分离比的模拟实验”时，甲、乙小桶分别代表雌雄生殖器官，分别含有的数量相等的两种小球代表D和d配子，以此代表F1(Dd个体)通过减数分裂形成的雌雄配子都有D和d两种，且D∶d＝1∶1，C正确。C解析第1章素养检测刷速度2．下列有关自由组合定律的叙述，正确的是(　　)A．自由组合定律是孟德尔根据豌豆两对相对性状的杂交实验结果及其解释直接归纳总结的，不适用于多对相对性状的遗传B．在形成配子时，决定不同性状的遗传因子的分离是随机的，所以称为自由组合定律C．控制不同性状的遗传因子的分离和组合是相互联系、相互影响的D．在形成配子时，决定同一性状的成对的遗传因子彼此分离，决定不同性状的遗传因子自由组合自由组合定律是孟德尔针对豌豆两对相对性状的杂交实验结果及其解释直接归纳总结的，也适用于多对相对性状的遗传。自由组合定律是指控制不同性状的遗传因子的分离和组合是互不干扰的；在形成配子时，决定同一性状的成对的遗传因子彼此分离，决定不同性状的遗传因子自由组合。综上所述，D正确。D3．[黑龙江鹤岗一中2021高二下月考]蝴蝶的体色黄色(C)对白色(c)为显性，而雌性不管是什么基因型都是白色，雄和雌都可以有棒型触角，且正常触角(A)对棒型触角(a)为显性。据下面杂交实验结果推导亲本基因型为(　　)亲本：白、正常(父本)×白、棒(母本)雄子代：都是黄、正常雌子代：都是白、正常A．ccAA(父)×CcAa(母) B．ccAA(父)×CCaa(母)C．ccAa(父)×CcAa(母) D．CcAA(父)×Ccaa(母)第1章素养检测刷速度B解析根据子代无论雌雄，触角都是正常类型且母本为棒型触角，可推知亲本中父本触角正常，基因型是AA，母本触角棒型，基因型是aa；根据体色黄色(C)对白色(c)为显性，且雌性个体不管是什么基因型都是白色的，可知雄性中黄色个体的基因型是C_，白色的基因型是cc，故亲本中父本白色的基因型是cc，根据子代中雄性个体都是黄色，可推知母本白色体色的基因型只能是CC，所以根据杂交实验结果推导亲本的基因型是ccAA(父本)×CCaa(母本)。即B正确。解析第1章素养检测刷速度4．将基因型为Dd的豌豆连续自交，后代中纯合子和杂合子所占比例的曲线如图。下列叙述正确的是(　　)A．a曲线可代表自交n代后显性纯合子所占的比例B．b曲线可代表自交n代后纯合子所占的比例C．c曲线可代表自交n代后杂合子所占的比例D．自交n代后，显性纯合子所占的比例大于隐性纯合子具有一对相对性状的杂合子自交，后代中纯合子的比例随自交代数的增加而增大，最终接近于1，可用曲线a表示；且显性纯合子和隐性纯合子的比例各占一半，则显性纯合子或隐性纯合子的比例可用曲线b 表示；杂合子的比例则随自交代数的增加而递减，最终接近于零，可用曲线c表示。综上所述，C正确。C5．[吉林白城2021高一下月考]某种品系鼠的灰色毛和黄色毛是一对相对性状，三个学习小组分别做了以下杂交实验，结果如下表，综合三组实验结果进行推断，错误的是(　　)A. 小组一的亲本均为纯合子B．小组二杂交后代中的黄色鼠既有杂合子也有纯合子C．表中表型相同个体，基因型均相同D．实验结果表明该鼠毛色的遗传遵循基因的分离定律解析第1章素养检测刷速度由小组二的实验结果黄色亲本生出灰色后代可知，灰色是隐性性状，故小组一的亲本均为隐性纯合子，A正确；小组二杂交后代中的黄色∶灰色＝2∶1，可知存在显性纯合致死现象，故子代黄色鼠只有杂合子，B错误；表中表型相同个体，基因型均相同，即黄色均为杂合子，灰色均为隐性纯合子，C正确；实验结果表明该鼠毛色的遗传遵循基因的分离定律，D正确。B6．在山羊中，甲状腺先天缺陷是由隐性基因(a)控制的常染色体遗传病。