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2023年辽宁省鞍山市铁东区中考物理一模试卷（含答案解析）
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这是一份2023年辽宁省鞍山市铁东区中考物理一模试卷（含答案解析），共32页。试卷主要包含了 下列估测最合理的是， 下列说法正确的是等内容，欢迎下载使用。
2023年辽宁省鞍山市铁东区中考物理一模试卷
1. 下列估测最合理的是( )
A. 分子的直径约为10−2m
B. 成人双脚站立时对地面压强约为1.2×104Pa
C. 一个鸡蛋的质量约为500g
D. 空调正常工作的功率约为100W
2. 如图所示是小明同学立定跳远考试时的场景，下列说法正确的是( )
A. 小明穿的运动鞋鞋底有凹凸不平的花纹是为了增大摩擦
B. 小明跳起后，在空中运动到最高点时处于平衡状态
C. 小明跳起后，在地面弹力的作用下继续向前运动
D. 起跳时，小明对地面的压力和地面对小明的支持力是一对平衡力
3. 对如图所示四幅图片涉及的物理知识分析错误的是( )
A. 海军南昌舰从长江开到黄海后，舰身要上浮一些
B. 轮船通过船闸从下游驶到上游，船闸是利用连通器原理工作的
C. 飞机机翼设计成流线型，利用机翼上方空气流速慢，压强小形成向上的升力
D. “祝融号”火星车设计有宽大的轮子可以减小压力的作用效果
4. 如图所示的四个情景，下列选项中说法正确的是( )
A. 甲图中厚玻璃筒内的空气被压缩时，空气的内能减小
B. 乙图中两个铅块紧压在一起后能吊住重物，说明分子间存在扩散现象
C. 丙图中红墨水在热水中扩散得快，说明温度越高，分子无规则运动越剧烈
D. 丁图中活塞向下运动，燃气的内能全部转化成活塞的机械能
5. 如图所示，家庭电路连接正确，各元件均可以正常工作，有关说法正确的是( )
A. 洗衣机接入三孔插座后电灯与洗衣机是串联的
B. 有金属外壳的洗衣机可以接入三孔插座也可接两孔插座
C. 闭合开关时，人接触B点或C点都可能引起触电
D. 断开开关时，试电笔接触B、C两点氖管都不发光
6. 下列说法正确的是( )
A. 如图甲，充电宝给手机电池充电时，手机电池相当于电源
B. 如图乙，本实验过程中，内能先转化为化学能再转化为机械能
C. 如图丙，开关S闭合后，灯L1、L2都不发光
D. 如图丁，轻质小球被用毛皮摩擦过的橡胶棒吸引，说明小球一定带正电
7. 长征三号乙运载火箭把两颗北斗三号卫星成功送入预定轨道。这两颗卫星将和其他17颗已经在轨运行的北斗三号卫星组成网络提供导航服务。以下说法正确的是( )
A. 卫星随火箭升空的过程中，卫星相对于火箭是运动的
B. 卫星与地面导航接收设备之间是靠电磁波传递信号的
C. 卫星中的集成电路是用超导体材料制作的
D. 运载火箭第三级用能效高的液态氢作燃料，“能效高”指的是比热容大
8. 下列说法正确的是( )
A. 煤属于可再生能源，太阳能属于一次能源
B. 能量的转化、转移都是有方向性的，能量的利用是无条件的
C. 逐渐停售燃油汽车，大力推广电动汽车，有利于缓解温室效应
D. 核电站是利用原子核发生可控的核聚变产生的核能来发电的
9. 关于如图所示的电和磁的实验，下列描述中正确的是( )
A. 实验演示的是电流的磁效应
B. 实验演示的是电动机的工作原理
C. 实验演示的是磁场对电流的作用，直流电动机是依据此原理制成的
D. 实验演示当铁棒靠近条形磁铁时被吸引，说明铁棒原来就有磁性
10. 周末，爸爸开车带着小艳出去游玩，汽车在1h的时间内，在水平路面上匀速行驶了72km，消耗汽油6kg。若已知该汽车发动机牵引力的功率为23kW，q汽油=4.6×107J/kg，则关于上述行驶过程，下列分析正确的是( )
A. 发动机效率低主要是机械之间的摩擦造成的
B. 该汽车的牵引力约为320N
C. 燃烧汽油产生的热量为2.76×108J
D. 该汽车发动机的效率是30%
11. 下列关于物理概念和规律的说法，正确的是( )
A. 由公式ρ=mV可知，物质的密度跟质量成正比，跟体积成反比
B. 由公式R=UI可知，导体的电阻大小等于导体两端的电压与导体中通过的电流之比
C. 串联电路中各处的电流相等，并联电路中各支路两端的电压相等
D. 滑动摩擦力和压强都与压力大小和接触面积有关
12. 如图所示电路，电源电压保持不变，闭合开关S，将滑动变阻器的滑片从中点向a端移动过程中( )
A. 电压表V的示数变大，电流表A1的示数变小
B. 电压表V的示数与电流表A1的示数乘积变小
C. 电压表V的示数不变，灯泡L的亮度不变
D. 电压表V的示数与电流表A2的示数比值不变
13. 将质量和底面积都相同的A、B两个容器放在水平桌面上，向其内部分别注入甲、乙两种液体。将体积相同的两个实心物体M、N分别放入两种液体中，物体静止在如图所示的位置，此时两种液体对容器底部的压力相等。下列说法中正确的是( )
A. 物体M的密度大于物体N的密度
B. 物体M受到的浮力等于物体N受到的浮力
C. 甲液体对容器底的压强小于乙液体对容器底的压强
D. 容器A对水平桌面的压强大于容器B对水平桌面的压强
14. 如图甲所示，电源电压为5V，电流表量程为0∼0.6A，电压表量程为0∼15V。在保证所有元件安全的情况下，只闭合开关S、S1，最大范围移动滑动变阻器滑片，绘制出电流表示数与电压表示数关系的图象，如图乙所示。只闭合开关S、S2，最大范围移动滑动变阻器滑片，绘制出电压表示数与滑动变阻器R2接入电路中阻值关系的图象，如图丙所示。下列判断正确的是( )
A. 滑动变阻器R1的最大阻值为20Ω
B. 灯泡的额定功率为1.5W
C. 以上两种情况，电路最大功率为2.5W
D. 只闭合开关S、S2，灯泡正常发光时R2连入电路的阻值是10Ω
15. 足球场上的任意球可以绕过人墙进入球门，这就是所谓的“香蕉球”。要踢出“香蕉球”必须踢中足球的恰当位置，这里的“恰当位置”是指力的三要素中的______ ，踢出去的足球受到______ 力的作用而落回地面，运动员踢球时感到脚疼，说明力的作用是______ 的。
16. 根据______ 的条件和重力的方向总是竖直向下的，可以用悬挂法测不规则形状的薄板的重心，如图甲所示，应分别选择A、B两点悬挂起来，沿铅垂线方向两次画出直线，图中的______ (选填“O”、“A”或“B”)点为薄板的重心。如图乙所示，书包没有被提起，拉力F ______ 书包的重力G(选填“大于”、“等于”或“小于”)。
17. 如图所示，停在斜坡上的汽车受到______ 个力的作用。汽车对地面有压力作用，垂直压在物体表面上的力叫做压力，那么该处的“物体”指的是______ (选填“汽车”或“地面”)，压力的方向为图______ 所示(选填“①”“②”“③”或“④”)。
18. 如图甲所示，水壶盖上盖子，用手堵住通气孔，壶中的水在______ 的作用下不易持续倒出。如图乙所示，小明制成一个简易的气压计，把它从山脚带到山顶，玻璃管内水柱的高度______ (选填“变大”、“变小”或“不变”)，当用一根细管对着玻璃管口上方水平吹气时，玻璃管内水柱的高度______ (选填“变大”、“变小”或“不变”)。
19. 发光二极管(LED)为一种常见的发光体，它内部的发光材料是______ (选填“导体”“半导体”“绝缘体”)制成的，现在很多户外广告屏如图所示是由许许多多相同的LED ______ (选填“串联”或“并联”)形成的，可以由电脑独立控制每一个LED的亮暗。由于许多显示屏需滚动显示内容，LED工作的个数也在不停地发生变化，整个显示屏工作过程中的哪些物理量发生了变化______ 。(填序号)
A、电源电压 B、插头处的电流 C、整个显示屏的功率 D、相同时间内的耗电量
20. “奋斗者号”是我国自主研制的深潜器。当“奋斗者号”完全潜入水中时，排开水的体积为50m3，它所受浮力为______ N。如图所示是深潜器正在上浮和悬浮的情景，其中______ (选填“甲”或“乙”)深潜器正在上浮，此时两幅图的深潜器所受到的浮力______ (选填“相等”或“不相等”)。深潜器在下潜过程中受到水的压强______ (选填“增大”、“减小”或“不变”)。(g取10N/kg)
21. 如图所示，电源电压和小灯泡电阻均保持不变。小灯泡L标有“4V，1.6W”字样，R1=20Ω，滑动变阻器R2允许通过的最大电流为1A，电流表量程为0∼0.6A，电压表量程为0∼3V。小灯泡L正常发光时的电流为______ A。只闭合开关S1时，电压表的示数为2V，电源电压为______ V，R1消耗的电功率是______ W，在保证安全下，闭合所有开关，滑动变阻器R2消耗的最大功率和最小功率之比为3：1；只闭合开关S2时，小灯泡L消耗的电功率变化范围是______ W到______ W之间。
22. 请在图中画出三个小球在水中处于不同状态时的受力情况。
23. 根据电流方向和小磁针的指向在图中画出螺线管的绕线，并标出通电螺线管的N极。
24. 如图甲所示是家庭电路中常见的一种插线板。开关断开时指示灯不亮，插孔不能提供工作电压；开关闭合时指示灯亮，插孔能提供工作电压；如果指示灯损坏，开关闭合时插孔也能提供工作电压。根据以上描述，在图乙中画出电路的连接。
25. 如图所示为我们实验室所用电流表的内部结构示意图。当正确接入电路，有电流通过线圈时，线圈会带动指针顺时针偏转；当接线柱接反，电流通过线圈时，指针会反向偏转，无法读数。这是为什么呢？
26. 有一圆柱形容器，放在水平桌面上。现将一边长为10cm，质量为2.7kg的正方体金属块放在容器底部(如图所示)。g取10N/kg。求：
(1)物体密度。
(2)物体对容器底的压强。
(3)向容器中加入水至8cm深时，水对容器底的压强多大？物体受到容器的支持力多大？(容器足够高，物体与容器底没有紧密接触)
27. 小军家某日在10：00∼11：00时间段有三个用电器在同时正常工作：空调、电视机(“220V，200W”)和处于加热状态的电热水器。图1是电热水器的电路示意图，其中R0、R1为电热丝，红灯、绿灯是电热水器工作状态的指示灯(忽略指示灯对电路的影响)，电热水器的部分参数如表。电能表记录了这1h内的用电情况(如图2所示)。
额定电压
220V
额定加热功率
800W
额定保温功率
40W
水容量
1.0L
(1)这段时间内，小军家的干路电流为多大？
(2)当绿灯亮时，通过分析说明电热水器处于保温状态还是加热状态？
(3)电热水器处于加热状态时，正常工作5min，可使1L水的温度升高40℃。则该电热水器的效率是多少？c水=4.2×103J/(kg⋅℃)，ρ水=1.0×103kg/m3
28. 探究“不同物质的吸热能力”时，在相同的烧杯中，使用相同的电加热器给水和煤油加热，进行了多次测量，得到的实验数据如下表：
物质
次
质量m/kg
升高的温度Δt℃
加热时间t/min
水
1
0.1
10
2
2
0.2
10
4
煤油
3
0.1
10
1
4
0.2
10
2
(1)本实验中比较物质吸热多少的方法与下列______ 的研究方法相同(选填字母)。
A.探究电流跟电压的关系
B.研究磁场时，引入磁感线
C.通过重物被提起的高度来比较电流做功的多少
(2)忽略散热，两加热器正常工作，前2min甲、乙两杯液体吸收的热量Q甲______ Q乙。(选填“>”、“<”或“=”)
(3)分析表格中第1、2次或第3、4次实验数据，可以得出的初步结论是：同种物质升高相同温度时，吸收热量的多少与物质的______ 有关；
(4)相同实验条件下，水和煤油相比，______ 的吸热能力强。
(5)图丙为两种液体“温度-时间”关系的大致图象，正确的是______ (选填字母)。
29. 小刚同学想测试一下橡胶底和牛筋底的运动鞋的滑动摩擦力。
(1)如图甲所示，用弹簧测力计水平拉动橡胶底运动鞋在水平桌面上做______ 运动，此时滑动摩擦力为______ N。
(2)小刚想验证的猜想是滑动摩擦力的大小与接触面的______ 是否有关。他发现牛筋底的运动鞋轻些，便向鞋中添加了适量的砝码，目的是控制鞋对桌面的______ 相同。
(3)在拉动过程中，匀速直线拉动鞋实际很难控制，于是他将鞋放在相同的水平木板上，如图乙所示，将弹簧测力计固定，改为水平向左拉动木板，当他拉动木板时，鞋可以始终处于______ 状态，可以保证鞋所受到的摩擦力______ 鞋受到弹簧测力计的拉力大小，此时鞋所受到的摩擦力的方向为水平向______ (选填“左”或“右”)。
30. 小吴和小李在实验室做测量密度的实验。
(1)小吴将托盘天平放在______ 桌面上，如图1甲所示调节天平平衡，小李指出她的操作错误是______ ，纠正错误以后观察到指针右偏，此时应向______ 调节平衡螺母，使指针指到分度盘的中线处；
(2)小吴想测量酒精的密度，步骤如下：
A.用天平测出空烧杯的质量记为m1；
B.用天平测出烧杯和酒精的总质量记为m2；
C.将酒精全部倒入量筒中，用量筒测出酒精的体积记为V；
根据小吴的实验步骤，酒精密度的表达式为______ ；小李认为上述实验由于烧杯中的液体无法全部倒入量筒，会导致所测密度偏______ ；
(3)为了更准确的测出酒精的密度，小李设计了以下实验：
①将酒精倒入烧杯中，测出它们的总质量为162.4g；
②将烧杯中的一部分酒精倒入量筒中，如图1丙，则量筒中酒精的体积为______ mL；
③用天平测出烧杯和剩余酒精的总质量如图1乙所示；
根据小李的实验，算出酒精的密度为______ kg/m3。
(4)小吴和小李共同合作，用另外的方法来测量一种未知液体的密度，他们取来一块密度ρ=2×103kg/m3的鹅卵石，利用电子秤继续测量，设计了如下方案：
①先用电子秤测出鹅卵石的质量如图2甲；
②在烧杯中放入适量的液体将鹅卵石浸没，在液面到达的位置上作标记，用电子秤测出总质量如图2乙；
③取出鹅卵石向烧杯中加液体到标记处，再用电子秤测出此时液体和烧杯的总质量如图2丙，则液体的密度ρ=______ kg/m3。
31. 在探究“影响电磁铁磁性强弱的因素”实验中，小明制成简易电磁铁甲、乙，并设计了如图所示的电路。
(1)当滑动变阻器滑片向左移动时，电磁铁甲、乙吸引大头针的个数______ (选填“增加”或“减少”)，说明电流越______ ，电磁铁磁性越强；
(2)由图示可知，______ (选填“甲”或“乙”)的磁性强，说明电流一定时，______ ，电磁铁磁性越强；
(3)电磁铁吸引的大头针下端分散的原因是______ ；
(4)本实验中多次实验的目的和下列实验多次实验的目的相同的是______
A.伏安法测量定值电阻的阻值
B.探究并联电路电流规律
32. 如图所示，小明利用“伏安法”测量未知电阻Rx的阻值，电源使用两节新干电池，滑动变阻器的规格是“20Ω，2A”。
(1)请用笔画线代替导线，完成图甲实物电路的连接。要求：滑动变阻器的滑片P向左滑动时，电流表示数变小；
(2)对照图甲电路，请在图乙虚线框内添上所缺的电学元件和导线，把电路图补画完整(要求所补画的元件与实物电路对应)；
