备战中考数理化——中考物理模拟试卷 (4)（含答案）

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备战中考数理化——中考物理模拟试卷4（含答案）
一．选择题（共30小题，满分60分，每小题2分）
1．（2分）如图所示，一根弹簧一端固定在竖直墙上，在弹性限度内用手水平向右拉伸弹簧另一端，下列有关“弹簧形变产生的力”描述正确的是（　　）

A．手对弹簧的拉力 B．弹簧对手的拉力
C．墙对弹簧的拉力 D．以上说法都正确
2．（2分）如图所示，在一辆表面光滑的小车上，放有质量分别为m1，m2的两个小球，随车一起向右做匀速直线运动。当车突然停止，则对两小球的运动情况判断正确的是（设车无限长，其他阻力不计）（　　）

A．若m1＜m2时，则两小球一定相碰
B．两小球一定不相碰
C．两小球一定相碰
D．若m1＞m2时，两球一定相碰
3．（2分）下列描述正确的是（　　）
A．标枪运动员通过助跑提高成绩，利用了运动员自身的惯性
B．人推车车则运动，人不推车车则停止，说明力是维持物体运动的原因
C．自行车脚踏凸凹不平是通过增大接触面积来增大摩擦的
D．躺在吊床上，感到舒服是通过增大接触面积来减小压强
4．（2分）如图所示为我国自主研发的大疆无人机携带货物悬停在高空的情景，则下列说法正确的是（　　）

A．无人机受到的重力和无人机受到的升力是一对平衡力
B．无人机对货物的拉力和货物受到的重力是一对平衡力
C．货物受到的重力和货物对无人机的拉力是一对相互作用力
D．无人机受到的升力和货物对无人机的拉力是一对相互作用力
5．（2分）如图所示，以下与压强知识相关的实验，其中分析正确的是（　　）

A．甲图实验，帕斯卡裂桶实验，证明液体压强随深度的增加而减小
B．乙图实验，压有砝码的桌子放在细沙上，砝码越轻，桌腿下陷越深
C．丙图实验，测出拉动注射器活塞时的拉力和活塞的面积，可估测大气压强的值
D．丁图实验，在教室内可以用水代替水银做托里拆利实验
6．（2分）三个相同容器内分别盛满不同的液体，现将三个完全相同的小球轻轻放入容器中，小球静止后的状态如图所示，以下判断正确的是（　　）

A．液体的密度关系是ρ甲＞ρ丙＞ρ乙
B．液体对容器底部的压强关系是p乙＞p甲＞p丙
C．容器对桌面的压强关系是p'乙＞p'丙＞p'甲
D．小球受到的浮力大小关系是F乙＞F丙＞F甲
7．（2分）根据如图所示的几个情景，下列说法正确的是（　　）

A．女孩搬起一个箱子，女孩对箱子做了功
B．司机费了很大的力也未能推动汽车，但司机对汽车做了功
C．吊车吊着货物水平移动一段距离，吊车对货物做了功
D．足球被踢出后在草地上滚动的过程中，运动员对足球做了功
8．（2分）如图所示是蹦极运动的简化示意图，弹性绳一端固定在O点，另一端系住运动员，运动员从O点自由下落，到A点处弹性绳自然伸直。B点是运动员受到的重力与弹性绳对运动员拉力相等的点，C点是蹦极运动员到达的最低点（忽略空气阻力），下列说法正确的是（　　）

A．从O点到C点运动员速度一直减小
B．从O点到C点运动员的机械能一直在增大
C．从O点到C点运动员的机械能一直不变
D．从O点到B点运动员的动能一直在增大
9．（2分）如图所示，用不同的机械匀速提升同一物体时，最费力的是（不计机械自重和摩擦）（　　）
A． B．
C． D．
10．（2分）某实验小组分别用如图所示的甲乙两个滑轮组（每个滑轮重相同）匀速提起相同的重物，所用的拉力分别为F1和F2，机械效率分别为η1和η2，不计绳重及摩擦，下列说法正确的是（　　）

A．F1＞F2，η1＝η2 B．F1＜F2，η1＝η2
C．F1＜F2，η1＞η2 D．F1＞F2，η1＜η2
11．（2分）如图甲所示，放在水平地面上的物体，受到方向不变的水平拉力F的作用，F的大小与时间t的关系如图乙所示，物体运动的速度v与时间t的关系如图丙所示。则下列说法中正确的是（　　）
A．0～2s内物体不受摩擦力的作用
B．4～6s内物体做加速直线运动
C．2～4s内物体受到的摩擦力与拉力是一对平衡力
D．4～6s内拉力做功16J
12．（2分）质量是6kg的物体A放在水平桌面上，利用图所示的装置使物体以0.2m/s的速度做匀速直线运动，弹簧测力计始终保持水平，其示数为2N，不计绳子的伸长和滑轮组内部的摩擦，则（g取10N/kg）（　　）

A．作用在绳端的拉力F为6N
B．水平桌面对物体a的摩擦力是2N
C．在1s内拉力F做功1.2J
D．在1s内拉力F的功率是0.4W
13．（2分）下列说法正确的是（　　）
A．如果一个带电体与另一物体互相吸引，那么它们一定带异种电荷
B．化纤衣服穿在身上特别易吸附灰尘属于摩擦起电现象
C．摩擦起电说明电子和正电荷同时按相反的方向转移
D．摩擦起电现象说明通过做功可以创造出电荷
14．（2分）考试试卷保密至关重要，为确保试卷万无一失，存放试卷的保密室有厚厚的大门，要想开门，需要主考用钥匙闭合开关S，或者两名副主考同时使用钥匙闭合开关S1、S2，使电动机工作拉开大门。为防止有小偷从窗户或排气扇处翻入，在窗户和排气扇处还分别设有自动感应开关S3、S4，当小偷闯入时感应开关自动闭合，警铃报警。下列电路图符合设计要求的是（　　）
A． B．
C． D．
15．（2分）为了能自动记录跳绳的次数，某科技小组设计了一种自动计数器，其简化电路如图甲所示，R1是一种光敏元件，每当绳子挡住了射向R1的红外线时，R1的电阻会变大，自动计数器会计数一次，信号处理系统能记录AB间每时刻的电压若已知电源电压为12V，某时段AB间的电压随时间变化的图象如图所示，则下列说法正确的是（　　）

