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生物必修2《遗传与进化》第1章 遗传因子的发现第2节 孟德尔的豌豆杂交实验（二）随堂练习题
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这是一份生物必修2《遗传与进化》第1章 遗传因子的发现第2节 孟德尔的豌豆杂交实验（二）随堂练习题，共24页。试卷主要包含了单选题，填空题，综合题，实验题等内容，欢迎下载使用。
第1章 遗传因子的发现 第2节 孟德尔的豌豆杂交实验（二）
学校∶___________姓名：___________班级：___________考号：___________
一、单选题
1．下图表示豌豆杂交实验时F1自交产生F2的结果统计。对此说法不正确的是（ ）
A．这个结果能够说明黄色和圆粒是显性性状
B．这两对相对性状的遗传只遵循分离定律
C．F1的表现型和基因型能确定
D．亲本的表现型和基因型不能确定
【答案】B
【解析】
在F2中，黄色圆粒∶绿色圆粒∶黄色皱粒∶绿色皱粒＝315∶108∶101∶32≈9∶3∶3∶1，说明：①黄色对绿色为显性、圆粒对皱粒是显性；②F1的表现型为黄色圆粒，且为双杂合子，即控制这两对相对性状的基因均为等位基因；③这两对相对性状的遗传遵循自由组合定律。在F2中，黄色圆粒∶绿色圆粒∶黄色皱粒∶绿色皱粒≈9∶3∶3∶1，说明黄色和圆粒是显性性状，而且这两对相对性状的遗传遵循自由组合规律，A正确，B错误；若Y和y分别控制黄色和绿色，R和r分别控制圆粒和皱粒，则F1的基因型为YyRr，表现型为黄色圆粒，C正确；亲本的基因型可能为YYRR和yyrr，或者为YYrr和yyRR，表现型为黄色圆粒和绿色皱粒，或者为黄色皱粒和绿色圆粒，因此亲本的表现型和基因型不能确定，D正确。
二、填空题
2．在亲本为黄色圆粒和绿色皱粒的杂交实验中，黄色圆粒分别作为父本或母本的结果是否相同？为什么？
【答案】相同。因为在每一对相对性状的杂交实验中，以显性个体或隐性个体作为母本，其结果都是显性∶隐性为3∶1，所以两对相对性状的杂交实验中，正交与反交的结果也是相同的
【解析】
因为在每一对相对性状的杂交实验中，以显性个体或隐性个体作为母本，其结果都是显性∶隐性为3∶1，所以两对相对性状的杂交实验中，正交与反交的结果也是相同的，故在亲本为黄色圆粒和绿色皱粒的杂交实验中，黄色圆粒分别作为父本或母本的结果相同。
三、单选题
3．番茄的红果（R）对黄果（r）为显性，子房多室（M）对子房二室（m）为显性，现将红果多室和红果二室番茄进行杂交，其后代表现型及比例如图所示，据此分析：两亲本的遗传因子组成是（ ）
A．RrMm、RRmm B．RrMm、Rrmm
C．RRMm、Rrmm D．RRMM、RRmm
【答案】B
【解析】
根据题意和图示分析可知：番茄的红果（R）对黄果（r）为显性，子房多室（M）对子房二室（m）为显性，遵循基因的自由组合定律，亲代进行杂交的红果多室番茄基因型为R_M_，红果二室番茄的基因型为R_mm。将红果多室番茄（R_M_）和红果二室番茄（R_mm）进行杂交，后代中出现红果∶黄果=3∶1，说明亲代都是Rr；子代中多室∶二室=1∶1，说明亲代是Mm和mm，因此，两亲本的遗传因子组成是RrMm和Rrmm，故选B。
4．已知A与a、B与b、C与c 3对等位基因自由组合，基因型分别为AaBbCc、AabbCc的两个体进行杂交。下列关于杂交后代的推测，正确的是（ ）
A．表现型有8种，AaBbCc个体的比例为1／16
B．表现型有4种，aaBbcc个体的比例为1／16
C．表现型有8种，Aabbcc个体的比例为1／8
D．表现型有8种，aaBbCc个体的比例为1／16
【答案】D
【解析】
后代表现型为2x2x2=8种,AaBbCc个体的比例为1/2x1/2x1/2=1/8。Aabbcc个体的比例为1/2x1/2x1/4=1/16。aaBbCc个体的比例为1/4x1/2x1/2=1/16
5．有一种名贵的兰花，花色有红色、蓝色两种颜色，其遗传符合孟德尔的遗传规律。现将亲代红花和蓝花进行杂交，F1均为红花，F1自交，F2红花与蓝花比例为27∶37。下列说法正确的是 （ ）
A．兰花花色遗传由一对同源染色体上一对等位基因控制
B．兰花花色遗传由两对同源染色体上两对等位基因控制
C．若F1测交，则其子代表现型与比例为红色∶蓝色=1∶7
D．F2中蓝花基因型有5种
【答案】C
【解析】
本题考查自由组合定律，考查对自由组合定律的理解和应用，F2中红花与蓝花比例为27∶37，则红花所占比例为27/（27+37）=27/64=（3/4）3，可判断兰花花色受三对等位基因控制，且三对等位基因位于三对同源染色体上，遵循基因的自由组合定律。当三对基因中同时出现显性基因时，花色表现为红色。根据分析可知，兰花花色受三对等位基因控制，且三对等位基因位于三对同源染色体上，A项、B项错误；设三对基因分别为A与a、B与b、C与c，则F1基因型为AaBbCc，与aabbcc进行测交时，其子代红花比例为（1/2）×（1/2）×（1/2）=1/8，表现型与比例为红色∶蓝色=1∶7，C项正确；F2中共有3×3×3=27种基因型，其中红花基因型有2×2×2=8种，蓝花基因型有27—8=19种，D项错误。
四、综合题
6．用纯色长毛“波斯猫”（UUss）和彩色斑点短毛“暹罗猫”（uuSS）杂交，可以培育出彩色斑点长毛的“喜马拉雅猫”。若U、u基因控制纯色和彩色斑点，S、s基因控制短毛和长毛，且两对等位基因分别位于两对同源染色体上。请回答问题：
（1）F1的基因型为___________，表现型为___________。
（2）F2中“喜马拉雅猫”的基因型为___________，所占的比例为___________。
（3）F2中还会出现彩色斑点短毛“暹罗猫”，其基因型为___________。
【答案】（1）UuSs；纯色短毛
（2）uuss；1/16
（3）uuSS、uuSs
【解析】
根据提供信息分析，已知控制两对相对性状的两对等位基因位于两对同源染色体上，则它们遵循基因的自由组合定律。用纯色长毛“波斯猫”（UUss）和彩色斑点短毛“暹罗猫”（uuSS）杂交，子一代基因型为UuSs，表现型为纯色短毛；让子一代雌雄性相互交配，产生的子二代为U_S_（纯色短毛）∶U_ss（纯色长毛）∶uuS_（彩色斑点短毛）∶uuss（彩色斑点长毛）=9∶3∶3∶1。
（1）根据以上分析已知，子一代基因型为UuSs，表现型为纯色短毛。
（2）根据题干信息分析，“喜马拉雅猫”表现为彩色斑点长毛，则基因型为uuss；根据以上分析已知，子一代基因型为UuSs，则子二代中的“喜马拉雅猫”（ uuss）所占比例为1/4×1/4=1/16。
（3）已知子一代基因型为UuSs，则子二代中的彩色斑点短毛“暹罗猫”的基因型可能为uuSS、uuSs。
五、单选题
7．豌豆黄色圆粒豌豆与绿色圆粒豌豆杂交，F1出现黄圆、绿圆、黄皱、绿皱四种表现型，其比例为3∶3∶1∶1，推知其亲代杂交组合的基因型是
A．YyRr×yyRr B．YyRR×yyRr
C．YYRr×yyRR D．YYRr×yyRr
【答案】A
【解析】
根据题意和图示分析可知：黄色圆粒和绿色圆粒进行杂交的后代中，圆粒∶皱粒=3∶1，说明亲本的基因组成为Rr和Rr；黄色∶绿色=1∶1，说明亲本的基因组成为Yy和yy，因此可以判断亲本的基因型为YyRr和yyRr，故选A。
8．某鲤鱼种群体色遗传有如下特征，用黑色鲤鱼（简称黑鲤）和红色鲤鱼（简称红鲤）杂交，F1皆为黑鲤，F1雌雄个体相互交配所得F2的性状分离结果如下表所示。据此分析，若用F1（黑鲤）与红鲤杂交，子代中不同性状的数量比是（ ）
取样地点
取样总数
F2性状分离情况
黑鲤
红鲤
黑鲤∶红鲤
1号池
1699
1592
107
14.88∶1
2号池
62
58
4
14.50∶1
A．1∶1∶1∶1 B．3∶1
C．1∶1 D．15∶1
【答案】B
【解析】
分析表格数据，两组杂交组合中F1雌雄个体相互交配所得F2的性状分离比约为15∶1，是9∶3∶3∶1的变式，说明F1的为黑鲤基因型为双杂合子，亲代的黑鲤是双显性纯合子，红鲤为双隐性个体，F2中含显性基因的个体表现为黑鲤。A．据分析可知，F1黑鲤是双杂合个体，双杂合个体与双隐性个体杂交，后代基因型有4种，但只要含有显性基因的个体表现为黑鲤，故测交后代的表现型比例为黑鲤∶红鲤=3∶1，A错误；B．F1黑鲤是双杂合个体，测交后代中含有显性基因的个体表现为黑鲤，故测交后代的表现型比例为黑鲤∶红鲤=3∶1，B正确；C．F1测交后代的表现型比例为3∶1，C错误；D．F1测交后代有四种基因型，表现型为两种，比例为3∶1，D错误。故选B。
六、综合题
9．某种植物的花色由两对等位基因A、a和B、b控制。基因A控制红色素合成（AA和Aa的效应相同）；基因B为修饰基因，BB使红色素完全消失，Bb使红色素颜色淡化。现用两组纯合亲本进行杂交，实验结果如下。回答下列问题：
（1）根据上述第_____组杂交实验结果，可判断控制性状的两对基因的遗传遵循基因的自由组合定律。
（2）在第1组、第2组两组杂交实验中，白花亲本的基因型分别是_____。
（3）让第1组F2的所有个体自交，后代中红花∶粉红花∶白花的比例为_____。
（4）第2组亲本红花个体的基因型是_____，F2中粉红花个体的基因型是_____，F2中开白花植株的基因型有_____种。
【答案】（1）2
（2）AABB、aaBB
（3）3∶2∶3
（4）AAbb；AABb和AaBb；5
【解析】
据题干及第1组、第2组杂交试验可知，白花基因型为A_BB、aa_ _；粉红花基因型为A_Bb；红花基因型为A_bb。
（1）
由第2组的实验可知，后代出现3∶6∶7的性状分离比，是9∶3∶3∶1的变形，说明控制性状的两对基因位于两对同源染色体上，遵循基因自由组合定律。
（2）
分析第1组实验，白花纯合子与红花纯合子杂交，子二代红花∶粉红花∶白花=1∶2∶1，说明子一代的基因型是AABb，亲本基因型是AABB和AAbb，白色亲本基因型为AABB；实验2白花纯合子与红花纯合子杂交，子二代红花∶粉红花∶白花=3∶6∶7，可以改写成9∶3∶3∶1，因此子一代的基因型是AaBb，亲本红花的基因型是AAbb，白花的基因型是aaBB。
（3）
第1组子二代的基因型是AABB∶AABb∶AAbb=1∶2∶1，第1组F2的所有个体自交，白花的比例是AABB=1/4+1/2×1/4=3/8，粉花的比例是AABb=1/2×1/2＝1/4，白花的比例是AAbb=1/2×1/4+1/4=3/8，因此红花∶粉红花∶白花=3∶2∶3。
（4）
实验2白花纯合子与红花纯合子杂交，子二代红花∶粉红花∶白花=3∶6∶7，可以改写成9∶3∶3∶1，因此子一代的基因型是AaBb，亲本红花的基因型是AAbb，白花的基因型是aaBB。子二代粉红花的基因型是AABb和AaBb；白花个体的基因型是AABB、AaBB、aaBB、aaBb、aabb五种。
10．玉米是雌雄同株的植物，顶生的垂花是雄花序，侧生的穗是雌花序。已知玉米中有两对独立遗传的基因（T对t，B对b）可以改变玉米的性别，即把雌雄同株转变为雌株或雄株：当基因b纯合且t不纯合时，使植株没有雌花序成为雄株；当基因t纯合时，使垂花序成为雌花序，不产生花粉，如下图所示：
（1）雄株的基因型为_____________，雌株的基因型有 ______________种。
（2）将基因型为BBTT植株与bbtt植株相间种植，子代基因型为____________、_____________。
（3）将上述F1中不同株间杂交的种子种植，让其自花传粉，F2有__________表型及其比例为__________。
（4）如果使后代中只含有雌株和雄株且比值相等，在F2中应选择怎样的基因型个体作亲本？试用图解说明。____________
【答案】（1）bbTT、bbTt；3
（2）BBTT；BbTt
（3）三种；雌雄同株∶雌株∶雄株=9∶4∶3
（4）
