物理（广东省卷）-学易金卷：2023年中考物理第二次模拟考试卷

2023年中考物理第二次模拟考试卷

物理·全解全析

第Ⅰ卷

一、选择题（本大题共7小题，每小题3分，共21分．在每小题给出的四个选项中，只有一个选项是符合题目要求的）

1．B

【详解】A、用车时需要使用手机扫取共享单车上的二维码，这是利用电磁波传递信息的，故A错误；B、车坐垫做的较宽，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；故B正确；C、共享单车对水平地面的压力与共享单车的重力没有作用在同一物体上，故不是平衡力，故C错误；D、停止蹬车车将慢慢停下来，原因是电动车受到阻力作用．说明力是改变物体运动状态的原因，故D错误．故选B．

点睛：（1）根据电磁波的应用分析；（2）减小压强的方法：是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；是在受力面积一定时，通过减小压力来减小压强；（3）据平衡力的条件判断即可；（4）物体的运动不需要力来维持，力是改变物体运动状态的原因．

2．A

【详解】A．碳纳米管被巨大的压力压扁后，撤去压力，碳纳米管能立即恢复原状，说明其弹性很好，所以可以制作高铁的减震装置，故A符合题意；

B．火箭的外壳要耐高温，而题干信息中没有说明碳纳米管是否具有耐高温的性质，故B不符合题意；

C．制作电线的外皮必须是绝缘体，而碳纳米管表现出良好的导电性，不安全，故C不符合题意；

D．消防外套的材料的隔热性很好，而碳纳米管有良好的导热性能，所以不能制作消防外套，故D不符合题意。

故选A。

3．A

【详解】解答：A. 搅拌菜肴后比不搅拌时闻起来更香是通过搅拌使菜肴中的香料与菜肴混合均匀，不能说明分子在不停地做无规则运动，故A错误；B. 油的沸点高于水的沸点，炸鸡翅脆香可口是利用了油的沸点比水的沸点高的原理使水沸腾去除食物中的水分，故B正确；

C. 煮饭的高压锅盖喷嘴喷出的“白气”慢慢消失了，是小水滴汽化为水蒸气，所以“白气”的消失是汽化现象，故C正确；D. 蒸鱼时，鱼从水蒸气中吸收热量温度升高，是利用热传递来改变食物的内能的，故D正确．故选A.

4．C

【详解】A．平面镜成像，其形成原理是光的反射，故A不符合题意；

B．海市蜃楼是光经过不同密度的空气层后发生折射，使远处景物显示在半空中或地面上的奇异幻景，不是光的色散现象，故B不符合题意；

C．雨后天空出现彩虹，是由于太阳光照到空气中的小水滴上，被分解为绚丽的七色光，是光的色散现象，故C符合题意；

D．日食的形成，是光的直线传播现象，故D不符合题意。

故选C。

5．A

【详解】A．高大建筑物的顶端都安装有避雷针，可以将雷电产生的强大电流传入到地下，避免雷电事故的发生，故A正确；

B．当家用电器的总功率过大时，引起电路中的电流过大，容易引起火灾，故B错误；

C．当天线与电线接触时，可能会导致电视天线成了带电体，容易造成触电事故，故C错误；

D．灯的正确接法是：火线首先进开关，再入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套，故D错误。

6．D

【详解】A．在0∼t3过程中，小球刚与弹簧接触，与弹簧接触后，先做加速度不断减小的加速运动，当弹力增大到与重力平衡时t1时刻，即加速度减为零时，速度达到最大，t2、t3三个时刻，由于能量的损失，总的机械能在减小，所以，开始的0时刻机械能最大，故A错误；

B．由图可知当弹力与重力平衡时，弹簧的长度为40cm，由于此时弹簧处于压缩状态，所以弹簧原来的长度应大于40cm，故B错误；

C．在0∼t1过程中，t1时刻速度达到最大，重力势能最小，但不为零，此时t1时刻小球已经压缩弹簧，弹簧具有弹性势能，所以小球重力势能并不是全部转化为动能，故C错误；

