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2023年新人教版中考物理总复习 三轮冲刺 专题09 《内能》中考试题精选
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中考物理第三轮复习策略
初中物理总复习是物理学习中的一个重要环节，是学生对整个初中物理知识进行系统全面的认识、梳理、深化的过程。总复习所涉及的内容多，知识广，时间短，要在短时间内取得好的效果，就必须深入研究与探索。中考物理复习大致可分为三阶段，即第一轮全面复习、第二轮专题复习和第三轮模拟题练习。
第三轮模拟题练习——这一阶段是检查学生整体复习情况，查漏补缺，提高应试能力，提高学生成绩的关键阶段。这段时间教师主要任务是从试卷中发现复习中存在的问题，及时评讲，同时要注意增强学生自主学习能力，让学生学会自我反思、总结解题方法和应试技巧。
《内能》中考试题精选参考答案与试题（解析版）
一．选择题（共22小题）
1．关于分子动理论，下列说法中不正确的是（ ）
A．物质是由大量分子组成的
B．温度越高，分子的运动越剧烈
C．分子是组成物质的最小微粒
D．固体很难被压缩，说明分子间存在斥力
【解答】解：A、物体是由大量分子组成的，故A正确；
B、分子的运动与温度有关，温度越高，分子的运动越剧烈，B正确；
C、分子由原子构成，分子不是组成物质的最小微粒，故C错误；
D、分子间同时存在着引力和斥力，固体很难被压缩，说明分子间存在斥力，故D正确。
故选：C。
2．下列实例中与“水的比热容较大”这一特性无关的是（ ）
A．夏天在房间内洒水降温
B．用循环水冷却汽车发动机
C．让热水流过散热器供暖
D．沿海地区昼夜温差较小
【解答】解：
A、炎热的夏天，在室内地面上洒水，水蒸发时会从周围吸热而降低周围环境的温度，使人感到凉爽，不是利用水的比热容大的特点，故A符合题意；
B、因为水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，升高相同的温度时，水吸收的热量多，所以汽车发动机用循环水冷却，故B不符合题意；
C、因为水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，降低相同的温度时，水放出的热量多，所以让流动的热水流过散热器取暖，故C不符合题意；
D、因为水的比热容大于沙石的比热容，相同质量的水和砂石吸收或放出相同的热量，水升高的温度或降低的温度少，所以沿海地区昼夜温差比内陆地区小，故D不符合题意。
故选：A。
3．酒精和水混合后总体积变小，如图所示，该现象直接说明了（ ）
A．分子永不停息地做无规则运动
B．分子间存在引力
C．分子间存在斥力
D．分子间有空隙
【解答】解：
因为分子间存在着空隙，水和酒精充分混合后，酒精分子和水分子分别进入了对方分子的空隙中，使得水和酒精混合后的总体积变小了，故D正确。
故选：D。
4．下列生活实例中，通过做功改变物体内能的是（ ）
A．寒冷的冬天，人们搓手后感到暖和
B．晚上睡觉用热水袋取暖
C．在鲜榨的果汁里放些冰块，喝果汁时感觉凉爽
D．利用太阳能热水器“烧水”
【解答】解：
A、双手互相摩擦会感到暖和，是因为克服摩擦做功，使手的内能增加、温度升高，属于做功改变物体的内能，故A符合题意；
B、用热水袋取暖，属于热传递改变物体的内能，故B不符合题意；
C、把冰块放在鲜榨的果汁里，喝时感觉很凉爽，是果汁和冰块之间发生了热传递，属于热传递改变物体的内能，故C不符合题意；
D、利用太阳能热水器烧水，水吸收了热量，属于热传递改变物体的内能，故D不符合题意。
故选：A。
5．小红帮妈妈做饭时，发现厨房里涉及许多物理知识，部分归纳如下。其中不合理的是（ ）
A．煎翘嘴鲌鱼时闻到鱼的香味，是扩散现象
B．把鸡蛋往案板上一磕，蛋壳就破了，是利用物体间力的作用是相互的
C．西红柿炒鸡蛋是通过做功的方式使鸡蛋和西红柿内能增加的
D．炒锅一般用铁制造，是利用铁善于传热
【解答】解：
A、煎翘嘴鲌鱼时闻到鱼的香味，是因为香味分子扩散到了空气中，是扩散现象，故A正确；
B、把鸡蛋往碗沿上一碰，鸡蛋就破了，因为物体间力的作用是相互的，故B正确；
C、西红柿炒鸡蛋时，西红柿和鸡蛋会吸收热量，是通过热传递的方式使鸡蛋和西红柿内能增加的，故C错误；
D、铁的导热性比较好，所以利用铁来制作炒锅，故D正确。
故选：C。
6．下列名句或短语，从物理角度分析正确的是（ ）
A．破镜不能重圆﹣﹣分子间存在斥力
B．冰，水为之，而寒于水﹣﹣凝固过程吸热
C．“扬汤止沸”不如“釜底抽薪”﹣﹣沸腾过程温度不变
D．花气袭人知骤暖，鹊声穿树喜新晴﹣﹣分子的运动导致“花气袭人”
【解答】解：
A、破镜难圆，是由于分子之间的距离太大，引力太小无法合在一起，故A错误；
B、冰，水为之，而寒于水说明凝固过程放热，故B错误；
C、”扬汤止沸”的道理是：把开水舀起来，再倒回去，可以增大液体表面积且加快液体表面空气流动速度（液体相对于空气是流动的），从而加快了蒸发，蒸发需要吸收热量，从而使液体温度降低，低于沸点，液体不能沸腾，起到止沸的效果；“釜底抽薪”道理是：水沸腾是要吸热的，如果把锅底的柴火抽掉，也就停止了给水加热，水不能从外界吸收热量，水的沸腾就会马上停止；如果不“抽薪”，水会一直沸腾，但水的温度不会上升，说明沸腾需要吸热，故C错误；
D、“花气袭人”是一种扩散现象，是香气分子无规则运动的结果，故D正确。
故选：D。
7．关于温度、热量和内能，下列说法中正确的是（ ）
A．热量可以从内能少的物体传递到内能多的物体
B．0℃的冰水混合物内能为零
C．水的温度越高，所含热量越多
