广东省普通高等学校2023届招生全国统一考试高三数学模拟测试（二）试卷（Word版附答案）

这是一份广东省普通高等学校2023届招生全国统一考试高三数学模拟测试（二）试卷（Word版附答案），共11页。试卷主要包含了考生必须保证答题卡的整洁，已知，则，已知，，，则，已知，则下列说法正确的是等内容，欢迎下载使用。
2023年普通高等学校招生全国统一考试模拟测试（二）数学本试卷共6页，22小题，满分150分。考试用时120分钟。注意事项：1．答卷前，考生务必将自己所在的市（县、区）、学校、班级、姓名、考场号、座位号和考生号填写在答题卡上，将条形码横贴在每张答题卡右上角“条形码粘贴处”。2．作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔在答题卡上将对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试卷上。3．非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先画掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。4．考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，将试卷和答题卡一并交回。一、选择题：本题共8小题，每小题5分，共40分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．1．已知集合，，则（    ）A．   B．  C．  D．2．已知复数（，i为虚数单位），则的最大值为（    ）A．2    B．    C．3    D．3．已知双曲线的离心率为，则双曲线的两条渐近线的夹角为（    ）A．    B．    C．    D．4．已知某摩天轮的半径为60m，其中心到地面的距离为70m，摩天轮启动后按逆时针方向匀速转动，每30分钟转动一圈．已知当游客距离地面超过100m时进入最佳观景时间段，则游客在摩天轮转动一圈的过程中最佳观景时长约有（    ）A．5分钟   B．10分钟   C．15分钟   D．20分钟5．现有一个轴截面是边长为4的等边三角形的倒置圆锥（顶点在下方，底面在上方），将半径为的小球放入圆锥，使得小球与圆锥的侧面相切，过所有切点所在平面将圆锥分割成两个部分，则分割得到的圆台的侧面积为（    ）A．   B．   C．   D．6．已知△ABC是单位圆O的内接三角形，若，则的最大值为（    ）A．    B．    C．1    D．7．已知，则（    ）A．    B．0    C．1    D．8．已知，，，则（参考数据：）（    ）A．  B．   C．   D．二、选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分．在每小题给出的选项中，有多项符合题目要求，全部选对的得5分，部分选对的得2分，有选错的得0分．9．已知直线m与平面α有公共点，则下列结论一定正确的是（    ）A．平面α内存在直线l与直线m平行B．平面α内存在直线l与直线m垂直C．存在平面γ与直线m和平面α都平行D．存在过直线m的平面β与平面α垂直10．已知，则下列说法正确的是（    ）A．是周期函数      B．有对称轴C．有对称中心      D．在上单调递增11．现有甲、乙、丙三位篮球运动员连续5场篮球比赛得分情况的记录数据，已知三位球员得分情况的数据满足以下条件： 甲球员：5个数据的中位数是26，众数是24；乙球员；5个数据的中位数是29，平均数是26；丙球员：5个数据有1个是32，平均数是26，方差是9.6；根据以上统计数据，下列统计结论一定正确的是（    ）A．甲球员连续5场比赛得分都不低于24分B．乙球员连续5场比赛得分都不低于24分C．丙球员连续5场比赛得分都不低于24分D．丙球员连续5场比赛得分的第60百分位数大于2412．在平面直角坐标系中，已知正方形ABCD四边所在直线与x轴的交点分别为（0，0），（1，0），（2，0），（4，0），则正方形ABCD四边所在直线中过点（0，0）的直线的斜率可以是（    ）A．2    B．    C．    D．三、填空题：本题共4小题，每小题5分，共20分．13．已知公比大于1的等比数列满足，，则的公比q=______．14．已知直四棱柱的棱长均为2，，除面ABCD外，该四棱柱其余各个面的中心分别为点E，F，G，H，I，则由点E，F，G，H，I构成的四棱锥的体积为______．15．已知，分别是椭圆C：的左、右焦点，M是C上一点且与x轴垂直，直线与C的另一个交点为N．若直线MN在y轴上的截距为3，且，则椭圆C的标准方程为______．16．已知，若过点P（m，n）恰能作两条直线与曲线相切，且这两条切线关于直线对称，则m的一个可能值为______．四、解答题：本题共6小题，共70分．解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤．17．（10分）已知等差数列的公差，且满足，，，成等比数列．（1）求数列的通项公式；（2）若数列满足求数列的前2n项的和．18.(12分)已知△ABC的内角A，B，C的对边分别为a，b，c，且．(1)求C；(2)若，求sinA．19.(12分)如图，在四棱锥中，底面ABCD是平行四边形，，，，．（1）证明：（2）若平面平面PCD，且，求直线AC与平面PBC所成角的正弦值．20．（12分）甲、乙两名围棋学员进行围棋比赛，规定每局比赛胜者得1分，负者得0分，平局双方均得0分，比赛一直进行到一方比另一方多两分为止，多得两分的一方赢得比赛．