D．在t1、t2、t3三个时刻，由于能量的损失，t1时刻的速度最大，所以小球的动能在t1时刻最大，故D正确。

故选D。

7．D

【详解】A．灯泡正常发光时，电路中电流为

移动滑片P至某一位置，电压表测R2两端电压，电压表和电流表示数分别为1V和0.5A，此时灯泡两端电压为6V，R1两端电压为

U1=IR1=0.5A×6Ω=3V

则电源电压为

U=U1+U2+U灯=3V+1V+6V=10V

故A错误；

B．当电流表示数为0.3A时，R1两端的电压为

灯泡两端电压为

R1和L两端的电压之比为

故B错误；

C．滑动变阻器R2的滑片P在最右端时，灯泡L的实际功率为

故C错误；

D．滑动变阻器R2的滑片P在最左端时，灯泡L要正常发光，串联电阻两端电压为

串联电阻阻值为

故D正确。

故选D。

第Ⅱ卷

二、填空题（本大题共7小题，每空1分，共21分）

8．     化学     负     3

【详解】[1]伏打电池内部发生化学变化产生电能，因此伏打电池将化学能转化为电能。

[2]由电压表从“3”接线柱流入，“-”接线柱流出可知，锌板是电池的负极。

[3]电压表选择的小量程，示数为0.5V，即伏打电池的电压为0.5V。一节新干电池的电压为1.5V，故需要3节这样的电池才能达到一节新干电池的电压。

9．     接触面的粗糙程度     大气压     深度

【详解】[1]矿泉水瓶瓶盖上有竖状条纹，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。

[2]在瓶中装满水，盖紧瓶盖后，在扎了三个小孔，由于大气压的作用，可以观察到没有水从小孔流出来。

[3]由于液体内部存在压强，且压强大小随深度的增加而增大；因此当他打开瓶盖后，会观察到水从三个小孔流出来，其中下孔流出的水喷得最急或喷得最远。

10．     可以     相同     高

【详解】[1]遥控器利用红外线来工作，故遥控器可以利用乙来遥控电视机。

[2]电磁波的传播不需要介质，不同频率的电磁波在真空中的波速相同，都等于真空中的光速

 [3]由图（b）可知X射线红外线波长要小，由 可知，波长越小，频率越高，故X射线的频率比乙高。

11．     北     等于     小于

【详解】（1）[1]由图示可知，当闭合开关S1时，螺线管左端的磁极为北极；

（2）[2]闭合开关S1、S2，电流表示数为I，保持GMR位置不变，将电源的正负极对调，GMR位置处的磁场强弱不变，所以此时电流表的示数将等于I。

[3]将GMR移至螺线管的上方的中间位置，由于此处的磁场较弱，GMR的阻值将变大，电源电压不变，根据I=可得电路中的电流减小，所以电流表的示数将小于I。

12．     5×105     增大     不变

【详解】[1]潜水器完全潜入水中时所受的浮力

F浮＝ρ海水gV排＝1.0×103kg/m3×10N/kg×50m3＝5×105N

[2][3]当载人潜水器继续下潜时，潜水器在水下的深度增大，但潜水器排开海水的体积和海水的密度不变，根据p＝ρ海水gh可知潜水器受到海水的压强增大；由F浮＝ρ海水gV排可知，潜水器受到的浮力不变。

13．     方向     力     近

【详解】[1]旗杆顶端的滑轮是一种简单机械，升旗时不随红旗一起升降为定滑轮，使用这种滑轮的目的是改变力的方向。

[2][3]园艺工人修剪树枝时使用的剪刀，由图可知使用这种剪刀时，动力臂长，阻力臂短，可以省力，如果树枝太硬不容易剪断，可以使树枝到支点O的距离变近一些，减小阻力臂。