D．冰在熔化过程中吸收热量，温度和内能均不变
【解答】解：
A、发生热传递是因为物体间存在温度差，所以内能少的物体的温度可能比内能多的物体的温度高，所以内能少的物体可以把热量传递给内能多的物体；故A正确；
B、任何物体都有内能，0℃的冰水混合物内能不为零，故B错误；
C、热量是一个过程量，不能用含有来表示，故C错误；
D、冰在熔化过程中吸收热量，内能变大，温度不变，故D错误。
故选：A。
8．如图，烧瓶内水上方存在着水蒸气，瓶口用软木塞塞住，用小打气筒缓慢向瓶内加压，达到一定程度时塞子跳起来，瓶内出现白雾。下列说法正确的是（ ）
A．瓶内出现白雾，是因为瓶子外部温度低
B．出现白雾的过程是一个吸热的物态变化过程
C．该实验能说明气体膨胀对外做功，内能减小
D．这个实验展示了蒸汽机的工作原理
【解答】解：A、瓶内出现的白雾，是水蒸气遇冷液化成的小水滴，故A错误；
B、出现白雾是水蒸气放出热量发生液化产生的小水滴，是放热过程，故B错误；
C、瓶口塞子跳起来的过程中，水蒸气对塞子做功，水蒸气的内能减少，故C正确；
D、实验中向瓶内充气，瓶内气体压强增大，气体对塞子做功，将内能转化为机械能；蒸汽机是用燃料加热水，利用高温高压的水蒸气推动活塞做功，将内能转化为机械能；图中实验不能展示蒸汽机的工作原理，故D错误。
故选：C。
9．图所示实验中得出的结论不正确的是（ ）
A．甲：下方燃着的小木条先熄灭，说明二氧化碳的密度比空气大
B．乙：抽掉玻璃板后，两瓶内气体颜色发生变化，说明分子在不停地运动
C．丙：点燃蜡烛刚熄灭时产生的白烟，蜡烛复燃，说明白烟是石蜡的固体小颗粒
D．丁：不再蹬地，沿水平方向运动的滑板车会停下来，说明力是维持物体运动的原因
【解答】解：A、下方燃着的小木条先熄灭，上方燃着的小木条后熄灭，说明二氧化碳具有的性质是不助燃、不可燃，且密度比空气的大，可用于灭火，故A正确；
B、抽掉玻璃板，二氧化氮和空气之间发生扩散现象，瓶内气体颜色最后变得均匀，说明分子在不停地运动，故B正确；
C、吹灭蜡烛，立即将燃着的木条去点白烟（不要接触烛芯），发现蜡烛重新被点燃，可见白烟具有可燃性，白烟是石蜡蒸气凝结成的石蜡固体小颗粒，故C正确；
D、沿水平方向运动的滑板车，当我们不再蹬地，最后会停下来，是应为受到摩擦力的作用，说明力是改变物体运动状态的原因，故D不正确。
故选：D。
10．如图所示，在试管内装适量水，用橡胶塞塞住管口，将水加热至沸腾一段时间后，橡胶塞被推出，管口出现大量“白气”。此实验中，主要是通过做功改变物体内能的过程是（ ）
A．试管变热的过程
B．水变热的过程
C．水变成水蒸气的过程
D．水蒸气推出橡胶塞的同时变成“白气”的过程
【解答】解：
A、试管变热，是试管从火吸收热量，内能增加，是通过热传递改变物体的内能，故A错；
B、水变热，是水吸收热量、内能增大，是通过热传递改变物体的内能，故B错；
C、水吸热，温度升高，汽化成水蒸气，是通过热传递改变物体的内能，故C错；
D、水蒸气推出橡胶塞的同时变成“白气”的过程，是水蒸气膨胀做功，将水蒸气的内能转化为橡胶塞的机械能，是通过做功改变物体的内能。
故选：D。
11．质量和温度都相同的甲、乙两种物质，用同样的加热器进行加热，它们温度随时间变化的图象如图所示，下列说法正确的是（ ）
A．甲物质的沸点一定是80℃，乙物质的沸点一定是40℃
B．0﹣6min甲比乙吸收的热量多
C．8﹣10min甲和乙继续吸热，虽然温度各自保持不变，但甲和乙的内能都不断增加
D．甲的比热容大于乙的比热容
【解答】解：
A、由图象可知，甲和乙的末温保持不变，但可能处在熔化过程中，也可能处于沸腾过程中，此时的温度不一定是沸点，故A错误；
B、实验中用同样的加热器进行加热，在相同时间内物质吸收的热量是相同的，则在0﹣6min内两物质吸收的热量都是相同的，故B错误；
C、8﹣10min甲和乙继续吸热，甲和乙的内能都不断增加，故C正确；
D、由图可知，在0﹣6min内，加热时间相同，吸收的热量相同，甲的温度变化快，且两物质的质量相同，根据Q＝cm△t可知，甲的比热容小，故D错误。
故选：C。
12．如表列出一些物质的比热容，根据表中数据，下列判断正确的是（ ）
物质
水
煤油
冰
铝
铜
比热容/（J•kg﹣1•℃﹣1）
4.2×103
2.1×103
2.1×l03
0.88×103
0.39×103
A．不同物质的比热容一定不同
B．物质的物态发生变化，比热容不变
C．质量相等的铝和铜升高相同的温度，铝吸收的热量更多
D．质量相等的水和煤油吸收相同的热量，水升高的温度更多
【解答】解：
A、由表中数据可知，不同物质的比热容一般不同，但也有的物质比热容相同，如煤油和冰，故A错误；
B、水和冰是水的两种状态，分析表中数据可知，其比热容是不同的，说明比热容与物质状态有关，物质的物态发生变化，比热容也会发生变化，故B错误；
C、由表中数据可知，铝的比热容大于铜的比热容；质量相等的铝和铜升高相同的温度，因铝的比热容大，则根据Q＝cm△t可知铝吸收的热量更多，故C正确；
D、质量相等的水和煤油吸收相同的热量，因为水的比热容大，所以根据Q＝cm△t可知水升高的温度少，故D错误。
故选：C。
13．2019年1月3日（农历十一月二十八），我国“嫦娥四号”探测器在月球背面软着陆，这是人类探测器首次成功登陆月球背面。下列关于“嫦娥四号”探测器在月球背面着陆前后的分析，符合实际的是（ ）
A．着陆时，探测器和月球位于图中的c点附近
B．探测器要有防水设计，因为环形山上有水
C．探测器着陆前要减速，因为与大气摩擦会生热
D．探测器在月球的着陆点能拍到地球的照片
【解答】解：
