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2023年山东省德州市德城区中考物理一模试卷（含答案）
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这是一份2023年山东省德州市德城区中考物理一模试卷（含答案），共31页。
2023年山东省德州市德城区中考物理一模试卷
学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________
注意事项:
1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。
3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。
1. 2022年3月23日，“天宫课堂”第二课正式开讲，“太空教师”翟志刚、王亚平、叶光富为广大青少年带来了一场精彩的太空科普课，下列有关说法正确的是( )
A. 王亚平和叶光富两名宇航员音色相同
B. 宇航员说话时发出的声音是由声带振动产生的
C. 声音在太空中传播速度是3×108m/s
D. 奇妙的实验引起同学们高声喝彩，这里的“高”指的是音调高
2. 炎炎夏日，小梅来到美丽的海滨城市青岛。她发现，在这里白天的风常常从海面吹向陆地，而每到夜晚风却从陆地吹向海面。她利用学过的物理知识进行分析，并画出陆地和海面之间空气流动情况的示意图，如图所示。形成这一现象的主要原因是( )
A. 海水的密度小于砂石的密度 B. 海水的密度大于砂石的密度
C. 海水的比热容小于砂石的比热容 D. 海水的比热容大于砂石的比热容
3. 小王同学在做探究实验过程中，对下列四幅图读数正确的是( )
A. 图甲物体长度为2.70cm B. 图乙温度计示数为32.0℃
C. 图丙电流表示数为1.50A D. 图丁烧杯和液体总质量为62.2g
4. 近年来我国在信息和能源等高科技领域取得了巨大成就，下列关于信息和能源的说法中正确的是( )
A. 华为5G通信是利用电磁波传递信息的
B. 秦山核电站是利用聚变反应的原理工作的
C. “天和号”太空舱“帆板”接收的太阳能来自于太阳内部的裂变反应释放的能量
D. 比亚迪新能源纯电动汽车是利用的一次能源
5. 关于下面四幅图的说法正确的是( )
A. 如甲图，A管中水面上升，是因为流体中流速越大的位置压强越小
B. 如乙图，将竖直玻璃管倾斜，水银柱的长度不变
C. 如丙图，把水气压计从山下移到山顶，细管内的水柱下降
D. 如丁图，盆景中的水位能保持一定高度，是利用了连通器原理
6. 如图所示是小明同学探究“影响液体内部压强因素”实验时的情景，关于此操作的探究目的最合理的是( )
A. 液体内部压强跟液体密度的关系
B. 液体内部压强跟深度的关系
C. 液体内部向各个方向是否都有压强
D. 同一深度，液体内部向各个方向压强大小是否相等
7. 电和磁的关系可以理解为“电生磁”或“磁生电”，下列几个装置都与这一关系有关，其中正确的说法是( )
A. 图甲，当电磁继电器线圈通以额定电流时，接线柱AB接通
B. 图乙，绕在铁钉上的线圈通电电流越大，能吸引的回形针数量越多
C. 图丙，动圈式话筒的工作原理与电动机的工作原理相同
D. 图丁，扬声器是利用电磁感应的原理工作的
8. 已知在某物体透过凸透镜在距离透镜25厘米的光屏上成放大的像，若将物体移动到距离凸透镜30厘米处，则此时成( )
A. 放大的虚像 B. 正立的虚像 C. 放大的实像 D. 缩小的实像
9. 水平桌面上有两个完全相同的容器甲、乙，分别装有深度相同的水，将两个体积相同、材料不同的小球A、B，分别放在甲、乙两容器中(水均未溢出)，小球静止在如图所示的位置时，两个小球所受浮力分别为FA、FB，下列判断正确的是( )
①FA
③甲容器底部受到水的压强大于乙容器底部受到水的压强
④甲容器底部对桌面的压强小于乙容器底部对桌面的压强
A. ①④ B. ①③ C. ②④ D. ②③
10. 如图所示，利用滑轮组将重为80N的物体在30s内匀速提升3m，已知拉力F为50N，若不计绳重和摩擦。下列说法正确的是( )
A. 绳端移动的速度为0.3m/s
B. 动滑轮重力为50N
C. 拉力做功的功率为40W
D. 滑轮组的机械效率为80%
11. 如图所示电路中，电源电压恒定。闭合开关，电路正常工作一段时间后，灯泡L突然熄火，电路中只有两个电表有示数。电阻R或灯泡L仅有一个出现了故障，其它元件均完好。下列说法中( )
①可能灯泡L断路
②可能灯泡L短路
③可能电阻R断路
④可能电阻R短路
A. 只有①②正确 B. 只有③④正确 C. 只有②④正确 D. 只有①③正确
12. 如图所示电路，电源电压恒定，滑动变阻器R2标有“20Ω.1A”的字样，将滑片置于最右端后，闭合开关，电流表A1、A2的示数分别为0.8A、0.3A。在电路安全工作时，下列选项正确的是( )
A. 电源电压为16V B. R1的阻值为7.5Ω
C. R2消耗的功率范围为1.8W～6W D. 该电路总功率的最大值为18W
13. 甲、乙两位同学分别骑自行车沿平直公路自西向东行驶，他们运动的s-t图像如图所示。则甲同学骑行的速度为______m/s；以甲为参照物，乙运动的方向为______。
14. 2022年4月16日，太空“出差”半年的神舟十三号乘组翟志刚、王亚平、叶光富成功返回地球家园。如图是着陆前的场景，在减速降落过程中，返回舱所受合力的方向是向______的。三位航天员的“天宫课堂”还让我们回味无穷，当航天员将实验物品用手推出后，物品能够继续向前运动，这是因为它具有______。
15. 让平行于主光轴的光分别射向凸透镜A与B，情况如图甲所示，则A与B中对光的会聚作用较强的是______。如图乙所示，烛焰通过凸透镜A恰好能在光屏上成清晰的像，如果保持蜡烛的位置不动，将凸透镜A换成凸透镜B，还想在光屏上看到清晰的像，应该向______移动光屏。
16. 中医药是中华文化的瑰宝，中医的理疗方式中蕴含了许多物理知识，如“拔火罐”时玻璃罐能被吸附在皮肤上利用了______；“艾灸”时通过______(选填“做功”或“热传递”)的方式改变了穴位处的内能。
17. 如图所示电路，电源电压恒定，定值电阻R2的阻值为20Ω，电流表A1和A2的量程均为0～0.6A。闭合开关S，当滑动变阻器R1的滑片从最左端向右移动的过程中，两个电流表的示数之差始终为0.2A。则电压表的示数为______V，滑动变阻器R1允许接入电路的最小阻值为______Ω。
18. 如图所示电路中，a、b、c分别是三只电表(电压表或电流表)，R1=10Ω，R2=20Ω，电源电压恒为6V，闭合开关S。当电表a、b为电流表，c为电压表时，电表a的示数为______A；当电表a、b为电压表，c为电流表，电表b的示数为______V。
19. 把标有“6V 3W”的和“6V 6W”的两个灯泡串联接入电路中，在保证安全使用的情况下让其中一个灯泡正常发光，忽略温度对灯丝电阻的影响，则电源两端电压是______V，此时两灯消耗的总功率为______W。
20. 春节时，小明用细绳将灯笼悬挂在门口，灯笼处于静止状态，细绳与竖直墙面平行且与灯笼的重心O在同一直线上，请画出灯笼的受力示意图。
21. 如图，MN为透镜主光轴，S'是光源S通过透镜所成的像，请在图中画出透镜位置和种类，并确定透镜右侧焦点F的位置。
22. 小红“探究水沸腾时温度变化的特点”的实验装置如图所示：
(1)在如图实验装置中，存在的错误是______ ；
(2)她改正错误后继续实验，当水沸腾时，水中产生大量的气泡，气泡内是______ (选填“空气”或“水蒸气”)；
(3)实验结束，他取走酒精灯和石棉网，水将______ (选填“能”或“不能”)继续沸腾。
23. 为了探究光反射时的规律，小丽把一个平面镜放在水平桌面上，再把一张可以绕ON翻折的纸板ABCD竖直地立在平面镜上，纸板上的直线ON垂直于镜面。她将一束光贴着纸板沿EO方向射向O点，在纸板上用笔描出入射光EO和反射光OF的径迹。
(1)如图甲所示，反射角的大小为______°。
(2)实验过程中，进行下列哪项操作后，在纸板上仍可以看到反射光？______(单选)
A.如图乙所示，将纸板的右半部分向后翻折
B.如图丙所示，将纸板与入射光束一起以ON为轴旋转
C.如图丁所示，将纸板与入射光束一起以CD为轴向后倾倒
24. 在“探究杠杆的平衡条件”实验中：
(1)小明安装好杠杆后，发现其左端下沉，如图甲所示，为使杠杆在水平位置平衡，应将平衡螺母向______ 调节。
(2)如图乙所示，杠杆调节平衡后，在A处悬挂3个钩码，每个钩码重0.5N。如果在B施加一个拉力使杠杆在水平位置再次平衡，当方向为______ 时，拉力最小，大小为______ N。
25. 如图甲是“比较不同物质的吸热能力”的实验装置。
(1)两支试管里水和煤油的质量______ (填“相同”或“不同”)。
(2)相同时间内，水吸收的热量______ (填“大于”、“等于”或“小于”)煤油吸收的热量。
(3)由图乙可知，______ 的吸热能力更强。
(4)由图可知，煤油的比热容是______ 。(水的比热容是4.2×103J/(kg⋅℃))
26. 许多实验器材在物理实验中能被重复利用，斜面就是其中之一。请完成下列利用斜面进行实验的有关内容。
(1)图甲所示实验中，为便于测量小车在斜面上的运动时间，应使斜面保持______(选填“很大”或“很小”)的坡度。
(2)图乙所示实验中，对于同一个球A，要改变A撞击木块前的动能大小，可进行的操作是______。
(3)图丙所示实验中，斜面倾斜角为30°，物体B重为4N。用弹簧测力计沿斜面拉动B时，应使B做______运动，实验中弹簧测力计示数如图所示，则所测斜面的机械效率为______。
27. 某同学用如图甲所示的电路测量小灯泡的电功率。实验中电源电压保持不变，小灯泡的额定电压是3.8V。
(1)图甲中有一根导线接错了，请你在这根导线上打“×”，并补画出正确的那根导线。
(2)正确连接电路后，小灯泡正常发光时电流表示数如图乙所示，则小灯泡的额定功率是______ W。
(3)测出小灯泡额定功率后，该同学接着移动滑动变阻器的滑片，当电流表的示数为0.32A时，电压表的示数可能是______ (填标号)。
A.3.9V
B.4.0V
C.4.1V
28. 小明同学用如图所示器材探究通过导体的电流与电阻的关系。实验用到的定值电阻分别为10Ω、15Ω、20Ω、30Ω各一个，滑动变阻器最大值为20Ω。
(1)连接电路时，开关应该______ 。
(2)请根据图甲将图乙所示的实物电路连接完整(导线不允许交叉)。
(3)实验过程中，将10Ω的电阻换成20Ω电阻时，滑片应该向______ 滑动。
(4)依次实验记录数据如下表：
实验次数
1
2
3
4
电阻R/Ω
10
15
20
30
电流I/A
0.3
0.2
0.15
0.1
分析可知，表中4次实验有一组数据是不真实的，这次实验是第______ 次(填序号)，就现有器材，要完成全部4次实验，可将定值电阻两端控制不变的电压调至不少于______ V，或在电路中串联一个至少______ Ω的电阻。
29. 如图甲所示，有一底面积为0.01m2，质量为3kg的正方体物块，在拉力F的作用下在水平面上做直线运动。拉力随时间变化、速度随时间变化图象分别如图乙、丙所示，已知物块在2～4s的运动距离为2m。求：
(1)物块静止时对水平面的压强；