14．     重度     变小     不变

【详解】[1] 由电路图可知，闭合开关S后，定值电阻R0与可变电阻R串联，电压表测R0两端的电压U0，电流表测电路中的电流I。因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，当电压表示数为1.5V时，可变电阻R两端的电压

因串联电路中各处的电流相等所以，此时电路中的电流

解得R=10Ω，由图乙可知，甲醛污染指数大于100，属于重度污染。

[2]由图乙可知，当污染指数减小时，可变电阻R的阻值变大，电路的总电阻变大，由 可知，电路中的电流变小，即电流表的示数将变小。

[3]由可知电压表与电流表示数的比值等于定值电阻R0的阻值，故其比值不变。

三、作图题（本大题共3小题，第15题3分，第16题2分，第17题2分，共7分）

15．【答案】

【详解】首先，过入射点做垂直于界面的法线，其次，根据光的反射定律作出反射光线，最后，根据光的折射定律可知，光从空气斜射入玻璃，折射光线要靠近法线，如图所示。

16．【答案】

【详解】由于空缆车随缆绳做匀速直线运动，所以轿厢受到的重力和拉力是一对平衡力，如图所示。

17．【答案】

【详解】由题意可知，灯泡和风扇可以单独工作，因此它们是并联的，若只闭合开关S1，灯泡不亮，说明S2在干路上，S1和灯泡串联，只控制灯泡，如图所示。

四、实验题（本大题共3小题，第18题6分，第19题6分，第20题7分，共19分）

18．【答案】（1） 36.5    ；（2） 3.6    （3） N     （4）2035   （5）① B      ②9    

【详解】（1）[1]如图，体温计一个大格表示1℃，分10个小格，因此它的分度值为0.1℃，因此它的读数为36.5℃

（2）[2]如图，弹簧测力计上1N之间有5个小格，一个小格代表0.2N，即此弹簧测力计的分度值为0.2N，弹簧测力计的示数为3.6N。

（3）[3]如图，根据安培定则，用右手握住螺线管，四指的方向和电流方向相同，那么大拇指所指的A端即为通电螺线管的N极。

（4）[4]由图知，该电阻箱的示数为

（5）[1]天平的调平都向指针偏向的反方向调节平衡螺母，指针静止时指在分度盘中央刻度线的右侧，所以把横梁右端螺母向左旋进一些来调节天平平衡，故选B。

（6）[2]由图可知，标尺的分度值为0.2g，所以蜡块的质量为

m=5g+4g=9g

19．【答案】  （1）10.0     （2）同一高度     放大     投影仪     右    3）     完整

【详解】（1）[1]焦距指焦点到光心的距离，由图可知，该凸透镜的焦距为10.0cm。

（2）[2]蜡烛、凸透镜、光屏，三者在同一条直线上，三者的中心大致在同一高度，像才能呈现在光屏的中央。

[3]当蜡烛距凸透镜的位置如乙图所示时，物距在一倍焦距和二倍焦距之间，由凸透镜成像规律可知，移动光屏，可以在光屏上得到一个清晰的倒立、放大的实像。

[4]投影仪也是成倒立、放大的实像，故选填投影仪。

[5]将蜡烛移到距凸透镜5cm处，物体位于一倍焦距之内，成正立、放大的虚像，光屏上没有像；这时应从乙图所示中的右侧透过凸透镜直接观察。

（3）[6]实验时有只甲虫停在了凸透镜上，挡住了一部分光线，其他部分光线仍能透过，成像性质不会变化，此时光屏上烛焰的像是完整的。

20．【答案】（1）  （2）   A    （3） 2.7     左    （4） 0.75     R2    （5） 大

【详解】（1）[1]滑动变阻器与灯泡串联，一上一下的接，滑片右移灯泡变亮，即电流变大，电阻变小，故滑动变阻器接右下接线柱，上接线柱随便接，如下所示

（2）[2]A．因移动滑片导致灯泡忽灭忽亮，因此说明滑动变阻器的滑片P接触不良，故A符合题意；

B．若小灯泡短路，灯泡一直都不发光，故B不符合题意；

C．若滑动变阻器短路，电路中的电流不变，灯泡一直发光，不会出现忽明忽暗的现象，故C不符合题意；

D．若滑动变阻器断路时，电路中没有电流，灯泡不会发光，故D不符合题意。

故选A。

（3）[3][4]小灯泡额定电压为2.5V，则图乙中电压表的量程为0~3V，分度值为0.1V，示数为2.7V。此时电压表示数大于灯泡额定电压，要使电压表的示数减小为额定电压，由串联分压的规律可知，需增大滑动变阻器两端电压，即增大滑动变阻器接入电路的阻值，故将滑片向左移动。

（4）[5][6]灯泡正常发光时，其电压为

由图丙的图像可知，此时电路中的电流为

小灯泡的额定功率

灯泡正常发光时，由串联电路的电压特点可得，此时滑动变阻器两端电压

此时滑动变阻器接入电路的阻值

由图丙可知，当电压表示数为0.5V时，滑动变阻器接入电阻的阻值为40Ω，因此本实验中应该选择规格为“50Ω 2A”的滑动变阻器，即选R2。

（5）[7]图中电压表测量值准确，电压表工作与小灯泡并联，由于电压表中有微小的电流流过，根据并联电路电流的分配规律可知，干路中的电流等于流过小灯泡的电流与流过电压表的电流之和，电流表测量干路电流，则电流表示数大于实际通过小灯泡的电流，根据，所测量的额定功率偏大。