基因型为aa的山羊，会因为缺乏甲状腺激素而发育不良；含有显性基因A的山羊，如果后天缺碘，同样会因为缺乏甲状腺激素而发育不良。以下说法不正确的是(　　)A．缺少甲状腺激素的山羊，其双亲的甲状腺可能是正常的B．生物的表型是基因和环境共同作用的结果C．对因为缺乏甲状腺激素而发育不良的个体，如果在食物中添加碘，则可使它正常生长发育D．甲状腺激素正常的个体，可能具有不同的基因型解析第1章素养检测刷速度缺少甲状腺激素的山羊，既可能是先天缺陷，也可能是后天缺碘造成的，双亲的基因型可能是AA或Aa，故其双亲的甲状腺可能是正常的，A正确；生物性状是环境和基因共同作用的结果，B正确；碘是合成甲状腺激素的原料，甲状腺先天缺陷的山羊(aa)不能合成甲状腺激素，所以添加碘不能使其正常生长发育，C错误；同一环境中，甲状腺激素正常的个体，其基因型可能为AA或Aa，D正确。C解析第1章素养检测刷速度  D8．下列关于性状显隐性或纯合子与杂合子判断方法的叙述，错误的是(　　)A．甲×乙―→只有甲―→甲为显性性状B．甲×甲―→甲＋乙―→乙为隐性性状C．甲×乙―→甲∶乙＝1∶1―→甲为显性性状D．花粉鉴定法：只有一种花粉―→纯合子；至少有两种花粉―→杂合子解析第1章素养检测刷速度甲×乙→只有甲，这说明甲为显性性状，A正确；甲×甲→甲＋乙，出现性状分离现象，这说明乙为隐性性状，B正确；甲×乙→甲∶乙＝1∶1，这属于测交，据此不能确定性状的显隐性关系，C错误；纯合子只能产生一种配子，花粉鉴定法：只有一种花粉→纯合子，至少有两种花粉→杂合子，D正确。C9．[江西师大附中2020高一下期末]已知孟德尔的豌豆杂交实验中，茎的高度、子叶颜色和种子形状这三对性状独立遗传。孟德尔选用纯种黄色圆粒豌豆和绿色皱粒豌豆作亲本进行杂交而不是选用纯种高茎黄色豌豆和矮茎绿色豌豆作亲本进行杂交来得出自由组合定律的原因是(　　)A．孟德尔的花园里只有纯种黄色圆粒豌豆和绿色皱粒豌豆，没有纯种高茎黄色豌豆和矮茎绿色豌豆B．茎的高度和子叶颜色这两对性状分别遵循分离定律，但两者不遵循自由组合定律C．高茎豌豆的花朵数目多于矮茎豌豆，其植株上长出的黄色种子和绿色种子均比矮茎豌豆多，导致统计结果偏离9∶3∶3∶1D．选用纯种高茎黄色豌豆和矮茎绿色豌豆作亲本，对F2进行数量统计时，不能直接数出9∶3∶3∶1解析第1章素养检测刷速度孟德尔的花园里也有纯种高茎黄色豌豆和矮茎绿色豌豆，A错误；茎的高度和子叶颜色这两对性状分别遵循分离定律，两者也遵循自由组合定律，B错误；高茎豌豆的花朵数目和矮茎豌豆一样多，其植株上长出的黄色种子和绿色种子和矮茎豌豆上长出的黄色种子和绿色种子一样多，C错误；选用纯种高茎黄色豌豆和矮茎绿色豌豆作亲本，茎的高度和子叶的颜色两种性状出现的时间不同，对F2进行数量统计时，不能直接数出9∶3∶3∶1，D正确。 D 解析第1章素养检测刷速度 C11．[黑龙江鹤岗一中2021高一下期中]某植物的紫花与红花是一对相对性状，且是由一对遗传因子(D、d)控制的完全显性遗传。现用一株紫花植株和一株红花植株作为实验材料，设计如表所示的实验方案以鉴定两植株的遗传因子组成。下列有关叙述错误的是(　　)A. 两组实验中，都有能判定紫花和红花显隐性的依据B．若①全为紫花，则④为DD×DdC．若②为紫花和红花的数量比是1∶1，则⑤为Dd×ddD．③为Dd×Dd，判断依据是子代出现性状分离，说明亲本携带隐性遗传因子第1章素养检测刷速度B解析第1章素养检测刷速度第一种交配方式中，紫花自交的后代出现了性状分离，可判断紫花为显性性状，第二种交配方式中，紫花和红花杂交，后代都是紫花，也说明紫花为显性性状，A正确；根据紫花自交的后代出现了性状分离，可判断紫花为显性，若①全为紫花，说明亲本为纯合子，故④为DD×DD或dd×dd，B错误；若②为紫花和红花的数量比是1∶1，即测交比例，则⑤为Dd×dd，C正确；紫花自交，且出现性状分离，故③为Dd×Dd，即亲本均携带隐性遗传因子，D正确。