2023楚雄彝族自治州民族中学高二下学期3月月考试题化学含答案

2022-2023学年度2024届高二化学3月月考试卷

考试时间：120分钟

注意事项：

1．答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息

2．请将答案正确填写在答题卡上

第I卷（选择题）

一、单选题(共54分)

1．

【答案】C

【详解】A．丙烯含有饱和碳原子，所有原子不可能在同一平面上，故A错误；

B．一氯甲烷中C-H键和C-Cl键键长不一样，一氯甲烷不是正四面体结构，故B错误；

C．溴乙烷、1-溴丙烷分子中溴原子连接的碳原子的邻位碳原子上都含有氢原子，则溴乙烷、1-溴丙烷都可以发生消去反应，故C正确；

D．连接苯环的碳原子上含有氢原子的苯的同系物能被酸性高锰酸钾溶液氧化，能使酸性高锰酸钾溶液褪色，故D错误；

故答案选C。

2．

【答案】B

【详解】A．MgH2是离子化合物，每个H原子得1个电子，电子式为，A错误；

B．主链上有5个碳原子，2号碳上有2个甲基，B正确；

C．中子数为18的Cl原子，质量数为35，，C错误；

D．的最简式为C5H8，D错误；

故选B。

3．

【答案】D

【详解】A．由结构简式可知补骨脂素分子含11个C，6个H，3个O，分子式为，A项错误；

B．补骨脂素结构中含有酯基、碳碳双键、醚键三种官能团，B项错误；

C．C原子均为杂化，所有原子可能共平面，C项错误；

D．分子中含碳碳双键，能使酸性高锰酸钾溶液褪色，D项正确；

答案选D。

4．

【答案】B

【详解】A．碳原子数越多，沸点越高，相同碳原子数时支链越多沸点越低，则沸点为2,2-二甲基戊烷＞2,3-二甲基丁烷＞正戊烷＞丙烷，故A错误；

B．含氯原子数越多密度越大，且大于水，烷烃的密度比水的密度小，碳原子数越多，密度越大，则密度：CCl4＞H2O＞正壬烷＞正戊烷，故B正确；

C．由最简式可知C原子数相同时，H原子数越多、H的质量分数越大，则含氢质量分数：甲烷＞乙烷＞乙烯＞乙炔，故C错误；

D．等质量时，H的质量分数越大，消耗氧气越多，则等质量的物质燃烧耗O2量：甲烷＞乙烷＞乙烯，故D错误；

故选B。

5．

【答案】B

【详解】含醛基的物质发生银镜反应：RCHO+2[Ag(NH3)2]OHRCOONH4+2Ag↓+3NH3+H2O，1mol醛基生成2molAg。432gAg的物质的量为4mol，1mol某醛和足量的银氨溶液反应，析出4molAg，说明1个该有机物分子中含2个醛基，甲醛可以看做是有2个醛基，则符合要求的醛可能为A、C、D，故选B。

6．

【答案】C

【分析】①最长-选最长碳链为主链；②最多-遇等长碳链时，支链最多为主链；③最近-离支链最近一端编号；④最小-支链编号之和最小(两端等距又同基，支链编号之和最小)；⑤最简-两不同取代基距离主链两端等距离时，从简单取代基开始编号；如取代基不同，就把简单的写在前面，复杂的写在后面；⑥含有官能团的有机物命名时，要选含官能团的最长碳链作为主链，并表示出官能团的位置，官能团的位次最小。

【详解】A．碳链选取错误，正确名称为2，3-二甲基戊烷，故A错误；

B．主链选取要包含碳碳双键在内，官能团的位次最小；名称为3-甲基-1-丁烯，故B错误；

C．主链官能团的位次最小，名称为4-甲基-2-戊炔，故C正确；

D．支链编号之和要最小，名称为1，3，4-三甲苯，故D错误；

故选C。

7．

【答案】C

【详解】A．甲苯、己烯、苯都不溶于水，甲苯和己烯都能使酸性高锰酸钾溶液褪色，己烯可使溴水褪色，用一种试剂不能鉴别，A错误；

B．己烯、汽油密度比水小，且都为不饱和烃，不能用一种物质鉴别，B错误；

C．在甲苯、己烯、四氯化碳溶液中分别加入溴水，甲苯、四氯化碳与溴水不反应，但溶液分层，甲苯的密度比水小，四氯化碳的密度比水大，己烯与溴水发生加成反应使溴水褪色，现象各不相同，可鉴别，C正确；