五、计算题（本大题共2小题，第21题7分，第22题6分，共13分）

21．【详解】解：（1）由题意可知，小明骑该车在平直的公路上匀速行驶4km用了12min，所走的路程，需要的时间

根据速度公式可知，测试时该车匀速行驶时的速度

测试时该车匀速行驶时的速度为20km/h。

（2）测试时这台折叠电动车匀速行驶时对地面的压力，大小等于这台电动车的重力和小明的重力之和，即

对地面的压力为700N；此时电动车车轮与地面的总接触面积为4×10-3m2，则根据压强公式可知，对地面的压强

测试时这台折叠电动车匀速行驶时对地面的压强为1.75×105Pa。

（3）测试时这台折叠电动车，小明骑在上面，由（2）解析可知，这台电动车的重力和小明的重力之和为700N，而受到的阻力f为总重的0.05倍，则阻力大小

受到的阻力大小为35N。

答：（1）测试时该车匀速行驶时的速度为20km/h；

（2）测试时这台折叠电动车匀速行驶时对地面的压强为1.75×105Pa；

（3）测试时这台折叠电动车所受的阻力为35N。

22．【详解】解：（1）由图丙知，温度为30%时，R的阻值为40Ω。

（2）由图乙知，定值电阻R0与湿敏电阻R串联在电路中，电压表测湿敏电阻两端的电压，电流表测电路中的电流。当电流表的示数为0.3A时，定值电阻两端的电压

U0=IR0=0.3A×20Ω=6V

湿敏电阻两端的电压，即电压表的示数

U1=U-U0=12V-6V=6V

（3）由题意知，电压表的量程为0~9V，则电压表的示数最大为9V，此时定值电阻R0两端的电压

U01=U-U2=12V-9V=3V

据串联电路的分压特点有

9V∶3V=R1∶20Ω

所以湿敏电阻的最大阻值R1=60Ω，由图丙知，温度越大，湿敏电阻的阻值越大，所以该装置能监测的温度最大值为50%。

答：（1）温度为30%时，R的阻值为40Ω；

（2）电流表的示数为0.3A时，电压表的示数为6V；

（3）该装置能监测的温度最大值为50%。

六、综合题（本大题共3小题，第23题7分，第24题6分，第25题6分，共19分）

23．【答案】（1）重物     多     大     （2）小明     没有控制受力面积相同     受    （3） B

【详解】（1）①[1]实验中，重物从高处落下撞击小桌，通过小桌下陷的深度判定重物重力势能的大小，所以实验探究的是重物的重力势能。

②[2][3]根据

同一个重物的重力不变，从不同高度落下，高度越高，能够对外做功越多，小桌下陷的深度越大，说明它的重力势能越大。

（2）①[4][5]在分析压力作用效果与压力大小的关系时，根据控制变量法可知，实验中需要控制受力面积相同，改变压力的大小；小雨选择甲、乙两次实验进行比较，甲、乙的压力不同，受力面积相同，压力越大，小桌下陷的深度越大，压力作用效果越明显；小明选择甲、丙两次实验进行比较，甲、丙的压力不同，受力面积不同，所以不能得出正确的结论。故小明的结论是错误的，原因是没有控制受力面积相同。

