备战中考数理化——中考物理模拟试卷 (2)（含答案）

这是一份备战中考数理化——中考物理模拟试卷 (2)（含答案），共20页。试卷主要包含了选择题，填空作图题，实验探究题，论述计算题等内容，欢迎下载使用。

备战中考数理化——中考物理模拟试卷2（含答案）

一、选择题（本题共8个小题，每个小题只有一个选项最符合题意，每题3分，共24分．）
1．（3分）对于生活中的物理量的认识，下列数据最接近实际的是（　　）
A．托起两个鸡蛋的力为10N
B．初中物理课本的长度约为26cm
C．一个普通中学生的质量约为500kg
D．照明灯光在空气中传播的速度约为3×108km/s
2．（3分）关于物态变化和热现象，下列说法正确的是（　　）
A．冬天窗玻璃上的冰花是熔化形成的
B．缥缈的“雾”形成过程中伴随着放热
C．晶体在熔化过程中，吸收热量，温度升高
D．温度为 0℃的物体没有内能
3．（3分）关于光的物理知识，下列说法正确的是（　　）
A．沙漠中的“海市蜃楼”是光反射形成的
B．看见溪水下的石头是因为光沿直线传播
C．“日食”现象是因为光的折射形成
D．照相机、小孔成像、投影仪，说成的像都是实像
4．（3分）下列四幅图中能说明发电机的工作原理的是（　　）
A． B．
C． D．
5．（3分）关于力与运动，下列说法正确的是（　　）
A．热气球只受到空气对它的竖直向上的浮力，所以可以不断上升
B．踢出的足球最终会停下来，是因为足球失去了惯性
C．重力对水平面加速行驶的汽车做功，所以汽车动能越来越大
D．飞机利用空气流速越大，压强越小的原理获得了“升力”
6．（3分）如图所示电路中，电源电压一定。当开关S由闭合到断开时，下列说法正确的是（　　）

A．灯泡的亮度不变 B．电路的总电阻变小
C．电压表的示数不变 D．电流表的示数变大
7．（3分）放在水平桌面上的大烧杯内盛满了水，轻轻放入一小球后，从烧杯中溢出了100g水，则下列判断中正确的是（g＝10N/kg）（　　）
A．水对烧杯底的压强一定增大
B．小球受到的浮力一定等于1N
C．小球的体积一定等于100cm3
D．小球的质量一定等于100g
8．（3分）如图甲所示，电压表V1、V2的量程都是0～15V，电流表的量程是0～0.6A，小灯泡两端的电压不许超过额定电压，滑动变阻器允许通过的最大电流为1A；闭合开关，为了保证所有元件都安全。滑动变阻器的滑片只能在阻值最大端和a点间滑动，当滑片在这两点间滑动时，得到了图乙所示的两个电压表的示数与电路中电流关系的图象AB和BC，下列说法正确的是（　　）
A．电源电压为6V
B．该电路功率范围为1.2W～3W
C．小灯泡的额定功率为3W
D．滑动变阻器的取值范围为12Ω～60Ω
二、填空作图题（本题共6个小题，第14小题作图2分，其余每空1分，共12分）
9．（2分）科学家都有强烈的好奇心和执着的探究精神，德国物理学家　 　最先通过实验归纳出一段导体中电流跟电压的电阻之间的定量关系。古希腊著名物理学家　 　不仅对杠杆原理有所研究，提出“给我一个支点，我可以撬动地球”，同时还证明物体在液体中所受浮力等于它所排开液体的重力这一经典原理。
10．（2分）小明在探究甲、乙两种物质的质量和体积的关系时，得出了如图所示的图线，由图线可知，甲、乙两种物质的密度之比ρ甲：ρ乙＝　 　，用甲、乙两种不同的物质做成质量相同的实心体，则它们的体积之比V甲：V乙＝　 　。

11．（2分）如图所示电路，电源电压保持不变，R1＝20Ω，滑动变阻器的滑片P在两个端点a、b间滑动，电流表的变化范围为0.6A至0.2A．则R2的最大阻值为　 　Ω；电源电压为　 　V。