二、非选择题(本题共2小题)12．[江苏徐州2021高一下调研]现有以下牵牛花的四组杂交实验，请回答下列问题：A组：红花×红花→红花、蓝花B组：蓝花×蓝花→红花、蓝花C组：红花×蓝花→红花、蓝花D组：红花×红花→全为红花(1)若控制花色的等位基因中只有两种不同基因，则________组和________组对显隐性的判断正好相反。(2)有人对实验现象提出了假说：花色性状由三个复等位基因(A＋、A、a)控制，其中A决定蓝色，A＋和a都决定红色，A＋相对于A、a是显性，A相对于a为显性。若该假说正确，则B组两个亲代蓝花基因型组合是______________。(3)若(2)中所述假说正确，那么红花植株的基因型有________种可能，为了测定其基因型，某人分别用AA和aa对其进行测定。①若用AA与待测植株杂交，则可以判断出的基因型是______________。②若用aa与待测植株杂交，则可以判断出的基因型是______________。第1章素养检测刷速度ABAa×Aa4A＋A＋和aaA＋A解析第1章素养检测刷速度(1)若控制花色的等位基因中只有两种不同基因，则A组中，红花×红花→红花、蓝花，发生性状分离，说明红花相对于蓝花是显性性状；而B组中，蓝花×蓝花→红花、蓝花，说明蓝花相对于红花是显性性状。由此可见，A组和B组对显隐性的判断正好相反。(2)若花色性状由三个复等位基因(A＋、A、a)控制，其中A决定蓝色，A＋和a都决定红色，A＋相对于A、a是显性，A相对于a为显性，故蓝色性状基因型为AA或Aa，由于后代出现性状分离，因此两个亲代蓝花的基因型均为Aa(3)若(2)中所述假说正确，三个基因间的显性关系为A＋>A>a，那么红花植株的基因型有A＋A＋、A＋A、A＋a、aa 4种可能，为了测定其基因型，某人分别用AA和aa对其进行测定。①若用AA与待测植株杂交，若后代均为红花，则其基因型为A＋A＋；若后代均为蓝花，则其基因型为aa；若后代有红花，也有蓝花，则其基因型为A＋a或A＋A，因此可以判断出的基因型是A＋A＋和aa。②若用aa与待测植株杂交，若后代均为红花，则其基因型为A＋A＋或aa或A＋a；若后代有红花，也有蓝花，则其基因型为A＋A，因此可以判断出的基因型是A＋A。13．[河南信阳六中2021高一下月考]已知桃树中，树体乔化与矮化为一对相对性状(由等位基因D、d控制)，蟠桃果形与圆桃果形为一对相对性状(由等位基因H、h控制)，蟠桃对圆桃为显性。如表是桃树两种杂交组合的实验统计数据(单位：株)。(1)根据组别________的结果，可判断桃树树体的显性性状为________。(2)甲组的两个亲本基因型分别为_____________________________________。(3)根据甲组的杂交结果可判断，上述两对相对性状的遗传不遵循自由组合定律。理由是如果这两对性状的遗传遵循自由组合定律，则甲组的杂交后代应出现______种表型，比例应为_____________。(4)桃树的蟠桃果形具有较高的观赏性。已知现有蟠桃树种均为杂合子，欲探究蟠桃是否存在显性纯合致死现象(即HH个体无法存活)，研究小组设计了以下遗传实验，请补充有关内容。实验方案：_________________________________________________，分析比较子代的表型及其比例。