2023年云南省昭通市绥江县中考物理一模试卷（含解析）

这是一份2023年云南省昭通市绥江县中考物理一模试卷（含解析），共24页。试卷主要包含了单选题，多选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
2023年云南省昭通市绥江县中考物理一模试卷
一、单选题（本大题共7小题，共21.0分）
1. 下列关于温度、热量和内能的说法正确的是(    )
A. 温度和内能有关，温度越高的物体含有的热量越多
B. 四冲程内燃机的做功冲程是将机械能转化为内能
C. 冬天搓手使手变暖和是通过做功的方式改变物体的内能
D. 将两个温度相同的物体相互接触，它们会发生热传递
2. 下列光现象是由于光的直线传播形成的是(    )
A. 海市蜃楼 B. 日食现象 C. 桥在水中的倒影 D. 雨后彩虹
3. 下列说法正确的是(    )
A. 自然界中只存在两种电荷
B. 彩色电视机上的画面是由红、黄、蓝三种色光混合而成的
C. 晶体在熔化过程中温度是逐渐升高的
D. 半导体材料广泛应用于电子仪器，是因为它在一定条件下电阻可以为零
4. 如图所示，2022年11月29日23时08分，搭载神舟十五号载人飞船的长征二号F遥十五运载火箭在酒泉卫星发射中心点火发射，约10分钟后，神舟十五号载人飞船与火箭成功分离，进入预定轨道，航天员乘组状态良好，发射取得圆满成功。下列说法正确的是(    )
A. 船箭分离前，以火箭为参照物，飞船是运动的
B. 火箭末端飞行时通常使用液态氢作为燃料，主要是因为液态氢的比热容大
C. 飞船在绕地球飞行过程中运动状态没有发生改变
D. 地面工作人员是通过电磁波来监测飞船的动向的
5. 如图甲所示，三峡水电站，即长江三峡水利枢纽工程，又称三峡工程，它是世界上规模最大的水电站，也是中国有史以来建设最大型的工程项目，而其中三峡双线五级船闸，规模举世无双，是世界上第二大的船闸，如图乙所示。下列说法正确的是(    )

A. 水能属于不可再生能源
B. 三峡大坝建成上窄下宽的形状是因为水的压强随着深度的增加而减小
C. 船闸是利用连通器的原理工作的
D. 两船在长江中并排行驶时，不能挨得太近，这是因为流速越快的地方压强越大
6. 下列实例中，增大压强的是(    )
A. 铁轨铺在枕木上 B. 书包背带做宽一些 C. 骆驼宽大的脚掌 D. 刀片磨得锋利一些
7. 如图所示，三个规格相同的杯子里分别装有质量相等的不同液体，将一个实心物体先后放入三个杯子中，已知它在乙杯中悬浮，且受到的浮力为10N，下列说法正确的是(    )
A. 三个杯子中液体的密度关系是：ρ甲>ρ乙V丙>V乙，三种液体的质量相同，根据ρ=mV可知，ρ乙>ρ丙>ρ甲，故A错误；
B、物体在乙杯中悬浮，且受到的浮力为10N，根据物体浮沉条件可知，物体的重力为10N，物体的密度等于乙的密度，由于乙的密度大于甲的密度，物体在甲中下沉，受到的浮力小于自身的重力，即浮力小于10N，故B错误；
C、乙的密度大于丙的密度，则物体的密度大于丙的密度，物体在丙中下沉，故C正确；
D、三个规格相同的杯子里分别装有质量相等的不同液体，整个装置的总质量相同，根据G=mg可知，总重力都是相同的，对水平桌面的压力相同，受力面积相同，根据p=FS可知，三个杯子对桌面的压强相同，故D错误。
故选：C。
(1)根据液体的质量、液体的体积分析三种液体的密度的大小关系；
(2)物体下沉时，受到的浮力小于自身的重力；物体悬浮时，受到的浮力等于自身的重力；
(3)根据物体的浮沉条件分析；
(4)水平面上的物体对水平面的压力等于自身的重力，根据p=FS分析压强的大小关系。
本题考查了物体浮沉条件的应用、压强计算公式和密度计算公式的应用，难度不大。