12．（2分）如图所示的电路中，L上标有“12V6W”字样，滑动变阻器的最大阻值为R1，灯泡电阻和电源电压均保持不变。当开关S1、S2、S3都闭合时，灯泡L正常发光，两电流表指针位置相同，R2的阻值为　 　Ω．当开关S1、S2断开，S3闭合时，改变滑片P的位置，使滑动变阻器接入电路的阻值分别为R1和，在这两种情况下，滑动变阻器消耗的功率相等。通过调节开关和滑片P，使电路的总功率达到最小值，最小功率为　 　W。

13．（2分）解码“牛角沱嘉陵江大桥大修”2018年4月21日，服役已有52年的牛角沱嘉陵江大桥，由于存在较多结构病害，开始进入封闭整治施工阶段。作为重庆市文物保护单位，牛角沱嘉陵江大桥大修进程如何，采取怎样的形式推进，让我们看看以下片段。
①工人正在用切割机拆除上游幅车行道桥面板，桥面大修作为此次整治工程中的难点，将从桥中间开始，向两边推进，主要“手术”包括将原有混凝土桥面板拆除，更换成200块正交异性桥面板，再铺装上沥青路面。（如左图）
②由于风吹日晒，牛角沱嘉陵江大桥的桥墩（台）出现了大小不一的各种裂缝，因此工人们还要对桥墩（台）裂缝进行封闭处理。从上百米高的桥面板上乘坐吊车下到桥墩处补修，要适应江风吹过引来的晃荡，没有过硬的心理素质是不行的。（如右图）请参照示例写出上述情景中所涉及的物理信息和对应的物理知识，不得与示例重复。

示例：物理信息：切割机静止在桥面上。
物理知识：因为切割机受到支持力的作用。
作答：物理信息　 　。
物理知识　 　。
14．（1分）请在图中画出物体AB 在平面镜中所成的像A′B′。

15．（1分）物体放在皮带传输机上，与皮带一起匀速向右运动，请画出该物体的受力示意图。

三、实验探究题（本题共3个小题，第15小题5分，第16小题8分，第17小题9分，共22分）
16．（5分）图甲、乙两图是小月同学探究平面镜成像特点的实验情景。

（1）玻璃板竖立在水平桌面上，点燃的蜡烛A竖直立在玻璃板前，玻璃板后出现A的像。
（2）小月同学拿另一支与A大小相同的蜡烛B在玻璃板后面移动，直至与A的像重合，如图乙所示，由此可得出像和物大小　 　（选填“相等”或“不等”），此过程中运动的主要物理研究方法是　 　；若A向玻璃板靠近，应将B向　 　（选填“远离”或“靠近”）玻璃板的方向移动，才能使B重新和A的像重合。
（3）将B取走，在B处竖放的白纸上不能承接到A的像，说明平面镜所成像为　 　（选填“虚像”或“实像”）。
（4）实验前小月不小心遗失了玻璃板，聪明的小月想到用　 　（选填“毛玻璃”或“平面镜”）代替，完成实验。
17．（8分）某小组同学做“探究盛有液体的容器底部受到液体压强、压力大小遵循的规律”的实验。如图（a）所示三个底面积不同的圆柱形容器中分别注入质量相等的水，利用仪器测得容器底部受到水的压强，并将相关实验数据记录在表一中；又用酒精重复上述实验，并将数据记录在表二中。之后，他们又在如图（b）所示三个不同底面积的口大底小容器中注入等质量的水，重复上述实验，数据记录在表三中。（ρ酒精＝0.8×103kg/m3）