(2)在2～4s物块受到的摩擦力；
(3)在前6s内，拉力F做的功。
30. 小明家的电热水壶电热丝断了，他想用一根新电热丝R0替换，但不知道阻值，于是他用伏安法进行了测量，用记录的多组数据描绘出R0的U-I图象，如图所示。在老师的安全指导下，小明利用R0重新组装好电热水壶，接在220V家庭电路中能正常工作，忽略温度对电阻的影响。求：
(1)R0的阻值。
(2)新电热水壶的额定功率。
(3)新电热水壶工作400s，把质量为1kg的水从20℃加热到100℃，其加热效率是多少。[c水=4.2×103J/(kg⋅℃)]
31. 如图所示，电源电压U=5V，定值电阻R1=10Ω，R2=20Ω，滑动变阻器R的最大阻值为20Ω，电压表的量程为3V，电流表的量程为0.6A。
(1)开关S1、S2、S3均闭合时，求电路消耗的总功率。
(2)S1闭合，S2、S3断开，为保证电路元件安全，求滑动变阻器R能接入电路的阻值范围。
答案和解析
1.【答案】B
【解析】解：A、不同人的发声结构不同，所以会发出不同音色的声音，所以王亚平和叶光富两名宇航员音色不同，故A错误；
B、宇航员说话时发出的声音是由声带振动产生的，故B正确；
C、太空是真空的，不能传播声音，故C错误；
D、响度是指声音的强弱、大小，奇妙的实验引来学生高声喝彩，这里的“高”指的是响度大，故D错误。
故选：B。
(1)音色反映的是声音的品质与特色，它跟发声体的材料和结构有关；
(2)声音是有物体震动产生的；
(3)声音的传播需要介质，真空不能传播；
(4)响度是指声音的大小、强弱，与振幅和距离有关；音调是指声音的高低，与振动频率有关。
本题考查了对声音的产生和传播、响度、音色与音调的理解，属于基础题，难度不大。
2.【答案】D
【解析】解：沿海地区水多，水的比热容较大；内陆地区，地表以砂石泥土为主，砂石泥土比热容较小；由于水的比热容大，所以对于相同质量的水和砂石相比较，在吸收或放出相同的热量时，水的温度变化小，而砂石的温度变化大，所以白天陆地的温度高、海水温度低，晚上陆地温度低、海水温度高；白天陆地上方空气的温度高度，密度小，砂石上方空气上升，海面上的冷空气过来补充，形成了白天的风常常从海面吹向陆地，而晚上海面上方的热空气上升，风从陆地吹向海面；故D正确。
故选：D。
沿海地区水多，水的比热容较大，吸收或放出相同的热量时，水的温度变化小；热空气会上升。
知道水的比热容最大的特点和应用是解决该题的关键。
3.【答案】D
【解析】解：
A、刻度尺上1cm之间有10个小格，所以一个小格代表的长度是0.1cm=1mm，即此刻度尺的分度值为1mm；物体左侧与1.00cm对齐，右侧与2.70cm对齐，所以物体的长度为L=2.70cm-1.00cm=1.70cm，故A错误；
B、温度计上10℃之间有5个小格，所以分度值为2℃，此时显示的温度是34℃，故B错误；
C、电流表选择的是0～0.6A量程，分度值为0.02A，此时的示数为0.3A，故C错误；
D、在标尺上，1g之间有5个小格，1个小格代表0.2g，即标尺的分度值为0.2g，烧杯的质量是m=50g+10g+2.2g=62.2g，故D正确。
故选：D。
(1)刻度尺的分度值是刻度尺相邻两刻度线表示的长度。使用刻度尺时要明确其分度值，起始端从0开始，读出末端刻度值，就是物体的长度；起始端没有从0刻度线开始的，要以某一刻度线为起点，读出末端刻度值，减去起始端所对刻度即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位。
(2)常用温度计是根据液体热胀冷缩的原理制成的。使用温度计测量液体温度时，先要弄清楚温度计的分度值，读数时视线与液柱最高处所对刻度相垂直，并注意区分温度是零上还是零下。
(3)读取电流表示数时，首先要明确电流表选择的量程和对应的分度值，读数时视线与指针所在刻度线相垂直。
(4)使用天平测量物体质量时，要明确标尺的分度值，被测物体的质量等于砝码的总质量与游码所对刻度之和。
读取不同测量工具的示数时，基本方法是一致的，都要先明确测量工具的量程和分度值，确定零刻度线的位置，视线与刻度线垂直。
4.【答案】A
【解析】解：A、“5G”通信利用的是电磁波可以传递信息，故A正确；
B、核电站是利用可控的核裂变获得的能量来发电的，故B错误；
C、太阳内部时刻发生的是核聚变反应，故C错误；
D、电能是二次能源，故D错误。
故选：A。
(1)电磁波可以传递信息；
(2)核电站是利用核裂变获得的能量来发电的；
(3)原子核裂变、聚变都能释放出惊人的能量；太阳内部时刻发生的是核聚变反应；
(4)一次能源：直接来自自然界而未经加工转换的能源，例如化石燃料、太阳能、水能、生物燃料；二次能源：由一次性能源直接或间接转换而来的能源：煤气、氢能、电能、汽油、沼气。
本题考查了能量和能源的相关问题，比较简单，属于常见问题的考查。
5.【答案】A
【解析】解：A、A管中水面上升，是因为流体中流速越大的位置压强越小，故A正确；
B、在托里拆利实验中，水银柱的高度是指管内水银面到水银槽中水银面的竖直高度，这一高度的大小是由外界大气压决定的，因此在大气压不变的情况下，玻璃管倾斜，水银柱高度不变，但水银柱长度会变长，故B错误；
C、把水气压计从山下带到山上，外界大气压随高度的增加而减小，此时在瓶内气压的作用下会有一部分水被压入玻璃管，因此管内水柱会升高，故C错误；
D、在一个标准大气压下，大气压可以支持约10.3m高的水柱。瓶中水面能高于盆内水面不会流出来，正是因为盆景中的水与大气相通，是大气压支持着瓶内的水不会流出来，不是利用连通器原理，故D错误。
故选：A。
(1)流体的压强跟流体的流速有关，流速越大，压强越小；
(2)托里拆利管内是真空，在托里拆利实验中，外界大气压不变，则管内水银柱的高度不变，当管倾斜时，水银柱的长度变长；
(3)大气压强随着高度的增加而减小，当内外压强差增大时，管内水柱的高度增大；
(4)连通器的原理是两个开口的容器底部相通，当液体不流动时，两侧的液面位于同一水平面。
本题考查流体压强与流速的关系、大气压强的测量、大气压强跟高度的关系及其应用，属于综合题。
6.【答案】B
【解析】解：如图所示，调好后将金属盒放入液体中，两次实验中金属盒在液体中的深度不同，但液体的密度要控制相同，由此得出的实验结论是：同种液体内部，深度越深，压强越大，故B正确。
故选：B。
液体压强与液体的深度和密度有关，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变。
本题探究影响液体压强大小的因素，考查转换法、控制变量法的运用。
7.【答案】B
【解析】解：A、由图可知，当电磁继电器线圈通以额定电流时，电磁铁产生磁性，衔铁向下移动，接线柱BC接通，故A错误；
B、绕在铁钉上的线圈通电电流越大，其磁性越强，所以能吸引的回形针数量越多，故B正确；
C、动圈式话筒是利用电磁感应原理制成的，而电动机是根据通电线圈在磁场中受力转动的原理工作的，故C错误；
D、扬声器是根据通电导体在磁场中受力而运动的原理工作的，故D错误。
故选：B。
(1)当电磁继电器线圈通以额定电流时，电磁铁产生磁性；
(2)影响电磁铁磁性强弱的因素：电流的大小、线圈的匝数、有无铁芯；
(3)闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就会产生感应电流，这种现象称为电磁感应现象；
(4)通电导体在磁场中受力而运动。
物理学是以观察和实验为主的实验学科，很多的物理知识都来源于实验，在学习中应重视实验的学习，要牢记一些重要实验装置图。
8.【答案】D
【解析】解：某物体透过凸透镜在距离透镜25厘米的光屏上成放大的像，此时的像是倒立、放大的实像，则25cm>2f，f<12.5cm；
若将物体移动到距离凸透镜30厘米处，30cm>2f，成倒立、缩小的实像。
故选：D。
根据像的性质、像距的大小判定焦距的大小，然后根据物距和焦距的关系分析成像的性质。
本题考查了凸透镜成像规律的应用，属于基础题。
9.【答案】A
【解析】解：完全相同的容器甲、乙，分别装有深度相同的水，将两个体积相同材料不同的小球A、B，分别放在甲、乙两容器中(水均未溢出)。
①甲容器中小球排开水的体积小于乙容器中小球排开水的体积，根据阿基米德原理，F浮=ρ水V排g，则乙容器中小球受到的浮力较大，即FA
③开始甲、乙两容器中水的深度相同，乙容器中小球排开水的体积大，所以分别放入小球后，水的深度关系是hA
①小球的体积相同，排开水的体积不同，液体的密度相同，根据阿基米德原理比较浮力大小。
②根据浮沉条件，漂浮时：物体的密度小于液体密度；悬浮时：物体密度等于液体密度；沉底时：物体密度大于液体密度。据此分析。
③根据公式p=ρgh分析容器底部所受压强的大小。
④两容器完全相同，底面积相同，桌面受到的压力等于容器、水、小球的总重力，根据公式p=FS分析。
本题考查压强和浮力的综合，有一定难度。要熟练掌握阿基米德原理及浮沉条件以及压强的计算公式。
10.【答案】D
【解析】解：A、由图可知n=2，绳子自由端移动的距离：s=2h=2×3m=6m，绳子自由端移动的速度：v=st=6m30s=0.2m/s，故A错误；
B、因为不计绳重和摩擦时F=1n(G+G动)，所以动滑轮的重力：G动=nF-G=2×50N-80N=20N，故B错误；
C、拉力做的总功：W总=Fs=50N×6m=300J，拉力做功的功率：P=W总t=300J30s=10W，故C错误；
D、不计绳重和摩擦，滑轮组的机械效率：η=W有W总=GhFs=GhF×nh=GnF=80N2×50N×100%=80%，故D正确。
故选：D。
(1)由图可知n=2，绳子自由端移动的距离s=nh，利用v=st求绳子自由端移动的速度；
(2)利用不计绳重和摩擦时F=1n(G+G动)求动滑轮的重力；
(3)利用W总=Fs求拉力做的总功，利用P=W总t求拉力做功的功率；
(4)利用不计绳重和摩擦时η=W有W总=GhFs=GhF×nh=GnF求出滑轮组的机械效率。
本题考查了使用滑轮组时绳子的拉力、有用功、总功、功率和机械效率的计算，明确有用功和总功是关键。
11.【答案】A
【解析】解：电路正常工作时，R与灯泡L串联，电压表与R并联，电流表测量电路中的电流，电压表V测电源两端的电压，电压表V1测L两端的电压；
①若灯泡L断路，电路中无电流，电流表示数变为0，此时两个电压表测量的都是电源电压，有示数，故①正确；
②若灯泡L短路，电路是通路，电路中有电流，电流表有示数；根据U=IR可知，电压表V1示数为0；电压表V测电源两端的电压，有示数，故②正确；
③若电阻R断路，电路中无电流，电流表示数变为0；电压表V与电源两极之间是断开的，无示数，电压表V测电源两端的电压，有示数，故③错误；
④若电阻R短路，电路是通路，电路中有电流，电流表有示数；此时两个电压表测量的都是电源电压，有示数，故④错误。
故选：A。
电路正常工作时，R与灯泡L串联，电压表与R并联，电流表测量电路中的电流，电压表V测电源两端的电压，电压表V1测L两端的电压；由各选项给出的故障分析电表的变化则可得出正确答案。
使用电压表检验电路故障时，将电压表与用电器并联。闭合开关，如果电压表有示数(一般等于电源电压)，说明并联的用电器断路或其它用电器都短路；如果电压表无示数，说明并联的用电器短路或其它用电器有断路。
12.【答案】C
【解析】解：根据电路图分析电路连接情况可知R1、并联，A1测量干路电流，A2测量通过R2的电流，则I=0.8A，I2=0.3A。
