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2023年河北省唐山市丰润区中考物理模拟试卷（含答案解析）
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这是一份2023年河北省唐山市丰润区中考物理模拟试卷（含答案解析），共19页。试卷主要包含了 生活中的下列做法不合理的是， 下列推理正确的是等内容，欢迎下载使用。
2023年河北省唐山市丰润区中考物理模拟试卷
1. 环境保护，节约资源，从我做起。下列做法不符合这一理念的是( )
A. 随意焚烧垃圾 B. 使用太阳能、可燃冰等清洁能源
C. 回收废旧金属 D. 用遥控器关闭电视后，再关闭电源
2. 对下列事实的解释，不合理的是( )
A. 通过气味辨别氮气和氨气--分子是运动的，不同分子的性质不同
B. 氧气经压缩储存在钢瓶中--压强增大，分子之间的间隔变小
C. 干冰升华为二氧化碳气体--状态变化，分子大小随之变化
D. 蔗糖在热水中溶解更快--温度越高，分子运动速率越大
3. 生活中的下列做法不合理的是( )
A. 炒菜最好选用铁锅，而不是铝锅 B. 被蚊虫叮咬后，涂抹食醋止痒
C. 油罐车的尾部装有一条拖在地面上的铁链 D. 喝牛奶的吸管一端削成尖
4. 下列推理正确的是( )
A. 铁球放入水中沉底说明铁球在水中不受浮力
B. 路灯同时亮同时灭说明路灯之间是串联的
C. 有机物都含有碳元素，含碳元素的化合物不一定是有机物
D. 稀有气体原子是稳定结构，结构稳定的粒子一定是稀有气体原子
5. 对如图所示实验得出的结论正确的是( )
A. 甲实验硬币跳跃木块，说明气体流速大的位置压强小
B. 乙实验钢尺伸出桌面越长，振动越快
C. 丙实验蜡烛熄灭，说明燃烧需要氧气
D. 丁图烧杯内壁有小水珠生成说明甲烷中含有氢元素和氧元素
6. 下列数据中最接近实际情况的是( )
A. 课桌的高度约为1.2m B. 物理课本的质量约为200g
C. 沸水的温度约为100℃ D. 家用电冰箱的额定功率约为1000W
7. 下列与物态变化相关的说法正确的是( )
A. 地板上小水滴不见了，是发生了液化现象
B. 雾凇是空气中的水蒸气凝固形成的
C. 干冰能够降温是由于干冰汽化吸热
D. 正在熔化的蜡，吸收热量，温度逐渐升高
8. 如图所示，八个相同的玻璃瓶内装有深度不同的水，用筷子轻轻敲击瓶子或用嘴贴着瓶口吹气，会发出不同的声音，下列关于所发出声音的判断中正确的是( )
A. 从左向右用嘴贴着瓶口用相同力度吹气，音调逐渐降低
B. 吹瓶子发出的声音是由于水振动产生的
C. 从左向右用筷子用相同力度依次敲击瓶子，音调逐渐降低
D. 从左向右用嘴贴着瓶口用相同力度吹气，响度逐渐降低
9. 如图所示的是有关“电和磁”的实验，下列说法中正确的是( )
A. 甲图：实验演示的是电磁感应实验
B. 乙图：实验演示的是发电机的工作原理
C. 丙图：实验演示的是电动机的工作原理
D. 丁图：实验演示的是磁场中某点的磁场方向是由放在该点的小磁针决定的
10. 如图是一位同学组装的提升重物的装置，他在5s内将一个重为200N的物体向上匀速提升2m，拉力为100N，则此过程中( )
A. 他做的总功为600J
B. 他做的有用功为200J
C. 该滑轮组的效率为66.7%
D. 他对滑轮组做功的功率为120W
11. 在探究凸透镜成像的实验中，蜡烛、凸透镜和光屏的位置如图所示，烛焰在光屏上恰好成一清晰的像。下列说法正确的是( )
A. 凸透镜的焦距是20cm
B. 将蜡烛和光屏都向右移动，光屏上可成清晰的像，该成像规律应用在照相机上
C. 在贴近凸透镜的左侧放置一眼镜片，只向左移动光屏，可在光屏上成清晰缩小的像，该镜片对光起发散作用
D. 用f=15cm的凸透镜替换图中透镜，只向右移动光屏，可在光屏上成清晰的像
12. 运动员在进行蹦床比赛的过程中，下列说法中正确的是( )
A. 运动员离开蹦床后上升过程中，蹦床对运动员不做功
B. 运动员上升到最高点时，速度为零，所受合力不为零
C. 在下落过程中，由于运动员具有惯性，所以速度越来越大
D. 运动员落到蹦床上继续向下运动的过程中，动能先增大后减小
13. 如图所示，电源电压不变，R1、R2为定值电阻，R为滑动变阻器，a、b是电流表或电压表。当只闭合开关S、S1时，a、b的指针均明显偏转，将位于中点的滑片P向左移动，a的示数不变，b的示数有变化。以下说法正确的是( )
A. b是电流表
B. 只闭合S、S2，移动滑片P，则a示数的变化量与b示数的变化量的比值可能等于R1+R2
C. 若将b换成另一种电表，只闭合S、S2，将滑片P向右移动，R2消耗的功率一定变大
D. 若将a与b的位置互换，只闭合S、S2，则a的示数与b的示数的比值可能等于R2
14. 家庭电路中的保险丝的电阻比较______ (选填“大”或“小”)，熔点较低，为了安全用电，保险丝应串联接在干路的______ (选填“火线”或“零线”)上；小红家的电子式电能表表盘上标有“3600imp/(kW⋅h)”的字样(imp表示电能表指示灯闪烁次数)，如果某用电器单独工作10min，电能表指示灯闪烁60次，则该用电器的实际功率是______ W。
15. 在平直的公路上，甲、乙两辆汽车同时从同一地点向南行驶，如图所示记录了两辆汽车在相同时间内通过路程的情况，其中______ (填“甲”或“乙”)车在做匀速直线运动。乙车前30s的平均速度是______ km/h。在前10s时间内，若以甲车为参照物，乙车是向______ (填“南”或“北”)行驶。
16. 地球的自转让我们每天能看到“日出”和“日落”现象。由于地球表面有大气层，太阳光通过密度不均匀的大气层会发生______ 。如果没有这层大气，我们看到的日出将______ (提前/推迟).
17. 现阶段核潜艇的动力系统是由原子核______ (选填“裂变”或“聚变”)提供的。中国正加快对页岩气的安全开采，页岩气和核能都属于______ (选填“可再生”或“不可再生”)能源。若用燃气灶将一壶质量为6kg、初始温度为20℃的水加热到80℃，消耗了0.2m3的页岩气。已知水的比热容4.2×103J/(kg⋅℃)，页岩气的热值为4.2×107J/m3，则该燃气灶烧水的效率为______ %。
18. 城市里共享摩拜单车的出现，方便了人们的短途出行，请回答下列问题。
(1)当我们使用共享单车APP扫描车辆二维码时，可以实现自动开锁，传递信息的是______ 。
(2)摩拜单车信息传输用到的电能来源于后轮毂(gǔ)集成的发电装置，通过踩动单车可将机械能转化为电能为蓄电池充电，其原理是______ 。
(3)为防止自行车的链条生锈，请写出一条防锈措施：______ 。
19. 小明在学习了大气压强的知识后，自制了一个如图甲所示的气压计，瓶中装有适量的水；当他将自制气压计由楼上拿到楼下时发现细玻璃管中液面下降，说明______ 。若他将这个瓶子装满水如图乙所示，戴着隔热手套捏瓶子，发现细玻璃管中液面也能上升，说明______ 。他还发现将装满水的瓶子放入热水中，细玻璃管中液面仍能上升，这又成了一支自制温度计，它的工作原理是______ ，在此过程中瓶内水的密度将______ 。(选填“变大”、“变小”或“不变”)
20. 小成同学在做“探究杠杆平衡条件”的实验时，进行了如下操作：
(1)将杠杆悬挂在支点O上，如图甲所示，这时发现杠杆左端高、右端低，他应将杠杆的平衡螺母向______ (选填“左”或“右”)端调节，才能使杠杆在水平位置平衡。
(2)杠杆水平平衡后，他在A点挂三个钩码，如图乙所示，那么B点挂______ 个相同的钩码，可使杠杆在水平位置重新平衡。
(3)A点悬挂钩码不动，B点钩码摘除，在C点挂上已调好的弹簧测力计，他应______ (选填“竖直向上”或“竖直向下”)拉动弹簧测力计，使杠杆在水平位置平衡。若沿虚线方向拉弹簧测力计，使杠杆水平平衡，测力计的示数将______ (选填“变大”“变小”或“不变”)。
【拓展】图丙中的轻质杠杆全长1m，支点为杠杆的中点，小成在支点左侧某一固定位置挂一个重为G的物体，在支点右侧距离O点为L的位置施加竖直向下的力F使杠杆水平平衡，多次移动拉力位置并根据多次测量的F、L的数据，画出如图丁所示的图象。已知当F最小的时候，F与G的比为2：5，结合杠杆平衡条件，可求出物体悬挂点到支点的距离是______ m，物体的重力G=______ N。
21. 小功和小红同学在“探究通电导体中的电流与电阻的关系”实验中，连接了如图甲所示的电路(电源电压保持4.5V不变)。
(1)用笔画线代替导线将图甲实物电路连接完整；(要求：滑动变阻器的滑片P向左移动时，电路中电流变大；导线不得交叉)
(2)连接好电路，闭合开关，发现电压表示数等于电源电压，电流表有示数，移动滑片，电流表示数不变，则故障可能为滑动变阻R′______ (选填“断路”或“短路”)；
(3)探究通电导体中的电流与电阻的关系实验要在电压一定时进行，图乙是小组根据测得的实验数据绘制的电流I随电阻R变化的图像。当R的电阻由5Ω更换为10Ω时，闭合开关后，为使R两端的电压不变，滑动变阻器的滑片应向______ (选填“左”或“右”)端滑动；通过分析图像，总结实验结论：______ 。
(4)若实验中R的阻值分别是5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω，为了保证完成实验，则滑动变阻器的阻值至少是______ Ω。
(5)实验后小红又用如图丙所示电路测量额定电压为U额的小灯泡正常发光时的电阻(U额小于电源电压)，电阻R0已知，将下面实验步骤补充完整。
