2023南宁三中高二下学期期中考试物理含解析

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南宁三中2022～2023学年度下学期高二期中考试物理参考答案1.【答案】A【详解】A．由于小环运动的范围内，各处的磁场强度不同，所以小环运动的过程中机械能不断转化为电能，故小球的机械能会越来越小，最终停在最低点B，故A正确；B．因为圆环在运动的过程中，有感应电流，对整个过程由能量守恒定律得，重力势能转化为电能，故不能上升到右侧与C点等高处，故B错误；C．整个过程重力势能转化为电能，机械能不守恒，故C错误；D．圆环来回运动，磁通量不断变化，所以感应电流方向不断变化，故D错误。故选A。2.【答案】D【详解】由图可知，正半轴的电流有效值为，负半轴的电流有效值为，根据“热相等”原则，解得，故选D。3.【答案】D【详解】A．波速由介质决定，但频率由波源决定，同一种波在不同的介质中，波速不同，但频率不变，由公式可得，红光进入玻璃砖后的波速，n玻璃>1，故进入玻璃砖之后，红光的传播速度减小，则波长减小，ABC均错误；D．若紫光与红光都从P点以相同的入射角入射，由于紫光折射率较大，所以紫光折射角较小，所以紫光将从Q点右侧某处射出玻璃砖，D正确。故选D。4．【答案】B【详解】A．衍射是一切波的特有的现象，故A错误；B．根据多普勒效应，当观察者和声源相互靠近时，观察者接收到的声波频率比声源发出的声波频率大，故B正确；C．受迫振动的频率等于驱动力的频率，故C错误；D．判断减弱点和加强点，除了看路程差，还要看波源的振动情况，故D错误。5.【答案】C【详解】A．根据图像可知，平衡位置，弹力为10N    ，解得小球的质量为1kg，故A错误；B．t=2s时小球只受重力，加速度为g，故B错误；C．0～2s时间段内，小球初末速度均为零，根据动量定理，解得，弹簧的弹力对小球的冲量大小为20N·s，故C正确；D．小球的振幅为，解得，故D错误。故选C。6.【答案】A【详解】A．由乙图可知，时刻质点P在平衡位置且沿y轴正方向振动，根据波形平移法可知简谐横波沿x轴正方向传播，故A正确；B．由乙图可知，简谐横波的周期为2s，则频率为，故B错误；C．由甲图可知波长为，则简谐横波的波速为，故C错误；D．由乙图可知，时质点P在波谷，故D错误。故选A。7.【答案】B【详解】导体杆切割磁感线时，回路中产生感应电流，由楞次定律可得，导体杆受到的安培力总是阻碍导体棒的运动。当R从R0变为2R0时，回路中的电阻增大，则电流减小，导体杆所受安培力减小，即导体杆在摆动时所受的阻力减弱，所杆从开始摆动到停止，运动的路程和经历的时间变长。故选B。8.【答案】C【详解】A．副线圈的阻值，则AB的等效电阻，那么此时流过灯泡的电流,A错误；灯泡正常发光的功率=27.5W，B选项错误；P逆时针转动n2增多，则变小，RAB变小，则流过灯泡的电流变大，灯泡L1变亮，C选项正确； 断开S1，闭合S2，，P逆时针转动n2增多，则变小，RAB由可减小到，讨论R0的功率变化，可将灯泡的电阻R看作电源的“等效内阻”，当RAB=R时，R0的电功率最大，故D选项错误。9.【答案】AB【详解】A．从小滑块的位移—时间图像可以看出，时，小滑块经过平衡位置向负方向运动，取向右为正方向，所以小滑块速度方向向左，故A正确。B．时，小滑块处在从平衡位置向右侧最大位移处运动的过程中，离平衡位置越远，加速度越大，小滑块做的是加速度增大的减速运动，故B正确。C．时，小滑块处在正向最大位移处，加速度向左，时，小滑块处在负向最大位移处，加速度向右，虽然两个位置加速度大小相等，但方向相反，故C错误。D．到的时间内，弹簧振子做简谐运动的过程中机械能守恒，故D错误。故选AB。10.【答案】BC【详解】A．图甲中，闭合瞬间，电流向右流过；断开瞬间，原来通过的电流向左流经构成回路，所以闭合瞬间和断开瞬间，通过的电流方向相反，A错误；B．图甲中，因为的直流电阻很小，即，所以闭合电路稳定后，中的电流小于L1中的电流，B正确；C．图乙中，闭合瞬间，由于的阻碍作用，灯没有马上亮，所以灯分压较多，故比较明亮；电路稳定后，从灯流过的电流和灯的一样大，灯相比稳定前分压较少，故亮度较之前有所变暗，故C正确；D．图乙中，断开瞬间，原来通过的电流会流过灯和灯构成回路，所以灯、灯会同时缓慢熄灭，D错误。故选BC。11.【答案】AD【详解】A．由乙图可知，t=0s时刻质点P在平衡位置且沿y轴正方向振动，根据同侧法可知简谐横波沿x轴负方向传播，故A正确；B．由甲、乙两图，可判断0时刻P点向y轴正方向运动，Q点向y轴负方向运动，故P点应比Q点先到达波峰；故B错误；C．由甲图可知0时刻的机械波的波函数为cm，yQ=5cm可得，Q质点的平衡位置坐标xQ=m，故C错误；D．