A．AB两端电压为6V时，跳绳自动计数器会计数一次
B．绳子挡住了射向R1的红外线时，R1和R2的阻值相等
C．绳子没有挡住射向R1的红外线时，R1的阻值是R2的3倍
D．绳子挡住了射向R1的红外线时，R1的阻值会变为原来的5倍
16．（2分）如图的电路，闭合开关，电路正常工作，图中电流表A1、A2、A3、A4对应的示数为I1、I2、I3、I4，电压表V1、V2、V3、V4对应的示数为U1、U2、U3、U4．下列说法正确的是（　　）

A．I1＜I2，I3＝I4，U1＝U2，U3＞U4
B．I1＝I2，I3＝I4，U1＝U2，U3＝U4
C．I1＝I2，I3＜I4，U1＜U2，U3＝U4
D．I1＜I2，I3＜I4，U1＝U2，U3＝U4
17．（2分）如图所示电路，电源两端的电压保持不变，开关S1闭合，当开关S2由闭合到断开时，判断电流表、电压表示数的变化，下列说法正确的是（　　）

A．电流表的示数变小 B．电流表的示数变大
C．电压表的示数变小 D．电压表的示数变大
18．（2分）如何利用阻值已知的电阻R0和一只电流表或一只电压表，测出未知电阻Rx的阻值，几个同学分别设计了如图所示的四种电路，其中方法可行的有几种？（电源电压恒定且未知）（　　）

A．1 种 B．2 种 C．3 种 D．4 种
19．（2分）如图甲所示电路，电源电压保持不变，闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P从右端滑到左端的过程中，R1、R2的I﹣U关系图象如图乙所示。则下列判断正确的是（　　）

A．图线A是电阻R1的I﹣U关系图象
B．电源电压为18V
C．R2两端的电压与通过它的电流成正比
D．滑动变阻器R2的最大阻值为30Ω
20．（2分）小明将标有“6V6W”的灯L1与标有“6V3W”的灯L2串联，如图所示，下列说法错误的是（　　）

A．该电路能探究串联电路的电压特点
B．该电路能探究滑动变阻器在电路中的作用
C．该电路能探究电流做功的多少与电压的关系
D．该电路可以测出灯泡L1的额定功率
21．（2分）图中，用滑动变阻器来控制6伏小灯的亮暗。要求从正常发光到完全熄灭连续变化，电源为4节干电池，应采取的接法是（　　）

A．C接M，B接N B．A接M，B接N，D接N
C．A接Q，C接M，B接N D．A接N，B接Q，C接M，M接N
22．（2分）如图所示电路中，电源电压保持不变，闭合开关S2后，则（　　）

A．电压表的示数变大 B．电流表的示数变大
C．电路中的总电阻变大 D．电路消耗的总功率变小
23．（2分）灯泡L与定值电阻R组成的电路如图1所示。已知R＝20Ω，灯泡L的I﹣U图象如图2所示，闭合开关S，L正常发光，此时电路的总功率为4.8W，此时灯泡L的（　　）

A．功率为3W B．电流为0.3A C．电阻为20Ω D．电压为8V
24．（2分）某家庭中电能表盘如图所示，家里只有某一用电器正常工作时，电能表的转盘在1min内转6转，下列由此获得的信息不正确的是（　　）

A．此电能表应在220V的电压下工作
B．此时电能表的读数为 31.6 kW•h
C．此用电器电功率为100W
D．此用电器1 h消耗电能 0.12 kW•h
25．（2分）如图所示电路，电源电压保持6V不变，电流表的量程为0～0.6A，电压表的量程为0～3V，定值电阻R1的规格为“10Ω0.5A”，滑动变阻器R2的规格为“20Ω1A”。闭合开关，为了保证电路安全，在移动滑片P的过程中，下列判断正确的是（　　）

A．电流表的示数变化范围是0.2A～0.5A
B．电路总功率的变化范围是1.2W～3W
C．R1的电功率变化范围是0.9W～2.5W
D．滑动变阻器R2的阻值变化范围为0～10Ω
26．（2分）如图是探究电流通过导体时产生热的多少跟什么因素有关的实验装置。两个透明容器中密封着等量的空气，U形管中液面高度的变化反映密闭空气温度的变化。下列说法正确的是（　　）

A．通电一段时间后，左侧U形管中液面的高度差比右侧的小
B．若容器外面的电热丝R3发生了断路，若与没断时的 通电时间相同，则左侧U形管中液面高度差变小
C．将右边并联的两根5Ω的电阻丝都放入到容器内，通 电一段时间后，右侧U形管中液面的高度差比左侧的大
D．该实验装置是利用U形管中液体的热胀冷缩来反映 电阻丝放出热量的多少
27．（2分）现在一般标准住宅户内配电系统都使用了空气开关、漏电保护器、三线插座等设备（如图），其中各个设备的特征是（　　）

A．电能表上可以直接读了应该交的电费
B．三孔插座正中间的插孔应接三脚插头的最长脚
C．空气开关的作用与保险丝的作用完全相同
D．漏电保护器在灯泡的灯丝烧断时，将电流导入大地
28．（2分）如图是某同学家中的部分电路，开始时各部分工作正常，将电饭煲的插头插入三孔插座后，正发光的台灯突然不能工作，但其它电灯仍能正常发光。拔出电饭煲的插头，台灯仍不能工作，把测电笔分别插入三孔插座的左、右孔，氖管均能发光，则电路的故障是（　　）