(3)开关闭合前，小亮发现电流表的指针在零刻度线左侧，如图丙所示，其原因是______ ；
(4)确认电路无误后，闭合开关进行实验，第3次实验时电流表示数为0.5A，电压表示数如图丁所示，记为______ V；
(5)小明利用表格中实验数据计算出待测的未知电阻Rx的阻值为______ Ω(结果保留一位小数)；此外，还可以得到的结论是电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成______ 比。
实验序号
①
②
③
电压/V
1.2
1.8
电流/A
0.24
0.34
0.5
(6)小明又设计了实验，利用一块电压表或电流表测量小灯泡正常发光时电阻。器材有小灯泡(额定电压为2.5V)、滑动变阻器的最大阻值为R0、电源电压未知(大于2.5V)、定值电阻阻值已知。下面能快速测出小灯泡正常发光时电阻的电路是______ 。
答案和解析
1.【答案】B
【解析】解：A、分子的直径非常小，一般在0.1nm=10−10m左右，故A错误；
B、人每只鞋的底面积大约为200cm2，即0.02m2，双脚面积(受力面积)S=0.04m2；成人的体重大约为60kg左右，对地面的压力为F=G=mg=60kg×10N/kg=600N；对地面的压强p=FS=600N0.04m2=1.5×104Pa，接近于1.2×104Pa，故B正确；
C、一个鸡蛋的质量约为50g，故C错误；
D、空调正常工作的功率约为1000W，故D错误。
故选：B。
不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个。
本题考查了学生对生活中一些常见物理量的估测能力，体现了物理和生活的紧密联系。这就告诉我们学习物理，不能只看课本，平时要多观察生活，将所学知识与生活联系起来。
2.【答案】A
【解析】解：A、小明穿的运动鞋鞋底有凹凸不平的花纹，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故A正确；
B、小明跳起后，在空中运动到最高点时只受重力作用，受力不平衡，处于非平衡状态，故B错误；
C、小明跳起后，不再受到地面弹力的作用下，之所以继续向前运动，是因为小明具有惯性，故C错误；
D、起跳时，小明对地面的压力和地面对小明的支持力不是作用在同一物体上的两个力，所以不是一对平衡力，故D错误。
故选：A。
(1)增大摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，增大压力；在压力一定时，增大接触面的粗糙程度；
(2)对小明进行受力分析即可作出判断；
(3)物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性；
(4)平衡力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上。
此题考查增大摩擦的方法、平衡状态的判断、平衡力的辨别、惯性，是一道综合性较强的题目，但总体难度不大，掌握基础知识即可正确解题。
3.【答案】C
【解析】解：
A、海军南昌舰始终处于漂浮状态，浮力等于自身的重力，所以它从长江开到黄海，浮力大小保持不变，由于海水的密度大于长江水的密度，则由F浮=ρ液gV排可知，在浮力大小不变时，液体密度变大，排开液体的体积会变小，故舰身会上浮一些，故A正确；
B、船闸的下游阀门打开时，下游和闸室构成连通器，上游阀门打开时，上游和闸室构成连通器；所以，船闸是利用连通器原理工作的，故B正确；
C、飞机机翼设计成流线型，上方空气流速大、压强小，下方空气流速小、压强大，则机翼受到向上的压强差，即产生了向上的升力，故C错误；
D、“祝融号”火星车设计有宽大的轮子，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，故D正确。
故选：C。
(1)根据漂浮条件可知，“南昌舰”满载时从长江开到黄海时，浮力大小保持不变，利用阿基米德原理分析解答；
(2)连通器的特点：上端开口下端连通的容器。连通器里只有一种液体，在液体不流动的情况下，连通器各容器中液面总是相平的；
(3)流体流速越大的地方压强越小，流速越小的地方压强越大；
(4)减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积；在受力面积一定时，减小压力。
本题主要考查了物体浮沉条件及其应用、流体压强和流速的关系、减小压强的方法、连通器原理等，综合性强，但难度不大，掌握基本规律是关键。
4.【答案】C
【解析】解：A、图中厚玻璃筒内的空气被压缩时，活塞对筒内空气做功，筒内空气的内能变大，故A错误；
B、图中两个压紧的铅块能吊起钩码，是由于分子间存在引力，故B错误；
C、红墨水在热水中扩散的比冷水中快，说明温度越高，分子无规则运动越剧烈，故C正确；
D、丁图中活塞向下运动，燃气的内能部分转化成活塞的机械能，故D错误。
故选：C。
(1)对物体做功，物体的内能变大；
(2)分子间存在着相互作用的引力与斥力；
(3)物质是由分子组成的，分子处于永不停息的运动状态，温度越高，分子运动越剧烈；
(4)四冲程汽油机一个工作循环有四个冲程，分别是吸气、做功、压缩和排气，其中只有做功冲程对外做功，将内能转化为机械能；另外还有压缩冲程有能量转化，将机械能转化为内能。
本题中的小实验都是课本中学习的基础知识，虽然综合性较强，但难度却不大。
5.【答案】D
【解析】解：A、洗衣机接入三孔插座后电灯与洗衣机是并联的，洗衣机和电灯都能正常工作，并且互不影响，故A错误。
B、洗衣机接入三孔插座能使洗衣机金属外壳接地，防止金属外壳的用电器漏电发生触电事故，不能用两孔插座，故B错误。
C、闭合开关时人接触B点，人体加在火线和大地之间，会发生触电事故；闭合开关时人接触C点，人体和CD间的导线并联在电路中，人体的电阻很大，人体被短路，几乎没有电流从人体通过，不会发生触电事故，故C错误。
D、断开开关时，测电笔接触A时，测电笔接触火线，氖管发光；接触BC两点时，由于断开开关，切断火线，不会使测电笔氖管发光。故D正确。
故选：D。
(1)家庭电路中，金属外壳的用电器都采用三脚插头，当金属外壳的用电器插入三孔插座时，金属外壳接地，防止金属外壳的用电器漏电发生触电事故。家用电器和三孔插座之间都是并联的，当用电器插入插座时，各用电器之间互不影响，而且能正常工作。
(2)理论上说，零线上是没有电压的，触电是人体直接或间接接触火线。
(3)用测电笔接触导线，接触火线能使氖管发光。
掌握家用电器的连接方法和三孔插座的连接方法，以及掌握这样连接的原因。
掌握测电笔检测导线时，开关的闭合和断开，影响测电笔的氖管发光情况。
人体接触家庭电路的同一部分，发生触电事故的情况受开关的闭合和断开的影响。
6.【答案】C
【解析】解：A、用充电宝给手机电池充电时，手机电池消耗电能，相当于用电器，故A错误；
B、酒精燃烧，是酒精的化学能转化为火的内能，然后转移给水蒸气；水蒸气对软木塞做功，将塞子推出，水蒸气的内能转化为软木塞的机械能，故B错误；
C、开关S闭合后，电源的两端被导线相连，则电源会被短路，两灯都不发光，故C正确；
D、毛皮摩擦过的橡胶棒带负电，小球被吸引，说明小球可能带正电；由于带电体能吸引不带电的轻小物体，所以小球可能不带电，故D错误。
故选：C。
(1)电路中的用电器消耗电能，电源提供电能；
(2)燃料燃烧实质是将燃料的化学能转化为内能；当对物体做功时，机械能转化为物体的内能，物体的内能增大；当物体对外做功时，物体的内能转化为机械能，物体的内能减小；
(3)电源的两端被导线相连，则电源会被短路；
(4)同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；排斥的物体一定是带有同种电荷，吸引的物体可能带有异种电荷，也可能是带电体吸引不带电的轻小物体。
本题考查了电荷间的相互作用规律、电路的组成、改变内能的方法、电路的三种状态，属于基础题。
7.【答案】B
【解析】解：
A、火箭升空过程中，卫星随火箭一起运动，卫星与火箭没有位置的变化，卫星相对于火箭处于静止状态，故A错误；
B、电磁波可以在真空中传播，可以传递信息，卫星与地面导航接收设备之间传递信号时，主要是利用电磁波传递信息的，故B正确；
C、通信设备中的集成电路是由半导体材料制成的，故C错误；
D、运载火箭采用液态氢作燃料，由于液氢的热值较大，可以提供很大的动力，故这里的“能效高”指的是液氢的热值大，故D错误。
故选：B。
(1)研究对象的运动情况是怎样的，就看它与参照物的相对位置是否变化。如果发生变化则物体是运动的，如果没发生变化则物体是静止的；
(2)卫星导航是利用电磁波传递信息的；
(3)半导体是指导电性能介于导体好绝缘体之间；集成电路是由半导体材料制成的。
(4)热值是燃料一种特性，热值越大的燃料在完全燃烧相同质量的燃料时，放出的热量越多，在选择火箭燃料时要选择热值较大的燃料。
本题考查的是运动和静止的相对性、电磁波、半导体的应用、燃料的热值等知识，是一道综合性较强的题目。
8.【答案】C
【解析】解：A、煤属于不可再生能源，太阳能属于一次能源，故A错误；
B、能量转移和转化是有方向性的，所以能量的利用是有条件的，故B错误；
C、逐渐停售燃油汽车，大力推广电动汽车，有利于缓解温室效应，故C正确；
D、核电站是利用原子核发生可控的核裂变释放的能量来发电的，故D错误。
故选：C。
(1)能源是能够向人类提供能量的物质，能源分为可再生能源和不可再生能源两大类，也可分为一次能源和二次能源，一次能源是指可以从自然界直接获取的能源；二次能源指的是：必须通过一次能源的消耗才可以得到的能源，其中电能是现代社会中非常重要的二次能源；可再生能源的特点是可以重复利用，取之不尽用之不竭，例如风能、水能、太阳能等；
(2)能量的转化和转移具有方向性；
(3)燃油汽车的大量使用使空气污染和温室效应加剧；
(4)核电站是利用核裂变释放的能量来发电的。
此题考查了能量的转化和能源的分类，核能的利用等内容，属于基础内容。
9.【答案】AC
【解析】解：A、该装置是奥斯特实验，是用来研究通电导线周围是否有磁场的实验装置，演示的是电流的磁效应，故A正确；
B、该装置能产生电，故是发电机，故B错误；
C、该实验装置有电源，即通电后，磁场中的导体会受力转动，即通电导线在磁场中受力的作用，直流电动机是依据此原理制成的，故C正确；
D、磁铁具有吸引铁、钴、镍等物质的性质，如果铁棒没有磁性也会吸引，故D错误．
故选AC.
根据对电与磁几个重要实验装置图的认识来判断：
(1)发电机原理图描述了线圈给外界的用电器供电；电动机原理图描述了电源给线圈供电；
(2)电磁感应现象装置图没有电池；磁场对电流的作用装置图有电池．
教材中的重要实验装置图要采用对比记忆的方法认真识记，包括实验装置的名称、说明的原理、重要的应用等．
10.【答案】D
【解析】解：
A、发动机中损耗的能量主要是废气内能和散热损失，机械之间的摩擦造成的能量损失所占比例相对较小，故A错误。
B、由P=Wt可得，该汽车lh内牵引力做的功：W=Pt=23×103W×1×3600s=8.28×107J，
由W=Fs可得，该汽车的牵引力为：F=Ws=8.28×107J72×103m=1.15×103N，故B错误。
C、汽油完全燃烧放出的热量为：Q=mq汽油=6kg×4.6×107J/kg=2.76×108J；
D、该汽车发动机的效率：η=WQ=8.28×107J2.76×108J=30%，故D正确。
故选：D。
(1)热机的工作过程中，它的能量损失所占的百分比一般是：废气内能35%，散热损失30%，机械损失10%；
(2)知道牵引力的功率，利用公式W=Pt求出牵引力做的功，根据F=Ws求出牵引力；
(3)根据Q=mq求出汽油完全燃烧放出的热量；
(4)根据η=WQ求出热机效率，即：用来做有用功的能量与燃料完全燃烧放出的能量之比。
此题主要考查了能量的损耗、热机效率的计算及功和功率的计算，考查得很全面。
11.【答案】BC
【解析】解：A、密度是物质的一种特性，密度的大小跟物质的种类、状态、温度有关，和质量的多少，体积的大小及形状变化无关，故A错误；
B、由公式R=UI可知，导体的电阻大小等于导体两端的电压与导体中通过的电流之比，故B正确；
C、串联电路中各处的电流相等，并联电路中各支路两端的电压相等，故C正确；
D、滑动摩擦力与压力大小和接触面的粗糙程度有关；压强与压力大小和受力面积大小有关，故D错误。
故选：BC。
(1)密度是物质的一种特性，密度的大小跟物质的种类、状态、温度有关；
(2)导体电阻的大小可以用导体两端电压与通过电流的比值来表示；
(3)根据串、并联电路的电压、电流特点去分析；
(4)根据滑动摩擦力和压强的影响因素去分析。
此题考查的是我们对力学、电学中一些基本概念和规律的理解和应用，正确、全面理解概念和相关规律是解答的基础。
12.【答案】BC
【解析】解：由电路图可知，灯泡L与变阻器R并联，电压表测电源两端的电压，电流表A1测R支路的电流，电流表A2测干路电流，电压表V测电源两端的电压，
因电源电压保持不变，
所以，滑片移动时，电压表V的示数不变，故A错误；
因并联电路中各支路独立工作、互不影响，
所以，滑片移动时，通过灯泡L的电流和实际功率不变，则灯泡L的亮暗不变，故C正确；
将滑动变阻器的滑片从中点向a端移动过程中，R接入电路中的电阻变大，
由I=UR可知，通过R的电流变小，即电流表A1的示数变小，
则电压表V的示数与电流表A1的示数乘积变小，故B正确；
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以，干路电流变小，即电流表A2的示数变小，
则电压表V的示数与电流表A2的示数比值变大，故D错误。
故选：BC。
由电路图可知，灯泡L与变阻器R并联，电压表测电源两端的电压，电流表A1测R支路的电流，电流表A2测干路电流，电压表V测电源两端的电压，根据电源的电压可知滑片移动时电压表示数的变化，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知通过灯泡L的电流和实际功率的变化，进一步可知灯泡L的亮暗变化，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知通过R的电流变化，然后判断电压表V的示数与电流表A1的示数乘积变化，根据并联电路的电流特点可知干路电流的变化，然后得出电压表V的示数与电流表A2的示数比值变化。
本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点和欧姆定律的应用，分清电路的连接方式和电表所测的电路元件是关键。
13.【答案】AD
【解析】解：AC、由于两个底面积相同、形状不同的容器A和B，并且两个容器底部受到的液体压力相等，即F甲=F乙，由公式p=FS得两种液体对容器底部的压强相等，由图知甲液体的深度比乙液体的深度小，由p=ρgh可知ρ甲>ρ乙，物块M在甲液体中悬浮，所以M的密度与甲液体的密度相等，物块N在乙液体中漂浮，所以N的密度小于乙液体的密度，即ρM=ρ甲，ρ乙>ρN，所以ρM>ρN，故A正确、C错误；
