2023年安徽省怀远县中考物理二模试卷（含答案）

这是一份2023年安徽省怀远县中考物理二模试卷（含答案），共11页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。

2023年安徽省怀远县中考物理二模试卷
一、单选题（本大题共7小题，共14分）
1. 如图是小明探究“凸透镜成像规律”时观察到的现象，下列哪种光学仪器的成像原理与其相同(    )

A. 投影仪 B. 照相机 C. 放大镜 D. 近视眼镜
2. 下列关于热现象的说法正确的是(    )
A. 固体很难被压缩，说明固体分子间无间隙
B. 四冲程内燃机的做功冲程将内能转化为机械能
C. 内能和温度有关，0℃以上的物体才有内能
D. 扫地时尘土飞扬是因为分子在不停地做无规则运动
3. 下列说法中正确的是(    )
A. 物体的运动状态发生改变，一定受到非平衡力的作用
B. 手握住茶杯悬空不动，若增大握力，则手与茶杯之间的摩擦力也增大
C. 针管将药液吸上来是因为药液受到了吸力
D. 站在领奖台上的运动员受到的支持力与运动员对领奖台的压力是一对平衡力
4. 如图所示，在探究电流通过导体时产生热量的多少跟什么因素有关的实验装置中，两个透明容器中分别接入了电阻丝R1和R2，且密封着等量的空气。将该装置接入电路进行实验，下列说法正确的是(    )
A. 若R1和R2阻值不相等，则可以探究电流通过导体产生的热量与电阻的关系
B. 通电一段时间，两个透明容器中空气内能增大是通过做功的方式改变的
C. 若R1和R2阻值相等，则可以探究电流通过导体产生的热量与电流的关系
D. U形管液面高度变化是因为U形管中液体吸收热量受热膨胀造成的

5. 一个可以自由转动的小磁计放在螺线管内部．当开关闭S合后，它静止不动，如图所示，令滑动变阻器的滑片向左移动时，小磁针将(    )
A. 顺时外转180° B. 顺时外转90° C. 逆时外转90° D. 仍然静止不动
6. 根据表中提供的数据，下列说法正确的是(    )
物质
铅
铝
铜
钢
熔点/℃
328
660
1083
1515
比热容/[J⋅(kg⋅℃)-1]
0.13×103
0.88×103
0.39×103
0.46×103

A. 可以用铜锅来熔化钢块
B. 由表可知，物质的熔点越高，其比热容越大
C. 1.5g的钢钉，温度从220℃降到20℃，要放出138J热量
D. 相同质量的铅块和铝块，吸收相同的热量，铝块上升的温度较高
7. 下列估测的数据，最符合实际情况的是(    )
A. 考室内的气温大约是50℃ B. 考生使用的课桌高度约为1.6m
C. 某考生的体重约为500N D. 考室内一盏灯的功率约为1000W
二、填空题（本大题共9小题，共18分）
8. 空气中的水蒸气遇强冷才能发生______现象(填写物态变化名称)凝结成小冰晶，雪熔化时会______(填“吸收”或“放出”)空气中的热量，所以才会有俗语“霜前冷，雪后寒”。
9. 我们能够听到蜜蜂飞的声音，却听不到蝴蝶飞的声音，主要原因是它们飞行时发出声音的______ 不同．我们能够区分钢琴和二胡的声音是因为发出声音的______ 不同．
10. 小丽同学在超市购物时，用50N的水平力推着一辆重力为200N的小车在水平地面上做匀速直线运动，若小车在10s内移动了4m的路程，则在此过程中，小丽推车所做的功是______ J，她做功的功率是______ W.
11. 如图所示，这棵人造风力发电树可以将碎片化的风力资源化零为整，它的外形就像一棵挂满大绿叶的大树，这些“大树叶”是72个竖向风轮机，只要风速超过2m/s，风轮机就会转动从而产生电流，为周围的路灯提供电力．一棵树一年下来可发电约3.2kW⋅h.风轮机转动时将______ 能转化为电能，这棵发电树一年的发电量可供一只额定功率为8W的节能灯正常工作______ h.
12. 有一个小电动机，标有“6V 3W”的字样，线圈电阻为3Ω，想让这个电动机正常工作，但手边只有一个电压恒为10V的电源，应该找一个阻值合适的电阻R与之______联，该电阻R=______Ω，小电动机正常工作时，在1分钟内电动机线圈产生的热量是______J。
13. 直流电动机两端的电压为5V，通过它的电流为1A，电动机线圈的电阻为1Ω，当电动机正常工作时，电能转化为机械能的效率η= ______ 。
14. 家庭电路中，导线绝缘皮容易破损或老化裸露的导线相接触会发生______ ，这时电路中的______ (选填“漏电保护器”或“空气开关”)会自动断开保护电路。除此之外，电路中用电器______ 过大，也会导致电路中电流过大。
15. 14、宋丹利用两个滑轮组装了一个滑轮组，将重为300N的物体从一楼匀速提升到三楼，所用的拉力为120N，则该滑轮组的机械效率为          ，所用动滑轮的重量为           N。(不计绳重和摩擦)
16. 发电机的工作原理是______，蹄形磁体附近的导体与灵敏电流计组成闭合电路，如图所示，现将该导体在磁体上方快速移动(沿图示箭头方向)，电路中______(选填“有”或“无”)感应电流产生，若要增大感应电流，可以______。