8.【答案】CD 
【解析】解：A.司南利用地磁场对磁体有力的作用来指示南北，司南静止时勺柄指向南方，故A错误；
B.磁感线是人们假想出来的，故B错误；
C.奥斯特实验，说明了通电导线周围存在磁场，磁场的方向与电流的方向有关，故C正确；
D.图中两电磁铁串联，则通过的电流相同，它们线圈的匝数不同，两个电磁铁吸引小铁钉的数量不同，说明电磁铁的磁性强弱与线圈匝数有关，故D正确。
故选：CD。
(1)司南实际上就是一个磁铁；磁体静止时，指南的叫南极用字母S表示；指北的叫北极，用字母N表示；
(2)磁感线是人们假想出来的；
(3)认识奥斯特实验，知道奥斯特实验证实了通电直导线周围存在磁场，即电流的磁效应；
(4)从图中控制了电流相同和匝数不同分析。
本题综合考查地磁场的作用、奥斯特实验、电磁铁以及磁感线的特点等，考查内容较多，但都属于必须掌握的内容。

9.【答案】ACD 
【解析】解：A、货物在10s内匀速提升了3m，货物上升的速度为：
v=ht=3m10s=0.3m/s；
由图可知，滑轮组绳子的有效股数n=3，
绳子自由端移动的速度为：
v′=nv=3×0.3m/s=0.9m/s
故A正确；
B、拉力所做的总功：
W总=Fs=F×nh=250N×3×3m=2250J，
拉力的功率：
P=W总t=2250J10s=225W；
故B错误；
C、拉力所做的有用功：
W有=Gh=600N×3m=1800J；
滑轮组的机械效率：
η=W有W总×100%=1800J2250J×100%=80%。
故C正确；
D、不计绳重和摩擦，作用在绳子自由端的力：
F=G+G动3；
动滑轮的重为：
G动=3F−G=3×250N−600N=150N。
故选：ACD。
A、已知货物在10s内匀速提升了3m，根据速度公式求出货物上升的速度；
由图可知滑轮组绳子的有效股数，根据v′=nv得出绳子自由端移动的速度；
B、根据W=Fs得出拉力所做的总功；P=Wt得出拉力的功率；
C、根据功的公式求出拉力所做的有用功；根据η=W有W总×100%得出滑轮组的机械效率；
D、不计绳重和摩擦，作用在绳子自由端的力F=G+G动3，据此得出动滑轮的重。
本题考查功、速度、功率及机械效率公式的运用，注意F=G+G动3的适用条件是不计绳重和摩擦。

10.【答案】AD 
【解析】解：A、灯泡L的额定电压为2.5V，根据I−U图象则灯泡的额定电流I额=0.25A，则灯泡的额定功率P额=U额I额=2.5V×0.25A=0.625W，故A正确；
B、滑片从b向a端滑动，则滑动变阻器的阻值逐渐减小，电路中的电流会逐渐增大，小灯泡两端的电压会增大，故小灯泡会逐渐变亮，故B错误；
C、由I−U图象可知，电压变化值大于电流的变化值，根据R=UI可知故灯丝电阻逐渐增大，灯丝电阻增大是因为温度的升高导致的，不是电压增大导致的，故C说法错误；
D、当小灯泡两端电压为额定电压时，I额=0.25A，滑动变阻器两端的电压为U=3V−2.5V=0.5V，滑动变阻器的最小阻值R=UI额=0.5V0.25A=2Ω，故滑动变阻器的阻值变化范围为2Ω～20Ω，故D正确；
故选：AD。
(1)灯泡L的额定电压为2.5V，根据I−U图象找出额定电流，根据P额=U额I额可得；
(2)滑片从b向a端滑动，则滑动变阻器的阻值逐渐减小，小灯泡两端的电压会增大，故小灯泡会逐渐变亮；
(3)由I−U图象可知，电压变化值大于电流的变化值，故电阻逐渐增大；
(4)当小灯泡两端电压为额定电压时，滑动变阻器两端的电压为3V−2.5V=0.5V，根据R=UI计算滑动变阻器的最小阻值。
本题考查串联电路的特点、欧姆定律和电功率公式的应用，要熟练运动公式，关键是正确识别电路的变化导致哪些因素发生改变，找到不变的量进行分析解答。