B、由图知两物体排开液体体积V排甲>V排乙，又因为ρ甲>ρ乙，根据F浮=ρ液gV排可知，物体M受到的浮力大于物体N受到的浮力，故B错误；
D、由于A容器上口大下底小且物体M悬浮在甲液体中，则有G甲+GM>F甲，B容器为柱形容器且物体N漂浮在乙液体中，G乙+GN=F乙，又两个容器底部受到的液体压力相等，则G甲+GM>G乙+GN，由于两容器质量相等，则有GA=GB，则两容器对桌面的压力：FA=GA+G甲+GM>FB=GB+G乙+GN，由p=FS可知，容器A对水平桌面的压强大于容器B对水平桌面的压强，故D正确。
故选：AD。
(1)由于两个底面积相同、形状不同的容器A和B，并且两个容器底部受到的液体压力相等，由公式p=FS得两种液体对容器底部的压强相等，两种液体中的深度h甲
(3)根据容器形状及物体沉浮状态可判断液体和物体受到的重力之各与液体对容器底面的压力关系，从而可判断容器对桌面的压力关系，由p=FS可得两容器对桌面的压强关系。
此题考查物体浮沉条件及其应用、密度的大小比较、压强公式和液体压强公式的应用以及浮力产生的原因等知识，是一道综合性很强，且难度较大的题目。
14.【答案】ABC
【解析】解：A、只闭合开关S、S1，灯泡与滑动变阻器R1串联，电压表测R1两端的电压，根据串联电路的分压原理可知，当滑动变阻器接入电路的电阻最大时，滑动变阻器两端的电压最大，由图乙可知，滑动变阻器两端的最大电压为：U1大=4V，通过的最小电流为：I1小=0.2A，由欧姆定律可知，滑动变阻器R1的最大阻值：R1大=U1大I1小=4V0.2A=20Ω，故A正确；
B、只闭合开关S、S1，当灯泡正常发光时，电路中的电流最大，由图乙可知此时电路中电流为：I1大=0.5A，即灯泡的额定电流为：I额=I1大=0.5A；
只闭合开关S、S2，灯泡与滑动变阻器R2串联，电压表测R2两端的电压，当灯泡正常发光时电路中的电流最大，由欧姆定律可知，此时滑动变阻器R2接入电路的电阻最小，由串联电路的分压原理可知，滑动变阻器R2两端电压最小，由图丙可知此时滑动变阻器R2两端的电压为U2=2V，由串联电路的电压特点可知，灯泡额定的电压：U额=U−U2=5V−2V=3V，所以灯泡的额定功率：P额=U额I额=3V×0.5A=1.5W，故B正确；
C、由P=UI可知，电源电压一定时，电路中的电流最大时，电路的电功率最大，由题意可知，两次电路中灯泡正常发光时电路中的电流最大，因此两次电路中的最大电流都等于灯泡的额定电流，所以两次电路消耗的最大功率：P=UI额=5V×0.5A=2.5W，故C正确；
D、只闭合开关S、S2，灯泡正常发光时，由图丙可知此时滑动变阻器R2两端的电压为U2=2V，通过R2的电流：I2=I1大=0.5A，由欧姆定律可知，R2的接入电阻：R2=U2I2=2V0.5A=4Ω，故D错误。
故选：ABC。
(1)只闭合开关S、S1，灯泡与滑动变阻器R1串联，电压表测R1两端的电压，根据串联电路的分压原理可知，当滑动变阻器接入电路的电阻最大时，滑动变阻器两端的电压最大，根据图乙可知，滑动变阻器两端的最大电压和通过的电流，根据欧姆定律求出滑动变阻器R1的最大阻值；
(2)当灯泡正常发光时，电路中的电流最大，根据图乙可知此时电路中电流即小灯泡的额定电流；
只闭合开关S、S2，灯泡与滑动变阻器R2串联，电压表测R2两端的电压，当灯泡正常发光时电路中的电流最大，由欧姆定律可知，此时滑动变阻器R2接入电路的电阻最小，由串联电路的分压原理可知，滑动变阻器R2两端电压最小，由图丙可知此时滑动变阻器R2两端的电压，根据串联电路的电压特点求出灯泡正常发光时的电压，根据P=UI求出灯泡的额定功率；
(3)由P=UI可知，电源电压一定时，电路中的电流最大时，电路的电功率最大，根据题目条件分析出两次电路中的最大电流，根据P=UI求出电路中的最大功率；
(4)知道R2两端的电压和通过R2的电流，根据欧姆定律计算R2的接入电阻。
本题考查串联电路的特点、欧姆定律的应用和电功率公式的应用，分清开关闭合、断开时电路的连接方式是关键。
15.【答案】力的作用点 重 相互
【解析】解：脚踢在球的恰当的位置，球会划过一道弧线绕过人墙直接进入球门，这里的“恰当的位置”，是指力的作用点；足球在上升过程中，受到竖直向下的重力作用，重力不断改变足球的运动状态，使足球最终落回地面；运动员踢球时感到脚疼，脚同时受到球的作用力，说明了力的作用是相互的。
故答案为：力的作用点；重；相互。
力的三要素大小、方向和作用点都影响力的作用效果；力是改变物体运动状态的原因；力的作用是相互的。
本题考查了力的三要素、力的作用效果以及力的相互性，难度不大。
16.【答案】二力平衡 O 小于
【解析】解：根据二力平衡的条件和重力的方向总是竖直向下的，可以用悬挂法测不规则形状的薄板的重心，如图甲所示，应分别选择A、B两点悬挂起来，沿铅垂线方向两次画出直线，图中的O点为薄板的重心，因为O是两条重锤线的交点。如图乙所示，书包没有被提起，拉力F小于书包的重力G。
故答案为：二力平衡：O；小于。
(1)重力在物体上的作用点叫重力；用平衡力法可以确定物体的重心。
(2)物体刚好被提起来时，拉力和重力是一对平衡力；物体没有被提起时，拉力小于重力。
知道重心的概念和确定重心的方法。
17.【答案】三 地面 ②
【解析】解：停在斜坡上的汽车受到重力、斜坡的支持力、斜面的摩擦力作用，共三个力；
根据压力的定义可知，定义中的“物体”在此指的是地面，压力的方向垂直于受力面，为图中②。
故答案为：三；地面；②。
(1)对汽车进行受力分析，判断受力情况；
(2)垂直压在物体表面上的力叫压力；压力属于弹力，是由受力物体发生形变引起的。
此题考查压力的定义和方向，属于基础知识考查，难度较小。
18.【答案】大气压 变大 变大
【解析】解：(1)茶壶的壶身和壶嘴，它们上端开口、底部连通，符合连通器的特点，所以其设计遵循了连通器原理；
盖上的通气孔是为了让壶内气体和外界大气相通，在重力的作用下水可以更容易的倒出，若用手堵住通气孔，壶中的水在大气压的作用下不易持续倒出；
(2)把气压计从山脚带到山顶，瓶内空气的压强不变，而外界大气压随高度的增加而减小，此时在瓶内气压的作用下，会有一部分水被压入玻璃管，因此管内水柱的高度会变大；
(3)若在玻璃管的上方沿水平方向吹气，管上方空气的流动速度较大，压强较小，玻璃管中的水柱在瓶内气压作用下而上升，所以玻璃管内水柱的高度变大。
故答案为：大气压；变大；变大。
(1)连通器的结构特征是上端开口、底部连通，判断是不是连通器要根据这两个特征；壶盖开一个小孔，可以使壶内气体和外界大气相通，从而利用大气压；
(2)大气压随海拔的升高而减小，根据海拔高度变化判断玻璃管内水柱的高度变化；
(3)气体和液体都属于流体，在流体中，流速大的地方压强小，流速小的地方压强大。
本题考查了连通器的原理和大气压的应用，气压与海拔高度的关系，以及流速与压强的关系，难度不大，属于基础题。
19.【答案】半导体 并联 BCD
【解析】解：
(1)发光二极管的主要制作材料为半导体；
(2)任意取下其中一只灯珠后，其余灯珠仍能发光，说明各灯珠工作时互不影响，则10只小灯珠的连接方式是并联；
(3)当LED工作的个数也在不停地发生变化时，电路中并联的LED灯个数发生改变；
A、并联电路各支路两端电压不变，所以LED工作的个数也在不停地发生变化，电源电压不变，故A不符合题意；
B、并联电路干路电流等于各支路电流之和，当并联电路中支路发生改变时，干路电流(插头处的电流)发生改变，故B符合题意；
C、根据P=UI可知，电压不变，电流改变，所以整个显示屏的功率改变，故C符合题意；
D、根据W=Pt可知，显示屏的功率改变，相同时间内的耗电量改变，故D符合题意。
故答案为：半导体；并联；BCD。
(1)二极管的制作材料为半导体；
(2)并联电路中各用电器工作时互不影响；
(3)根据并联电路电压、电流的规律判断电压和电流的情况，然后根据电功率和电能的计算公式进行分析解答。
本题考查学生在生活实践中物理知识的应用，应注意合理处理所给信息，灵活地选择物理规律和公式解答问题。
20.【答案】5×105 甲 相等 增大
【解析】解：(1)潜水器完全潜入水中时所受的浮力：
F浮=ρ海水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×50m3=5×105N；
(2)潜水艇是通过改变水舱中的水的重力来改变自身重力的，要使潜水艇上浮，应使潜水艇所受的浮力大于潜水艇的重力，所以水舱中水较少时潜水艇上浮，故甲图为上浮时的情景，乙图为悬浮时的情景；
两艘完全相同的潜艇，其体积相同；没露出水面前(浸没)，潜艇排开水的体积等于自身的体积，所以两潜艇排开水的体积相同，根据F浮=ρ水V排g可知它们所受的浮力相等。
潜艇在下潜过程中，深度变大，根据p=ρ液gh可知所受的水的压强变大。
故答案为：5×105；甲；相等；增大。
(1)知道潜水器完全潜入水中时排开水的体积，根据F浮=ρ液gV排求出所受的浮力；
(2)潜水艇浸没在水中，潜水艇的体积不变(排开水的体积不变)，受到的浮力不变；通过让海水进、出压力舱改变潜水艇受到的重力，根据物体的浮沉条件分析是怎么上浮或下沉的；潜艇在下潜过程中，深度变大，根据p=ρ液gh可知所受的水的压强的变化情况。
本题考查了浮沉条件、阿基米德原理和液体压强公式的应用，是一道较为简单的应用题。
21.【答案】0.460.80.2259
【解析】解：(1)由P=UI得，I=PU=1.6W4V=0.4A；
(2)由P=U2R得，R=U2P=(4V)21.6W=10Ω；
闭合开关S1时，灯泡L与电阻R1串联，在串联电路中电流处处相等，所以通过小灯泡的电流等于通过电阻的电流，所以电路中的电流：I=U1′R1=2V10Ω=0.2A；
R1消耗的电功率：P1=I2R1=(0.2A)2×20Ω=0.8W；
(3)因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，灯泡L的电阻RL=10Ω，
所以电源电压U=I×(RL+R1)=0.2A×(10Ω+20Ω)=6V，
当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，其消耗的电功率最小，因并联电路中各支路两端的电压相等，
所以滑动变阻器R2消耗的最小功率：P2小=U2R2，
因滑动变阻器R2允许通过的最大电流为1A，电流表的量程为0∼0.6A，
所以，通过滑动变阻器的最大电流I2大=0.6A，
则滑动变阻器R2消耗的最大功率：P2大=UI2大，
因滑动变阻器R2消耗的最大功率和最小功率之比为3：1，
所以，P2大P2小=UI2大U2R2=31，
则R2=3UI2大=3×6V0.6A=30Ω；
只闭合开关S3时，小灯泡与滑动变阻器R2串联，
当电压表的示数U1′′=3V时，灯泡L的电阻RL=10Ω，电路中的电流：
I1=U1′RL=3V10Ω=0.3A，
因串联电路中各处的电流相等，且电流表的量程为0∼0.6A，
所以，电路中的最大电流为0.3A，
则小灯泡消耗的最大电功率：PL大=I12RL=(0.3A)2×10Ω=0.9W，
当滑动变阻器接入电路中的阻值最大时，小灯泡消耗的电功率最小，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，电路中的最小电流：I2=URL+R2=6V10Ω+30Ω=0.15A，
小灯泡消耗的最小电功率：PL小=I22RL=(0.15A)2×10Ω=0.225W，
所以，小灯泡消耗的电功率变化范围是0.225W∼0.9W。
故答案为：0.4；6；0.8；0.225；0.9。
(1)知道灯泡的额定电压和额定功率，根据P=UI的变形公式I=PU，求出小灯泡正常发光时的电流；
(2)只闭合开关S1时，L与R1串联，电压表测L两端的电压，根据串联电路的电压特点和欧姆定律求出电路中的电流，根据P=I2R求出R1消耗的电功率；
(3)根据电阻的串联和欧姆定律求出电源的电压；闭合所有开关时，R1与R2并联，电流表测R2支路的电流，当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时其消耗的电功率最小，根据P=U2R表示出滑动变阻器R2消耗的最小功率；比较滑动变阻器允许通过的最大电流和电流表的量程确定通过滑动变阻器的最大电流，根据P=UI求出滑动变阻器R2消耗的最大功率，利用滑动变阻器R2消耗的最大功率和最小功率之比为3：1求出滑动变阻器的最大阻值；只闭合开关S2时，灯泡与R2串联，电压表测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流，灯泡的额定电压大于电压表的量程，根据欧姆定律求出电压表的示数最大时电路中的电流，然后与电流表的量程相比较确定电路中的最大电流，根据P=I2R求出小灯泡消耗的最大电功率；当滑动变阻器接入电路中的阻值最大时灯泡消耗的电功率最小，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的最小电流，根据P=I2R求出小灯泡消耗的电功率，然后得出答案。
本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是开关闭合、断开时电路连接方式的判断。
22.【答案】解：小球上浮时浮力大于重力；
小球悬浮时浮力等于重力；
小球下沉时浮力小于重力，如下图所示：
。
【解析】根据物体的沉浮条件得出浮力与重力的关系，并画图。
本题考查物体浮沉条件的应用，知道物体在不同浮沉状态下浮力与重力的关系是关键。
23.【答案】解：由图可知小磁针的N极指向左，则由磁极间的相互作用规律可知，通电螺线管的右端为S极，其左端为N极。根据安培定则可知，电流由螺线管的右前方流入，左后方流出，则螺线管的绕线方向如下：
【解析】根据小磁针的指向和磁极间的相互作用判断通电螺线管的磁极，根据安培定则判断螺线管中的电流方向，根据电流的方向画出螺线管的绕线方向。
本题考查了安培定则的应用、磁极间的相互作用，属于综合题，但难度不大。
24.【答案】解：由题意可知，开关断开时指示灯不亮，插孔不能提供工作电压；开关闭合时指示灯亮，插孔能提供工作电压；如果指示灯损坏，开关闭合时插孔也能提供工作电压。说明两者是并联，且都由开关来控制。故其连接如图所示：
【解析】根据题意判断出指示灯与插孔为并联，且都由开关来控制，再结合连接要求对接线板进行连接。
本题主要考查了接线板的连接，能正确判断指示灯与插孔的连接特点是正确解答的关键。
25.【答案】答：因为通电线圈在磁场中的受力方向与电流方向和磁场方向有关。在磁场方向不变时，改变电流方向会改变通电线圈的受力方向，当正确接入电路，有电流通过线圈时，线圈会带动指针顺时针偏转，此时刻度盘上可以读数；当接线柱接反，电流通过线圈时，指针会逆时针偏转，此时指针反偏，刻度盘的左侧没有刻度，且与电流表的左边缘相碰，不能读数。
【解析】(1)电流表是利用磁场对电流的作用来工作的。
(2)通电线圈在磁场中受力方向与电流的方向有关和磁场方向有关。