A．AC间断路 B．BD间断路 C．FH间断路 D．DG间断路
29．（2分）如图所示的四个装置图可以演示不同的电磁现象，下列表述正确的是（　　）

A．图甲可用来演示电磁感应现象，根据该现象制成了发电机
B．图乙可用来演示磁场对通电导线的作用，根据该原理制成了电动机
C．图丙可用来演示电流的磁效应，根据该原理制成了动圈式话筒
D．图丁可用来演示电磁铁的磁性强弱与电流大小的关系
30．（2分）如图是我国早期的指南针﹣﹣司南，它是把天然磁石磨成勺子的形状，放在水平光滑的“地盘”上制成的。东汉学者王充在《论衡》中记载：“司南之杓，投之于地，其柢指南”。“柢”指的是司南长柄，下列说法中正确的是（　　）
①司南指南北是由于它受到地磁场的作用
②司南长柄指的是地磁场的北极
③地磁场的南极在地球地理的南极附近
④司南长柄一端是磁石的北极。

A．只有①②正确 B．只有①④正确 C．只有②③正确 D．只有③④正确
二、作图题（共4分，每小题2分）
31．（2分）静止在水平路面上的小车，其杆子上固定一铁球，作出小球所受拉力和重力的示意图。

32．（2分）图1是某款带LED指示灯的开关。现用该开关控制一个“220V 18W”的节能灯，已知：开关断开时，LED指示灯不亮，节能灯不工作；开关闭合时，LED指示灯亮，节能灯正常工作；若LED指示灯损坏，节能灯仍能在开关闭合时正常工作。请在图2中画出符合题目和安全用电要求的电路。
三．实验探究题（共3小题，每空1分，共15分）
33．（5分）在物理实验操作考查中，小雨抽测的实验题目是“探究浮力的大小”。他的实验操作步骤如图所示，实验过程如下。
A．用细线将橡皮挂在弹簧测力计下，测出橡皮的　 　；
B．将水倒入溢水杯中；
C．将挂在弹簧测力计下的橡皮浸没水中，让溢出的水全部流入小桶中，同时　 　；
D．将盛有溢出水的小桶挂在弹簧测力计下，读出此时弹簧测力计的示数；
E．记录、分析实验数据，得出实验结论；
F．整理实验器材。
请根据小雨的实验过程回答下面问题：
（1）指出小雨在实验操作中漏掉的一个步骤：　 　。
（2）指出上面实验操作中的一处错误：　 　。
（3）如果用能够漂浮在水面的木块代替橡皮做此实验，那么与上述操作不同的一个步骤是　 　（填字母）。

34．（3分）小明同学在“探究通过导体的电流与电阻的关系”时，他用如图所示的电路进行实险，可供选择的定值电阻分别为2.5Ω、5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω，实验中电阻R两端的电压始终保持3V不变，滑动变阻器的规格为“15Ω 1A”。
（1）实验时先将电路连接完整，要求滑动变阻器的滑片右移动时接入电路的定值电阻两端电压值增大，可以用一根导线将图中电源正极连接滑动变阻器的　 　（填“A”“B”）端接线柱。
（2）闭合开关后，小明发现电流表示数为0，电压表示数很大，故障原因可能是　 　。
（3）实验中，不能被选用的电阻为　 　Ω。
（4）保证可用电阻均能正常进行实验，电源电压应该控制在　 　之间。

35．（7分）如图甲所示是“测量小灯泡电阻”的实验电路。已知小灯泡正常发光时电压为3.8V。

（1）实验电路中电压表所选的量程是　 　V。
（2）闭合开关，移动滑动变阻器测量出第一组数据，再将滑动变阻器滑片向　 　移动（选填“左”或“右”），完成表格中的2、3、4次测量，数据表格所示，其中第3次测出的电流表示数如图乙所示，电流表的示数为　 　A。
实验次数
电压U/V
电流I/A
灯泡亮度
1
1.5
0.1
灯丝暗红
2
2.5
0.15
微弱发光
3
3.8

正常发光
4
7.5
0
不发光
（3）由表格数据可知灯丝电阻是变化的，可能是受　 　的影响。
（4）由表格数据可知小灯泡的额定功率为　 　W．如果只要求测小灯泡的额定功率，滑动变阻器的最大阻值至少是　 　Ω。
（5）小明在用另外一只灯泡实验时，电流表出现了故障不能使用（电压表完好），并且小灯泡的螺旋套上，只看得清0.3A的字样，小明向老师借了一只定值电阻R0（R0值已知）、几个开关和导线若干，设计电路，测量小灯泡的额定功率。请在图丙中帮他完成电路设计。（在图丙空档处画元件或用导线相连或不画元件和导线）
四．计算题（共2小题，36题7分，37题8分）
36．（7分）如图甲所示，有一体积、质量忽略不计的弹簧，其两端分别固定在容器底部和正方体形状的物体上。已知物体的边长为10cm。弹簧没有发生形变时的长度为10cm，弹簧受到拉力作用后，伸长的长度△L与拉力F的关系如图乙所示。向容器中加水，直到物体上表面与液面相平，此时水深24cm。求：
（1）物体受到的水的浮力。
（2）物体的密度。
（3）打开出水孔，缓慢放水，当弹簧处于没有发生形变的自然状态时，关闭出水孔。求放水前后水对容器底
部压强的变化量。
37．（8分）小亮家新装了一台智能电热马桶盖，如图甲所示，他查阅使用说明书发现便座加热电路有高、中、低三档并可手动调节，其额定电压为220V，低温档、中温档的额定功率为22W和44W．利用所学的电学知识他设计了一个等效电路图，如图乙所示，用两定值电阻R1和R2表示两电热丝，单刀双掷开关S2可接a或b。当它接入家庭电路中正常工作时：
（1）低温档加热的电流多大？
（2）中温档加热5h，消耗多少度电？
（3）高温档加热的额定功率是多少瓦？

五．综合能力题（共1小题，6分）
38．（6分）阅读短文，回答问题
清洗机是利用高压水清洗车辆表面污垢的机器（如图）．有一种无锡生产的CC5020型清洗机的铭牌如表所示。清洗机工作时，利用外加电力所产生的压强将水从水管中压出。其对水的压力可用压强与水管横截面积之积得出，而清洗机对水所做的功就是此力所为，详情见“信息快递”。
型号
CC5020
额定压强
5×106Pa
电源
220V/50Hz
额定流量
20L/min
额定功率
2.2kW
防护等级
IP25

