高中物理学业水平合格性考试模拟测试卷(六)含答案

这是一份高中物理学业水平合格性考试模拟测试卷(六)含答案，共25页。试卷主要包含了单选题Ⅰ，单选题Ⅱ等内容，欢迎下载使用。
高中学业水平合格性考试模拟测试卷(六)
(时间：60分钟　满分：100分)
班级：__________　　姓名：__________　　考号：__________
一、单选题Ⅰ：本大题共40小题，每小题2分，共80分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．
1．在国际单位制中，下列单位属于力学基本单位的是(　　)
A．J B．kg
C．W D．A
2．在某校举行的创新设计大赛上，某班“科技之光”兴趣小组设计了一种音乐钟，该音乐钟每隔一段相等的时间就发出一段1分钟的美妙乐声．已知上午9时和9时41分发出乐声．下列有关该音乐钟的说法正确的是(　　)
A．上午9时和9时41分发出乐声，9时和9时41分指的是时间间隔
B．该音乐钟每隔40分钟发出一次乐声，每隔40分钟指的是时间间隔
C．该音乐钟持续发出1分钟的美妙乐声，1分钟指的是时刻
D．该音乐钟在上午10时22分时会再次发出乐声，10时22分指的是时间间隔
3．物理是一门以实验为基础的学科，要用到很多测量仪器，下列哪种仪器测量的不是国际单位制中的基本量(　　)

4．一个质点做直线运动，其v­t图像如图所示．该质点运动的初速度和加速度大小分别为(　　)

A．0，5 m/s2 B．4 m/s，0
C．5 m/s，2.5 m/s2 D．2.5 m/s，5 m/s2
5.如图所示，一物体静止在斜面上，则斜面对物体的作用力方向(　　)

A．沿斜面向上 B．垂直于斜面向上
C．竖直向上 D．无法判断
6．用三根轻绳将质量为m的物块悬挂在空中，如图所示．已知ac和bc与竖直方向的夹角分别为30°和60°，重力加速度为g，则ac绳和bc绳中的拉力大小分别为(　　)

A.mg，mg B.mg，mg
C.mg，mg D.mg，mg
7．关于牛顿第二定律，以下说法正确的是(　　)
A．由牛顿第二定律可知，加速度大的物体所受的合力一定大
B．牛顿第二定律说明了质量大的物体的加速度一定小
C．由F＝ma可知，物体所受到的合力与物体的质量成正比
D．对同一物体而言，物体的加速度与物体所受到的合力成正比，而且在任何情况下，加速度的方向始终与物体所受的合力方向一致
8．如图是某同学站在压力传感器上做下蹲－起立的动作时传感器记录的压力随时间变化的图线，纵坐标为压力，横坐标为时间．由图线可知，该同学的体重约为650 N，除此以外，还可以得到以下信息(　　)

A．1 s时人处在下蹲的最低点
B．2 s时人处于下蹲静止状态
C．0～4 s内该同学做了2次下蹲－起立的动作
D．下蹲过程中人始终处于失重状态
9．如图所示，有A、B两物体，mA＝2mB，用细绳连接后放在光滑的固定斜面上，在它们下滑的过程中(　　)

A．它们的加速度a＝gsin θ
B．它们的加速度aQ2，规定沿x轴正方向为电场强度正方向．在0～x0之间，电场强度E随位置坐标x的变化图像可能正确的是(　　)


A　　　　　　　　B

C　　　　　　　　D
45.“歼­20”是中国自主研制的双发重型隐形战斗机，该机将担负中国未来对空、对海的主权维护任务．在某次起飞中，质量为m的“歼－20”以恒定的功率P起动，其起飞过程的速度随时间变化图像如图所示，经时间t0飞机的速度达到最大值为vm时，刚好起飞．关于起飞过程，下列说法正确的是(　　)