②[6]根据乙和丙可知，压力的大小相同，受力面积不同，受力面积越大，压力的作用效果越不明显，所以压力的作用效果与受力面积的大小有关。

（3）[7]上述探究过程中都通过小桌陷入沙子的深度来显示压力作用效果，采用的是转换法。

A．测量物体运动的速度时，实验原理是，采用的是公式法，故A不符合题意；

B．探究物质的吸热能力时，根据温度计升高的示数来显示物质吸热能力的大小，采用的是转换法，故B符合题意；

C．探究电流与电压、电阻的关系时，采用的是控制变量法，故C不符合题意。

故选B。

24．【答案】 （1）气液混合态    （2） 增大压强     液化     放热         （3） 7.2×1012     600

【详解】（1）[1]二氧化碳被施加高压后，变为临界状态的流体，被送进制冷盘，所以制冷盘中的二氧化碳是气液混合状态。

（2）[2][3][4]由乙图可知二氧化碳在压缩机内为高温高压临界液体，所以压缩机是通过增大压强的方法使二氧化碳发生液化，液化是一个放热过程。

（3）[5]冰丝带在制冷环节每年能节约电能

W=200×104×3.6×106J=7.2×1012J

[6]“冰丝带”每年相当于节约燃煤的质量

25．【答案】（1） 半导体   （2）  2    （3） D     （4）2.592×105J    （5） 200   （6）  左

【详解】（1）[1]制造智能机器人芯片所使用的材料热敏电阻 RT的阻值随温度变化，是半导体材料。

（2）[2]机器人的最大速度为

运动的路程为

由

可知到达充电器需要的时间为

（3）A．摄像头相当于照相机，成倒立、缩小的实像，故 A 错误；

B．温度高于绝对零度的任何物体都能发出红外线， 红外测温仪接收人体发射的红外线进行测温，故B错误；

C．影响动能大小的因素有物体的质量和速度， 水平路面上匀速行驶的机器人运动速度不变， 但随着喷雾消毒的 进行质量在减小，故动能减小，故C错误；

D．声音既可以传递能量也可以传递信息，听到“体温正常”才可以进入，说明声音可以传递信息，故 D 正确。

故选D。

（4）[4]机器人的电池容量为4000mAh，若充电电流为I，充电时间为t，可知满足

充电电压

则充满电时存储的电能大小为

（5）[5]由乙图可知热敏电阻和滑动变阻器串联接入电路，电压为

最小报警电流为

由欧姆定律可知达到最小报警电流时的电路总电阻为

由丙图可知温度到达37.3℃时热敏电阻的阻值为

由串联电路的总电阻等于各电阻之和可知，此时滑 动变阻器的阻值为

故闭合开关前应将滑动变阻器的阻值调到200Ω处。

（6）[6]由丙图可知，报警温度调低时热敏电阻的阻值增大， 而最小报警电流的大小不变， 则电路总电阻不变， 由串联电路电阻为各电阻之和可知，此时应减小滑动变阻器接入电路中的电阻大小，故滑动变阻器滑片应向左移动。