能够根据磁场对电流的作用分析电流表的正负接线柱接入不同方向的电流时，电流表的指针偏转的方向。
26.【答案】解：(1)物体的体积：
V=L3=(10cm)3=1000cm3=1×10−3m3，
物体的密度：
ρ=mV=2.7kg1×10−3m3=2.7×103kg/m3；
(2)物体对容器底的压力：
F=G=mg=2.7kg×10N/kg=27N，
受力面积：
S=L2=(10cm)2=100cm2=1×10−2m2，
物体对容器底的压强：
p=FS=27N1×10−2m2=2.7×103Pa；
(3)水对容器底的压强：
p′=ρ水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.08m=800Pa，
物体排开水的体积：
V排=Sh=1×10−2m2×0.08m=8×10−4m3，
物体受到的浮力：
F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×8×10−4m3=8N，
物体受到容器的支持力：
F支=G−F浮=27N−8N=19N。
答：(1)物体密度为2.7×103kg/m3；
(2)物体对容器底的压强为2.7×103Pa；
(3)向容器中加入水至8cm深时，水对容器底的压强为800Pa，物体受到容器的支持力为19N。
【解析】(1)知道正方体的棱长可求其体积，又知道金属块的质量，根据ρ=mV求出物体密度；
(2)物体对容器底的压力和自身的重力相等，根据F=G=mg求出其大小，容器的底面积即为受力面积，根据p=FS求出物体对容器底的压强；
(3)根据p=ρgh求出水对容器底的压强，根据V=Sh求出物体排开水的体积，再根据阿基米德原理求出物体受到的浮力，物体的重力减去受到的浮力即为物体受到容器的支持力。
本题考查了密度公式和重力公式、压强公式、液体压强公式、阿基米德原理以及力的平衡条件的应用，关键是知道水平面上物体的压力和自身的重力相等，计算过程要注意单位的换算。
27.【答案】解：
(1)电能表读数时，数字方框中的最后一位是小数，单位是kW⋅h，
由图2可知，电路中用电器1h内消耗的电能：W总=523.6kW⋅h−520.3kW⋅h=3.3kW⋅h=1.188×107J，
由W=UIt可知，这段时间内，小军家的干路电流：I=W总Ut=1.188×107J220V×1×3600s=15A；
(2)由图1可知，当绿灯亮时，开关S接b，工作电路中R0和R1串联，电路的总电阻最大，
由P=UI=U2R可知，电热水器的功率最小，电热水器处于保温状态；
(3)水的体积：V=1L=1dm3=1×10⁻3m3，
由ρ=mV可知，水的质量：m=ρ水V=1.0×103kg/m3×1×10⁻3m3=1kg，
水吸收的热量：Q吸=c水mΔt=4.2×103J/(kg⋅℃)×1kg×40℃=1.68×105J，
电热水器消耗的电能：W=P加热t=800W×5×60s=2.4×105J，
该电热水器的效率：η=Q吸W×100%=1.68×105J2.4×105J×100%=70%。
答：(1)这段时间内，小军家的干路电流为15A；
(2)当绿灯亮时，工作电路中R0和R1串联，电路的总电阻最大，由P=UI=U2R可知，电热水器的功率最小，电热水器处于保温状态；
(3)该电热水器的效率是70%。
【解析】(1)电能表读数时，数字方框中的最后一位是小数，单位是kW⋅h，由图2可知电路中用电器1h内消耗的电能，根据W=UIt求出这段时间内，小军家的干路电流；
(2)由图1可知，当绿灯亮时，工作电路中R0和R1串联，电路的总电阻最大，根据P=UI=U2R可知电热水器的功率最小；
(3)利用密度公式求出水的质量，利用Q吸=cmΔt求出水吸收的热量，利用W=Pt求出电热水器喜欢的电能，利用效率公式求出电热水器的效率。
本题是一道电热综合题，主要考查串联电路的特点、电能表的读数、电功和电功率的计算、密度公式、吸热公式以及效率公式的应用，题目有一定的难度。
28.【答案】C=质量 水 B
【解析】解：(1)实验中，根据转换法，可以通过比较加热时间来反映两种液体吸收热量的多少；
A.探究电流跟电压的关系，采用了控制变量法；
B.研究磁场时，引入磁感线，采用了模型法；
C.通过重物被提起的高度来比较电流做功的多少，采用了转换法；
故选：C；
(2)使用相同的电加热器给水和煤油加热，忽略散热，两加热器正常工作，前2min内加热器放出的热量相同，则甲、乙两杯液体吸收的热量Q甲=Q乙；
(3)分析表格中第1、2次或第3、4次实验数据可知，在其它条件相同时，质量越大，加热时间越长，可以得出的初步结论是：同种物质升高相同温度时，吸收热量的多少与物质的质量有关；
(4)相同实验条件下，如果温度变化相同，则加热时间长的吸收热量多，吸热能力强；水和煤油相比，水的吸热能力强；
(5)根据1、3次或第2、4次实验知，相同质量的水和煤油升高相同的温度，水加热时间长，如图为两种液体“温度-时间”关系的大致图象，正确的是B。
故答案为：(1)C；(2)=；(3)质量；(4)水；(5)B。
(1)我们使用相同的加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法；分析每个选项，找出符合题意的选项；
(2)加热器相同，加热相同时间，物质吸收的热量相同；
(3)分析表格中第1、2次或第3、4次实验数据结合转换法得出结论；
第1、3次或第2、4次实验数据结合转换法得出结论；
(4)使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量(即比较加热时间)，吸收热量多的吸热能力强；
(5)根据1、3次或第2、4次实验知，相同质量的水和煤油升高相同的温度，水加热时间长。
本题比较不同物质的吸热能力，考查控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法，为热学中的重要实验。
29.【答案】匀速直线 4.0粗糙程度 压力 静止 等于 左
【解析】解：(1)用弹簧测力计水平拉动橡胶底运动鞋在水平桌面上做匀速直线运动，此时弹簧测力计的分度值是0.2N，拉力的大小为4.0N，和滑动摩擦力是一对平衡力，大小相等，则滑动摩擦力为4.0N。
(2)小刚想验证的猜想是滑动摩擦力的大小与接触面的粗糙程度是否有关。他发现牛筋底的运动鞋轻些，便向鞋中添加了适量的砝码，目的是控制鞋对桌面的压力相同。
(3)如图乙所示，将弹簧测力计固定，改为水平向左拉动木板，当他拉动木板时，鞋可以始终处于静止状态，可以保证鞋所受到的摩擦力等于鞋受到弹簧测力计的拉力大小，此时鞋所受到的摩擦力的方向为水平向左。
故答案为：(1)匀速直线；4.0；(2)粗糙程度；压力；(3)静止；等于；左。
(1)测量滑动摩擦力时，应用弹簧测力计拉着鞋子做匀速直线运动；根据弹簧测力计的量程和分度值读出拉力的大小。
(2)在探究滑动摩擦力的大小与接触面的粗糙程度的关系时，应控制压力相同。
(3)滑动摩擦力的方向与拉力方向相反；改进后的实验拉动木板时，鞋子始终处于静止状态。
知道影响滑动摩擦力大小的因素；知道控制变量法在本实验中的应用；会正确读出弹簧测力计的示数。
30.【答案】水平 游码未归零 左 m2−m1V 大 400.8×103 1×103
【解析】解：(1)小吴的操作存在的问题是：调节平衡螺母前游码未归零；
当游码归零，天平左端上翘，为了使天平再次平衡，应向左调节平衡螺母，使天平平衡；
(2)酒精的质量m酒精=m2−m1，则酒精的密度：ρ=m酒精V=m2−m1V；
(3)由实验步骤可知，把酒精倒入量筒的过程中，烧杯壁上附着一些酒精，所测酒精体积偏小，由ρ=mV可知，所测酒精密度偏大；
(4)由图1丙知，量筒分度值2mL，量筒中的酒精体积V′=40mL=40cm3；
图1乙剩余酒精和烧杯的质量：m剩=100g+20g+10g+0.4g=130.4g；
量筒中酒精的质量：m=m总−m剩=162.4g−130.4g=32g；
酒精的密度：ρ=mV′=32g40cm3=0.8g/cm3=0.8×103kg/m3；
(5)如图2甲，鹅卵石的质量为m3=120g，
如图2乙，在烧杯中放入适量的液体将鹅卵石浸没，用电子秤测出总质量m4=230g，
如图2丙，取出鹅卵石向烧杯中加液体到标记处，再用电子秤测出此时液体和烧杯的总质量m5=170g，
添加的液体质量m液=m5−(m4−m3)=170g−(230g−120g)=60g，
鹅卵石体积V石=m3ρ石=120g2g/cm3=60cm3；
添加的液体体积V液=V石=60cm3；
由密度公式计算出酒精的密度ρ液=m液V液=60g60cm3=1g/cm3=1×103kg/m3。
故答案为：(1)水平；游码未归零；左；(2)m2−m1V；(3)大；(4)40；0.8×103；(5)1×103。
(1)(1)用天平测量物体的质量时，首先把天平放在水平台上，把游码放在标尺左端的零刻线处。调节天平平衡时，游码应在标尺的零刻线位置，螺母应向天平上翘的一端移动；
(2)酒精的质量等于酒精和烧杯总质量m2减去空烧杯质量m1，酒精的密度依据密度公式可算出；
(3)由于无法将酒精从烧杯中倒尽，故酒精的体积小；
(4)根据图1丙读出量筒中的酒精体积；
用天平测物体质量时，物体的质量等于砝码的质量加上游码所对刻度；计算出量筒中酒精质量，根据密度公式计算酒精的密度；
(5)先求出鹅卵石排开液体的质量，根据ρ=mV得出鹅卵石的体积，排开的液体的体积等于鹅卵石的体积，根据密度公式得出液体的密度。
本题考查天平的调节、等效替代法测体积、密度公式的运用、误差分析，难度较大。
31.【答案】增加 大 甲 线圈匝数越多 大头针被磁化，同名磁极相互排斥 B
【解析】解：(1)闭合开关后，滑动变阻器滑片向左移动时，电路中电阻减小，电流增大，电磁铁的磁性增强，则电磁铁甲、乙吸引大头针的个数增加；说明电流越大，电磁铁的磁性越强；
(2)根据图示的情境可知，甲电磁铁吸引的大头针多，说明甲的磁性强；究其原因，甲、乙电流相同，甲缠绕的线圈的匝数多，吸引大头针越多，因此可得出结论：电流一定时，线圈的匝数越多，电磁铁磁性越强；
(3)大头针被磁化，同一端的磁性相同，互相排斥，所以下端分散；
(4)研究“探究电磁铁的磁性跟哪些因素有关”，多次实验的目的是总结规律，避免因次数太少造成结论的偶然性或片面性；
A、伏安法测量定值电阻的阻值，采用多次测量的目的是：取平均值，减小测量误差；
B、探究并联电路电流规律，多次测量的目的是：总结规律，防止结论的偶然性；
故和探究“影响电磁铁磁性强弱的因素”实验中多次实验的目的相同的是B。
故答案为：(1)增加；大；(2)甲；线圈匝数越多；(3)大头针被磁化，同名磁极相互排斥；(4)B。
(1)分析滑动变阻器的滑片向左移时变阻器连入电路的电阻变化，由欧姆定律确定电流变化；在线圈的匝数一定，铁芯一定时，电流越大，电磁铁磁性越强；
(2)探究“影响电磁铁磁性强弱的因素”实验采用转换法，通过观察电磁铁吸引大头针数目的多少来判断电磁铁磁性的强弱；电磁铁磁性的强弱和线圈的匝数、电流大小有关；
(3)同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引；
(4)在物理实验过程中，多次测量的目的有两个：将测量数据取平均值，减小误差；总结规律，避免结论的片面性、偶然性。
此题是一道探究性实验题目，考查了转换法的应用，知道在此实验中通过电磁铁吸引大头针的多少来判断电磁铁磁性的强弱，同时也考查了控制变量法，知道一般地测量性实验多次测量的目的是减小误差；探究性实验多次测量的目的是总结规律，避免结论的偶然性。
32.【答案】电流表未调零 2.55.1正 BD
【解析】解：(1)滑动变阻器的滑片P向左滑动时，电流表示数变小，说明滑动变阻器阻值变大，故滑动变阻器选用右下接线柱与定值电阻串联在电路中，如下左所示：
(2)由实物图可知，滑动变阻器右下接线柱连入电路中与电阻串联，如下右所示：
；
(3)开关闭合前，小亮发现电流表的指针在零刻度线左侧，如图丙所示，即电流表指针没有与零刻度线对齐，其原因是电流表未调零
(4)由图甲可知，电压表选用小量程；第3次实验时电流表示数为0.5A，电压表示数如图丁所示，电压表分度值0.1V，其示数为2.5V；
(5)由欧姆定律，第1次实验电阻的大小为：R1=U1I1=1.2V0.24A=5.0Ω；第2、3次电阻大小分别为5.3Ω和5.0Ω，为减小误差，取平均值作为测量结果：
Rx=5.0Ω+5.3Ω+5.0Ω3=5.1Ω；
考虑到误差因素，因电压与电流之比为一定值，故还可以得到的结论是：电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比；
(6)A、灯泡与滑动变阻器串联，电压表并联在灯泡两端；闭合开关，调节滑动变阻器使灯泡两端电压为额定电压，灯泡可以正常发光，但测不出灯泡的额定电流，不能测量出小灯泡正常发光时的电阻，故A不符合题意；
B、由电路图可知，闭合开关S，将另一开关拨到1，R和L并联之后，与滑动变阻器串联，电流表测量R的电流，调节滑动变阻器R0的滑片，使电流表示数为2.5VR，根据并联电路电压规律和欧姆定律可知，此时灯泡正常发光；闭合开关S，将另一开关拨到2，R和L并联之后，与滑动变阻器串联，电流表测量干路电流为I，因电路的连接关系没有改变，各电阻的大小和通过的电流不变，灯仍正常发光，根据并联电路的电流特点可知通过小灯泡的额定电流IL=I−2.5VR，最后利用欧姆定律求出小灯泡正常发光时的电阻的表达式，故B符合题意；
C、闭合开关S，将另一开关拨到1或2，灯泡、定值电阻、滑动变阻器串联，电压表测量定值电阻两端的电压或测量小灯泡和电阻串联后的两端电压，移动滑动变阻器都不能确定灯泡是否正常工作，测不出灯泡的额定电流，不能测量出小灯泡正常发光时的电阻，故C不符合题意；
D、闭合开关S，将另一开关拨到2，灯泡、定值电阻、滑动变阻器串联，电压表测量小灯泡两端的电压，移动滑动变阻器当电压表的示数为2.5V时灯泡正常发光，再将另一开关拨到1，电路的连接不变，电压表测量小灯泡和电阻串联后的两端电压U，根据串联电路电压规律和欧姆定律可知，小灯泡正常发光时的电流为I=U−2.5VR，根据欧姆定律求出小灯泡正常发光时的电阻的表达式，故D符合题意；
故选：BD。
故答案为：(1)见解答图；(2)见解答图；(3)电流表未调零；(4)2.5；(5)5.1；正；(6)BD。
(1)滑动变阻器的滑片P向左滑动时，电流表示数变小，说明滑动变阻器阻值变大，据此确定滑动变阻器选用的下端接线柱；
(2)由图乙可知虚线框内缺少的电学元件是滑动变阻器，把滑动变阻器画到相应的位置即可；
(3)电表使用前要调零；
(4)根据图甲确定电压表选用的量程，由图丁确定分度值读数；
(5)根据欧姆定律求出表格数据对应的阻值，然后取平均值即为未知电阻Rx的阻值；分析通过Rx的电流和电压的变化倍数关系，然后根据控制变量法得出结论；
(6)由R=UI，已知小灯泡的额定电压为2.5V，关键是测出额定电流；分别分析每个电路的开关及电流表或电压表的关系，看哪一个电路图能测量出灯泡的额定电流。