（1）你认为清洗机的动力设备是　 　（选填“电动机”或“热机”），其主要原理是通电导体在磁场中要受到力的作用。
（2）清洗机正常工作时，通过清洗机的电流是　 　A。
（3）若清洗一辆汽车平均耗时10min，则清洗一辆汽车平均用水多少kg。
（4）需要消耗电能多少J。
（5）清洗机正常工作10min，清洗机对水做功多少J。

2020年中考物理模拟试卷
参考答案与试题解析
一．选择题（共30小题，满分60分，每小题2分）
1．【解答】解：弹簧形变产生的力，即弹簧的弹力，施力物体为弹簧，因为是手拉弹簧，所以弹簧发生形变，产生的是对手的拉力。故ACD错误、B正确。
故选：B。
2．【解答】解：两个小球随车一起做匀速直线运动，当小车突然停止运动后，两小球由于惯性保持原来的速度，并且由于光滑，两小球水平方向均不受外力，则以相同速度同方向做匀速直线运动，速度大小与质量无关，则两个小球一定不相碰，故B正确；
故选：B。
3．【解答】解：
A、标枪投掷出去后能继续飞行，是利用了标枪的惯性，要继续保持原来的运动状态的缘故，而不是利用运动员自身的惯性，故A错误；
B、人推车车则运动，人不推车车则停止，说明力是改变物体运动状态的原因，故B错误；
C、脚踏板凹凸不平是通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦的，不是通过增大接触面积来增大摩擦的，故C错误；
D、躺在吊床上，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小对人的压强，使人感到舒服，故D正确。
故选：D。
4．【解答】解：
A、无人机携带货物悬停在高空，无人机受自身的重力、升力以及货物对无人机的拉力，所以无人机受到的重力和无人机受到升力的大小不等，不是一对平衡力，故A错误；
B、无人机对货物的拉力和货物受到的重力，二力的大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上，是一对平衡力，故B正确；
C、货物受到的重力和货物对无人机的拉力方向相同，不是一对相互作用力，故C错误；
D、无人机受到的升力和货物对无人机的拉力是作用在同一个物体上的两个力，不是一对相互作用力，故D错误。
故选：B。
5．【解答】解：
A、甲图实验，帕斯卡裂桶实验，证明液体压强随深度的增加而增大，故A错误；
B、乙图实验，压有砝码的桌子放在细沙上，砝码越轻，对细沙的压力越小，桌腿下陷越浅，故B错误；
C、丙图实验，测出拉动注射器活塞时的拉力和活塞的面积，利用公式p＝可估测大气压强的值，故C正确；
D、丁图实验，在教室内不可以用水代替水银做托里拆利实验，因为一个大气压相当于10m高的水柱产生的压强，故D错误。
故选：C。
6．【解答】解：
三个完全相同的小球，其质量、体积和密度都相同；
A、小球在甲中下沉，故ρ球＞ρ甲，在乙容器中漂浮，故ρ球＜ρ乙，在丙中悬浮，故ρ球＝ρ丙；
所以三种液体的密度关系为：ρ甲＜ρ丙＜ρ乙，故A错误；
B、静止时三个容器的液面恰好相平，即深度h相等，由于乙液体的密度最大，根据p＝ρgh可知，乙容器底受到的液体压强最大，甲容器底受到的液体压强最小，即p乙＞p丙＞p甲；故B错误；
C、开始时，液体的体积V甲＝V乙＝V丙，放入小球后，甲、丙溢出相同体积的液体，则剩余液体体积V甲′＝V丙′；
由于ρ甲＜ρ丙，故m甲＜m丙，重力G甲＜G丙，乙液体溢出的最少，故剩余液体体积V乙′最大；
又因为ρ乙最大，所以乙的质量最大、重力最大，故G甲＜G丙＜G乙；
容器相同，则容器重力相等，三个完全相同的小球，则小球的重力相等，容器对水平桌面的压力等于容器、容器内的液体和球的重力之和，即F甲＜F丙＜F乙；
由于受力面积相同，由p＝可得，p'乙＞p'丙＞p'甲，故C正确；
D、由图知，小球在丙容器中悬浮，在乙容器中漂浮，所以小球所受的浮力与自身的重力相等；在甲容器中下沉，浮力小于其重力，所以小球受到的浮力大小关系是F乙＝F丙＞F甲，故D错误。
故选：C。
7．【解答】解：A、女孩搬起一个箱子，女孩对箱子有力，且沿力的方向运动了一段距离，所以女孩对箱子做了功，故A正确；
B、司机费了很大的力也未能推动汽车，虽然有力但没有距离，所以司机对汽车没有做功，故B错误；
C、吊车吊着货物水平移动一段距离，吊车对货物有向上的力，但向上并没有移动距离，所以吊车对货物没有做功，故C错误；
D、足球被踢出后在草地上能继续滚动是由于惯性，此过程中运动员对足球不再做功，故D错误；
故选：A。
8．【解答】解：
A、根据题意可知，从O点到B点的过程中，重力大于弹性绳对运动员的拉力，因此运动员的速度越来越大；从B点到C点的过程中，弹性绳对运动员的拉力大于重力，则运动员的速度逐渐减小，到达C点时，其速度为零；
因此，在B点处运动员的速度最大，整个过程中运动员的速度先变大后减小，故A错误；
BC、从O点到A点的过程中，忽略空气阻力，只有重力对运动员做功，所以从O点到A点运动员的机械能守恒，即机械能不变；