①只闭合开关S、S2，移动滑动变阻器滑片使电压表示数为U额；
②______ ，读出电压表示数为U1；
③小灯泡电阻RL=______ 。(用物理量符号表示)
22. 如图所示，水槽与木块等高，都为10cm，水槽的底面积为300cm2，木块的底面积为100cm2。已知木块的质量为0.8kg。(木块不吸水，整个过程木块不倾倒，g取10N/kg，ρ水=1.0×103kg/m3)求：
(1)木块的密度；
(2)水槽中注入800mL水时，木块未浮起，求木块对容器底的压强；
(3)水槽中最多可以注入多少m3的水。
23. 在如图所示的电路中，电源电压保持不变，电流表的量程分别为0∼0.6安和0∼3安，电压表的量程分别为0∼3伏和0∼15伏，电阻R1和R2的阻值分别为24欧和120欧。求：
(1)当只闭合电键S1时，电压表示数为12伏，求电流表的示数。
(2)当只闭合电键S3时，电阻R2消耗的电功率P2。
(3)现用阻值不同的电阻R3替换R2，替换后要求：通过控制电键的断开或闭合，使电流表或电压表的示数分别能达到某个量程的最大值，且两个电阻都有电流通过，请通过计算求出符合上述要求的所有可能的定值电阻R3的阻值。
答案和解析
1.【答案】A
【解析】解：A、随意焚烧垃圾会污染环境，故A符合题意；
B、使用太阳能、可燃冰等清洁能源可以保护环境，节约化石能源，故B不符合题意；
C、回收废旧金属，可以保护环境，故C不符合题意；
D、用遥控器关闭电视后，再关闭电源，可以节约能源，故D不符合题意。
故选：A。
(1)保护环境，节约能源是每个公民义不容辞的责任。
(2)随手关灯、关水龙头；注意回收废旧金属；大力推广使用清洁能源等都是节约能源的具体措施。
知道保护环境、节约能源的具体措施。本题属于基础性题目。
2.【答案】C
【解析】解：A、通过气味辨别氮气和氨气，是因为分子是不断地运动的，且不同种的分子性质不同，故A正确；
B、氧气经压缩储存在钢瓶中，是因为分子间有间隔，气体受压后，分子间隔变小，气体的体积减小，故B正确；
C、干冰升华为二氧化碳气体，是因为状态变化，分子间的间隔随之变化，不是大小变化，故C错误；
D、蔗糖在热水中溶解更快，是因为温度越高，分子运动速率越快，故D正确。
故选：C。
根据分子的基本特征：分子质量和体积都很小；分子之间有间隔；分子是在不断运动的；同种的分子性质相同，不同种的分子性质不同，可以简记为：“两小运间，同同不不”，结合事实进行分析判断即可。
本题难度不大，掌握分子的基本性质(可以简记为：“两小运间，同同不不”)及利用分子的基本性质分析和解决问题的方法是解答此类题的关键．
3.【答案】B
【解析】解：A、铁具有良好的导热性，炒菜最好选用铁锅，而不是铝锅，故A正确；
B、被蚊虫叮咬后，需用碱性物质中和止痒，不能涂抹食醋止痒，故B错误；
C、当油罐车里的油在运输过程中，油与油槽不断摩擦，会使油和油槽带上电荷，油罐车尾部装的铁链会将电荷带走，故C正确；
D、喝饮料用的吸管一端削成尖，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，故D正确。
故选：B。
(1)铁具有良好的导热性；
(2)被蚊子咬了用醋没有用，蚊子的毒液是某种酸，需用碱性物质中和止痒；
(3)由于油罐车里的油在运输过程中易因摩擦产生的静电造成事故，要把产生的静电用铁链导入大地；
(4)压强大小跟压力大小和受力面积大小有关，增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积；在受力面积一定时，增大压力。
本题主要考查知识点较多，是一道综合性的、跨学科的基础性题目。
4.【答案】C
【解析】解：A、铁球之所以下沉是因为浮力小于重力，使铁球所用合力向下，故一直沉到水底，故A错误；
B、路灯同时亮同时灭，但一灯坏时，其它灯能亮，由并联电路独立工作互不影响的特点可知，路灯是并联的，故B错误；
C、有机物都含碳元素，但是含碳元素的化合物不都是有机物，例如碳酸钙含有碳元素，但不属于有机物，故C正确；
D、稀有气体原子具有相对稳定结构，则具有相对稳定结构的粒子不一定是稀有气体原子，还有其他离子，例如钠离子，故D错误。
故选：C。
(1)浸在液体中的物体受到液体对它竖直向上的浮力；
(2)并联电路中的用电器能独立工作，互不影响；
(3)根据有机物的概念来分析；
(4)根据处于稳定结构的粒子来分析。
本题是一个理化综合题，掌握浮力、串并联的特点、有机物与无机物的概念、粒子的结构是解题的关键。
5.【答案】A
【解析】解：
A、在硬币上方沿着与桌面平行方向用力吹一口气，硬币上方的气流速度大于下方的气流速度，硬币上方的气体压强小于下方的气体压强，从而产生向上的“升力”，所以，口吹硬币跳越木块，利用了气体在流速大的位置压强小的原理，故A正确。
B、钢尺伸出桌面越长，振动部分的质量越大，则振动越慢，故B错误。
C、燃烧的蜡烛一吹就灭，说明温度降至蜡烛的着火点以下，从而说明燃烧需要温度达到着火点，故C错误。
D、丁图烧杯内壁有小水珠生成说明甲烷中含有氢元素，故D错误。
故选：A。
(1)流体的压强与流速的关系：流体在流速大的地方压强小、在流速小的地方压强大。
(2)钢尺伸出桌面越长，振动越慢，频率越小。
(3)物体燃烧的条件：充足的氧气，可燃物，达到着火点。
(4)点燃甲烷，在火焰上方罩一个干燥的烧杯，若烧杯内壁有小水珠生成说明甲烷中含有氢元素。
此题是一道跨学科题目，涉及到流体压强与流速的关系、频率及音调的关系、物体燃烧的条件等，要求灵活运用所学物理和化学知识加以分析。
6.【答案】B
【解析】解：A、课桌的高度约为0.8m，故A错误；
B、物理课本的质量在200g左右，故B正确；
C、由于液体的沸点受大气压的影响，所以沸水的温度只有在1标准大气压下是100℃，故C错误；
D、家用电冰箱的额定功率约为200W，故D错误。
故选：B。
首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可。
7.【答案】D
【解析】解：A、地板上小水滴不见了，是从液态变为了气态，发生了汽化现象，故A错误；
B、雾凇是空气中的水蒸气凝华形成的小冰晶，故B错误；
C、干冰降温是利用干冰升华，从周围吸收热量，故C错误；
D、蜡是非晶体，正在熔化的蜡，吸收热量，温度升高，故D正确。
故选：D。
(1)物质从固态变成液态的过程叫做熔化，物质从液态变成固态的过程叫做凝固；物质从液态变为气态叫做汽化，物质从气态变为液态叫做液化；物质从固态直接变成气态叫升华，物质从气态直接变成固态叫凝华。
(2)晶体熔化过程中不断吸热，温度不变；非晶体熔化过程中吸热，温度升高。
熟知物态变化的形式及其吸放热情况，同时知道晶体与非晶体的熔化特点是解答的关键。
8.【答案】C
【解析】解：ABD、从左向右用嘴贴着瓶口用相同力度吹气，振动发声的是由于瓶内空气柱的振动发出的，空气柱振动的幅度不变，且空气柱长度越短，音调越高，因此它们的响度不变，最右边的音调最高，最左边的音调最低，故ABD错误。
C、从左向右用筷子用相同力度依次敲击瓶子，声音是由瓶子和瓶内的水振动发出的，水越多，音调越低，因此音调逐渐降低，故C正确。
故选：C。
敲击瓶子时，振动发声的物体是瓶子和瓶内的水；用嘴贴着管口吹气，振动发声的物体是瓶中的空气，响度与发声体的振动幅度有关，振动幅度越大，响度越大。
本题主要考查学生对：响度的影响因素以及频率与音调高低关系的理解和掌握，重点是弄清发声体。
9.【答案】C
【解析】解：A.该装置是奥斯特实验，说明电流的周围存在磁场，是电流的磁效应，故A错误；
BC.该实验装置有电源，即通电后，磁场中的导体会受力转动，即通电导线在磁场中受力的作用，直流电动机是依据此原理制成的，故B错误、C正确；
D.磁场中某点的磁场方向是由磁场决定的，我们可以借助小磁针静止时N极的指向来判断该点的磁场方向，故D错误。
故选：C。
(1)奥斯特实验说明通电导体周围存在着磁场；
(2)发电机原理图描述了线圈给外界的用电器供电；电动机原理图描述了电源给线圈或导体供电；
电磁感应现象装置图中没有电源；磁场对电流的作用装置图中有电源；
(3)小磁针可以显示磁场的方向。
本题考查了电磁学中的几个重要实验，特别要注意发电机和电动机的工作原理。
10.【答案】ACD
【解析】解：
A.由图可知，滑轮组绳子的有效股数n=3，则绳子自由端移动的距离s=nh=3×2m=6m，拉力做的总功W总=Fs=100N×6m=600J，故A正确；
B.拉力做的有用功W有=Gh=200N×2m=400J，故B错误；
C.该滑轮组的效率η=W有W总×100%=400J600J×100%≈66.7%，故C正确；
D.他对滑轮组做功的功率P=W总t=600J5s=120W，故D正确。
故选：ACD。
(1)根据图示滑轮组可知绳子的有效股数，利用s=nh求出绳子自由端移动的距离，利用W=Fs求出拉力做的总功；
(2)根据W=Gh求出拉力做的有用功；
(3)利用η=W有W总×100%求出该滑轮组的效率；
(4)利用P=Wt求出他对滑轮组做功的功率。
本题考查了滑轮组的特点和做功公式、功率公式以及滑轮组机械效率公式的应用，明确滑轮组绳子的有效股数是关键。
11.【答案】D
【解析】解：
A、由图可知u=50cm−30cm=20cm，光屏上得到一个清晰等大的实像，则u=2f=20cm，解得f=10cm，故A错误；
B、将蜡烛和光屏都向右移动，光屏上可成清晰的像，物体处于一倍焦距和二倍焦距之间，成倒立、放大的实像，投影仪就是利用该原理制成的，故B错误；
C、贴近凸透镜的左侧放置一眼镜片，只向左移动光屏，说明透镜对光线有会聚作用，在光屏上成清晰缩小的像，故C错误；
D、用f=15cm的凸透镜替换图中透镜，物距u=20cm，f