三、作图题（本大题共1小题，共2分）
17. A'B'是物体AB经过凸透镜所成的像，CC'是主光轴，在图中大致的位置上画出透镜和焦点。


四、实验探究题（本大题共3小题，共16分）
18. 小明为了测量一种液体的密度，利用下列器材进行实验：托盘天平(砝码盒内最小砝码的规格为5g，游码的调节范围为0～5g)、量筒、烧杯、被测液体。主要步骤如下：
(1)把天平放在水平桌面上，将游码移到标尺左端的______处，他发现标尺上的指针偏向右边，这时他应当将平衡螺母向______移使天平平衡。
(2)将图甲量筒中的液体倒入一部分到已知质量的烧杯中，剩下的液体体积如图乙所示，则烧杯中液体的体积为______cm3。
(3)把盛有液体的烧杯放在调节好的天平的左盘上，当小明向右盘内放入一定量的砝
码后，发现指针偏向分度盘的左侧，此时砝码盒内只剩下10g、5g的砝码各一个。
①当把剩下的10g砝码加入右盘后，指针偏向了分度盘的右侧，为了使天平再次平衡，接下来的操作可能是______；(答一种即可)
②当把剩下的10g砝码加入右盘后，指针仍偏向分度盘的左侧，再把剩下的5g砝码加入右盘后，指针偏向了分度盘的右侧，这时应该______直至天平平衡。
(4)小明测出倒入烧杯中液体的质量为17.6g，则该液体的密度为______g/cm3。
(5)小明联想到浮力知识，他认为不用天平，只用量筒和水，可以测出手上橡皮泥的密度：他先将橡皮泥捏成一个瓢状，放入到图乙的量筒中，橡皮泥漂浮在液面上，液面上升到图丙所示的位置，接着他将瓢状橡皮泥取出，捏成一个实心的球状，再次放入图乙的量筒中，橡皮泥沉入到量筒底部，液面上升到图丁所示的位置，则小明测出橡皮泥的质量为______g，密度为______g/cm3。

19. 如图是小明利用刻度均匀的杠杆进行探究“杠杆的平衡条件”的实验。
(1)如图甲所示，实验前杠杆左端下沉，这时小明应将两端的平衡螺母向______(左/右)调节，直到杠杆在______位置平衡，这样做的目的是______。
(2)如图乙所示挂上钩码后，杠杆恰好在水平位置平衡，当将A、B两点下方所挂钩码同时朝远离支点O方向移动一小格，则杠杆______(左/右)增将下沉。
(3)如图丙所示，若不在B点挂钩码，改用弹簧测力计在B点向下拉杠杆，使杠杆仍在水平位置平衡，当测力计从a位置转到b位置时，其示数大小将______。
(4)小王用图丁装置进行探究，发现总是无法得到课本上所给出的杠杆平衡条件，原因是______影响。
20. 实践小组的同学们进行“伏安法测定小灯泡电阻”的实验，小灯泡的额定电压为2.5V，阻值约为10Ω，滑动变阻器规格为“20Ω 1A”。