从A点运动到C点的过程中，弹性绳的形变程度逐渐增大，弹性势能变大，增大的弹性势能是由运动员的机械能转化而来的，此过程中运动员的机械能减小；
由此可知，从O点到C点运动员的机械能先不变后减小，故BC错误。
D、根据题意可知，从O点到B点的过程中，重力大于弹性绳对运动员的拉力，因此运动员的速度越来越大，故从O点到B点运动员的动能一直在增大。故D正确。
故选：D。
9．【解答】解：
设物体重力为G，不计机械自重和摩擦：
A、图中为动滑轮，动力作用在动滑轮的轴上，费一倍的力，则F1＝2G；
B、图中为斜面，在直角三角形中，30°角所对的直角边h为斜边s的一半，不计机械自重和摩擦，总功与有用功相等，则F2s＝Gh，所以F2＝G＝0.5G；
C、图中为动滑轮，动力作用在动滑轮的轮上，则F3＝G；
D、图中为杠杆，动力臂等于阻力臂，则F4＝G；
因此动力最大的是F1。
故选：A。
10．【解答】解：不计绳重及摩擦，
则拉力F＝（G物+G动），由图可知n1＝2，n2＝3，
则绳子受的拉力：F1＝（G物+G动），F2＝（G物+G动），
故F1＞F2；
动滑轮重相同，提升的物体重和高度相同，W额＝G动h，W有用＝G物h，
所以，利用滑轮组做的有用功相同、额外功相同，总功相同，
则由η＝可知，滑轮组的机械效率相同，即η1＝η2。
故选：A。
11．【解答】解：A、由乙、丙图象可知，0～2s内物体受到的拉力为2N、速度为0，有相对运动趋势，故受摩擦力的作用，故A错误；
B、在4～6s物体做匀速直线运动，故B错误；
C、2～4s物体做匀加速直线运动，此时拉力不等于摩擦力，不符合二力平衡条件，故C错误；
D、由F﹣t图象可知4s～6s拉力F＝2N，由丙图象可知，4～6s内物体做匀速直线运动，速度为v＝4m/s，拉力对物体做的功W＝Fs＝Fvt＝2N×4m/s×2s＝16J，故D正确。
故选：D。
12．【解答】解：A、因为弹簧测力计的示数是2N，所以，作用在绳端的拉力F为2N．故A错误。
B、由图可知，承担摩擦力的绳子股数是3，所以，F＝，f＝6N．故B错误。
C、物体A在1s内内通过的距离：S′＝Vt＝0.2m/s×1s＝0.2m，
绳子自由端移动的距离S＝3S′＝3×0.2m＝0.6m，
在1s内拉力F做功：W＝FS＝2N×0.6m＝1.2J．故C正确。
D、在1s内拉力F的功率：P＝＝＝1.2W．故D错误。
故选：C。
13．【解答】解：A、如果一个带电体与另一物体互相吸引，那么它们可能带异种电荷，也可能这个物体不带电，故A错误；
B、化纤衣服穿在身上特别易吸附灰尘属于摩擦起电现象，故B正确；
C、摩擦起电是电子的转移，故C错误；
D、电荷既不会凭空产生也不会凭空消失，只会从一个物体转移到另一个物体，故D错误。
故选：B。
14．【解答】解：
A．由电路图可知，开关S、S1、S2中任意一个闭合时电动机都可以工作，故A不符合题意；
B．由电路图可知，开关S3、S4同时闭合时，警铃才工作，故B不符合题意；
C．由电路图可知，开关S或者同时闭合开关S1、S2时，电动机工作，闭合开关S3或S4时，警铃工作，故C符合题意；
D．由电路图可知，开关S、S1、S2都闭合时电动机才工作，开关S3、S4同时闭合时警铃才工作，故D不符合题意。
故选：C。
15．【解答】解：由甲图电路知，R1与R2串联，AB间电压为R2两端电压。
（1）由题知，当射向R1的激光被挡时，R1阻值变大，根据串联电路的分压原理知，R1分得电压增大，R2分得电压减小，
由图象知，此时U2＝UAB＝2V，因为R1的电阻变大，自动计数器会计数一次，即AB间电压为2V计数一次，故A错误；
由串联电路的分压原理有：＝＝，即：＝，
所以：R1＝5R2，故B错误；
（2）当射向R1的激光没有被挡时，R1阻值变小，R1分得电压减小，R2分得电压增大，由图象知，此时，U2'＝UAB'＝6V，
由串联电路的分压原理有：＝＝，即：＝，
所以：R1'＝R2，故C错误；
且R1＝5R1'，即绳子挡住了射向R1的红外线时，R1的阻值会变为原来的5倍，故D正确。
故选：D。
16．【解答】解：电压表在电路中相当于断路，电流表在电路中相当于导线；
由左侧电路图可知，R1与R2串联，电压表V1测R1两端的电压，电压表V2测电源两端的电压，电流表A1、A2均测电路中的电流，
因串联电路中各处的电流相等，且总电压等于各分电压之和，
所以，I1＝I2，U1＜U2，故ABD错误；
由右侧电路图可知，R3与R4并联，电流表A3测R4支路的电流，电流表A4测干路电流，电压表V3、V4均测电源的电压，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，且各支路两端的电压相等，
所以，I3＜I4，U3＝U4，故C正确。
故选：C。
17．【解答】解：（1）开关S1与S2都闭合时等效电路图如图甲所示，
；
开关S1闭合、S2断开时的等效电路图如图乙所示；