(1)物距等于2f时，成倒立、等大的实像；
(2)光屏上能承接到的像是实像。凸透镜成实像时，物距大于像距，成倒立缩小的实像；物距等于像距时，成倒立等大的实像；物距小于像距时，成倒立放大的实像；
(3)根据光屏的移动方向可判断像的变化情况；
(4)当f
12.【答案】ABD
【解析】解：A、运动员离开蹦床后，由于惯性继续向上运动，蹦床对运动员没有力的作用，对运动员不做功；故A正确；
B、当运动员到达最高点时，瞬时速度为零，但由于运动员受到重力的作用，合力不为零，故B正确；
C、运动员在下落过程中，由于受到重力作用，速度越来越大，故C错误；
D、运动员下落刚接触蹦床时，还要继续下落，速度先变大后变小，前段是重力势能转化为运动员的动能和蹦床的弹性势能，后段是运动员的动能和重力势能转化为蹦床的弹性势能，到最低点时，运动员的重力势能最小，其动能为零，蹦床弹性势能最大，故运动员的动能先增大后减小，故D正确。
故选：ABD。
A、做功的两个必要因素：力和在力的作用下沿力的方向移动的距离；
B、物体处于静止状态或匀速直线运动状态时，受到的是平衡力；
C、力是改变物体运动状态的原因；
D、根据动能与重力势能、弹性势能的转化，结合所处的不同状态进行分析。
通过运动员参加蹦床比赛时的情景，考查了我们对重力势能、动能、弹性势能变化的分析、平衡状态的判断、改变物体运动状态的原因等知识的理解，属基础题，难度不大。
13.【答案】AD
【解析】解：
A、只闭合开关S、S1时，电表b与滑动变阻器R串联，且滑片P向左移动，b的示数有变化，则b一定是电流表，故A正确；
若a为电流表，测通过R2的电流，由于R2的阻值和两端的电压均不变，滑片P向左移动，a的示数不变；
若a为电压表，测电源电压，其示数也不变，a可能是电流表也可能是电压表；
B、a为电压表、b为电流表时，只闭合S、S2，此时R1与R串联，电压表a测R两端的电压，电流表测电路中的电流，则有：R1=△U△I，即a示数的变化量与b示数的变化量的比值等于R1；
a、b均为电流表时，只闭合S、S2，R、R2被短路，电路为R1的简单电路，移动滑片P，a、b两表的示数变化量均为0，故B错误；
C、将b换成电压表，a为电压表时，只闭合S、S2，R1、R2与R串联，滑片P向右移动，电阻变小，电路总电阻变小，电流变大，根据P=I2R2可知，R2消耗的功率变大；
若将b换成电压表，a为电流表时，只闭合S、S2，R被短路，R1、R2串联，滑片P向右移动，电阻不变，电路总电阻不变，电流不变，根据P=I2R2可知，R2消耗的功率不变，故C错误；
D、a为电压表、b为电流表时，若将a与b的位置互换，只闭合S、S2，R被短路，R1、R2串联，电流表测电路中的电路，电压表测R2两端的电压，则a的示数与b的示数的比值为R2；
a、b均为电流表时，若将a与b的位置互换，只闭合S、S2，R、R2被短路，电路为R1的简单电路，两电流表的示数相等，其比值为1，故D正确。
故选：AD。
(1)先根据题意判断a、b两表的类型，再结合电路分析其连接方式，根据电压的变化量与电流变化量的比值为定值电阻的阻值；
(2)根据串联电路电流、电压、电阻的特点、欧姆定律以及P=I2R判断R2消耗的功率；
(3)结合电表类型，利用欧姆定律判断两表示数的比值。
本题是一道动态电路分题，涉及到电路的连接方式的判断、欧姆定律以及电功率公式的应用等知识，过程较为复杂，需要讨论，有一定的难度。
14.【答案】大 火线 100
【解析】解：保险丝的作用是在电流异常升高到一定的高度的时候，自身熔断切断电路，从而起到保护电路安全运行的作用，因此保险丝需用电阻较大、熔点较低材料制成。为了安全用电，保险丝应串联接在干路的火线上；
电能表指示灯闪烁60次时，用电器消耗的电能：
W=603600kW⋅h=160kW⋅h=160×3.6×106J=6×104J，
用电器的实际功率：
P实=Wt=6×104J10×60s=100W。
故答案为：大；火线；100。
保险丝是用熔点较低、电阻率较大的铅锑合金制成的。当电流过大时，保险丝会产生较多的热量而熔断。为了安全用电，保险丝应串联接在干路的火线上；根据电能表的参数“3600imp/(kW⋅h)”可知，电路中每消耗1kW⋅h的电能，指示灯闪烁3600imp，据此求出电能表指示灯闪烁60次时用电器消耗的电能，利用P=Wt求出用电器的实际功率。
此题考查的知识点有两个：一是保险丝的特点和作用；二是实际功率的计算，理解电能表参数的含义，要掌握。
15.【答案】甲 90 北
【解析】解：甲在相同的时间内通过的路程是相等的，所以甲车在做匀速直线运动；
乙车30s通过的路程是750m，30s=303600h=1120h，750m=0.75km，所以乙车前30s的平均速度：v=st=0.75km1120h=90km/h；
在平直的公路上，甲、乙两辆汽车同时从同一地点向南行驶，在前10s时间内，甲车走了300m，乙车走了200m，以甲车为参照物，乙车是向北行驶。
故答案为：甲；90；北。
根据匀速直线运动的特点可判断哪个车做匀速直线运动；知道乙车通过的路程和时间，根据v=st求出乙车的速度；根据两车前10s时间内的位移以及运动和静止的相对性判断出乙车的运动方向。
本题考查匀速直线运动的特点、运动和静止的相对性、速度公式的灵活运用，题目难度不大。
16.【答案】折射 推迟
【解析】解：如果地球表面不存在大气层，太阳光将在真空中沿直线传播，由于地球是圆形的，所以只有太阳升到某一位置时才能观察到；而正因为地球表面上有大气层且不均匀，太阳光通过密度不均匀的大气层会发生折射，能够提前观察到；所以如果地球表面不存在大气层，那么观察到的日出时刻与实际存在大气层时的情况相比将延后；同理，观察到的日落时刻与实际存在大气层时的情况相比将提前。
故答案为：折射；推迟。
太阳光从真空进入大气层时，会产生折射现象。
此题是光折射现象在生活中的实际应用，是应用物理知识解决实际的问题，属于中档题。
17.【答案】裂变 不可再生 18
【解析】解：(1)核潜艇的动力系统是由原子核裂变提供。
(2)页岩气和核能，使用后不能在短期内从自然界得到补充，都属于不可再生能源。
(3)水吸收的热量为：
Q吸=cmΔt=4.2×103J/(kg⋅℃)×6kg×(80℃−20℃)=1.512×106J，
页岩气燃烧放出的热量为：
Q放=qV=4.2×107J/m3×0.2m3=8.4×106J，
燃气灶烧水的效率为：
η=Q吸Q放=1.512×106J8.4×106J×100%=18%。
故答案为：裂变；不可再生；18。
(1)核潜艇利用核能工作，核能是原子核的裂变释放的能量。
(2)可再生能源的概念：像风能、水能、太阳能等可以在自然界源源不断地得到，把它们称为可再生能源。不可再生能源的概念：化石能源、核能等能源会越用越少，不能在短期内从自然界得到补充，这类能源称为不可再生能源。
(3)利用Q吸=cmΔt求水吸收的热量，再利用Q放=qV求出页岩气燃烧放出的热量，最后运用η=Q吸Q放求该燃气灶烧水的效率。
知道核能是裂变产生的，区分可再生能源与不可再生能源，会运用比热容和热值处理热学综合题，是解答此题的关键。
18.【答案】电磁波 电磁感应 涂油
【解析】解：(1)扫码实现自动开锁的过程中，手机与共享单车之间存在信息传递，它们之间是通过电磁波来传递信息的。
(2)通过踩动单车可将机械能转化为电能，说明单车的后轮相当于一个发电机，故其发电原理为电磁感应。
(3)为防止自行车的链条生锈，可采取涂油的措施。
故答案为：(1)电磁波；(2)电磁感应；(3)涂油。
(1)手机是通过电磁波传递信息；
(2)发电机的原理是电磁感应；
(3)铁与氧气和水同时接触时容易生锈，涂油可以防止生锈。
本题考查了电磁波的应用、发电机的工作原理等内容，属于基础内容，难度不大。
19.【答案】大气压随着高度的减小而增大 力可以改变物体的形状 液体的热胀冷缩 变小
【解析】解：(1)当他将自制气压计由楼上拿到楼下时发现细玻璃管中液面降低，说明大气压随着高度的减小而增大；
(2)若他将这个瓶子装满水，戴着隔热手套捏瓶子，发现细玻璃管中液面也能上升，隔热手套排除了温度对液体的影响，所以水柱升高是因为瓶子发生了形变造成的，说明力可以改变物体的形状；
(3)将装满水的瓶子放入热水中，细玻璃管中液面仍能上升，其原因是液体受热体积膨胀造成的，它的工作原理是液体的热胀冷缩；瓶内水的质量不变，体积增大，根据密度公式ρ=mV得知，水的密度变小。
故答案为：大气压随着高度的减小而增大；力可以改变物体的形状；液体的热胀冷缩；变小。
(1)大气压和海拔的关系：海拔越高、大气压越低；
(2)力可以改变物体的运动状态，也可以使物体发生形变；
(3)常用温度计是根据液体热胀冷缩的原理制成的；根据密度公式分析。
本题从一个瓶子装水，考查了水的密度变化、温度计原理、大气压和海拔高度的关系、力改变物体的形状等，虽知识点多，但都属于基础，难度不大。
20.【答案】左 2 竖直向上 变大 0.15
【解析】解：(1)如图所示杠杆左端高、右端低，说明杠杆右端偏重，要使杠杆在水平位置平衡，平衡螺母左端调节。
(2)设一个钩码的重力为G，杠杆一个小格的长度为L，根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2得3G×2L=nG×3L，
解得n=2；
(3)如图乙，在C点用弹簧测力计竖直向上拉杠杆时，杠杆才能在水平位置平衡，此时拉力的力臂为OC；
弹簧测力计倾斜拉杠杆时，拉力的力臂小于OC，拉力的力臂变小，阻力、阻力臂不变，由杠杆平衡条件可知测力计的拉力将变大；
【拓展】：如丙图，F和1L成正比，可知推断F−L成反比。
当F最小的时候，F与G的比为2：5，当F=2N时，1L=4m−1，所以L=0.25m，