A、将滑片置于最右端，R2=20Ω，根据I=UR以及并联电路电压特点，U=I2R2=0.3A×20Ω=6V，故A错误；
B、根据并联电路电压特点，各支路两端电压相等且等于电源电压。并联电路电流特点，干路电流等于各支路电流之和。
由此可以得出I1=I-I2=0.8A-0.3A=0.5A，则R1=UI1=6V0.5A=12Ω，故B错误；
C、当R2全部接入时，流过R2的电流最小，R2的电功率最小，P2min=UI2=6V×0.3A=1.8W。根据滑动变阻器R2标有“20Ω.1A”的字样可知I2max=1A，此时
R2的电功率最大，P2max=UI2max=6V×1A=6W，故C正确；
D、P1=UI1=6V×0.5A=3W，该电路总功率的最大值为P=P1+P2max=3W+6W=9W，故D错误。
故答案为：C。
根据电路图分析电路连接情况可知R1、R2并联，A1测量干路电流，A2测量通过R2的电流。再结合欧姆定律和并联电路电流与电压特点，求出电源电压与R1的值。最后动态分析出电路中的电功率，通过R2电流最大时R2电功率最大，R1电功率始终不变，则此时电路中总功率最大。R2完全接入电路中，R2电流最小，R2电功率最小。
此题考察了欧姆定律、动态电路、电功率的综合计算，综合性较强，难度较大。
13.【答案】4 向西
【解析】解：由图像可知，甲、乙做匀速直线运动，t甲=15s时，通过的路程s甲=60m，所以甲同学骑行的速度v甲=s甲t甲=60m15s=4m/s；
由图像可知，相同时间内，乙通过的路程小于甲通过的路程，所以乙骑行的的速度小于甲骑行的的速度，
因为甲、乙两位同学分别骑自行车沿平直公路自西向东行驶，v甲>v乙，
所以以甲为参照物，乙向西运动。
故答案为：4；向西。
(1)由图像读出甲15s通过的路程，利用速度公式计算甲骑行的速度；
(2)比较相同时间内甲、乙通过的路程，得出甲、乙的速度大小关系，然后根据运动和静止的相对性判断以甲为参照物，乙的运动方向。
本题考查速度的计算、参照物的选取，掌握物体间的相对位置的变化判断物体的运动是解答本题的易错点。
14.【答案】上 惯性
【解析】解：返回舱在减速降落过程中，返回舱所受合力的方向是向上的；当航天员将实验物品用手推出后，物品由于惯性，继续保持原来的运动的状态向前运动。
故答案为：上；惯性。
(1)力是改变物体运动状态的原因；
(2)物体都有保持原来运动状态不变的性质称之为惯性。
用所学物理知识分析身边实际现象是考试的重点，也反映了学以致用的思想，因此在平时学习时注意联系生活，多分析、多解释。
15.【答案】B 左
【解析】解：如题图甲所示，一束平行光经过透镜后会聚一点，该点就是焦点，焦点到光心的距离是焦距，焦距越小，说明会聚作用越强，故B对光的会聚作用较强。
如题图乙所示，烛焰通过凸透镜A恰好能在光屏上成清晰的像，如果保持蜡烛的位置不动，将凸透镜A换成凸透镜B，因为凸透镜B对光的会聚作用更强，所以光线会提前会聚，即成像在光屏左侧，所以应该向左移动光屏才能在光屏上看到清晰的像。
故答案为：B；左。
(1)凸透镜会聚作用的强弱可由焦距大小来判断，焦距越大，会聚作用越弱，焦距越小，会聚作用越强。
(2)当换用会聚作用更强的透镜后，光的会聚点提前，像距变小。据此解答。
本题考查透镜对光的作用。焦距越小，对光的会聚作用越强。
16.【答案】大气压 热传递
【解析】解：拔火罐时，先把酒精在罐内烧一下，罐内空气受热排出，此时迅速把罐扣在皮肤上，使罐内气体温度升高，等到罐内的空气冷却后压强降低，小于外面的大气压，外面的大气压就将罐紧紧地压在皮肤上，所以“拔火罐”利用的是大气压；
“艾灸”时通过热传递的方式改变了穴位处的内能。
故答案为：大气压；热传递。
(1)由于大气有重力且具有流动性，故大气会对地球表面的物体产生压强；大气压在生活中有很广泛的应用，如：吸饮料、钢笔吸墨水、吸盘式挂钩等等。
(2)改变物体内能的方式：做功和热传递。
本题考查改变物体内能的方式和大气压的应用，要明确做功和热传递改变物体内能的实质，做功属于能量的转化，热传递属于能量的转移。
17.【答案】4 10
【解析】解：由图可知，定值电阻R2与滑动变阻器R1并联，电流表A1测量通过滑动变阻器R1的电流，电流表A2测量干路电流，电压表测量电源电压；
(1)根据并联电路的电流特点可知，两个电流表的示数之差即为通过R2的电流I2=0.2A，
根据欧姆定律可知，R2两端的电压U2=I2R2=0.2A×20Ω=4V，
根据并联电路特点可知，电源电压U=U1=U2=4V，所以电压表示数为4V；
(2)为了电路安全，电流表A2的示数最大为I=0.6A，
根据并联电路特点可知，通过滑动变阻器的最大电流I1=I-I2=0.6A-0.2A=0.4A，
根据欧姆定律可知，滑动变阻器允许接入电路的最小阻值R1小=U1I1=4V0.4A=10Ω。
故答案为：4；10。
由图可知，定值电阻R2与滑动变阻器R1并联，电流表A1测量通过滑动变阻器R1的电流，电流表A2测量干路电流，电压表测量电源电压；
(1)根据并联电路的电流特点可知通过R2的电流，根据欧姆定律求出R2两端的电压，根据并联电路特点可知电压表示数；
(2)为了电路安全，电流表A2的示数最大为0.6A，根据并联电路特点可知通过R1的最大电流，根据欧姆定律可以求出滑动变阻器允许接入电路的最小阻值。
本题考查并联电路特点、欧姆定律的应用，正确判断电流表所测电路的电流是解题的关键。
18.【答案】0.3 4
【解析】解：(1)闭合开关S，当电表a、b为电流表，c为电压表时，R1、R2并联，电流表a串联R2支路的电流，电流表b测量干路电流；
根据并联电路的电压特点可知，R2两端的电压U2=U=6V；
通过R2支路的电流：I2=U2R2=6V20Ω=0.3A，所以电表a的示数为0.3A；
(2)当电表a、b为电压表，c为电流表，R1、R2串联，电压表a测量电源电压，电压表b测量R2两端的电压；
根据串联电路的电阻特点可知，电路中的总电阻R=R1+R2=10Ω+20Ω=30Ω，
电路中的电流：I=UR=6V30Ω=0.2A；
根据串联电路的电流特点可知，通过R2的电流I2'=I=0.2A；
由I=UR可知，R2两端的电压U2'=I2'R2=0.2A×20Ω=4V，所以电表b的示数为4V。
故答案为：0.3；4。
(1)闭合开关S，当电表a、b为电流表，c为电压表时，R1、R2并联，电流表a串联R2支路的电流，电流表b测量干路电流，根据并联电路的电压特点可知R2两端的电压，利用欧姆定律求出通过R2支路的电流即电流表a的示数；
(2)当电表a、b为电压表，c为电流表，R1、R2串联，电压表a测量电源电压，电压表b测量R2两端的电压；根据串联电路的电阻特点求出电路中的总电阻，利用欧姆定律求出电路中的电流，根据串联电路的电流特点可知通过R2的电流，利用欧姆定律求出R2两端的电压即为电压表b的示数。
本题考查串并联电路的特点、欧姆定律的应用，解题的关键是正确判断电表所测量的是哪部分电路的电流或电压。
19.【答案】9 4.5
【解析】解：由P=U2R可得，两灯泡的电阻分别为R1=U12P1=(6V)23W=12Ω；
R2=U22P2=(6V)26W=6Ω；
两灯泡的额定电流分别为I1=P1U1=6W6V=1A，I2=P2U2=3W6V=0.5A，
因串联电路中各处的电流相等，且一个灯泡正常发光，所以，电路中的电流I=I2=0.5A；
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，则电源两端电压U=IR串=0.5A×(12Ω+6Ω)=9V；
所以，整个电路此时消耗的总功率P=I2R串=(0.5A)2×(6Ω+12Ω)=4.5W。
故答案为：9；4.5。
根据P=U2R求出两灯泡的电阻，根据P=UI求出两灯泡的额定电流，根据串联电路的电流特点结合题意求出电路中的电流，根据欧姆定律得出电源两端电压，根据P=I2R求出此时两灯消耗的总功率。
本题考查了串联电路的特点和电功率公式、欧姆定律的综合应用，正确得出电路中的电流是关键。
20.【答案】解：春节时，小明用细绳将灯笼悬挂在门口，此时灯笼受到竖直向下的重力和竖直向上的拉力的作用，在这两个力的作用下处于静止状态，说明了这两个力是一对平衡力，大小是相等的，如下图所示：
。
【解析】首先分析灯笼受到哪些力的作用，然后根据灯笼的状态画出受力的示意图。
画力的示意图时，首先要正确分析物体的受力情况，如果知道力的大小，就要在示意图上标出来。
21.【答案】解：像物在凸透镜主光轴的两侧，故是凸透镜成实像的情况；连接物像的端点S、S'与主光轴交于O点，O点为凸透镜的光心，过O点作出凸透镜；从S点平行于主光轴作一条入射光线折射后过S'，与主光轴的交点为焦点F，如下图所示：
。
【解析】利用凸透镜的两条特殊光线：过光心的光线其传播方向不变；平行于主光轴的光线经凸透镜折射后折射光线通过焦点；据此画出凸透镜和焦点的大致位置。
凸透镜有三条特殊光线：过光心的光线其传播方向不变；过焦点的光线经凸透镜折射后折射光线平行于主光轴；平行于主光轴的光线经凸透镜折射后折射光线通过焦点。
22.【答案】温度计玻璃泡碰到了烧杯壁 水蒸气 不能
【解析】解：(1)观察甲图可知，图中有的错误是温度计玻璃泡碰到了烧杯壁；
(2)当水沸腾时，水中产生大量的气泡，气泡内是水蒸气；
(3)水达到沸点，还要不断吸收热量，水才能沸腾，所以在水沸腾过程中，突然取走酒精灯和石棉网，则水不能吸热，所以不能继续沸腾。
故答案为：(1)温度计玻璃泡碰到了烧杯壁；(2)水蒸气；(3)不能。
(1)温度计测量温度时，玻璃泡不能碰到容器底或容器壁；
(2)液化的概念：由气态变为液态的过程；
(3)液体沸腾的条件：达到沸点，不断吸收热量。
本题考查探究水沸腾时温度变化的特点实验，解题关键是将实验操作要求及结论熟练掌握，认真审题分析。
23.【答案】50 B
【解析】解：(1)图甲中ON是法线，入射光线与法线的夹角就是入射角，为50°；(2)让入射光沿EO方向射向镜面，在纸板B上可以看到反射光；A.若将纸板B向后折，反射光线、入射光线和法线在同一平面内，后折不同角度不能在纸板上观察到反射光；B.如图丙所示，将纸板与入射光束一起以ON为轴旋转，在纸板上观察到反射光；C.如图丁所示，将纸板与入射光束一起以CD为轴向后倾倒，反射光线还在，但在纸板上观察不到反射光，故选：B。
故答案为：(1)50；(2)B。
(1)入射角是入射光线与法线的夹角；(2)根据反射光线、入射光线和法线在同一平面内的特点进行分析。
本题主要通过实验探究了光的反射定律。实验探究题是中考中必不可少的题目，要加强实验教学，引导学生从实验中分析现象，归纳总结规律。培养学生观察、分析、概括能力。
24.【答案】右 竖直向下 2
【解析】解：(1)如图甲所示，杠杆左端下沉，其右端偏高，应将平衡螺母向上翘的右端移动，使杠杆在水平位置平衡；
(2)根据杠杆的平衡条件，F1l1=F2l2知要使力最小，需要使力臂最大，当力的方向竖直向下时，力臂最长，力最小；
在A点悬挂3个钩码，则由杠杆的平衡条件得：3G×4l=FB×3l，
解得：最小的力FB=4G=4×0.5N=2N。
故答案为：(1)右；(2)竖直向下；2。
(1)调节杠杆在水平位置平衡时，平衡螺母向上翘的一端移动；
(2)根据杠杆的平衡条件，可得出可使杠杆保持水平平衡的最小力。
本题考查了杠杆平衡的条件，杠杆在水平位置平衡后，支点到力的作用点的距离就是力臂，因此在此实验中我们应调节杠杆两端的平衡螺母，使杠杆在水平位置平衡，以便直接读出力臂。探究杠杆平衡的条件就是动力×动力臂=阻力×阻力臂。