【解析】
分析题干信息：两对独立遗传的基因（T对t，B对b）可以改变玉米的性别，当基因b纯合且t不纯合时，使植株没有雌花序成为雄株；当基因t纯合时，使垂花序成为雌花序，不产生花粉，推测雄株的基因型为bbTT或bbTt，雌株的基因型为BBtt或Bbtt、bbtt。基因型B_T_的个体是雌雄同株。
（1）根据题中信息可知bbT_为雄株，基因型有bbTT、bbTt；雌株基因型为B_tt或bbtt共3种。
（2）基因型BBTT的个体是雌雄同株，bbtt植株为雌株；将基因型为BBTT植株与bbtt植株相间种植，BBTT可以接受自己的花粉，后代的基因型为BBTT，bbtt雌株只能接受BBTT的花粉，后代的基因型为BbTt。
（3）上述F1中不同株间杂交的种子指的是基因型为BbTt的个体，其自花传粉，F2基因型有9种，表现型有三种；其中B_T_基因型的个体占为，为雌雄同株；B_tt和bbtt为雌株，占；bbT_为雄株，占。
（4）后代中只含有雌株和雄株且比值相等，只能选择bbTt作父本，bbtt作母本。
图解如图所示：
11．一位瑞典遗传学家对小麦和燕麦的籽粒颜色的遗传进行了研究。他发现在若干个红色籽粒与白色籽粒的纯合亲本杂交组合中出现了如下几种情况：
结合上述结果，回答下列问题：
（1）控制红粒性状的基因为________（填“显性”或“隐性”）基因；该性状由________对能独立遗传的基因控制。
（2）第Ⅱ组中F1可能的基因组成有________种，第Ⅲ组中F1的基因组成有________种。
（3）第Ⅰ/Ⅱ/Ⅲ组F1测交后代的红粒和白粒的比例依次为_________、__________、_______。
【答案】（1）显性；三；
（2）3；1
（3）1∶1；3∶1；7∶1
【解析】
根据题意和图示分析可知：亲本有红粒和白粒，而F1都是红粒，说明控制红粒性状的基因为显性基因，第Ⅲ组中，F2的红粒∶白粒=63∶1，假设小麦和燕麦的籽粒颜色由n对等位基因控制（隐性纯合体为白粒，其余都为红粒），则F2中白粒个体所占的比例为（1/4）n，红粒个体所占的比例为1－（1/4）n，且[1－（1/4）n]∶（1/4）n=63∶1，计算可得n=3，因此小麦和燕麦的籽粒颜色由三对能独立遗传的基因控制，隐性纯合体为白粒，其余都为红粒。
【解析】
（1）由于两种性状的个体杂交后代只有一种性状，所以该性状为显性性状。根据F2的红粒∶白粒=63∶1，可推知该性状由3对能独立遗传的基因控制。
（2）由以上分析可知，小麦和燕麦的籽粒颜色由三对能独立遗传的基因控制（隐性纯合体为白粒，其余都为红粒），设三对独立遗传的基因分别为A和a、B和b、C和c，则白粒亲本的基因型为aabbcc．第Ⅰ组杂交组合中，红粒亲本只有1对显性基因，其基因型可能有3种（AAbbcc、aaBBcc、aabbCC），因此F1可能的基因型有Aabbcc、aaBbcc、aabbCc三种，自交后代都为3∶1；第Ⅱ组杂交组合中，红粒亲本有2对显性基因，其基因型可能有3种（AABBcc、aaBBCC、AAbbCC），因此F1可能的基因型有AaBbcc、aaBbCc、AabbCc三种，自交后代都为15∶1；第Ⅲ组杂交组合中，红粒亲本有3对显性基因，其基因型只有1种（AABBCC），因此F1的基因型也只有AaBbCc一种，自交后代都为63∶1。
（3）测交是指杂交产生的子一代个体与隐性个体交配的方式，第Ⅰ组F1的基因型有Aabbcc、aaBbcc、aabbCc三种，无论哪一种测交结果均为1∶1；第Ⅱ组F1的基因型有AaBbcc、aaBbCc、AabbCc三种，无论哪一种测交结果均为3∶1，第Ⅲ组F1的基因型有AaBbCc测交结果为7∶1。
七、单选题
12．小麦的粒色受不连锁的两对基因和、和和控制。和决定红色，和决定白色，R对r不完全显性，并有累加效应，所以麦粒的颜色随R的增加而逐渐加深。将红粒与白粒杂交得，自交得，则的表现型有（ ）
A．4种 B．5种 C．9种 D．10种
【答案】B
【解析】
本题的关键是“麦粒的颜色随R的增加而逐渐加深”，也就是颜色主要与R的多少有关，F2中的R有4、3、2、1和0五种情况，对应有五种表现型。答案选B。
13．牵牛花的开红花（A）对开白花（a）为显性，宽叶（B）对窄叶（b）为显性，两对基因独立遗传。某牵牛花植株M与基因型为AaBb的植株杂交，子代的表型之比为红花宽叶∶红花窄叶∶白花宽叶∶白花窄叶是3∶3∶1∶1，那么M的基因型和表型分别为（ ）
A．Aabb 红花窄叶 B．AAbb 红花窄叶
C．AaBb 红花宽叶 D．aaBb 白花宽叶
【答案】A
【解析】
根据题意，某牵牛花植株M与另一红花宽叶牵牛花植株AaBb杂交，其后代中红花宽叶∶红花窄叶∶白花宽叶∶白花窄叶是3∶3∶1∶1，分析子代中红花∶白花=3∶1，宽叶∶窄叶=1∶1，说明前者是自交Aa×Aa，后者是杂合子测交Bb×bb，所以与AaBb杂交的某植株M基因型为Aabb，表型为红花窄叶。综上所述，A符合题意，BCD不符合题意。故选A。
14．人类多指基因（T）对正常指基因（t）为显性；白化基因（a）对正常（A）为隐性，这两对基因都是独立遗传。一个家庭中，父亲是多指，母亲正常， 他们有一个白化病但手指正常的孩子，则下一个孩子只有一种病和有两种病的几率分别是（ ）
A．1/2、1/8 B．3/4、1/4 C．1/4、1/4 D．1/4、1/8
【答案】A
【解析】
据据题意，父亲是多指即A_T_，母亲正常A_tt，他们有一个白化病但手指正常的孩子即aatt，故父亲基因型为AaTt，母亲基因型为Aatt，据此分析作答。根据分析可知，父亲的基因型是AaTt，母亲的基因型是Aatt，采用逐对分析法，Aa×Aa，子代中正常（A－）的概率为3/4，白化病（aa）的概率为1/4；Tt×tt，子代中手指正常（tt）的概率为1/2，多指（T－）的概率为1/2；故生一个孩子只有一种病的概率为3/4×1/2+1/4×1/2=1/2，患两种病的概率是1/4×1/2＝1/8，即A正确，BCD错误。故选A。
15．木瓜素有“岭南果王”的称号，如设其白色果（W）对黄色果（w）为显性，扁形果（D）对圆形果（d）为显性。纯合白色圆形果和纯合黄色扁形果杂交的后代再与“X植株”杂交，其后代中白色扁形果、白色圆形果、黄色扁形果、黄色圆形果的比是3∶1∶3∶1，遗传遵循基因的自由组合定律。“X植株”的基因型是（ ）
A．Wwdd B．wwDD
C．WwDd D．wwDd
【答案】D
【解析】
根据结果后代中白色扁形果、白色圆形果、黄色扁形果、黄色圆形果的比是3∶1∶3∶1，可知两对性状分离比分别是扁形∶圆形=3∶1和白色∶黄色=1∶1，可判断亲本基因型为WwDd×wwDd。已知南瓜中白色果（W）对黄色果（w）为显性，扁形果（D）对圆形果（d）为显性。则纯合白色圆形果（WWdd）和黄色扁形果（wwDD）杂交的后代基因型是WwDd，让其与“某植株”杂交，子代中白色∶黄色=1∶1，扁形果∶圆形果=3∶1，说明前者是测交，后者是杂合子自交，所以与WwDd杂交的“某植株”基因型为wwDd。即D正确，ABC错误。故选D。
16．香豌豆的花色有紫花和白花两种，显性基因C和P同时存在时开紫花。两个纯合白花品种杂交，F1开紫花；F1自交，F2的性状分离比为紫花∶白花＝9∶7。下列分析不正确的是 （ ）
A．两个白花亲本的基因型为CCpp与ccPP
B．F1测交结果紫花与白花的比例为1∶1
C．F2紫花中纯合子的比例为1/9
D．F2中白花的基因型有5种
【答案】B
【解析】
题意分析，紫花的基因型是C_P_，白花的基因型是C_pp或ccP_或ccpp。F1开紫花（C_P_），其自交所得F2的性状分离比为紫花∶白花=9∶7，9∶7是9∶3∶3∶1的变式，说明F1的基因型是CcPp，由F1的基因型可推知两个纯合白花亲本的基因型为CCpp与ccPP。A．根据分析知，两个纯合白花亲本的基因型为CCpp与ccPP，A正确；B．已知F1的基因型是CcPp，其测交后代的基因型为CcPp（紫花）∶Ccpp（白花）∶ccPp（白花）∶ccpp（白花），则紫花∶白花=1∶3，B错误；C．F1（CcPp）自交所得F2中紫花植株（C_P_）占9/16，紫花纯合子（CCPP）占总数的1/16，所以F2紫花中纯合子的比例为1/9，C正确；D．F2中白花的基因型有5种，即CCpp、Ccpp、ccPP、ccPp、ccpp，紫花的基因型有4种，即CCPP、CCPp、CcPP、CcPp，D正确。故选B。
17．豌豆花有紫色和白色，两种不同品系白花豌豆杂交后代开紫花，F2中紫花植株和白花植株分别为1799株和1401株。下列相关分析错误的是（ ）
A．白花和紫花由两对等位基因控制
B．两白花亲本植株的基因型相同
C．F2紫花植株中，与F1基因型相同的植株占4/9
D．F2紫花植株中，自交后代只开紫花的植株占1/9
【答案】B
【解析】A．本题主要考查自由组合定律中9∶3∶3∶1的变式。由题意可知，F2中紫花植株和白花植株分别为1799株和1401株，比例接近9∶7，由此得知花色由两对等位基因控制（设为A/a、B/b），遵循基因的自由组合定律，A正确；B．由F2中紫花和白花植株的比值接近9∶7可知，紫花基因型为A_B_，白花基因型为A_bb、aaB_或aabb，F1基因型为AaBb，从而推知两白花亲本植株的基因型不同，分别为AAbb、aaBB，B错误；C．F1基因型为AaBb，F2中紫花的基因型有AABB、AABb、AaBB、AaBb四种，其比例为1∶2∶2∶4，故F2紫花植株中，与F1基因型相同的植株占4/9，C正确；D．F2紫花植株中，只有AABB为紫花纯合子，后代不发生性状分离，其比例为1/9，D正确。故选B。
18．雄蜂由未受精的卵细胞发育而来（叫孤雌生殖）。一雌蜂和一雄蜂交配产生F1，在F1雌雄个体交配产生的F2中，雄蜂基因型共有AB、Ab、aB、ab四种，雌蜂的基因型共有AaBB、AaBb、aaBB、aaBb四种，则亲本的基因型是（）
A．aabb×AB B．AaBb×Ab C．aaBB×Ab D．AABB×ab
【答案】C
【解析】
从F2中雄蜂的基因型有AB、Ab、aB、ab四种，可推知F1雌蜂的基因型为AaBb，从F2雌蜂的基因型可知，F1雄蜂的基因型为aB，则亲本的雌蜂只能产生aB一种配子，所以亲本雌蜂的基因型为aaBB，而要产生基因型为AaBb的雌蜂，亲本雄蜂的基因型只能是Ab。因此，C正确，具体图示如下：
故选C。
八、综合题
19．某观赏鱼的尾鳍分为单尾鳍、双尾鳍两种类型。研究表明，尾鳍类型受常染色体上一对等位基因（D、d）控制，雌性个体均为单尾鳍，雄性个体有单尾鳍、双尾鳍。用不同类型的此观赏鱼做了两组杂交实验，过程及结果如表所示。请据表回答：
实验①
实验②
亲代
单尾鳍雌性×单尾鳍雄性
单尾鳍雌性×双尾鳍雄性
子代
单尾鳍雌性∶单尾鳍雄性∶双尾鳍雄性=4∶3∶1
单尾鳍雄性∶单尾鳍雄性=1∶1
（1）由实验结果可知，控制双尾鳍性状的基因为____________________（填：“显”或“隐”）性基因。此观赏鱼中，基因型为_____________的个体只有雄性时才能正常表达出相应性状。这对性状的遗传__________（填“遵循”或“不遵循”）基因的分离定律。
（2）若实验①中子代雌、雄个体随机交配，理论上其后代双尾鳍个体所占比例为______________。
（3）若双尾鳍雄性与实验②中子代单尾鳍雌性杂交，所产生后代表型和比例为________________。
【答案】（1）隐；dd；遵循
（2）1/8
（3）单尾鳍雌性∶单尾鳍雄性∶双尾鳍雄性=2∶1∶1
【解析】
实验①中亲代均为单尾鳍，但子代出现双尾鳍，即发生性状分离，说明单尾鳍相对于双尾鳍为显性性状，亲本的基因型均为Dd。实验②中单尾鳍雌性×双尾鳍雄性（dd），后代雄性均为单尾鳍（D_），说明亲本中单尾鳍雌性的基因型为DD。
（1）实验①中单亲代均为单尾鳍，但子代出现双尾鳍，即发生性状分离，说明双尾鳍相对于单尾鳍为隐性性状，亲本的基因型均为Dd；这对性状遵循基因的分离定律，子代的表型及比例应为双尾鳍∶单尾鳍=3∶1，而实际单尾鳍雌性∶单尾鳍雄性∶双尾鳍雄性=4∶3∶1，说明此观赏鱼中，基因型为dd的个体只有为雄性时才能正常表达出相应性状。