根据杠杆平衡条件得：GL′=FL，
所以FG=L′L1，即25=L′0.25m，
所以，L′=0.1m，
则G′×0.1m=2N×0.25，解得G′=5N。
故答案为：(1)左；(2)2；(3)竖直向上；变大；【拓展】0.1；5。
(1)如果杠杆不在水平位置平衡，可通过反向调节(向偏高的一端)平衡螺母，使杠杆在水平位置平衡。
(2)根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2解答；
(3)阻力和阻力臂不变时，弹簧测力计倾斜，动力臂变小，动力变大；
【拓展】：根据图像结合正比例、反比例函数的特点进行分析；根据图像中某个点的数据代入公式便可求出
本题为探究杠杆平衡条件的实验，考查考查杠杆调平、杠杆平衡条件的运用等知识。
21.【答案】短路 右 导体两端的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比 12.5闭合开关S、S1，保持滑片的位置不动 U额U1−U额⋅R0
【解析】解：(1)滑动变阻器的滑片P向左移动时，电路中电流变大，说明滑动变阻器连入电路的电阻变小，故变阻器左下接线柱连入电路中，如下所示：
；
(2)闭合开关，发现电压表示数等于电源电压，则变阻器的电压为0，电流表有示数，说明电路不是断路，移动滑片，电表示数不变，说明变阻器没有变阻作用，则故障可能为滑动变阻R′短路；
(3)根据串联电路的分压原理可知，将定值电阻由5Ω改接成10Ω的电阻，电阻增大，其分得的电压增大；探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，根据串联电路电压的规律可知，为了保持定值电阻两端电压不变，应增大滑动变阻器分得的电压，由串联分压的分压原理可知，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向右端移动，使电压表的示数不变；
由图像可知，导体的电阻增大，通过导体的电流减小，通过导体的电流与导体的电阻的乘积保持不变，故可得出结论：导体两端的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比；
(4)由图乙可知，电阻两端所控制的电压：UV=IR=0.6A×5Ω=…=0.2A×15Ω=3V，根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压：U滑=U−UV=4.5V−3V=1.5V，变阻器分得的电压为电压表示数的1.5V3V=0.5倍，根据串联电路的分压原理，当接入25Ω电阻时，变阻器连入电路中的电阻为：R滑=0.5×25Ω=12.5Ω，即滑动变阻器的阻值至少是12.5Ω；
(5)①闭合开关S、S2，调节滑动变阻器R使电压表的示数为U额，此时灯泡正常发光；
②闭合开关S、S1，保持滑片的位置不动，读出此时电压表的示数为U1；
在②中，电压表测灯与定值电阻的电压，因此时各电阻的大小和电压不变，灯仍正常工作，根据串联电路电压的规律，此时定值电阻的电压：U0=U1−U额，
由欧姆定律可知，此时通过灯泡的电流：IL=U0R0=U1−U额R0，
则小灯泡电阻为：RL=U额IL=U额U1−U额R0=U额U1−U额⋅R0。
故答案为：(1)见解答图；(2)短路；(3)右；导体两端的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比；(4)12.5；(5)②闭合开关S、S1，保持滑片的位置不动；U额U1−U额⋅R0。
(1)根据滑动变阻器的滑片P向左移动时，电路中电流变大，说明滑动变阻器连入电路的电阻变小，从而确定滑动变阻器接入的接线柱；
(2)电压表示数等于电源电压，则变阻器的电压为0，电流表有示数，说明电路不是断路，移动滑片，电表示数不变，说明变阻器没有变阻作用，据此分析；
(3)根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻两端的电压相同，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；
根据图像中电流与电阻之积为一定值分析得出结论；
(4)根据图乙利用欧姆定律求出定值电阻两端所控制的电压，探究电流与电阻的关系，应保持电阻两端的电压不变；根据串联电路电压的规律求出变阻器分得的电压，根据串联电路的分压原理，求出当接入25Ω电阻时变阻器连入电路中的电阻，进而确定滑动变阻器的规格；
(5)电路中没有电流表，电压表和定值电阻应起到测量电流的作用，故将灯与定值电阻串联后再与变阻器串联；要测灯正常发光时的电阻，应首先使灯正常发光，先将电压表与灯并联，通过移动滑片的位置，使灯的电压为额定电压；保持滑片位置不动，通过开关的转换，使电压表测灯与定值电阻的电压，因此时各电阻的大小和电压不变，灯仍正常工作，根据串联电路电压的规律，可求出此时定值电阻的电压，由欧姆定律可求出灯的额定电流，根据欧姆定律可求出灯的电阻。
本题探究通电导体中的电流与电阻的关系，考查电路连接、故障分析、控制变量法、实验操作、器材的选择、欧姆定律的应用和设计特殊方案电阻的能力。
22.【答案】解：(1)已知木块的质量m=0.8kg，木块的体积V=Sh=100cm2×10cm=1000cm3=10−3m3，
则木块的密度ρ=mV=0.8kg10−3m3=0.8×103kg/m3；
(2)水槽中水的面积S水=300cm2−100cm2=200cm2，当水槽中注入水的体积V水=800mL=800cm3，
水的深度h水=V水S水=800cm3200cm2=4cm，
木块浸入水中的体积V排=S木×h水=100cm2×4cm=400cm3=4×10−4m3，
则木块受到的浮力F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×4×10−4m3=4N，
木块的重力G木=m木g=0.8kg×10N/kg=8N，
木块对容器底的压力F=G木−F浮=8N−4N=4N，
所以木块对容器底的压强p=FS木=4N100cm2=400Pa；
(3)当木块受到的浮力等于木块的重力时，木块漂浮，再注入更多的水，木块浸入水中的深度也不变。F浮′=G木=8N，
由阿基米德原理可知，木块浸入水中的体积V排′=F浮′ρ水g=8N1.0×103kg/m3×10N/kg=8×10−4m3，
则木块浸入水中的深度h′=V排′S木=8×10−4m3100cm2=8cm，
所以再注入h′′=h−h′=10cm−8cm=2cm深的水就注满，
则注入水的总体积V总=S水h′+S槽h ′ ′=200cm2×8cm+300cm2×2cm=2200cm3=2.2×10−3m3。
答：(1)木块的密度为0.8×103kg/m3；
(2)木块对容器底的压强为400Pa；
(3)水槽中最多可以注入2.2×10−3m3的水。
【解析】(1)根据木块的质量和体积可以求得木块的密度；
(2)先求出木块浸入水中的深度，再求出木块排开水的体积，由此可以得到木块受到的浮力，根据浮力、重力、支持力的平衡关系，可以求得木块对容器底的压力，最后根据压强公式P=FS求木块对容器底的压强；
(3)由于木块的密度小于水的密度，木块最终漂浮在水面上，分别求出木块浸入水中的深度以及木块下方水的深度，最后求出两部分水的总体积。
本题为力学综合题，考查了学生对重力公式、液体压强公式、阿基米德原理、物体的漂浮条件，难度较大，属于压轴题。
23.【答案】解：(1)只闭合S1时，如甲图，电路中只有R1，U=U1=12V，
I=I1=U1R1=12V24Ω=0.5A，
(2)只闭合S3时，如乙图，电路中只有R2，
I2=UR2=12V120Ω=0.1A，
P2=UI2=12V×0.1A=1.2W；
(3)电路中电阻R1、R3同时都有电流通过：①只闭合电键S2，电阻R1、R3串联；②只断开电键S2，电阻R1、R3并联。
①当电阻R1、R3串联时，如丙图，
因为Imax=UR1=12V24Ω=0.5安，所以电流达不到电流表两个量程的最大值；
因为电源电压U=12伏，所以电压U1达不到电压表0∼15伏量程的最大值。
当U1=3伏时，达到电压表0∼3伏量程的最大值。
U3=U−U1=12V−3V=9V，
此时电路中的电流：
I=U1R1=3V24Ω=0.125A，
R3=U3I=9V0.125A=72Ω；
②当电阻R1、R3并联时，如丁图，
I1=UR1=12V24Ω=0.5A，
当I=3A时，达到电流表0∼3安的量程的最大值，
I3=I−I1=3A−0.5A=2.5A，
R3=UI3=12V2.5A=4.8Ω；
因为电源电压U=12伏，所以电压U1达不到电压表0∼15伏量程的最大值。
当I=0.6安时，达到电流表0∼0.6安量程的最大值。
I3=I−I1=0.6A−0.5A=0.1A，
R3=UI3=12V0.1A=120Ω=R2(不作为替换电阻)；
答：(1)当只闭合电键S1时，电压表示数为12伏，电流表的示数为0.5A；
(2)当只闭合电键S3时，电阻 R2消耗的电功率为1.2W；
(3)符合上述要求可能的定值电阻R3的阻值为72Ω、4.8Ω。
【解析】(1)分析电路图，只闭合S1时，如甲图，电路中只有R1，知道电压表的示数(R1两端的电压)，利用欧姆定律求通过R1的电流(电流表的示数)；
(2)分析电路图，只闭合S3时，如乙图，电路中只有R2，知道电源电压和R2的阻值，利用欧姆定律和电功率公式求R2消耗的电功率；
(3)电路中电阻R1、R3同时都有电流通过：①只闭合电键S2，电阻R1、R3串联，如图丙；②只断开电键S2，电阻R1、R3并联，如图丁。根据达到电压表或电流表最大量程、且两个电阻都有电流通过，求出R3的阻值。