D．甲苯和二甲苯都能使酸性高锰酸钾溶液褪色，用一种试剂不能鉴别，D错误；

故选C。

8．

【答案】B

【详解】含有5个碳原子的饱和一元醇C5H12O的同分异构体中，能被催化氧化成醛，该有机物属于醇，且连接羟基的碳原子上含有两个氢原子，即分子式中含有-CH2OH，-CH2OH取代C4H10上的一个H原子，C4H10的同分异构体有：CH3CH2CH2CH3、CH3CH(CH3)CH3，

CH3CH2CH2CH3中H原子有2种结构，则相应的醇的结构简式有2种；CH3CH(CH3)CH3中H原子有2种结构，则醇的结构简式有2种，故符合条件的一元醇C5H12O的同分异构体有4种，故合理选项是B。

9．

【答案】C

【详解】A．A为甲烷，键角为109o28'，A错误；

B．B为乙烯，能与酸性高锰酸钾溶液反应生成二氧化碳，故若甲烷中混有乙烯不可用高锰酸钾溶液除杂，B错误；

C．C为乙炔，D为苯，两者实验式均为CH，含碳量相同，燃烧时火焰一样明亮，产生浓黑烟，C正确；

D．乙烯使溴水褪色发生了加成反应，苯使溴水褪色发生了萃取，原理不同，D错误；

故选C。

10．

【答案】A

【详解】甲是丁醇，能发生消去反应生成乙（丁烯），丁烯与溴发生加成反应生成丙（卤代烃），这说明丙在一定条件下通过消去反应消去2个溴原子可以再转化为乙，则CH3CH2CHBrCH2Br、CH3CHBrCHBrCH3、(CH3)2CBrCH2Br均是可能的，而CH3CH(CH2Br)2是不可能的，答案选A。

11.

【答案】B

【详解】根据炔烃与H2加成反应的原理可知，烷烃分子中相邻碳原子上均带2个氢原子的碳原子间是才可以形成C、C三键，由烷烃的结构简式可知，该烷烃有如下 所示的3个位置可以形成C、C三键，其中1、2两位置相同，故该炔烃共有2种；

答案选B。

12．

【答案】D

【详解】A．Y中含有羰基、羟基，Y可以发生加成、氧化、取代、消去反应，A项正确；

B．反应①、②均为取代反应，反应类型相同，B项正确；

C．反应②是Z和乙醇发生酯化反应，反应条件为浓硫酸、乙醇、加热，C项正确；

D．Z中含有羰基和羧基，羰基能和氢气发生加成反应，1mol Z可与1mol H2发生加成反应，D项错误；

答案选D。

13．

【答案】D

【分析】锌电极为负极，放电时，由图示知负极反应为：Zn-2e-+4OH-═Zn(OH)，正极电极反应：CO2+2e-+2H+=HCOOH，温室气体CO2被转化为储氢物质甲酸为还原反应，充电时阳极生成氧气，电极反应：2H2O-4e-=O2↑+4H+，阴极发生还原反应生成锌，电极反应：Zn(OH)2+2e-=Zn+4OH-。