本题用“伏安法”测量未知电阻Rx的阻值实验，考查了电路连接、电表使用、电压表读数、电阻的计算、数据分析及设计实验方案测电阻的能力。
2023年辽宁省鞍山市铁东区中考物理一模试卷
1. 下列估测最合理的是( )
A. 分子的直径约为10−2m
B. 成人双脚站立时对地面压强约为1.2×104Pa
C. 一个鸡蛋的质量约为500g
D. 空调正常工作的功率约为100W
2. 如图所示是小明同学立定跳远考试时的场景，下列说法正确的是( )
A. 小明穿的运动鞋鞋底有凹凸不平的花纹是为了增大摩擦
B. 小明跳起后，在空中运动到最高点时处于平衡状态
C. 小明跳起后，在地面弹力的作用下继续向前运动
D. 起跳时，小明对地面的压力和地面对小明的支持力是一对平衡力
3. 对如图所示四幅图片涉及的物理知识分析错误的是( )
A. 海军南昌舰从长江开到黄海后，舰身要上浮一些
B. 轮船通过船闸从下游驶到上游，船闸是利用连通器原理工作的
C. 飞机机翼设计成流线型，利用机翼上方空气流速慢，压强小形成向上的升力
D. “祝融号”火星车设计有宽大的轮子可以减小压力的作用效果
4. 如图所示的四个情景，下列选项中说法正确的是( )
A. 甲图中厚玻璃筒内的空气被压缩时，空气的内能减小
B. 乙图中两个铅块紧压在一起后能吊住重物，说明分子间存在扩散现象
C. 丙图中红墨水在热水中扩散得快，说明温度越高，分子无规则运动越剧烈
D. 丁图中活塞向下运动，燃气的内能全部转化成活塞的机械能
5. 如图所示，家庭电路连接正确，各元件均可以正常工作，有关说法正确的是( )
A. 洗衣机接入三孔插座后电灯与洗衣机是串联的
B. 有金属外壳的洗衣机可以接入三孔插座也可接两孔插座
C. 闭合开关时，人接触B点或C点都可能引起触电
D. 断开开关时，试电笔接触B、C两点氖管都不发光
6. 下列说法正确的是( )
A. 如图甲，充电宝给手机电池充电时，手机电池相当于电源
B. 如图乙，本实验过程中，内能先转化为化学能再转化为机械能
C. 如图丙，开关S闭合后，灯L1、L2都不发光
D. 如图丁，轻质小球被用毛皮摩擦过的橡胶棒吸引，说明小球一定带正电
7. 长征三号乙运载火箭把两颗北斗三号卫星成功送入预定轨道。这两颗卫星将和其他17颗已经在轨运行的北斗三号卫星组成网络提供导航服务。以下说法正确的是( )
A. 卫星随火箭升空的过程中，卫星相对于火箭是运动的
B. 卫星与地面导航接收设备之间是靠电磁波传递信号的
C. 卫星中的集成电路是用超导体材料制作的
D. 运载火箭第三级用能效高的液态氢作燃料，“能效高”指的是比热容大
8. 下列说法正确的是( )
A. 煤属于可再生能源，太阳能属于一次能源
B. 能量的转化、转移都是有方向性的，能量的利用是无条件的
C. 逐渐停售燃油汽车，大力推广电动汽车，有利于缓解温室效应
D. 核电站是利用原子核发生可控的核聚变产生的核能来发电的
9. 关于如图所示的电和磁的实验，下列描述中正确的是( )
A. 实验演示的是电流的磁效应
B. 实验演示的是电动机的工作原理
C. 实验演示的是磁场对电流的作用，直流电动机是依据此原理制成的
D. 实验演示当铁棒靠近条形磁铁时被吸引，说明铁棒原来就有磁性
10. 周末，爸爸开车带着小艳出去游玩，汽车在1h的时间内，在水平路面上匀速行驶了72km，消耗汽油6kg。若已知该汽车发动机牵引力的功率为23kW，q汽油=4.6×107J/kg，则关于上述行驶过程，下列分析正确的是( )
A. 发动机效率低主要是机械之间的摩擦造成的
B. 该汽车的牵引力约为320N
C. 燃烧汽油产生的热量为2.76×108J
D. 该汽车发动机的效率是30%
11. 下列关于物理概念和规律的说法，正确的是( )
A. 由公式ρ=mV可知，物质的密度跟质量成正比，跟体积成反比
B. 由公式R=UI可知，导体的电阻大小等于导体两端的电压与导体中通过的电流之比
C. 串联电路中各处的电流相等，并联电路中各支路两端的电压相等
D. 滑动摩擦力和压强都与压力大小和接触面积有关
12. 如图所示电路，电源电压保持不变，闭合开关S，将滑动变阻器的滑片从中点向a端移动过程中( )
A. 电压表V的示数变大，电流表A1的示数变小
B. 电压表V的示数与电流表A1的示数乘积变小
C. 电压表V的示数不变，灯泡L的亮度不变
D. 电压表V的示数与电流表A2的示数比值不变
13. 将质量和底面积都相同的A、B两个容器放在水平桌面上，向其内部分别注入甲、乙两种液体。将体积相同的两个实心物体M、N分别放入两种液体中，物体静止在如图所示的位置，此时两种液体对容器底部的压力相等。下列说法中正确的是( )
A. 物体M的密度大于物体N的密度
B. 物体M受到的浮力等于物体N受到的浮力
C. 甲液体对容器底的压强小于乙液体对容器底的压强
D. 容器A对水平桌面的压强大于容器B对水平桌面的压强
14. 如图甲所示，电源电压为5V，电流表量程为0∼0.6A，电压表量程为0∼15V。在保证所有元件安全的情况下，只闭合开关S、S1，最大范围移动滑动变阻器滑片，绘制出电流表示数与电压表示数关系的图象，如图乙所示。只闭合开关S、S2，最大范围移动滑动变阻器滑片，绘制出电压表示数与滑动变阻器R2接入电路中阻值关系的图象，如图丙所示。下列判断正确的是( )
A. 滑动变阻器R1的最大阻值为20Ω
B. 灯泡的额定功率为1.5W
C. 以上两种情况，电路最大功率为2.5W
D. 只闭合开关S、S2，灯泡正常发光时R2连入电路的阻值是10Ω
15. 足球场上的任意球可以绕过人墙进入球门，这就是所谓的“香蕉球”。要踢出“香蕉球”必须踢中足球的恰当位置，这里的“恰当位置”是指力的三要素中的______ ，踢出去的足球受到______ 力的作用而落回地面，运动员踢球时感到脚疼，说明力的作用是______ 的。
16. 根据______ 的条件和重力的方向总是竖直向下的，可以用悬挂法测不规则形状的薄板的重心，如图甲所示，应分别选择A、B两点悬挂起来，沿铅垂线方向两次画出直线，图中的______ (选填“O”、“A”或“B”)点为薄板的重心。如图乙所示，书包没有被提起，拉力F ______ 书包的重力G(选填“大于”、“等于”或“小于”)。
17. 如图所示，停在斜坡上的汽车受到______ 个力的作用。汽车对地面有压力作用，垂直压在物体表面上的力叫做压力，那么该处的“物体”指的是______ (选填“汽车”或“地面”)，压力的方向为图______ 所示(选填“①”“②”“③”或“④”)。
18. 如图甲所示，水壶盖上盖子，用手堵住通气孔，壶中的水在______ 的作用下不易持续倒出。如图乙所示，小明制成一个简易的气压计，把它从山脚带到山顶，玻璃管内水柱的高度______ (选填“变大”、“变小”或“不变”)，当用一根细管对着玻璃管口上方水平吹气时，玻璃管内水柱的高度______ (选填“变大”、“变小”或“不变”)。
19. 发光二极管(LED)为一种常见的发光体，它内部的发光材料是______ (选填“导体”“半导体”“绝缘体”)制成的，现在很多户外广告屏如图所示是由许许多多相同的LED ______ (选填“串联”或“并联”)形成的，可以由电脑独立控制每一个LED的亮暗。由于许多显示屏需滚动显示内容，LED工作的个数也在不停地发生变化，整个显示屏工作过程中的哪些物理量发生了变化______ 。(填序号)
A、电源电压 B、插头处的电流 C、整个显示屏的功率 D、相同时间内的耗电量
20. “奋斗者号”是我国自主研制的深潜器。当“奋斗者号”完全潜入水中时，排开水的体积为50m3，它所受浮力为______ N。如图所示是深潜器正在上浮和悬浮的情景，其中______ (选填“甲”或“乙”)深潜器正在上浮，此时两幅图的深潜器所受到的浮力______ (选填“相等”或“不相等”)。深潜器在下潜过程中受到水的压强______ (选填“增大”、“减小”或“不变”)。(g取10N/kg)
21. 如图所示，电源电压和小灯泡电阻均保持不变。小灯泡L标有“4V，1.6W”字样，R1=20Ω，滑动变阻器R2允许通过的最大电流为1A，电流表量程为0∼0.6A，电压表量程为0∼3V。小灯泡L正常发光时的电流为______ A。只闭合开关S1时，电压表的示数为2V，电源电压为______ V，R1消耗的电功率是______ W，在保证安全下，闭合所有开关，滑动变阻器R2消耗的最大功率和最小功率之比为3：1；只闭合开关S2时，小灯泡L消耗的电功率变化范围是______ W到______ W之间。
22. 请在图中画出三个小球在水中处于不同状态时的受力情况。
23. 根据电流方向和小磁针的指向在图中画出螺线管的绕线，并标出通电螺线管的N极。
24. 如图甲所示是家庭电路中常见的一种插线板。开关断开时指示灯不亮，插孔不能提供工作电压；开关闭合时指示灯亮，插孔能提供工作电压；如果指示灯损坏，开关闭合时插孔也能提供工作电压。根据以上描述，在图乙中画出电路的连接。
25. 如图所示为我们实验室所用电流表的内部结构示意图。当正确接入电路，有电流通过线圈时，线圈会带动指针顺时针偏转；当接线柱接反，电流通过线圈时，指针会反向偏转，无法读数。这是为什么呢？
26. 有一圆柱形容器，放在水平桌面上。现将一边长为10cm，质量为2.7kg的正方体金属块放在容器底部(如图所示)。g取10N/kg。求：
(1)物体密度。
(2)物体对容器底的压强。
(3)向容器中加入水至8cm深时，水对容器底的压强多大？物体受到容器的支持力多大？(容器足够高，物体与容器底没有紧密接触)
27. 小军家某日在10：00∼11：00时间段有三个用电器在同时正常工作：空调、电视机(“220V，200W”)和处于加热状态的电热水器。图1是电热水器的电路示意图，其中R0、R1为电热丝，红灯、绿灯是电热水器工作状态的指示灯(忽略指示灯对电路的影响)，电热水器的部分参数如表。电能表记录了这1h内的用电情况(如图2所示)。
额定电压
220V
额定加热功率
800W
额定保温功率
40W
水容量
1.0L
(1)这段时间内，小军家的干路电流为多大？
(2)当绿灯亮时，通过分析说明电热水器处于保温状态还是加热状态？
(3)电热水器处于加热状态时，正常工作5min，可使1L水的温度升高40℃。则该电热水器的效率是多少？c水=4.2×103J/(kg⋅℃)，ρ水=1.0×103kg/m3
28. 探究“不同物质的吸热能力”时，在相同的烧杯中，使用相同的电加热器给水和煤油加热，进行了多次测量，得到的实验数据如下表：
物质
次
质量m/kg
升高的温度Δt℃
加热时间t/min
水
1
0.1
10
2
2
0.2
10
4
煤油
3
0.1
10
1
4
0.2
10
2
(1)本实验中比较物质吸热多少的方法与下列______ 的研究方法相同(选填字母)。
A.探究电流跟电压的关系
B.研究磁场时，引入磁感线
C.通过重物被提起的高度来比较电流做功的多少
(2)忽略散热，两加热器正常工作，前2min甲、乙两杯液体吸收的热量Q甲______ Q乙。(选填“>”、“<”或“=”)
(3)分析表格中第1、2次或第3、4次实验数据，可以得出的初步结论是：同种物质升高相同温度时，吸收热量的多少与物质的______ 有关；
(4)相同实验条件下，水和煤油相比，______ 的吸热能力强。
(5)图丙为两种液体“温度-时间”关系的大致图象，正确的是______ (选填字母)。
29. 小刚同学想测试一下橡胶底和牛筋底的运动鞋的滑动摩擦力。
(1)如图甲所示，用弹簧测力计水平拉动橡胶底运动鞋在水平桌面上做______ 运动，此时滑动摩擦力为______ N。
(2)小刚想验证的猜想是滑动摩擦力的大小与接触面的______ 是否有关。他发现牛筋底的运动鞋轻些，便向鞋中添加了适量的砝码，目的是控制鞋对桌面的______ 相同。
(3)在拉动过程中，匀速直线拉动鞋实际很难控制，于是他将鞋放在相同的水平木板上，如图乙所示，将弹簧测力计固定，改为水平向左拉动木板，当他拉动木板时，鞋可以始终处于______ 状态，可以保证鞋所受到的摩擦力______ 鞋受到弹簧测力计的拉力大小，此时鞋所受到的摩擦力的方向为水平向______ (选填“左”或“右”)。
30. 小吴和小李在实验室做测量密度的实验。
(1)小吴将托盘天平放在______ 桌面上，如图1甲所示调节天平平衡，小李指出她的操作错误是______ ，纠正错误以后观察到指针右偏，此时应向______ 调节平衡螺母，使指针指到分度盘的中线处；
(2)小吴想测量酒精的密度，步骤如下：
A.用天平测出空烧杯的质量记为m1；
B.用天平测出烧杯和酒精的总质量记为m2；
C.将酒精全部倒入量筒中，用量筒测出酒精的体积记为V；
根据小吴的实验步骤，酒精密度的表达式为______ ；小李认为上述实验由于烧杯中的液体无法全部倒入量筒，会导致所测密度偏______ ；
(3)为了更准确的测出酒精的密度，小李设计了以下实验：
①将酒精倒入烧杯中，测出它们的总质量为162.4g；
②将烧杯中的一部分酒精倒入量筒中，如图1丙，则量筒中酒精的体积为______ mL；
③用天平测出烧杯和剩余酒精的总质量如图1乙所示；
根据小李的实验，算出酒精的密度为______ kg/m3。
(4)小吴和小李共同合作，用另外的方法来测量一种未知液体的密度，他们取来一块密度ρ=2×103kg/m3的鹅卵石，利用电子秤继续测量，设计了如下方案：
①先用电子秤测出鹅卵石的质量如图2甲；
②在烧杯中放入适量的液体将鹅卵石浸没，在液面到达的位置上作标记，用电子秤测出总质量如图2乙；
③取出鹅卵石向烧杯中加液体到标记处，再用电子秤测出此时液体和烧杯的总质量如图2丙，则液体的密度ρ=______ kg/m3。
31. 在探究“影响电磁铁磁性强弱的因素”实验中，小明制成简易电磁铁甲、乙，并设计了如图所示的电路。
(1)当滑动变阻器滑片向左移动时，电磁铁甲、乙吸引大头针的个数______ (选填“增加”或“减少”)，说明电流越______ ，电磁铁磁性越强；
(2)由图示可知，______ (选填“甲”或“乙”)的磁性强，说明电流一定时，______ ，电磁铁磁性越强；
(3)电磁铁吸引的大头针下端分散的原因是______ ；
(4)本实验中多次实验的目的和下列实验多次实验的目的相同的是______
A.伏安法测量定值电阻的阻值
B.探究并联电路电流规律
32. 如图所示，小明利用“伏安法”测量未知电阻Rx的阻值，电源使用两节新干电池，滑动变阻器的规格是“20Ω，2A”。
(1)请用笔画线代替导线，完成图甲实物电路的连接。要求：滑动变阻器的滑片P向左滑动时，电流表示数变小；
(2)对照图甲电路，请在图乙虚线框内添上所缺的电学元件和导线，把电路图补画完整(要求所补画的元件与实物电路对应)；
(3)开关闭合前，小亮发现电流表的指针在零刻度线左侧，如图丙所示，其原因是______ ；
(4)确认电路无误后，闭合开关进行实验，第3次实验时电流表示数为0.5A，电压表示数如图丁所示，记为______ V；