本题关键：一是根据开关开闭画出等效电路图帮助分析，二是灵活运用欧姆定律和串并联电路的特点。
2023年河北省唐山市丰润区中考物理模拟试卷
1. 环境保护，节约资源，从我做起。下列做法不符合这一理念的是( )
A. 随意焚烧垃圾 B. 使用太阳能、可燃冰等清洁能源
C. 回收废旧金属 D. 用遥控器关闭电视后，再关闭电源
2. 对下列事实的解释，不合理的是( )
A. 通过气味辨别氮气和氨气--分子是运动的，不同分子的性质不同
B. 氧气经压缩储存在钢瓶中--压强增大，分子之间的间隔变小
C. 干冰升华为二氧化碳气体--状态变化，分子大小随之变化
D. 蔗糖在热水中溶解更快--温度越高，分子运动速率越大
3. 生活中的下列做法不合理的是( )
A. 炒菜最好选用铁锅，而不是铝锅 B. 被蚊虫叮咬后，涂抹食醋止痒
C. 油罐车的尾部装有一条拖在地面上的铁链 D. 喝牛奶的吸管一端削成尖
4. 下列推理正确的是( )
A. 铁球放入水中沉底说明铁球在水中不受浮力
B. 路灯同时亮同时灭说明路灯之间是串联的
C. 有机物都含有碳元素，含碳元素的化合物不一定是有机物
D. 稀有气体原子是稳定结构，结构稳定的粒子一定是稀有气体原子
5. 对如图所示实验得出的结论正确的是( )
A. 甲实验硬币跳跃木块，说明气体流速大的位置压强小
B. 乙实验钢尺伸出桌面越长，振动越快
C. 丙实验蜡烛熄灭，说明燃烧需要氧气
D. 丁图烧杯内壁有小水珠生成说明甲烷中含有氢元素和氧元素
6. 下列数据中最接近实际情况的是( )
A. 课桌的高度约为1.2m B. 物理课本的质量约为200g
C. 沸水的温度约为100℃ D. 家用电冰箱的额定功率约为1000W
7. 下列与物态变化相关的说法正确的是( )
A. 地板上小水滴不见了，是发生了液化现象
B. 雾凇是空气中的水蒸气凝固形成的
C. 干冰能够降温是由于干冰汽化吸热
D. 正在熔化的蜡，吸收热量，温度逐渐升高
8. 如图所示，八个相同的玻璃瓶内装有深度不同的水，用筷子轻轻敲击瓶子或用嘴贴着瓶口吹气，会发出不同的声音，下列关于所发出声音的判断中正确的是( )
A. 从左向右用嘴贴着瓶口用相同力度吹气，音调逐渐降低
B. 吹瓶子发出的声音是由于水振动产生的
C. 从左向右用筷子用相同力度依次敲击瓶子，音调逐渐降低
D. 从左向右用嘴贴着瓶口用相同力度吹气，响度逐渐降低
9. 如图所示的是有关“电和磁”的实验，下列说法中正确的是( )
A. 甲图：实验演示的是电磁感应实验
B. 乙图：实验演示的是发电机的工作原理
C. 丙图：实验演示的是电动机的工作原理
D. 丁图：实验演示的是磁场中某点的磁场方向是由放在该点的小磁针决定的
10. 如图是一位同学组装的提升重物的装置，他在5s内将一个重为200N的物体向上匀速提升2m，拉力为100N，则此过程中( )
A. 他做的总功为600J
B. 他做的有用功为200J
C. 该滑轮组的效率为66.7%
D. 他对滑轮组做功的功率为120W
11. 在探究凸透镜成像的实验中，蜡烛、凸透镜和光屏的位置如图所示，烛焰在光屏上恰好成一清晰的像。下列说法正确的是( )
A. 凸透镜的焦距是20cm
B. 将蜡烛和光屏都向右移动，光屏上可成清晰的像，该成像规律应用在照相机上
C. 在贴近凸透镜的左侧放置一眼镜片，只向左移动光屏，可在光屏上成清晰缩小的像，该镜片对光起发散作用
D. 用f=15cm的凸透镜替换图中透镜，只向右移动光屏，可在光屏上成清晰的像
12. 运动员在进行蹦床比赛的过程中，下列说法中正确的是( )
A. 运动员离开蹦床后上升过程中，蹦床对运动员不做功
B. 运动员上升到最高点时，速度为零，所受合力不为零
C. 在下落过程中，由于运动员具有惯性，所以速度越来越大
D. 运动员落到蹦床上继续向下运动的过程中，动能先增大后减小
13. 如图所示，电源电压不变，R1、R2为定值电阻，R为滑动变阻器，a、b是电流表或电压表。当只闭合开关S、S1时，a、b的指针均明显偏转，将位于中点的滑片P向左移动，a的示数不变，b的示数有变化。以下说法正确的是( )
A. b是电流表
B. 只闭合S、S2，移动滑片P，则a示数的变化量与b示数的变化量的比值可能等于R1+R2
C. 若将b换成另一种电表，只闭合S、S2，将滑片P向右移动，R2消耗的功率一定变大
D. 若将a与b的位置互换，只闭合S、S2，则a的示数与b的示数的比值可能等于R2
14. 家庭电路中的保险丝的电阻比较______ (选填“大”或“小”)，熔点较低，为了安全用电，保险丝应串联接在干路的______ (选填“火线”或“零线”)上；小红家的电子式电能表表盘上标有“3600imp/(kW⋅h)”的字样(imp表示电能表指示灯闪烁次数)，如果某用电器单独工作10min，电能表指示灯闪烁60次，则该用电器的实际功率是______ W。
15. 在平直的公路上，甲、乙两辆汽车同时从同一地点向南行驶，如图所示记录了两辆汽车在相同时间内通过路程的情况，其中______ (填“甲”或“乙”)车在做匀速直线运动。乙车前30s的平均速度是______ km/h。在前10s时间内，若以甲车为参照物，乙车是向______ (填“南”或“北”)行驶。
16. 地球的自转让我们每天能看到“日出”和“日落”现象。由于地球表面有大气层，太阳光通过密度不均匀的大气层会发生______ 。如果没有这层大气，我们看到的日出将______ (提前/推迟).
17. 现阶段核潜艇的动力系统是由原子核______ (选填“裂变”或“聚变”)提供的。中国正加快对页岩气的安全开采，页岩气和核能都属于______ (选填“可再生”或“不可再生”)能源。若用燃气灶将一壶质量为6kg、初始温度为20℃的水加热到80℃，消耗了0.2m3的页岩气。已知水的比热容4.2×103J/(kg⋅℃)，页岩气的热值为4.2×107J/m3，则该燃气灶烧水的效率为______ %。
18. 城市里共享摩拜单车的出现，方便了人们的短途出行，请回答下列问题。
(1)当我们使用共享单车APP扫描车辆二维码时，可以实现自动开锁，传递信息的是______ 。
(2)摩拜单车信息传输用到的电能来源于后轮毂(gǔ)集成的发电装置，通过踩动单车可将机械能转化为电能为蓄电池充电，其原理是______ 。
(3)为防止自行车的链条生锈，请写出一条防锈措施：______ 。
19. 小明在学习了大气压强的知识后，自制了一个如图甲所示的气压计，瓶中装有适量的水；当他将自制气压计由楼上拿到楼下时发现细玻璃管中液面下降，说明______ 。若他将这个瓶子装满水如图乙所示，戴着隔热手套捏瓶子，发现细玻璃管中液面也能上升，说明______ 。他还发现将装满水的瓶子放入热水中，细玻璃管中液面仍能上升，这又成了一支自制温度计，它的工作原理是______ ，在此过程中瓶内水的密度将______ 。(选填“变大”、“变小”或“不变”)
20. 小成同学在做“探究杠杆平衡条件”的实验时，进行了如下操作：
(1)将杠杆悬挂在支点O上，如图甲所示，这时发现杠杆左端高、右端低，他应将杠杆的平衡螺母向______ (选填“左”或“右”)端调节，才能使杠杆在水平位置平衡。
(2)杠杆水平平衡后，他在A点挂三个钩码，如图乙所示，那么B点挂______ 个相同的钩码，可使杠杆在水平位置重新平衡。
(3)A点悬挂钩码不动，B点钩码摘除，在C点挂上已调好的弹簧测力计，他应______ (选填“竖直向上”或“竖直向下”)拉动弹簧测力计，使杠杆在水平位置平衡。若沿虚线方向拉弹簧测力计，使杠杆水平平衡，测力计的示数将______ (选填“变大”“变小”或“不变”)。
【拓展】图丙中的轻质杠杆全长1m，支点为杠杆的中点，小成在支点左侧某一固定位置挂一个重为G的物体，在支点右侧距离O点为L的位置施加竖直向下的力F使杠杆水平平衡，多次移动拉力位置并根据多次测量的F、L的数据，画出如图丁所示的图象。已知当F最小的时候，F与G的比为2：5，结合杠杆平衡条件，可求出物体悬挂点到支点的距离是______ m，物体的重力G=______ N。
21. 小功和小红同学在“探究通电导体中的电流与电阻的关系”实验中，连接了如图甲所示的电路(电源电压保持4.5V不变)。
(1)用笔画线代替导线将图甲实物电路连接完整；(要求：滑动变阻器的滑片P向左移动时，电路中电流变大；导线不得交叉)
(2)连接好电路，闭合开关，发现电压表示数等于电源电压，电流表有示数，移动滑片，电流表示数不变，则故障可能为滑动变阻R′______ (选填“断路”或“短路”)；
(3)探究通电导体中的电流与电阻的关系实验要在电压一定时进行，图乙是小组根据测得的实验数据绘制的电流I随电阻R变化的图像。当R的电阻由5Ω更换为10Ω时，闭合开关后，为使R两端的电压不变，滑动变阻器的滑片应向______ (选填“左”或“右”)端滑动；通过分析图像，总结实验结论：______ 。
(4)若实验中R的阻值分别是5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω，为了保证完成实验，则滑动变阻器的阻值至少是______ Ω。
(5)实验后小红又用如图丙所示电路测量额定电压为U额的小灯泡正常发光时的电阻(U额小于电源电压)，电阻R0已知，将下面实验步骤补充完整。
①只闭合开关S、S2，移动滑动变阻器滑片使电压表示数为U额；
②______ ，读出电压表示数为U1；
③小灯泡电阻RL=______ 。(用物理量符号表示)
22. 如图所示，水槽与木块等高，都为10cm，水槽的底面积为300cm2，木块的底面积为100cm2。已知木块的质量为0.8kg。(木块不吸水，整个过程木块不倾倒，g取10N/kg，ρ水=1.0×103kg/m3)求：