(1)请你用笔画线代替导线，将图甲中的电路连接完整(导线不得交叉)
(2)滑动变阻器在实验中除保护电路外，还有______ 作用，同学们把电路元件接入电路，刚接好最后一根导线，灯泡就立即发光，发生这种现象的原因可能______ 。
(3)改正经检查无误后，接通电路，向左移动滑动变阻器的滑片P，观察到______ 表明小灯泡正常发光，此时电流表示数如图乙所示，则小灯泡正常发光时的阻值为______ Ω，继续向左移动滑片，则可能出现的现象有______ (写出一条即可)。
(4)实验结束后，小华同学想利用此实验器材测量额定电压为3.8V小灯泡的额定功率。但此时他发现电压表损坏了，于是用一个已知阻值为的定值电阻，利用图丙电路，也测出了小灯泡的额定功率。请完成下列实验步骤。
①闭合开关S、S1，断开开关S2移动滑片，使电流表示数为______ ；
②闭合开关S、S2，断开开关S1，保持滑片位置不变，读出电流表示数为I；
③灯泡的额定功率P= ______ (用已知量和测量量表示)。
五、计算题（本大题共3小题，共20分）
21. 小明同学与共享单车总重力为750牛，他骑着一辆共享单车在平直的公路上以8米/秒的速度匀速行驶了2400米，单车行驶时的牵引力等于总重的0.08倍，求：
(1)单车行驶时的牵引力；
(2)单车行驶的时间；
(3)牵引力在这段时间内做的功；
(4)牵引力在这段时间内做的功率。
22. 有一种软体机器鱼(如图所示)，它身形轻柔灵动，长宽约合一张A4纸大小，重为1.5N。海试结果表明，软体机器鱼可在10900米深的海底正常工作，在3224米深的海水中畅游。某次工作时，该机器鱼在海水中1000m深度处悬浮，已知ρ海水=1.03×103kg/m3，求：
(1)此时机器鱼受到的浮力；
(2)此时机器鱼受到海水的压强；
(3)此时机器鱼身体表面5cm2的面积上受到海水的压力。
23. 如图所示，R1=25Ω，小灯泡L的规格为“2.5V 0.5A”，电源电压保持不变，求：
(1)小灯泡正常发光时的电阻；
(2)S1、S2都断开时，小灯泡L正常发光，求电源电压；
(3)S1、S2都闭合时，电流表的示数变为0.9A，求R2的阻值。
答案和解析

1.【答案】C 
【解析】解：A、投影仪所成像是倒立放大的实像，图中所成像为正立放大的虚像，不符合题意；
B、照相机所成像是倒立缩小的实像，图中所成像为正立放大的虚像，不符合题意；
C、放大镜物距在一倍焦距内，所成像是正立放大的虚像，符合题意；
D、近视眼镜是凹透镜，而图中为凸透镜，不符合题意；
故选：C。
凸透镜的成像，观察物距，同时要对投影仪、照相机、放大镜等所成的像有所了解。
本题考查的知识范围是凸透镜成像，对投影仪、照相机、放大镜、近视眼镜，所有透镜分别是什么，以及所成的像都要有所了解。

2.【答案】B 
【解析】解：A、固体很难被压缩，是因为分子间存在斥力，而一切物质的分子间存在间隙，故A错误；
B、四冲程内燃机的做功冲程中内能转化为机械能，故B正确；
C、内能和温度有关，任何物体都有内能，故C错误；
D、扫地时尘土飞扬是机械运动，不能说明分子在不停地做无规则运动，故D错误。
故选：B。
(1)一切物质的分子间存在间隙；
(2)热机的四个冲程：吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程，压缩冲程中机械能转化为内能；做功冲程中内能转化为机械能；
(3)任何物体都有内能；
(4)分子非常微小，是肉眼观察不到的。
本题考查了分子动理论的基本观点，属于基础题。