25.【答案】相同 等于 水 2.1×103J/(kg⋅℃)
【解析】解：(1)根据控制变量法，比较不同物质的吸热能力实验中，需用相同的加热装置，对质量相同、初温相同的水和煤油进行加热。
(2)比较不同物质的吸热能力实验中，用加热时间的长短来比较物质吸收热量的多少，所以相同时间内，水吸收的热量等于煤油吸收的热量。
(3)分析图像乙可知，质量和升高温度相同，水加热时间长，根据比较吸热能力的方法，故水的吸热能力更强。
(4)由绘制出的两种液体温度随时间变化的关系图象知，升高相同温度时，水用时是煤油用时的2倍，根据c=QmΔt可知在质量和升高温度相同的情况下，比热容与吸热多少成正比，故煤油的比热容为c煤油=12c水=12×4.2×103J/(kg⋅℃)=2.1×103J/(kg⋅℃)。
故答案为：(1)相同；(2)等于；(3)水；(4)2.1×103J/(kg⋅℃)。
(1)(2)根据控制变量法，比较不同物质的吸热能力实验中，需用相同的加热装置，对质量相同、初温相同的水和煤油进行加热；该实验中，用加热时间的长短来比较物质吸收热量的多少。
(3)比较质量相同的不同物质，在升高相同温度时，所用的加热时间的长短即可，加热时间长的吸热能力强。
(4)由绘制出的两种液体温度随时间变化的关系图象求出升高相同温度时煤油和水加热时间，根据c=QmΔt可知在质量和升高温度相同的情况下，比热容与吸热多少成正比，据此求出煤油的比热容。
本题比较不同物质的吸热能力，考查控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法，为热学中的重要实验。
26.【答案】很小 改变A在斜面上静止释放的高度 匀速直线 80%
【解析】解：(1)斜面倾角越小，小车运动时间越长，为便于测量小车的运动时间，实验中，斜面应保持很小坡度；
(2)小球的动能与小球的质量和小球的速度有关，对于同一个球A，质量一定，要改变A撞击木块前的动能大小，需要改变小球的速度，所以改变A在斜面上静止释放的高度，使小球到达斜面底端的深度相同；
(3)在测量斜面机械效率的实验中，拉力的方向应平行于斜面向上，用弹簧测力计沿斜面拉动B做匀速直线运动；
由于斜面倾斜角为30°，所以s=2h，
由图丙知弹簧测力计的分度值为0.1N，拉力为2.5N，
斜面的机械效率为：
η=W有用W总=GhFs=GhF×2h=G2F=4N2×2.5N×100%=80%。
故答案为：(1)很小；(2)改变A在斜面上静止释放的高度；(3)匀速直线；80%。
(1)为便于测量小车的运动时间，斜面倾角应小一些；
(2)动能的决定因素有两个：质量和速度；要利用控制变量法去研究：研究与速度关系时要保证质量相同，速度不同；
(3)利用斜面提升重物，额外功主要是克服摩擦力而做的功，拉力方向必须与摩擦力方向保持在同一条直线上，且匀速拉动物体；
根据η=W有用W总=GhFs=GhF×2h=G2F算出斜面的机械效率。
本题综合考查了斜面的机械效率实验、影响动能因素的实验以及探究斜面机械效率的实验，要明确每次探究的目的，根据控制变量法的要求，控制其中一个量不变，再与另一个变量的关系。
27.【答案】1.14 C
【解析】解：(1)由图甲知，小灯泡并联在滑动变阻器和电流表两端，电压表串联入电路了，为使电路连接正确，应将小灯泡与滑动变阻器连接的导线改接电压表的“15”接线柱即可，如图所示：
(2)由图乙知，电流表使用小量程，分度值0.02A，小灯泡正常发光时的电流为0.3A，
小灯泡的额定功率P=UI=3.8V×0.3A=1.14W；
(3)由欧姆定律可得，小灯泡正常发光时的电阻：R=UI=3.8V0.3A≈12.7Ω，
假设小灯泡电阻不变，当电流表的示数为0.32A时，小灯泡两端电压即电压表示数为：U'=I'R=0.32A×12.7Ω=4.064V，
当小灯泡两端电压大于额定电压时，通过的电流大于0.3A，小灯泡的实际功率变大，温度升高，电阻变大，那么小灯泡两端电压应大于4.064V，故AB不可能，C可能。
故答案为：(1)见解答图；(2)1.14；(3)C。
(1)本实验中，滑动变阻器、电流表、小灯泡应串联，电压表并联在小灯泡两端，据此分析并正确连接电路；
(2)由图乙读出小灯泡正常发光的电流，由P=UI计算小灯泡的额定功率；
(3)灯泡电阻随温度升高而增大；分析计算小灯泡正常发光和选项中电压下的电阻，分析比较。
本题是测量小灯泡电功率的实验，考查了实物电路的连接、电表读数、电功率的计算、灯泡的电阻受温度的影响等，难度不大。
28.【答案】断开 右 4 3.6 10
【解析】解：
(1)实物未连接好，并且不确定电路没有发生短路的情况下，开关必须是断开的，防止烧坏电路元件；
(2)由图甲可知，定值电阻与滑动变阻器串联，电压表并联在定值电阻两端，电流表测量电路中的电流，电流表应串联接入电路中；滑动变阻器采用一上一下的接法，根据电路图连接实物电路图，实物电路图如图所示：
(3)将10Ω的电阻换为20Ω后，根据串联电路的分压规律可知，定值电阻分担的电压变大，电压表的示数变大；由于实验中需要控制定值电阻两端电压不变，需要减小定值电阻两端电压，增大滑动变阻器两端的电压，根据串联电路的分压规律可知，应增大滑动变阻器的阻值，将滑片向右滑动；
(4)根据图示可知，电源由4节干电池组成，电源电压为6V；
当定值电阻为30Ω时，由电阻的串联规律，电路的最大电阻为：R=30Ω+20Ω=50Ω，由欧姆定律，电路的最小电流为：I=UR=6V50Ω=0.12A>0.10A，故第4次实验数据是人为编造的；
根据串联电路电压的规律及分压原理有：U-UVUV=R滑R定，方程左边为一定值，故右边也为一定值，当变阻器最大电阻连入电路中时，对应的定值电阻最大，电压表示数最小，即6V-UVUV=20Ω30Ω，解得：UV=3.6 V；故要完成全部4次实验，可将定值电阻两端控制不变的电压调至不少于3.6V；
根据表格中的数据可知，定值电阻两端的电压为：U'=I1R1=0.3A×10Ω=3V；
电源电压为6V，则滑动变阻器两端电压为：U'滑=6V-3V=3V；
根据串联电路的分压规律可知，当定值电阻最大时，滑动变阻器接入电路的电阻最大，定值电阻的最大阻值为30Ω，则3V30Ω=3V20Ω+R串，解得串联电阻的阻值为10Ω。
故答案为：(1)断开；(2)见解析；(3)右；(4)4；3.6；10。
(1)根据实物连接的正确方法分析解答。连接电路时，必须断开开关；
(2)分析清楚图甲所示电路图，然后根据电路图连接实物电路图；
(3)换用较大的电阻后，根据串分压的关系，电压表的示数会变大，则应增大滑动变阻器的阻值减小电阻两端的电压，保持电压表的示数不变；
(4)当定值电阻为30Ω时，由电阻的串联规律得出电路的最大电阻，由欧姆定律求出电路的最小电流分析；
根据串联电路电压的规律及分压原理得出定值电阻两端控制不变的电压调至不少于多少；
根据表格中的数据得出定值电阻两端的电压；根据串联电路的分压规律分析串联多大的电阻。
本题探究电流与电阻的关系，考查电路的连接、注意事项、数据分析、串联电路的规律和欧姆定律的运用，最后一问难度较大，关键要能熟练应用串联分压原理。
29.【答案】解：(1)物块对水平面压力F压=G=mg=3kg×10N/kg=30N
物块对水平面的压强p=F压S=30N0.01m2=3×103Pa；
(2)由图象可知物块在4～6s做匀速直线运动，摩擦力F摩与拉力F大小相等，即F摩=F=6N；
物块运动过程压力和接触面粗糙程度不变，摩擦力不变；
2～4s物块受到的摩擦力F摩'=F摩=6N；
(3)0～2s物块处于静止状态拉力不做功；
已知物块在2～4s运动的距离s'=2m；
则2-4s拉力F做的功W'=F's'=9N×2m=18J；
物块在4～6s内运动的距离s=vt=2m/s×2s=4m；
4～6s拉力F做的功W=Fs=6N×4m=24J；
前6s拉力F做的功W总=W'+W=18J+24J=42J。
答：(1)物块静止时对水平面的压强为3×103Pa；
(2)在2～4s物块受到的摩擦力为6N；
(3)在前6s内，拉力F做的功为42J。
【解析】(1)物体静止在水平面上对水平面的压力等于物体的重力，再由p=FS可求压强；
(2)由v-t图象可知，在4～6s物体做匀速直线运动，根据平衡条件并结合F-t图象可求滑动摩擦力大小，又因为滑动摩擦力跟物体对水平面的压力、接触面的粗糙程度有关，据此可求摩擦力；
(3)将运动分成3段：0～2s、2～4s、4～6s，分别利用W=Fs求出拉力所做的功，总功等于各部分做功之和，据此解答。
本题考查压强的计算、F-t图象和v-t图象、功的计算等，掌握图象的意义，明确力和运动的关系是解答本题的关键。
30.【答案】解：(1)由图知当电压为11V时对应的电流为0.25A，
根据I=UR得R0的阻值为：
R0=U0I0=11.0V0.25A=44Ω；
(2)新电热水壶的额定功率为：
P=U2R0=(220V)244Ω=1100W，
(3)水吸收的热量：
Q吸=c水m(t-t0)=4.2×103J/(kg⋅℃)×1kg×(100℃-20℃)=3.36×105J；
由P=Wt可得消耗的电能：
W=P加热t=1100W×400s=4.4×105J，
电热水壶的加热效率：
η=Q吸W×100%=3.36×105J4.4×105J×100%≈76.4%。
答：(1)R0的阻值为44Ω；
(2)新电热水壶的额定功率为1100W；
(3)新电热水壶工作400s，把质量为1kg的水从20℃加热到100℃，其加热效率是76.4%。
【解析】(1)由图读出电压值和对应的电流值，根据R=UI算出R0的阻值；
(2)根据P=U2R算出新电热水壶的额定功率；
(3)知道水的质量和初温、末温以及比热容，根据Q吸=cm(t-t0)求出水吸收的热量；
根据W=Pt求出消耗的电能，利用η=Q吸W×100%求出电热水壶的加热效率。
本题考查了欧姆定律公式、电功率公式和吸热公式、电功公式、效率公式的应用，能熟练应用公式是解题的关键。
31.【答案】解：(1)当开关S1、S2、S3均闭合时，R1与R2并联，由并联电路电压规律可知，
U1=U2=U=5V，
由P=U2R可知，电路消耗的总功率为：
P=P1+P2=U2R1+U2R2=(5V)210Ω+(5V)220Ω=3.75W；
(2)当S1闭合，S2、S3断开，R1与变阻器R串联，电压表测变阻器R两端电压，
当R接入电路电阻0时，此时电路中总电阻最小，电流最大为：
Imax=UR1=5V10Ω=0.5A<0.6A，
故变阻器接入电路中的最小值为0，
当变阻器R两端电压达到电压表的量程Umax=3V时，电路中电流最小为：
Imin=U-UmaxR1=5V-3V10Ω=0.2A，
此时变阻器接入电路的阻值最大为：Rmax=UmaxImin=3V0.2A=15Ω，
故滑动变阻器R能接入电路的阻值范围为0∽15Ω。
答：(1)开关S1、S2、S3均闭合时，电路消耗的总功率为3.75W；
(2)S1闭合，S2、S3断开，为保证电路元件安全，滑动变阻器R能接入电路的阻值范围为0∽15Ω。
【解析】(1)当开关S1、S2、S3均闭合时，R1与R2并联，由并联电路电压规律和P=U2R可求出电路消耗的总功率；
(2)当S1闭合，S2、S3断开，R1与变阻器R串联，电压表测变阻器R两端电压，当R接入电路电阻0时，此时电路中总电阻最小，根据欧姆定律求出最大电流并判断是否超过电流表的量程，当变阻器R两端电压达到电压表的量程Umax=3V时，电路中电流最小，根据欧姆定律求出变阻器的最大阻值，从而确定变阻器的范围。