【详解】A．放电时，负极反应为：Zn-2e-+4OH-═Zn(OH)，正极反应为，故A错误；

B．放电时，正极反应为，转化为HCOOH，转移的电子数为2mol，故B错误；

C．阴极发生还原反应生成锌，充电时，Zn电极连接电源负极，故C错误；

D．充电时阳极生成氧气电极反应：2H2O-4e-=O2↑+4H+，电解质溶液2中OH-浓度降低，故D正确；

故选D。

14．

【答案】A

【详解】①甲烷化学性质较稳定，既不能使KMnO4酸性溶液褪色，也不能使溴水因发生化学反应而使溴水褪色，故①不满足题意；

②苯既不能使KMnO4酸性溶液褪色，也不能使溴水因发生化学反应而褪色，故②不满足题意；

③聚乙烯不含碳碳双键，不能使KMnO4酸性溶液褪色，也不能使溴水褪色，故③不满足题意；

④邻二甲苯中与苯环相连的C原子上有H原子，能使KMnO4酸性溶液褪色，不能使溴水因发生化学反应而褪色，故④不满足题意；

⑤2-丁炔中含有碳碳三键，既能使酸性高锰酸钾溶液褪色，又能使溴水因反应而褪色，故⑤满足题意；

⑥环己烷属于环烷烃，不含碳碳双键，既不能使KMnO4酸性溶液褪色，也不能使溴水因发生化学反应而褪色，故⑥不满足题意；

⑦聚乙炔中含碳碳双键，既能使酸性高锰酸钾溶液褪色，又能使溴水因反应而褪色，故⑦满足题意；

⑧苯乙烯含有碳碳双键，既能使酸性高锰酸钾溶液褪色，又能使溴水因反应而褪色，故⑧满足题意；

综上所述：⑤⑦⑧满足题意，答案选A。

15．

【答案】D

【详解】A.NaOH没有用酸中和，溶液中的OH-能与Ag+反应生成AgOH白色沉淀，应先调节溶液呈酸性，A错误；

B.苯和溴水不反应，发生萃取现象，为物理变化，且与溴难以发生加成反应，B错误；

C.酸性高锰酸钾溶液可把乙烯氧化生成CO2而引入新的杂质气体，C错误；

D.裂化汽油中含有烷烃、烯烃、芳香烃，因此加入溴水后烯烃与溴发生加成反应而使溴水褪色，D正确；

故合理选项是D。

16．

【答案】B

【详解】A．a mol·L-1HCN与b mol·L-1NaOH溶液等体积混合，a=b时生成NaCN，CN-水解，c(Na+) > c(CN-)，故A说法不正确；

B．钠盐溶液等pH，说明水解程度相同，酸越弱越水解，即Ka越小盐的浓度越小，才能满足溶液pH相等，即：c(CH3COONa) > c(NaHCO3) > c(NaCN)，B正确；

C．用等pH的CH3COOH与HCN溶液HCN中的溶液多，中和等物质的量的NaOH，所用CH3COOH溶液的体积大于HCN溶液的体积，故C说法不正确；

D．NaHCO3和Na2CO3的混合液中，根据电荷守恒：c(Na+) +c(H+)＝c(OH-)+ c(HCO3-)+2c(CO32-)，故D说法不正确；

答案选B。

17．

【答案】A

【详解】A．乙醇在浓硫酸作用下共热到170℃发生消去反应生成乙烯，乙醇具有挥发性，挥发出的乙醇也能与酸性高锰酸钾溶液发生氧化反应使溶液褪色，则酸性高锰酸钾溶液褪色不能说明有乙烯生成，所以题给装置不能完成检验乙醇与浓硫酸共热生成乙烯的实验目的，故A错误；

B．1－溴丁烷在氢氧化钠乙醇溶液中共热发生消去反应生成丁烯，乙醇具有挥发性，挥发出的乙醇不能与溴的四氯化碳溶液反应，则溴的四氯化碳溶液褪色说明有丁烯生成，所以题给装置能完成检验1－溴丁烷发生消去反应生成丁烯的实验目的，故B正确；

C．乙酸溶液与碳酸钠溶液反应生成二氧化碳说明乙酸的酸性强于碳酸，乙酸具有挥发性，挥发出的乙酸能与饱和碳酸氢钠溶液反应生成二氧化碳，排出乙酸对二氧化碳与苯酚钠溶液反应的干扰，二氧化碳与苯酚钠溶液反应说明碳酸的酸性强于苯酚，则题给装置能完成验证乙酸、碳酸、苯酚的酸性强弱的实验目的，故C正确；