(1)木块的密度；
(2)水槽中注入800mL水时，木块未浮起，求木块对容器底的压强；
(3)水槽中最多可以注入多少m3的水。
23. 在如图所示的电路中，电源电压保持不变，电流表的量程分别为0∼0.6安和0∼3安，电压表的量程分别为0∼3伏和0∼15伏，电阻R1和R2的阻值分别为24欧和120欧。求：
(1)当只闭合电键S1时，电压表示数为12伏，求电流表的示数。
(2)当只闭合电键S3时，电阻R2消耗的电功率P2。
(3)现用阻值不同的电阻R3替换R2，替换后要求：通过控制电键的断开或闭合，使电流表或电压表的示数分别能达到某个量程的最大值，且两个电阻都有电流通过，请通过计算求出符合上述要求的所有可能的定值电阻R3的阻值。
答案和解析
1.【答案】A
【解析】解：A、随意焚烧垃圾会污染环境，故A符合题意；
B、使用太阳能、可燃冰等清洁能源可以保护环境，节约化石能源，故B不符合题意；
C、回收废旧金属，可以保护环境，故C不符合题意；
D、用遥控器关闭电视后，再关闭电源，可以节约能源，故D不符合题意。
故选：A。
(1)保护环境，节约能源是每个公民义不容辞的责任。
(2)随手关灯、关水龙头；注意回收废旧金属；大力推广使用清洁能源等都是节约能源的具体措施。
知道保护环境、节约能源的具体措施。本题属于基础性题目。
2.【答案】C
【解析】解：A、通过气味辨别氮气和氨气，是因为分子是不断地运动的，且不同种的分子性质不同，故A正确；
B、氧气经压缩储存在钢瓶中，是因为分子间有间隔，气体受压后，分子间隔变小，气体的体积减小，故B正确；
C、干冰升华为二氧化碳气体，是因为状态变化，分子间的间隔随之变化，不是大小变化，故C错误；
D、蔗糖在热水中溶解更快，是因为温度越高，分子运动速率越快，故D正确。
故选：C。
根据分子的基本特征：分子质量和体积都很小；分子之间有间隔；分子是在不断运动的；同种的分子性质相同，不同种的分子性质不同，可以简记为：“两小运间，同同不不”，结合事实进行分析判断即可。
本题难度不大，掌握分子的基本性质(可以简记为：“两小运间，同同不不”)及利用分子的基本性质分析和解决问题的方法是解答此类题的关键．
3.【答案】B
【解析】解：A、铁具有良好的导热性，炒菜最好选用铁锅，而不是铝锅，故A正确；
B、被蚊虫叮咬后，需用碱性物质中和止痒，不能涂抹食醋止痒，故B错误；
C、当油罐车里的油在运输过程中，油与油槽不断摩擦，会使油和油槽带上电荷，油罐车尾部装的铁链会将电荷带走，故C正确；
D、喝饮料用的吸管一端削成尖，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，故D正确。
故选：B。
(1)铁具有良好的导热性；
(2)被蚊子咬了用醋没有用，蚊子的毒液是某种酸，需用碱性物质中和止痒；
(3)由于油罐车里的油在运输过程中易因摩擦产生的静电造成事故，要把产生的静电用铁链导入大地；
(4)压强大小跟压力大小和受力面积大小有关，增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积；在受力面积一定时，增大压力。
本题主要考查知识点较多，是一道综合性的、跨学科的基础性题目。
4.【答案】C
【解析】解：A、铁球之所以下沉是因为浮力小于重力，使铁球所用合力向下，故一直沉到水底，故A错误；
B、路灯同时亮同时灭，但一灯坏时，其它灯能亮，由并联电路独立工作互不影响的特点可知，路灯是并联的，故B错误；
C、有机物都含碳元素，但是含碳元素的化合物不都是有机物，例如碳酸钙含有碳元素，但不属于有机物，故C正确；
D、稀有气体原子具有相对稳定结构，则具有相对稳定结构的粒子不一定是稀有气体原子，还有其他离子，例如钠离子，故D错误。
故选：C。
(1)浸在液体中的物体受到液体对它竖直向上的浮力；
(2)并联电路中的用电器能独立工作，互不影响；
(3)根据有机物的概念来分析；
(4)根据处于稳定结构的粒子来分析。
本题是一个理化综合题，掌握浮力、串并联的特点、有机物与无机物的概念、粒子的结构是解题的关键。
5.【答案】A
【解析】解：
A、在硬币上方沿着与桌面平行方向用力吹一口气，硬币上方的气流速度大于下方的气流速度，硬币上方的气体压强小于下方的气体压强，从而产生向上的“升力”，所以，口吹硬币跳越木块，利用了气体在流速大的位置压强小的原理，故A正确。
B、钢尺伸出桌面越长，振动部分的质量越大，则振动越慢，故B错误。
C、燃烧的蜡烛一吹就灭，说明温度降至蜡烛的着火点以下，从而说明燃烧需要温度达到着火点，故C错误。
D、丁图烧杯内壁有小水珠生成说明甲烷中含有氢元素，故D错误。
故选：A。
(1)流体的压强与流速的关系：流体在流速大的地方压强小、在流速小的地方压强大。
(2)钢尺伸出桌面越长，振动越慢，频率越小。
(3)物体燃烧的条件：充足的氧气，可燃物，达到着火点。
(4)点燃甲烷，在火焰上方罩一个干燥的烧杯，若烧杯内壁有小水珠生成说明甲烷中含有氢元素。
此题是一道跨学科题目，涉及到流体压强与流速的关系、频率及音调的关系、物体燃烧的条件等，要求灵活运用所学物理和化学知识加以分析。
6.【答案】B
【解析】解：A、课桌的高度约为0.8m，故A错误；
B、物理课本的质量在200g左右，故B正确；
C、由于液体的沸点受大气压的影响，所以沸水的温度只有在1标准大气压下是100℃，故C错误；
D、家用电冰箱的额定功率约为200W，故D错误。
故选：B。
首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可。
7.【答案】D
【解析】解：A、地板上小水滴不见了，是从液态变为了气态，发生了汽化现象，故A错误；
B、雾凇是空气中的水蒸气凝华形成的小冰晶，故B错误；
C、干冰降温是利用干冰升华，从周围吸收热量，故C错误；
D、蜡是非晶体，正在熔化的蜡，吸收热量，温度升高，故D正确。
故选：D。
(1)物质从固态变成液态的过程叫做熔化，物质从液态变成固态的过程叫做凝固；物质从液态变为气态叫做汽化，物质从气态变为液态叫做液化；物质从固态直接变成气态叫升华，物质从气态直接变成固态叫凝华。
(2)晶体熔化过程中不断吸热，温度不变；非晶体熔化过程中吸热，温度升高。
熟知物态变化的形式及其吸放热情况，同时知道晶体与非晶体的熔化特点是解答的关键。
8.【答案】C
【解析】解：ABD、从左向右用嘴贴着瓶口用相同力度吹气，振动发声的是由于瓶内空气柱的振动发出的，空气柱振动的幅度不变，且空气柱长度越短，音调越高，因此它们的响度不变，最右边的音调最高，最左边的音调最低，故ABD错误。
C、从左向右用筷子用相同力度依次敲击瓶子，声音是由瓶子和瓶内的水振动发出的，水越多，音调越低，因此音调逐渐降低，故C正确。
故选：C。
敲击瓶子时，振动发声的物体是瓶子和瓶内的水；用嘴贴着管口吹气，振动发声的物体是瓶中的空气，响度与发声体的振动幅度有关，振动幅度越大，响度越大。
本题主要考查学生对：响度的影响因素以及频率与音调高低关系的理解和掌握，重点是弄清发声体。
9.【答案】C
【解析】解：A.该装置是奥斯特实验，说明电流的周围存在磁场，是电流的磁效应，故A错误；
BC.该实验装置有电源，即通电后，磁场中的导体会受力转动，即通电导线在磁场中受力的作用，直流电动机是依据此原理制成的，故B错误、C正确；
D.磁场中某点的磁场方向是由磁场决定的，我们可以借助小磁针静止时N极的指向来判断该点的磁场方向，故D错误。
故选：C。
(1)奥斯特实验说明通电导体周围存在着磁场；
(2)发电机原理图描述了线圈给外界的用电器供电；电动机原理图描述了电源给线圈或导体供电；
电磁感应现象装置图中没有电源；磁场对电流的作用装置图中有电源；
(3)小磁针可以显示磁场的方向。
本题考查了电磁学中的几个重要实验，特别要注意发电机和电动机的工作原理。
10.【答案】ACD
【解析】解：
A.由图可知，滑轮组绳子的有效股数n=3，则绳子自由端移动的距离s=nh=3×2m=6m，拉力做的总功W总=Fs=100N×6m=600J，故A正确；
B.拉力做的有用功W有=Gh=200N×2m=400J，故B错误；
C.该滑轮组的效率η=W有W总×100%=400J600J×100%≈66.7%，故C正确；
D.他对滑轮组做功的功率P=W总t=600J5s=120W，故D正确。
故选：ACD。
(1)根据图示滑轮组可知绳子的有效股数，利用s=nh求出绳子自由端移动的距离，利用W=Fs求出拉力做的总功；
(2)根据W=Gh求出拉力做的有用功；
(3)利用η=W有W总×100%求出该滑轮组的效率；
(4)利用P=Wt求出他对滑轮组做功的功率。
本题考查了滑轮组的特点和做功公式、功率公式以及滑轮组机械效率公式的应用，明确滑轮组绳子的有效股数是关键。
11.【答案】D
【解析】解：
A、由图可知u=50cm−30cm=20cm，光屏上得到一个清晰等大的实像，则u=2f=20cm，解得f=10cm，故A错误；
B、将蜡烛和光屏都向右移动，光屏上可成清晰的像，物体处于一倍焦距和二倍焦距之间，成倒立、放大的实像，投影仪就是利用该原理制成的，故B错误；
C、贴近凸透镜的左侧放置一眼镜片，只向左移动光屏，说明透镜对光线有会聚作用，在光屏上成清晰缩小的像，故C错误；
D、用f=15cm的凸透镜替换图中透镜，物距u=20cm，f
(1)物距等于2f时，成倒立、等大的实像；
(2)光屏上能承接到的像是实像。凸透镜成实像时，物距大于像距，成倒立缩小的实像；物距等于像距时，成倒立等大的实像；物距小于像距时，成倒立放大的实像；
(3)根据光屏的移动方向可判断像的变化情况；
(4)当f
12.【答案】ABD