（2）实验①中子代雌、雄个体随机交配，其产生的配子的基因型及比例为D∶d = 1∶1 ，但基因型为dd的个体只有为雄性时才能正常表达出相应性状，因此理论上后代中双尾鳍个体所占的比例是。
（3）实验②中单尾鳍雌性×双尾鳍雄性（dd），后代雄性均为单尾鳍（D_），说明亲本中单尾鳍雌性的基因型为DD，则子代单尾鳍雌性个体的基因型为Dd，其与双尾鳍雄性个体（dd）杂交，所产生后代的表型和比例为单尾鳍雌性∶单尾鳍雄性∶双尾鳍雄性=2∶1∶1。
九、实验题
20．水稻有芒（A）对无芒（a）为显性，抗病（B）对易感病（b）为显性，回答下列相关问题：
（1）现有纯种有芒易感病水稻和纯种无芒抗病水稻若干，为确定两对基因位于1对同源染色体还是2对同源染色体上，请设计杂交实验进行说明。
（2）若上述两对基因独立遗传。
①现有纯种有芒抗病和杂合有芒抗病杂交，F1随机交配后代出现有芒易感病植株，则亲本基因型组合为___________或___________。
②现进行一组杂交实验，F1表现为有芒抗病、有芒易感病、无芒抗病、无芒易感病，其数量比为3∶1∶3∶1，让F1中纯合子随机交配则后代纯合子的概率为___________。
【答案】（1）将纯种有芒易感病水稻和无芒抗病水稻进行杂交，得到F1，让F1进行自交，统计F2表现型及其比例。若在2对同源染色体上，F2表现型及其比例为有芒抗病∶有芒易感病∶无芒抗病∶无芒易感病＝9∶3∶3∶1；若在1对同源染色体上，F2表现型及其比例为有芒易感病∶有芒抗病∶无芒抗病＝1∶2∶1；
（2）①AABB×AABb AABB×AaBb；
②1/2
【解析】
（1） 为确定A和a、B和b这两对基因是位于1对同源染色体还是2对同源染色体上，以纯种有芒易感病水稻和纯种无芒抗病水稻为实验材料，仿照孟德尔的两对相对性状的豌豆杂交实验的程序，可确定该杂交实验的思路为：将纯种有芒易感病水稻（AAbb）和纯种无芒抗病水稻（aaBB）进行杂交，得到F1（AaBb），让F1进行自交，统计F2表现型及其比例。若在2对同源染色体上，则F1产生的雌配子和雄配子各有4种：AB、Ab、aB、ab，它们之间的数量比为1∶1∶1∶1，F1自交所得F2的表现型及其比例为有芒抗病（A_B_）∶有芒易感病（A_bb）∶无芒抗病（aaB_）∶无芒易感病（aabb）＝9∶3∶3∶1；若在1对同源染色体上，则F1产生的雌配子和雄配子各有2种：Ab、aB，它们之间的数量比为1∶1，F1自交所得F2的表现型及其比例有芒易感病（AAbb）∶有芒抗病（AaBb）∶无芒抗病（aaBB）＝1∶2∶1。
（2） 若上述两对基因独立遗传，则这两对基因位于2对同源染色体上，它们的遗传遵循基因的自由组合定律。
①现有纯种有芒抗病（AABB）和杂合有芒抗病（AABb或AaBB或AaBb）杂交，F1随机交配后代出现有芒易感病植株（A_bb），说明亲本杂合有芒抗病植株必然含有b，进而推知：亲本的基因型组合为AABB×AABb或AABB×AaBb。
②现进行一组杂交实验，F1表现为有芒抗病、有芒易感病、无芒抗病、无芒易感病，其数量比为3∶1∶3∶1，即F1中有芒∶无芒＝1∶1，抗病∶易感病＝3∶1，由此推知：双亲的基因型为AaBb、aaBb，进而推知在F1的纯合子中，其基因型及其比例为1/2aaBB、1/2aabb，产生的配子为1/2aB、1/2ab。可见，让F1中纯合子随机交配，则后代纯合子的概率为1/2aB×1/2aB＋1/2ab×1/2ab＝1/2。
十、综合题
21．蒸麦颖片颜色的遗传受两对等位基因控制，其中基因B控制黑色素的形成，基因Y控制黄色素的形成，但黑色会掩盖黄色，基因b、y均不产生色素，而表现为白颖，为研究燕麦颖色的遗传，用黄颖和黑颖的燕麦为亲本杂交，F1代全为黑颖，F1自交后代黑颖、黄颖、白颖的数目分别是241、59、20。请分析并回答下列问题：
（1）根据F2的表现型及比例可以推测基因B与Y的关系为_______________。
（2）题中亲本黑颖和黄颖的基因型分别是___________________。
（3）F2的黑颖植株共有__________种基因型。其中部分个体无论自交多少代，后代全为黑颖，这样的个体占F2的黑颖的比例为_______________。
（4）为鉴定一株黑颖植株的基因型，将该植株与白颖植株杂交得F1，F1自交得F2。
①根据F1的表现型及其比例，可确定的亲本基因型有_________种。
②根据F1的表现型及其比例，尚不能确定的亲本基因型中，若F2中黑颖∶黄颖∶白颖比例为________，则亲本植株的基因型为BBYy。
【答案】（1）位于两对同源染色体上
（2）BByy、bbYY
（3）6；1/3
（4）3
（5）6∶1∶1
【解析】分析题干信息：“基因B控制黑色素的形成，基因Y控制黄色素的形成，但黑色会掩盖黄色，基因b、y均不产生色素，而表现为白颖”，所以黑颖的基因组成为B___，黄颖的基因组成为bbY_，白颖的基因组成为bbyy，根据分析回答。题中：黑∶黄∶白=241∶59∶20=12∶3∶1，说明两对等位基因独立遗传，符合基因的自由组合定律，子一代的基因型为BbYy，亲本中黄颖和黑颖基因型分别为bbYY、BByy。
（1）由分析可知，子二代出现类似9∶3∶3∶1的比例，说明燕麦颖色的遗传遵循基因的自由组合定律，即两对基因位于非同源染色体上。
（2）由于后代出现12∶3∶1的性状分离比，因此F1代的基因型一定为BbYy，则亲代中黑颖基因型一定为BByy，黄颖基因型一定为bbYY。
（3）F2中黑颖植株的基因型共有1BBYY、2BBYy、1BByy、2BbYY、4BbYy和2Bbyy6种，其中BBYY、BBYy和BByy的个体无论自交多少代，其后代表现型仍然全为黑颖，占F2的黑颖的1/3。
（4）①黑颖植株的基因型共有BBYY、BBYy、BByy、BbYY、BbYy和Bbyy6种。将它们与白颖植株bbyy杂交，前3种基因型的杂交后代均表现为黑颖，故不能根据F1的表现型及其比例确定亲本基因型； 后3种基因型亲本的杂交后代分别表现为以下的性状分离比：（1黑颖∶1黄颖）、（2黑颖∶1黄颖∶1白颖）、（1黑颖∶1白颖）。
②在前3种基因型中，若黑颖植株的基因型为BBYy．与白颖植株杂交得F1的基因型为BbYy、Bbyy，F1自交得F2的表现型及比例为黑∶黄∶白=3/4∶（1/4×1/2）∶（1/4×1/2）=6∶1∶1。
十一、单选题
22．已知现存土豆均为杂种（只要有一对基因杂合，即为杂种），可用块茎繁殖。欲通过一代杂交选育出黄肉（A基因控制）抗病（另一条染色体上的B基因控制）的新品种，应选用的杂交亲本是（ ）
A．AaBb×aabb B．AABb×aaBb
C．AaBB×Aabb D．aaBb×Aabb
【答案】D
【解析】A．AaBb的表现型为黄肉抗病，如果有AaBb的基因型就不需要进行杂交了，A错误；B．AABb的表现型为黄肉抗病，如果有AABb的基因型就不需要进行杂交了，B错误；C．AaBB的表现型为黄肉抗病，如果有AaBB的基因型就不需要进行杂交了，C错误；D．根据题干可知马铃薯黄肉显性性状，抗病也是显性性状，故要通过杂交育种获得黄肉抗病的新品种需要选择双亲的基因型分别是aaBb（或Aabb）、Aabb（或aaBb），得到的后代中有四种表现型，可以根据其表现型黄肉抗病确定其基因型为AaBb，再利用块茎来繁殖下一代即得到所要求的品种，D正确。故选D。
23．某植物子叶的黄色（R）对绿色（r）为显性，圆粒种子（Y）对皱粒种子（y）为显性。某人用该植物黄色圆粒和绿色圆粒作亲本进行杂交，发现后代（F1）出现 4 种类型，其比例分别为黄色圆粒∶绿色圆粒∶黄色皱粒∶绿色皱粒=3∶3∶1∶1。去掉花瓣， 让 F1中黄色圆粒植株相互授粉，F2的表现型及其性状分离比是（ ）
A．24∶8∶3∶1 B．25∶5∶5∶1
C．15∶5∶3∶1 D．9∶3∶3∶1
【答案】A
【解析】
根据题意分析可知：黄色圆粒和绿色圆粒进行杂交的后代中，圆粒∶皱粒=3∶1，说明亲本的基因组成为Yy和Yy；黄色∶绿色=1∶1，说明亲本的基因组成为Rr和rr，则亲本基因型是RrYy×rrYy，F1中的黄色圆粒包括1/3RrYY、2/3RrYy，去掉花瓣， 让黄色圆粒植株相互授粉，其中亲代为Rr×Rr，则子代黄色∶绿色=3∶1；1/3YY、2/3Yy相互授粉，配子为2/3Y、1/3y，则子代出现yy皱粒的概率是1/3×1/3=1/9，即圆粒∶皱粒=8∶1，则F2的性状分离比是（3∶1）（8∶1）=24∶8∶3∶1，故A符合题意。故选A。
24．蝴蝶的翅形（正常翅对残缺翅为显性）和翅长（长翅对短翅为显性）分别由位于常染色体上的两对独立遗传的等位基因A、a和B、b决定。基因A纯合时雄蝶致死，基因b纯合时雌蝶致死。基因型为aabb的雄蝶和基因型为AABB的雌蝶交配得到F1，F1随机交配得到F2。F2蝴蝶中正常长翅∶正常短翅∶残缺长翅∶残缺短翅为
A．6∶2∶3∶1 B．15∶5∶6∶2 C．9∶3∶3∶1 D．15∶2∶6∶1
【答案】D
【解析】
基因型为aabb的雄蝶和基因型为AABB的雌蝶交配，F1的基因型为AaBb，F1随机交配，F2蝴蝶中雌雄个体的比例1∶1，基因A纯合时雄蝶致死，雄蝶中正常长翅∶正常短翅∶残缺长翅∶残缺短翅=6∶2∶3∶1，基因b纯合时雌蝶致死，雌蝶中正常长翅∶残缺长翅=9∶3，则F2蝴蝶中正常长翅∶正常短翅∶残缺长翅∶残缺短翅为15∶2∶6∶1，选D。
25．孟德尔的豌豆杂交实验表明，种子黄色（Y）对绿色（y）显性，圆粒（R）对皱粒（r）显性。小明想重复孟德尔的实验，他用纯种黄色皱粒豌豆（P1）与纯种绿色圆粒豌豆（P2）杂交，得到F1，F1自交得到F2，F2的性状如右图所示。根据基因的自由组合定律判断，正确的是
A．①、②、③、④都是皱粒
B．①、②、③、④都是黄色
C．④的基因型与P2相同
D．①是黄色皱粒，③是绿色皱粒
【答案】A
【解析】
分析题图：图示为纯种黄色皱粒豌豆（P1）与纯种绿色圆粒豌豆（P2）杂交，得到F1，F1自交得到F2，F2的性状如图，其中①的基因型为YYrr；②的基因型为Yyrr；③的基因型为Yyrr；④的基因型为yyrr。A．就圆粒和皱粒这一对相对性状而言，①②③④的基因型均为rr，都是皱粒，A正确；B．就黄色和绿色这一对相对性状而言，①为YY、②为Yy、③为Yy、④为yy，其中①②③都是黄色，④是绿色，B错误；C．④的基因型为yyrr，与纯种绿色圆粒豌豆P2yyRR基因型不相同，C错误；D．①的基因型为YYrr，是黄色皱粒，③的基因型为Yyrr，是黄色皱粒，D错误。故选A。
26．某种植物的花色有紫色、红色、粉红色、白色四种，分别由基因Qa、Qb、Qc、Qd控制，四种基因之间的显隐性关系为∶Qa>Qb>Qc>Qd前者对后者为显性）。现有基因型为QaQd与QcQd的个体杂交，则后代个体的性状表现及比例为
A．紫色∶粉红色∶白色=2∶1∶1
B．紫色∶红色∶白色=2∶1∶1
C．紫色∶红色∶粉红色∶白色=1∶1∶1∶1
D．紫色∶白色=3∶1
【答案】A
【解析】
分析题意：四种基因之间的显隐性关系为Qa＞Qb＞Qc＞Qd，基因型为QaQd与QcQd的个体杂交，后代个体的基因型有QaQc、QaQd、QcQd、QdQd，因为Qa对Qc、Qd为显性，所以QaQc、QaQd表现为紫色，Qc对Qd为显性，则QcQd表现为粉红色，QdQd为纯隐性表现出白色。结合分析可知，基因型为QaQd与QcQd的个体杂交，后代个体的基因型有QaQc、QaQd、QcQd、QdQd，分别表现为紫色、紫色、粉红色、白色，因此，后代个体的性状表现及比例为紫色∶粉红色∶白色=2∶1∶1，A符合题意。故选A。
27．某植物有白花和红花两种性状，由等位基因R/r、I/i控制，已知基因R控制红色素的合成，基因I会抑制基因R的表达。某白花植株自交，F1中白花∶红花＝5∶1；再让F1中的红花植株自交，后代中红花∶白花＝2∶1。下列有关分析错误的是（ ）