（2）由等效电路图知，开关S2闭合后（如图甲所示）与S2断开时（如图乙所示）相比，
①电压表始终测电源两端电压，由于电源电压不变，所以电压表示数不变；
②电路总电阻由R1变为R1+R2，电路总电阻R变大，电源电压U不变，
由I＝知，电路电流变小，电流表示数变小；
由以上分析可知：开关S2闭合后（如图甲所示）与S2断开时（如图乙所示）相比，电压表示数不变，电流表示数变小。
故选：A。
18．【解答】解：（1）开关S1闭合，S2断开时R0和Rx串联，电流表可以测出通过Rx的电流Ix；S2闭合时为Rx的简单电路，不能直接或间接测量出Rx的电压，所以不能求出Rx的电阻。
（2）开关S0闭合，S接1时电路为R0的简单电路，电流表测电路中的电流，根据欧姆定律求出电源的电压；当S接2时电路为未知电阻Rx的简单电路，电流表测通过Rx的电流Ix，根据Rx＝求出电阻。
（3）开关S1和S2都闭合时，R0被短路，电压表测量电源电压U；只闭合S1时，R0和Rx串联，电压表直接测量Rx两端的电压Ux．根据串联电路总电压等于各串联导体电压之和，求出定值电阻两端的电压U0＝U﹣Ux，根据I0＝，求出通过定值电阻的电流。根据串联电路电流处处相等，通过Rx电流等于通过定值电阻电流Ix＝I0．根据Rx＝求出电阻。
（4）开关S0闭合，S接1时和S接2时电压表V的正负接线柱会连接错误，故无法测出未知电阻Rx的阻值。
综合分析（2）（3）可以测出未知电阻Rx的阻值，即可行方法有2种。故B正确。
故选：B。
19．【解答】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表V1测R1两端的电压，V2测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。
（1）当滑动变阻器接入电路中的电阻为0时，电路中的电流最大，R1两端的电压最大，R2两端的电压为0，
由图象可知，A为滑动变阻器R2的U﹣I关系图象，B为电阻R1的U﹣I图象，故A错误；
由A图象可知，R2两端的电压与通过它的电流关系为一次函数，不是成正比，故C错误；
（2）当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，
由U﹣I图象可知，电路中的最小电流I＝0.2A，R1两端的电压U1＝4V，R2两端的电压U2＝14V，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，电源电压：
U＝U1+U2＝14V+4V＝18V，故B正确；
由I＝可得，滑动变阻器的最大阻值：
R2＝＝＝70Ω，故D错误。
故选：B。
20．【解答】解：A、电压表分别测量电路中两个灯泡两端的电压，但不知变阻器两端电压和电源电压，故该电路不能探究串联电路电压特点；故A错误；
B、滑动变阻器是靠改变电阻线在电路中的长度来改变电阻，从而逐渐改变电路中的电流大小；所以可以探究变阻器在电路中的作用，故B正确；
C、两灯串联，通过灯泡的电流和通电时间不变，但两灯电压不同，由W＝UIt可得，该电路可以探究电流做功的多少与电压的关系；故C正确；
D、由I＝可得，L1的额定电流大于L2的额定电流，因此电路中的最大电流为L2的额定电流，因此能测量灯泡L2的额定功率；故D错误。
故选：AD。
21．【解答】解：选项的连接如下图所示：