【解析】解：A、运动员离开蹦床后，由于惯性继续向上运动，蹦床对运动员没有力的作用，对运动员不做功；故A正确；
B、当运动员到达最高点时，瞬时速度为零，但由于运动员受到重力的作用，合力不为零，故B正确；
C、运动员在下落过程中，由于受到重力作用，速度越来越大，故C错误；
D、运动员下落刚接触蹦床时，还要继续下落，速度先变大后变小，前段是重力势能转化为运动员的动能和蹦床的弹性势能，后段是运动员的动能和重力势能转化为蹦床的弹性势能，到最低点时，运动员的重力势能最小，其动能为零，蹦床弹性势能最大，故运动员的动能先增大后减小，故D正确。
故选：ABD。
A、做功的两个必要因素：力和在力的作用下沿力的方向移动的距离；
B、物体处于静止状态或匀速直线运动状态时，受到的是平衡力；
C、力是改变物体运动状态的原因；
D、根据动能与重力势能、弹性势能的转化，结合所处的不同状态进行分析。
通过运动员参加蹦床比赛时的情景，考查了我们对重力势能、动能、弹性势能变化的分析、平衡状态的判断、改变物体运动状态的原因等知识的理解，属基础题，难度不大。
13.【答案】AD
【解析】解：
A、只闭合开关S、S1时，电表b与滑动变阻器R串联，且滑片P向左移动，b的示数有变化，则b一定是电流表，故A正确；
若a为电流表，测通过R2的电流，由于R2的阻值和两端的电压均不变，滑片P向左移动，a的示数不变；
若a为电压表，测电源电压，其示数也不变，a可能是电流表也可能是电压表；
B、a为电压表、b为电流表时，只闭合S、S2，此时R1与R串联，电压表a测R两端的电压，电流表测电路中的电流，则有：R1=△U△I，即a示数的变化量与b示数的变化量的比值等于R1；
a、b均为电流表时，只闭合S、S2，R、R2被短路，电路为R1的简单电路，移动滑片P，a、b两表的示数变化量均为0，故B错误；
C、将b换成电压表，a为电压表时，只闭合S、S2，R1、R2与R串联，滑片P向右移动，电阻变小，电路总电阻变小，电流变大，根据P=I2R2可知，R2消耗的功率变大；
若将b换成电压表，a为电流表时，只闭合S、S2，R被短路，R1、R2串联，滑片P向右移动，电阻不变，电路总电阻不变，电流不变，根据P=I2R2可知，R2消耗的功率不变，故C错误；
D、a为电压表、b为电流表时，若将a与b的位置互换，只闭合S、S2，R被短路，R1、R2串联，电流表测电路中的电路，电压表测R2两端的电压，则a的示数与b的示数的比值为R2；
a、b均为电流表时，若将a与b的位置互换，只闭合S、S2，R、R2被短路，电路为R1的简单电路，两电流表的示数相等，其比值为1，故D正确。
故选：AD。
(1)先根据题意判断a、b两表的类型，再结合电路分析其连接方式，根据电压的变化量与电流变化量的比值为定值电阻的阻值；
(2)根据串联电路电流、电压、电阻的特点、欧姆定律以及P=I2R判断R2消耗的功率；
(3)结合电表类型，利用欧姆定律判断两表示数的比值。
本题是一道动态电路分题，涉及到电路的连接方式的判断、欧姆定律以及电功率公式的应用等知识，过程较为复杂，需要讨论，有一定的难度。
14.【答案】大 火线 100
【解析】解：保险丝的作用是在电流异常升高到一定的高度的时候，自身熔断切断电路，从而起到保护电路安全运行的作用，因此保险丝需用电阻较大、熔点较低材料制成。为了安全用电，保险丝应串联接在干路的火线上；
电能表指示灯闪烁60次时，用电器消耗的电能：
W=603600kW⋅h=160kW⋅h=160×3.6×106J=6×104J，
用电器的实际功率：
P实=Wt=6×104J10×60s=100W。
故答案为：大；火线；100。
保险丝是用熔点较低、电阻率较大的铅锑合金制成的。当电流过大时，保险丝会产生较多的热量而熔断。为了安全用电，保险丝应串联接在干路的火线上；根据电能表的参数“3600imp/(kW⋅h)”可知，电路中每消耗1kW⋅h的电能，指示灯闪烁3600imp，据此求出电能表指示灯闪烁60次时用电器消耗的电能，利用P=Wt求出用电器的实际功率。
此题考查的知识点有两个：一是保险丝的特点和作用；二是实际功率的计算，理解电能表参数的含义，要掌握。
15.【答案】甲 90 北
【解析】解：甲在相同的时间内通过的路程是相等的，所以甲车在做匀速直线运动；
乙车30s通过的路程是750m，30s=303600h=1120h，750m=0.75km，所以乙车前30s的平均速度：v=st=0.75km1120h=90km/h；
在平直的公路上，甲、乙两辆汽车同时从同一地点向南行驶，在前10s时间内，甲车走了300m，乙车走了200m，以甲车为参照物，乙车是向北行驶。
故答案为：甲；90；北。
根据匀速直线运动的特点可判断哪个车做匀速直线运动；知道乙车通过的路程和时间，根据v=st求出乙车的速度；根据两车前10s时间内的位移以及运动和静止的相对性判断出乙车的运动方向。
本题考查匀速直线运动的特点、运动和静止的相对性、速度公式的灵活运用，题目难度不大。
16.【答案】折射 推迟
【解析】解：如果地球表面不存在大气层，太阳光将在真空中沿直线传播，由于地球是圆形的，所以只有太阳升到某一位置时才能观察到；而正因为地球表面上有大气层且不均匀，太阳光通过密度不均匀的大气层会发生折射，能够提前观察到；所以如果地球表面不存在大气层，那么观察到的日出时刻与实际存在大气层时的情况相比将延后；同理，观察到的日落时刻与实际存在大气层时的情况相比将提前。
故答案为：折射；推迟。
太阳光从真空进入大气层时，会产生折射现象。
此题是光折射现象在生活中的实际应用，是应用物理知识解决实际的问题，属于中档题。
17.【答案】裂变 不可再生 18
【解析】解：(1)核潜艇的动力系统是由原子核裂变提供。
(2)页岩气和核能，使用后不能在短期内从自然界得到补充，都属于不可再生能源。
(3)水吸收的热量为：
Q吸=cmΔt=4.2×103J/(kg⋅℃)×6kg×(80℃−20℃)=1.512×106J，
页岩气燃烧放出的热量为：
Q放=qV=4.2×107J/m3×0.2m3=8.4×106J，
燃气灶烧水的效率为：
η=Q吸Q放=1.512×106J8.4×106J×100%=18%。
故答案为：裂变；不可再生；18。
(1)核潜艇利用核能工作，核能是原子核的裂变释放的能量。
(2)可再生能源的概念：像风能、水能、太阳能等可以在自然界源源不断地得到，把它们称为可再生能源。不可再生能源的概念：化石能源、核能等能源会越用越少，不能在短期内从自然界得到补充，这类能源称为不可再生能源。
(3)利用Q吸=cmΔt求水吸收的热量，再利用Q放=qV求出页岩气燃烧放出的热量，最后运用η=Q吸Q放求该燃气灶烧水的效率。
知道核能是裂变产生的，区分可再生能源与不可再生能源，会运用比热容和热值处理热学综合题，是解答此题的关键。
18.【答案】电磁波 电磁感应 涂油
【解析】解：(1)扫码实现自动开锁的过程中，手机与共享单车之间存在信息传递，它们之间是通过电磁波来传递信息的。
(2)通过踩动单车可将机械能转化为电能，说明单车的后轮相当于一个发电机，故其发电原理为电磁感应。
(3)为防止自行车的链条生锈，可采取涂油的措施。
故答案为：(1)电磁波；(2)电磁感应；(3)涂油。
(1)手机是通过电磁波传递信息；
(2)发电机的原理是电磁感应；
(3)铁与氧气和水同时接触时容易生锈，涂油可以防止生锈。
本题考查了电磁波的应用、发电机的工作原理等内容，属于基础内容，难度不大。
19.【答案】大气压随着高度的减小而增大 力可以改变物体的形状 液体的热胀冷缩 变小
【解析】解：(1)当他将自制气压计由楼上拿到楼下时发现细玻璃管中液面降低，说明大气压随着高度的减小而增大；
(2)若他将这个瓶子装满水，戴着隔热手套捏瓶子，发现细玻璃管中液面也能上升，隔热手套排除了温度对液体的影响，所以水柱升高是因为瓶子发生了形变造成的，说明力可以改变物体的形状；
(3)将装满水的瓶子放入热水中，细玻璃管中液面仍能上升，其原因是液体受热体积膨胀造成的，它的工作原理是液体的热胀冷缩；瓶内水的质量不变，体积增大，根据密度公式ρ=mV得知，水的密度变小。
故答案为：大气压随着高度的减小而增大；力可以改变物体的形状；液体的热胀冷缩；变小。
(1)大气压和海拔的关系：海拔越高、大气压越低；
(2)力可以改变物体的运动状态，也可以使物体发生形变；
(3)常用温度计是根据液体热胀冷缩的原理制成的；根据密度公式分析。
本题从一个瓶子装水，考查了水的密度变化、温度计原理、大气压和海拔高度的关系、力改变物体的形状等，虽知识点多，但都属于基础，难度不大。
20.【答案】左 2 竖直向上 变大 0.15
【解析】解：(1)如图所示杠杆左端高、右端低，说明杠杆右端偏重，要使杠杆在水平位置平衡，平衡螺母左端调节。
(2)设一个钩码的重力为G，杠杆一个小格的长度为L，根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2得3G×2L=nG×3L，
解得n=2；
(3)如图乙，在C点用弹簧测力计竖直向上拉杠杆时，杠杆才能在水平位置平衡，此时拉力的力臂为OC；
弹簧测力计倾斜拉杠杆时，拉力的力臂小于OC，拉力的力臂变小，阻力、阻力臂不变，由杠杆平衡条件可知测力计的拉力将变大；
【拓展】：如丙图，F和1L成正比，可知推断F−L成反比。
当F最小的时候，F与G的比为2：5，当F=2N时，1L=4m−1，所以L=0.25m，
根据杠杆平衡条件得：GL′=FL，
所以FG=L′L1，即25=L′0.25m，
所以，L′=0.1m，
则G′×0.1m=2N×0.25，解得G′=5N。
故答案为：(1)左；(2)2；(3)竖直向上；变大；【拓展】0.1；5。