(5)小明利用表格中实验数据计算出待测的未知电阻Rx的阻值为______ Ω(结果保留一位小数)；此外，还可以得到的结论是电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成______ 比。
实验序号
①
②
③
电压/V
1.2
1.8
电流/A
0.24
0.34
0.5
(6)小明又设计了实验，利用一块电压表或电流表测量小灯泡正常发光时电阻。器材有小灯泡(额定电压为2.5V)、滑动变阻器的最大阻值为R0、电源电压未知(大于2.5V)、定值电阻阻值已知。下面能快速测出小灯泡正常发光时电阻的电路是______ 。
答案和解析
1.【答案】B
【解析】解：A、分子的直径非常小，一般在0.1nm=10−10m左右，故A错误；
B、人每只鞋的底面积大约为200cm2，即0.02m2，双脚面积(受力面积)S=0.04m2；成人的体重大约为60kg左右，对地面的压力为F=G=mg=60kg×10N/kg=600N；对地面的压强p=FS=600N0.04m2=1.5×104Pa，接近于1.2×104Pa，故B正确；
C、一个鸡蛋的质量约为50g，故C错误；
D、空调正常工作的功率约为1000W，故D错误。
故选：B。
不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个。
本题考查了学生对生活中一些常见物理量的估测能力，体现了物理和生活的紧密联系。这就告诉我们学习物理，不能只看课本，平时要多观察生活，将所学知识与生活联系起来。
2.【答案】A
【解析】解：A、小明穿的运动鞋鞋底有凹凸不平的花纹，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故A正确；
B、小明跳起后，在空中运动到最高点时只受重力作用，受力不平衡，处于非平衡状态，故B错误；
C、小明跳起后，不再受到地面弹力的作用下，之所以继续向前运动，是因为小明具有惯性，故C错误；
D、起跳时，小明对地面的压力和地面对小明的支持力不是作用在同一物体上的两个力，所以不是一对平衡力，故D错误。
故选：A。
(1)增大摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，增大压力；在压力一定时，增大接触面的粗糙程度；
(2)对小明进行受力分析即可作出判断；
(3)物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性；
(4)平衡力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上。
此题考查增大摩擦的方法、平衡状态的判断、平衡力的辨别、惯性，是一道综合性较强的题目，但总体难度不大，掌握基础知识即可正确解题。
3.【答案】C
【解析】解：
A、海军南昌舰始终处于漂浮状态，浮力等于自身的重力，所以它从长江开到黄海，浮力大小保持不变，由于海水的密度大于长江水的密度，则由F浮=ρ液gV排可知，在浮力大小不变时，液体密度变大，排开液体的体积会变小，故舰身会上浮一些，故A正确；
B、船闸的下游阀门打开时，下游和闸室构成连通器，上游阀门打开时，上游和闸室构成连通器；所以，船闸是利用连通器原理工作的，故B正确；
C、飞机机翼设计成流线型，上方空气流速大、压强小，下方空气流速小、压强大，则机翼受到向上的压强差，即产生了向上的升力，故C错误；
D、“祝融号”火星车设计有宽大的轮子，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，故D正确。
故选：C。
(1)根据漂浮条件可知，“南昌舰”满载时从长江开到黄海时，浮力大小保持不变，利用阿基米德原理分析解答；
(2)连通器的特点：上端开口下端连通的容器。连通器里只有一种液体，在液体不流动的情况下，连通器各容器中液面总是相平的；
(3)流体流速越大的地方压强越小，流速越小的地方压强越大；
(4)减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积；在受力面积一定时，减小压力。
本题主要考查了物体浮沉条件及其应用、流体压强和流速的关系、减小压强的方法、连通器原理等，综合性强，但难度不大，掌握基本规律是关键。
4.【答案】C
【解析】解：A、图中厚玻璃筒内的空气被压缩时，活塞对筒内空气做功，筒内空气的内能变大，故A错误；
B、图中两个压紧的铅块能吊起钩码，是由于分子间存在引力，故B错误；
C、红墨水在热水中扩散的比冷水中快，说明温度越高，分子无规则运动越剧烈，故C正确；
D、丁图中活塞向下运动，燃气的内能部分转化成活塞的机械能，故D错误。
故选：C。
(1)对物体做功，物体的内能变大；
(2)分子间存在着相互作用的引力与斥力；
(3)物质是由分子组成的，分子处于永不停息的运动状态，温度越高，分子运动越剧烈；
(4)四冲程汽油机一个工作循环有四个冲程，分别是吸气、做功、压缩和排气，其中只有做功冲程对外做功，将内能转化为机械能；另外还有压缩冲程有能量转化，将机械能转化为内能。
本题中的小实验都是课本中学习的基础知识，虽然综合性较强，但难度却不大。
5.【答案】D
【解析】解：A、洗衣机接入三孔插座后电灯与洗衣机是并联的，洗衣机和电灯都能正常工作，并且互不影响，故A错误。
B、洗衣机接入三孔插座能使洗衣机金属外壳接地，防止金属外壳的用电器漏电发生触电事故，不能用两孔插座，故B错误。
C、闭合开关时人接触B点，人体加在火线和大地之间，会发生触电事故；闭合开关时人接触C点，人体和CD间的导线并联在电路中，人体的电阻很大，人体被短路，几乎没有电流从人体通过，不会发生触电事故，故C错误。
D、断开开关时，测电笔接触A时，测电笔接触火线，氖管发光；接触BC两点时，由于断开开关，切断火线，不会使测电笔氖管发光。故D正确。
故选：D。
(1)家庭电路中，金属外壳的用电器都采用三脚插头，当金属外壳的用电器插入三孔插座时，金属外壳接地，防止金属外壳的用电器漏电发生触电事故。家用电器和三孔插座之间都是并联的，当用电器插入插座时，各用电器之间互不影响，而且能正常工作。
(2)理论上说，零线上是没有电压的，触电是人体直接或间接接触火线。
(3)用测电笔接触导线，接触火线能使氖管发光。
掌握家用电器的连接方法和三孔插座的连接方法，以及掌握这样连接的原因。
掌握测电笔检测导线时，开关的闭合和断开，影响测电笔的氖管发光情况。
人体接触家庭电路的同一部分，发生触电事故的情况受开关的闭合和断开的影响。
6.【答案】C
【解析】解：A、用充电宝给手机电池充电时，手机电池消耗电能，相当于用电器，故A错误；
B、酒精燃烧，是酒精的化学能转化为火的内能，然后转移给水蒸气；水蒸气对软木塞做功，将塞子推出，水蒸气的内能转化为软木塞的机械能，故B错误；
C、开关S闭合后，电源的两端被导线相连，则电源会被短路，两灯都不发光，故C正确；
D、毛皮摩擦过的橡胶棒带负电，小球被吸引，说明小球可能带正电；由于带电体能吸引不带电的轻小物体，所以小球可能不带电，故D错误。
故选：C。
(1)电路中的用电器消耗电能，电源提供电能；
(2)燃料燃烧实质是将燃料的化学能转化为内能；当对物体做功时，机械能转化为物体的内能，物体的内能增大；当物体对外做功时，物体的内能转化为机械能，物体的内能减小；
(3)电源的两端被导线相连，则电源会被短路；
(4)同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；排斥的物体一定是带有同种电荷，吸引的物体可能带有异种电荷，也可能是带电体吸引不带电的轻小物体。
本题考查了电荷间的相互作用规律、电路的组成、改变内能的方法、电路的三种状态，属于基础题。
7.【答案】B
【解析】解：
A、火箭升空过程中，卫星随火箭一起运动，卫星与火箭没有位置的变化，卫星相对于火箭处于静止状态，故A错误；
B、电磁波可以在真空中传播，可以传递信息，卫星与地面导航接收设备之间传递信号时，主要是利用电磁波传递信息的，故B正确；
C、通信设备中的集成电路是由半导体材料制成的，故C错误；
D、运载火箭采用液态氢作燃料，由于液氢的热值较大，可以提供很大的动力，故这里的“能效高”指的是液氢的热值大，故D错误。
故选：B。
(1)研究对象的运动情况是怎样的，就看它与参照物的相对位置是否变化。如果发生变化则物体是运动的，如果没发生变化则物体是静止的；
(2)卫星导航是利用电磁波传递信息的；
(3)半导体是指导电性能介于导体好绝缘体之间；集成电路是由半导体材料制成的。
(4)热值是燃料一种特性，热值越大的燃料在完全燃烧相同质量的燃料时，放出的热量越多，在选择火箭燃料时要选择热值较大的燃料。
本题考查的是运动和静止的相对性、电磁波、半导体的应用、燃料的热值等知识，是一道综合性较强的题目。
8.【答案】C
【解析】解：A、煤属于不可再生能源，太阳能属于一次能源，故A错误；
B、能量转移和转化是有方向性的，所以能量的利用是有条件的，故B错误；
C、逐渐停售燃油汽车，大力推广电动汽车，有利于缓解温室效应，故C正确；
D、核电站是利用原子核发生可控的核裂变释放的能量来发电的，故D错误。
故选：C。
(1)能源是能够向人类提供能量的物质，能源分为可再生能源和不可再生能源两大类，也可分为一次能源和二次能源，一次能源是指可以从自然界直接获取的能源；二次能源指的是：必须通过一次能源的消耗才可以得到的能源，其中电能是现代社会中非常重要的二次能源；可再生能源的特点是可以重复利用，取之不尽用之不竭，例如风能、水能、太阳能等；
(2)能量的转化和转移具有方向性；
(3)燃油汽车的大量使用使空气污染和温室效应加剧；
(4)核电站是利用核裂变释放的能量来发电的。
此题考查了能量的转化和能源的分类，核能的利用等内容，属于基础内容。
9.【答案】AC
【解析】解：A、该装置是奥斯特实验，是用来研究通电导线周围是否有磁场的实验装置，演示的是电流的磁效应，故A正确；
B、该装置能产生电，故是发电机，故B错误；
C、该实验装置有电源，即通电后，磁场中的导体会受力转动，即通电导线在磁场中受力的作用，直流电动机是依据此原理制成的，故C正确；
D、磁铁具有吸引铁、钴、镍等物质的性质，如果铁棒没有磁性也会吸引，故D错误．
故选AC.
根据对电与磁几个重要实验装置图的认识来判断：
(1)发电机原理图描述了线圈给外界的用电器供电；电动机原理图描述了电源给线圈供电；
(2)电磁感应现象装置图没有电池；磁场对电流的作用装置图有电池．
教材中的重要实验装置图要采用对比记忆的方法认真识记，包括实验装置的名称、说明的原理、重要的应用等．
10.【答案】D
【解析】解：
A、发动机中损耗的能量主要是废气内能和散热损失，机械之间的摩擦造成的能量损失所占比例相对较小，故A错误。
B、由P=Wt可得，该汽车lh内牵引力做的功：W=Pt=23×103W×1×3600s=8.28×107J，
由W=Fs可得，该汽车的牵引力为：F=Ws=8.28×107J72×103m=1.15×103N，故B错误。
C、汽油完全燃烧放出的热量为：Q=mq汽油=6kg×4.6×107J/kg=2.76×108J；
D、该汽车发动机的效率：η=WQ=8.28×107J2.76×108J=30%，故D正确。
故选：D。
(1)热机的工作过程中，它的能量损失所占的百分比一般是：废气内能35%，散热损失30%，机械损失10%；
(2)知道牵引力的功率，利用公式W=Pt求出牵引力做的功，根据F=Ws求出牵引力；
(3)根据Q=mq求出汽油完全燃烧放出的热量；
(4)根据η=WQ求出热机效率，即：用来做有用功的能量与燃料完全燃烧放出的能量之比。
此题主要考查了能量的损耗、热机效率的计算及功和功率的计算，考查得很全面。
11.【答案】BC
【解析】解：A、密度是物质的一种特性，密度的大小跟物质的种类、状态、温度有关，和质量的多少，体积的大小及形状变化无关，故A错误；
B、由公式R=UI可知，导体的电阻大小等于导体两端的电压与导体中通过的电流之比，故B正确；
C、串联电路中各处的电流相等，并联电路中各支路两端的电压相等，故C正确；
D、滑动摩擦力与压力大小和接触面的粗糙程度有关；压强与压力大小和受力面积大小有关，故D错误。
故选：BC。
(1)密度是物质的一种特性，密度的大小跟物质的种类、状态、温度有关；
(2)导体电阻的大小可以用导体两端电压与通过电流的比值来表示；
(3)根据串、并联电路的电压、电流特点去分析；
(4)根据滑动摩擦力和压强的影响因素去分析。
此题考查的是我们对力学、电学中一些基本概念和规律的理解和应用，正确、全面理解概念和相关规律是解答的基础。
12.【答案】BC
【解析】解：由电路图可知，灯泡L与变阻器R并联，电压表测电源两端的电压，电流表A1测R支路的电流，电流表A2测干路电流，电压表V测电源两端的电压，
因电源电压保持不变，
所以，滑片移动时，电压表V的示数不变，故A错误；
因并联电路中各支路独立工作、互不影响，
所以，滑片移动时，通过灯泡L的电流和实际功率不变，则灯泡L的亮暗不变，故C正确；
将滑动变阻器的滑片从中点向a端移动过程中，R接入电路中的电阻变大，
由I=UR可知，通过R的电流变小，即电流表A1的示数变小，
则电压表V的示数与电流表A1的示数乘积变小，故B正确；
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以，干路电流变小，即电流表A2的示数变小，
则电压表V的示数与电流表A2的示数比值变大，故D错误。
故选：BC。
由电路图可知，灯泡L与变阻器R并联，电压表测电源两端的电压，电流表A1测R支路的电流，电流表A2测干路电流，电压表V测电源两端的电压，根据电源的电压可知滑片移动时电压表示数的变化，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知通过灯泡L的电流和实际功率的变化，进一步可知灯泡L的亮暗变化，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知通过R的电流变化，然后判断电压表V的示数与电流表A1的示数乘积变化，根据并联电路的电流特点可知干路电流的变化，然后得出电压表V的示数与电流表A2的示数比值变化。
本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点和欧姆定律的应用，分清电路的连接方式和电表所测的电路元件是关键。
13.【答案】AD
【解析】解：AC、由于两个底面积相同、形状不同的容器A和B，并且两个容器底部受到的液体压力相等，即F甲=F乙，由公式p=FS得两种液体对容器底部的压强相等，由图知甲液体的深度比乙液体的深度小，由p=ρgh可知ρ甲>ρ乙，物块M在甲液体中悬浮，所以M的密度与甲液体的密度相等，物块N在乙液体中漂浮，所以N的密度小于乙液体的密度，即ρM=ρ甲，ρ乙>ρN，所以ρM>ρN，故A正确、C错误；
B、由图知两物体排开液体体积V排甲>V排乙，又因为ρ甲>ρ乙，根据F浮=ρ液gV排可知，物体M受到的浮力大于物体N受到的浮力，故B错误；
