2023年安徽省合肥五十中东校中考物理一模试卷（含答案）

这是一份2023年安徽省合肥五十中东校中考物理一模试卷（含答案），共18页。试卷主要包含了填空题，选择题，实验题，推导与计算题等内容，欢迎下载使用。
2023年安徽省合肥五十中东校中考物理一模试卷
一、填空题（每空2分，共20分）
1．（2分）有些同学有听“耳机”的习惯，虽然对其他同学影响不大，但是由于声音的传播非常集中，所以在听者的耳朵里　 　很大，长期如此，会造成听力的损伤。
2．（2分）2022年4月18日，怀化出现了“日晕”奇观，它是由于气温低，云中的水滴变成六棱柱状的小冰晶，太阳光在小冰晶上发生折射形成的。此物态变化过程发生时需要 　 　（选填“吸热”或“放热”）。

3．（2分）某同学用同一把分度值为0.1cm的刻度尺3次测量同一本物理课本的长度，测得数据分别为：26.08cm、26.11cm、26.09cm，该物理课本的长度应该记作 　 　cm。
4．（2分）如图，L表示凸透镜，MN为主光轴，O为光心，F为焦点。从光源S点发出三条光线，经凸透镜折射后相交于S′，请在图中做出光源S点的位置，以及这三条光线的入射光线。

5．（2分）某大疆无人机水平飞行速度约为72km/h，该速度值的物理意义为：　 　。
6．（2分）图甲是一种磁悬浮地球仪摆件，地球仪内部下端装有磁铁，底座内部装有如图乙所示的电磁铁。a端是电磁铁的 　 　（选填“N”或“S”）极。


7．（2分）如图所示，电源电压4.5V保持不变，电压表选择“0～3V”量程，电流表选择“0～0.6A”量程，电阻R1阻值为10Ω，滑动变阻器R2规格为“20Ω 1A”，闭合开关S，移动滑片P的过程中，电路中的最大电流为 　 　。

8．（2分）天津号是中国第一辆纯太阳能汽车，整车搭载面积达8.1平方米的太阳能组件。晴天日发电量相当于完全燃烧0.72kg汽油释放的能量，已知汽油的热值4.6×107J/kg，产生电能可供额定功率为1000W的电机正常工作时间最多为 　 　h。
9．（2分）如图是某家庭电能表的表盘，将家中其他用电器关闭，只让干衣机单独工作，观察到6min内电能表指示灯闪烁了160次，则干衣机的实际功率是 　 　W。

10．（2分）如图所示电路中，电源电压U＝4.5V，内阻r＝2Ω，闭合开关后，通过电路的电流是0.25A，通电100s，电动机产生的热量是10J，在这段时间内电动机对外做了 　 　J的机械功。

二、选择题（每小题2分，共14分）
11．（2分）夏天，将饮料放入冰箱冷藏室，饮料温度降低。下列说法正确的是（　　）
A．饮料将温度传递给冰箱中的空气
B．饮料放出热量后自身所含热量减少
C．饮料温度降低的过程伴随着内能的转移
D．饮料放热是因为饮料的内能比冰箱中空气的内能多
12．（2分）金属导体中存在大量可移动的自由电子，当它与带电物体靠近时，由于电荷间的相互作用，会使金属导体内部电荷重新分布，这种现象就叫静电感应，如图甲所示。现用毛皮摩擦过的橡胶棒，靠近图乙所示的不带电的验电器的金属球，则（　　）

A．金属箔带正电张开 B．金属箔带负电张开
C．金属箔不带电 D．无法确定
13．（2分）宾馆房间有门铃系统，当房客闭合开关S1，“请勿打扰”灯泡L发光，来访者即便闭合门铃开关S2，门铃R也不发声；只有在S1断开，S2闭合时，门铃才发出“叮咚”声。R的电阻远大于L的电阻。如图中设计的电路图，跟该门铃系统功能吻合的是（　　）
A． B．
C． D．
14．（2分）电阻R1、R2以不同的方式组成如图（a）、（b）所示的电路，其中R1：R2＝2：1。在两电路中，电源、电压表、电流表规格完全相同且完好。闭合开关S，则下列说法正确的是（　　）
A．电压表V1与电压表V2示数比为1：2
B．电压表V1与电压表V2示数比为2：1
C．电流表A1与电流表A2示数比为3：2
D．电流表A1与电流表A2示数比为2：1