A、由图可知月球转动方向，由于探测器需要登陆月球背面，所以探测器应在月球的后面a或c点附近，但由于a点时月球背面没有太阳光照射，所以，适合的着陆时机是在探测器和月球位于右图中的c点附近，故A正确；
B、由于月球上没有水，所以探测器不需要有防水设计，故B错误；
C、探测器着陆前会减速，由于月球上没有空气，所以不会与大气摩擦会生热，故C错误；
D、探测器登陆月球背面，所以在月球的背面是看不到地球的，故没法拍到地球的照片，故D错误。
故选：A。
14．分子之间既有引力又有斥力。其中，分子之间的斥力大小F斥随着分子间距离r变化的情况如图所示。根据图象可知：分子之间斥力的大小（ ）
A．随着分子间距离的增大先增大后减小
B．随着分子间距离的增大先减小后增大
C．随着分子间距离的减小而减小
D．随着分子间距离的减小而增大
【解答】解：由图象知，分子间的距离增大时，分子间的斥力会减小，则分子间的距离减小时，分子间的斥力会增大，故ABC错误，D正确。
故选：D。
15．如图甲，网上曾热销一种“55度杯”，称“能很快将开水变成适饮的温水，而后又能将凉水变成适饮的温水”。为破解此中秘密，随州某中学物理小组设计了如图乙模型。设此杯内胆中被封存着300g水，室温20℃；现向杯中倒入200g、100℃开水，摇一摇，杯内水温迅速降至t1，饮用后迅速将200g室温矿泉水倒入该杯，摇一摇，矿泉水的温度可升至t2，若忽略内胆及空间的热能消耗，则t1、t2分别大约为（ ）
A．50℃，50℃ B．52℃，39.2℃ C．40℃，60℃ D．55℃，55℃
【解答】解：
①热水放出的热量：Q放＝cm（t0﹣t），冷水吸收的热量：Q吸＝cm（t﹣t0）；
②假设热水放出的热量全部被凉水吸收，
所以Q吸＝Q放，
即4.2×103J/（kg•℃）×0.2kg×（100℃﹣t1）＝4.2×103J/（kg•℃）×0.3kg×（t1﹣20℃）；
解得t1＝52℃。
③速将200g室温矿泉水倒入该杯，摇一摇，矿泉水的温度可升至t2，
即4.2×103J/（kg•℃）×0.3kg×（52℃﹣t2）＝4.2×103J/（kg•℃）×0.2kg×（t2﹣20℃）；
解得t2＝39.2℃。
故选：B。
16．用相同的电加热器分别对质量相等的A和B两种液体进行加热（不计热量损失），如图是A和B的温度随加热时间变化的图象，下列说法正确的是（ ）
A．A的比热容与B的比热容之比为2：1
B．A的比热容与B的比热容之比为2：3
C．都加热t时间，B吸收热量比A吸收热量多
D．A和B升高相同的温度，B吸收热量较多
【解答】解：
（1）由图可知，在时间t内，吸收的热量相同，故C错；
在时间t，吸收的热量相同，A的温度变化△tA＝20℃，B的温度变化△tB＝40℃，A、B的质量相同，由Q吸＝cm△t得c=Q吸m△t，则cA：cB＝△tB：△tA＝2：1，故A正确、B错；
（2）由图可知，A、B升高相同的温度，加热A的时间长，A吸收的热量多，故D错。
故选：A。
17．用两个相同的电热水器给质量同为2kg的物体甲和水加热，他们的温度随加热时间的变化关系如图所示，据此判断甲物质10min吸收的热量为（ ）
A．0.84×105J B．1.2×105J
C．2.52×105J D．都不是，不能计算
【解答】解：由图象可知：用两个相同的电热器给质量相同的物质甲和水加热，水温度升高60℃需要20min，甲物质加热10min吸收的热量与水加热10min吸收的热量的热量相同，且水10min所吸收热量为20min吸收热量的一半，即：
Q吸＝Q水=12c水m水△t水=12×4.2×103J/（kg•℃）×2kg×60℃＝2.52×105J
所以ABD都不正确。
故选：C。
18．图为海风形成的示意图，海风形成的根本原因是：与海洋相比，陆地的（ ）
A．比热容较小，在相同日照条件下升温较快，气温较高
B．比热容较小，在相同日照条件下升温较慢，气温较低
C．比热容较大，在相同日照条件下升温较快，气温较高
D．比热容较大，在相同日照条件下升温较慢，气温较低
【解答】解：
因为水的比热容比泥土、沙石的比热容大，白天，太阳照射下海岸和海水吸收相同的热量，海水温度上升慢；海岸吸热后，温度上升快，热空气上升，微风从海洋吹向陆地，形成海风；而夜晚，海岸和海水放出相同的热量，但水的比热容大，海水温度降低得少，海面气温较高，空气上升，风就从陆地吹向海上，形成陆风，故A正确。
故选：A。
19．在一般情况下，单位时间内高温物体向低温物体传递的热量与两个物体的温差成正比。冬天的北方比较寒冷，房间内都有供暖系统。如果房外温度为﹣20℃，则房内温度为18℃；如果房外温度为﹣30℃，则房内温度为12℃．那么，房间暖气管的温度为（ ）
A．75℃ B．70℃ C．65℃ D．60℃
【解答】解：
由题知，单位时间内高温物体向低温物体传递的热量与两个物体的温差成正比，即Q放＝k△t，其中k为比例系数，与传递热量的物质有关；
设暖气管的温度为t，暖气管向房内放热时比例系数为k1，房内向房外放热时比例系数为k2；
（1）如果房外温度为﹣20℃，则房内温度为18℃，
则房间暖气管向房内放出的热量：Q1＝k1△t1＝k1（t﹣18℃），
房内向房外放出的热量：Q2＝k2△t2＝k2[18℃﹣（﹣20℃）]＝k2×38℃，
为了使得房内温度恒定，则Q1＝Q2，否则房内温度要么升高、要么降低；
则有：k1（t﹣18℃）＝k2×38℃﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①
（2）如果房外温度为﹣30℃，则房内温度为12℃，
则房间暖气管向房内放出的热量：Q3＝k1△t3＝k1（t﹣12℃），
房内向房外放出的热量：Q4＝k2△t4＝k2[12℃﹣（﹣30℃）]＝k2×42℃，