D、由于A容器上口大下底小且物体M悬浮在甲液体中，则有G甲+GM>F甲，B容器为柱形容器且物体N漂浮在乙液体中，G乙+GN=F乙，又两个容器底部受到的液体压力相等，则G甲+GM>G乙+GN，由于两容器质量相等，则有GA=GB，则两容器对桌面的压力：FA=GA+G甲+GM>FB=GB+G乙+GN，由p=FS可知，容器A对水平桌面的压强大于容器B对水平桌面的压强，故D正确。
故选：AD。
(1)由于两个底面积相同、形状不同的容器A和B，并且两个容器底部受到的液体压力相等，由公式p=FS得两种液体对容器底部的压强相等，两种液体中的深度h甲
(3)根据容器形状及物体沉浮状态可判断液体和物体受到的重力之各与液体对容器底面的压力关系，从而可判断容器对桌面的压力关系，由p=FS可得两容器对桌面的压强关系。
此题考查物体浮沉条件及其应用、密度的大小比较、压强公式和液体压强公式的应用以及浮力产生的原因等知识，是一道综合性很强，且难度较大的题目。
14.【答案】ABC
【解析】解：A、只闭合开关S、S1，灯泡与滑动变阻器R1串联，电压表测R1两端的电压，根据串联电路的分压原理可知，当滑动变阻器接入电路的电阻最大时，滑动变阻器两端的电压最大，由图乙可知，滑动变阻器两端的最大电压为：U1大=4V，通过的最小电流为：I1小=0.2A，由欧姆定律可知，滑动变阻器R1的最大阻值：R1大=U1大I1小=4V0.2A=20Ω，故A正确；
B、只闭合开关S、S1，当灯泡正常发光时，电路中的电流最大，由图乙可知此时电路中电流为：I1大=0.5A，即灯泡的额定电流为：I额=I1大=0.5A；
只闭合开关S、S2，灯泡与滑动变阻器R2串联，电压表测R2两端的电压，当灯泡正常发光时电路中的电流最大，由欧姆定律可知，此时滑动变阻器R2接入电路的电阻最小，由串联电路的分压原理可知，滑动变阻器R2两端电压最小，由图丙可知此时滑动变阻器R2两端的电压为U2=2V，由串联电路的电压特点可知，灯泡额定的电压：U额=U−U2=5V−2V=3V，所以灯泡的额定功率：P额=U额I额=3V×0.5A=1.5W，故B正确；
C、由P=UI可知，电源电压一定时，电路中的电流最大时，电路的电功率最大，由题意可知，两次电路中灯泡正常发光时电路中的电流最大，因此两次电路中的最大电流都等于灯泡的额定电流，所以两次电路消耗的最大功率：P=UI额=5V×0.5A=2.5W，故C正确；
D、只闭合开关S、S2，灯泡正常发光时，由图丙可知此时滑动变阻器R2两端的电压为U2=2V，通过R2的电流：I2=I1大=0.5A，由欧姆定律可知，R2的接入电阻：R2=U2I2=2V0.5A=4Ω，故D错误。
故选：ABC。
(1)只闭合开关S、S1，灯泡与滑动变阻器R1串联，电压表测R1两端的电压，根据串联电路的分压原理可知，当滑动变阻器接入电路的电阻最大时，滑动变阻器两端的电压最大，根据图乙可知，滑动变阻器两端的最大电压和通过的电流，根据欧姆定律求出滑动变阻器R1的最大阻值；
(2)当灯泡正常发光时，电路中的电流最大，根据图乙可知此时电路中电流即小灯泡的额定电流；
只闭合开关S、S2，灯泡与滑动变阻器R2串联，电压表测R2两端的电压，当灯泡正常发光时电路中的电流最大，由欧姆定律可知，此时滑动变阻器R2接入电路的电阻最小，由串联电路的分压原理可知，滑动变阻器R2两端电压最小，由图丙可知此时滑动变阻器R2两端的电压，根据串联电路的电压特点求出灯泡正常发光时的电压，根据P=UI求出灯泡的额定功率；
(3)由P=UI可知，电源电压一定时，电路中的电流最大时，电路的电功率最大，根据题目条件分析出两次电路中的最大电流，根据P=UI求出电路中的最大功率；
(4)知道R2两端的电压和通过R2的电流，根据欧姆定律计算R2的接入电阻。
本题考查串联电路的特点、欧姆定律的应用和电功率公式的应用，分清开关闭合、断开时电路的连接方式是关键。
15.【答案】力的作用点 重 相互
【解析】解：脚踢在球的恰当的位置，球会划过一道弧线绕过人墙直接进入球门，这里的“恰当的位置”，是指力的作用点；足球在上升过程中，受到竖直向下的重力作用，重力不断改变足球的运动状态，使足球最终落回地面；运动员踢球时感到脚疼，脚同时受到球的作用力，说明了力的作用是相互的。
故答案为：力的作用点；重；相互。
力的三要素大小、方向和作用点都影响力的作用效果；力是改变物体运动状态的原因；力的作用是相互的。
本题考查了力的三要素、力的作用效果以及力的相互性，难度不大。
16.【答案】二力平衡 O 小于
【解析】解：根据二力平衡的条件和重力的方向总是竖直向下的，可以用悬挂法测不规则形状的薄板的重心，如图甲所示，应分别选择A、B两点悬挂起来，沿铅垂线方向两次画出直线，图中的O点为薄板的重心，因为O是两条重锤线的交点。如图乙所示，书包没有被提起，拉力F小于书包的重力G。
故答案为：二力平衡：O；小于。
(1)重力在物体上的作用点叫重力；用平衡力法可以确定物体的重心。
(2)物体刚好被提起来时，拉力和重力是一对平衡力；物体没有被提起时，拉力小于重力。
知道重心的概念和确定重心的方法。
17.【答案】三 地面 ②
【解析】解：停在斜坡上的汽车受到重力、斜坡的支持力、斜面的摩擦力作用，共三个力；
根据压力的定义可知，定义中的“物体”在此指的是地面，压力的方向垂直于受力面，为图中②。
故答案为：三；地面；②。
(1)对汽车进行受力分析，判断受力情况；
(2)垂直压在物体表面上的力叫压力；压力属于弹力，是由受力物体发生形变引起的。
此题考查压力的定义和方向，属于基础知识考查，难度较小。
18.【答案】大气压 变大 变大
【解析】解：(1)茶壶的壶身和壶嘴，它们上端开口、底部连通，符合连通器的特点，所以其设计遵循了连通器原理；
盖上的通气孔是为了让壶内气体和外界大气相通，在重力的作用下水可以更容易的倒出，若用手堵住通气孔，壶中的水在大气压的作用下不易持续倒出；
(2)把气压计从山脚带到山顶，瓶内空气的压强不变，而外界大气压随高度的增加而减小，此时在瓶内气压的作用下，会有一部分水被压入玻璃管，因此管内水柱的高度会变大；
(3)若在玻璃管的上方沿水平方向吹气，管上方空气的流动速度较大，压强较小，玻璃管中的水柱在瓶内气压作用下而上升，所以玻璃管内水柱的高度变大。
故答案为：大气压；变大；变大。
(1)连通器的结构特征是上端开口、底部连通，判断是不是连通器要根据这两个特征；壶盖开一个小孔，可以使壶内气体和外界大气相通，从而利用大气压；
(2)大气压随海拔的升高而减小，根据海拔高度变化判断玻璃管内水柱的高度变化；
(3)气体和液体都属于流体，在流体中，流速大的地方压强小，流速小的地方压强大。
本题考查了连通器的原理和大气压的应用，气压与海拔高度的关系，以及流速与压强的关系，难度不大，属于基础题。
19.【答案】半导体 并联 BCD
【解析】解：
(1)发光二极管的主要制作材料为半导体；
(2)任意取下其中一只灯珠后，其余灯珠仍能发光，说明各灯珠工作时互不影响，则10只小灯珠的连接方式是并联；
(3)当LED工作的个数也在不停地发生变化时，电路中并联的LED灯个数发生改变；
A、并联电路各支路两端电压不变，所以LED工作的个数也在不停地发生变化，电源电压不变，故A不符合题意；
B、并联电路干路电流等于各支路电流之和，当并联电路中支路发生改变时，干路电流(插头处的电流)发生改变，故B符合题意；
C、根据P=UI可知，电压不变，电流改变，所以整个显示屏的功率改变，故C符合题意；
D、根据W=Pt可知，显示屏的功率改变，相同时间内的耗电量改变，故D符合题意。
故答案为：半导体；并联；BCD。
(1)二极管的制作材料为半导体；
(2)并联电路中各用电器工作时互不影响；
(3)根据并联电路电压、电流的规律判断电压和电流的情况，然后根据电功率和电能的计算公式进行分析解答。
本题考查学生在生活实践中物理知识的应用，应注意合理处理所给信息，灵活地选择物理规律和公式解答问题。
20.【答案】5×105 甲 相等 增大
【解析】解：(1)潜水器完全潜入水中时所受的浮力：
F浮=ρ海水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×50m3=5×105N；
(2)潜水艇是通过改变水舱中的水的重力来改变自身重力的，要使潜水艇上浮，应使潜水艇所受的浮力大于潜水艇的重力，所以水舱中水较少时潜水艇上浮，故甲图为上浮时的情景，乙图为悬浮时的情景；
两艘完全相同的潜艇，其体积相同；没露出水面前(浸没)，潜艇排开水的体积等于自身的体积，所以两潜艇排开水的体积相同，根据F浮=ρ水V排g可知它们所受的浮力相等。
潜艇在下潜过程中，深度变大，根据p=ρ液gh可知所受的水的压强变大。
故答案为：5×105；甲；相等；增大。
(1)知道潜水器完全潜入水中时排开水的体积，根据F浮=ρ液gV排求出所受的浮力；
(2)潜水艇浸没在水中，潜水艇的体积不变(排开水的体积不变)，受到的浮力不变；通过让海水进、出压力舱改变潜水艇受到的重力，根据物体的浮沉条件分析是怎么上浮或下沉的；潜艇在下潜过程中，深度变大，根据p=ρ液gh可知所受的水的压强的变化情况。
本题考查了浮沉条件、阿基米德原理和液体压强公式的应用，是一道较为简单的应用题。
21.【答案】0.460.80.2259
【解析】解：(1)由P=UI得，I=PU=1.6W4V=0.4A；
(2)由P=U2R得，R=U2P=(4V)21.6W=10Ω；
闭合开关S1时，灯泡L与电阻R1串联，在串联电路中电流处处相等，所以通过小灯泡的电流等于通过电阻的电流，所以电路中的电流：I=U1′R1=2V10Ω=0.2A；
R1消耗的电功率：P1=I2R1=(0.2A)2×20Ω=0.8W；
(3)因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，灯泡L的电阻RL=10Ω，
所以电源电压U=I×(RL+R1)=0.2A×(10Ω+20Ω)=6V，
当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，其消耗的电功率最小，因并联电路中各支路两端的电压相等，
所以滑动变阻器R2消耗的最小功率：P2小=U2R2，
因滑动变阻器R2允许通过的最大电流为1A，电流表的量程为0∼0.6A，
所以，通过滑动变阻器的最大电流I2大=0.6A，
则滑动变阻器R2消耗的最大功率：P2大=UI2大，
因滑动变阻器R2消耗的最大功率和最小功率之比为3：1，
所以，P2大P2小=UI2大U2R2=31，
则R2=3UI2大=3×6V0.6A=30Ω；
只闭合开关S3时，小灯泡与滑动变阻器R2串联，
当电压表的示数U1′′=3V时，灯泡L的电阻RL=10Ω，电路中的电流：
I1=U1′RL=3V10Ω=0.3A，
因串联电路中各处的电流相等，且电流表的量程为0∼0.6A，
所以，电路中的最大电流为0.3A，
则小灯泡消耗的最大电功率：PL大=I12RL=(0.3A)2×10Ω=0.9W，
当滑动变阻器接入电路中的阻值最大时，小灯泡消耗的电功率最小，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，电路中的最小电流：I2=URL+R2=6V10Ω+30Ω=0.15A，
小灯泡消耗的最小电功率：PL小=I22RL=(0.15A)2×10Ω=0.225W，
所以，小灯泡消耗的电功率变化范围是0.225W∼0.9W。
故答案为：0.4；6；0.8；0.225；0.9。
(1)知道灯泡的额定电压和额定功率，根据P=UI的变形公式I=PU，求出小灯泡正常发光时的电流；
(2)只闭合开关S1时，L与R1串联，电压表测L两端的电压，根据串联电路的电压特点和欧姆定律求出电路中的电流，根据P=I2R求出R1消耗的电功率；
(3)根据电阻的串联和欧姆定律求出电源的电压；闭合所有开关时，R1与R2并联，电流表测R2支路的电流，当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时其消耗的电功率最小，根据P=U2R表示出滑动变阻器R2消耗的最小功率；比较滑动变阻器允许通过的最大电流和电流表的量程确定通过滑动变阻器的最大电流，根据P=UI求出滑动变阻器R2消耗的最大功率，利用滑动变阻器R2消耗的最大功率和最小功率之比为3：1求出滑动变阻器的最大阻值；只闭合开关S2时，灯泡与R2串联，电压表测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流，灯泡的额定电压大于电压表的量程，根据欧姆定律求出电压表的示数最大时电路中的电流，然后与电流表的量程相比较确定电路中的最大电流，根据P=I2R求出小灯泡消耗的最大电功率；当滑动变阻器接入电路中的阻值最大时灯泡消耗的电功率最小，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的最小电流，根据P=I2R求出小灯泡消耗的电功率，然后得出答案。
本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是开关闭合、断开时电路连接方式的判断。
22.【答案】解：小球上浮时浮力大于重力；
小球悬浮时浮力等于重力；
小球下沉时浮力小于重力，如下图所示：
。
【解析】根据物体的沉浮条件得出浮力与重力的关系，并画图。
本题考查物体浮沉条件的应用，知道物体在不同浮沉状态下浮力与重力的关系是关键。
23.【答案】解：由图可知小磁针的N极指向左，则由磁极间的相互作用规律可知，通电螺线管的右端为S极，其左端为N极。根据安培定则可知，电流由螺线管的右前方流入，左后方流出，则螺线管的绕线方向如下：
【解析】根据小磁针的指向和磁极间的相互作用判断通电螺线管的磁极，根据安培定则判断螺线管中的电流方向，根据电流的方向画出螺线管的绕线方向。
本题考查了安培定则的应用、磁极间的相互作用，属于综合题，但难度不大。
24.【答案】解：由题意可知，开关断开时指示灯不亮，插孔不能提供工作电压；开关闭合时指示灯亮，插孔能提供工作电压；如果指示灯损坏，开关闭合时插孔也能提供工作电压。说明两者是并联，且都由开关来控制。故其连接如图所示：
【解析】根据题意判断出指示灯与插孔为并联，且都由开关来控制，再结合连接要求对接线板进行连接。
本题主要考查了接线板的连接，能正确判断指示灯与插孔的连接特点是正确解答的关键。
25.【答案】答：因为通电线圈在磁场中的受力方向与电流方向和磁场方向有关。在磁场方向不变时，改变电流方向会改变通电线圈的受力方向，当正确接入电路，有电流通过线圈时，线圈会带动指针顺时针偏转，此时刻度盘上可以读数；当接线柱接反，电流通过线圈时，指针会逆时针偏转，此时指针反偏，刻度盘的左侧没有刻度，且与电流表的左边缘相碰，不能读数。
【解析】(1)电流表是利用磁场对电流的作用来工作的。
(2)通电线圈在磁场中受力方向与电流的方向有关和磁场方向有关。
能够根据磁场对电流的作用分析电流表的正负接线柱接入不同方向的电流时，电流表的指针偏转的方向。
26.【答案】解：(1)物体的体积：
V=L3=(10cm)3=1000cm3=1×10−3m3，
物体的密度：
ρ=mV=2.7kg1×10−3m3=2.7×103kg/m3；