A、C接M，B接N，当滑片移到右端时接入电路的电阻为0，此时灯泡正常发光，当滑片向左移动时灯泡两端分得的电压变小，灯泡变暗，不能使灯泡完全熄灭，所以不符合要求，故A不正确；
B、A接M，B接N，D接N，当滑片移到左端时接入电路的电阻为0，此时灯泡正常发光，当滑片向右移动时灯泡两端分得的电压变小，灯泡变暗，不能使灯泡完全熄灭，所以不符合要求，故B不正确；
C、A接Q，C接M，B接N，灯泡与滑动变阻器AP部分并联后与PB部分串联，当滑片P移至A端时灯泡被短路熄灭，当滑片从A端向B端移动时灯泡两端分得的电压变大，灯泡由熄灭变亮，当移至B端时，灯泡与滑动变阻器的最大阻值并联灯泡正常发光，符合题意，故C正确；
D、A接N，B接Q，C接M，M接N，滑动变阻器与灯泡并联，滑片的移动不能改变灯泡两端的电压，即灯泡的亮暗不变，故D不正确。
故选：C。
22．【解答】解：当只闭合S1时，电路为左边电阻的简单电路，电流表测电路中的电流，电压表测电源的电压；
当再闭合开关S2后，两电阻并联。电流表测干路电流，电压表测电源的电压；
因电压表始终测电源的电压，且电源的电压不变，
所以，闭合开关S2前后，电压表的示数不变，故A不正确；
因并联电路中，总电阻的倒数等于各分电阻倒数之和，
所以，闭合开关S2后，电路中的总电阻变小，故C不正确；
由I＝可知，电路中的总电流变大，即干路电流表的示数变大，故B正确；
由P＝UI可知，电路消耗的总功率的变大，故D不正确。
故选：B。
23．【解答】解：根据图象可知，在电压为6V时，通过灯泡的电流IL＝0.5A，
图甲中灯泡和电阻并联，因并联电路各支路两端的电压相等，
通过电阻R的电流IR＝＝＝0.3A，则干路中的电流：I＝IL+IR＝0.5A+0.3A＝0.8A，
此时的总功率：P＝UI＝6V×0.8A＝4.8W，满足题中的要求；
所以，电源电压为6V，此时灯泡L的电压为6V，通过灯泡的电流IL＝0.5A，故BD错误；
此时灯泡的功率为：PL＝UIL＝6V×0.5A＝3W；故A正确；
根据欧姆定律可得，此时灯泡的电阻：RL＝＝＝12Ω，故C错误。
故选：A。
24．【解答】解：
A、电能表表盘上“220V”是指电能表的工作电压为220V，故A正确；
B、电能表读数的单位是kW•h，最后一位是小数位，所以图示电能表的示数为30.6kW•h，故B正确；
C、3000r/kW•h表示的是电路中每消耗1kW•h的电能，电能表的转盘转3000r，
转盘转6转消耗的电能；
W＝kW•h＝0.002kW•h，
该用电器的电功率：
P＝＝＝0.12kW＝120W，故C错；
D、此用电器1h消耗电能：
W′＝Pt′＝0.12kW×1h＝0.12kW•h，故D正确。
故选：C。
25．【解答】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。
（1）因串联电路中各处的电流相等，且电流表的量程为0～0.6A，R1允许通过的最大电流为0.5A，R2允许通过的最大电流为1A，
所以，电路中的最大电流I大＝0.5A，此时R1两端的电压最大，电压表的示数最小，变阻器接入电路中的电阻最小，
由I＝可得，R1两端的最大电压：U1大＝I大R1＝0.5A×10Ω＝5V，
R1的最大功率：P1max＝U1大I大＝5V×0.5A＝2.5W；
电路消耗的最大功率：P大＝UI大＝6V×0.5A＝3W；
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，电压表的最小示数：U2小＝U﹣U1大＝6V﹣5V＝1V，
滑动变阻器R2接入电路的最小阻值：R2小＝＝＝2Ω；
（2）当电压表的示数最大为U2＝3V时，
R1两端的最小电压：U1＝U﹣U2＝6V﹣3V＝3V，
电路中的最小电流：
I小＝＝＝0.3A，
R1的最小功率：P1min＝U1I小＝3V×0.3A＝0.9W；
电路消耗的最小功率：P小′＝UI小＝6V×0.3A＝1.8W；
此时滑动变阻器接入电路中的电阻：R2＝＝＝10Ω＜20Ω，
所以，电压表的最大示数为3V时，滑动变阻器R2接入电路的最大阻值为10Ω，则
A．电流表的示数变化范围是0.3A～0.5A，故A错误；
B．电路总功率的变化范围是1.8W～3W，故B错误；
C．R1的电功率变化范围是0.9W～2.5W，故C正确；
D．滑动变阻器R2的阻值变化范围为2Ω～10Ω，故D错误。
故选：C。
26．【解答】解：
A、由图可知，右侧的两个电阻并联后与左侧的电阻串联在电路中，根据并联电路的电流特点可知，左侧电阻中的电流大于右侧盒中电阻的电流，在电阻和通电时间相同的情况下，左侧盒中的电流大，产生的热量多，所以左侧U形管中液面的高度差大，故A错误；
B、R3发生断路前，左侧的电阻为5Ω，右侧的电阻为＝2.5Ω，则电路的总电阻为5Ω+2.5Ω＝7.5Ω；
R3发生断路后，电路中只有R1和R2串联，则总电阻为：5Ω+5Ω＝10Ω；
R3发生断路后，整个电路的总电阻增大了，根据I＝可知，电路中的总电流减小了，在电阻、通电时间不变时，电流减小，则产生的热量变少，所以左侧U形管中液面高度差变小，故B正确；
C、将右边并联的两根5Ω的电阻丝都放入到容器内，右侧的电阻为＝2.5Ω，左右两侧的电流和通电时间相同，左侧的电阻大于右侧的电阻，则左侧产生的热量多，右侧U形管中液面的高度差比左侧的小，故C错误；
D、该实验装置是利用容器中空气的热胀冷缩来反应放热的多少，产生热量的多少不能直接观察，通过U形管液面高度差的变化来反映，故D错误。
故选：B。
27．【解答】解：A、电能表是测量用电器消耗的电能的仪表，根据月末的减去月初的示数读出消耗电能，然后可计算出应该交的电费，故A错误；
B、三脚插头最长的脚与金属外壳相连，即其与地线相连，所以若用电器的外壳带电后，能将外壳带的电倒入大地，保护人的安全，故B正确；
C、空气开关兼并总开关和保险丝的作用，可以在电流过大时自动断开开关以保护电路安全，故空气开关的作用与保险丝的作用不是完全相同的，故C错误；
D、漏电保护器只有在电路发生漏电或有人触电时才会切断电源，而灯泡断路时，没有电流，此时漏电保护器不会起到保护的作用，故D错误。
故选：B。
28．【解答】解：其它电灯仍正常工作，说明不是保险丝烧坏了，没有发生短路，而把测电笔分别插入三孔插座的左、右插孔，氖管均能发光，说明火线有电，而零线断路了，且是在B、D之间断路。
故选：B。
29．【解答】解：
A、甲图中开关闭合后，导体棒内通以电流，则导体在磁场力的作用下发生运动，故演示的为磁场对电流的作用，利用该原理制成了电动机，故A错误；
B、乙图中导体棒AB在磁场中做切割磁感线运动时，电流表中会产生感应电流，故演示的为电磁感应，利用该原理制成了发电机，故B错误；
C、放在小磁针上方的导线中有电流通过时，小磁针会发生偏转，说明通电导体周围产生了磁场，即演示了电流的磁效应，故C错误；
D、图中两电磁铁串联，通过的电流相等，但两电磁铁线圈的匝数不同，可用来演示电磁铁的磁性强弱与线圈匝数多少的关系，滑动变阻器可以改变电路的流，可以探究电磁铁的磁性强弱与电流大小的关系，故D正确。
故选：D。
30．【解答】解：
地球本身是一个大磁体，司南是用天然磁石磨制成的勺子，即其实质就是一块磁铁，在地球的磁场中受到磁力的作用，其静止时其勺柄指向南方，即指南的南极用S表示；地理上的南极是地磁的北极，故①②正确，③④错误。
故选：A。
二、作图题（共4分，每小题2分）
31．【解答】解：由题意可知小球处于平衡状态，则小球受到竖直向下的重力和杆子对小球竖直向上的拉力是一对平衡力；过铁球的重心分别画一条竖直向下带箭头的线段和竖直向上带箭头的线段，并用符号G和F表示；注意二力的大小相等，即两线段长度相等；如图所示：