本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，分清电路的连接方式是关键。
2023年山东省德州市德城区中考物理一模试卷
学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________
注意事项:
1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。
3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。
1. 2022年3月23日，“天宫课堂”第二课正式开讲，“太空教师”翟志刚、王亚平、叶光富为广大青少年带来了一场精彩的太空科普课，下列有关说法正确的是( )
A. 王亚平和叶光富两名宇航员音色相同
B. 宇航员说话时发出的声音是由声带振动产生的
C. 声音在太空中传播速度是3×108m/s
D. 奇妙的实验引起同学们高声喝彩，这里的“高”指的是音调高
2. 炎炎夏日，小梅来到美丽的海滨城市青岛。她发现，在这里白天的风常常从海面吹向陆地，而每到夜晚风却从陆地吹向海面。她利用学过的物理知识进行分析，并画出陆地和海面之间空气流动情况的示意图，如图所示。形成这一现象的主要原因是( )
A. 海水的密度小于砂石的密度 B. 海水的密度大于砂石的密度
C. 海水的比热容小于砂石的比热容 D. 海水的比热容大于砂石的比热容
3. 小王同学在做探究实验过程中，对下列四幅图读数正确的是( )
A. 图甲物体长度为2.70cm B. 图乙温度计示数为32.0℃
C. 图丙电流表示数为1.50A D. 图丁烧杯和液体总质量为62.2g
4. 近年来我国在信息和能源等高科技领域取得了巨大成就，下列关于信息和能源的说法中正确的是( )
A. 华为5G通信是利用电磁波传递信息的
B. 秦山核电站是利用聚变反应的原理工作的
C. “天和号”太空舱“帆板”接收的太阳能来自于太阳内部的裂变反应释放的能量
D. 比亚迪新能源纯电动汽车是利用的一次能源
5. 关于下面四幅图的说法正确的是( )
A. 如甲图，A管中水面上升，是因为流体中流速越大的位置压强越小
B. 如乙图，将竖直玻璃管倾斜，水银柱的长度不变
C. 如丙图，把水气压计从山下移到山顶，细管内的水柱下降
D. 如丁图，盆景中的水位能保持一定高度，是利用了连通器原理
6. 如图所示是小明同学探究“影响液体内部压强因素”实验时的情景，关于此操作的探究目的最合理的是( )
A. 液体内部压强跟液体密度的关系
B. 液体内部压强跟深度的关系
C. 液体内部向各个方向是否都有压强
D. 同一深度，液体内部向各个方向压强大小是否相等
7. 电和磁的关系可以理解为“电生磁”或“磁生电”，下列几个装置都与这一关系有关，其中正确的说法是( )
A. 图甲，当电磁继电器线圈通以额定电流时，接线柱AB接通
B. 图乙，绕在铁钉上的线圈通电电流越大，能吸引的回形针数量越多
C. 图丙，动圈式话筒的工作原理与电动机的工作原理相同
D. 图丁，扬声器是利用电磁感应的原理工作的
8. 已知在某物体透过凸透镜在距离透镜25厘米的光屏上成放大的像，若将物体移动到距离凸透镜30厘米处，则此时成( )
A. 放大的虚像 B. 正立的虚像 C. 放大的实像 D. 缩小的实像
9. 水平桌面上有两个完全相同的容器甲、乙，分别装有深度相同的水，将两个体积相同、材料不同的小球A、B，分别放在甲、乙两容器中(水均未溢出)，小球静止在如图所示的位置时，两个小球所受浮力分别为FA、FB，下列判断正确的是( )
①FA
③甲容器底部受到水的压强大于乙容器底部受到水的压强
④甲容器底部对桌面的压强小于乙容器底部对桌面的压强
A. ①④ B. ①③ C. ②④ D. ②③
10. 如图所示，利用滑轮组将重为80N的物体在30s内匀速提升3m，已知拉力F为50N，若不计绳重和摩擦。下列说法正确的是( )
A. 绳端移动的速度为0.3m/s
B. 动滑轮重力为50N
C. 拉力做功的功率为40W
D. 滑轮组的机械效率为80%
11. 如图所示电路中，电源电压恒定。闭合开关，电路正常工作一段时间后，灯泡L突然熄火，电路中只有两个电表有示数。电阻R或灯泡L仅有一个出现了故障，其它元件均完好。下列说法中( )
①可能灯泡L断路
②可能灯泡L短路
③可能电阻R断路
④可能电阻R短路
A. 只有①②正确 B. 只有③④正确 C. 只有②④正确 D. 只有①③正确
12. 如图所示电路，电源电压恒定，滑动变阻器R2标有“20Ω.1A”的字样，将滑片置于最右端后，闭合开关，电流表A1、A2的示数分别为0.8A、0.3A。在电路安全工作时，下列选项正确的是( )
A. 电源电压为16V B. R1的阻值为7.5Ω
C. R2消耗的功率范围为1.8W～6W D. 该电路总功率的最大值为18W
13. 甲、乙两位同学分别骑自行车沿平直公路自西向东行驶，他们运动的s-t图像如图所示。则甲同学骑行的速度为______m/s；以甲为参照物，乙运动的方向为______。
14. 2022年4月16日，太空“出差”半年的神舟十三号乘组翟志刚、王亚平、叶光富成功返回地球家园。如图是着陆前的场景，在减速降落过程中，返回舱所受合力的方向是向______的。三位航天员的“天宫课堂”还让我们回味无穷，当航天员将实验物品用手推出后，物品能够继续向前运动，这是因为它具有______。
15. 让平行于主光轴的光分别射向凸透镜A与B，情况如图甲所示，则A与B中对光的会聚作用较强的是______。如图乙所示，烛焰通过凸透镜A恰好能在光屏上成清晰的像，如果保持蜡烛的位置不动，将凸透镜A换成凸透镜B，还想在光屏上看到清晰的像，应该向______移动光屏。
16. 中医药是中华文化的瑰宝，中医的理疗方式中蕴含了许多物理知识，如“拔火罐”时玻璃罐能被吸附在皮肤上利用了______；“艾灸”时通过______(选填“做功”或“热传递”)的方式改变了穴位处的内能。
17. 如图所示电路，电源电压恒定，定值电阻R2的阻值为20Ω，电流表A1和A2的量程均为0～0.6A。闭合开关S，当滑动变阻器R1的滑片从最左端向右移动的过程中，两个电流表的示数之差始终为0.2A。则电压表的示数为______V，滑动变阻器R1允许接入电路的最小阻值为______Ω。
18. 如图所示电路中，a、b、c分别是三只电表(电压表或电流表)，R1=10Ω，R2=20Ω，电源电压恒为6V，闭合开关S。当电表a、b为电流表，c为电压表时，电表a的示数为______A；当电表a、b为电压表，c为电流表，电表b的示数为______V。
19. 把标有“6V 3W”的和“6V 6W”的两个灯泡串联接入电路中，在保证安全使用的情况下让其中一个灯泡正常发光，忽略温度对灯丝电阻的影响，则电源两端电压是______V，此时两灯消耗的总功率为______W。
20. 春节时，小明用细绳将灯笼悬挂在门口，灯笼处于静止状态，细绳与竖直墙面平行且与灯笼的重心O在同一直线上，请画出灯笼的受力示意图。
21. 如图，MN为透镜主光轴，S'是光源S通过透镜所成的像，请在图中画出透镜位置和种类，并确定透镜右侧焦点F的位置。
22. 小红“探究水沸腾时温度变化的特点”的实验装置如图所示：
(1)在如图实验装置中，存在的错误是______ ；
(2)她改正错误后继续实验，当水沸腾时，水中产生大量的气泡，气泡内是______ (选填“空气”或“水蒸气”)；
(3)实验结束，他取走酒精灯和石棉网，水将______ (选填“能”或“不能”)继续沸腾。
23. 为了探究光反射时的规律，小丽把一个平面镜放在水平桌面上，再把一张可以绕ON翻折的纸板ABCD竖直地立在平面镜上，纸板上的直线ON垂直于镜面。她将一束光贴着纸板沿EO方向射向O点，在纸板上用笔描出入射光EO和反射光OF的径迹。
(1)如图甲所示，反射角的大小为______°。
(2)实验过程中，进行下列哪项操作后，在纸板上仍可以看到反射光？______(单选)
A.如图乙所示，将纸板的右半部分向后翻折
B.如图丙所示，将纸板与入射光束一起以ON为轴旋转
C.如图丁所示，将纸板与入射光束一起以CD为轴向后倾倒
24. 在“探究杠杆的平衡条件”实验中：
(1)小明安装好杠杆后，发现其左端下沉，如图甲所示，为使杠杆在水平位置平衡，应将平衡螺母向______ 调节。
(2)如图乙所示，杠杆调节平衡后，在A处悬挂3个钩码，每个钩码重0.5N。如果在B施加一个拉力使杠杆在水平位置再次平衡，当方向为______ 时，拉力最小，大小为______ N。
25. 如图甲是“比较不同物质的吸热能力”的实验装置。
(1)两支试管里水和煤油的质量______ (填“相同”或“不同”)。
(2)相同时间内，水吸收的热量______ (填“大于”、“等于”或“小于”)煤油吸收的热量。
(3)由图乙可知，______ 的吸热能力更强。
(4)由图可知，煤油的比热容是______ 。(水的比热容是4.2×103J/(kg⋅℃))
26. 许多实验器材在物理实验中能被重复利用，斜面就是其中之一。请完成下列利用斜面进行实验的有关内容。
(1)图甲所示实验中，为便于测量小车在斜面上的运动时间，应使斜面保持______(选填“很大”或“很小”)的坡度。
(2)图乙所示实验中，对于同一个球A，要改变A撞击木块前的动能大小，可进行的操作是______。
(3)图丙所示实验中，斜面倾斜角为30°，物体B重为4N。用弹簧测力计沿斜面拉动B时，应使B做______运动，实验中弹簧测力计示数如图所示，则所测斜面的机械效率为______。
27. 某同学用如图甲所示的电路测量小灯泡的电功率。实验中电源电压保持不变，小灯泡的额定电压是3.8V。
(1)图甲中有一根导线接错了，请你在这根导线上打“×”，并补画出正确的那根导线。
(2)正确连接电路后，小灯泡正常发光时电流表示数如图乙所示，则小灯泡的额定功率是______ W。
(3)测出小灯泡额定功率后，该同学接着移动滑动变阻器的滑片，当电流表的示数为0.32A时，电压表的示数可能是______ (填标号)。
A.3.9V
B.4.0V
C.4.1V
28. 小明同学用如图所示器材探究通过导体的电流与电阻的关系。实验用到的定值电阻分别为10Ω、15Ω、20Ω、30Ω各一个，滑动变阻器最大值为20Ω。
(1)连接电路时，开关应该______ 。
(2)请根据图甲将图乙所示的实物电路连接完整(导线不允许交叉)。
(3)实验过程中，将10Ω的电阻换成20Ω电阻时，滑片应该向______ 滑动。
(4)依次实验记录数据如下表：
实验次数
1
2
3
4
电阻R/Ω
10
15
20
30
电流I/A
0.3
0.2
0.15
0.1
分析可知，表中4次实验有一组数据是不真实的，这次实验是第______ 次(填序号)，就现有器材，要完成全部4次实验，可将定值电阻两端控制不变的电压调至不少于______ V，或在电路中串联一个至少______ Ω的电阻。
29. 如图甲所示，有一底面积为0.01m2，质量为3kg的正方体物块，在拉力F的作用下在水平面上做直线运动。拉力随时间变化、速度随时间变化图象分别如图乙、丙所示，已知物块在2～4s的运动距离为2m。求：
(1)物块静止时对水平面的压强；
(2)在2～4s物块受到的摩擦力；
(3)在前6s内，拉力F做的功。
30. 小明家的电热水壶电热丝断了，他想用一根新电热丝R0替换，但不知道阻值，于是他用伏安法进行了测量，用记录的多组数据描绘出R0的U-I图象，如图所示。在老师的安全指导下，小明利用R0重新组装好电热水壶，接在220V家庭电路中能正常工作，忽略温度对电阻的影响。求：