表一（注入水0.1kg）
实验
序号
深度
（m）
容器底
面积
（cm2）
容器底
的压强
（Pa）
1
0.01
100
100
2
0.02
50
200
3
0.05
20
500
表二（注入酒精0.08kg）
实验
序号
深度
（m）
容器底
面积
（cm2）
容器底
的压强
（Pa）
4
0.01
100
80
5
0.02
50
160
6
0.05
20
400
表三（注入水0.1kg）
实验
序号
深度
（m）
容器底
面积
（cm2）
容器底
的压强
（Pa）
7
0.01
80
100
8
0.02
40
200
9
0.05
15
500
（1）分析比较实验序号1、2、3（或4、5、6或7、8、9）的有关数据，可得出的初步结论：液体内部压强与　 　有关。
（2）分析比较实验序号　 　有关数据，可得到的初步结论：液体深度相同，液体密度越大，液体压强越大。
（3）分析比较实验序号1、7（或2、8或3、9）的有关数据，可得出的初步结论是：同种液体，深度相同时，液体对容器底部的压强与容器底部的面积和容器形状　 　。（选填“有关”或“无关”）
（4）分析实验序号1得出此时容器底部受到液体的压力为　 　N．比较实验序号1、2、3可知规则容器液体对容器底部的压力　 　液体的重力；比较实验序号7、8、9可知该容器液体对容器底部的压力　 　液体的重力。（后两空均选填“大于”、“小于”或“等于”）
（5）小明将重力为5.4N的实心铝球悬挂于弹簧测力计下并将铝球浸没在a图第一个容器的水中，此时弹簧测力计的拉力为　 　N（水没溢出），浸入铝球后该容器对桌面的压强将　 　（选填“增加”或“减小”）　 　Pa（ρ铝＝2.7×103kg/m3）
18．（9分）同学们在“探究小灯泡的亮度与功率的关系”实验中，所用电源电压为6V，灯泡的额定电压U0＝3.8V，额定功率在1﹣1.5W的范围内。
（1）按图甲所示的电路图，请你用笔画线代替导线将图乙的电路补充完整。
（2）小杜同学在实验过程中，将滑动变阻器的滑片P缓慢向B端移动，小灯泡的实际功率将　 　（选填“变大”、“变小”或“不变”）；同时观察到小灯泡的亮度将变　 　（选填“亮”或“暗”）。

（3）另一组的小张同学在实验过程中发现电流表、电压表示数如图丙所示，此时电流表的示数是　 　A，电压表的示数是　 　V，经分析造成这种现象的原因是　 　。
（4）小张同学重新调整电路连接后，继续探究小灯泡在额定功率时的亮度，但发现无法准确读出额定电压，他用第（3）小问中所测得数据先算出灯泡的电阻RL，再根据P0＝计算灯泡的额定功率。按此方案算出灯的额定功率比真实值偏　 　（选填“大”或“小”），原因是　 　。
四、论述计算题（本题共3个小题，第18小题6分，第19小题8分，第20小题8分，共22分，解答应写出必要的文字说明、步骤和公式，只写出最后结果的不给分．）
19．（6分）如图所示放入电路中，已知电源电压为8V不变，定值电阻R1＝10Ω，当开关S闭合后，电压表示数为6V，求：
（1）流经定值电阻R1的电流I大小；
（2）开关S闭合5min后，定值电阻R2消耗的电能。

20．（8分）小华同学为探究水流对物体的冲击力，设计了一个实验装置，如图甲所示，电源电压保持3V不变，电流表量程为0～1A，电阻不计，粗细均匀的电阻丝MN全长12cm，总电阻为9Ω，它的阻值与其接入电路的长度成正比。水平光滑杆AB上套有弹簧，弹簧弹力与其伸长量x的关系如图乙所示，弹簧左端固定，右端连接有滑块，滑块与滑片P、物体Q通过硬杆相连。滑片与电阻丝始终保持良好接触。水流冲击力为零时，滑片P刚好与电阻丝左端相接触，此时电流表满偏。

（1）Q在水下1m处，求所受液体压强；
（2）当水流速度增大时，电流表示数　 　（选填“变大”、“变小”或“不变”）；
（3）电阻Ro的阻值为多少？
（4）如果滑块稳定后电流表读数为0.5A时，物体所受到的冲击力大小为多少？
21．（8分）李阳同学家中的电热饮水机的电路原理图如图（甲）所示，其中R1、R2是发热管中的两个发热电阻。这种饮水机有加热和保温两种状态，由温控开关S2自动控制：当瓶胆内水的温度被加热到90℃时，加热状态就停止而进入保温状态；当瓶胆内水的温度降到70℃时，重新进入加热状态。该饮水机的铭牌如图（乙）所示，其中保温功率已模糊不清，经查证R1＝9R2．李阳通过观察还发现：当瓶胆内装满水时，饮水机重新进入加热状态后每次只工作3min就进入保温状态，再间隔17min后又进入加热状态。求：[c水＝4.2×103J/（kg•℃）]．
（1）该饮水机的保温功率是多少？
（2）在17min的保温过程中，发热电阻和水一起向环境散失的热量为多少？
（3）该饮水机重新进入加热状态后的60min工作时间内，消耗的电能为多少？