15．（2分）如图所示电路中，电源电压保持不变。闭合开关S，向右移动滑动变阻器滑片P的过程中下列说法正确的是（　　）

A．电流表A的示数不变
B．电压表V2的示数变小
C．电压表V1示数与电流表A示数的比值不变
D．电压表V2示数与电流表A示数的比值变大
16．（2分）标有字样“6V，6W”灯泡L1和“6V，3W”灯泡L2。如图分别为L1和L2的电流—电压关系图像。在灯泡都安全情况下，下列说法正确的是（　　）

A．将L1、L2并联，接到电路中，L1与L2亮度一样
B．将L1、L2并联，接到3V电源上，两灯总功率为4.5W
C．将L1、L2串联，接到电路中，L1比L2亮一些
D．将L1、L2串联，接到8V电源上，两灯总功率为4W
17．（2分）如图为直流电动机的工作原理图。线圈abcd处于磁场中，A和B是电刷，它们分别跟换向器E和F接触，闭合电路，线圈abcd顺时针转动。下列说法正确的是（　　）

A．线圈abcd转动的工作原理是电磁感应
B．线圈由图示位置转过180°时，ab边受力方向不变
C．线圈转动过程中也会产生感应电流
D．线圈转动过程中将电能全部转化为机械能
三、实验题（每空2分，共16分）
18．（4分）在探究“光的反射规律”的实验中，实验器材有：可折转的光屏（如图甲所示，光屏的A、B两部分均可绕轴ON旋转）、平面镜和激光电筒。如图乙所示，将光屏立放在水平放置的镜面上，让激光电筒发出的光沿光屏A入射到O点。
（1）实验中，光屏可以呈现出入射光线和反射光线是因为光在光屏上发生了 　 　。
A.漫反射 B.镜面反射
（2）实验中始终让激光电筒贴着光屏A入射，为了观察到完整的光路，光屏B需旋转到图乙中的2位置，当旋转光屏A到位置1时，也同时需要旋转光屏B到位置3才能观察到完整的光路，通过以上操作过程可以得出的结论是：　 　。

19．（4分）如图甲所示是探究电磁感应现象的装置。

（1）如图乙所示的四种方式，不能产生感应电流的是 　 　（填字母）。
（2）利用此装置探究影响感应电流方向的因素，观察到的实验现象记录如表：
实验序号
磁场方向
导体切割磁感线方向
灵敏电流计指针偏转方向
①
向下
向右
向左
②
向上
向右
向右
③
向下
向左
向右

通过比较上述三次实验记录的信息，可知感应电流方向与 　 　有关（选填所有符合题意的序号）。
①磁场方向
②导体切割磁感线方向
③灵敏电流计指针偏转方向
20．（8分）在探究通过导体的电流与导体两端电压的关系时，某小组设计了如图甲所示电路，R为定值电阻。

（1）请你用笔画线代替导线将图甲的电路连接完整，要求滑片向右移动电流表示数变小。
（2）闭合开关试触时发现电流表的指针向零刻度线的左边偏转，请你写出接下来的操作步骤：　 　。
（3）排除故障后，闭合开关S，小明改变电阻R两端的电压，进行了多次实验，实验数据记录如表所示。分析数据可得：　 　。
（4）上述实验完成后，他想测量另一个铭牌模糊不清的滑动变阻器Rx的最大阻值，在保证电路安全的情况下，设计了如图乙所示的电路（电源电压恒定但未知，定值电阻的阻值为R0），进行了如下的实验操作：
①闭合开关S，将滑动变阻器的滑片移至最左端，读出电压表的示数为U1；
②将滑动变阻器的滑片移至最右端，读出电压表的示数为U2。
请你根据他的实验步骤写出滑动变阻器最大阻值Rx的表达式Rx＝　 　（用已知量和测量量的符号表示）。
试验次数
1
2
3
4
电压表示数
U/V
1.0
1.5
2.0
2.5
电流表示数I/A
0.10
0.15
0.20
0.25
四、推导与计算题（第21题6分，第22题6分，第23题8分，共20分）
21．（6分）某材料制成的长6cm，宽5cm，高10cm的长方体空心容器，在其上方开一个小孔。某同学想测量该容器材料密度。将空容器放置在调好的灵敏电子秤上，示数为250g，如图甲所示。用胶头滴管往容器里注满水后（液面恰好与容器上表面相平），同样正确测量，电子秤示数为450g，如图乙所示。
求：（1）容器的容积；
（2）容器材料的体积；
（3）容器材料的密度。