D．电石中含有的硫化钙、磷化钙杂质也能与水反应，反应制得的乙炔中混有硫化氢、磷化氢，硫酸铜溶液能吸收硫化氢、磷化氢，排出硫化氢、磷化氢对乙炔与溴的四氯化碳溶液反应的干扰，则溴的四氯化碳溶液褪色说明有乙炔生成，所以题给装置能完成检验电石与水反应生成乙炔的实验目的，故D正确；

故选A。

18．

【答案】B

【详解】A.苯、苯酚、四氯化碳、KSCN、乙醇和AgNO3六种无色溶液或液体中分别滴加FeCl3溶液，出现分层，下层为黄色的为苯，出现紫色的为苯酚，出现分层，上层为黄色的为四氯化碳，不分层，出现红色溶液的为KSCN，不分层，没有明显现象的为乙醇，出现白色沉淀的为硝酸银，所以氯化铁可以鉴别，故A正确；

B. 没有对称轴，该分子中有6种氢原子，所以其核磁共振氢谱图中有6种吸收峰，故B错误；

C. 这个反应中存在羟基的消去反应生成碳碳双键，和羟基被溴原子取代，涉及取代反应和消去反应两种类型，故C正确；

D.该有机物中，碳碳双键、酚羟基的邻位和Br2反应，一定条件下1mol最多可以与4mol Br2反应，故D正确。

故选B。

第II卷（非选择题）

二、填空题(共46分)

19．

【答案】(1)+ NaOH +NaBr

(2)CH3CHO+2Ag(NH3)2OHCH3COONH4+2Ag↓+3NH3+H2O

(3)、

(4)     NaOH的乙醇溶液、加热    

【解析】（1）

2-溴丙烷与氢氧化钠水溶液共热发生水解反应生成2-丙醇，所以反应的化学方程式为：+NaOH+NaBr；

故答案为+NaOH+NaBr；

（2）

乙醛与银氨溶液反应，生成单质银，化学方程式为CH3CHO+2Ag(NH3)2OHCH3COONH4+2Ag↓+3NH3+H2O；

故答案为CH3CHO+2Ag(NH3)2OHCH3COONH4+2Ag↓+3NH3+H2O；

（3）

由＋可知该反应为烯烃断开双键然后加成的反应，丙烯结构简式为：，2-甲基-1，3-丁二烯结构简式为：，各自双键断开然后加成的产物可以是和，所以答案为和；

（4）

分析流程： 经过加成反应生成A： ，A消去反应生成B： ，B与氯气加成生成 ， 消去生成C： ，C与氯气加成生成 。A→B为在氢氧化钠醇溶液中加热消去生成，故所需的试剂和反应条件为：NaOH的乙醇溶液、加热；

故答案为NaOH的乙醇溶液、加热，。

【点睛】本题主要考查了有机化学方程式的书写以及发生条件，熟练掌握不同官能团之间的转换条件是关键。

20．

【答案】     cd          +CO2+H2O→+NaHCO3     羧基  碳碳三键     9.5     C    

【详解】Ⅰ（1）尼泊金酯()分子中，有酚羟基、酯基两种官能团。酚羟基能与FeCl3溶液发生显色反应，其邻对位的氢原子可与浓溴水发生取代反应，1 mol尼泊金酯消耗2 molBr2。分子中有甲基，则不可能所有原子共面，故不正确的有cd。

（2）间甲基苯乙烯的结构简式。

（3）因苯酚的酸性介于H2CO3、HCO3-之间，故苯酚钠中通入任意量的二氧化碳，反应的化学方程式均为+CO2+H2O→+NaHCO3。

Ⅱ.（4）M分子中官能团有羧基、碳碳三键。

（5）1mol M（分子式C9H6O2）完全燃烧需要氧气的物质的量是（）mol＝9.5 mol。

（6）有机物N可以燃烧氧化、醇羟基有α－H可催化氧化、碳碳三键可使酸性高锰酸钾溶液褪色，这些都是氧化反应；醇羟基可与溴化氢取代、醇羟基和羧基都可酯化反应（取代反应）；醇羟基无β－H，不能发生消去反应；苯环和碳碳三键都能与氢气加成反应，也是还原反应，故不可发生的反应为C。