32．【解答】解：由题意“若LED指示灯损坏，节能灯仍能在开关闭合时正常工作，”可知，LED指示灯与节能灯并联，
由“开关断开时，LED指示灯不亮，节能灯不工作；开关闭合时，LED指示灯亮，节能灯正常工作”，可知，开关在干路上，LED指示灯亮与保护电阻串联，如图所示：

三．实验探究题（共3小题，每空1分，共15分）
33．【解答】解：（1）在“探究浮力的大小”实验中，需要测量的量有四个：物体重力、物体浸没水中时弹簧测力计的示数、空桶的重力、小桶加溢出水的总重力；因此漏掉的一个步骤是测出空桶的重力；
（2）物体放入水中前，溢水杯应该是满水的，否则小桶内所盛的水将小于物体排开水的体积；
（3）木块和橡皮的区别在于：木块的密度小于水的密度，会漂浮在水面上，而不会浸没在水中（不施加外力的情况下），因此若用木块代替橡皮做此实验，步骤C会有所不同。
故本题答案依次为：A、重力；
C、读出弹簧测力计的示数；
（1）测量空桶的重力；
（2）在B步骤中，水面没有达到溢水杯口；
（3）C。
34．【解答】解：（1）滑动变阻器的滑片向右移动时接入电路的定值电阻R两端电压值增大，由串联电路电压的规律，变阻器的电压变小，由分压原理，说明滑片向右移动时滑动变阻器接入电路的阻值减小，由图示电路图可知，可以用一根导线将图中电源正极连接滑动变阻器的B端接线柱；
（2）闭合开关，电流表示数为零，说明电路存在断路，电压表示数很大，说明电压表与电源两极相连，电压表并联电路之外电路不存在断路，则与电压表并联的R断路；
（3）定值电阻两端电压为3V，当R＝2.5Ω时，电路电流：
I＝＝＝1.2A＞0.6A；超过电流表，则2.5Ω的定值电阻不能用；
（4）由题意可知，滑动变阻器最大阻值为15Ω，定值电阻最大阻值为25Ω，此时电源电压有最大值，
由串联电路的规律及和欧姆定律有：
＝，
＝，
电源电压最大值：
U总＝4.8V，实验中电阻R两端的电压始终保持3V不变，故电源电压最小值为3V，则电源电压应该控制在：3V～4.8V；
故答案为：（1）B；（2）R断路；（3）2.5Ω；（4）3V～4.8V。
35．【解答】解：（1）灯的额定电压为3.8V，故实验电路中电压表所选的量程是0～15V；
（2）由表格数据知第二次电流增大，根据I＝知，电路的总电阻减小了，滑动变阻器的电阻也减小了，故将滑动变阻器滑片向左移动；
电流表示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，电流表的示数为0.2A；
（3）由表格数据可知灯的亮度发生变化，温度也发生变化，所以灯丝电阻是变化的，可能是受温度的影响；
（4）小灯泡的额定功率为：P＝UI＝3.8V×0.2A＝0.76W；
由表中数据知，当电压表示数为7.5V时，电流表示数为0，说明电路断路，但电压表与电源连通，故电源电压为7.5V，
由串联电路电压的规律知滑动变阻器分得的电压为：
U滑＝U﹣UV＝7.5V﹣3.8V＝3.7V，
滑动变阻器的最大阻值至少为：R滑小＝＝＝18.5Ω；
（5）灯泡与定值电阻、滑动变阻器串联，电压表分别测灯泡电压、灯泡与定值电阻的串联电压，电路图如图所示。

故答案为：（1）0～15； （2）左； 0.2；（3）温度；（4）0.76；18.5；（5）见上图。
四．计算题（共2小题，36题7分，37题8分）
36．【解答】解：（1）物块刚好完全浸没在水中，则V排＝V物＝（0.1 m）3＝1×10﹣3m3，
物体所受的浮力：F浮＝ρ水gV排＝1.0×103kg/m3×10N/kg×1×10﹣3m3＝10N；
（2）由图甲可知，当物体上表面上液面齐平时，物体上表面距容器底的距离为h＝24cm，弹簧伸长的长度：△L＝24cm﹣10cm﹣10cm＝4cm
由图乙可知，此时弹簧对物体的拉力为F拉＝4N，
木块的重力：G物＝F浮﹣F拉＝10N﹣4N＝6N，
物体的密度：ρ物＝＝＝＝0.6×103kg/m3；
（3）当弹簧处于没有发生形变的自然状态时，L弹簧＝10cm，
此时物体受的浮力：F浮'＝G物＝6N，
V排'＝＝＝6×10﹣4m3，
可得：h浸＝＝＝0.06m；
此时水的深度：h'＝L弹簧+h浸＝10cm+0.06m＝0.16m；
放水前后水对容器底部压强的变化量△p＝p﹣p'＝ρ水g（h﹣h'）＝1.0×103kg/m3×10N/kg×（0.24m﹣0.16m）＝800Pa。
答：（1）物体受到的水的浮力为10N；
（2）物体的密度为0.6×103kg/m3；
（3）打开出水孔，缓慢放水，当弹簧处于没有发生形变的自然状态时，关闭出水孔。求放水前后水对容器底
部压强的变化量为800Pa。
37．【解答】解：（1）由P＝UI可得，低温档加热的电流：
I＝＝＝0.1A；
（2）由P＝可得，中温档加热5h消耗的电能：
W＝P中温t＝44×10﹣3kW×5h＝0.22kW•h＝0.22度；
（3）当开关S1闭合、S2接b时，电路为R1的简单电路，马桶盖处于中温档，
由P＝可得，R1的阻值：
R1＝＝＝1100Ω，
当开关S1断开、S2接b时，R1与R2串联，马桶盖处于低温档，
则电路中的总电阻：
R＝＝＝2200Ω，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，R2的阻值：
R2＝R﹣R1＝2200Ω﹣1100Ω＝1100Ω，
当开关S1闭合、S2接a时R1与R2并联，电热马桶盖处于高温档，
因并联电路中总电阻的倒数等于各分电阻倒数之和，
所以，电路中的总电阻：
R′＝＝＝550Ω，
高温档加热的额定功率：
P高温＝＝＝88W。
答：（1）低温档加热的电流为0.1A；
（2）中温档加热5h，消耗0.22度电；
（3）高温档加热的额定功率是88W。
五．综合能力题（共1小题，6分）
38．【解答】解：（1）因清洗机工作时消耗电能，转化为机械能，所以需要的动力设备是电动机，原理是通电导体在磁场中要受到力的作用而工作的。
（2）据P＝UI可知，
此时正常工作时的电流是：I＝＝＝10A；
（3）10min需要水的体积：
V＝20L/min×10min＝200L＝0.2m3。
水的质量为m＝ρ水V＝1×103kg/m3×0.2m3＝200kg；
（4）此时所消耗的电能是：W＝Pt＝2200W×10×60s＝1.32×106J；
（5）此时清洗机正常工作10min对水做功为：W＝pV＝5×106Pa×0.02m3/min×10min＝1.0×106J；
答：（1）电动机；（2）10；（3）若清洗一辆汽车平均耗时10min，则清洗一辆汽车平均用水200kg；（4）需要消耗电能1.32×106J；（5）清洗机正常工作10min，清洗机对水做功1.0×106J。
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日期：2020/3/31 17:52:18；用户：初中校园号；邮箱：wjwl@xyh.com；学号：24424282