22．（6分）如图所示电路，电阻R1的阻值为10Ω，闭合开关后，电流表示数为0.6A。
（1）求电源电压U；
（2）若在虚线所框的部分电路中接入一个电阻R2，使得接入前后电流表的示数变化0.3A，求R2的阻值。

23．（8分）某型号电热水器有两种工作状态，由两个开关控制其工作状态。两电热丝R1、R2阻值相等，热水器的最大额定功率为2200W，额定电压为220V。如图为热水器的内部简化电路图（不考虑温度对电热丝阻值的影响）。
（1）按照安全用电的要求，将a、b两点接入家庭电路，完成连线。
（2）电热丝R1的阻值是多大？
（3）以最大额定功率工作5min消耗的电能有84%被水吸收可以将10kg水温度升高多少？

参考答案与试题解析
一、填空题（每空2分，共20分）
1．【分析】声音的响度与声源振动的幅度有关，还跟离发声体的远近有关。
【解答】解：“MP3”的耳机离人耳近，发出声音的响度很大。
故答案为：响度。
2．【分析】液态水变成固态的小冰晶属于凝固，凝固需要放热。
【解答】解：由于气温低，云中的水滴变成六棱柱状的小冰晶，是由液态变成固态，叫凝固，凝固需要放热。
故答案为：放热。
3．【分析】在测量长度时，通常采用取多次测量求平均值的方法来减小误差；
计算前偏差较大的读数是错误的，去除错误读数，取其余正确测量值的平均值即为测量结果；
在最后结果的确定时，还要注意小数位数的保留规则与测量值相同。
【解答】解：从题中数据可知，记录数据相差较小，为减小长度测量的误差，通常采用的方法是取多次测量的平均值，
故物理课本的长度是：L＝≈26.09cm。
故答案为：26.09。
4．【分析】平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点，过凸透镜光心的光线传播方向不改变。据此画出两条折射光线的入射光线，其交点即为光源S点的位置，然后连接SE可得另一条入射光线。
【解答】解：经过光心O的光线不改变方向；平行于主光轴光线折射经过右焦点，据此作出两条入射光线，其交点为光源S，连接SE可得另外一条入射光线，如图所示：