3.【答案】A 
【解析】
【分析】
本题考查了平衡力的辨别与平衡状态的判断，同时还考查了运动和力的关系、大气压的应用等，有一定综合性，但难度不大。
(1)力是改变物体运动状态的原因；物体受到平衡力作用时，其运动状态不变，即处于静止状态或匀速直线运动状态；物体受非平衡力作用时，其运动状态会发生变化，体现在速度大小及方向的变化；
(2)物体在平衡状态下受平衡力的作用；
(3)针管吸药液利用了大气压的作用；
(4)一对平衡力必须大小相等、方向相反、作用在一条直线上、作用在同一物体上。
【解答】
A.力是改变物体运动状态的原因，物体运动状态发生改变，一定受到非平衡力的作用，故A正确；
B.手握住茶杯悬空不动，茶杯处于静止状态，重力与摩擦力平衡，大小相等，若增大握力，茶杯仍处于静止状态，重力与摩擦力平衡，手与茶杯之间的摩擦力仍等于重力，大小不变，故B错误；
C.针管将药液吸上来是因为药液受到了大气压的作用，而不是受到吸力的作用，故C错误；
D.站在领奖台上的运动员受到的支持力与运动员对领奖台的压力作用在不同的物体上，不是一对平衡力，故D错误。
故选A。  
4.【答案】C 
【解析】解：A、探究电流通过导体产生的热量与电阻的关系，要控制电流和通电时间相同；上图中，右侧两电阻并联后再与左侧电阻串联，容器内两电阻大小相等，根据并联和串联电路电流的规律，通过左侧容器中电阻的电流大于通过右侧容器中电阻的电流，故不能探究电流通过导体产生的热量与电阻的关系，故A错误；
B、电流通过电阻丝时，电流会做功，电能转化为内能，使得电阻丝的内能变大，空气会吸收电阻丝的热量温度升高，空气内能增大通过热传递的方式改变的，故B错误；
C、若R1和R2阻值相等，结合A，因通过两容器内的电流不同，通电时间相同，则可以探究电流通过导体产生的热量与电流的关系，故C正确；
D、U形管液面高度变化是从电阻丝放热，容器内空气吸收热量膨胀造成的，故D错误。
故选：C。
AC、电流通过导体产生的热量与通过的电流、导体的电阻和通电时间有关，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外两个因素不变，结合串联电路电流的规律分析；
B、改变内能的方法是做功和热传递；
D、电阻丝产生的热量不易直接观察，可给等质量的空气加热，气体吸热越多，气体膨胀程度越大，U形管内的液面高度差越大，采用了转换法。
本题探究“导体产生的热量与什么因素有关”，考查控制变量法、转换法、串联和并联电路的规律及焦耳定律的运用。

5.【答案】D 
【解析】解：滑动变阻器的滑片向左移动时，接入电路中的电阻变小，根据欧姆定律，电路中的电流变大，通电螺线管的磁性增强，但通电螺线管周围的磁场方向并不改变，所以小磁针的受力方向不会改变，它仍然静止不动．
故选D．

6.【答案】C 
【解析】解：A、铜的熔点低于钢的熔点，所以不能用铜锅来熔化钢，故A错误；
B、由表中数据不能得出：物质的熔点越高，其比热容越大，如铝的熔点低于钢，但其比热容却大于钢，故B错误；
C、钢钉放出的热量：Q放=cm(t0-t)=0.46×103J/(kg⋅℃)×1.5×10-3kg×(220℃-20℃)=138J，故C正确；
D、相同质量的铅块和铝块，吸收相同的热量，由于铝的比热容大，所以铝块上升的温度较低，故D错误。
故选：C。
(1)从表中比较各个金属的熔点，判断大小；
(2)观察表中数据，分析熔点与比热容之间是否存在联系；
(3)根据热量公式可进行计算；
(4)根据热量公式，要质量和吸收热量相同时，比热容越小的物体升高越快。
此题主要考查了熔点和凝固点、比热容的概念以及热量公式的运用等，属热学综合题。

7.【答案】C 
【解析】试题分析：根据生活经验及对生活常识的了解，逐一分析各选项并作出判断．
解：
A、考室内的气温大约是25℃，50℃不符合实际；
B、考生使用的课桌高度约为0.8m，1.6m不符合实际；
C、某考生的体重约为G=mg=50kg×10N/kg=500N，符合实际；
D、考室内一盏灯的功率约为40W，1000W不符合实际；
故选 C．

8.【答案】凝华  吸收 
【解析】解：霜是由于气温较低时，空气中的水蒸气遇冷凝华形成的小冰晶；
雪熔化时会吸收空气中的热量，导致气温下降。
故答案为：凝华；吸收。
(1)物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。
(2)六种物态变化过程中，都伴随着吸热或放热；其中放出热量的物态变化有：凝固、液化、凝华；吸热的有：熔化、汽化、升华。
分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。