预期实验结果及结论：①如果子代____________________________________，则蟠桃存在显性纯合致死现象；②如果子代____________________________________，则蟠桃不存在显性纯合致死现象。第1章素养检测刷速度乙乔化DdHh、ddhh　41∶1∶1∶1蟠桃果型桃树(Hh)自交(两株蟠桃果型桃树杂交)表型为蟠桃和圆桃，且比例为2∶1表型为蟠桃和圆桃，且比例为3∶1解析第1章素养检测刷速度(1)相同性状亲本杂交，子代出现的新性状为隐性，乙组中，亲本均为乔化，后代出现了矮化，由此可得乔化为显性，矮化为隐性。(2)由于蟠桃对圆桃为显性，乔化对矮化为显性，甲组中亲本乔化蟠桃×矮化圆桃的基因型可表示为D_H_×ddhh，又由于后代中乔化∶矮化＝1∶1，蟠桃∶圆桃＝1∶1，均符合测交的结果，因此亲本基因型为DdHh×ddhh。(3)甲组后代只出现乔化蟠桃和矮化圆桃两种表型，这两对相对性状的遗传没有遵循自由组合定律。因为如果遵循自由组合定律，则甲组的杂交后代应出现乔化蟠桃、矮化蟠桃、乔化圆桃、矮化圆桃四种表型，并且四种表型的比例为1∶1∶1∶1。(4)如果存在显性纯合致死现象，则蟠桃(Hh)自交后代的表型及比例为蟠桃∶圆桃＝2∶1；如果不存在显性纯合致死现象，则蟠桃(Hh)自交后代表型及比例为蟠桃∶圆桃＝3∶1。1．[海南生物2019·18]以豌豆为材料进行杂交实验，下列说法错误的是(　　)A．豌豆是自花传粉且闭花受粉的二倍体植物B．进行豌豆杂交时，母本植株需要人工去雄C．杂合子中的等位基因均在形成配子时分离D．非等位基因在形成配子时均能够自由组合第1章素养检测刷真题D解析豌豆是自花传粉且闭花受粉的二倍体植物，自然状态下是纯种，在进行豌豆杂交时，母本植株需要人工去雄，并进行套袋处理，A、B正确；杂合子中的等位基因在形成配子时随同源染色体的分开而分离，C正确；非同源染色体上的非等位基因在形成配子时能够自由组合，但同源染色体上的非等位基因不能自由组合，D错误。 考点1　孟德尔遗传实验的科学方法2．[浙江生物2021年1月·19]某种小鼠的毛色受AY(黄色)、A(鼠色)、a(黑色)3个基因控制，三者互为等位基因，AY对A、a为完全显性，A对a为完全显性，并且基因型AYAY胚胎致死(不计入个体数)。下列叙述错误的是(　　)A．若AYa个体与AYA个体杂交，则F1有3种基因型B．若AYa个体与Aa个体杂交，则F1有3种表现型C．若1只黄色雄鼠与若干只黑色雌鼠杂交，则F1可同时出现鼠色个体与黑色个体D．若1只黄色雄鼠与若干只纯合鼠色雌鼠杂交，则F1可同时出现黄色个体与鼠色个体第1章素养检测刷真题C解析若AYa个体与AYA个体杂交，由于基因型AYAY胚胎致死，则F1有AYA、AYa、Aa 3种基因型，A正确；若AYa个体与Aa个体杂交，F1的基因型有AYA(黄色)、AYa(黄色)、Aa(鼠色)、aa(黑色)，即有3种表现型，B正确；若1只黄色雄鼠(AYA或AYa)与若干只黑色雌鼠(aa)杂交，F1的基因型为AYa(黄色)、Aa(鼠色)或AYa(黄色)、aa(黑色)，因此F1中不会同时出现鼠色个体与黑色个体，C错误；若1只黄色雄鼠(AYA或AYa)与若干只纯合鼠色雌鼠(AA)杂交，F1的基因型为AYA(黄色)、AA(鼠色)或AYA(黄色)、Aa(鼠色)，则F1可同时出现黄色个体与鼠色个体，D正确。考点2　基因的分离定律 第1章素养检测刷真题D解析桔红带黑斑品系的后代中出现性状分离，说明该品系为杂合子，A正确；由题意可知，繁殖桔红带黑斑品系时，后代性状分离比为桔红带黑斑∶野生型性状＝2∶1，结合该性状由一对等位基因控制的信息可推知，突变形成的桔红带黑斑基因具有纯合致死效应，B正确；因桔红带黑斑基因存在纯合致死效应，故在自然繁育条件下，该基因频率不断下降，使得桔红带黑斑性状易被淘汰，C正确；因桔红带黑斑性状存在纯合致死效应，故不可能获得性状不再分离的纯合桔红带黑斑品系，D错误。