(1)如果杠杆不在水平位置平衡，可通过反向调节(向偏高的一端)平衡螺母，使杠杆在水平位置平衡。
(2)根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2解答；
(3)阻力和阻力臂不变时，弹簧测力计倾斜，动力臂变小，动力变大；
【拓展】：根据图像结合正比例、反比例函数的特点进行分析；根据图像中某个点的数据代入公式便可求出
本题为探究杠杆平衡条件的实验，考查考查杠杆调平、杠杆平衡条件的运用等知识。
21.【答案】短路 右 导体两端的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比 12.5闭合开关S、S1，保持滑片的位置不动 U额U1−U额⋅R0
【解析】解：(1)滑动变阻器的滑片P向左移动时，电路中电流变大，说明滑动变阻器连入电路的电阻变小，故变阻器左下接线柱连入电路中，如下所示：
；
(2)闭合开关，发现电压表示数等于电源电压，则变阻器的电压为0，电流表有示数，说明电路不是断路，移动滑片，电表示数不变，说明变阻器没有变阻作用，则故障可能为滑动变阻R′短路；
(3)根据串联电路的分压原理可知，将定值电阻由5Ω改接成10Ω的电阻，电阻增大，其分得的电压增大；探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，根据串联电路电压的规律可知，为了保持定值电阻两端电压不变，应增大滑动变阻器分得的电压，由串联分压的分压原理可知，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向右端移动，使电压表的示数不变；
由图像可知，导体的电阻增大，通过导体的电流减小，通过导体的电流与导体的电阻的乘积保持不变，故可得出结论：导体两端的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比；
(4)由图乙可知，电阻两端所控制的电压：UV=IR=0.6A×5Ω=…=0.2A×15Ω=3V，根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压：U滑=U−UV=4.5V−3V=1.5V，变阻器分得的电压为电压表示数的1.5V3V=0.5倍，根据串联电路的分压原理，当接入25Ω电阻时，变阻器连入电路中的电阻为：R滑=0.5×25Ω=12.5Ω，即滑动变阻器的阻值至少是12.5Ω；
(5)①闭合开关S、S2，调节滑动变阻器R使电压表的示数为U额，此时灯泡正常发光；
②闭合开关S、S1，保持滑片的位置不动，读出此时电压表的示数为U1；
在②中，电压表测灯与定值电阻的电压，因此时各电阻的大小和电压不变，灯仍正常工作，根据串联电路电压的规律，此时定值电阻的电压：U0=U1−U额，
由欧姆定律可知，此时通过灯泡的电流：IL=U0R0=U1−U额R0，
则小灯泡电阻为：RL=U额IL=U额U1−U额R0=U额U1−U额⋅R0。
故答案为：(1)见解答图；(2)短路；(3)右；导体两端的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比；(4)12.5；(5)②闭合开关S、S1，保持滑片的位置不动；U额U1−U额⋅R0。
(1)根据滑动变阻器的滑片P向左移动时，电路中电流变大，说明滑动变阻器连入电路的电阻变小，从而确定滑动变阻器接入的接线柱；
(2)电压表示数等于电源电压，则变阻器的电压为0，电流表有示数，说明电路不是断路，移动滑片，电表示数不变，说明变阻器没有变阻作用，据此分析；
(3)根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻两端的电压相同，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；
根据图像中电流与电阻之积为一定值分析得出结论；
(4)根据图乙利用欧姆定律求出定值电阻两端所控制的电压，探究电流与电阻的关系，应保持电阻两端的电压不变；根据串联电路电压的规律求出变阻器分得的电压，根据串联电路的分压原理，求出当接入25Ω电阻时变阻器连入电路中的电阻，进而确定滑动变阻器的规格；
(5)电路中没有电流表，电压表和定值电阻应起到测量电流的作用，故将灯与定值电阻串联后再与变阻器串联；要测灯正常发光时的电阻，应首先使灯正常发光，先将电压表与灯并联，通过移动滑片的位置，使灯的电压为额定电压；保持滑片位置不动，通过开关的转换，使电压表测灯与定值电阻的电压，因此时各电阻的大小和电压不变，灯仍正常工作，根据串联电路电压的规律，可求出此时定值电阻的电压，由欧姆定律可求出灯的额定电流，根据欧姆定律可求出灯的电阻。
本题探究通电导体中的电流与电阻的关系，考查电路连接、故障分析、控制变量法、实验操作、器材的选择、欧姆定律的应用和设计特殊方案电阻的能力。
22.【答案】解：(1)已知木块的质量m=0.8kg，木块的体积V=Sh=100cm2×10cm=1000cm3=10−3m3，
则木块的密度ρ=mV=0.8kg10−3m3=0.8×103kg/m3；
(2)水槽中水的面积S水=300cm2−100cm2=200cm2，当水槽中注入水的体积V水=800mL=800cm3，
水的深度h水=V水S水=800cm3200cm2=4cm，
木块浸入水中的体积V排=S木×h水=100cm2×4cm=400cm3=4×10−4m3，
则木块受到的浮力F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×4×10−4m3=4N，
木块的重力G木=m木g=0.8kg×10N/kg=8N，
木块对容器底的压力F=G木−F浮=8N−4N=4N，
所以木块对容器底的压强p=FS木=4N100cm2=400Pa；
(3)当木块受到的浮力等于木块的重力时，木块漂浮，再注入更多的水，木块浸入水中的深度也不变。F浮′=G木=8N，
由阿基米德原理可知，木块浸入水中的体积V排′=F浮′ρ水g=8N1.0×103kg/m3×10N/kg=8×10−4m3，
则木块浸入水中的深度h′=V排′S木=8×10−4m3100cm2=8cm，
所以再注入h′′=h−h′=10cm−8cm=2cm深的水就注满，
则注入水的总体积V总=S水h′+S槽h ′ ′=200cm2×8cm+300cm2×2cm=2200cm3=2.2×10−3m3。
答：(1)木块的密度为0.8×103kg/m3；
(2)木块对容器底的压强为400Pa；
(3)水槽中最多可以注入2.2×10−3m3的水。
【解析】(1)根据木块的质量和体积可以求得木块的密度；
(2)先求出木块浸入水中的深度，再求出木块排开水的体积，由此可以得到木块受到的浮力，根据浮力、重力、支持力的平衡关系，可以求得木块对容器底的压力，最后根据压强公式P=FS求木块对容器底的压强；
(3)由于木块的密度小于水的密度，木块最终漂浮在水面上，分别求出木块浸入水中的深度以及木块下方水的深度，最后求出两部分水的总体积。
本题为力学综合题，考查了学生对重力公式、液体压强公式、阿基米德原理、物体的漂浮条件，难度较大，属于压轴题。
23.【答案】解：(1)只闭合S1时，如甲图，电路中只有R1，U=U1=12V，
I=I1=U1R1=12V24Ω=0.5A，
(2)只闭合S3时，如乙图，电路中只有R2，
I2=UR2=12V120Ω=0.1A，
P2=UI2=12V×0.1A=1.2W；
(3)电路中电阻R1、R3同时都有电流通过：①只闭合电键S2，电阻R1、R3串联；②只断开电键S2，电阻R1、R3并联。
①当电阻R1、R3串联时，如丙图，
因为Imax=UR1=12V24Ω=0.5安，所以电流达不到电流表两个量程的最大值；
因为电源电压U=12伏，所以电压U1达不到电压表0∼15伏量程的最大值。
当U1=3伏时，达到电压表0∼3伏量程的最大值。
U3=U−U1=12V−3V=9V，
此时电路中的电流：
I=U1R1=3V24Ω=0.125A，
R3=U3I=9V0.125A=72Ω；
②当电阻R1、R3并联时，如丁图，
I1=UR1=12V24Ω=0.5A，
当I=3A时，达到电流表0∼3安的量程的最大值，
I3=I−I1=3A−0.5A=2.5A，
R3=UI3=12V2.5A=4.8Ω；
因为电源电压U=12伏，所以电压U1达不到电压表0∼15伏量程的最大值。
当I=0.6安时，达到电流表0∼0.6安量程的最大值。
I3=I−I1=0.6A−0.5A=0.1A，
R3=UI3=12V0.1A=120Ω=R2(不作为替换电阻)；
答：(1)当只闭合电键S1时，电压表示数为12伏，电流表的示数为0.5A；
(2)当只闭合电键S3时，电阻 R2消耗的电功率为1.2W；
(3)符合上述要求可能的定值电阻R3的阻值为72Ω、4.8Ω。
【解析】(1)分析电路图，只闭合S1时，如甲图，电路中只有R1，知道电压表的示数(R1两端的电压)，利用欧姆定律求通过R1的电流(电流表的示数)；
(2)分析电路图，只闭合S3时，如乙图，电路中只有R2，知道电源电压和R2的阻值，利用欧姆定律和电功率公式求R2消耗的电功率；
(3)电路中电阻R1、R3同时都有电流通过：①只闭合电键S2，电阻R1、R3串联，如图丙；②只断开电键S2，电阻R1、R3并联，如图丁。根据达到电压表或电流表最大量程、且两个电阻都有电流通过，求出R3的阻值。
本题关键：一是根据开关开闭画出等效电路图帮助分析，二是灵活运用欧姆定律和串并联电路的特点。
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