A．飞机所受合力不变，速度增加越来越慢
B．飞机所受合力增大，速度增加越来越快
C．平均速度＝
D．该过程克服阻力所做的功为Pt0－mv
参考答案
1．B　在国际单位制中，力学基本单位有m、s、kg，故选B.
2．B　9时和9时41分在时间轴上对应一个点，所以表示时刻，故A错误；40分钟在时间轴上对应一个时间段，所以表示时间间隔，故B正确；1分钟对应一个时间段，表示时间间隔，故C错误；10时22分对应时间点，表示时刻，故D错误．故选B.
3．A　天平是测量质量的仪器，质量是国际单位制中的基本量；秒表是测量时间的仪器，时间是国际单位制中的基本量；螺旋测微器是测量长度的仪器，长度是国际单位制中的基本量．弹簧测力计测量的是力，而力不是国际单位制中的基本量，即弹簧测力计测量的不是国际单位制中的基本量．故选A.
4．C　由图像可知，v0＝5 m/s，图像的斜率表示加速度
a＝＝ m/s2＝2.5 m/s2
故选C.
5．C　物体受三个力，重力、支持力和摩擦力，斜面对物体的作用力是支持力与摩擦力的合力，与重力等大反向，选C.
6．A　对结点c受力分析如图所示，设ac绳上的拉力为F1、bc绳上的拉力为F2，根据平衡条件知F1、F2的合力F与重力mg等大、反向，由几何知识得F1＝Fcos 30°＝mg，F2＝Fsin 30°＝mg.选项A正确．