9.【答案】音调；音色 
【解析】
【分析】
人的听觉频率范围在20Hz～20000Hz，低于20Hz和高于20000Hz的声波是听不到的．音色是辨别声音的依据．
【解答】
声音频率不在人的听觉频率范围内，是不能听到的，因此我们能够听到蜜蜂飞的声音，却听不到蝴蝶飞的声音，主要原因是它们飞行时发出声音的音调不同．
钢琴和小提琴发声时，振动物体的材料、结构不同，所以发出声音的音色也就不同．
故答案为：音调；音色．  
10.【答案】200；20 
【解析】解：小丽推车所做的功：
W=Fs=50N×4m=200J；
她做功的功率：
P=Wt=200J10s=20W．
故答案为：200；20．
已知推力和小车移动的距离，利用W=Fs可求小丽推车所做的功；
已知时间和小丽推车所做的功，利用P=Wt可求她做功的功率．
此题考查功和功率的计算，因为条件已给出，所以难度不大，需要注意的是，不要被小车的重力所迷惑！

11.【答案】机械；400 
【解析】解：(1)风轮机发电时，是利用电磁感应的原理，是把机械能转化为电能；
(2)已知W=3.2kW⋅h，节能灯P=8W=8×10-3kW；
由P=Wt可得：
t=WP=3.2kw⋅h8×10-3kw=400h．
故答案为：机械；400．
(1)发电机是利用电磁感应的原理制成的，工作时把机械能转化为电能；
(2)已知电能，利用电功的公式，W=Pt变形可求所用的时间．
本题主要考查发电机能量的转化，利用功率公式求时间，基础题目．

12.【答案】串  8  45 
【解析】解：由于电源电压电压电动机正常工作时的电压，所以应该找一个合适的电阻与电动机串联进行分压，使电动机两端的电压等于额定电压；
由P=UI可知，电动机正常工作时通过电动机的电流：IM=PMUM=3W6V=0.5A，
根据串联电路的电流特点可知，通过分压电阻R的电流IR=IM=0.5A，
根据串联电路的电压特点可知，分压电阻R两端的电压：UR=U-UM=10V-6V=4V，
由I=UR可知，分压电阻R的阻值：R=URIR=4V0.5A=8Ω；
小电动机正常工作时，在1分钟内电动机线圈产生的热量：Q=IM2RMt=(0.5A)2×3Ω×1×60s=45J。
故答案为：串；8；45。
(1)串联电路中总电压等于各用电器两端的电压之和；
(2)根据P=UI求出电动机正常工作时通过电动机的电流，根据串联电路的电流特点和电压特点可知通过分压电阻的电流和分压电阻两端的电压，利用欧姆定律求出分压电阻R的阻值；
(3)利用焦耳定律Q=I2Rt求出小电动机正常工作时，在1分钟内电动机线圈产生的热量。
本题考查串联电路的特点、欧姆定律以及焦耳定律的应用，是一道综合题，难度不大。

13.【答案】80% 
【解析】解：电动机消耗的电能：W=UIt=5V×1A×t=5W×t，
电动机线圈产生的热量：Q=I2Rt=(1A)2×1Ω×t=1W×t，
电动机输出的机械能：W机械=W-Q=5W×t-1W×t=4W×t，
电能转化为机械能的效率：η=W机械W×100%=4W×t5W×t×100%=80%。
故答案为：80%。
根据W=UIt求出电动机消耗的电能，根据Q=I2Rt求出电动机线圈产生的热量，根据W机械=W-Q求出电动机输出的机械能，利用η=W机械W×100%求出电能转化为机械能的效率。
本题考查电功的计算、电热的计算以及效率公式的计算，难度不大。

14.【答案】短路  空气开关  总功率 
【解析】解：裸露的导线相接触，会使零线和火线相连，发生短路现象，使得电路中的电流过大，空气开关会跳闸保护电路；
电路中用电器的总功率过大，根据P=UI可知，会导致电路中电流过大。
故答案为：短路；空气开关；总功率。
家庭电路中电流过大的原因有两个：短路和用电器的总功率过大。
本题考查了家庭电路中电流过大的原因，属于基础知识，要熟记。

15.【答案】83.3%；60。 
【解析】本题考查了使用滑轮组拉力的计算、机械效率的计算；解决本题的关键是根据题目中拉力与物体重力的关系判断出承担重力的绳子段数．
由两个滑轮组装而成的滑轮组，可能是由两段绳子承担重力，也可能是由三段绳子承担重力，但是如果是两段绳子承担重力，拉力应该大于物体重力的一半，所以可以判断本题中的滑轮组中承担物体和动滑轮重力的绳子段数是3段，所以s=3h;
(1)滑轮组的机械效率：
；
(2)∵不计绳重和摩擦，
，
，
解得：G轮=60N。
故答案为：83.3%；60。