A．基因R/r与I/i独立遗传
B．基因R纯合的个体会致死
C．F1中白花植株的基因型有7种
D．亲代白花植株的基因型为RrIi
【答案】C
【解析】
由题意知，iiR_表现为红花，I_R_、I_rr、aarr表现为白花，某白花植株自交，F1中白花∶红花=5∶1，后代红花占1/6=1/4×2/3；再让F1中的红花植株自交，后代中红花∶白花=2∶1说明两对等位基因独立遗传，遵循基因的自由组合定律，且RR基因纯合致死。
A．根据题意分析可知：某白花植株自交，F1中白花∶红花=5∶1，后代红花（iiR_）占1/6，可拆解为1/4×2/3，这说明两对等位基因独立遗传，遵循基因的自由组合定律，A正确；BCD．根据子一代红花（iiR_）占1/6═1/4×2/3，可推知亲本白花植株的基因型为IiRr，且再让F1中的红花植株自交，后代中红花∶白花=2∶1，说明RR基因纯合致死，则F1中红花的基因型为iiRr，F1中白花植株的基因型有5种，分别为IIRr、IiRr、IIrr、Iirr、iirr，B正确；C错误；D正确。故选C。
28．某种鼠的体色有三种：黄色、青色、灰色，受两对独立遗传的等位基因（A、a和B、b）控制。A_B_表现为青色，A_bb表现为灰色，aa_ _表现为黄色（约50%黄色个体会因黄色素在体内积累过多死亡）。让灰色鼠与黄色鼠杂交，F1全为青色，F1雌性和雄性交配，理论上F2存活个体中青色鼠所占的比例是（ ）
A．9/16 B．3/4 C．6/7 D．9/14
【答案】D
【解析】
已知A_B_表现为青色，A_bb表现为灰色，aa_ _表现为黄色（约50%黄色个体会因黄色素在体内积累过多死亡）。根据灰色鼠（A_bb）与黄色鼠（aa_ _）杂交，F1全为青色（A_B_），可推知，亲代鼠基因型为 AAbb 和 aaBB ，则 F1为 AaBb ，雌雄个体自由交配，考虑黄色中有50％会死亡，则后代中青色∶灰色∶黄色＝9∶3∶（4×1/2）=9∶3∶2，F2存活个体中青色鼠所占的比例是9/14，D符合题意。故选D。
十二、综合题
29．果蝇中灰身（B）与黑身（b）、长翅（D）与残翅（d）是两对相对性状且独立遗传。灰身长翅的雌蝇与灰身残翅的雄蝇杂交，子代中76只为灰身长翅，73只为灰身残翅，23只为黑身长翅，25只为黑身残翅。回答下列问题：
（1）两个亲本中，雌蝇的基因型为______，雄蝇的基因型为______。
（2）亲本雌蝇产生卵细胞的种类有______种，其理论比例为______。
（3）上述子代中表型为灰身长翅个体的基因型为______，黑身残翅个体的基因型为______。
（4）若子代中的灰身长翅个体自交，出现黑身残翅的概率为______。
【答案】（1）BbDd；Bbdd
（2）4；1∶1∶1∶1
（3）BBDd、BbDd；bbdd；
（4）1/24
【解析】
根据题意分析可知：果蝇中灰身与黑身、长翅与残翅是两对相对性状且独立遗传，遵循基因的自由组合定律。灰身长翅的雌蝇和灰身残翅的雄蝇杂交，子代中灰身长翅∶灰身残翅∶黑身长翅∶黑身残翅≈3∶3∶1∶1，说明亲本的基因型为BbDd、Bbdd。
（l）根据分析可知，亲本灰身长翅雌蝇基因型为BbDd，灰身残翅雄蝇基因型为Bbdd。
（2）亲本雌蝇产生的卵细胞有BD、Bd、bD、bd4种，其理论比例为1∶1∶1∶1。
（3）上述子代中，灰身长翅个体的基因型为BBDd和BbDd，黑身残翅个体的基因型为bbdd。
（4）子代中的灰身长翅个体基因型及比例为BBDd∶BbDd＝l∶2，若灰身长翅个体自交，则出现黑身残翅的概率为2/3×1/4×1/4＝1/24。
十三、实验题
30．某自花传粉植物的矮茎/高茎、腋花/顶花这两对相对性状各由一对等位基因控制，这两对等位基因自由组合。现有该种植物的甲、乙两植株，甲自交后，子代均为矮茎，但有腋花和顶花性状分离；乙自交后，子代均为顶花，但有高茎和矮茎性状分离。回答下列问题。
（1）根据所学的遗传学知识，可推断这两对相对性状的显隐性。仅通过对甲、乙自交实验结果的分析进行推断的思路是_____________________________________。
（2）经分析，确定高茎和腋花为显性性状，若用A/a表示控制茎高度的基因、B/b表示控制花位置的基因，则甲的表现型和基因型分别是________________________,乙的表现型和基因型分别是______________________________;若甲和乙杂交，子代的表现型及其分离比为_______________。
（3）若要验证甲和乙的基因型，可用测交的方法，即用另一植株丙分别与甲、乙进行杂交，丙的基因型为___________，甲、乙测交子代发生分离的性状不同，但其分离比均为______________________，乙测交的正反交结果______________（填“相同”或“不同”）。
【答案】（1）若甲为腋花，则腋花为显性，顶花为隐性，若甲为顶花，则腋花为隐性，顶花为显性；若乙为高茎，则高茎是显性，矮茎是隐性性状，若乙为矮茎，则矮茎为显性，高茎为隐性性状
（2）aaBb矮茎腋花；Aabb高茎顶花；高茎腋花∶高茎顶花∶矮茎腋花∶矮茎顶花=1∶1∶1∶1
（3）aabb；1∶1；相同
【解析】
（1）根据甲自交后代出现腋花和顶花性状分离可以确定这对性状的显隐性，若甲为腋花，则腋花为显性，顶花为隐性，若甲为顶花，则腋花为隐性，顶花为显性；根据乙自交后代出现高茎和矮茎的性状分离可确定该性状的显隐性，若乙为高茎，则高茎是显性，矮茎是隐性性状，若乙为矮茎，则矮茎为显性，高茎为隐性性状。
（2）经分析，确定高茎和腋花为显性性状，若用A/a表示控制茎高度的基因、B/b表示控制花位置的基因，根据甲和乙的自交后代均出现性状分离可知，甲和乙均为杂合子，故甲的基因型为：aaBb，表现为矮茎腋花；乙的基因型为：Aabb，表现为高茎顶花。若甲aaBb和乙Aabb杂交，子代中AaBb高茎腋花∶Aabb高茎顶花∶aaBb矮茎腋花∶aabb矮茎顶花=1∶1∶1∶1。
（3）若要验证甲和乙的基因型，可用测交的方法，则丙应该为隐性纯合子aabb。分别与甲、乙进行测交，若甲测交后代：矮茎腋花∶矮茎顶花=1∶1，则甲基因型为aaBb；若乙测交后代：高茎顶花∶矮茎顶花=1∶1，则乙基因型为Aabb，而且甲乙测交后代的分离比均为1∶1。由于自花传粉植物无性染色体，两对基因均在常染色体上，故乙测交的正反交结果相同，均为高茎顶花∶矮茎顶花=1∶1。
十四、综合题
31．野茉莉花有白色、浅红、粉红、大红和深红等五种颜色，花两性，其花瓣所含色素由核基因控制的有关酶所决定，基因A、B、D（分别位于不同的染色体上）分别编码酶A、酶B、酶D，酶所催化的反应及各产物的关系如下图所示，据图回答相关问题：
注：A、B、D三种物质同时出现则为深红，只有一种白色物质或没有白色物质为白色
（1）开浅红花的野茉莉植株中，基因型为杂合子的有________种，开白花的能稳定遗传的野茉莉植株基因型为________。
（2）两株开深红花的野茉莉植株杂交，检测到有的后代植株中没有白色物质，则这两植株杂交后代中，开白花的植株所占的比例为________。
（3）现有各含一种白色物质（开白花）的纯种种子三包，若要对其各自含有的白色物质种类进行判断，请简要写出实验思路。
【答案】（1）3；aabbdd、AAbbdd、aaBBdd、aabbDD
（2）5/32
（3）先从任意两包中取部分种子种下，开花后二者杂交，通过F1花色推断剩下一包种子白色物质种类；再取已知白色物质种类的种子和上述二者中任意一种的种子种下，待开花后二者进行杂交，根据子代花色再作进一步判断
【解析】
由题意知，A、B、D位于不同的染色体上，因此遵循自由组合定律；结合细胞代谢途径可知，A_B_dd为大红，aaB_D_为浅红，A_bbD_为粉红，A_B_D_为深红，其他基因型表现为白色。
（1）
根据分析可知，开浅红花的野茉莉植株基因型为aaB_D_，共有2×2=4种，纯合子只有aaBBDD，故杂合子种类为4－1=3（种）。开白花的能稳定遗传的野茉莉植株基因型为AAbbdd、aaBBdd、aabbDD、aabbdd，共4种。
（2）
开深红花的野茉莉植株基因型为A_B_D_，两株开深红花的野茉莉植株杂交，检测到有的后代植株中没有白色物质（aabbdd），推断两株开深红花的野茉莉植株基因型都是AaBbDd。故杂交后代中基因型为A_bbdd、aaB_dd、aabbD_的植株所占比例均为3/4×1/4×1/4=3/64，基因型为aabbdd的植株所占比例为1/4×1/4×1/4=1/64，故后代白花植株所占比例为3/64+3/64+3/64+1/64=5/32。
（3）
现有各含一种白色物质（开白花）的纯种种子三包，基因型为AAbbdd、aaBBdd、aabbDD，若要对其各自含有的白色物质种类进行判断，可先从任意两包中各取部分种子种下，开花后二者杂交，F1会同时含有两种白色物质，表现出相应的花色，从而可通过F1花色推断剩下一包种子白色物质种类（如AAbbdd×aaBBdd→AaBbdd，开大红色花，则第三包能合成白色物质D，基因型为aabbDD）；再取已知白色物质种类的种子和上述二者中任意一种的种子种下，待开花后二者进行杂交，根据子代花色再作进一步判断（如aabbDD×aaBBdd→aaBbDd，开浅红色花，说明进行杂交的这一包能合成白色物质B，基因型为aaBBdd，剩下的则为AAbbdd）。
32．马鹿体色由常染色体上的3对等位基因控制，其基因型和表现型如下表。回答下列问题：
基因型
A_ _ _ _ _
aabbE_
aabbee
aaBB _ _
aaBbE_
aaBbee
表现型
赤褐色无斑
赤褐色无斑
赤褐色有斑
白色（胚胎致死）
白色无斑
白色有斑
（1）当基因A不存在且________时，马鹿体色表现为白色；若已知野生赤褐色无斑马鹿均为纯合子，请写出野生赤褐色无斑马鹿的所有基因型________________________________。
（2）现有已知基因型的野生雌雄赤褐色无斑马鹿（纯合）若干头，请你设计一最佳实验方案，探究A/a与B/b基因是否位于同一对同源染色体上（不考虑突变和交叉互换，写出实验方案及预测结果与结论）。
【答案】（1）基因B存在；AABBEE、AABBee、AAbbEE、AAbbee、aabbEE
（2）方案：取若干对基因型为AABBEE的野生赤褐色无斑马鹿与基因型为aabbEE的野生赤褐色无斑马鹿进行杂交产生子一代，再让子一代雌雄个体自由交配，观察子二代表现型。
预测结果与结论：若子二代全为赤褐色，则A/a基因与B/b基因位于同一对同源染色体上；若子二代出现了白色，则A/a基因与B/b基因不在同一对同源染色体上
【解析】
以表中呈现的“马鹿的基因型和表现型的"为切入点，从中提取关键信息：至少有1个基因A或基因A和B都不存在月至少有1个基因E时才表现为赤褐色无斑，无基因A且有基因B时表现为白色。依据题意，若要探究A/a与B/b基因是否位于同对同源染色体上，通过杂交实验获得的F的基因型应为AaBbEE，这样才能排除E和e对实验结果的观察产生干扰，这是设计实验方案的关键所在。
（1）
由题干信息可知，aaBB_ _、aaBbE_、aaBbee均表现为白色，这些基因型的共同点在于基因A不存在而基因B存在。野生赤褐色无斑马鹿均为纯合子，则基因型应有AABBEE、AABBee、AAbbEE、AAbbee、aabbEE5种。
（2）
现有已知基因型的野生雌雄赤褐色无斑马鹿（纯合）若干头，即其基因型可能为AABBEE、AABBee、AAbbEE、AAbbee、aabbEE，欲探究A/a与B/b基因是否位于同一对同源染色体上，应选择基因型为AABBEE和aabbEE的若干对个体进行杂交，产生子一代AaBbEE后，再让子一代中雌雄个体自由交配。若A/a基因与B/b基因位于同一对同源染色体上，则A、B位于一条染色体上，a、b位于一条染色体上，AaBbEE只能产生ABE、abE两种配子，子一代中雌雄个体自由交配产生的子二代基因型为AABBEE、AaBbEE、aabbEE，均表现为赤褐色；若A/a基因与B/b基因不在同一对同源染色体上，则二者遵循基因的自由组合定律，子一代中雌雄个体自由交配产生的子二代中会出现基因型为aaBbEE的个体，表现型为白色。