故选A.
7．D　加速度是由合力和质量共同决定的，故加速度大的物体所受的合力不一定大，质量大的物体的加速度不一定小，选项A、B错误；物体所受到的合力与物体的质量无关，选项C错误；由牛顿第二定律可知，同一物体的加速度与物体所受的合力成正比，并且加速度的方向与合力方向一致，选项D正确．故选D.
8．B　人在下蹲的过程中，先加速向下运动，此时加速度方向向下，故人处于失重状态，最后人静止，故后半段是人减速向下的过程，此时加速度方向向上，人处于超重状态，故下蹲过程中人先失重后超重，故D错误；在1 s时人向下的加速度最大，故此时人并没有静止，它不是下蹲的最低点，故A错误；2 s时人已经历了失重和超重两个过程，故此时处于下蹲静止状态，故B正确；该同学在前2 s时是下蹲过程，后2 s是起立的过程，所以共做了1次下蹲－起立的动作，故C错误．故选B.
9．A　选A、B整体为研究对象进行受力分析，合外力为重力沿斜面向下的分力，由
F＝m总a，
可得a＝＝gsin θ，
再隔离B进行受力分析，设绳上拉力为FT，则对于B有
＝a，
可得FT＝0.
故选A.
10．B　合力与速度不共线时物体做曲线运动．故选B.
11．B　根据向心力公式得F向＝m
故选B.
12．D　第谷通过长期观测记录了各行星环绕太阳运动(公转)的大量数据，开普勒认为行星公转轨道应该是椭圆，然后通过数学推理，发现了行星运动三定律．故选D.
13．D　由m＝ρ·πR3
可知，两球半径加倍后，其质量为
m′＝8m，
又r′＝2r，由万有引力定律
F＝，
可得F′＝，F′＝16F，
故选D.
14．C　运动员下落时间只与竖直方向上的运动有关，与风力的大小无关，故A错误，C正确；运动员在水平方向上受到风力的作用会有速度，风力越大，则水平方向的速度越大，运动员着地时的速度不是竖直向下的，且速度的大小与风力有关，故BD错误．故选C.
15．C　时针的周期为12 h，分针的周期为1 h，秒针的周期为 h，故BD错误；根据ω＝
由于时针的周期最大，可知时针的角速度最小，故A错误；分针的周期小于时针的周期，则分针的角速度大于时针的角速度，根据
v＝ωr
分针尖端的半径大于时针尖端的半径，故分针尖端的线速度大于时针尖端的线速度，故C正确．
故选C.
16．C　电阻的大小只与自身材料，长度，横截面积等因素有关，与其两端的电压和通过电阻的电流的大小无关，是导体本身的性质，故A、B、D错误，C正确．故选C.
17．A　由c＝λf
代入数据得
f＝6×107 Hz
18．D　矩形线框的磁通量发生变化，才能产生感应电流．故选D.
19．A　放入磁场中某点的小磁针，静止时N极所指的方向就是该点磁场的方向，可以判断A正确，B、C、D错误．
20．A　根据闭合电路欧姆定律I＝，可知
U＝IR＝E－Ir＝R
U内＝Ir＝E－IR
故选A.
21．A　伽利略对自由落体运动研究方法的核心是把实验和逻辑推理(包括数学演算)结合起来，从而发展了人类的科学思维方式和科学研究方法，故A项正确；牛顿正确认识运动和力的关系，同时建立惯性定律，故B项错误；牛顿运动定律是研究动力学问题的基石，牛顿三定律适用于宏观、低速的运动情景，对于微观、高速的运动情景不适用，故C项错误；牛顿发现了万有引力定律，卡文迪许测出了引力常量的数值，故D项错误．故选A.
22．B　分析列车总运行时间和总里程的时候班列的大小可以忽略，可以看作质点，A错误，B正确；列车的长度和阿拉山口比较不能忽略不计，列车不能看作质点，CD错误．故选B.
23．C　对木块受力分析，木块受重力、支持力、F1、F2和静摩擦力，根据共点力平衡条件
F1＝F2＋f，
解得
f＝8 N，
方向向左．
C正确，A、B、D错误．
故选C.
24．B　下降过程加速度先向下，后向上，经历先失重，后超重过程，故A错误；平均速度均为最大速度的一半，故B正确；合力冲量方向相反，自由落体阶段向下，制动阶段向上，故C错误；制动阶段机械能减少，故D错误．故选B.
25．A　由图可知，甲车的初速度等于2v0，在t1时间内，甲车的位移为
x＝t1＝，
乙车的位移
x′＝＝x，
若甲、乙在t1时刻相遇，则
x0＝x－x＝x，
故A正确；v­t图像斜率表示加速度，则有甲的加速度大小为
a甲＝，
乙的加速度大小为
a乙＝，
所以甲、乙的加速度大小相等，故B、C、D错误．故选A.
26．A　测得O、Q连线与竖直方向的夹角为θ，即水平速度与末速度的夹角为θ，根据平行四边形定则可得
cos θ＝，