16.【答案】电磁感应  有  换用磁性更强的磁铁(或“加快导体的运动速度”) 
【解析】解：蹄形磁体的磁场分布在磁体周围，由图可知导体在磁体外部竖直向上运动会切割部分磁感线，因此会有感应电流产生，这是电磁感应现象；
感应电流的大小与磁场强弱、切割磁感线的速度有关，要增大感应电流，可以换用磁性更强的磁铁(或“加快导体的运动速度”)
故答案为：电磁感应；有；换用磁性更强的磁铁(或“加快导体的运动速度”)。
电磁感应现象：闭合电路的部分导体在磁场中切割磁感线运动时，会产生感应电流；感应电流的大小与磁场强弱、切割磁感线的速度有关。
本题考查了感应电流产生的条件、影响感应电流大小的因素，属于基础题。

17.【答案】解：连接物像的端点A、A'并延长与主光轴交于O点，O点为凸透镜的光心，过O点垂直主光轴作出凸透镜；
从A点平行于主光轴作一条入射光线，交与凸透镜与E点，连接A'E并延长交于主光轴F点，F点为凸透镜的一个焦点，EF为入射光线AE的折射光线，在凸透镜的左侧对称的作出另一焦点F，如图：
 
【解析】利用凸透镜的两条特殊光线：过光心的光线其传播方向不变；过焦点的光线经凸透镜折射后折射光线平行于主光轴；根据光路可逆和图示作出透镜和焦点的大致位置。
在作右侧焦点时利用了光路可逆，过焦点的光线经凸透镜折射后平行于主光轴，而且一定过像点A'；
凸透镜有三条特殊光线：过光心的光线其传播方向不变；过焦点的光线经凸透镜折射后折射光线平行于主光轴；平行于主光轴的光线经凸透镜折射后折射光线通过焦点。

18.【答案】零刻度  左  16  取下10g砝码，放入5g砝码，若指针偏向左，则向右调节游码，使天平平衡  拿出5g砝码，向右调节游码  1.1  6  1.5 
【解析】解：(1)使用天平时，应该先把游码移到零刻度出，若指针右偏，向左调平衡螺母，使指针指在分度盘的中线处；
(2)甲量筒读数为V甲=36mL，乙量筒读数为V乙=20mL，所以倒入烧杯中的水的体积为V甲-V乙=36mL-20mL=16mL=16cm3；
(3)天平在称量过程中，如果放大砝码指针往右偏要拿出大砝码换用小砝码或者拿出大砝码移动游码，若指针左偏时，放入最小的砝码指针往右偏，应该拿出最小的砝码，向右移动游码；
故应该分别填：①取下10g砝码，放入5g砝码，若指针偏向左，则向右调节游码，使天平平衡     ②取下5g砝码，向右移动游码
(4)液体的ρ=mV=17.6g16cm3=1.1g/cm3；
(5)橡皮泥在乙中漂浮时，F浮=G泥；又由阿基米德原理可知：F浮=G排；所以：G泥=G排，即：m泥=m排=ρ水V排=1g/cm3×(26cm3-20cm3)=6g；
比较图乙与图丙可知，橡皮泥的体积V泥=V丙-V乙=24cm3-20cm3=4cm3；
橡皮泥的密度：ρ泥=m泥V泥=6g4cm3=1.5g/cm3；
故答案是：(1)零刻度处    左；(2)16；(3)①取下10g砝码，放入5g砝码，若指针偏向左，则向右调节游码，使天平平衡、②取下5g砝码，向右移动游码；(4)1.1；(5)6、1.5
(1)使用天平时，应该先把游码移到零刻度出，若指针右偏，向左调平衡螺母，使指针指在分度盘的中线处；
(2)甲量筒读数为V甲=36mL，乙量筒读数为V乙=20mL，所以倒入烧杯中的水的体积为V甲-V乙=36mL-20mL=16mL=16cm3；
(3)天平在称量过程中，如果放大砝码指针往右偏要拿出大砝码换用小砝码或者拿出大砝码移动游码，若指针左偏时，放入最小的砝码指针往右偏，应该拿出最小的砝码，向右移动游码；
(4)利用公式ρ=mV进行计算；
(5)橡皮泥在乙中漂浮时，F浮=G泥；又由阿基米德原理可知：F浮=G排；所以：G泥=G排，即：m泥=m排
比较图乙与图丙可知，橡皮泥的体积V泥=V丙-V乙；利用公式ρ泥=m泥V泥 可以算出橡皮泥的密度；
该题考查了天平的使用、液体密度的测量、特殊法测密度的知识。前面的几个问题比较简单，但是要求学生有一定的表达能力。