第1章 遗传因子的发现 第2节 孟德尔的豌豆杂交实验（二）
学校∶___________姓名：___________班级：___________考号：___________
一、单选题
1．下图表示豌豆杂交实验时F1自交产生F2的结果统计。对此说法不正确的是（ ）
A．这个结果能够说明黄色和圆粒是显性性状
B．这两对相对性状的遗传只遵循分离定律
C．F1的表现型和基因型能确定
D．亲本的表现型和基因型不能确定
【答案】B
【解析】
在F2中，黄色圆粒∶绿色圆粒∶黄色皱粒∶绿色皱粒＝315∶108∶101∶32≈9∶3∶3∶1，说明：①黄色对绿色为显性、圆粒对皱粒是显性；②F1的表现型为黄色圆粒，且为双杂合子，即控制这两对相对性状的基因均为等位基因；③这两对相对性状的遗传遵循自由组合定律。在F2中，黄色圆粒∶绿色圆粒∶黄色皱粒∶绿色皱粒≈9∶3∶3∶1，说明黄色和圆粒是显性性状，而且这两对相对性状的遗传遵循自由组合规律，A正确，B错误；若Y和y分别控制黄色和绿色，R和r分别控制圆粒和皱粒，则F1的基因型为YyRr，表现型为黄色圆粒，C正确；亲本的基因型可能为YYRR和yyrr，或者为YYrr和yyRR，表现型为黄色圆粒和绿色皱粒，或者为黄色皱粒和绿色圆粒，因此亲本的表现型和基因型不能确定，D正确。
二、填空题
2．在亲本为黄色圆粒和绿色皱粒的杂交实验中，黄色圆粒分别作为父本或母本的结果是否相同？为什么？
【答案】相同。因为在每一对相对性状的杂交实验中，以显性个体或隐性个体作为母本，其结果都是显性∶隐性为3∶1，所以两对相对性状的杂交实验中，正交与反交的结果也是相同的
【解析】
因为在每一对相对性状的杂交实验中，以显性个体或隐性个体作为母本，其结果都是显性∶隐性为3∶1，所以两对相对性状的杂交实验中，正交与反交的结果也是相同的，故在亲本为黄色圆粒和绿色皱粒的杂交实验中，黄色圆粒分别作为父本或母本的结果相同。
三、单选题
3．番茄的红果（R）对黄果（r）为显性，子房多室（M）对子房二室（m）为显性，现将红果多室和红果二室番茄进行杂交，其后代表现型及比例如图所示，据此分析：两亲本的遗传因子组成是（ ）
A．RrMm、RRmm B．RrMm、Rrmm
C．RRMm、Rrmm D．RRMM、RRmm
【答案】B
【解析】
根据题意和图示分析可知：番茄的红果（R）对黄果（r）为显性，子房多室（M）对子房二室（m）为显性，遵循基因的自由组合定律，亲代进行杂交的红果多室番茄基因型为R_M_，红果二室番茄的基因型为R_mm。将红果多室番茄（R_M_）和红果二室番茄（R_mm）进行杂交，后代中出现红果∶黄果=3∶1，说明亲代都是Rr；子代中多室∶二室=1∶1，说明亲代是Mm和mm，因此，两亲本的遗传因子组成是RrMm和Rrmm，故选B。
4．已知A与a、B与b、C与c 3对等位基因自由组合，基因型分别为AaBbCc、AabbCc的两个体进行杂交。下列关于杂交后代的推测，正确的是（ ）
A．表现型有8种，AaBbCc个体的比例为1／16
B．表现型有4种，aaBbcc个体的比例为1／16
C．表现型有8种，Aabbcc个体的比例为1／8
D．表现型有8种，aaBbCc个体的比例为1／16
【答案】D
【解析】
后代表现型为2x2x2=8种,AaBbCc个体的比例为1/2x1/2x1/2=1/8。Aabbcc个体的比例为1/2x1/2x1/4=1/16。aaBbCc个体的比例为1/4x1/2x1/2=1/16
5．有一种名贵的兰花，花色有红色、蓝色两种颜色，其遗传符合孟德尔的遗传规律。现将亲代红花和蓝花进行杂交，F1均为红花，F1自交，F2红花与蓝花比例为27∶37。下列说法正确的是 （ ）
A．兰花花色遗传由一对同源染色体上一对等位基因控制
B．兰花花色遗传由两对同源染色体上两对等位基因控制
C．若F1测交，则其子代表现型与比例为红色∶蓝色=1∶7
D．F2中蓝花基因型有5种
【答案】C
【解析】
本题考查自由组合定律，考查对自由组合定律的理解和应用，F2中红花与蓝花比例为27∶37，则红花所占比例为27/（27+37）=27/64=（3/4）3，可判断兰花花色受三对等位基因控制，且三对等位基因位于三对同源染色体上，遵循基因的自由组合定律。当三对基因中同时出现显性基因时，花色表现为红色。根据分析可知，兰花花色受三对等位基因控制，且三对等位基因位于三对同源染色体上，A项、B项错误；设三对基因分别为A与a、B与b、C与c，则F1基因型为AaBbCc，与aabbcc进行测交时，其子代红花比例为（1/2）×（1/2）×（1/2）=1/8，表现型与比例为红色∶蓝色=1∶7，C项正确；F2中共有3×3×3=27种基因型，其中红花基因型有2×2×2=8种，蓝花基因型有27—8=19种，D项错误。
四、综合题
6．用纯色长毛“波斯猫”（UUss）和彩色斑点短毛“暹罗猫”（uuSS）杂交，可以培育出彩色斑点长毛的“喜马拉雅猫”。若U、u基因控制纯色和彩色斑点，S、s基因控制短毛和长毛，且两对等位基因分别位于两对同源染色体上。请回答问题：
（1）F1的基因型为___________，表现型为___________。
（2）F2中“喜马拉雅猫”的基因型为___________，所占的比例为___________。
（3）F2中还会出现彩色斑点短毛“暹罗猫”，其基因型为___________。
【答案】（1）UuSs；纯色短毛
（2）uuss；1/16
（3）uuSS、uuSs
【解析】
根据提供信息分析，已知控制两对相对性状的两对等位基因位于两对同源染色体上，则它们遵循基因的自由组合定律。用纯色长毛“波斯猫”（UUss）和彩色斑点短毛“暹罗猫”（uuSS）杂交，子一代基因型为UuSs，表现型为纯色短毛；让子一代雌雄性相互交配，产生的子二代为U_S_（纯色短毛）∶U_ss（纯色长毛）∶uuS_（彩色斑点短毛）∶uuss（彩色斑点长毛）=9∶3∶3∶1。
（1）根据以上分析已知，子一代基因型为UuSs，表现型为纯色短毛。
（2）根据题干信息分析，“喜马拉雅猫”表现为彩色斑点长毛，则基因型为uuss；根据以上分析已知，子一代基因型为UuSs，则子二代中的“喜马拉雅猫”（ uuss）所占比例为1/4×1/4=1/16。
（3）已知子一代基因型为UuSs，则子二代中的彩色斑点短毛“暹罗猫”的基因型可能为uuSS、uuSs。
五、单选题
7．豌豆黄色圆粒豌豆与绿色圆粒豌豆杂交，F1出现黄圆、绿圆、黄皱、绿皱四种表现型，其比例为3∶3∶1∶1，推知其亲代杂交组合的基因型是
A．YyRr×yyRr B．YyRR×yyRr
C．YYRr×yyRR D．YYRr×yyRr
【答案】A
【解析】
根据题意和图示分析可知：黄色圆粒和绿色圆粒进行杂交的后代中，圆粒∶皱粒=3∶1，说明亲本的基因组成为Rr和Rr；黄色∶绿色=1∶1，说明亲本的基因组成为Yy和yy，因此可以判断亲本的基因型为YyRr和yyRr，故选A。
8．某鲤鱼种群体色遗传有如下特征，用黑色鲤鱼（简称黑鲤）和红色鲤鱼（简称红鲤）杂交，F1皆为黑鲤，F1雌雄个体相互交配所得F2的性状分离结果如下表所示。据此分析，若用F1（黑鲤）与红鲤杂交，子代中不同性状的数量比是（ ）
取样地点
取样总数
F2性状分离情况
黑鲤
红鲤
黑鲤∶红鲤
1号池
1699
1592
107
14.88∶1
2号池
62
58
4
14.50∶1
A．1∶1∶1∶1 B．3∶1
C．1∶1 D．15∶1
【答案】B
【解析】
分析表格数据，两组杂交组合中F1雌雄个体相互交配所得F2的性状分离比约为15∶1，是9∶3∶3∶1的变式，说明F1的为黑鲤基因型为双杂合子，亲代的黑鲤是双显性纯合子，红鲤为双隐性个体，F2中含显性基因的个体表现为黑鲤。A．据分析可知，F1黑鲤是双杂合个体，双杂合个体与双隐性个体杂交，后代基因型有4种，但只要含有显性基因的个体表现为黑鲤，故测交后代的表现型比例为黑鲤∶红鲤=3∶1，A错误；B．F1黑鲤是双杂合个体，测交后代中含有显性基因的个体表现为黑鲤，故测交后代的表现型比例为黑鲤∶红鲤=3∶1，B正确；C．F1测交后代的表现型比例为3∶1，C错误；D．F1测交后代有四种基因型，表现型为两种，比例为3∶1，D错误。故选B。
六、综合题
9．某种植物的花色由两对等位基因A、a和B、b控制。基因A控制红色素合成（AA和Aa的效应相同）；基因B为修饰基因，BB使红色素完全消失，Bb使红色素颜色淡化。现用两组纯合亲本进行杂交，实验结果如下。回答下列问题：
（1）根据上述第_____组杂交实验结果，可判断控制性状的两对基因的遗传遵循基因的自由组合定律。
（2）在第1组、第2组两组杂交实验中，白花亲本的基因型分别是_____。
（3）让第1组F2的所有个体自交，后代中红花∶粉红花∶白花的比例为_____。
（4）第2组亲本红花个体的基因型是_____，F2中粉红花个体的基因型是_____，F2中开白花植株的基因型有_____种。
【答案】（1）2
（2）AABB、aaBB
（3）3∶2∶3
（4）AAbb；AABb和AaBb；5
【解析】
据题干及第1组、第2组杂交试验可知，白花基因型为A_BB、aa_ _；粉红花基因型为A_Bb；红花基因型为A_bb。
（1）
由第2组的实验可知，后代出现3∶6∶7的性状分离比，是9∶3∶3∶1的变形，说明控制性状的两对基因位于两对同源染色体上，遵循基因自由组合定律。
（2）
分析第1组实验，白花纯合子与红花纯合子杂交，子二代红花∶粉红花∶白花=1∶2∶1，说明子一代的基因型是AABb，亲本基因型是AABB和AAbb，白色亲本基因型为AABB；实验2白花纯合子与红花纯合子杂交，子二代红花∶粉红花∶白花=3∶6∶7，可以改写成9∶3∶3∶1，因此子一代的基因型是AaBb，亲本红花的基因型是AAbb，白花的基因型是aaBB。
（3）
第1组子二代的基因型是AABB∶AABb∶AAbb=1∶2∶1，第1组F2的所有个体自交，白花的比例是AABB=1/4+1/2×1/4=3/8，粉花的比例是AABb=1/2×1/2＝1/4，白花的比例是AAbb=1/2×1/4+1/4=3/8，因此红花∶粉红花∶白花=3∶2∶3。
（4）
实验2白花纯合子与红花纯合子杂交，子二代红花∶粉红花∶白花=3∶6∶7，可以改写成9∶3∶3∶1，因此子一代的基因型是AaBb，亲本红花的基因型是AAbb，白花的基因型是aaBB。子二代粉红花的基因型是AABb和AaBb；白花个体的基因型是AABB、AaBB、aaBB、aaBb、aabb五种。
10．玉米是雌雄同株的植物，顶生的垂花是雄花序，侧生的穗是雌花序。已知玉米中有两对独立遗传的基因（T对t，B对b）可以改变玉米的性别，即把雌雄同株转变为雌株或雄株：当基因b纯合且t不纯合时，使植株没有雌花序成为雄株；当基因t纯合时，使垂花序成为雌花序，不产生花粉，如下图所示：
（1）雄株的基因型为_____________，雌株的基因型有 ______________种。
（2）将基因型为BBTT植株与bbtt植株相间种植，子代基因型为____________、_____________。
（3）将上述F1中不同株间杂交的种子种植，让其自花传粉，F2有__________表型及其比例为__________。
（4）如果使后代中只含有雌株和雄株且比值相等，在F2中应选择怎样的基因型个体作亲本？试用图解说明。____________
【答案】（1）bbTT、bbTt；3
（2）BBTT；BbTt
（3）三种；雌雄同株∶雌株∶雄株=9∶4∶3
（4）
【解析】
分析题干信息：两对独立遗传的基因（T对t，B对b）可以改变玉米的性别，当基因b纯合且t不纯合时，使植株没有雌花序成为雄株；当基因t纯合时，使垂花序成为雌花序，不产生花粉，推测雄株的基因型为bbTT或bbTt，雌株的基因型为BBtt或Bbtt、bbtt。基因型B_T_的个体是雌雄同株。