(2)物体对容器底的压力：
F=G=mg=2.7kg×10N/kg=27N，
受力面积：
S=L2=(10cm)2=100cm2=1×10−2m2，
物体对容器底的压强：
p=FS=27N1×10−2m2=2.7×103Pa；
(3)水对容器底的压强：
p′=ρ水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.08m=800Pa，
物体排开水的体积：
V排=Sh=1×10−2m2×0.08m=8×10−4m3，
物体受到的浮力：
F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×8×10−4m3=8N，
物体受到容器的支持力：
F支=G−F浮=27N−8N=19N。
答：(1)物体密度为2.7×103kg/m3；
(2)物体对容器底的压强为2.7×103Pa；
(3)向容器中加入水至8cm深时，水对容器底的压强为800Pa，物体受到容器的支持力为19N。
【解析】(1)知道正方体的棱长可求其体积，又知道金属块的质量，根据ρ=mV求出物体密度；
(2)物体对容器底的压力和自身的重力相等，根据F=G=mg求出其大小，容器的底面积即为受力面积，根据p=FS求出物体对容器底的压强；
(3)根据p=ρgh求出水对容器底的压强，根据V=Sh求出物体排开水的体积，再根据阿基米德原理求出物体受到的浮力，物体的重力减去受到的浮力即为物体受到容器的支持力。
本题考查了密度公式和重力公式、压强公式、液体压强公式、阿基米德原理以及力的平衡条件的应用，关键是知道水平面上物体的压力和自身的重力相等，计算过程要注意单位的换算。
27.【答案】解：
(1)电能表读数时，数字方框中的最后一位是小数，单位是kW⋅h，
由图2可知，电路中用电器1h内消耗的电能：W总=523.6kW⋅h−520.3kW⋅h=3.3kW⋅h=1.188×107J，
由W=UIt可知，这段时间内，小军家的干路电流：I=W总Ut=1.188×107J220V×1×3600s=15A；
(2)由图1可知，当绿灯亮时，开关S接b，工作电路中R0和R1串联，电路的总电阻最大，
由P=UI=U2R可知，电热水器的功率最小，电热水器处于保温状态；
(3)水的体积：V=1L=1dm3=1×10⁻3m3，
由ρ=mV可知，水的质量：m=ρ水V=1.0×103kg/m3×1×10⁻3m3=1kg，
水吸收的热量：Q吸=c水mΔt=4.2×103J/(kg⋅℃)×1kg×40℃=1.68×105J，
电热水器消耗的电能：W=P加热t=800W×5×60s=2.4×105J，
该电热水器的效率：η=Q吸W×100%=1.68×105J2.4×105J×100%=70%。
答：(1)这段时间内，小军家的干路电流为15A；
(2)当绿灯亮时，工作电路中R0和R1串联，电路的总电阻最大，由P=UI=U2R可知，电热水器的功率最小，电热水器处于保温状态；
(3)该电热水器的效率是70%。
【解析】(1)电能表读数时，数字方框中的最后一位是小数，单位是kW⋅h，由图2可知电路中用电器1h内消耗的电能，根据W=UIt求出这段时间内，小军家的干路电流；
(2)由图1可知，当绿灯亮时，工作电路中R0和R1串联，电路的总电阻最大，根据P=UI=U2R可知电热水器的功率最小；
(3)利用密度公式求出水的质量，利用Q吸=cmΔt求出水吸收的热量，利用W=Pt求出电热水器喜欢的电能，利用效率公式求出电热水器的效率。
本题是一道电热综合题，主要考查串联电路的特点、电能表的读数、电功和电功率的计算、密度公式、吸热公式以及效率公式的应用，题目有一定的难度。
28.【答案】C=质量 水 B
【解析】解：(1)实验中，根据转换法，可以通过比较加热时间来反映两种液体吸收热量的多少；
A.探究电流跟电压的关系，采用了控制变量法；
B.研究磁场时，引入磁感线，采用了模型法；
C.通过重物被提起的高度来比较电流做功的多少，采用了转换法；
故选：C；
(2)使用相同的电加热器给水和煤油加热，忽略散热，两加热器正常工作，前2min内加热器放出的热量相同，则甲、乙两杯液体吸收的热量Q甲=Q乙；
(3)分析表格中第1、2次或第3、4次实验数据可知，在其它条件相同时，质量越大，加热时间越长，可以得出的初步结论是：同种物质升高相同温度时，吸收热量的多少与物质的质量有关；
(4)相同实验条件下，如果温度变化相同，则加热时间长的吸收热量多，吸热能力强；水和煤油相比，水的吸热能力强；
(5)根据1、3次或第2、4次实验知，相同质量的水和煤油升高相同的温度，水加热时间长，如图为两种液体“温度-时间”关系的大致图象，正确的是B。
故答案为：(1)C；(2)=；(3)质量；(4)水；(5)B。
(1)我们使用相同的加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法；分析每个选项，找出符合题意的选项；
(2)加热器相同，加热相同时间，物质吸收的热量相同；
(3)分析表格中第1、2次或第3、4次实验数据结合转换法得出结论；
第1、3次或第2、4次实验数据结合转换法得出结论；
(4)使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量(即比较加热时间)，吸收热量多的吸热能力强；
(5)根据1、3次或第2、4次实验知，相同质量的水和煤油升高相同的温度，水加热时间长。
本题比较不同物质的吸热能力，考查控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法，为热学中的重要实验。
29.【答案】匀速直线 4.0粗糙程度 压力 静止 等于 左
【解析】解：(1)用弹簧测力计水平拉动橡胶底运动鞋在水平桌面上做匀速直线运动，此时弹簧测力计的分度值是0.2N，拉力的大小为4.0N，和滑动摩擦力是一对平衡力，大小相等，则滑动摩擦力为4.0N。
(2)小刚想验证的猜想是滑动摩擦力的大小与接触面的粗糙程度是否有关。他发现牛筋底的运动鞋轻些，便向鞋中添加了适量的砝码，目的是控制鞋对桌面的压力相同。
(3)如图乙所示，将弹簧测力计固定，改为水平向左拉动木板，当他拉动木板时，鞋可以始终处于静止状态，可以保证鞋所受到的摩擦力等于鞋受到弹簧测力计的拉力大小，此时鞋所受到的摩擦力的方向为水平向左。
故答案为：(1)匀速直线；4.0；(2)粗糙程度；压力；(3)静止；等于；左。
(1)测量滑动摩擦力时，应用弹簧测力计拉着鞋子做匀速直线运动；根据弹簧测力计的量程和分度值读出拉力的大小。
(2)在探究滑动摩擦力的大小与接触面的粗糙程度的关系时，应控制压力相同。
(3)滑动摩擦力的方向与拉力方向相反；改进后的实验拉动木板时，鞋子始终处于静止状态。
知道影响滑动摩擦力大小的因素；知道控制变量法在本实验中的应用；会正确读出弹簧测力计的示数。
30.【答案】水平 游码未归零 左 m2−m1V 大 400.8×103 1×103
【解析】解：(1)小吴的操作存在的问题是：调节平衡螺母前游码未归零；
当游码归零，天平左端上翘，为了使天平再次平衡，应向左调节平衡螺母，使天平平衡；
(2)酒精的质量m酒精=m2−m1，则酒精的密度：ρ=m酒精V=m2−m1V；
(3)由实验步骤可知，把酒精倒入量筒的过程中，烧杯壁上附着一些酒精，所测酒精体积偏小，由ρ=mV可知，所测酒精密度偏大；
(4)由图1丙知，量筒分度值2mL，量筒中的酒精体积V′=40mL=40cm3；
图1乙剩余酒精和烧杯的质量：m剩=100g+20g+10g+0.4g=130.4g；
量筒中酒精的质量：m=m总−m剩=162.4g−130.4g=32g；
酒精的密度：ρ=mV′=32g40cm3=0.8g/cm3=0.8×103kg/m3；
(5)如图2甲，鹅卵石的质量为m3=120g，
如图2乙，在烧杯中放入适量的液体将鹅卵石浸没，用电子秤测出总质量m4=230g，
如图2丙，取出鹅卵石向烧杯中加液体到标记处，再用电子秤测出此时液体和烧杯的总质量m5=170g，
添加的液体质量m液=m5−(m4−m3)=170g−(230g−120g)=60g，
鹅卵石体积V石=m3ρ石=120g2g/cm3=60cm3；
添加的液体体积V液=V石=60cm3；
由密度公式计算出酒精的密度ρ液=m液V液=60g60cm3=1g/cm3=1×103kg/m3。
故答案为：(1)水平；游码未归零；左；(2)m2−m1V；(3)大；(4)40；0.8×103；(5)1×103。
(1)(1)用天平测量物体的质量时，首先把天平放在水平台上，把游码放在标尺左端的零刻线处。调节天平平衡时，游码应在标尺的零刻线位置，螺母应向天平上翘的一端移动；
(2)酒精的质量等于酒精和烧杯总质量m2减去空烧杯质量m1，酒精的密度依据密度公式可算出；
(3)由于无法将酒精从烧杯中倒尽，故酒精的体积小；
(4)根据图1丙读出量筒中的酒精体积；
用天平测物体质量时，物体的质量等于砝码的质量加上游码所对刻度；计算出量筒中酒精质量，根据密度公式计算酒精的密度；
(5)先求出鹅卵石排开液体的质量，根据ρ=mV得出鹅卵石的体积，排开的液体的体积等于鹅卵石的体积，根据密度公式得出液体的密度。
本题考查天平的调节、等效替代法测体积、密度公式的运用、误差分析，难度较大。
31.【答案】增加 大 甲 线圈匝数越多 大头针被磁化，同名磁极相互排斥 B
【解析】解：(1)闭合开关后，滑动变阻器滑片向左移动时，电路中电阻减小，电流增大，电磁铁的磁性增强，则电磁铁甲、乙吸引大头针的个数增加；说明电流越大，电磁铁的磁性越强；
(2)根据图示的情境可知，甲电磁铁吸引的大头针多，说明甲的磁性强；究其原因，甲、乙电流相同，甲缠绕的线圈的匝数多，吸引大头针越多，因此可得出结论：电流一定时，线圈的匝数越多，电磁铁磁性越强；
(3)大头针被磁化，同一端的磁性相同，互相排斥，所以下端分散；
(4)研究“探究电磁铁的磁性跟哪些因素有关”，多次实验的目的是总结规律，避免因次数太少造成结论的偶然性或片面性；
A、伏安法测量定值电阻的阻值，采用多次测量的目的是：取平均值，减小测量误差；
B、探究并联电路电流规律，多次测量的目的是：总结规律，防止结论的偶然性；
故和探究“影响电磁铁磁性强弱的因素”实验中多次实验的目的相同的是B。
故答案为：(1)增加；大；(2)甲；线圈匝数越多；(3)大头针被磁化，同名磁极相互排斥；(4)B。
(1)分析滑动变阻器的滑片向左移时变阻器连入电路的电阻变化，由欧姆定律确定电流变化；在线圈的匝数一定，铁芯一定时，电流越大，电磁铁磁性越强；
(2)探究“影响电磁铁磁性强弱的因素”实验采用转换法，通过观察电磁铁吸引大头针数目的多少来判断电磁铁磁性的强弱；电磁铁磁性的强弱和线圈的匝数、电流大小有关；
(3)同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引；
(4)在物理实验过程中，多次测量的目的有两个：将测量数据取平均值，减小误差；总结规律，避免结论的片面性、偶然性。
此题是一道探究性实验题目，考查了转换法的应用，知道在此实验中通过电磁铁吸引大头针的多少来判断电磁铁磁性的强弱，同时也考查了控制变量法，知道一般地测量性实验多次测量的目的是减小误差；探究性实验多次测量的目的是总结规律，避免结论的偶然性。
32.【答案】电流表未调零 2.55.1正 BD
【解析】解：(1)滑动变阻器的滑片P向左滑动时，电流表示数变小，说明滑动变阻器阻值变大，故滑动变阻器选用右下接线柱与定值电阻串联在电路中，如下左所示：
(2)由实物图可知，滑动变阻器右下接线柱连入电路中与电阻串联，如下右所示：
；
(3)开关闭合前，小亮发现电流表的指针在零刻度线左侧，如图丙所示，即电流表指针没有与零刻度线对齐，其原因是电流表未调零
(4)由图甲可知，电压表选用小量程；第3次实验时电流表示数为0.5A，电压表示数如图丁所示，电压表分度值0.1V，其示数为2.5V；
(5)由欧姆定律，第1次实验电阻的大小为：R1=U1I1=1.2V0.24A=5.0Ω；第2、3次电阻大小分别为5.3Ω和5.0Ω，为减小误差，取平均值作为测量结果：
Rx=5.0Ω+5.3Ω+5.0Ω3=5.1Ω；
考虑到误差因素，因电压与电流之比为一定值，故还可以得到的结论是：电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比；
(6)A、灯泡与滑动变阻器串联，电压表并联在灯泡两端；闭合开关，调节滑动变阻器使灯泡两端电压为额定电压，灯泡可以正常发光，但测不出灯泡的额定电流，不能测量出小灯泡正常发光时的电阻，故A不符合题意；
B、由电路图可知，闭合开关S，将另一开关拨到1，R和L并联之后，与滑动变阻器串联，电流表测量R的电流，调节滑动变阻器R0的滑片，使电流表示数为2.5VR，根据并联电路电压规律和欧姆定律可知，此时灯泡正常发光；闭合开关S，将另一开关拨到2，R和L并联之后，与滑动变阻器串联，电流表测量干路电流为I，因电路的连接关系没有改变，各电阻的大小和通过的电流不变，灯仍正常发光，根据并联电路的电流特点可知通过小灯泡的额定电流IL=I−2.5VR，最后利用欧姆定律求出小灯泡正常发光时的电阻的表达式，故B符合题意；
C、闭合开关S，将另一开关拨到1或2，灯泡、定值电阻、滑动变阻器串联，电压表测量定值电阻两端的电压或测量小灯泡和电阻串联后的两端电压，移动滑动变阻器都不能确定灯泡是否正常工作，测不出灯泡的额定电流，不能测量出小灯泡正常发光时的电阻，故C不符合题意；
D、闭合开关S，将另一开关拨到2，灯泡、定值电阻、滑动变阻器串联，电压表测量小灯泡两端的电压，移动滑动变阻器当电压表的示数为2.5V时灯泡正常发光，再将另一开关拨到1，电路的连接不变，电压表测量小灯泡和电阻串联后的两端电压U，根据串联电路电压规律和欧姆定律可知，小灯泡正常发光时的电流为I=U−2.5VR，根据欧姆定律求出小灯泡正常发光时的电阻的表达式，故D符合题意；
故选：BD。
故答案为：(1)见解答图；(2)见解答图；(3)电流表未调零；(4)2.5；(5)5.1；正；(6)BD。
(1)滑动变阻器的滑片P向左滑动时，电流表示数变小，说明滑动变阻器阻值变大，据此确定滑动变阻器选用的下端接线柱；
(2)由图乙可知虚线框内缺少的电学元件是滑动变阻器，把滑动变阻器画到相应的位置即可；
(3)电表使用前要调零；
(4)根据图甲确定电压表选用的量程，由图丁确定分度值读数；
(5)根据欧姆定律求出表格数据对应的阻值，然后取平均值即为未知电阻Rx的阻值；分析通过Rx的电流和电压的变化倍数关系，然后根据控制变量法得出结论；
(6)由R=UI，已知小灯泡的额定电压为2.5V，关键是测出额定电流；分别分析每个电路的开关及电流表或电压表的关系，看哪一个电路图能测量出灯泡的额定电流。
本题用“伏安法”测量未知电阻Rx的阻值实验，考查了电路连接、电表使用、电压表读数、电阻的计算、数据分析及设计实验方案测电阻的能力。
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