已知每局比赛中，甲获胜的概率为α，乙获胜的概率为β，两人平局的概率为，且每局比赛结果相互独立．（1）若，，，求进行4局比赛后甲学员赢得比赛的概率；（2）当时，（i）若比赛最多进行5局，求比赛结束时比赛局数X的分布列及期望E（X）的最大值；（ii）若比赛不限制局数，写出“甲学员赢得比赛”的概率（用α，β表示），无需写出过程．21．（12分）已知，存在，使得．（1）求实数a的取值范围；（2）试探究与3的大小关系，并证明你的结论．22．（12分）已知A，B是抛物线E：上不同的两点，点P在x轴下方，PA与抛物线E交于点C，PB与抛物线E交于点D，且满足，其中λ是常数，且．（1）设AB，CD的中点分别为点M，N，证明：MN垂直于x轴；（2）若点P为半圆上的动点，且，求四边形ABDC面积的最大值． 2023年普通高等学校招生全国统一考试模拟测试（二）数学参考答案一、选择题：本题共8小题，每小题5分，共40分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．题号12345678答案BDCBDCAB二、选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分．在每小题给出的选项中，有多项符合题目要求，全部选对的得5分，部分选对的得2分，有选错的得0分题号9101112答案BDACDADABD三、填空题：本题共4小题，每小题5分，共20分．13．2 14．  15．  16．（或，或，或）四、解答题：本题共6小题，共70分．解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤．17．解：（1）因为，，成等比数列，所以，即， 解得或．因为，所以，所以．2^{n}，n为奇数，（2）由（1）得所以所以 ，所以数列的前2n项的和．18．解：（1）由正弦定理，得，因为，所以．因为，所以．所以．因为，所以，因为，所以，所以． （2）方法一：因为，由正弦定理，得，因为，所以．．所以，即．因为，所以或，所以或．所以或1．方法二：因为，由余弦定理得，将代入（*）式得，整理得，因式分解得，解得或，①当时，，所以因为，所以， ②当时，，所以，因为，所以， 所以sinA的值为或1．19．（1）证明：如图1，连接BD，因为四边形ABCD是平行四边形，且，，，所以，，，所以，所以，所以，所以，又因为，，BD，PD平面PBD，所以平面PBD，因为PB平面PBD，所以，因为，所以．（2）解：如图2，设平面PAB和平面PCD的交线为直线l，因为，CD平面PAB，AB平面PAB，所以平面PAB，因为CD平面PCD，平面PAD平面，所以，因为平面PBD，所以平面PBD，因为PB，PD平面PBD，所以∠BPD是平面PAB与平面PCD的二面角，因为平面平面PCD，所以，即在Rt△ABP中，因为，，所以在Rt△BPD中，因为，所以，所以△BPD为等腰直角三角形，方法一：由（1）得CD⊥平面PBD，如图3，以点D为坐标原点，DB所在直线为x轴，DC所在直线为y轴，过点D垂直于平面ABCD的直线为z轴建立空间直角坐标系，则，，，，所以，，，设平面PBC的法向量为，则解得取，得，记直线AC与平面PBC所成角为θ，则，所以直线AC与平面PBC所成角的正弦值为．方法二：在△ABC中，因为，，，则，设点A到平面PBC的距离为d，由（1）知CD⊥平面PBD，因为四边形ABCD是平行四边形，所以，又因为平面PBC，平面PBC，所以平面PBC，所以，因为，所以，设点A到平面PBC的距离为d，由（1）知CD⊥平面PBD，所以，在△PBC中，，，，因为，所以，所以，所以，解得，记直线AC与平面PBC所成角为θ，则，所以直线AC与平面PBC所成角的正弦值为．20．（1）解：用事件A，B，C分别表示每局比赛“甲获胜”“乙获胜”或“平局”，则，，，记“进行4局比赛后甲学员赢得比赛”为事件N，则事件N包括事件ABAA，BAAA， ACCA，CACA，CCAA共5种， 所以 ．（2）（i）因为，所以每局比赛结果仅有“甲获胜”和“乙获胜”，即，由题意得X的所有可能取值为2，4，5，则，，．所以X的分布列为X245P所以X的期望，因为，所以，当且仅当时，等号成立，所以，所以．（ii）记“甲学员赢得比赛”为事件M，则．注：（第（ii）小问推导过程参考）由（1）得前两局比赛结果可能有AA，BB，AB，BA，其中事件AA表示“甲学员赢得比赛”，事件BB表示“乙学员赢得比赛”，事件AB，BA表示“甲、乙两名学员各得1分”，当甲、乙两名学员得分总数相同时，甲学员赢得比赛的概率与比赛一开始甲学员赢得比赛的概率相同．所以 所以，即，因为，所以．21．解：（1）由题意得有三个零点，转化为函数与函数的图象有三个公共点， 设，则，令，解得；令，解得或，所以在（0，2）上单调递增，在和上单调递减，因为当时，，当时，，且，，所以，即实数a的取值范围为．（2）因为，由（1）得，由，得，设，则，求导得，令，解得，令，解得，所以h（x）在（0，2）上单调递增，在上单调递减，设，，则，，求导得恒成立，所以在（0，2）上单调递减，所以，即，因为，所以，又因为，，h（x）在上单调递减，所以，即，设且，则，因为在上单调递减，所以，因为，所以，所以，因为在上单调递减，所以，所以，所以． 22．（1）证明：因为，且P，A，C共线，P，B，D共线，所以，所以直线AB和直线CD的斜率相等，即，设，，，，则点M的横坐标，点N的横坐标，由，得，因式分解得，约分得，所以，即，所以MN垂直于x轴． （2）解：设P（，则，且，当时，C为PA中点，则，，因为C在抛物线上，所以，整理得，当时，D为PB中点，同理得，所以，是方程的两个根，由韦达定理得，，所以，所以PM也垂直于x轴，所以，因为，所以 ，， 当时，取得最大值，所以，所以四边形ABDC面积的最大值为．