2020年中考物理模拟试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（本题共8个小题，每个小题只有一个选项最符合题意，每题3分，共24分．）
1．【解答】解：
A、两个鸡蛋的质量约为100g，托起两个鸡蛋的力约为F＝G＝mg＝0.1kg×10N/kg＝1N，故A不符合实际。
B、初中物理课本的长度约为26cm，故B符合实际。
C、一个普通中学生的质量约为50kg，故C不符合实际。
D、灯光在空气中传播的速度约为3×108m/s，故D不符合实际。
故选：B。
2．【解答】解：
A、冬天窗玻璃上的冰花是室内空气中的水蒸气遇冷凝华形成的小水滴，故A错误；
B、雾是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水滴，液化放热，故B正确；
C、晶体在熔化过程中，吸收热量，温度不变，故C错误；
D、任何物体都有内能，温度为0℃的物体也有内能，故D错误。
故选：B。
3．【解答】解：A、沙漠中的“海市蜃楼”是光的折射形成的，故A错；
B、看见溪水下的“石头”是由于从池底反射的光由水中斜射入空气中时，发生折射，折射角大于入射角而造成的，故B错；
C、日食现象是不透明的月球挡住了沿直线传播的太阳光，地球上的人看不到太阳的现象，是光的直线传播现象，故C错；
D、照相机、小孔成像、投影仪，说成的像都是实像，故D正确。
故选：D。
4．【解答】解：A、是电磁感应实验，它是发电机原理，故A正确；
B、是奥斯特实验，说明通电导体能产生磁场，故B错误；
C、是探究电磁铁磁性强弱的实验，故C错误；
D、是电动机原理图，故D错误。
故选：A。
5．【解答】解：A、热气球可以不断上升，是因为受到空气对它的竖直向上的浮力大于空气对它竖直向下的阻力和重力，故A错误；
B、踢出去的足球最终会停下来是由于阻力的作用，故B错误；
C、加速行驶的汽车动能越来越大，是因为汽车的速度变大；重力与汽车运动的方向垂直，所以重力没有对水平面加速行驶的汽车做功，故C错误；
D、飞机获得向上的升力是利用了“机翼上方空气流速快、压强小，下方空气流速慢、压强大，从而产生向上的压强差”的道理。故D正确。
故选：D。
6．【解答】解：A、当开关S由闭合到断开，灯泡两端的电压不变，灯泡功率不变，灯泡亮度不变，故A正确。
B、当开关S由闭合到断开，电路由并联变为只有灯泡接在电路中，电路电阻由并联电阻变为灯泡的电阻，由于并联阻值小于灯泡电阻，所以电路总电阻变大，故B错误。
C、开关闭合时，电压表示数等于电源电压，开关断开时，电压表示数是零，当开关S由闭合到断开时，电压表示数变小，故C错误。
D、开关闭合时电路总电阻小，电路电流大；开关断开时，电路电阻大，电路电流小；当开关S由闭合到断开时，电流表示数变小，故D错误。
故选：A。
7．【解答】解：A、大烧杯内盛满水，轻轻放入一小球后，水溢出，但水深h不变，由p＝ρgh可知水对烧杯底的压强不变，故A错；
B、F浮＝G排＝m排g＝0.1kg×10N/kg＝1N，故B正确；
C、如果小球漂浮在水面上，F浮＝G木，
，
V球＞V排＝100cm3．故C错；
D、如果小球下沉，∵F浮＝1N＜G木，∴m木＞100g，故D错。
故选：B。
8．【解答】解：由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表V1测灯泡两端的电压，电压表V2测变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流。
（1）当滑片位于a点时，电路中的电流最大，此时灯泡正常发光，
由图乙可知，电路中的电流I＝0.5A，灯泡两端的电压UL＝6V，变阻器两端的电压U滑＝6V，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，电源的电压：
U＝UL+U滑＝6V+6V＝12V，故A错误；
灯泡的额定功率：
PL＝ULI＝6V×0.5A＝3W，故C正确；