19.【答案】右  水平  消除杠杆的自重对平衡的影响且便于测量力臂的大小  右  变大  杠杆的自重对杠杆平衡有影响 
【解析】解：(1)若开始实验前发现左端下沉，右端上翘，可将杠杆两端的平衡螺母向右端移动，直到杠杆在水平位置平衡，这样做的目的是消除杠杆的自重对平衡的影响且便于测量力臂的大小；
(2)若A.B两点的钩码同时向远离支点的方向移动一个格，则左侧2G×4L=8GL，右侧3G×3L=9GL，因为8GL<9GL，故右端下沉；
(3)保持B点不变，若拉力F向右倾斜时，此时F的力臂变短，根据杠杆的平衡条件，力变大；
(4)利用如图丁所示装置进行探究，杠杆的重心没有通过支点，杠杆的自重对杠杆平衡有影响；
故答案为：(1)右；水平；消除杠杆的自重对平衡的影响且便于测量力臂的大小；(2)右；(3)变大；(4)杠杆的自重对杠杆平衡有影响。
(1)调节杠杆平衡时，平衡螺母向上翘的一端移动；调节杠杆在水平位置平衡的目的是消除杠杆的自重对平衡的影响且便于测量力臂的大小；
(2)根据杠杆平衡条件判断是否平衡；
(3)根据钩码个数与每个钩码的重力求出测力计拉力；当保持B点不动，弹簧测力计的方向向右倾斜，这时杠杆右侧的力臂变短，根据杠杆的平衡条件可知，使杠杆仍在水平位置平衡，则弹簧测力计的示数将变大；
(4)图丁中，支点位于动力和阻力的右侧，弹簧测力计不但提了钩码，而且还提了杠杆，杠杆的重力对杠杆转动产生了影响。
本题考查探究杠杆平衡条件的实验，关键是将课本知识内容记忆清楚，仔细分析即可。

20.【答案】改变小灯泡两端的电压  电路连接过程中开关没有断开  电压表示数为2.5V  8.3  小灯泡变亮 3.8VR0  3.8V×(I-3.8VR0) 
【解析】解：(1)因为小灯泡的额定电压为2.5V，所以电压表选用0-3V的量程，电压表与灯泡并联且正接线柱与小灯泡的电流流进接线柱相连，滑动变阻器一上一下的串联在电路中；根据I=UI=2.5V10Ω=0.25A可知，电流表选用小量程与小灯泡串联。如下所示：

(2)滑动变阻器的基本作用是保护电路，此实验中主要作用是改变小灯泡两端的电压及通过电阻的电流，算出多组电阻；连接好最后一根导线，灯泡立即发光，可能是连接电路时没有断开开关；
(3)灯在额定电压下正常发光，所以检查无误后，接通电路，向左移动滑动变阻器的滑片P，观察到电压表的示数为：UL=2.5V时，表明小灯泡正常发光；
图乙中电流表选用小量程，分度值为0.02A，示数为：IL=0.3A，
小灯泡的电阻为：RL=ULIL=2.5V0.3A≈8.3Ω；
滑片向左移动，滑动变阻器的电阻减小，根据I=UR知，电路的电流增大，小灯泡两端的电压变大，根据P=UI知小灯泡的实际功率变大，灯泡变亮；
(4)由图丙可知，测量步骤：
①闭合开关S、S1，断开开关S2，移动滑片，使电流表示数为I1=U额R0=3.8VR0；
②闭合开关S、S2，断开开关S1，保持滑片位置不变，读出电流表示数为I；
③通过灯泡的电流I额=I-I1=I-3.8VR0；，则灯泡L的额定功率P额=U额I额=3.8V×(I-3.8VR0)。
故答案为：(1)如图所示：
；
(2)改变小灯泡两端的电压；电路连接过程中开关没有断开；(3)电压表示数为2.5V；8.3；小灯泡变亮；(4)3.8V×(I-3.8VR0)。
(1)根据小灯泡的额定电压判断出电压表的量程，电压表与灯泡并联且遵循正进负出，根据欧姆定律算出小灯泡的电流，据此判断出电流表的量程，滑动变阻器一上一下的串联在电路中；
(2)要测量灯在不同电压下的电阻大小，据此分析；连接电路时，为保护电路，要断开开关；
(3)灯在额定电压下正常发光，根据图中电流表小量程读数，根据欧姆定律算出小灯泡正常发光时的阻值；小灯泡两端的电压两端的电压变大，电流变大，灯泡变亮；
(4)由电路图可知，电路中无电压表，只有电流表；要测3.8V的小灯泡L的额定，可根据并联电路各支路两端的电压相等进行设计电路；即调节滑动变阻器接入电路的电阻，使R0与电流表示数的乘积为3.8V，再用电流表测出干路电流，根据并联电路的电流特点求出通过灯泡的电流，最后利用P=UI求出灯泡的额定功率。。
本题考查了连接电路图、滑动变阻器的调节、电表读数、求电阻、实验评价等；连接电路图时，电流表应选择恰当的量程，电流表正负接线柱不要接反；对电表读数时，应先确定电表量程与分度值，然后再读数，读数时视线要与电表刻度线垂直。