(1)R0的阻值。
(2)新电热水壶的额定功率。
(3)新电热水壶工作400s，把质量为1kg的水从20℃加热到100℃，其加热效率是多少。[c水=4.2×103J/(kg⋅℃)]
31. 如图所示，电源电压U=5V，定值电阻R1=10Ω，R2=20Ω，滑动变阻器R的最大阻值为20Ω，电压表的量程为3V，电流表的量程为0.6A。
(1)开关S1、S2、S3均闭合时，求电路消耗的总功率。
(2)S1闭合，S2、S3断开，为保证电路元件安全，求滑动变阻器R能接入电路的阻值范围。
答案和解析
1.【答案】B
【解析】解：A、不同人的发声结构不同，所以会发出不同音色的声音，所以王亚平和叶光富两名宇航员音色不同，故A错误；
B、宇航员说话时发出的声音是由声带振动产生的，故B正确；
C、太空是真空的，不能传播声音，故C错误；
D、响度是指声音的强弱、大小，奇妙的实验引来学生高声喝彩，这里的“高”指的是响度大，故D错误。
故选：B。
(1)音色反映的是声音的品质与特色，它跟发声体的材料和结构有关；
(2)声音是有物体震动产生的；
(3)声音的传播需要介质，真空不能传播；
(4)响度是指声音的大小、强弱，与振幅和距离有关；音调是指声音的高低，与振动频率有关。
本题考查了对声音的产生和传播、响度、音色与音调的理解，属于基础题，难度不大。
2.【答案】D
【解析】解：沿海地区水多，水的比热容较大；内陆地区，地表以砂石泥土为主，砂石泥土比热容较小；由于水的比热容大，所以对于相同质量的水和砂石相比较，在吸收或放出相同的热量时，水的温度变化小，而砂石的温度变化大，所以白天陆地的温度高、海水温度低，晚上陆地温度低、海水温度高；白天陆地上方空气的温度高度，密度小，砂石上方空气上升，海面上的冷空气过来补充，形成了白天的风常常从海面吹向陆地，而晚上海面上方的热空气上升，风从陆地吹向海面；故D正确。
故选：D。
沿海地区水多，水的比热容较大，吸收或放出相同的热量时，水的温度变化小；热空气会上升。
知道水的比热容最大的特点和应用是解决该题的关键。
3.【答案】D
【解析】解：
A、刻度尺上1cm之间有10个小格，所以一个小格代表的长度是0.1cm=1mm，即此刻度尺的分度值为1mm；物体左侧与1.00cm对齐，右侧与2.70cm对齐，所以物体的长度为L=2.70cm-1.00cm=1.70cm，故A错误；
B、温度计上10℃之间有5个小格，所以分度值为2℃，此时显示的温度是34℃，故B错误；
C、电流表选择的是0～0.6A量程，分度值为0.02A，此时的示数为0.3A，故C错误；
D、在标尺上，1g之间有5个小格，1个小格代表0.2g，即标尺的分度值为0.2g，烧杯的质量是m=50g+10g+2.2g=62.2g，故D正确。
故选：D。
(1)刻度尺的分度值是刻度尺相邻两刻度线表示的长度。使用刻度尺时要明确其分度值，起始端从0开始，读出末端刻度值，就是物体的长度；起始端没有从0刻度线开始的，要以某一刻度线为起点，读出末端刻度值，减去起始端所对刻度即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位。
(2)常用温度计是根据液体热胀冷缩的原理制成的。使用温度计测量液体温度时，先要弄清楚温度计的分度值，读数时视线与液柱最高处所对刻度相垂直，并注意区分温度是零上还是零下。
(3)读取电流表示数时，首先要明确电流表选择的量程和对应的分度值，读数时视线与指针所在刻度线相垂直。
(4)使用天平测量物体质量时，要明确标尺的分度值，被测物体的质量等于砝码的总质量与游码所对刻度之和。
读取不同测量工具的示数时，基本方法是一致的，都要先明确测量工具的量程和分度值，确定零刻度线的位置，视线与刻度线垂直。
4.【答案】A
【解析】解：A、“5G”通信利用的是电磁波可以传递信息，故A正确；
B、核电站是利用可控的核裂变获得的能量来发电的，故B错误；
C、太阳内部时刻发生的是核聚变反应，故C错误；
D、电能是二次能源，故D错误。
故选：A。
(1)电磁波可以传递信息；
(2)核电站是利用核裂变获得的能量来发电的；
(3)原子核裂变、聚变都能释放出惊人的能量；太阳内部时刻发生的是核聚变反应；
(4)一次能源：直接来自自然界而未经加工转换的能源，例如化石燃料、太阳能、水能、生物燃料；二次能源：由一次性能源直接或间接转换而来的能源：煤气、氢能、电能、汽油、沼气。
本题考查了能量和能源的相关问题，比较简单，属于常见问题的考查。
5.【答案】A
【解析】解：A、A管中水面上升，是因为流体中流速越大的位置压强越小，故A正确；
B、在托里拆利实验中，水银柱的高度是指管内水银面到水银槽中水银面的竖直高度，这一高度的大小是由外界大气压决定的，因此在大气压不变的情况下，玻璃管倾斜，水银柱高度不变，但水银柱长度会变长，故B错误；
C、把水气压计从山下带到山上，外界大气压随高度的增加而减小，此时在瓶内气压的作用下会有一部分水被压入玻璃管，因此管内水柱会升高，故C错误；
D、在一个标准大气压下，大气压可以支持约10.3m高的水柱。瓶中水面能高于盆内水面不会流出来，正是因为盆景中的水与大气相通，是大气压支持着瓶内的水不会流出来，不是利用连通器原理，故D错误。
故选：A。
(1)流体的压强跟流体的流速有关，流速越大，压强越小；
(2)托里拆利管内是真空，在托里拆利实验中，外界大气压不变，则管内水银柱的高度不变，当管倾斜时，水银柱的长度变长；
(3)大气压强随着高度的增加而减小，当内外压强差增大时，管内水柱的高度增大；
(4)连通器的原理是两个开口的容器底部相通，当液体不流动时，两侧的液面位于同一水平面。
本题考查流体压强与流速的关系、大气压强的测量、大气压强跟高度的关系及其应用，属于综合题。
6.【答案】B
【解析】解：如图所示，调好后将金属盒放入液体中，两次实验中金属盒在液体中的深度不同，但液体的密度要控制相同，由此得出的实验结论是：同种液体内部，深度越深，压强越大，故B正确。
故选：B。
液体压强与液体的深度和密度有关，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变。
本题探究影响液体压强大小的因素，考查转换法、控制变量法的运用。
7.【答案】B
【解析】解：A、由图可知，当电磁继电器线圈通以额定电流时，电磁铁产生磁性，衔铁向下移动，接线柱BC接通，故A错误；
B、绕在铁钉上的线圈通电电流越大，其磁性越强，所以能吸引的回形针数量越多，故B正确；
C、动圈式话筒是利用电磁感应原理制成的，而电动机是根据通电线圈在磁场中受力转动的原理工作的，故C错误；
D、扬声器是根据通电导体在磁场中受力而运动的原理工作的，故D错误。
故选：B。
(1)当电磁继电器线圈通以额定电流时，电磁铁产生磁性；
(2)影响电磁铁磁性强弱的因素：电流的大小、线圈的匝数、有无铁芯；
(3)闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就会产生感应电流，这种现象称为电磁感应现象；
(4)通电导体在磁场中受力而运动。
物理学是以观察和实验为主的实验学科，很多的物理知识都来源于实验，在学习中应重视实验的学习，要牢记一些重要实验装置图。
8.【答案】D
【解析】解：某物体透过凸透镜在距离透镜25厘米的光屏上成放大的像，此时的像是倒立、放大的实像，则25cm>2f，f<12.5cm；
若将物体移动到距离凸透镜30厘米处，30cm>2f，成倒立、缩小的实像。
故选：D。
根据像的性质、像距的大小判定焦距的大小，然后根据物距和焦距的关系分析成像的性质。
本题考查了凸透镜成像规律的应用，属于基础题。
9.【答案】A
【解析】解：完全相同的容器甲、乙，分别装有深度相同的水，将两个体积相同材料不同的小球A、B，分别放在甲、乙两容器中(水均未溢出)。
①甲容器中小球排开水的体积小于乙容器中小球排开水的体积，根据阿基米德原理，F浮=ρ水V排g，则乙容器中小球受到的浮力较大，即FA
③开始甲、乙两容器中水的深度相同，乙容器中小球排开水的体积大，所以分别放入小球后，水的深度关系是hA
①小球的体积相同，排开水的体积不同，液体的密度相同，根据阿基米德原理比较浮力大小。
②根据浮沉条件，漂浮时：物体的密度小于液体密度；悬浮时：物体密度等于液体密度；沉底时：物体密度大于液体密度。据此分析。
③根据公式p=ρgh分析容器底部所受压强的大小。
④两容器完全相同，底面积相同，桌面受到的压力等于容器、水、小球的总重力，根据公式p=FS分析。
本题考查压强和浮力的综合，有一定难度。要熟练掌握阿基米德原理及浮沉条件以及压强的计算公式。
10.【答案】D
【解析】解：A、由图可知n=2，绳子自由端移动的距离：s=2h=2×3m=6m，绳子自由端移动的速度：v=st=6m30s=0.2m/s，故A错误；
B、因为不计绳重和摩擦时F=1n(G+G动)，所以动滑轮的重力：G动=nF-G=2×50N-80N=20N，故B错误；
C、拉力做的总功：W总=Fs=50N×6m=300J，拉力做功的功率：P=W总t=300J30s=10W，故C错误；
D、不计绳重和摩擦，滑轮组的机械效率：η=W有W总=GhFs=GhF×nh=GnF=80N2×50N×100%=80%，故D正确。
故选：D。
(1)由图可知n=2，绳子自由端移动的距离s=nh，利用v=st求绳子自由端移动的速度；
(2)利用不计绳重和摩擦时F=1n(G+G动)求动滑轮的重力；
(3)利用W总=Fs求拉力做的总功，利用P=W总t求拉力做功的功率；
(4)利用不计绳重和摩擦时η=W有W总=GhFs=GhF×nh=GnF求出滑轮组的机械效率。
本题考查了使用滑轮组时绳子的拉力、有用功、总功、功率和机械效率的计算，明确有用功和总功是关键。
11.【答案】A
【解析】解：电路正常工作时，R与灯泡L串联，电压表与R并联，电流表测量电路中的电流，电压表V测电源两端的电压，电压表V1测L两端的电压；
①若灯泡L断路，电路中无电流，电流表示数变为0，此时两个电压表测量的都是电源电压，有示数，故①正确；
②若灯泡L短路，电路是通路，电路中有电流，电流表有示数；根据U=IR可知，电压表V1示数为0；电压表V测电源两端的电压，有示数，故②正确；
③若电阻R断路，电路中无电流，电流表示数变为0；电压表V与电源两极之间是断开的，无示数，电压表V测电源两端的电压，有示数，故③错误；
④若电阻R短路，电路是通路，电路中有电流，电流表有示数；此时两个电压表测量的都是电源电压，有示数，故④错误。
故选：A。
电路正常工作时，R与灯泡L串联，电压表与R并联，电流表测量电路中的电流，电压表V测电源两端的电压，电压表V1测L两端的电压；由各选项给出的故障分析电表的变化则可得出正确答案。
使用电压表检验电路故障时，将电压表与用电器并联。闭合开关，如果电压表有示数(一般等于电源电压)，说明并联的用电器断路或其它用电器都短路；如果电压表无示数，说明并联的用电器短路或其它用电器有断路。
12.【答案】C
【解析】解：根据电路图分析电路连接情况可知R1、并联，A1测量干路电流，A2测量通过R2的电流，则I=0.8A，I2=0.3A。
A、将滑片置于最右端，R2=20Ω，根据I=UR以及并联电路电压特点，U=I2R2=0.3A×20Ω=6V，故A错误；
B、根据并联电路电压特点，各支路两端电压相等且等于电源电压。并联电路电流特点，干路电流等于各支路电流之和。