21．

【答案】     (b-3a)     C     D     50%     5/4p(或)     b

【详解】(1)对反应进行标号：  △H1= a kJ·①，  △H2= b kJ·②，将反应②-①3得，  △H3，；

(2)①A．、能判断反应达到平衡，仅无法判断是否达到平衡，A项错误；

B．体积为1L的刚性密闭容器中充入2 mol和1mol发生反应，反应前后总质量不变，反应过程中体积始终保持为1L，质量体积均不变，密度不会改变，故无法判断反应是否达到平衡，B项错误；

C．的体积分数不再改变且总体积为1L，表明的体积不变，即物质的量不再改变，反应达到平衡，C项正确；

D．在反应过程中，与的体积比始终为1:1，故与的体积比不再改变无法判断反应是否达到平衡，D项错误；

答案选C；

②A．恒容条件下充入氦气对平衡无影响，不会改变的平衡转化率，A项错误；

B．该反应△H＜0，升高温度，平衡向逆向移动，的平衡转化率减小，B项错误；

C．充入2 mol，平衡向正向移动，但的转化率降低，C项错误；

D．充入2 mol 和1mol ，投料比为2:1，相当于增大压强，平衡向正向移动，的平衡转化率增加，D项正确；

答案选D。

③达到平衡时，的浓度为0.5，列出三段式：

容器体积为1L，所以=1mol，=0.5mol，=0.5mol，=，NO2的平衡转化率为；反应物与生成物总物质的量为2.5mol，，，；

22．

【答案】(1)使反应充分进行，并防止温度过高有其他副产物生成

(2)   检查是否漏液

(3)温度过高，导致HNO3大量挥发

(4)     分液     蒸馏     abc

(5)54.07%

【分析】本题为实验题，是探究用甲苯和浓硫酸、浓硝酸混合酸加热制备一硝基甲苯，实验过程中搅拌的目的就是为了使反应充分进行，并防止温度过高有其他副产物生成，因为分离得到的是无机和有机两种液体，而有机物和无机物是不相溶的，因此方法是分液；分离子两种一硝基化合物只能利用它们沸点的不同，因此采用蒸馏的方法，(5)产率的计算方法就是用实际产量除以理论产量，据此分析解题。

(1)

反应中需不断搅拌，搅拌的目的就是为了使反应充分进行，并防止温度过高有其他副产物生成；故答案为：使反应充分进行，并防止温度过高有其他副产物生成；

(2)

由题干实验装置图可知，仪器A是分液漏斗，使用该仪器前必须进行的操作是检查是否漏液；故答案为：检查是否漏液；

(3)

若实验后在三颈瓶中收集到的产物较少，可能的原因是温度过高，导致HNO3大量挥发；故答案为：温度过高，导致HNO3大量挥发；

(4)

①因为分离得到的是无机和有机两种液体，而有机物和无机物是不相溶的，因此方法是分液，故答案为：分液；

②分离子两种一硝基化合物只能利用它们沸点的不同，因此采用蒸馏的方法，使用到所提供仪器中的分别是：酒精灯、温度计、冷凝管；故答案为：蒸馏；abc；

(5)

产率的计算方法就是用实际产量除以理论产量；根据方程式，一摩尔的甲苯可以得到一摩尔的对硝基甲苯与一摩尔的邻硝基甲苯．换成质量的话应该是：92g的甲苯可以得到137g的对硝基苯和137g的邻硝基苯，那么18g的甲苯就能得到的一硝基苯的质量就是：=26.80g，所以一硝基苯的产量就应该这样来进行计算：×100%=54.07%；

故答案为：54.07%。