11.【答案】振动  响度 
【解析】解：声音是有物体振动产生，次声波也是由物体振动产生的；
声音“巨大”是指声音的强弱，指的是声音的响度。
故答案为：振动；响度。
(1)声音是由物体振动产生的；
(2)声音三个特性：音调、响度和音色。音调跟发声体的振动频率有关；响度跟发声体的振幅有关；音色跟发声体的材料和结构有关。
本题主要考查了对声音三个特性的认识与辨别，同时还考查了声音的产生，属声学基础题。

12.【答案】扩散  斥力 
【解析】解：(1)走在公园里，即使离得很远，都能闻到花香味，这是扩散现象，表明一切物质的分子都在不停地做无规则的运动；
(2)用手堵住注射器上装针头的小孔，然后用力按压活塞，发现不能把里面的空气完全压缩，这是因为分子间存在着相互作用的斥力。
故答案为：扩散；斥力。
(1)物质是由分子组成的，组成物质的分子在永不停息地做无规则运动；
(2)分子之间存在着作用力，同时存在着引力和斥力。
本题利用了分子动理论来解释现象，相对比较简单，属于基础题。

13.【答案】50%  0.42 
【解析】解：热水器中的水吸收的热量为：Q吸=cm(t−t0)=4.2×103J/(kg⋅℃)×50kg×(50℃−20℃)=6.3×106J。
5h的有效照射时间内该热水器接收到的太阳能为：E=5h×2.52×106J/h=12.6×106J；
该热水器的加热效率为：η=Q吸E=6.3×106J12.6×106J=50%。
热水器接收到的这些太阳能若用焦炭来提供，则需要完全燃烧焦炭的质量为：m=Q放q=Eq=12.6×106J3×107J/kg=0.42kg。
故答案为：50%；0.42。
(1)先根据吸热公式计算出水吸收的热量，再根据效率公式计算出加热的效率。
(2)根据放热公式计算焦炭的质量m=Q放q。
会根据热量公式进行效率和燃料质量的计算。

14.【答案】惯性  大气压 
【解析】解：如图所示是某场比赛时的场景，球员将足球踢出去后足球还能继续运动是由于它具有惯性；赛后球员用吸管喝饮料是利用了大气压的作用。
故答案为：惯性；大气压。
(1)我们把物体保持运动状态不变的属性叫做惯性，惯性代表了物体运动状态改变的难易程度；
(2)用吸管吸饮料，是利用大气压的作用把饮料压入嘴里。
本题考查了惯性、大气压强等知识，属于基础题。

15.【答案】115  1200 
【解析】解：2月底的电能表示数为2537.5kW⋅h，3月底时的示数为2652.5kW⋅h，3月份消耗的电能为：
2652.5kW⋅h−2537.5kW⋅h=115kW⋅h；
电能表表盘转过了600转，电热水壶消耗的电能为：
W=6003000kW⋅h=0.2kW⋅h；
电热水壶的额定功率为：
P=Wt=0.2kW⋅h10min=0.2kW⋅h16h=1.2kW=1200W。
故答案为：115；1200。
(1)电能表的读数方法：①最后一位是小数；②单位kW⋅h；
(2)电能表月末的示数减去月初的示数可得这个月消耗的电能；
(3)3000r/(kW⋅h)表示每消耗1kW⋅h的电能，电能表的表盘转3000转，据此求出表盘转600转消耗的电能，再根据P=Wt求出电热水壶的额定功率。
本题考查了电能表参数的意义、消耗电能的计算、电功率的计算，难度不大，属基础题。

16.【答案】形变  动能  20  2 
【解析】解：(1)同学们观察到小球掉到地上时将地面砸了一个坑洞，小球自身也变形了，地面和小球的形状发生了改变，这个现象说明力能使物体发生形变；
(2)高空抛物时是物体的质量不变，高度变小，重力势能变小，速度变大，动能变大，是重力势能转化为动能；
物体重力势能为：E=mgh=0.1kg×10N/kg×20m=20J；
这个100g的小球从20m高空由静止开始下落，不计空气阻力，小球的机械能守恒，到达地面时，重力势能全部转化为动能，所以动能为20J；
(3)根据v=st可知，这个物体从20m掉到地面所需的时间约为：t=sv=20m10m/s=2s。
故答案为：(1)形变；(2)动能；20；(3)2。
(1)力的作用效果有两个：改变物体的形状、改变物体的运动状态；
(2)重力势能的大小与质量、高度有关，动能的大小与质量、速度有关；根据重力势能的公式和能量转化分析动能的大小；
(3)根据速度公式求出时间。
本题考查了力的作用效果、机械能的转化和守恒、速度计算公式的应用，属于综合题。