4．[全国乙2021·6]某种二倍体植物的n个不同性状由n对独立遗传的基因控制(杂合子表现显性性状)。已知植株A的n对基因均杂合。理论上，下列说法错误的是(　　)A．植株A的测交子代会出现2n种不同表现型的个体B．n越大，植株A测交子代中不同表现型个体数目彼此之间的差异越大C．植株A测交子代中n对基因均杂合的个体数和纯合子的个体数相等D．n≥2时，植株A的测交子代中杂合子的个体数多于纯合子的个体数第1章素养检测刷真题B解析 考点3　基因的自由组合定律5．[全国甲2021·5]果蝇的翅型、眼色和体色3个性状由3对独立遗传的基因控制，且控制眼色的基因位于X染色体上。让一群基因型相同的果蝇(果蝇M)与另一群基因型相同的果蝇(果蝇N)作为亲本进行杂交，分别统计子代果蝇不同性状的个体数量，结果如图所示。已知果蝇N表现为显性性状灰体红眼。下列推断错误的是(　　)A．果蝇M为红眼杂合体雌蝇 B．果蝇M体色表现为黑檀体C．果蝇N为灰体红眼杂合体 D．亲本果蝇均为长翅杂合体第1章素养检测刷真题A解析由题意可知，控制果蝇翅型、眼色和体色的3对基因独立遗传，符合自由组合定律，控制眼色的基因(设为B、b)位于X染色体上，那么控制翅型和体色的基因则位于常染色体上，分别用D/d、A/a表示。由图可知，子代果蝇中，长翅(D_)∶残翅(dd)≈3∶1，因此亲本翅型基因型均为Dd；灰体∶黑檀体≈1∶1，N为灰体Aa，因此亲本M为黑檀体aa；子代白眼∶红眼≈1∶1，因此亲本关于眼色的基因型为XBXb×XbY或者XbXb×XBY。由此可知亲本组合为M(aaDdXbY)×N(AaDdXBXb)或M(aaDdXbXb)×N(AaDdXBY)，即果蝇M为黑檀体长翅白眼，果蝇N为灰体长翅红眼，故A错误，B、C、D正确。 第1章素养检测刷真题B解析  缺刻叶、齿皮7．[全国甲2021·32]植物的性状有的由1对基因控制，有的由多对基因控制。一种二倍体甜瓜的叶形有缺刻叶和全缘叶，果皮有齿皮和网皮。为了研究叶形和果皮这两个性状的遗传特点，某小组用基因型不同的甲、乙、丙、丁4种甜瓜种子进行实验，其中甲和丙种植后均表现为缺刻叶网皮，杂交实验及结果见下表(实验②中F1自交得F2)。回答下列问题：(1)根据实验①可判断这2对相对性状的遗传均符合分离定律，判断的依据是________________________________________________________________________________________________________________________。根据实验②，可判断这2对相对性状中的显性性状是__________。(2)甲、乙、丙、丁中属于杂合体的是________。(3)实验②的F2中纯合体所占的比例为________。(4)假如实验②的F2中缺刻叶齿皮∶缺刻叶网皮∶全缘叶齿皮∶全缘叶网皮不是9∶3∶3∶1，而是45∶15∶3∶1，则叶形和果皮这两个性状中由1对等位基因控制的是______________________，判断的依据是________________________________________________________________________第1章素养检测刷真题由实验①甲、乙杂交， F1缺刻叶∶全缘叶＝1∶1，齿皮∶网皮＝1∶1可知，缺刻叶和全缘叶、齿皮和网皮都是测交类型，比例符合分离定律甲、乙 果皮(或齿皮和网皮)根据实验②F1自交，F2中齿皮∶网皮＝3∶1，缺刻叶∶全缘叶＝15∶1第1章素养检测刷真题解析 回答下列问题：(1)为建立水稻基因组数据库，科学家完成了水稻________条染色体的 DNA测序。