解得
vQ＝，
A正确；故选A.
27．B　根据题意得，当牵引力等于摩擦力时，匀速运动，根据P＝Fv得：f＝；当速度为v/3时，牵引力F′＝＝，根据牛顿第二定律：F′－f＝ma，联立解得：a＝，A、C、D错误，B正确．
28．B　摩天轮在运动过程中做匀速圆周运动，乘客的速度大小不变，则动能不变，但高度变化，重力势能在变化，故A错误；在摩天轮转动一周的过程中，动能的变化量为零，由动能定理知，合力对乘客做功为零，故B正确；在最低点时，由重力和支持力的合力提供向心力F，向心力指向上方，所以
Fn＝N－mg
则支持力
N＝mg＋Fn
所以座椅对他的支持力大于重力，故C错误；在摩天轮转动的过程中，乘客的重力大小不变，速度大小不变，但是速度方向时刻在变化，竖直分速度在变化，所以重力的瞬时功率在变化，故D错误．故选B.
29．C　设AB的质量分别为2m和m，撤去F之前， 对物体B
T－μmg＝ma，
解得
T＝ma＋μmg，
撤去F的瞬间，弹簧的弹力不变，则B的加速度不变，仍为a；
A受到的合力为
FA＝T＋μ·2mg＝ma＋3μg，
则A的加速度
aA＝＝(a＋3μg)，
故选C.
30．A　对汽车，静摩擦力提供向心力，故当摩擦力最大时，速度最大
0．8 mg＝m，
解得
v＝24 m/s，
故A正确；
汽车做圆周运动，受到重力，支持力和摩擦力，合力提供向心力，故所受的合力一定不为0，故B、C、D错误；故选A.
31．C　由题意可知，tan60°＝，则v2＝v1，故A正确，BCD错误．故选C.
32．D　根据G＝mr，
可得T＝2π，
知空间站的周期小于同步卫星的周期T，故A错误；
第一宇宙速度为环绕地球做圆周运动的最大速度，所以空间站的速度小于v，故B错误；
根据ω＝，
可知空间站的角速度大于，故C错误；
在地球表面有G＝mg，
根据G＝ma，
可知空间站的加速度小于g，故D正确．
33．A　地球模型处于静止状态，受到重力和支架对地球模型的作用力，由平衡条件可得，支架对地球模型的作用力竖直向上，大小为G，故选 A.
34．D　大树、山顶、山脊的凉亭、楼顶等地方是表面具有突出尖端的导体，可能使其周围的空气发生电离而引发尖端放电，故不能避雷雨，故②错误，①③正确；在空旷地带使用手机通话，手机很有可能成为闪电的放电对象，故④正确．综上可知故D正确，A、B、C错误．故选D.
35．C　梳子与头发摩擦会产生静电，吸起纸屑，是静电现象，A不符合题意；利用避雷针使建筑物避免遭受雷击，这是静电现象，B不符合题意；通过线圈的磁感应强度发生变化，线圈中产生感应电流，属于电磁感应问题，不属于静电现象，C符合题意；从干燥的地毯上走过，手碰到金属把手时有被电击的感觉是由于摩擦会产生静电，也是静电现象，D不符合题意．故选C.
36．C　当磁铁转动时，由于电磁感应，速度盘也会随磁铁发生转动，但会略有滞后，故A错误；在速度盘转动的过程中，穿过整个速度盘的磁通量不发生变化，故B错误；当磁铁转动时，在速度盘中会产生感应电流，感应电流在磁铁产生的磁场中受到安培力，安培力驱使速度盘转动，故C正确；速度盘中的感应电流是由电磁感应产生的，不是速度盘中的自由电子随圆盘转动形成的，故D错误．故选C.
37．B　奥斯特首先发现了电流的磁效应，选项A错误；卡文迪许首先通过实验测出了引力常量G的数值，选项B正确；开普勒首先发现了行星沿椭圆运行的规律，选项C错误；法拉第首先发现了磁生电的现象，选项D错误．故选B.
38．D　由题意可知，圆管为金属导体，导体内部自成闭合回路，且有电阻，当周围的线圈中产生交变磁场时，就会在导体内部感应出涡电流，电流通过电阻要发热．该过程利用原理的是电磁感应现象，其发现者为法拉第．故选D.
39．A　根据沿电场线方向电势逐渐降低可知，A点的电势低于B点的电势，电场力做功
WAB＝qUAB
已知qy甲，故v0乙Q2，根据电场叠加原理，电场强度为0的位置在～x0之间，在电场强度为0的位置前电场方向沿x轴正方向，在电场强度为0的位置后电场方向沿x轴负方向．
故选A.
45．D　根据P＝Fv，P不变知，牵引力F减小，合力F合＝F＝ma，知合力减小，加速度减小，所以速度增加越来越慢，故AB错误；根据速度图像与时间轴所围的面积表示位移，知飞机的位移比匀加速直线运动的位移大，则飞机的平均速度比匀加速直线运动的平均速度大，故C错误；
设该过程克服阻力所做的功为W，根据动能定理得Pt0－W＝mv，解得W＝Pt0－mv，故D正确．
故选D.