17.【答案】解：图中入射光线与水面的夹角为30°，故入射角为90°−30°=60°；由于反射角等于入射角，故反射角为60°。
光由空气斜射进入水中时，折射光线向靠近法线方向偏折，折射角小于入射角，据此完成光路，如下图所示：
 
【解析】光的反射定律：反射光线、入射光线、法线在同一个平面内，反射光线与入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角；
光的折射规律：折射光线、入射光线、法线在同一个平面内，折射光线、入射光线分居法线两侧，当光由空气斜射进入水中或其它透明介质中时，折射光线向靠近法线方向偏折，折射角小于入射角；当光由水中或其它透明介质斜射进入空气中时，折射光线向远离法线法线偏折，折射角大于入射角，画出折射光线。
本题考查反射定律和折射规律，是中考热点之一，要求学生不仅要会根据反射定律和折射定律由入射光线画反射光线和折射光线，而且要会根据反射或折射画出入射光线。

18.【答案】解：(1)灯泡接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接接入灯泡的螺旋套，这样在断开开关时能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故。既能控制灯泡，又能更安全。
(2)三孔插座的接法：上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线；如图所示：
 
【解析】(1)灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套。
(2)三孔插座的接法：上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线。
掌握家庭电路的灯泡、开关、三孔插座、两孔插座、保险丝的接法，同时考虑使用性和安全性。

19.【答案】使像成在光屏中央  缩小  照相机  能  强  小  远视镜  左 
【解析】解：(1)实验前将烛焰、凸透镜和光屏的中心调至同一高度，目的是使像成在光屏中央；
(2)如图，物距大于像距，成倒立、缩小的实像，应用于照相机；若仅将蜡烛与光屏位置对调，根据光的可逆性，则在光屏上能看到清晰的像；
(3)继续注水，凸透镜的焦距变小，凸透镜对光的折射能力变强，在物距不变的情况下，像距变小，要使像清晰，可将光屏靠近透镜；
(4)当从水凸透镜内抽出一部分水后。使透镜凸起程度变小，会聚能力较弱，将像成在光屏的后面，为了使像正好呈在光屏上，可以在水凸透镜前放置一块凸透镜，使光线提前会聚，由此判断该同学戴的是远视眼镜；
如果不抽水，将光屏左移动，也能在光屏上看到清晰的像。
故答案为：(1)使像成在光屏中央；(2)缩小；照相机；能；(3)强；小；(4)远视镜；左。
(1)探究凸透镜成像的实验时，在光具座上依次放蜡烛、凸透镜、光屏，三者在同一条直线上，三者的中心大致在同一高度，像才能成在光屏的中心；
(2)凸透镜成实像时，物距大于像距，成倒立缩小的实像，应用于照相机；物距小于像距时，成倒立放大的实像，应用于投影仪；
(3)继续注水，要使像清晰，可将光屏靠近透镜，说明此时焦距变小；
(4)这里的水透镜就相当于人眼的晶状体，从水凸透镜内抽出一部分水后，使透镜更凸度变小，折光能力变弱，形成“远视眼”，远视矫正方法，需配戴凸透镜。
本题首先确定凸透镜的焦距，然后根据凸透镜成像的几种情况进行判断，掌握凸透镜的成像的几种情况是重点。此题不仅考查了凸透镜成像的规律，还考查了对远视眼的成因和矫正方法的掌握。