为了使得房内温度恒定，则Q3＝Q4，
则有：k1（t﹣12℃）＝k2×42℃﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②
①式÷②式可得：t−18℃t−12℃=3842−−−−−−−−−−③
解得t＝75℃。
故选：A。
20．甲、乙两杯中分别盛有60℃和20℃质量相同的水，现将一温度为20℃的铁球投入甲杯中足够长时间，取出后再投入乙杯，停留足够时间。如果不计热量损失，比较甲、乙两杯的水温变化，则（ ）
A．△t甲＜△t乙 B．△t甲＞△t乙 C．△t甲＝△t乙 D．无法判定
【解答】解：将温度为20℃的铁球放入温度为60℃的甲杯水中时，铁球吸收热量，水放出热量，Q吸1＝Q放1，即c铁m铁（t﹣t0铁）＝c水m水（t0水﹣t）﹣﹣﹣﹣﹣﹣①；
再将铁球放入20℃质量相同的乙杯水中时，铁球放出热量，水吸收热量，Q吸2＝Q放2，即c水m水（t′﹣t0水′）＝c铁m铁（t﹣t′）﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②；
联立①②两个方程，得t−t′t−t0铁=t′−t0水′t0水−t
因为甲杯中的水温和铁球的温差大于乙杯中水的温度和铁球的温差，即t﹣t0铁＞t﹣t′，所以t0水﹣t＞t′﹣t0水′，即△t甲＞△t乙。
故选：B。
21．三个相同的热源分布在一横放着的圆筒内，圆筒的侧壁和一个底部均绝热，另一个底部开口并被导热膜封住，用另两个导热膜在圆筒内隔出两个竖囱，从而将三个热源互相隔开并形成A、B、C三个独立单元区域，假设周围环境的温度恒定，并且传导的热功率与温差成正比，每个独立单元区域内空气的温度均匀，A、B、C三个独立单元区域的温度与周围环境的温度差分别为△tA，△tB和△tC，则△tA：△tB：△tC为（ ）
A．3：2：1 B．6：3：2 C．5：3：1 D．6：5：3
【解答】解：设发热功率均为P，则：
A：k（△tA﹣△tB）＝P，即A的散热功率等于发热功率。
B：k（△tB﹣△tC）＝P+k（△tA﹣△tB），即B的散热功率等于自身的发热功率与A的散热功率之和。
C：k（△tC）＝P+k（△tB﹣△tC），即C的散热功率等于自身的发热功率与B的散热功率之和。
整理得：
△tA＝2△tC
3△tB＝5△tC
即得：△tA：△tB：△tC＝6：5：3
故选：D。
22．用如图所示的装置，先后加热初温、质量均相同的水和煤油，比较两种液体比热容的大小，多次实验表明：要让水和煤油升高相同的温度，水需要的加热时间更长，以下关于该实验的操作及分析错误的是（ ）
A．水比煤油的比热容大
B．加热时用玻璃棒不断搅拌，是为了水和煤油受热均匀
C．实验中可以不使用温度计，让水和煤油都沸腾后再比较加热时间
D．相同质量的水和煤油，若吸收相同热量后。煤油比水升高的温度大
【解答】解：A、由题意可知，质量相同的水和煤油，升高相同的温度时，水需要的加热时间较长，即吸收的热量多，说明水的吸热能力能，所以水的比热容大于煤油的比热容，故A正确；
B、实验中搅拌器的作用是：使液体受热均匀，故B正确；
C、水和煤油的沸点不同，加热时间也不同无法比较比热容的大小，故C错误；
D、相同质量的水和煤油，若吸收相同热量后，由煤油的比热容小可知，煤油比水升高的温度大，故D正确。
故选：C。
二．多选题（共2小题）
23．下列说法正确的是（ ）
A．两杯水温度相同，内能也一定相同
B．热量总是从内能大的物体向内能小的物体传递
C．由于水的比热容大，工厂里的冷却塔常用水作为冷却介质
D．质量、初温相同的水和煤油放出相同的热量后，水的温度高于煤油的温度
【解答】解：A、因为不知道两杯水的质量，所以我们不能确定温度相同的两杯水哪个内能大，哪个内能小，故A错误；
B、热传递的条件是：有温度差；热传递的特点是：高温物体放出热量，低温物体吸收热量，热量从高温物体传给低温物体，但内能小的物体温度可能比内能大的物体温度高，因此热量也可能由内能小的物体传给内能大的物体，故B错误；
C、因为水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，升高相同的温度，水吸收的热量多，所以工厂里的冷却大多用水作冷却物质，故C正确；
D、质量相同、初温相同的水和煤油，放出相同的热量；因为Q＝cm△t，而水的比热容大，所以由△t=Qcm可知，水的温度变化小，故水的末温高一些，而煤油的末温低一些，故D正确。
故选：CD。
24．用相同的酒精灯分别对a、b两液体加热（如图甲），根据测得数据分别描绘出两液体的温度随时间变化的图象（如图乙）．在相同的时间内两液体吸收的热量相等，不计液体热量散失，分别用ma、mb、ca、cb表示a、b两液体的质量和比热容，则结合图中信息作出的下列推断正确的是（ ）
A．若ma＝mb，则ca＞cb B．若ma＝mb，则ca＜cb
C．若ca＝cb，则ma＜mb D．若ca＝cb，则ma＞mb
【解答】解：
A、B、若ma＝mb，吸收相同的热量，a的温度升高幅度大，由c=Qm△t知，a的比热容较小，b的比热容较大。A选项错误，B选项正确；
C、D、若ca＝cb，吸收相同的热量，a的温度升高幅度大，由m=Qc△t知，a的质量较小，b的质量较大。C选项正确，D选项错误。
故选：BC。
三．填空题（共4小题）
25．将很干净的玻璃板挂在弹簧测力计下，使玻璃板水平接触水面，如图甲所示。然后稍稍用力向上拉动玻璃板，玻璃板并未与水面分离，却发现其边缘处的水面稍微向上弯曲，如图乙所示，这是因为 分子之间存在相互作用的引力 ，此时弹簧测力计示数 大于 （选填“大于”、“等于”或“小于”）玻璃板自身重量。