21.【答案】解：(1)因为单车行驶时的牵引力等于总重的0.08倍，所以单车行驶时的牵引力为：
F=0.08G=0.08×750N=60N；
(2)因为v=st，所以单车行驶的时间为：
t=sv=2400  m8 m/ s=300s；
(3)牵引力做的功为：
W=Fs=60N×2400m=1.44×105J；
(4)牵引力做功的功率为：
P=Wt=1.44×105J300s=480W。
答：(1)单车行驶时的牵引力为60N；
(2)单车行驶的时间为300s；
(3)牵引力在这段时间内做的功为1.44×105J；
(4)牵引力在这段时间内做的功率为480W。 
【解析】(1)根据单车行驶时的牵引力等于总重的0.08倍可求牵引力；
(2)利用速度公式的变形式可求行驶的时间；
(3)利用W=Fs可求牵引力做的功；
(4)利用P=Wt可求牵引力做功的功率。
本题考查了速度公式的应用、功、功率的计算，是一道基础题。

22.【答案】解：(1)机器鱼在海中1000m深处时处于悬浮状态，悬浮时浮力等于重力，
机器鱼受到的浮力为：
F浮=G=1.5N；
(2)机器鱼在海中1000m深处时受到海水的压强为：
p=ρ海水gh=1.03×103kg/m3×10N/kg×1000m=1.03×107Pa；
(3)根据p=FS知机器鱼在1000m深处时身体表面5cm2面积上受到海水的压力为：
F=pS=1.03×107Pa×5×10-4m2=5.15×103N。
答：(1)此时机器鱼受到的浮力为1.5N；
(2)此时机器鱼受到海水的压强为1.03×107Pa；
(3)此时机器鱼身体表面5cm2的面积上受到海水的压力为5.15×103N。 
【解析】(1)根据悬浮条件即可求出机器鱼受到的浮力；
(2)根据p=ρgh求出机器鱼在海中1000m深处时受到海水的压强；
(3)利用F=pS求出机器鱼在1000m深处时身体表面5cm2面积上受到海水的压力。
本题考查了物体浮沉条件和液体压强公式、固体压强公式的应用，是一道较为简单的应用题。

23.【答案】解：(1)小灯泡正常发光时，其实际电压等于额定电压，实际电流等于额定电流，
R灯=ULIL=2.5V0.5A=5Ω；
(2)S1、S2都断开时，电路简化如图1所示：

L与R1串联，小灯泡正常发光，故实际电流等于额定电流，
电路电流I=I灯=I额=0.5A
电源电压U总=IR总=I(R1+R灯)=0.5A×(25Ω+5Ω)=15V；
(3)S1、S2都闭合时，电路简化如图2所示：

R1与R2并联，电流表A测干路电流I并
U1=U2=U=15V
R1电流I1=U1R1=15V25Ω=0.6A；
R2=U2I2=U2I并-I1=15V0.9A-0.6A=50Ω；
答：(1)小灯泡正常发光时的电阻是5Ω；
(2)电源电压为15V；
(3)R2的阻值为50Ω。 
【解析】(1)用电器正常工作时，实际电压等于额定电压，实际电流等于额定电流，利用R=UI求解；
(2)利用用电器正常工作时的特点，简化电路，结合串联电路的电流电压特点解题；
(3)利用并联电路的电流电压规律，结合欧姆定律解题；
本题要求我们熟练掌握欧姆定律的计算公式，理解串并联电路电流电压特点，对于由开关的断开与闭合引起的电路变化要认真分析，会简画电路图。