20.【答案】右  6  增大  指甲剪 
【解析】解：(1)由图可知，杠杆的右端上翘，应将平衡螺母向右端移动，使杠杆在水平位置平衡；
(2)设杠杆一格的长度是L，一个钩码重是G，
所以由杠杆平衡条件：F1L1=F2L2得，
图甲中，4G×3L=nG×2L，所以n=6；
则应在杠杆的右端B点处挂6个与之相同的钩码；
(3)保持B点不变，若拉力F向右倾斜时，此时F的力臂变小，阻力、阻力臂不变，根据杠杆的平衡条件，动力变大，
则弹簧测力计的示数将增大；
(4)由生活经验可知，指甲剪在使用时动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；火钳、镊子、筷子在使用时动力臂小于阻力臂，是费力杠杆。
故答案为：(1)右；(2)6；(3)增大；(4)指甲剪。
(1)在调节杠杆平衡时，应将平衡螺母向杠杆上翘的一端调节。
(2)设杠杆一格的长度是L，一个钩码重是G，根据杠杆平衡条件求出钩码数量；
(3)根据钩码个数与每个钩码的重力求出测力计拉力；当拉力F向右倾斜时，保持B点不动，弹簧测力计的方向向右倾斜，这时杠杆右侧的力臂变短，根据杠杆的平衡条件可知，使杠杆仍在水平位置平衡，则弹簧测力计的示数将变大；
(4)杠杆可分为：①省力杠杆，动力臂大于阻力臂，省力但费距离；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂，费力但省距离；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂，既不省距离也不省力。
在探究“杠杆平衡条件”的实验中，有几点是我们应该重点掌握的，一是杠杆的调节方法，二是利用力与力臂的乘积分析平衡条件，三是要用多次实验的数据来总结结论，四是拉力方向要与杠杆垂直。

21.【答案】左  保护电路  定值电阻短路  0.2  正  10  为了获得普遍规律 
【解析】解：(1)根据实物图可知，滑动变阻器下方的一个接线柱接入了电路，则滑动变阻器上方的一个接线柱应与定值电阻的左端接线柱相连，如图所示：
；
(2)在连接电路时，应将滑动变阻器滑片移动到阻值最大的最左端，这样做是为了保护电路；
(3)图甲中的电路属于串联电路，闭合开关后，电压表无示数，其故障为可能为：定值电阻发生了短路，或滑动变阻器发生了断路；又因为电流表示数较大，则故障为定值电阻发生了短路；
(4)根据图乙可知，电流表选用的是小量程，分度值为0.02A，示数为0.2A；
根据表格中的数据可知，定值电阻的阻值不变，定值电阻两端的电压变为原来的几倍，通过定值电阻的电流就变为原来的几倍，所以结论为：在电阻一定时，通过导体电流与导体两端电压成正比；
根据数据1可知，定值电阻的阻值为：R=UI=1.0V0.10A=10Ω；
(5)小明在实验时进行多次实验的目的是防止偶然性的发生，能获得普遍的规律。
故答案为：(1)见解析；(2)左；保护电路；(3)定值电阻短路；(4)0.2；正；10；(5)为了获得普遍规律。
(1)滑动变阻器采用一上一下的接法；
(2)为了保护电路，闭合开关前，滑动变阻器阻值应调至最大；
(3)串联电路中，电压表无示数，其故障为：与电压表并联的用电器发生了短路，或与电压表串联的用电器发生了断路。电流表示数较大，是因为电路中某个用电器发生了短路；
(4)根据电流表的量程、分度值和指针的位置读数；根据表格中的数据得出结论；根据R=UI求出定值电阻的阻值；
(5)实验中，为了获得普遍的规律，应多次测量。
本题考查了探究通过导体的电流与导体两端电压的关系实验，考查了电路的连接、实验数据的分析，本题涉及到知识点较多，综合性较强。

22.【答案】自下而上  此时的大气压低于1个标准大气压  停止加热  水停止沸腾 
【解析】解：(1)酒精灯需用外焰加热，所以要放好酒精灯，再固定铁圈的高度，温度计的玻璃泡要全部浸没到液体中，但不能碰到容器壁和容器底，所以放好烧杯后，再调节温度计的高度，故安装实验器材时，应按照自下而上的顺序进行；
(2)水的沸点跟气压有关，实验中测出的水的沸点小于100℃，出现这种现象的原因可能是此时的大气压低于1个标准大气压；
(3)为了探究水沸腾时还需不需要继续吸热，她应该进行的操作是停止加热，如果水还继续沸腾，说明沸腾不需要吸热，如果水停止沸腾，则说明沸腾需要吸热。
故答案为：(1)自下而上；(2)此时的大气压低于1个标准大气压；(3)停止加热；水停止沸腾。
(1)实验时，需用酒精灯的外焰加热，所以要调整好铁圈的高度，然后根据温度计的使用规则固定好其位置；(2)液体沸点跟气压有关，气压降低，水的沸点也降低；
(3)水沸腾的条件：一是水的温度要达到沸点，二是水要继续吸热。
此题考查的是探究水的沸腾实验，包括器材的安装、沸点与气压的关系及水沸腾条件等，难度不大，属于基础性题目。