【解答】解：当玻璃和水接触在一起时，玻璃分子和水分子间的距离在引力作用的范围内，所以水分子和玻璃分子之间存在相互作用的引力；当向上拉玻璃板时，弹簧测力计的读数等于玻璃板的重力加上分子间的引力，因此弹簧测力计的示数大于玻璃板自身的重力。
故答案为：分子之间存在相互作用的引力；大于。
26．部分高海拔地区昼夜温差较大，为了保护秧苗在夜间不被冻坏，人们常在傍晚往农田中灌水，白天再将水放出，这是利用水的 比热容 较大的特性。如果让2000kg的水温度下降1℃，放出的热量为 8.4×106 J．[c水＝4.2×l03J/（kg•°C）]
【解答】解：因为水的比热容较大，在质量和降低温度相同时，根据Q放＝cm△t可知，水放出较多的热量，避免秧苗被冻坏。
水放出的热量：Q放＝c水m△t＝4.2×103J/（kg•℃）×2000kg×1℃＝8.4×106J。
故答案为：比热容；8.4×106。
27．用相同的装置给质量相等的甲、乙两种晶体加热，它们温度随时间变化情况的一部分如图所示。当加热至2min时，将甲和乙紧密接触在一起，它们之间 不会 （选填“会”、“不会”或“不一定会”）发生热传递。由图象还可以反映出它们的一些性质，请任意写出一点 乙晶体的熔点为60℃ 。
【解答】解：据图中的温度时间图象可知，当加热至2min时，两种物质的温度恰好相同，所以它们之间不能发生热传递；
据图象中的信息分析可知，乙晶体的熔点为60℃，甲的熔点没显示应该高于120℃等；
故答案为：不会；乙晶体的熔点为60℃。
28．航母舰载机即将起飞前，燃料燃烧会获得大量的 内 能，向后喷射出高温高速燃气流。为了避免对舰上人员及其它器材造成危害，甲板上安装了偏流板（如图），偏流板后面装有供冷却水循环流动的格状水管，这是利用水的 比热容大 的特性来降低偏流板的温度。制作偏流板材料的熔点应较 高 （填“高”或“低”）
【解答】解：
飞机内的燃料的燃烧，使飞机获得大量的内能，然后转化为飞机的机械能；
水的比热容比较大，在升高相同的温度需要吸收更多的热量，所以利用水来降低偏流板的温度；
飞机起飞时向后喷射出高温高速燃气流，为了防止偏流板被高温熔化，所以制作偏流板材料的应具有较高的熔点。
故答案为：内；比热容大；高。
四．解答题（共1小题）
29．如图所示，甲气球装入少量水后，将甲，乙两个气球吹成一样大小，用细绳把它们挂在横杆上，烛焰靠近气球的底部加热，发现乙气球“啪”的一声破了，而甲气球加热很长时间，仍安然无恙。
（1）在加热过程中，由于“烧不破”的甲气球装有水，水的比热容较 大 ，且水蒸发过程需要 吸 热，所以甲球的温度升高的慢。
（2）在加热过程中，乙球内气体内能增大，是用 热传递 的方法改变气体的内能。
【解答】解：（1）由题意可知，在加热过程中，由于“烧不破”的甲气球装有水，水的比热容较大，且水蒸发过程需要吸热，所以甲球的温度升高的慢。
（2）在加热过程中，乙球内气体内能增大，是烛焰的热量传递给了气球和气球内的气体，所以是用热传递的方法改变气体的内能。
故答案为：（1）大；吸；（2）热传递。
五．实验探究题（共1小题）
30．运用知识解决问题
（1）小明到海水浴场玩，他光着脚踩在沙滩上，感到沙子烫脚，当身体进入水中时，觉得水比较凉，这是因为：水的比热容 大 ，海水和沙子相比，在同样受热时，沙子的温度变化比海水 大 。
（2）水的比热容为4.2×103J/（kg•℃），煤油的比热容为2.1×103J/（kg•℃）。在实验室中用完全相同的两个试管分别装上质量相等的煤油和水，用相同热源对试管均匀加热。下列图象正确的是 C 。
（3）关于温度、内能和热量，下列说法正确的是 D 。
A．温度相同的两个物体间也能发生热传递
B.0℃的冰变成0℃的水，温度不变，内能不变
C．物体的温度越高，含有的热量越多
D．任何物体都具有内能，通过摩擦可增大冰块的内能
（4）下列现象中，属于机械能转化为内能的是 A 。
A．航天飞行器穿越大气层时表面发热 B．冬天用热水袋取暖
C．放爆竹时，爆竹腾空而起 D．电灯发出光和热
（5）对100g水加热，水的沸腾图象如图，请你计算从开始计时到加热3min内水吸收的热量（请写出计算过程）
【解答】解：
（1）根据Q＝cm△t可知，质量相同的不同物质，吸收相同的热量，比热容大的温度改变较小；
水的比热容较大，同样受热的情况下，吸收相同热量，沙子的温度变化比海水大，因此，小明光着脚踩在沙滩上，感到沙子烫脚，当身体进入水中时，觉得水比较凉；
（2）由Q吸＝cm△t得，△t=Q吸cm，质量相同的水和煤油吸收相同的热量，煤油的比热容为水的比热容的12，所以煤油升高的温度为水升高温度的2倍，所以C正确；
（3）A、热传递发生的条件是要有温度差，如果温度一样，则就不会发生热传递，故A错误；
B、0℃的冰变成0℃的水的过程中，吸收热量，内能增大，温度不变，故B错误；
C、不能说物体含有热量，因为热量是一个过程量，故C错误；
D、摩擦生热，是用克服摩擦做功的方法改变物体内能的，故D正确。
（4）A、航天飞行器穿越大气层时，与大气层发生摩擦，表面发热内能增加，属于通过做功的方式使内能增加，机械能转化为内能，符合题意；
B、冬天用热水袋取暖，是通过热传递的方式增加物体的内能，不符合题意；
C、爆竹点燃后腾空升起，是爆炸产生的气体的内能转化为爆竹的机械能，不符合题意；
D、电灯消耗电能发出光和热，是电能转化为内能，不符合题意；
（5）由图可知，经过3min加热，水温由70℃升高到92.5℃左右，
水吸收的热量：Q吸＝cm（t﹣t0）＝4.2×103J/（kg•℃）×0.1kg×（92.5℃﹣70℃）＝9.45×103J；
故答案为：（1）大；大；（2）C；（3）D；（4）A；（5）从开始计时到加热3min内水吸收了9.45×103J的热量。