(2)实验一F2中基因型TDTD对应的是带型________。 理论上，F2中产生带型Ⅰ、Ⅱ和Ⅲ的个体数量比为________。(3)实验二F2中产生带型α、β和γ的个体数量分别为12、120和108, 表明F2群体的基因型比例偏离________定律。进一步研究发现，F1的雌配子均正常，但部分花粉无活性。已知只有一种基因型的花粉异常，推测无活性的花粉带有________(填 “SD”或“SH”)基因。8．[河北生物2021·20]我国科学家利用栽培稻(H)与野生稻(D)为亲本，通过杂交育种方法并辅以分子检测技术，选育出了L12和L7两个水稻新品系。L12的12号染色体上带有D的染色体片段(含有耐缺氮基因TD)，L7的7号染色体上带有D的染色体片段(含有基因SD)，两个品系的其他染色体均来自于H (图1)。 H的12号和7号染色体相应片段上分别含有基因TH和SH。现将两个品系分别与H杂交，利用分子检测技术对实验一亲本及部分F2的TD/TH基因进行检测，对实验二亲本及部分F2的SD/SH基因进行检测，检测结果以带型表示(图2)。第1章素养检测刷真题12Ⅲ1∶2∶1基因的分离SD　(4)以L7和L12为材料，选育同时带有来自D的7号和12号染色体片段的纯合品系X (图3)。主要实验步骤包括：①____________________________________________________________________；②对最终获得的所有植株进行分子检测，同时具有带型________的植株即为目的植株。(5)利用X和H杂交得到F1，若F1产生的无活性花粉所占比例与实验二结果相同，雌配子均有活性，则F2中与X基因型相同的个体所占比例为________。第1章素养检测刷真题以L7和L12个体为亲本进行杂交，获得的F1自交得F2，对F2进行筛选解析 Ⅲ和α 9．[课标Ⅱ理综2019·32]某种甘蓝的叶色有绿色和紫色。已知叶色受2对独立遗传的基因A/a和B/b控制，只含隐性基因的个体表现隐性性状，其他基因型的个体均表现显性性状。某小组用绿叶甘蓝和紫叶甘蓝进行了一系列实验。实验①：让绿叶甘蓝(甲)的植株进行自交，子代都是绿叶实验②：让甲植株与紫叶甘蓝(乙)植株杂交，子代个体中绿叶∶紫叶＝1∶3回答下列问题。(1)甘蓝叶色中隐性性状是________，实验①中甲植株的基因型为________。(2)实验②中乙植株的基因型为________，子代中有________种基因型。(3)用另一紫叶甘蓝(丙)植株与甲植株杂交，若杂交子代中紫叶和绿叶的分离比为1∶1，则丙植株所有可能的基因型是_______________________；若杂交子代均为紫叶，则丙植株所有可能的基因型是_________________________________________________________；若杂交子代均为紫叶，且让该子代自交，自交子代中紫叶与绿叶的分离比为15∶1，则丙植株的基因型为________。第1章素养检测刷真题绿色解析(1)由题干信息可知，aabb表现隐性性状，而A_B_、A_bb、aaB_均表现显性性状。由实验②中子代绿叶∶紫叶＝1∶3，可确定绿色为隐性性状，甲的基因型为aabb。(2)实验②中甲植株aabb与紫叶甘蓝(乙)杂交，子代个体中绿叶∶紫叶＝1∶3，则乙的基因型为AaBb，子代中有AaBb、Aabb、aaBb、aabb四种基因型。