（1）根据题中信息可知bbT_为雄株，基因型有bbTT、bbTt；雌株基因型为B_tt或bbtt共3种。
（2）基因型BBTT的个体是雌雄同株，bbtt植株为雌株；将基因型为BBTT植株与bbtt植株相间种植，BBTT可以接受自己的花粉，后代的基因型为BBTT，bbtt雌株只能接受BBTT的花粉，后代的基因型为BbTt。
（3）上述F1中不同株间杂交的种子指的是基因型为BbTt的个体，其自花传粉，F2基因型有9种，表现型有三种；其中B_T_基因型的个体占为，为雌雄同株；B_tt和bbtt为雌株，占；bbT_为雄株，占。
（4）后代中只含有雌株和雄株且比值相等，只能选择bbTt作父本，bbtt作母本。
图解如图所示：
11．一位瑞典遗传学家对小麦和燕麦的籽粒颜色的遗传进行了研究。他发现在若干个红色籽粒与白色籽粒的纯合亲本杂交组合中出现了如下几种情况：
结合上述结果，回答下列问题：
（1）控制红粒性状的基因为________（填“显性”或“隐性”）基因；该性状由________对能独立遗传的基因控制。
（2）第Ⅱ组中F1可能的基因组成有________种，第Ⅲ组中F1的基因组成有________种。
（3）第Ⅰ/Ⅱ/Ⅲ组F1测交后代的红粒和白粒的比例依次为_________、__________、_______。
【答案】（1）显性；三；
（2）3；1
（3）1∶1；3∶1；7∶1
【解析】
根据题意和图示分析可知：亲本有红粒和白粒，而F1都是红粒，说明控制红粒性状的基因为显性基因，第Ⅲ组中，F2的红粒∶白粒=63∶1，假设小麦和燕麦的籽粒颜色由n对等位基因控制（隐性纯合体为白粒，其余都为红粒），则F2中白粒个体所占的比例为（1/4）n，红粒个体所占的比例为1－（1/4）n，且[1－（1/4）n]∶（1/4）n=63∶1，计算可得n=3，因此小麦和燕麦的籽粒颜色由三对能独立遗传的基因控制，隐性纯合体为白粒，其余都为红粒。
【解析】
（1）由于两种性状的个体杂交后代只有一种性状，所以该性状为显性性状。根据F2的红粒∶白粒=63∶1，可推知该性状由3对能独立遗传的基因控制。
（2）由以上分析可知，小麦和燕麦的籽粒颜色由三对能独立遗传的基因控制（隐性纯合体为白粒，其余都为红粒），设三对独立遗传的基因分别为A和a、B和b、C和c，则白粒亲本的基因型为aabbcc．第Ⅰ组杂交组合中，红粒亲本只有1对显性基因，其基因型可能有3种（AAbbcc、aaBBcc、aabbCC），因此F1可能的基因型有Aabbcc、aaBbcc、aabbCc三种，自交后代都为3∶1；第Ⅱ组杂交组合中，红粒亲本有2对显性基因，其基因型可能有3种（AABBcc、aaBBCC、AAbbCC），因此F1可能的基因型有AaBbcc、aaBbCc、AabbCc三种，自交后代都为15∶1；第Ⅲ组杂交组合中，红粒亲本有3对显性基因，其基因型只有1种（AABBCC），因此F1的基因型也只有AaBbCc一种，自交后代都为63∶1。
（3）测交是指杂交产生的子一代个体与隐性个体交配的方式，第Ⅰ组F1的基因型有Aabbcc、aaBbcc、aabbCc三种，无论哪一种测交结果均为1∶1；第Ⅱ组F1的基因型有AaBbcc、aaBbCc、AabbCc三种，无论哪一种测交结果均为3∶1，第Ⅲ组F1的基因型有AaBbCc测交结果为7∶1。
七、单选题
12．小麦的粒色受不连锁的两对基因和、和和控制。和决定红色，和决定白色，R对r不完全显性，并有累加效应，所以麦粒的颜色随R的增加而逐渐加深。将红粒与白粒杂交得，自交得，则的表现型有（ ）
A．4种 B．5种 C．9种 D．10种
【答案】B
【解析】
本题的关键是“麦粒的颜色随R的增加而逐渐加深”，也就是颜色主要与R的多少有关，F2中的R有4、3、2、1和0五种情况，对应有五种表现型。答案选B。
13．牵牛花的开红花（A）对开白花（a）为显性，宽叶（B）对窄叶（b）为显性，两对基因独立遗传。某牵牛花植株M与基因型为AaBb的植株杂交，子代的表型之比为红花宽叶∶红花窄叶∶白花宽叶∶白花窄叶是3∶3∶1∶1，那么M的基因型和表型分别为（ ）
A．Aabb 红花窄叶 B．AAbb 红花窄叶
C．AaBb 红花宽叶 D．aaBb 白花宽叶
【答案】A
【解析】
根据题意，某牵牛花植株M与另一红花宽叶牵牛花植株AaBb杂交，其后代中红花宽叶∶红花窄叶∶白花宽叶∶白花窄叶是3∶3∶1∶1，分析子代中红花∶白花=3∶1，宽叶∶窄叶=1∶1，说明前者是自交Aa×Aa，后者是杂合子测交Bb×bb，所以与AaBb杂交的某植株M基因型为Aabb，表型为红花窄叶。综上所述，A符合题意，BCD不符合题意。故选A。
14．人类多指基因（T）对正常指基因（t）为显性；白化基因（a）对正常（A）为隐性，这两对基因都是独立遗传。一个家庭中，父亲是多指，母亲正常， 他们有一个白化病但手指正常的孩子，则下一个孩子只有一种病和有两种病的几率分别是（ ）
A．1/2、1/8 B．3/4、1/4 C．1/4、1/4 D．1/4、1/8
【答案】A
【解析】
据据题意，父亲是多指即A_T_，母亲正常A_tt，他们有一个白化病但手指正常的孩子即aatt，故父亲基因型为AaTt，母亲基因型为Aatt，据此分析作答。根据分析可知，父亲的基因型是AaTt，母亲的基因型是Aatt，采用逐对分析法，Aa×Aa，子代中正常（A－）的概率为3/4，白化病（aa）的概率为1/4；Tt×tt，子代中手指正常（tt）的概率为1/2，多指（T－）的概率为1/2；故生一个孩子只有一种病的概率为3/4×1/2+1/4×1/2=1/2，患两种病的概率是1/4×1/2＝1/8，即A正确，BCD错误。故选A。
15．木瓜素有“岭南果王”的称号，如设其白色果（W）对黄色果（w）为显性，扁形果（D）对圆形果（d）为显性。纯合白色圆形果和纯合黄色扁形果杂交的后代再与“X植株”杂交，其后代中白色扁形果、白色圆形果、黄色扁形果、黄色圆形果的比是3∶1∶3∶1，遗传遵循基因的自由组合定律。“X植株”的基因型是（ ）
A．Wwdd B．wwDD
C．WwDd D．wwDd
【答案】D
【解析】
根据结果后代中白色扁形果、白色圆形果、黄色扁形果、黄色圆形果的比是3∶1∶3∶1，可知两对性状分离比分别是扁形∶圆形=3∶1和白色∶黄色=1∶1，可判断亲本基因型为WwDd×wwDd。已知南瓜中白色果（W）对黄色果（w）为显性，扁形果（D）对圆形果（d）为显性。则纯合白色圆形果（WWdd）和黄色扁形果（wwDD）杂交的后代基因型是WwDd，让其与“某植株”杂交，子代中白色∶黄色=1∶1，扁形果∶圆形果=3∶1，说明前者是测交，后者是杂合子自交，所以与WwDd杂交的“某植株”基因型为wwDd。即D正确，ABC错误。故选D。
16．香豌豆的花色有紫花和白花两种，显性基因C和P同时存在时开紫花。两个纯合白花品种杂交，F1开紫花；F1自交，F2的性状分离比为紫花∶白花＝9∶7。下列分析不正确的是 （ ）
A．两个白花亲本的基因型为CCpp与ccPP
B．F1测交结果紫花与白花的比例为1∶1
C．F2紫花中纯合子的比例为1/9
D．F2中白花的基因型有5种
【答案】B
【解析】
题意分析，紫花的基因型是C_P_，白花的基因型是C_pp或ccP_或ccpp。F1开紫花（C_P_），其自交所得F2的性状分离比为紫花∶白花=9∶7，9∶7是9∶3∶3∶1的变式，说明F1的基因型是CcPp，由F1的基因型可推知两个纯合白花亲本的基因型为CCpp与ccPP。A．根据分析知，两个纯合白花亲本的基因型为CCpp与ccPP，A正确；B．已知F1的基因型是CcPp，其测交后代的基因型为CcPp（紫花）∶Ccpp（白花）∶ccPp（白花）∶ccpp（白花），则紫花∶白花=1∶3，B错误；C．F1（CcPp）自交所得F2中紫花植株（C_P_）占9/16，紫花纯合子（CCPP）占总数的1/16，所以F2紫花中纯合子的比例为1/9，C正确；D．F2中白花的基因型有5种，即CCpp、Ccpp、ccPP、ccPp、ccpp，紫花的基因型有4种，即CCPP、CCPp、CcPP、CcPp，D正确。故选B。
17．豌豆花有紫色和白色，两种不同品系白花豌豆杂交后代开紫花，F2中紫花植株和白花植株分别为1799株和1401株。下列相关分析错误的是（ ）
A．白花和紫花由两对等位基因控制
B．两白花亲本植株的基因型相同
C．F2紫花植株中，与F1基因型相同的植株占4/9
D．F2紫花植株中，自交后代只开紫花的植株占1/9
【答案】B
【解析】A．本题主要考查自由组合定律中9∶3∶3∶1的变式。由题意可知，F2中紫花植株和白花植株分别为1799株和1401株，比例接近9∶7，由此得知花色由两对等位基因控制（设为A/a、B/b），遵循基因的自由组合定律，A正确；B．由F2中紫花和白花植株的比值接近9∶7可知，紫花基因型为A_B_，白花基因型为A_bb、aaB_或aabb，F1基因型为AaBb，从而推知两白花亲本植株的基因型不同，分别为AAbb、aaBB，B错误；C．F1基因型为AaBb，F2中紫花的基因型有AABB、AABb、AaBB、AaBb四种，其比例为1∶2∶2∶4，故F2紫花植株中，与F1基因型相同的植株占4/9，C正确；D．F2紫花植株中，只有AABB为紫花纯合子，后代不发生性状分离，其比例为1/9，D正确。故选B。
18．雄蜂由未受精的卵细胞发育而来（叫孤雌生殖）。一雌蜂和一雄蜂交配产生F1，在F1雌雄个体交配产生的F2中，雄蜂基因型共有AB、Ab、aB、ab四种，雌蜂的基因型共有AaBB、AaBb、aaBB、aaBb四种，则亲本的基因型是（）
A．aabb×AB B．AaBb×Ab C．aaBB×Ab D．AABB×ab
【答案】C
【解析】
从F2中雄蜂的基因型有AB、Ab、aB、ab四种，可推知F1雌蜂的基因型为AaBb，从F2雌蜂的基因型可知，F1雄蜂的基因型为aB，则亲本的雌蜂只能产生aB一种配子，所以亲本雌蜂的基因型为aaBB，而要产生基因型为AaBb的雌蜂，亲本雄蜂的基因型只能是Ab。因此，C正确，具体图示如下：
故选C。
八、综合题
19．某观赏鱼的尾鳍分为单尾鳍、双尾鳍两种类型。研究表明，尾鳍类型受常染色体上一对等位基因（D、d）控制，雌性个体均为单尾鳍，雄性个体有单尾鳍、双尾鳍。用不同类型的此观赏鱼做了两组杂交实验，过程及结果如表所示。请据表回答：
实验①
实验②
亲代
单尾鳍雌性×单尾鳍雄性
单尾鳍雌性×双尾鳍雄性
子代
单尾鳍雌性∶单尾鳍雄性∶双尾鳍雄性=4∶3∶1
单尾鳍雄性∶单尾鳍雄性=1∶1
（1）由实验结果可知，控制双尾鳍性状的基因为____________________（填：“显”或“隐”）性基因。此观赏鱼中，基因型为_____________的个体只有雄性时才能正常表达出相应性状。这对性状的遗传__________（填“遵循”或“不遵循”）基因的分离定律。
（2）若实验①中子代雌、雄个体随机交配，理论上其后代双尾鳍个体所占比例为______________。
（3）若双尾鳍雄性与实验②中子代单尾鳍雌性杂交，所产生后代表型和比例为________________。
【答案】（1）隐；dd；遵循
（2）1/8
（3）单尾鳍雌性∶单尾鳍雄性∶双尾鳍雄性=2∶1∶1
【解析】
实验①中亲代均为单尾鳍，但子代出现双尾鳍，即发生性状分离，说明单尾鳍相对于双尾鳍为显性性状，亲本的基因型均为Dd。实验②中单尾鳍雌性×双尾鳍雄性（dd），后代雄性均为单尾鳍（D_），说明亲本中单尾鳍雌性的基因型为DD。
（1）实验①中单亲代均为单尾鳍，但子代出现双尾鳍，即发生性状分离，说明双尾鳍相对于单尾鳍为隐性性状，亲本的基因型均为Dd；这对性状遵循基因的分离定律，子代的表型及比例应为双尾鳍∶单尾鳍=3∶1，而实际单尾鳍雌性∶单尾鳍雄性∶双尾鳍雄性=4∶3∶1，说明此观赏鱼中，基因型为dd的个体只有为雄性时才能正常表达出相应性状。
（2）实验①中子代雌、雄个体随机交配，其产生的配子的基因型及比例为D∶d = 1∶1 ，但基因型为dd的个体只有为雄性时才能正常表达出相应性状，因此理论上后代中双尾鳍个体所占的比例是。