六．计算题（共2小题）
31．2017年5月18日，中国科学家首次在南海试采可燃冰取得圆满成功，实现了我国天然气水合物开发的历史性突破。可燃冰清洁无污染，储量巨大，是一种非常理想的新型能源。可燃冰的热值很大，是天然气热值的10倍以上，若按15倍计算。[c水＝4.2×103J/（kg•℃），天然气的热值q＝7.0×107J/m3]求：
（1）体积为0.0lm3的可燃冰完全燃烧放出的热量为多少？
（2）若这些热量的90%被质量为100kg的水吸收，则水升高的温度是多少？
【解答】解：
（1）由题意可得，可燃冰的热值：q可燃冰＝15q天然气＝15×7.0×107J/m3＝1.05×109J/m3；
0.01m3“可燃冰”完全燃烧放出的热量：
Q放＝Vq可燃冰＝0.01m3×1.05×109J/m3＝1.05×l07J；
（2）由η=Q吸Q放得被水吸收的热量：
Q吸＝ηQ放＝90%×1.05×l07J＝9.45×106J；
由Q吸＝cm△t可得，
水升高的温度：△t=Q吸cm=9.45×106J4.2×103J/(kg⋅℃)×100kg=22.5℃。
答：（1）0.1kg“可燃冰”完全燃烧放出的热量为1.05×l07J；
（2）水升高度的温度是22.5℃。
32．物理兴趣小组的同学在研究“沙子和水谁的吸热本领大”时，选用了两只完全相同的酒精灯分别给质量都是200g的沙子和水加热。他们绘制出沙子与水的温度随加热时间变化的图象如图所示。已知水的比热容是4.2×103J/（kg•℃），那么请问：
（1）图中a图和b图哪个是沙子吸热升温的图象？
（2）加热满2min时，水吸收了多少热量？
（3）试求出沙子的比热容。
【解答】解：（1）图a表示的是沙子吸热升温的过程，因为沙子和水的质量相等，吸收相同热量时，沙子的比热容比水小，从公式△t=Qcm可知，沙子温度升得多；所以图a表示的是沙子吸热升温的过程；
（2）由b图象可知，水的温度从20℃上升到70℃，
加热满2min时水吸收的热量：
Q水吸＝c水m水△t水＝4.2×103J/（kg•℃）×0.2kg×（70℃﹣20℃）＝4.2×104J。
（3）相同时间内酒精灯燃烧放出相同的热量，
在2分钟的时间内Q沙吸＝Q水吸＝4.2×104J，
又因为加热满2min，沙子的温度从20℃上升到250℃，
△t沙＝250℃﹣20℃＝230℃，m沙＝200g＝0.2kg，
c沙=Q沙吸m△t=4.2×104J0.2kg×230℃≈0.9×103J/（kg•℃）。
答：（1）图a表示的是沙子吸热升温的过程；
（2）水吸收了4.2×104J的热量；
（3）沙子的比热容为0.9×103J/（kg•℃）。
中考物理第三轮复习策略
初中物理总复习是物理学习中的一个重要环节，是学生对整个初中物理知识进行系统全面的认识、梳理、深化的过程。总复习所涉及的内容多，知识广，时间短，要在短时间内取得好的效果，就必须深入研究与探索。中考物理复习大致可分为三阶段，即第一轮全面复习、第二轮专题复习和第三轮模拟题练习。
第三轮模拟题练习——这一阶段是检查学生整体复习情况，查漏补缺，提高应试能力，提高学生成绩的关键阶段。这段时间教师主要任务是从试卷中发现复习中存在的问题，及时评讲，同时要注意增强学生自主学习能力，让学生学会自我反思、总结解题方法和应试技巧。
《内能》中考试题精选参考答案与试题（解析版）
一．选择题（共22小题）
1．关于分子动理论，下列说法中不正确的是（ ）
A．物质是由大量分子组成的
B．温度越高，分子的运动越剧烈
C．分子是组成物质的最小微粒
D．固体很难被压缩，说明分子间存在斥力
【解答】解：A、物体是由大量分子组成的，故A正确；
B、分子的运动与温度有关，温度越高，分子的运动越剧烈，B正确；
C、分子由原子构成，分子不是组成物质的最小微粒，故C错误；
D、分子间同时存在着引力和斥力，固体很难被压缩，说明分子间存在斥力，故D正确。
故选：C。
2．下列实例中与“水的比热容较大”这一特性无关的是（ ）
A．夏天在房间内洒水降温
B．用循环水冷却汽车发动机
C．让热水流过散热器供暖
D．沿海地区昼夜温差较小
【解答】解：
A、炎热的夏天，在室内地面上洒水，水蒸发时会从周围吸热而降低周围环境的温度，使人感到凉爽，不是利用水的比热容大的特点，故A符合题意；
B、因为水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，升高相同的温度时，水吸收的热量多，所以汽车发动机用循环水冷却，故B不符合题意；
C、因为水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，降低相同的温度时，水放出的热量多，所以让流动的热水流过散热器取暖，故C不符合题意；
D、因为水的比热容大于沙石的比热容，相同质量的水和砂石吸收或放出相同的热量，水升高的温度或降低的温度少，所以沿海地区昼夜温差比内陆地区小，故D不符合题意。
故选：A。
3．酒精和水混合后总体积变小，如图所示，该现象直接说明了（ ）
A．分子永不停息地做无规则运动
B．分子间存在引力
C．分子间存在斥力
D．分子间有空隙
【解答】解：
因为分子间存在着空隙，水和酒精充分混合后，酒精分子和水分子分别进入了对方分子的空隙中，使得水和酒精混合后的总体积变小了，故D正确。
故选：D。
4．下列生活实例中，通过做功改变物体内能的是（ ）
A．寒冷的冬天，人们搓手后感到暖和
B．晚上睡觉用热水袋取暖
C．在鲜榨的果汁里放些冰块，喝果汁时感觉凉爽
D．利用太阳能热水器“烧水”
【解答】解：
A、双手互相摩擦会感到暖和，是因为克服摩擦做功，使手的内能增加、温度升高，属于做功改变物体的内能，故A符合题意；