滑动变阻器接入电路中的最小阻值：
Ra＝＝＝12Ω，
电路的最大功率：
P大＝UI＝12V×0.5A＝6W；
（2）当滑片位于右端时，变阻器接入电路中电阻最大，电压表的示数最大，电路中的电流最小，
由图乙可知，电压表的最大示数U滑′＝11V，电路的最小电流I′＝0.2A，
电路的最小功率：
P小＝UI小＝12V×0.2A＝2.4W，
该电路功率范围为2.4W～6W，故B错误；
滑动变阻器接入电路中的电阻：
R滑＝＝＝55Ω，
滑动变阻器的取值范围为12Ω～55Ω，故D错误。
故选：C。
二、填空作图题（本题共6个小题，第14小题作图2分，其余每空1分，共12分）
9．【解答】解：德国物理学家欧姆最先通过实验归纳出一段导体中电流跟电压和电阻之间的定量关系，即：欧姆定律；
阿基米德是古希腊杰出的科学家，他以发现杠杆原理和阿基米德原理而闻名。题干中的话是阿基米德的名言。
故答案为：欧姆；阿基米德。
10．【解答】解：
由图象可知，甲物质当体积V甲＝1cm3时，m甲＝2g；
ρ甲＝＝＝2g/cm3，
乙物质当体积V甲＝2cm3时，m乙＝1g，
ρ乙＝＝＝0.5g/cm3，
则甲、乙两种物质的密度之比：
ρ甲：ρ乙＝2g/cm3：0.5g/cm3＝4：1；
由ρ＝可得，质量相同时，它们的体积之比：
V甲′：V乙′＝：＝ρ乙：ρ甲＝1：4。
故答案为：4：1； 1：4。
11．【解答】解：（1）当滑片位于a端时，电路为R1的简单电路，电路中的电阻最小，电路中的电流最大，即I＝0.6A，
由I＝可得，电源的电压：
U＝IR1＝0.6A×20Ω＝12V；
（2）当滑片位于b端时，R1与滑动变阻器R2的最大阻值串联，此时电路中的总电阻最大，电路中的电流最小，即I′＝0.2A，
电路中的总电阻：
R＝＝＝60Ω，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，滑动变阻器的最大阻值：
R2＝R﹣R1＝60Ω﹣20Ω＝40Ω。
故答案为：40；12。
12．【解答】解：（1）当开关S1、S2、S3都闭合时，R2与灯泡L并联，电流表A1测R2支路的电流，电流表A测干路电流，
因并联电路中各支路两端的电压相等，且灯泡正常发光时两端的电压和额定电压相等，
所以，电源的电压U＝UL＝12V，
由P＝UI可得，通过灯泡的电流：
IL＝＝＝0.5A，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，且两电流表指针位置相同，
所以，电流表A的示数I是电流表A1示数I2的5倍，
则IL＝I﹣I2＝5I2﹣I2＝4I2＝0.5A，
解得：I2＝0.125A，
由I＝可得，R2的阻值：
R2＝＝＝96Ω；
（2）灯泡的电阻：
RL＝＝＝24Ω，
当开关S1、S2断开，S3闭合时，滑动变阻器与灯泡串联，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，滑动变阻器连入电路的阻值分别为R1、时电路中的电流：
I1＝＝，I2＝＝，
因P＝I2R，且在这两种情况下滑动变阻器消耗的功率相等，
所以，I12R1＝I22×，即（）2R1＝（）2×，
解得：R1＝48Ω，
当S1、S3断开，S2闭合且变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的总电阻最大，电路的总功率最小，
则P小＝＝＝1W。
故答案为：96；1。
13．【解答】解：物理信息：工人们从上百米高的桥面板上乘坐吊车下到桥墩处补修；
物理知识：工人们的质量不变，高度减小，重力势能减小；
物理信息：铺装上沥青路面；
物理知识：沥青是非晶体；
物理信息：桥墩在水中；
物理知识：桥墩在水中不受浮力。
故答案为：工人们从上百米高的桥面板上乘坐吊车下到桥墩处补修；工人们的质量不变，高度减小，重力势能减小。
14．【解答】解：分别作出物体AB端点A、B关于平面镜的对称点A′、B′，用虚线连接A′、B′即为AB在平面镜中的像。如图：