5．【分析】速度是描述物体运动快慢的物理量。
【解答】解：某大疆无人机水平飞行速度约为72km/h，该速度值的物理意义为：该大疆无人机每小时飞行的距离为72km。
故答案为：每小时飞行的距离为72km。
6．【分析】安培定则：用右手握住螺线管，四指弯曲指向电流的方向，大拇指所指方向即为通电螺线管的N极。
利用安培定则可判断地球仪内部磁铁的磁极。
【解答】解：由安培定则和图示可知，右手握住螺线管，四指指向电流的方向，大拇指指向螺线管的下端，因此电磁铁的下端为N极、上端（a端）为S极。
故答案为：S。
7．【分析】由图可知，电压表与电阻R1并联，整个电路为串联电路，通过R1的最大电流即为该电路的最大电流。
【解答】解：因为电压表的量程为0～3V，电压表与R1＝10Ω并联，则R1两端的最大电压为3V，所以通过R1的最大电流I1max＝＝0.3A；
又因为整个电路为串联电路，所以该电路的最大电流为0.3A。
故答案为：0.3A。
8．【分析】利用Q放＝mq求出汽油完全燃烧放出的能量，根据W＝Q放、W＝Pt求出电机正常工作的时间。
【解答】解：完全燃烧0.72kg汽油释放的能量：
Q放＝mq＝0.72kg×4.6×107J/kg＝3.312×107J，
已知W＝Q放＝3.312×107J，P＝，则产生电能可供额定功率为1000W的电机正常工作时间为：
t＝＝33120s＝9.2h。
故答案为：9.2。
9．【分析】1600imp/（kW•h）表示电路中用电器每消耗1kW•h的电能，指示灯闪烁1600次，据此可求指示灯闪烁160次消耗的电能，再利用P＝求干衣机的实际电功率。
【解答】解：6min内电能表指示灯闪烁了160次，此时干衣机消耗的电能：
W＝kW•h＝0.1kW•h，
t＝6min＝0.1h，
干衣机的电功率：
P＝＝＝1kW＝1000W。
故答案为：1000。
10．【分析】利用欧姆定律求出电源内阻两端的电压，根据串联电路的电压特点求出电动机两端的电压U0；根据W＝UIt求出电动机消耗的电能，电动机对外做的机械功等于消耗的电能减去产生的热量。
【解答】解：由图可知，电动机与电源串联。由欧姆定律可知，
电源内阻两端的电压：Ur＝Ir＝0.25A×2Ω＝0.5V，
根据串联电路的电压特点可知，
电动机两端的电压U0＝U﹣Ur＝4.5V﹣0.5V＝4V，
电动机消耗的电能：W＝U0It＝4V×0.25A×100s＝100J，
电动机对外做的机械功：W机械＝W﹣Q＝100J﹣10J＝90J。
故答案为：90。
二、选择题（每小题2分，共14分）
11．【分析】（1）改变物体内能的方法：做功和热传递：热传递是能的转移过程，即内能从高温物体向低温物体或从物体的高温部分向低温部分转移的过程；
（2）热量是过程量，只能说吸收或放出，不能说含有；
（3）热传递的条件是有温度差，内能的影响因素：质量、温度和状态。
【解答】解：A、饮料放进冰箱后，温度较高的饮料放出热量、温度降低，饮料将热量传递给冰箱中的空气，而不是将温度传递给冰箱中的空气，故A错误；
B、热量是过程量，只能说吸收或放出，不能说含有，故B错误；
C、是通过热传递的方式改变物体的内能，热传递是能的转移过程，故C正确；
D、饮料放热是因为饮料的温度比冰箱中空气的温度高，内能的影响因素：质量、温度和状态，无法比较内能多少，故D错误。
故选C。
12．【分析】本题可根据对摩擦起电知识的掌握分析答题，毛皮摩擦过的橡胶棒带负电。同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。
【解答】解：摩擦起电的实质是电子的转移，用毛皮摩擦过的橡胶棒，橡胶棒因得到电子而带负电荷；用橡胶棒靠近不带电的验电器的金属球，电子会通过金属球转移到金属箔上，金属箔因带同种电荷相互排斥而张开。
故选：B。
13．【分析】并联电路中，各支路互不影响，根据用电器的工作特点判定电路的连接方式和各个开关的作用。