23.【答案】解：(1)只闭合开关S时，R1、R2串联，电流表测量电路中的电流，电压表测量电阻R2两端的电压，
由I=UR电阻R1两端的电压为：
U1=IR1=0.2A×20Ω=4V，
由串联电路电压的规律得电源电压为：
U=U1+U1=4V+2V=6V；
(2)由I=UR得电阻R2的电阻为：
R2=U2I=2V0.2A=10Ω；
开关均闭合时，R1、R3并联，电流表测量干路的电流，
通过电阻R1的电流为：
I1=UR1=6V20Ω=0.3A，
由串联电路电流的规律得通过电阻R3的电流为：
I3=I′−I1=0.45A−0.3A=0.15A，
R3的阻值为：
R3=UI3=6V0.15A=40Ω；
(3)只闭合开关S、S2时，只有电阻R1接入电路，通电1min电阻R1产生的热量为：
Q=I2R1t=U2R1t=(6V)220Ω×60s=108J。
答：(1)电源电压为6V；
(2)电阻R2、R3的阻值分别为10Ω、40Ω；
(3)只闭合开关S、S2时，通电1min电阻R1产生的热量为108J。 
【解析】(1)只闭合开关S时，R1、R2串联，电流表测量电路中的电流，电压表测量电阻R2两端的电压，由欧姆定律算出电阻R1两端的电压，由串联电路电压的规律算出电源电压；
(2)由欧姆定律算出电阻R2的电阻；
开关均闭合时，R1、R3并联，电流表测量干路的电流，由欧姆定律算出通过电阻R2的电流，由串联电路电流的规律算出通过电阻R3的电流，根据欧姆定律算出R3的阻值；
(3)只闭合开关S、S2时，只有电阻R1接入电路，由W=U2Rt算出通电1min电阻R1产生的热量。
本题考查欧姆定律的应用和电功公式的应用，正确判断开关在不同状态下的电路连接方式是关键。

24.【答案】解：
(1)因为当秤盘上不放物体时，小筒漂浮，由物体的漂浮条件可知，此时小筒受到的浮力为：F浮=G0=20N；
由F浮=ρ液gV排可知，当秤盘上不放物体时，小筒排开水的体积为：
V排=F浮ρ水g=20N1×103kg/m3×10N/kg=2×10−3m3，
则A点距小筒底部的距离：h=V排S1=2×10−3m30.02m2=0.1m；
(2)小筒能排开最大液体的体积：V排最大=S1H=0.02m2×0.4m=8×10−3m3，
则秤盘上放实心木块后小筒受到的最大浮力：F浮最大=ρ水gV排最大=1×103kg/m3×10N/kg×8×10−3m3=80N，
则实心木块的重力为：G木=F浮最大−G0=80N−20N=60N，
由G=mg可知，木块的质量：m木=G木g=60N10N/kg=6kg，
木块的密度：ρ木=m木V木=6kg1.2×10−2m3=0.5×103kg/m3；
(3)由题意可知，大筒中水和“水秤”称量最大物体时排开水的总体积：
V总=V水+V排最大=1.8×10−2m3+8×10−3m3=2.6×10−2m3，
则大筒中水的深度：h′=V总S=2.6×10−2m30.05m2=0.52m，
大筒中水对大筒底部的压强：p=ρ水gh′=1×103kg/m3×10N/kg×0.52m=5.2×103Pa。
答：(1)A点距小筒底部的距离为0.1m；
(2)木块的密度为0.5×103kg/m3；
(3)大筒中水对大筒底部的压强为5.2×103Pa。 
【解析】(1)根据物体的浮沉条件求出秤盘上不放物体时小筒受到的浮力，根据F浮=ρ水gV排求出秤盘上不放物体时小筒排开水的体积，由V=Sh求出A点距小筒底部的距离；
(2)根据体积公式求出小筒能排开水的最大体积，根据F浮=ρ水gV排求出在秤盘上放实心木块后小筒受到的最大浮力，根据力的平衡条件求出木块的重力，根据G=mg求出木块的质量，根据密度公式求出木块的密度；
(3)根据体积公式求出大筒中水的深度，根据p=ρgh求大筒中水对大筒底部的压强。
本题考查了学生对阿基米德原理、物体的漂浮条件的掌握和运用，知道物体漂浮时受到浮力等于自身的重力，这是解答本题的关键。