（3）实验②中单尾鳍雌性×双尾鳍雄性（dd），后代雄性均为单尾鳍（D_），说明亲本中单尾鳍雌性的基因型为DD，则子代单尾鳍雌性个体的基因型为Dd，其与双尾鳍雄性个体（dd）杂交，所产生后代的表型和比例为单尾鳍雌性∶单尾鳍雄性∶双尾鳍雄性=2∶1∶1。
九、实验题
20．水稻有芒（A）对无芒（a）为显性，抗病（B）对易感病（b）为显性，回答下列相关问题：
（1）现有纯种有芒易感病水稻和纯种无芒抗病水稻若干，为确定两对基因位于1对同源染色体还是2对同源染色体上，请设计杂交实验进行说明。
（2）若上述两对基因独立遗传。
①现有纯种有芒抗病和杂合有芒抗病杂交，F1随机交配后代出现有芒易感病植株，则亲本基因型组合为___________或___________。
②现进行一组杂交实验，F1表现为有芒抗病、有芒易感病、无芒抗病、无芒易感病，其数量比为3∶1∶3∶1，让F1中纯合子随机交配则后代纯合子的概率为___________。
【答案】（1）将纯种有芒易感病水稻和无芒抗病水稻进行杂交，得到F1，让F1进行自交，统计F2表现型及其比例。若在2对同源染色体上，F2表现型及其比例为有芒抗病∶有芒易感病∶无芒抗病∶无芒易感病＝9∶3∶3∶1；若在1对同源染色体上，F2表现型及其比例为有芒易感病∶有芒抗病∶无芒抗病＝1∶2∶1；
（2）①AABB×AABb AABB×AaBb；
②1/2
【解析】
（1） 为确定A和a、B和b这两对基因是位于1对同源染色体还是2对同源染色体上，以纯种有芒易感病水稻和纯种无芒抗病水稻为实验材料，仿照孟德尔的两对相对性状的豌豆杂交实验的程序，可确定该杂交实验的思路为：将纯种有芒易感病水稻（AAbb）和纯种无芒抗病水稻（aaBB）进行杂交，得到F1（AaBb），让F1进行自交，统计F2表现型及其比例。若在2对同源染色体上，则F1产生的雌配子和雄配子各有4种：AB、Ab、aB、ab，它们之间的数量比为1∶1∶1∶1，F1自交所得F2的表现型及其比例为有芒抗病（A_B_）∶有芒易感病（A_bb）∶无芒抗病（aaB_）∶无芒易感病（aabb）＝9∶3∶3∶1；若在1对同源染色体上，则F1产生的雌配子和雄配子各有2种：Ab、aB，它们之间的数量比为1∶1，F1自交所得F2的表现型及其比例有芒易感病（AAbb）∶有芒抗病（AaBb）∶无芒抗病（aaBB）＝1∶2∶1。
（2） 若上述两对基因独立遗传，则这两对基因位于2对同源染色体上，它们的遗传遵循基因的自由组合定律。
①现有纯种有芒抗病（AABB）和杂合有芒抗病（AABb或AaBB或AaBb）杂交，F1随机交配后代出现有芒易感病植株（A_bb），说明亲本杂合有芒抗病植株必然含有b，进而推知：亲本的基因型组合为AABB×AABb或AABB×AaBb。
②现进行一组杂交实验，F1表现为有芒抗病、有芒易感病、无芒抗病、无芒易感病，其数量比为3∶1∶3∶1，即F1中有芒∶无芒＝1∶1，抗病∶易感病＝3∶1，由此推知：双亲的基因型为AaBb、aaBb，进而推知在F1的纯合子中，其基因型及其比例为1/2aaBB、1/2aabb，产生的配子为1/2aB、1/2ab。可见，让F1中纯合子随机交配，则后代纯合子的概率为1/2aB×1/2aB＋1/2ab×1/2ab＝1/2。
十、综合题
21．蒸麦颖片颜色的遗传受两对等位基因控制，其中基因B控制黑色素的形成，基因Y控制黄色素的形成，但黑色会掩盖黄色，基因b、y均不产生色素，而表现为白颖，为研究燕麦颖色的遗传，用黄颖和黑颖的燕麦为亲本杂交，F1代全为黑颖，F1自交后代黑颖、黄颖、白颖的数目分别是241、59、20。请分析并回答下列问题：
（1）根据F2的表现型及比例可以推测基因B与Y的关系为_______________。
（2）题中亲本黑颖和黄颖的基因型分别是___________________。
（3）F2的黑颖植株共有__________种基因型。其中部分个体无论自交多少代，后代全为黑颖，这样的个体占F2的黑颖的比例为_______________。
（4）为鉴定一株黑颖植株的基因型，将该植株与白颖植株杂交得F1，F1自交得F2。
①根据F1的表现型及其比例，可确定的亲本基因型有_________种。
②根据F1的表现型及其比例，尚不能确定的亲本基因型中，若F2中黑颖∶黄颖∶白颖比例为________，则亲本植株的基因型为BBYy。
【答案】（1）位于两对同源染色体上
（2）BByy、bbYY
（3）6；1/3
（4）3
（5）6∶1∶1
【解析】分析题干信息：“基因B控制黑色素的形成，基因Y控制黄色素的形成，但黑色会掩盖黄色，基因b、y均不产生色素，而表现为白颖”，所以黑颖的基因组成为B___，黄颖的基因组成为bbY_，白颖的基因组成为bbyy，根据分析回答。题中：黑∶黄∶白=241∶59∶20=12∶3∶1，说明两对等位基因独立遗传，符合基因的自由组合定律，子一代的基因型为BbYy，亲本中黄颖和黑颖基因型分别为bbYY、BByy。
（1）由分析可知，子二代出现类似9∶3∶3∶1的比例，说明燕麦颖色的遗传遵循基因的自由组合定律，即两对基因位于非同源染色体上。
（2）由于后代出现12∶3∶1的性状分离比，因此F1代的基因型一定为BbYy，则亲代中黑颖基因型一定为BByy，黄颖基因型一定为bbYY。
（3）F2中黑颖植株的基因型共有1BBYY、2BBYy、1BByy、2BbYY、4BbYy和2Bbyy6种，其中BBYY、BBYy和BByy的个体无论自交多少代，其后代表现型仍然全为黑颖，占F2的黑颖的1/3。
（4）①黑颖植株的基因型共有BBYY、BBYy、BByy、BbYY、BbYy和Bbyy6种。将它们与白颖植株bbyy杂交，前3种基因型的杂交后代均表现为黑颖，故不能根据F1的表现型及其比例确定亲本基因型； 后3种基因型亲本的杂交后代分别表现为以下的性状分离比：（1黑颖∶1黄颖）、（2黑颖∶1黄颖∶1白颖）、（1黑颖∶1白颖）。
②在前3种基因型中，若黑颖植株的基因型为BBYy．与白颖植株杂交得F1的基因型为BbYy、Bbyy，F1自交得F2的表现型及比例为黑∶黄∶白=3/4∶（1/4×1/2）∶（1/4×1/2）=6∶1∶1。
十一、单选题
22．已知现存土豆均为杂种（只要有一对基因杂合，即为杂种），可用块茎繁殖。欲通过一代杂交选育出黄肉（A基因控制）抗病（另一条染色体上的B基因控制）的新品种，应选用的杂交亲本是（ ）
A．AaBb×aabb B．AABb×aaBb
C．AaBB×Aabb D．aaBb×Aabb
【答案】D
【解析】A．AaBb的表现型为黄肉抗病，如果有AaBb的基因型就不需要进行杂交了，A错误；B．AABb的表现型为黄肉抗病，如果有AABb的基因型就不需要进行杂交了，B错误；C．AaBB的表现型为黄肉抗病，如果有AaBB的基因型就不需要进行杂交了，C错误；D．根据题干可知马铃薯黄肉显性性状，抗病也是显性性状，故要通过杂交育种获得黄肉抗病的新品种需要选择双亲的基因型分别是aaBb（或Aabb）、Aabb（或aaBb），得到的后代中有四种表现型，可以根据其表现型黄肉抗病确定其基因型为AaBb，再利用块茎来繁殖下一代即得到所要求的品种，D正确。故选D。
23．某植物子叶的黄色（R）对绿色（r）为显性，圆粒种子（Y）对皱粒种子（y）为显性。某人用该植物黄色圆粒和绿色圆粒作亲本进行杂交，发现后代（F1）出现 4 种类型，其比例分别为黄色圆粒∶绿色圆粒∶黄色皱粒∶绿色皱粒=3∶3∶1∶1。去掉花瓣， 让 F1中黄色圆粒植株相互授粉，F2的表现型及其性状分离比是（ ）
A．24∶8∶3∶1 B．25∶5∶5∶1
C．15∶5∶3∶1 D．9∶3∶3∶1
【答案】A
【解析】
根据题意分析可知：黄色圆粒和绿色圆粒进行杂交的后代中，圆粒∶皱粒=3∶1，说明亲本的基因组成为Yy和Yy；黄色∶绿色=1∶1，说明亲本的基因组成为Rr和rr，则亲本基因型是RrYy×rrYy，F1中的黄色圆粒包括1/3RrYY、2/3RrYy，去掉花瓣， 让黄色圆粒植株相互授粉，其中亲代为Rr×Rr，则子代黄色∶绿色=3∶1；1/3YY、2/3Yy相互授粉，配子为2/3Y、1/3y，则子代出现yy皱粒的概率是1/3×1/3=1/9，即圆粒∶皱粒=8∶1，则F2的性状分离比是（3∶1）（8∶1）=24∶8∶3∶1，故A符合题意。故选A。
24．蝴蝶的翅形（正常翅对残缺翅为显性）和翅长（长翅对短翅为显性）分别由位于常染色体上的两对独立遗传的等位基因A、a和B、b决定。基因A纯合时雄蝶致死，基因b纯合时雌蝶致死。基因型为aabb的雄蝶和基因型为AABB的雌蝶交配得到F1，F1随机交配得到F2。F2蝴蝶中正常长翅∶正常短翅∶残缺长翅∶残缺短翅为
A．6∶2∶3∶1 B．15∶5∶6∶2 C．9∶3∶3∶1 D．15∶2∶6∶1
【答案】D
【解析】
基因型为aabb的雄蝶和基因型为AABB的雌蝶交配，F1的基因型为AaBb，F1随机交配，F2蝴蝶中雌雄个体的比例1∶1，基因A纯合时雄蝶致死，雄蝶中正常长翅∶正常短翅∶残缺长翅∶残缺短翅=6∶2∶3∶1，基因b纯合时雌蝶致死，雌蝶中正常长翅∶残缺长翅=9∶3，则F2蝴蝶中正常长翅∶正常短翅∶残缺长翅∶残缺短翅为15∶2∶6∶1，选D。
25．孟德尔的豌豆杂交实验表明，种子黄色（Y）对绿色（y）显性，圆粒（R）对皱粒（r）显性。小明想重复孟德尔的实验，他用纯种黄色皱粒豌豆（P1）与纯种绿色圆粒豌豆（P2）杂交，得到F1，F1自交得到F2，F2的性状如右图所示。根据基因的自由组合定律判断，正确的是
A．①、②、③、④都是皱粒
B．①、②、③、④都是黄色
C．④的基因型与P2相同
D．①是黄色皱粒，③是绿色皱粒
【答案】A
【解析】
分析题图：图示为纯种黄色皱粒豌豆（P1）与纯种绿色圆粒豌豆（P2）杂交，得到F1，F1自交得到F2，F2的性状如图，其中①的基因型为YYrr；②的基因型为Yyrr；③的基因型为Yyrr；④的基因型为yyrr。A．就圆粒和皱粒这一对相对性状而言，①②③④的基因型均为rr，都是皱粒，A正确；B．就黄色和绿色这一对相对性状而言，①为YY、②为Yy、③为Yy、④为yy，其中①②③都是黄色，④是绿色，B错误；C．④的基因型为yyrr，与纯种绿色圆粒豌豆P2yyRR基因型不相同，C错误；D．①的基因型为YYrr，是黄色皱粒，③的基因型为Yyrr，是黄色皱粒，D错误。故选A。
26．某种植物的花色有紫色、红色、粉红色、白色四种，分别由基因Qa、Qb、Qc、Qd控制，四种基因之间的显隐性关系为∶Qa>Qb>Qc>Qd前者对后者为显性）。现有基因型为QaQd与QcQd的个体杂交，则后代个体的性状表现及比例为
A．紫色∶粉红色∶白色=2∶1∶1
B．紫色∶红色∶白色=2∶1∶1
C．紫色∶红色∶粉红色∶白色=1∶1∶1∶1
D．紫色∶白色=3∶1
【答案】A
【解析】
分析题意：四种基因之间的显隐性关系为Qa＞Qb＞Qc＞Qd，基因型为QaQd与QcQd的个体杂交，后代个体的基因型有QaQc、QaQd、QcQd、QdQd，因为Qa对Qc、Qd为显性，所以QaQc、QaQd表现为紫色，Qc对Qd为显性，则QcQd表现为粉红色，QdQd为纯隐性表现出白色。结合分析可知，基因型为QaQd与QcQd的个体杂交，后代个体的基因型有QaQc、QaQd、QcQd、QdQd，分别表现为紫色、紫色、粉红色、白色，因此，后代个体的性状表现及比例为紫色∶粉红色∶白色=2∶1∶1，A符合题意。故选A。
27．某植物有白花和红花两种性状，由等位基因R/r、I/i控制，已知基因R控制红色素的合成，基因I会抑制基因R的表达。某白花植株自交，F1中白花∶红花＝5∶1；再让F1中的红花植株自交，后代中红花∶白花＝2∶1。下列有关分析错误的是（ ）
A．基因R/r与I/i独立遗传
B．基因R纯合的个体会致死
C．F1中白花植株的基因型有7种
D．亲代白花植株的基因型为RrIi
【答案】C
【解析】