【解答】解：由题意可知，当房客闭合开关S1，“请勿打扰”灯泡L发光，来访者即便闭合门铃开关S2，门铃R也不发声，此时门铃R可能被短路；只有在S1断开，S2闭合时，门铃才发出“叮咚”声。R的电阻远大于L的电阻，说明灯泡与门铃R串联，S1与门铃R并联，S2在门铃R的支路，故A正确。
故选：A。
14．【分析】（a）图中两电阻串联，电压表V1测量的是电源电压，电压表V2测量的是R2两端的电压；
（b）图中两电阻并联，电流表A1测量的是干路的电流，电流表A2测量的是R2的电流；
根据串并联电路的电流、电压和电阻的特点以及欧姆定律分析。
【解答】解：
（a）图中两电阻串联，电压表V1测量的是电源电压，电压表V2测量的是R2两端的电压；
（b）图中两电阻并联，电流表A1测量的是干路的电流，电流表A2测量的是R2的电流；
AB、因电源电压不变，且R1：R2＝2：1，根据串联电路的分压作用知，
两电阻两端的电压之比为：U1：U2＝R1：R2＝2：1，
电压表V1与电压表V2示数比为：＝＝＝3：1，故AB错误；
CD、因电源电压不变，且R1：R2＝2：1，根据并联电路的分流作用知，
通过两电阻的电流之比为：I1：I2＝R2：R1＝1：2，
电流表A1与电流表A2示数比为：＝＝＝3：2，故C正确，D错误。
故选：C。
15．【分析】由电路图可知，R1与R2串联，电压表V1测电源两端的电压，电压表V2测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。根据电源的电压可知滑片移动时电压表V1示数的变化，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R1两端的电压变化，然后得出电压表V1示数与电流表A示数的比值变化，根据串联电路的电压特点可知R2两端的电压变化，进一步得出电压表V1示数与电流表A示数的比值变化。
【解答】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表V1测电源两端的电压，电压表V2测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。
因电源的电压不变，所以，滑片移动时，电压表V1的示数不变；
当向右移动滑动变阻器滑片P的过程中，接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大，由I＝可知，电路中的电流变小，即电流表A的示数变小，故A错误；
电压表V1的示数不变，电流表A的示数变小，则电压表V1示数与电流表A示数的比值变大，故C错误；
由U＝IR可知，R1两端的电压变小，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，R2两端的电压变大，即电压表V2的示数变大，故B错误；
则电压表V2示数与电流表A示数的比值变大，故D正确。
故选：D。
16．【分析】A、将L1、L2并联，接到电路中，根据并联电路的电压特点可知两灯泡两端的电压相等，从图中可知通过L1的电流大于通过L2的电流，根据P＝UI可知两灯的实际功率的大小关系，实际功率越大，灯越亮；
B、将L1、L2并联，接到3V电源上，从图中可知通过L1的电流小于0.7A，通过L2的电流为0.3A，根据并联电路的电流特点可知干路电流大小，根据P＝UI可知两灯总功率；
C、将L1、L2串联，接到电路中，通过两灯泡的电流相等，从图中可知L1两端的电压小于L2两端的电压，根据P＝UI可知两灯的实际功率的大小关系，实际功率越大，灯越亮；
D、将L1、L2串联，接到8V电源上，结合串联电路的特点和图中数据，得出电路电流值，根据P＝UI得出两灯总功率。
【解答】解：A、将L1、L2并联，接到电路中，根据并联电路的电压特点可知两灯泡两端的电压相等，从图中可知通过L1的电流大于通过L2的电流，根据P＝UI可知L1的实际功率更大，故L1较亮，故A错误；