B、用热水袋取暖，属于热传递改变物体的内能，故B不符合题意；
C、把冰块放在鲜榨的果汁里，喝时感觉很凉爽，是果汁和冰块之间发生了热传递，属于热传递改变物体的内能，故C不符合题意；
D、利用太阳能热水器烧水，水吸收了热量，属于热传递改变物体的内能，故D不符合题意。
故选：A。
5．小红帮妈妈做饭时，发现厨房里涉及许多物理知识，部分归纳如下。其中不合理的是（ ）
A．煎翘嘴鲌鱼时闻到鱼的香味，是扩散现象
B．把鸡蛋往案板上一磕，蛋壳就破了，是利用物体间力的作用是相互的
C．西红柿炒鸡蛋是通过做功的方式使鸡蛋和西红柿内能增加的
D．炒锅一般用铁制造，是利用铁善于传热
【解答】解：
A、煎翘嘴鲌鱼时闻到鱼的香味，是因为香味分子扩散到了空气中，是扩散现象，故A正确；
B、把鸡蛋往碗沿上一碰，鸡蛋就破了，因为物体间力的作用是相互的，故B正确；
C、西红柿炒鸡蛋时，西红柿和鸡蛋会吸收热量，是通过热传递的方式使鸡蛋和西红柿内能增加的，故C错误；
D、铁的导热性比较好，所以利用铁来制作炒锅，故D正确。
故选：C。
6．下列名句或短语，从物理角度分析正确的是（ ）
A．破镜不能重圆﹣﹣分子间存在斥力
B．冰，水为之，而寒于水﹣﹣凝固过程吸热
C．“扬汤止沸”不如“釜底抽薪”﹣﹣沸腾过程温度不变
D．花气袭人知骤暖，鹊声穿树喜新晴﹣﹣分子的运动导致“花气袭人”
【解答】解：
A、破镜难圆，是由于分子之间的距离太大，引力太小无法合在一起，故A错误；
B、冰，水为之，而寒于水说明凝固过程放热，故B错误；
C、”扬汤止沸”的道理是：把开水舀起来，再倒回去，可以增大液体表面积且加快液体表面空气流动速度（液体相对于空气是流动的），从而加快了蒸发，蒸发需要吸收热量，从而使液体温度降低，低于沸点，液体不能沸腾，起到止沸的效果；“釜底抽薪”道理是：水沸腾是要吸热的，如果把锅底的柴火抽掉，也就停止了给水加热，水不能从外界吸收热量，水的沸腾就会马上停止；如果不“抽薪”，水会一直沸腾，但水的温度不会上升，说明沸腾需要吸热，故C错误；
D、“花气袭人”是一种扩散现象，是香气分子无规则运动的结果，故D正确。
故选：D。
7．关于温度、热量和内能，下列说法中正确的是（ ）
A．热量可以从内能少的物体传递到内能多的物体
B．0℃的冰水混合物内能为零
C．水的温度越高，所含热量越多
D．冰在熔化过程中吸收热量，温度和内能均不变
【解答】解：
A、发生热传递是因为物体间存在温度差，所以内能少的物体的温度可能比内能多的物体的温度高，所以内能少的物体可以把热量传递给内能多的物体；故A正确；
B、任何物体都有内能，0℃的冰水混合物内能不为零，故B错误；
C、热量是一个过程量，不能用含有来表示，故C错误；
D、冰在熔化过程中吸收热量，内能变大，温度不变，故D错误。
故选：A。
8．如图，烧瓶内水上方存在着水蒸气，瓶口用软木塞塞住，用小打气筒缓慢向瓶内加压，达到一定程度时塞子跳起来，瓶内出现白雾。下列说法正确的是（ ）
A．瓶内出现白雾，是因为瓶子外部温度低
B．出现白雾的过程是一个吸热的物态变化过程
C．该实验能说明气体膨胀对外做功，内能减小
D．这个实验展示了蒸汽机的工作原理
【解答】解：A、瓶内出现的白雾，是水蒸气遇冷液化成的小水滴，故A错误；
B、出现白雾是水蒸气放出热量发生液化产生的小水滴，是放热过程，故B错误；
C、瓶口塞子跳起来的过程中，水蒸气对塞子做功，水蒸气的内能减少，故C正确；
D、实验中向瓶内充气，瓶内气体压强增大，气体对塞子做功，将内能转化为机械能；蒸汽机是用燃料加热水，利用高温高压的水蒸气推动活塞做功，将内能转化为机械能；图中实验不能展示蒸汽机的工作原理，故D错误。
故选：C。
9．图所示实验中得出的结论不正确的是（ ）
A．甲：下方燃着的小木条先熄灭，说明二氧化碳的密度比空气大
B．乙：抽掉玻璃板后，两瓶内气体颜色发生变化，说明分子在不停地运动
C．丙：点燃蜡烛刚熄灭时产生的白烟，蜡烛复燃，说明白烟是石蜡的固体小颗粒
D．丁：不再蹬地，沿水平方向运动的滑板车会停下来，说明力是维持物体运动的原因
【解答】解：A、下方燃着的小木条先熄灭，上方燃着的小木条后熄灭，说明二氧化碳具有的性质是不助燃、不可燃，且密度比空气的大，可用于灭火，故A正确；
B、抽掉玻璃板，二氧化氮和空气之间发生扩散现象，瓶内气体颜色最后变得均匀，说明分子在不停地运动，故B正确；
C、吹灭蜡烛，立即将燃着的木条去点白烟（不要接触烛芯），发现蜡烛重新被点燃，可见白烟具有可燃性，白烟是石蜡蒸气凝结成的石蜡固体小颗粒，故C正确；
D、沿水平方向运动的滑板车，当我们不再蹬地，最后会停下来，是应为受到摩擦力的作用，说明力是改变物体运动状态的原因，故D不正确。
故选：D。
10．如图所示，在试管内装适量水，用橡胶塞塞住管口，将水加热至沸腾一段时间后，橡胶塞被推出，管口出现大量“白气”。此实验中，主要是通过做功改变物体内能的过程是（ ）
A．试管变热的过程
B．水变热的过程
C．水变成水蒸气的过程
D．水蒸气推出橡胶塞的同时变成“白气”的过程
【解答】解：
A、试管变热，是试管从火吸收热量，内能增加，是通过热传递改变物体的内能，故A错；
B、水变热，是水吸收热量、内能增大，是通过热传递改变物体的内能，故B错；
C、水吸热，温度升高，汽化成水蒸气，是通过热传递改变物体的内能，故C错；
D、水蒸气推出橡胶塞的同时变成“白气”的过程，是水蒸气膨胀做功，将水蒸气的内能转化为橡胶塞的机械能，是通过做功改变物体的内能。
故选：D。
11．质量和温度都相同的甲、乙两种物质，用同样的加热器进行加热，它们温度随时间变化的图象如图所示，下列说法正确的是（ ）
A．甲物质的沸点一定是80℃，乙物质的沸点一定是40℃
B．0﹣6min甲比乙吸收的热量多