t=1s时（经半个周期），P、Q两点的运动方向均与0时刻相反，即P点向y轴负方向运动，Q点向y轴正方向运动，故D正确。12.【答案】BD【详解】设闭合开关S时铜棒的速度为，铜棒达到匀速运动的速度为，则，铜棒运动的加速度，若则，铜棒匀速下滑；若则，铜棒加速下滑，且随速度的增大加速度减小，最终达到；若则，铜棒减速下滑，且加速度随速度减小而减小，最终达到；所以v-t图像的斜率只能不变或减小，故D错误；通过电阻的电荷量，其中电流，随铜棒速度的变化趋向相同，即图像的斜率只能不变或减小，时斜率恒定且不为零，但电荷量q总是随时间而增大，电量不会停止增加，故B错误。故选BD。13．【答案】     右     大于【详解】[1][2]按下按钮过程，穿过螺线管的磁通量向左增大，根据楞次定律可知螺线管中感应电流为从Q端流入从P端流出，螺线管充当电源，则P端电势较高，螺线管的Q端电势小于P端电势；电铃外接在PQ之间，对电铃为研究对象流过电铃的电流向右。  14.【答案】          最低                 10.4     C【详解】（1）[1]单摆的摆球直径为（2）[2][3][4] 当单摆稳定时，摆球到达最低点时开始计时，并计数为零。单摆每经过这点时记一次数，当数到100次时，如图乙所示，所用的时间为1分37.5秒，单摆全振动次数为50次，故单摆的周期为。（3）[5]根据单摆周期公式解得[6] AB．值大的原因就在于周期值比实际的要小，与摆球质量、摆角无关，故AB错误；C．开始计时时停表过迟按下，使记录时间变小，次数不变，故周期变小，值比实际测量的重力加速度要大，故C正确；D．实验中全振动次数计少了，记录时间不变，则周期变大，值比实际测量的重力加速度要小，故D错误。故选C。15.（12分）【答案】（1）；（2）【详解】（1）输电导线的总电阻为10Ω，导线上损耗的电功率为4kW，根据               (2分）可以解得输电线上的电流                (1分）发电机的输出功率为100kW，输出电压为500V，可得U1=500V               (2分）根据理想变压器                  (2分）   （2）升压变压器匝数比为，可得                         (1分）降压变压器的原线圈                     (2分）得                 (2分）16．（14分）解：（1）由波形图可知    λ=8m             (1分）v =f λ=4m/s                  (2分）(2) 0～2. 25s ，Q质点运动了1个周期内的质点的路程为四个振幅的长度，即  S1=4A=80cm         (2分）一个周期时，Q质点又回到平衡位置向上运动，接下来的向上运动的路程         (2分）故，在内运动的总路程         (1分）（3）0时刻波形的波函数         (2分）由波形可知在x=5m处的质点的位移为-20cm，即                                 (1分）可得，          (1分）则，手持端点P的位移：       (2分）解：（1）t0时刻，PQ在回路中的有效切割长度为       ①    (2分）      此时刻电动势为        E=BLv0                  ②    (2分）         此时刻回路的总电阻    R=3Lσ                    ③    (2分）      此时刻回路的电流                          ④     (2分）     解得，此时刻的电流                       ⑤     (2分）   （2）PQ棒沿轨道匀速运动，则有                                      ⑥    (2分）由① ⑤ ⑥，得         F=10-2t                          ⑦    (2分）  得   t=5s 时 F=0。                                    ⑧    (1分）（3）由题意可知0~5s时间内，F的方向沿∠AOC平分线向上，且由⑦式可知外力F随时间均匀减小，其图像如下图该图线与坐标轴所围的面积就是外力的冲量                                ⑧    (2分）方向：沿∠AOC平分线向上                           ⑨    (1分）