B、将L1、L2并联，接到3V电源上，从图中可知通过L1的电流小于0.7A，通过L2的电流为0.3A，根据并联电路的电流特点可知干路电流小于0.7A+0.3A＝1A，根据P＝UI可知两灯总功率小于P＝UI＝3V×1A＝3W，故B错误；
C、将L1、L2串联，接到电路中，通过两灯泡的电流相等，从图中可知L1两端的电压小于L2两端的电压，根据P＝UI可知L1的实际功率更小，故L1比L2暗一些，故C错误；
D、将L1、L2串联，接到8V电源上，从图中可知当电路中的电流0.5A时，两灯泡两端的电压分别为2V、6V，根据串联电路的电压特点可知灯泡两端的总电压U＝2V+6V＝8V，两灯总功率P＝UI＝8V×0.5A＝4W，故D正确。
故选：D。
17．【分析】（1）通电导体在磁场受力方向与磁场方向和导体中电流方向有关，磁场方向或导体中电流方向改变时，导体受力方向改变，磁场方向和导体中电流方向都改变，导体受力方向不变；
（2）换向器的作用：改变线圈中的电流方向，使线圈能够持续转动下去；
（3）电动机工作时电能主要转化为机械能，还有一部分转化为内能。
【解答】解：A、线圈abcd转动的工作原理是通电导体在磁场中受磁力的作用，故A错误；
B、线圈由图示位置转过180°时，ab转到右侧，dc转到左侧，线圈中电流通过换向器发生方向改变，ab边受力方向改变，故B错误；
C、线圈转动过程中做切割磁感线运动，也会产生感应电流，故C正确；
D、线圈转动过程中将大部分电能转化为机械能，一少部分转化为内能，故D错误。
故选：C。
三、实验题（每空2分，共16分）
18．【分析】（1）在不同方向都能看到光的传播路径，是由于光在光屏上发生了漫反射而进入我们的眼里；
（2）由光的反射定律可知，反射光线、入射光线和法线在同一平面上。
【解答】解：（1）实验时从光屏前不同的方向都能看到光的传播路径，是由于光屏表面凹凸不平，光在这里发生了漫反射的缘故，故选：A；
（2）由图乙可知，旋转光屏A到位置1，旋转光屏B到位置3时，光屏A和光屏B在同一平面内，此时才能观察到完整光路，说明要观察完整的光路，光屏A、B两部分旋转后要处于同一平面。通过以上操作过程可以得出的结论是光的反射中反射光线、入射光线和法线在同一平面上。
故答案为：（1）A；（2）光的反射中反射光线、入射光线和法线在同一平面上。
19．【分析】（1）产生感应电流的条件：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动。
（2）利用控制变量法结合表格中信息进行解答，感应电流的方向与磁场方向、导体切割磁感线的方向有关。
【解答】解：（1）产生感应电流的条件：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动。对比可知，图D中导体棒ab没有做切割磁感线运动，故D不能产生感应电流。
（2）要探究感应电流方向与磁场方向的关系，应控制导体切割磁感线方向不变，而改变磁场的方向，根据表格信息可知，①、②满足要求；
要探究感应电流方向与导体切割磁感线方向的关系，应控制磁场的方向不变，而改变导体切割磁感线的方向，根据表格信息可知，①、③满足要求；
根据表格信息可知，在②、③中，同时改变了磁场方向和导体切割磁感线的方向，观察到灵敏电流计指针偏转方向相同，说明感应电流方向不变；
因此，可知感应电流方向与磁场方向和导体切割磁感线方向有关。
故答案为：（1）D；
（2）①②。
20．【分析】（1）根据滑片向右移动电流表示数变小确定变阻器左下接线柱连入电路中；
（2）闭合开关试触时发现电流表的指针向零刻度线的左边偏转，说明电流表正负接线柱接反了，据此分析回答；
（3）分析实验数据得出结论；
（4）分析开关转换时电路的连接及电压表测量的电压，根据串联电路电压的规律和分压原理得出滑动变阻器最大阻值Rx的表达式。
【解答】解：（1）要求滑片向右移动电流表示数变小，即电阻变大，故变阻器左下接线柱连入电路中，如下所示：