(3)用另一紫叶甘蓝(丙)与甲植株aabb杂交，若杂交子代中紫叶∶绿叶＝1∶1，则丙的基因型为Aabb或aaBb；若杂交子代均为紫叶，则丙的基因型可为AABB、AAbb、aaBB、AaBB、AABb；若杂交子代均为紫叶，且让该子代自交，自交子代中紫叶与绿叶的分离比为15∶1，说明杂交产生的子代基因型为AaBb，丙植株的基因型为AABB。aabbAaBb4AABB、AAbb、aaBB、AaBB、AABbAabb、aaBbAABB10．[课标Ⅱ理综2020·32]控制某种植物叶形、叶色和能否抗霜霉病3个性状的基因分别用A/a、B/b、D/d表示，且位于3对同源染色体上。现有表现型不同的4种植株：板叶紫叶抗病(甲)、板叶绿叶抗病(乙)、花叶绿叶感病(丙)和花叶紫叶感病(丁)。甲和丙杂交，子代表现型均与甲相同；乙和丁杂交，子代出现个体数相近的8种不同表现型。回答下列问题：(1)根据甲和丙的杂交结果，可知这3对相对性状的显性性状分别是______________________。(2)根据甲和丙、乙和丁的杂交结果，可以推断甲、乙、丙和丁植株的基因型分别为________________、______________、______________和____________。(3)若丙和丁杂交，则子代的表现型为______________________________。(4)选择某一未知基因型的植株X与乙进行杂交，统计子代个体性状。若发现叶形的分离比为3∶1、叶色的分离比为1∶1、能否抗病性状的分离比为1∶1，则植株X的基因型为______________。第1章素养检测刷真题板叶、紫叶、抗病解析(1)甲和丙杂交，子代表现型与甲相同，均为板叶紫叶抗病，说明板叶、紫叶、抗病为显性性状。(2)根据甲和丙杂交结果和(1)问的分析可推知，甲的基因型为AABBDD，丙的基因型为aabbdd；乙(A_bbD_)和丁(aaB_dd)杂交，子代出现个体数相近的8种不同表现型，说明每对相对性状杂交都出现了2种表现型，因此乙和丁基因型分别为AabbDd和aaBbdd。(3)丙(aabbdd)和丁(aaBbdd)杂交，子代表现型为花叶紫叶感病(aaBbdd)和花叶绿叶感病(aabbdd)。(4)乙植株基因型为AabbDd，与植株X杂交，后代叶形分离比为3∶1，推知X关于叶形的基因型为Aa，叶色分离比为1∶1，推知其关于叶色的基因型为Bb，能否抗病性状分离比为1∶1，推知其关于抗病性状基因型为dd，因此植株X的基因型为AaBbdd。AABBDD　AabbDd　aabbdd　aaBbdd花叶绿叶感病、花叶紫叶感病AaBbdd11．(多选题)[山东滨州2020高一下期末]某植物的红花与白花是一对相对性状，利用红花和白花植株进行杂交实验，结果如下：实验一：红花甲×白花―→ F1红花―→F2红花∶白花＝15∶1实验二：红花乙×红花丙―→ F1红花―→F2红花∶白花＝15∶1下列说法正确的是(　　)A．控制花色的基因遵循自由组合定律B．两组实验中F1的基因型可能不同C．F2红花植株中某些杂合子自交后代不发生性状分离D．亲本的三种红花植株之间两两杂交后代均为红花第1章素养检测新题型预览ACD解析由实验一和实验二F2的结果可知：红花和白花性状分离比为15∶1，是9∶3∶3∶1的变形，说明该植物红花和白花由两对等位基因(设A、a和B、b)控制，其遗传遵循基因的自由组合定律，A正确；两组实验F2的实验结果性状分离比都是15∶1，说明F1的基因型都是AaBb，B错误；F2红花植株的基因型为A_B_，A_bb，aaB_，某些杂合子自交后代不发生性状分离，如AaBB，C正确；实验一的亲本基因型为AABB、aabb，实验二的亲本基因型为aaBB、AAbb，亲本的三种红花植株之间两两杂交后代均为红花，D正确。故选ACD。