15．【解答】解：由于物体和皮带一起匀速运动，相对静止，所以该物体不受摩擦力的作用，只受重力和支持力的作用；如图所示：

三、实验探究题（本题共3个小题，第15小题5分，第16小题8分，第17小题9分，共22分）
16．【解答】解：（2）蜡烛B与A的像重合，说明像和物大小相等，因为像和物体到镜面的距离都是相等的；所以若A向玻璃板靠近，应将B向靠近玻璃板的方向移动，才能使B重新和A的像重合；
（3）实像可呈现在光屏上，而虚像不会呈现在光屏上。因为光屏上不能承接到像，所以说明平面镜成的像是虚像。
（3）用透明的毛玻璃代替平面镜，在物体一侧能看到物体的像，同时还能看到代替物体的另一个物体，便于确定像的位置，便于比较物像大小关系。
故答案为：（2）相等；等效替代；靠近；（3）虚像；（4）毛玻璃。
17．【解答】解：
（1）在实验序号1、2、3（或4、5、6或7、8、9）中，液体的种类是相同的，从上向下，液体深度是增大的，液体对容器底的压强也是增大的。所以结论为：同种液体，对容器底的压强随深度的增加而增大。
（2）在实验结论中，控制的条件是液体深度相同，变化量是液体的密度，所以必须在表一和表二中寻找答案；观察表中的数据可以看出，1、4或2、5或3、6符合要求，可以得出：液体深度相同，液体密度越大，液体压强越大的结论。
（3）分析比较实验序号1、7（或2、8或3、9）的有关数据，可以看出，同种液体的深度相同、只有容器底部的面积和容器形状不同，而最终的压强是相同的。
（4）（a）在表一序号1中，水对容器底的压力为F＝pS＝100Pa×0.01m2＝1N，
水的重力为G＝mg＝ρVg＝1.0×103kg/m3×0.01×0.01m3×10N/kg＝1N；
比较结果知，水对容器底的压力等于水的重力，
同理可知，序号2、3中液体对容器底产生的压力都等于液体自身的重力。
所以结论为：规则容器液体对容器底部的压力等于液体的重力。
（b）在表三序号7中，水对容器底的压力为F＝pS＝100Pa×0.008m2＝0.8N，
底面积为80cm2（即0.008m2）的柱形规则容器内水的重力为：G＝mg＝ρVg＝1.0×103kg/m3×0.008×0.01m3×10N/kg＝0.8N；
观察图可知，容器为敞口的，则容器内实际水的重力要大于0.8N，
比较结果知，水对容器底的压力小于水的重力；
同理，序号8、9中容器的形状都是敞口的，水对容器底的压力也小于液体的重力，
所以结论为：敞口容器中，液体对容器底的压力小于液体的重力；
（5）实心铝球的质量：m＝＝＝0.54kg，
铝球的体积：V球＝＝＝2×10﹣4m3，
排开水的体积等于铝球的体积，铝球受到的浮力：F浮＝G排水＝ρ水gV排＝1.0×103kg/m3×10N/kg×2×10﹣4m3＝2N，
弹簧测力计的拉力：F拉＝G﹣F浮＝5.4N﹣2N＝3.4N；
铝球浸没在水中时，容器内相当于增加了与铝球同体积的水，容器对桌面的压力将增大，增加的压力等于增加水的重力，即增加的压力为2N，所以容器对桌面的压强增大，增大的压强为：
△p＝＝200Pa。
故答案为：（1）液体深度；（2）1，4（或2，5，或3，6）；（3）无关；（4）1；等于；小于；（5）3.4；增加；200。
18．【解答】解：（1）电压表与灯泡并联，灯泡的额定电压为3.8V，所以应选择0～15V量程；
滑动变阻器已接了上面一个接线柱，应再接下面一个接线柱，如图所示：