由此可以得出I1=I-I2=0.8A-0.3A=0.5A，则R1=UI1=6V0.5A=12Ω，故B错误；
C、当R2全部接入时，流过R2的电流最小，R2的电功率最小，P2min=UI2=6V×0.3A=1.8W。根据滑动变阻器R2标有“20Ω.1A”的字样可知I2max=1A，此时
R2的电功率最大，P2max=UI2max=6V×1A=6W，故C正确；
D、P1=UI1=6V×0.5A=3W，该电路总功率的最大值为P=P1+P2max=3W+6W=9W，故D错误。
故答案为：C。
根据电路图分析电路连接情况可知R1、R2并联，A1测量干路电流，A2测量通过R2的电流。再结合欧姆定律和并联电路电流与电压特点，求出电源电压与R1的值。最后动态分析出电路中的电功率，通过R2电流最大时R2电功率最大，R1电功率始终不变，则此时电路中总功率最大。R2完全接入电路中，R2电流最小，R2电功率最小。
此题考察了欧姆定律、动态电路、电功率的综合计算，综合性较强，难度较大。
13.【答案】4 向西
【解析】解：由图像可知，甲、乙做匀速直线运动，t甲=15s时，通过的路程s甲=60m，所以甲同学骑行的速度v甲=s甲t甲=60m15s=4m/s；
由图像可知，相同时间内，乙通过的路程小于甲通过的路程，所以乙骑行的的速度小于甲骑行的的速度，
因为甲、乙两位同学分别骑自行车沿平直公路自西向东行驶，v甲>v乙，
所以以甲为参照物，乙向西运动。
故答案为：4；向西。
(1)由图像读出甲15s通过的路程，利用速度公式计算甲骑行的速度；
(2)比较相同时间内甲、乙通过的路程，得出甲、乙的速度大小关系，然后根据运动和静止的相对性判断以甲为参照物，乙的运动方向。
本题考查速度的计算、参照物的选取，掌握物体间的相对位置的变化判断物体的运动是解答本题的易错点。
14.【答案】上 惯性
【解析】解：返回舱在减速降落过程中，返回舱所受合力的方向是向上的；当航天员将实验物品用手推出后，物品由于惯性，继续保持原来的运动的状态向前运动。
故答案为：上；惯性。
(1)力是改变物体运动状态的原因；
(2)物体都有保持原来运动状态不变的性质称之为惯性。
用所学物理知识分析身边实际现象是考试的重点，也反映了学以致用的思想，因此在平时学习时注意联系生活，多分析、多解释。
15.【答案】B 左
【解析】解：如题图甲所示，一束平行光经过透镜后会聚一点，该点就是焦点，焦点到光心的距离是焦距，焦距越小，说明会聚作用越强，故B对光的会聚作用较强。
如题图乙所示，烛焰通过凸透镜A恰好能在光屏上成清晰的像，如果保持蜡烛的位置不动，将凸透镜A换成凸透镜B，因为凸透镜B对光的会聚作用更强，所以光线会提前会聚，即成像在光屏左侧，所以应该向左移动光屏才能在光屏上看到清晰的像。
故答案为：B；左。
(1)凸透镜会聚作用的强弱可由焦距大小来判断，焦距越大，会聚作用越弱，焦距越小，会聚作用越强。
(2)当换用会聚作用更强的透镜后，光的会聚点提前，像距变小。据此解答。
本题考查透镜对光的作用。焦距越小，对光的会聚作用越强。
16.【答案】大气压 热传递
【解析】解：拔火罐时，先把酒精在罐内烧一下，罐内空气受热排出，此时迅速把罐扣在皮肤上，使罐内气体温度升高，等到罐内的空气冷却后压强降低，小于外面的大气压，外面的大气压就将罐紧紧地压在皮肤上，所以“拔火罐”利用的是大气压；
“艾灸”时通过热传递的方式改变了穴位处的内能。
故答案为：大气压；热传递。
(1)由于大气有重力且具有流动性，故大气会对地球表面的物体产生压强；大气压在生活中有很广泛的应用，如：吸饮料、钢笔吸墨水、吸盘式挂钩等等。
(2)改变物体内能的方式：做功和热传递。
本题考查改变物体内能的方式和大气压的应用，要明确做功和热传递改变物体内能的实质，做功属于能量的转化，热传递属于能量的转移。
17.【答案】4 10
【解析】解：由图可知，定值电阻R2与滑动变阻器R1并联，电流表A1测量通过滑动变阻器R1的电流，电流表A2测量干路电流，电压表测量电源电压；
(1)根据并联电路的电流特点可知，两个电流表的示数之差即为通过R2的电流I2=0.2A，
根据欧姆定律可知，R2两端的电压U2=I2R2=0.2A×20Ω=4V，
根据并联电路特点可知，电源电压U=U1=U2=4V，所以电压表示数为4V；
(2)为了电路安全，电流表A2的示数最大为I=0.6A，
根据并联电路特点可知，通过滑动变阻器的最大电流I1=I-I2=0.6A-0.2A=0.4A，
根据欧姆定律可知，滑动变阻器允许接入电路的最小阻值R1小=U1I1=4V0.4A=10Ω。
故答案为：4；10。
由图可知，定值电阻R2与滑动变阻器R1并联，电流表A1测量通过滑动变阻器R1的电流，电流表A2测量干路电流，电压表测量电源电压；
(1)根据并联电路的电流特点可知通过R2的电流，根据欧姆定律求出R2两端的电压，根据并联电路特点可知电压表示数；
(2)为了电路安全，电流表A2的示数最大为0.6A，根据并联电路特点可知通过R1的最大电流，根据欧姆定律可以求出滑动变阻器允许接入电路的最小阻值。
本题考查并联电路特点、欧姆定律的应用，正确判断电流表所测电路的电流是解题的关键。
18.【答案】0.3 4
【解析】解：(1)闭合开关S，当电表a、b为电流表，c为电压表时，R1、R2并联，电流表a串联R2支路的电流，电流表b测量干路电流；
根据并联电路的电压特点可知，R2两端的电压U2=U=6V；
通过R2支路的电流：I2=U2R2=6V20Ω=0.3A，所以电表a的示数为0.3A；
(2)当电表a、b为电压表，c为电流表，R1、R2串联，电压表a测量电源电压，电压表b测量R2两端的电压；
根据串联电路的电阻特点可知，电路中的总电阻R=R1+R2=10Ω+20Ω=30Ω，
电路中的电流：I=UR=6V30Ω=0.2A；
根据串联电路的电流特点可知，通过R2的电流I2'=I=0.2A；
由I=UR可知，R2两端的电压U2'=I2'R2=0.2A×20Ω=4V，所以电表b的示数为4V。
故答案为：0.3；4。
(1)闭合开关S，当电表a、b为电流表，c为电压表时，R1、R2并联，电流表a串联R2支路的电流，电流表b测量干路电流，根据并联电路的电压特点可知R2两端的电压，利用欧姆定律求出通过R2支路的电流即电流表a的示数；
(2)当电表a、b为电压表，c为电流表，R1、R2串联，电压表a测量电源电压，电压表b测量R2两端的电压；根据串联电路的电阻特点求出电路中的总电阻，利用欧姆定律求出电路中的电流，根据串联电路的电流特点可知通过R2的电流，利用欧姆定律求出R2两端的电压即为电压表b的示数。
本题考查串并联电路的特点、欧姆定律的应用，解题的关键是正确判断电表所测量的是哪部分电路的电流或电压。
19.【答案】9 4.5
【解析】解：由P=U2R可得，两灯泡的电阻分别为R1=U12P1=(6V)23W=12Ω；
R2=U22P2=(6V)26W=6Ω；
两灯泡的额定电流分别为I1=P1U1=6W6V=1A，I2=P2U2=3W6V=0.5A，
因串联电路中各处的电流相等，且一个灯泡正常发光，所以，电路中的电流I=I2=0.5A；
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，则电源两端电压U=IR串=0.5A×(12Ω+6Ω)=9V；
所以，整个电路此时消耗的总功率P=I2R串=(0.5A)2×(6Ω+12Ω)=4.5W。
故答案为：9；4.5。
根据P=U2R求出两灯泡的电阻，根据P=UI求出两灯泡的额定电流，根据串联电路的电流特点结合题意求出电路中的电流，根据欧姆定律得出电源两端电压，根据P=I2R求出此时两灯消耗的总功率。
本题考查了串联电路的特点和电功率公式、欧姆定律的综合应用，正确得出电路中的电流是关键。
20.【答案】解：春节时，小明用细绳将灯笼悬挂在门口，此时灯笼受到竖直向下的重力和竖直向上的拉力的作用，在这两个力的作用下处于静止状态，说明了这两个力是一对平衡力，大小是相等的，如下图所示：
。
【解析】首先分析灯笼受到哪些力的作用，然后根据灯笼的状态画出受力的示意图。
画力的示意图时，首先要正确分析物体的受力情况，如果知道力的大小，就要在示意图上标出来。
21.【答案】解：像物在凸透镜主光轴的两侧，故是凸透镜成实像的情况；连接物像的端点S、S'与主光轴交于O点，O点为凸透镜的光心，过O点作出凸透镜；从S点平行于主光轴作一条入射光线折射后过S'，与主光轴的交点为焦点F，如下图所示：
。
【解析】利用凸透镜的两条特殊光线：过光心的光线其传播方向不变；平行于主光轴的光线经凸透镜折射后折射光线通过焦点；据此画出凸透镜和焦点的大致位置。
凸透镜有三条特殊光线：过光心的光线其传播方向不变；过焦点的光线经凸透镜折射后折射光线平行于主光轴；平行于主光轴的光线经凸透镜折射后折射光线通过焦点。
22.【答案】温度计玻璃泡碰到了烧杯壁 水蒸气 不能
【解析】解：(1)观察甲图可知，图中有的错误是温度计玻璃泡碰到了烧杯壁；
(2)当水沸腾时，水中产生大量的气泡，气泡内是水蒸气；
(3)水达到沸点，还要不断吸收热量，水才能沸腾，所以在水沸腾过程中，突然取走酒精灯和石棉网，则水不能吸热，所以不能继续沸腾。
故答案为：(1)温度计玻璃泡碰到了烧杯壁；(2)水蒸气；(3)不能。
(1)温度计测量温度时，玻璃泡不能碰到容器底或容器壁；
(2)液化的概念：由气态变为液态的过程；
(3)液体沸腾的条件：达到沸点，不断吸收热量。
本题考查探究水沸腾时温度变化的特点实验，解题关键是将实验操作要求及结论熟练掌握，认真审题分析。
23.【答案】50 B
【解析】解：(1)图甲中ON是法线，入射光线与法线的夹角就是入射角，为50°；(2)让入射光沿EO方向射向镜面，在纸板B上可以看到反射光；A.若将纸板B向后折，反射光线、入射光线和法线在同一平面内，后折不同角度不能在纸板上观察到反射光；B.如图丙所示，将纸板与入射光束一起以ON为轴旋转，在纸板上观察到反射光；C.如图丁所示，将纸板与入射光束一起以CD为轴向后倾倒，反射光线还在，但在纸板上观察不到反射光，故选：B。
故答案为：(1)50；(2)B。
(1)入射角是入射光线与法线的夹角；(2)根据反射光线、入射光线和法线在同一平面内的特点进行分析。
本题主要通过实验探究了光的反射定律。实验探究题是中考中必不可少的题目，要加强实验教学，引导学生从实验中分析现象，归纳总结规律。培养学生观察、分析、概括能力。
24.【答案】右 竖直向下 2
【解析】解：(1)如图甲所示，杠杆左端下沉，其右端偏高，应将平衡螺母向上翘的右端移动，使杠杆在水平位置平衡；
(2)根据杠杆的平衡条件，F1l1=F2l2知要使力最小，需要使力臂最大，当力的方向竖直向下时，力臂最长，力最小；
在A点悬挂3个钩码，则由杠杆的平衡条件得：3G×4l=FB×3l，
解得：最小的力FB=4G=4×0.5N=2N。
故答案为：(1)右；(2)竖直向下；2。
(1)调节杠杆在水平位置平衡时，平衡螺母向上翘的一端移动；
(2)根据杠杆的平衡条件，可得出可使杠杆保持水平平衡的最小力。
本题考查了杠杆平衡的条件，杠杆在水平位置平衡后，支点到力的作用点的距离就是力臂，因此在此实验中我们应调节杠杆两端的平衡螺母，使杠杆在水平位置平衡，以便直接读出力臂。探究杠杆平衡的条件就是动力×动力臂=阻力×阻力臂。
25.【答案】相同 等于 水 2.1×103J/(kg⋅℃)
【解析】解：(1)根据控制变量法，比较不同物质的吸热能力实验中，需用相同的加热装置，对质量相同、初温相同的水和煤油进行加热。