（2）闭合开关试触时发现电流表的指针向零刻度线的左边偏转，说明电流表正负接线柱接反了，接下来的操作步骤：交换电流表正、负接线柱的连线；
（3）根据实验数据可知，电压增大为原来的几倍，通过的电流也增大为原来的几倍，可得出：电阻不变时，通过电阻的电流和电阻两端的电压成正比；
（4）①闭合开关S，将滑动变阻器的滑片移至最左端，电路中只有定值电阻，读出电压表的示数为U1，即电源电压；
②将滑动变阻器的滑片移至最右端，两电阻串联，电压表测定值电阻的电压，读出电压表的示数为U2。
根据串联电路电压的规律，待测电阻的电压为：Ux＝U1﹣U2；
根据分压原理有：
；
滑动变阻器最大阻值Rx的表达式：
Rx＝。
故答案为：（1）见解析中的图；（2）交换电流表正、负接线柱的连线；（3）电阻不变时，通过电阻的电流和电阻两端的电压成正比；（4）。
四、推导与计算题（第21题6分，第22题6分，第23题8分，共20分）
21．【分析】（1）比较甲、乙电子秤示数可计算出容器里注满水后，水的质量，根据密度公式的变形式V＝可计算出水的体积V水，容器的容积V容＝V水；
（2）由题干提供的数据可计算出长方体空心容器总体积V总，容器材料的体积V材料＝V总﹣V容；
（3）根据密度公式可计算出容器材料的密度。
【解答】解：（1）容器里注满水后，水的质量为：m水＝m总﹣m容器＝450g﹣250g＝200g，
根据密度公式得，水的体积为：V水＝＝200cm3，容器的容积V容＝V水＝200cm3；
（2）由题知，长方体空心容器总体积为：V总＝6cm×5cm×10cm＝300cm3，
容器材料的体积V材料＝V总﹣V容＝300cm3﹣200cm3＝100cm3；
（3）容器材料的密度为：ρ＝＝2.5g/cm3。
答：（1）容器的容积为200cm3；
（2）容器材料的体积为100cm3；
（3）容器材料的密度为2.5g/cm3。
22．【分析】（1）由图可知，电路为R1的简单电路，根据欧姆定律求出电源电压；
（2）若在虚线所框的部分电路中接入一个电阻R2，使得接入前后电流表的示数变化0.3A，连接方式有两种，一是将R2串联在电路中，电路中电流应减小0.3A，利用之前的电流算出此时电路中的电流，根据R＝求出电路的总电阻，根据电阻的串联求出R2的阻值；二是将R2并联在电路中，电路中电流应增加0.3A，根据并联电路电流特点，增加的0.3A即为通过R2的电流，根据R＝求出R2的阻值。
【解答】解：（1）电路为R1的简单电路，由欧姆定律可知，电源电压：
U＝U1＝I1R1＝0.6A×10Ω＝6V；
（2）若在虚线所框的部分电路中接入一个电阻R2，使得接入前后电流表的示数变化0.3A，连接方式有两种：
一是将R2串联在电路中，电路中电流应减小0.3A，此时电路中电流为：
I串＝I1﹣0.3A＝0.6A﹣0.3A＝0.3A，
电路中总电阻为：
R总＝＝＝20Ω，
R2的阻值为：
R2＝R总﹣R1＝20Ω﹣10Ω＝10Ω；
二是将R2并联在电路中，电路中电流应增加0.3A，根据并联电路电流特点可知，增加的0.3A即为通过R2的电流，即I2＝0.3A，R2的阻值为：
R2＝＝＝20Ω。
答：（1）电源电压U＝6V；
（2）若将R2串联在电路中，R2的阻值为10Ω；若将R2并联在电路中，R2的阻值为20Ω。
23．【分析】（1）开关接入电路时应与火线相连，据此连接电路；
（2）两开关都闭合，两电阻并联接入电路，并联电路各并联支路两端电压相等，两电热丝阻值相等，由P＝UI＝可知两电阻丝的功率相等，
电路总功率等于各部分功率之和，首先计算电热丝R1的功率，再根据P＝UI＝可计算电热丝R1的阻值。
（3）根据P＝求出电热水器消耗的电能，根据η＝×100%求出水吸收的热量，根据Q吸＝cmΔt求出水升高的温度。
【解答】解：（1）开关接入电路时应与火线相连，所以b接火线，a接零线；如图：
；
（2）两开关都闭合时，两电阻并联接入电路，并联电路各并联支路两端电压相等，两电热丝阻值相等，由P＝UI＝可知两电阻丝的功率相等，
电路总功率等于各部分功率之和，所以电热丝R1的功率：P1＝P＝×2200W＝1100W，
电热丝R1的阻值：R1＝＝＝44Ω；
（3）由P＝可知，电热水器消耗的电能：W＝P加热t＝2200W×5×60s＝6.6×105J，
由η＝×100%可知，水吸收的热量：Q吸＝ηW＝84%×6.6×105J＝5.544×105J，
由Q吸＝cmΔt可知，水升高的温度：Δt＝＝＝13.2℃。
答：（1）见解答图；
（2）电热丝R1的阻值是44Ω；
（3）以最大额定功率工作5min消耗的电能有84%被水吸收可以将10kg水温度升高13.2℃。