由题意知，iiR_表现为红花，I_R_、I_rr、aarr表现为白花，某白花植株自交，F1中白花∶红花=5∶1，后代红花占1/6=1/4×2/3；再让F1中的红花植株自交，后代中红花∶白花=2∶1说明两对等位基因独立遗传，遵循基因的自由组合定律，且RR基因纯合致死。
A．根据题意分析可知：某白花植株自交，F1中白花∶红花=5∶1，后代红花（iiR_）占1/6，可拆解为1/4×2/3，这说明两对等位基因独立遗传，遵循基因的自由组合定律，A正确；BCD．根据子一代红花（iiR_）占1/6═1/4×2/3，可推知亲本白花植株的基因型为IiRr，且再让F1中的红花植株自交，后代中红花∶白花=2∶1，说明RR基因纯合致死，则F1中红花的基因型为iiRr，F1中白花植株的基因型有5种，分别为IIRr、IiRr、IIrr、Iirr、iirr，B正确；C错误；D正确。故选C。
28．某种鼠的体色有三种：黄色、青色、灰色，受两对独立遗传的等位基因（A、a和B、b）控制。A_B_表现为青色，A_bb表现为灰色，aa_ _表现为黄色（约50%黄色个体会因黄色素在体内积累过多死亡）。让灰色鼠与黄色鼠杂交，F1全为青色，F1雌性和雄性交配，理论上F2存活个体中青色鼠所占的比例是（ ）
A．9/16 B．3/4 C．6/7 D．9/14
【答案】D
【解析】
已知A_B_表现为青色，A_bb表现为灰色，aa_ _表现为黄色（约50%黄色个体会因黄色素在体内积累过多死亡）。根据灰色鼠（A_bb）与黄色鼠（aa_ _）杂交，F1全为青色（A_B_），可推知，亲代鼠基因型为 AAbb 和 aaBB ，则 F1为 AaBb ，雌雄个体自由交配，考虑黄色中有50％会死亡，则后代中青色∶灰色∶黄色＝9∶3∶（4×1/2）=9∶3∶2，F2存活个体中青色鼠所占的比例是9/14，D符合题意。故选D。
十二、综合题
29．果蝇中灰身（B）与黑身（b）、长翅（D）与残翅（d）是两对相对性状且独立遗传。灰身长翅的雌蝇与灰身残翅的雄蝇杂交，子代中76只为灰身长翅，73只为灰身残翅，23只为黑身长翅，25只为黑身残翅。回答下列问题：
（1）两个亲本中，雌蝇的基因型为______，雄蝇的基因型为______。
（2）亲本雌蝇产生卵细胞的种类有______种，其理论比例为______。
（3）上述子代中表型为灰身长翅个体的基因型为______，黑身残翅个体的基因型为______。
（4）若子代中的灰身长翅个体自交，出现黑身残翅的概率为______。
【答案】（1）BbDd；Bbdd
（2）4；1∶1∶1∶1
（3）BBDd、BbDd；bbdd；
（4）1/24
【解析】
根据题意分析可知：果蝇中灰身与黑身、长翅与残翅是两对相对性状且独立遗传，遵循基因的自由组合定律。灰身长翅的雌蝇和灰身残翅的雄蝇杂交，子代中灰身长翅∶灰身残翅∶黑身长翅∶黑身残翅≈3∶3∶1∶1，说明亲本的基因型为BbDd、Bbdd。
（l）根据分析可知，亲本灰身长翅雌蝇基因型为BbDd，灰身残翅雄蝇基因型为Bbdd。
（2）亲本雌蝇产生的卵细胞有BD、Bd、bD、bd4种，其理论比例为1∶1∶1∶1。
（3）上述子代中，灰身长翅个体的基因型为BBDd和BbDd，黑身残翅个体的基因型为bbdd。
（4）子代中的灰身长翅个体基因型及比例为BBDd∶BbDd＝l∶2，若灰身长翅个体自交，则出现黑身残翅的概率为2/3×1/4×1/4＝1/24。
十三、实验题
30．某自花传粉植物的矮茎/高茎、腋花/顶花这两对相对性状各由一对等位基因控制，这两对等位基因自由组合。现有该种植物的甲、乙两植株，甲自交后，子代均为矮茎，但有腋花和顶花性状分离；乙自交后，子代均为顶花，但有高茎和矮茎性状分离。回答下列问题。
（1）根据所学的遗传学知识，可推断这两对相对性状的显隐性。仅通过对甲、乙自交实验结果的分析进行推断的思路是_____________________________________。
（2）经分析，确定高茎和腋花为显性性状，若用A/a表示控制茎高度的基因、B/b表示控制花位置的基因，则甲的表现型和基因型分别是________________________,乙的表现型和基因型分别是______________________________;若甲和乙杂交，子代的表现型及其分离比为_______________。
（3）若要验证甲和乙的基因型，可用测交的方法，即用另一植株丙分别与甲、乙进行杂交，丙的基因型为___________，甲、乙测交子代发生分离的性状不同，但其分离比均为______________________，乙测交的正反交结果______________（填“相同”或“不同”）。
【答案】（1）若甲为腋花，则腋花为显性，顶花为隐性，若甲为顶花，则腋花为隐性，顶花为显性；若乙为高茎，则高茎是显性，矮茎是隐性性状，若乙为矮茎，则矮茎为显性，高茎为隐性性状
（2）aaBb矮茎腋花；Aabb高茎顶花；高茎腋花∶高茎顶花∶矮茎腋花∶矮茎顶花=1∶1∶1∶1
（3）aabb；1∶1；相同
【解析】
（1）根据甲自交后代出现腋花和顶花性状分离可以确定这对性状的显隐性，若甲为腋花，则腋花为显性，顶花为隐性，若甲为顶花，则腋花为隐性，顶花为显性；根据乙自交后代出现高茎和矮茎的性状分离可确定该性状的显隐性，若乙为高茎，则高茎是显性，矮茎是隐性性状，若乙为矮茎，则矮茎为显性，高茎为隐性性状。
（2）经分析，确定高茎和腋花为显性性状，若用A/a表示控制茎高度的基因、B/b表示控制花位置的基因，根据甲和乙的自交后代均出现性状分离可知，甲和乙均为杂合子，故甲的基因型为：aaBb，表现为矮茎腋花；乙的基因型为：Aabb，表现为高茎顶花。若甲aaBb和乙Aabb杂交，子代中AaBb高茎腋花∶Aabb高茎顶花∶aaBb矮茎腋花∶aabb矮茎顶花=1∶1∶1∶1。
（3）若要验证甲和乙的基因型，可用测交的方法，则丙应该为隐性纯合子aabb。分别与甲、乙进行测交，若甲测交后代：矮茎腋花∶矮茎顶花=1∶1，则甲基因型为aaBb；若乙测交后代：高茎顶花∶矮茎顶花=1∶1，则乙基因型为Aabb，而且甲乙测交后代的分离比均为1∶1。由于自花传粉植物无性染色体，两对基因均在常染色体上，故乙测交的正反交结果相同，均为高茎顶花∶矮茎顶花=1∶1。
十四、综合题
31．野茉莉花有白色、浅红、粉红、大红和深红等五种颜色，花两性，其花瓣所含色素由核基因控制的有关酶所决定，基因A、B、D（分别位于不同的染色体上）分别编码酶A、酶B、酶D，酶所催化的反应及各产物的关系如下图所示，据图回答相关问题：
注：A、B、D三种物质同时出现则为深红，只有一种白色物质或没有白色物质为白色
（1）开浅红花的野茉莉植株中，基因型为杂合子的有________种，开白花的能稳定遗传的野茉莉植株基因型为________。
（2）两株开深红花的野茉莉植株杂交，检测到有的后代植株中没有白色物质，则这两植株杂交后代中，开白花的植株所占的比例为________。
（3）现有各含一种白色物质（开白花）的纯种种子三包，若要对其各自含有的白色物质种类进行判断，请简要写出实验思路。
【答案】（1）3；aabbdd、AAbbdd、aaBBdd、aabbDD
（2）5/32
（3）先从任意两包中取部分种子种下，开花后二者杂交，通过F1花色推断剩下一包种子白色物质种类；再取已知白色物质种类的种子和上述二者中任意一种的种子种下，待开花后二者进行杂交，根据子代花色再作进一步判断
【解析】
由题意知，A、B、D位于不同的染色体上，因此遵循自由组合定律；结合细胞代谢途径可知，A_B_dd为大红，aaB_D_为浅红，A_bbD_为粉红，A_B_D_为深红，其他基因型表现为白色。
（1）
根据分析可知，开浅红花的野茉莉植株基因型为aaB_D_，共有2×2=4种，纯合子只有aaBBDD，故杂合子种类为4－1=3（种）。开白花的能稳定遗传的野茉莉植株基因型为AAbbdd、aaBBdd、aabbDD、aabbdd，共4种。
（2）
开深红花的野茉莉植株基因型为A_B_D_，两株开深红花的野茉莉植株杂交，检测到有的后代植株中没有白色物质（aabbdd），推断两株开深红花的野茉莉植株基因型都是AaBbDd。故杂交后代中基因型为A_bbdd、aaB_dd、aabbD_的植株所占比例均为3/4×1/4×1/4=3/64，基因型为aabbdd的植株所占比例为1/4×1/4×1/4=1/64，故后代白花植株所占比例为3/64+3/64+3/64+1/64=5/32。
（3）
现有各含一种白色物质（开白花）的纯种种子三包，基因型为AAbbdd、aaBBdd、aabbDD，若要对其各自含有的白色物质种类进行判断，可先从任意两包中各取部分种子种下，开花后二者杂交，F1会同时含有两种白色物质，表现出相应的花色，从而可通过F1花色推断剩下一包种子白色物质种类（如AAbbdd×aaBBdd→AaBbdd，开大红色花，则第三包能合成白色物质D，基因型为aabbDD）；再取已知白色物质种类的种子和上述二者中任意一种的种子种下，待开花后二者进行杂交，根据子代花色再作进一步判断（如aabbDD×aaBBdd→aaBbDd，开浅红色花，说明进行杂交的这一包能合成白色物质B，基因型为aaBBdd，剩下的则为AAbbdd）。
32．马鹿体色由常染色体上的3对等位基因控制，其基因型和表现型如下表。回答下列问题：
基因型
A_ _ _ _ _
aabbE_
aabbee
aaBB _ _
aaBbE_
aaBbee
表现型
赤褐色无斑
赤褐色无斑
赤褐色有斑
白色（胚胎致死）
白色无斑
白色有斑
（1）当基因A不存在且________时，马鹿体色表现为白色；若已知野生赤褐色无斑马鹿均为纯合子，请写出野生赤褐色无斑马鹿的所有基因型________________________________。
（2）现有已知基因型的野生雌雄赤褐色无斑马鹿（纯合）若干头，请你设计一最佳实验方案，探究A/a与B/b基因是否位于同一对同源染色体上（不考虑突变和交叉互换，写出实验方案及预测结果与结论）。
【答案】（1）基因B存在；AABBEE、AABBee、AAbbEE、AAbbee、aabbEE
（2）方案：取若干对基因型为AABBEE的野生赤褐色无斑马鹿与基因型为aabbEE的野生赤褐色无斑马鹿进行杂交产生子一代，再让子一代雌雄个体自由交配，观察子二代表现型。
预测结果与结论：若子二代全为赤褐色，则A/a基因与B/b基因位于同一对同源染色体上；若子二代出现了白色，则A/a基因与B/b基因不在同一对同源染色体上
【解析】
以表中呈现的“马鹿的基因型和表现型的"为切入点，从中提取关键信息：至少有1个基因A或基因A和B都不存在月至少有1个基因E时才表现为赤褐色无斑，无基因A且有基因B时表现为白色。依据题意，若要探究A/a与B/b基因是否位于同对同源染色体上，通过杂交实验获得的F的基因型应为AaBbEE，这样才能排除E和e对实验结果的观察产生干扰，这是设计实验方案的关键所在。
（1）
由题干信息可知，aaBB_ _、aaBbE_、aaBbee均表现为白色，这些基因型的共同点在于基因A不存在而基因B存在。野生赤褐色无斑马鹿均为纯合子，则基因型应有AABBEE、AABBee、AAbbEE、AAbbee、aabbEE5种。
（2）
现有已知基因型的野生雌雄赤褐色无斑马鹿（纯合）若干头，即其基因型可能为AABBEE、AABBee、AAbbEE、AAbbee、aabbEE，欲探究A/a与B/b基因是否位于同一对同源染色体上，应选择基因型为AABBEE和aabbEE的若干对个体进行杂交，产生子一代AaBbEE后，再让子一代中雌雄个体自由交配。若A/a基因与B/b基因位于同一对同源染色体上，则A、B位于一条染色体上，a、b位于一条染色体上，AaBbEE只能产生ABE、abE两种配子，子一代中雌雄个体自由交配产生的子二代基因型为AABBEE、AaBbEE、aabbEE，均表现为赤褐色；若A/a基因与B/b基因不在同一对同源染色体上，则二者遵循基因的自由组合定律，子一代中雌雄个体自由交配产生的子二代中会出现基因型为aaBbEE的个体，表现型为白色。
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