(2)比较不同物质的吸热能力实验中，用加热时间的长短来比较物质吸收热量的多少，所以相同时间内，水吸收的热量等于煤油吸收的热量。
(3)分析图像乙可知，质量和升高温度相同，水加热时间长，根据比较吸热能力的方法，故水的吸热能力更强。
(4)由绘制出的两种液体温度随时间变化的关系图象知，升高相同温度时，水用时是煤油用时的2倍，根据c=QmΔt可知在质量和升高温度相同的情况下，比热容与吸热多少成正比，故煤油的比热容为c煤油=12c水=12×4.2×103J/(kg⋅℃)=2.1×103J/(kg⋅℃)。
故答案为：(1)相同；(2)等于；(3)水；(4)2.1×103J/(kg⋅℃)。
(1)(2)根据控制变量法，比较不同物质的吸热能力实验中，需用相同的加热装置，对质量相同、初温相同的水和煤油进行加热；该实验中，用加热时间的长短来比较物质吸收热量的多少。
(3)比较质量相同的不同物质，在升高相同温度时，所用的加热时间的长短即可，加热时间长的吸热能力强。
(4)由绘制出的两种液体温度随时间变化的关系图象求出升高相同温度时煤油和水加热时间，根据c=QmΔt可知在质量和升高温度相同的情况下，比热容与吸热多少成正比，据此求出煤油的比热容。
本题比较不同物质的吸热能力，考查控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法，为热学中的重要实验。
26.【答案】很小 改变A在斜面上静止释放的高度 匀速直线 80%
【解析】解：(1)斜面倾角越小，小车运动时间越长，为便于测量小车的运动时间，实验中，斜面应保持很小坡度；
(2)小球的动能与小球的质量和小球的速度有关，对于同一个球A，质量一定，要改变A撞击木块前的动能大小，需要改变小球的速度，所以改变A在斜面上静止释放的高度，使小球到达斜面底端的深度相同；
(3)在测量斜面机械效率的实验中，拉力的方向应平行于斜面向上，用弹簧测力计沿斜面拉动B做匀速直线运动；
由于斜面倾斜角为30°，所以s=2h，
由图丙知弹簧测力计的分度值为0.1N，拉力为2.5N，
斜面的机械效率为：
η=W有用W总=GhFs=GhF×2h=G2F=4N2×2.5N×100%=80%。
故答案为：(1)很小；(2)改变A在斜面上静止释放的高度；(3)匀速直线；80%。
(1)为便于测量小车的运动时间，斜面倾角应小一些；
(2)动能的决定因素有两个：质量和速度；要利用控制变量法去研究：研究与速度关系时要保证质量相同，速度不同；
(3)利用斜面提升重物，额外功主要是克服摩擦力而做的功，拉力方向必须与摩擦力方向保持在同一条直线上，且匀速拉动物体；
根据η=W有用W总=GhFs=GhF×2h=G2F算出斜面的机械效率。
本题综合考查了斜面的机械效率实验、影响动能因素的实验以及探究斜面机械效率的实验，要明确每次探究的目的，根据控制变量法的要求，控制其中一个量不变，再与另一个变量的关系。
27.【答案】1.14 C
【解析】解：(1)由图甲知，小灯泡并联在滑动变阻器和电流表两端，电压表串联入电路了，为使电路连接正确，应将小灯泡与滑动变阻器连接的导线改接电压表的“15”接线柱即可，如图所示：
(2)由图乙知，电流表使用小量程，分度值0.02A，小灯泡正常发光时的电流为0.3A，
小灯泡的额定功率P=UI=3.8V×0.3A=1.14W；
(3)由欧姆定律可得，小灯泡正常发光时的电阻：R=UI=3.8V0.3A≈12.7Ω，
假设小灯泡电阻不变，当电流表的示数为0.32A时，小灯泡两端电压即电压表示数为：U'=I'R=0.32A×12.7Ω=4.064V，
当小灯泡两端电压大于额定电压时，通过的电流大于0.3A，小灯泡的实际功率变大，温度升高，电阻变大，那么小灯泡两端电压应大于4.064V，故AB不可能，C可能。
故答案为：(1)见解答图；(2)1.14；(3)C。
(1)本实验中，滑动变阻器、电流表、小灯泡应串联，电压表并联在小灯泡两端，据此分析并正确连接电路；
(2)由图乙读出小灯泡正常发光的电流，由P=UI计算小灯泡的额定功率；
(3)灯泡电阻随温度升高而增大；分析计算小灯泡正常发光和选项中电压下的电阻，分析比较。
本题是测量小灯泡电功率的实验，考查了实物电路的连接、电表读数、电功率的计算、灯泡的电阻受温度的影响等，难度不大。
28.【答案】断开 右 4 3.6 10
【解析】解：
(1)实物未连接好，并且不确定电路没有发生短路的情况下，开关必须是断开的，防止烧坏电路元件；
(2)由图甲可知，定值电阻与滑动变阻器串联，电压表并联在定值电阻两端，电流表测量电路中的电流，电流表应串联接入电路中；滑动变阻器采用一上一下的接法，根据电路图连接实物电路图，实物电路图如图所示：
(3)将10Ω的电阻换为20Ω后，根据串联电路的分压规律可知，定值电阻分担的电压变大，电压表的示数变大；由于实验中需要控制定值电阻两端电压不变，需要减小定值电阻两端电压，增大滑动变阻器两端的电压，根据串联电路的分压规律可知，应增大滑动变阻器的阻值，将滑片向右滑动；
(4)根据图示可知，电源由4节干电池组成，电源电压为6V；
当定值电阻为30Ω时，由电阻的串联规律，电路的最大电阻为：R=30Ω+20Ω=50Ω，由欧姆定律，电路的最小电流为：I=UR=6V50Ω=0.12A>0.10A，故第4次实验数据是人为编造的；
根据串联电路电压的规律及分压原理有：U-UVUV=R滑R定，方程左边为一定值，故右边也为一定值，当变阻器最大电阻连入电路中时，对应的定值电阻最大，电压表示数最小，即6V-UVUV=20Ω30Ω，解得：UV=3.6 V；故要完成全部4次实验，可将定值电阻两端控制不变的电压调至不少于3.6V；
根据表格中的数据可知，定值电阻两端的电压为：U'=I1R1=0.3A×10Ω=3V；
电源电压为6V，则滑动变阻器两端电压为：U'滑=6V-3V=3V；
根据串联电路的分压规律可知，当定值电阻最大时，滑动变阻器接入电路的电阻最大，定值电阻的最大阻值为30Ω，则3V30Ω=3V20Ω+R串，解得串联电阻的阻值为10Ω。
故答案为：(1)断开；(2)见解析；(3)右；(4)4；3.6；10。
(1)根据实物连接的正确方法分析解答。连接电路时，必须断开开关；
(2)分析清楚图甲所示电路图，然后根据电路图连接实物电路图；
(3)换用较大的电阻后，根据串分压的关系，电压表的示数会变大，则应增大滑动变阻器的阻值减小电阻两端的电压，保持电压表的示数不变；
(4)当定值电阻为30Ω时，由电阻的串联规律得出电路的最大电阻，由欧姆定律求出电路的最小电流分析；
根据串联电路电压的规律及分压原理得出定值电阻两端控制不变的电压调至不少于多少；
根据表格中的数据得出定值电阻两端的电压；根据串联电路的分压规律分析串联多大的电阻。
本题探究电流与电阻的关系，考查电路的连接、注意事项、数据分析、串联电路的规律和欧姆定律的运用，最后一问难度较大，关键要能熟练应用串联分压原理。
29.【答案】解：(1)物块对水平面压力F压=G=mg=3kg×10N/kg=30N
物块对水平面的压强p=F压S=30N0.01m2=3×103Pa；
(2)由图象可知物块在4～6s做匀速直线运动，摩擦力F摩与拉力F大小相等，即F摩=F=6N；
物块运动过程压力和接触面粗糙程度不变，摩擦力不变；
2～4s物块受到的摩擦力F摩'=F摩=6N；
(3)0～2s物块处于静止状态拉力不做功；
已知物块在2～4s运动的距离s'=2m；
则2-4s拉力F做的功W'=F's'=9N×2m=18J；
物块在4～6s内运动的距离s=vt=2m/s×2s=4m；
4～6s拉力F做的功W=Fs=6N×4m=24J；
前6s拉力F做的功W总=W'+W=18J+24J=42J。
答：(1)物块静止时对水平面的压强为3×103Pa；
(2)在2～4s物块受到的摩擦力为6N；
(3)在前6s内，拉力F做的功为42J。
【解析】(1)物体静止在水平面上对水平面的压力等于物体的重力，再由p=FS可求压强；
(2)由v-t图象可知，在4～6s物体做匀速直线运动，根据平衡条件并结合F-t图象可求滑动摩擦力大小，又因为滑动摩擦力跟物体对水平面的压力、接触面的粗糙程度有关，据此可求摩擦力；
(3)将运动分成3段：0～2s、2～4s、4～6s，分别利用W=Fs求出拉力所做的功，总功等于各部分做功之和，据此解答。
本题考查压强的计算、F-t图象和v-t图象、功的计算等，掌握图象的意义，明确力和运动的关系是解答本题的关键。
30.【答案】解：(1)由图知当电压为11V时对应的电流为0.25A，
根据I=UR得R0的阻值为：
R0=U0I0=11.0V0.25A=44Ω；
(2)新电热水壶的额定功率为：
P=U2R0=(220V)244Ω=1100W，
(3)水吸收的热量：
Q吸=c水m(t-t0)=4.2×103J/(kg⋅℃)×1kg×(100℃-20℃)=3.36×105J；
由P=Wt可得消耗的电能：
W=P加热t=1100W×400s=4.4×105J，
电热水壶的加热效率：
η=Q吸W×100%=3.36×105J4.4×105J×100%≈76.4%。
答：(1)R0的阻值为44Ω；
(2)新电热水壶的额定功率为1100W；
(3)新电热水壶工作400s，把质量为1kg的水从20℃加热到100℃，其加热效率是76.4%。
【解析】(1)由图读出电压值和对应的电流值，根据R=UI算出R0的阻值；
(2)根据P=U2R算出新电热水壶的额定功率；
(3)知道水的质量和初温、末温以及比热容，根据Q吸=cm(t-t0)求出水吸收的热量；
根据W=Pt求出消耗的电能，利用η=Q吸W×100%求出电热水壶的加热效率。
本题考查了欧姆定律公式、电功率公式和吸热公式、电功公式、效率公式的应用，能熟练应用公式是解题的关键。
31.【答案】解：(1)当开关S1、S2、S3均闭合时，R1与R2并联，由并联电路电压规律可知，
U1=U2=U=5V，
由P=U2R可知，电路消耗的总功率为：
P=P1+P2=U2R1+U2R2=(5V)210Ω+(5V)220Ω=3.75W；
(2)当S1闭合，S2、S3断开，R1与变阻器R串联，电压表测变阻器R两端电压，
当R接入电路电阻0时，此时电路中总电阻最小，电流最大为：
Imax=UR1=5V10Ω=0.5A<0.6A，
故变阻器接入电路中的最小值为0，
当变阻器R两端电压达到电压表的量程Umax=3V时，电路中电流最小为：
Imin=U-UmaxR1=5V-3V10Ω=0.2A，
此时变阻器接入电路的阻值最大为：Rmax=UmaxImin=3V0.2A=15Ω，
故滑动变阻器R能接入电路的阻值范围为0∽15Ω。
答：(1)开关S1、S2、S3均闭合时，电路消耗的总功率为3.75W；
(2)S1闭合，S2、S3断开，为保证电路元件安全，滑动变阻器R能接入电路的阻值范围为0∽15Ω。
【解析】(1)当开关S1、S2、S3均闭合时，R1与R2并联，由并联电路电压规律和P=U2R可求出电路消耗的总功率；
(2)当S1闭合，S2、S3断开，R1与变阻器R串联，电压表测变阻器R两端电压，当R接入电路电阻0时，此时电路中总电阻最小，根据欧姆定律求出最大电流并判断是否超过电流表的量程，当变阻器R两端电压达到电压表的量程Umax=3V时，电路中电流最小，根据欧姆定律求出变阻器的最大阻值，从而确定变阻器的范围。
本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，分清电路的连接方式是关键。
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