（2）由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流，
当滑片P缓慢向B端移动的过程中，接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小，
由I＝可知，电路中的电流变大，即电流表的示数变大；
由U＝IR可知，灯泡两端的电压变大，即电压表的示数变大；
因灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，所以，由P＝UI可知，灯泡的实际功率变大，灯泡变亮。
（3）由图可知，电流表所选量程为0～0.6A，则由指针位置可知，此时电流表的示数是0.2A，
由灯泡的额定电压U0＝3.8V，可知，电压表应接0～15V，若接在0～15V量程，那么由指针位置可知，此时电压为10V，而电源电压为6V，所以没有接在0～15V量程，接在0～3V量程，故此时电压表的示数为2V，由此可知，电压表量程接错，误以为接的是0～15V，实际接了0～3V；
（4）因为灯泡电阻随温度的变化而变化，题中所求电阻值RL与灯泡正常发光时的阻值不相等，
灯泡在额定电压3.8V下的电阻比2V下的电阻要大，而算额定功率时是用2V时的电阻，所以RL偏小，根据P0＝导致额定功率偏大，
故答案为：（1）见上图；（2）变大；亮；（3）0.2；2；电压表量程接错，误以为接的是0～15V，实际接了0～3V；
（4）大；灯泡电阻随温度的变化而变化，题中所求电阻值RL与灯泡正常发光时的阻值不相等。
四、论述计算题（本题共3个小题，第18小题6分，第19小题8分，第20小题8分，共22分，解答应写出必要的文字说明、步骤和公式，只写出最后结果的不给分．）
19．【解答】解：由电路图可知，两电阻串联，电压表测电阻R1两端的电压；
（1）电阻R1的电流I＝＝＝0.6A；
（2）根据串联电路的总电压等于各电阻两端的电压之和可知：
电阻R2两端电压：
U2＝U﹣U1＝8V﹣6V＝2V，
由于串联电路中电流处处相等，
则R2消耗的电能W2＝U2It＝2V×0.6A×5×60s＝360J；
答：（1）流经定值电阻R1的电流I大小为0.6A；
（2）开关S闭合5min后，定值电阻R2消耗的电能为360J。
20．【解答】解：（1）Q在水下1m处所受液体压强：
p＝ρgh＝1.0×103kg/m3×9.8N/kg×1m＝9800Pa；
（2）由图可知，R0与变阻器串联，电流表测电路中的电流，
当水流速度增大时，滑片右移，接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大，
由I＝可知，电路中的电流变小，即电流表的示数变小；
（3）当水流冲击力为零时，电阻丝接入电路中的电阻为零，电路中的电流I＝1A，
则R0的阻值：
R0＝＝＝3Ω；
（4）当电流表读数为0.5A时，电路中的总电阻：
R总＝＝＝6Ω，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，电阻丝接入电路中的电阻：
R＝R总﹣R0＝6Ω﹣3Ω＝3Ω，
因电阻丝粗细均匀，全长12cm，总电阻为9Ω，且其阻值与其接入电路的长度成正比，
所以，此时电阻丝接入电路中的长度：
x＝×12cm＝4cm，
由图乙可知，F与x成正比，可设为F＝kx，当F＝24N时x＝6cm，
则k＝＝＝4N/cm，即F＝4N/cm×x，
所以，x＝4cm时，物体所受到的冲击力：
F＝4N/cm×4cm＝16N。
答：（1）Q在水下1m处所受液体压强为9800Pa；
（2）变小；
（3）电阻Ro的阻值为3Ω；
（4）如果滑块稳定后电流表读数为0.5A时，物体所受到的冲击力大小为16N。
21．【解答】解：
（1）当开关S1、S2都闭合时，两发热管并联，电路中的总电阻最小，电功率最大，饮水机处于加热状态，
因并联电路中各支路两端的电压相等，
所以，饮水机的加热功率：
P加热＝+＝+＝，
由图乙可知，P加热＝500W，
即：＝500W，
所以，＝50W，
当开关S1闭合、S2断开时，电路为R1的简单电路，电路中的总电阻最大，饮水机处于保温状态，则
P保温＝＝50W；
（2）由ρ＝得水的质量：
m＝ρ水V＝1.0×103kg/m3×1×10﹣3 m3＝1kg
水散失的热量：
Q放＝cm△t＝4.2×103J/（kg•℃）×1kg×（90℃﹣70℃）＝8.4×104J；
发热电阻产生的热量Q保温＝P保温t保温＝50W×17×60s＝5.1×104J；
散失的热量Q总＝Q放+Q保温＝8.4×104J+5.1×104J＝1.35×105J。
（3）加热时消耗的电能：
W加＝P加t加＝500W×3×60s＝9×104J，
保温时消耗的电能：
W保＝P保t保＝50W×17×60s＝5.1×104J
该饮水机在一个工作循环的20min内，消耗的电能：
W总＝W加+W保＝9×104J+5.1×104J＝1.41×105J，
加热60min消耗的电能为W＝W总×＝1.41×105J×＝4.23×105J。
答：（1）该饮水机的保温功率是50W；
（2）在17min的保温过程中，瓶胆内的水散失的热量为1.35×105J；
（3）该饮水机加热60min消耗的电能为4.23×105J。
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日期：2020/3/31 17:52:04；用户：初中校园号；邮箱：wjwl@xyh.com；学号：24424282