C．8﹣10min甲和乙继续吸热，虽然温度各自保持不变，但甲和乙的内能都不断增加
D．甲的比热容大于乙的比热容
【解答】解：
A、由图象可知，甲和乙的末温保持不变，但可能处在熔化过程中，也可能处于沸腾过程中，此时的温度不一定是沸点，故A错误；
B、实验中用同样的加热器进行加热，在相同时间内物质吸收的热量是相同的，则在0﹣6min内两物质吸收的热量都是相同的，故B错误；
C、8﹣10min甲和乙继续吸热，甲和乙的内能都不断增加，故C正确；
D、由图可知，在0﹣6min内，加热时间相同，吸收的热量相同，甲的温度变化快，且两物质的质量相同，根据Q＝cm△t可知，甲的比热容小，故D错误。
故选：C。
12．如表列出一些物质的比热容，根据表中数据，下列判断正确的是（ ）
物质
水
煤油
冰
铝
铜
比热容/（J•kg﹣1•℃﹣1）
4.2×103
2.1×103
2.1×l03
0.88×103
0.39×103
A．不同物质的比热容一定不同
B．物质的物态发生变化，比热容不变
C．质量相等的铝和铜升高相同的温度，铝吸收的热量更多
D．质量相等的水和煤油吸收相同的热量，水升高的温度更多
【解答】解：
A、由表中数据可知，不同物质的比热容一般不同，但也有的物质比热容相同，如煤油和冰，故A错误；
B、水和冰是水的两种状态，分析表中数据可知，其比热容是不同的，说明比热容与物质状态有关，物质的物态发生变化，比热容也会发生变化，故B错误；
C、由表中数据可知，铝的比热容大于铜的比热容；质量相等的铝和铜升高相同的温度，因铝的比热容大，则根据Q＝cm△t可知铝吸收的热量更多，故C正确；
D、质量相等的水和煤油吸收相同的热量，因为水的比热容大，所以根据Q＝cm△t可知水升高的温度少，故D错误。
故选：C。
13．2019年1月3日（农历十一月二十八），我国“嫦娥四号”探测器在月球背面软着陆，这是人类探测器首次成功登陆月球背面。下列关于“嫦娥四号”探测器在月球背面着陆前后的分析，符合实际的是（ ）
A．着陆时，探测器和月球位于图中的c点附近
B．探测器要有防水设计，因为环形山上有水
C．探测器着陆前要减速，因为与大气摩擦会生热
D．探测器在月球的着陆点能拍到地球的照片
【解答】解：
A、由图可知月球转动方向，由于探测器需要登陆月球背面，所以探测器应在月球的后面a或c点附近，但由于a点时月球背面没有太阳光照射，所以，适合的着陆时机是在探测器和月球位于右图中的c点附近，故A正确；
B、由于月球上没有水，所以探测器不需要有防水设计，故B错误；
C、探测器着陆前会减速，由于月球上没有空气，所以不会与大气摩擦会生热，故C错误；
D、探测器登陆月球背面，所以在月球的背面是看不到地球的，故没法拍到地球的照片，故D错误。
故选：A。
14．分子之间既有引力又有斥力。其中，分子之间的斥力大小F斥随着分子间距离r变化的情况如图所示。根据图象可知：分子之间斥力的大小（ ）
A．随着分子间距离的增大先增大后减小
B．随着分子间距离的增大先减小后增大
C．随着分子间距离的减小而减小
D．随着分子间距离的减小而增大
【解答】解：由图象知，分子间的距离增大时，分子间的斥力会减小，则分子间的距离减小时，分子间的斥力会增大，故ABC错误，D正确。
故选：D。
15．如图甲，网上曾热销一种“55度杯”，称“能很快将开水变成适饮的温水，而后又能将凉水变成适饮的温水”。为破解此中秘密，随州某中学物理小组设计了如图乙模型。设此杯内胆中被封存着300g水，室温20℃；现向杯中倒入200g、100℃开水，摇一摇，杯内水温迅速降至t1，饮用后迅速将200g室温矿泉水倒入该杯，摇一摇，矿泉水的温度可升至t2，若忽略内胆及空间的热能消耗，则t1、t2分别大约为（ ）
A．50℃，50℃ B．52℃，39.2℃ C．40℃，60℃ D．55℃，55℃
【解答】解：
①热水放出的热量：Q放＝cm（t0﹣t），冷水吸收的热量：Q吸＝cm（t﹣t0）；
②假设热水放出的热量全部被凉水吸收，
所以Q吸＝Q放，
即4.2×103J/（kg•℃）×0.2kg×（100℃﹣t1）＝4.2×103J/（kg•℃）×0.3kg×（t1﹣20℃）；
解得t1＝52℃。
③速将200g室温矿泉水倒入该杯，摇一摇，矿泉水的温度可升至t2，
即4.2×103J/（kg•℃）×0.3kg×（52℃﹣t2）＝4.2×103J/（kg•℃）×0.2kg×（t2﹣20℃）；
解得t2＝39.2℃。
故选：B。
16．用相同的电加热器分别对质量相等的A和B两种液体进行加热（不计热量损失），如图是A和B的温度随加热时间变化的图象，下列说法正确的是（ ）
A．A的比热容与B的比热容之比为2：1
B．A的比热容与B的比热容之比为2：3
C．都加热t时间，B吸收热量比A吸收热量多
D．A和B升高相同的温度，B吸收热量较多
【解答】解：
（1）由图可知，在时间t内，吸收的热量相同，故C错；
在时间t，吸收的热量相同，A的温度变化△tA＝20℃，B的温度变化△tB＝40℃，A、B的质量相同，由Q吸＝cm△t得c=Q吸m△t，则cA：cB＝△tB：△tA＝2：1，故A正确、B错；
（2）由图可知，A、B升高相同的温度，加热A的时间长，A吸收的热量多，故D错。
故选：A。
17．用两个相同的电热水器给质量同为2kg的物体甲和水加热，他们的温度随加热时间的变化关系如图所示，据此判断甲物质10min吸收的热量为（ ）
A．0.84×105J B．1.2×105J
C．2.52×105J D．都不是，不能计算
【解答】解：由图象可知：用两个相同的电热器给质量相同的物质甲和水加热，水温度升高60℃需要20min，甲物质加热10min吸收的热量与水加热10min吸收的热量的热量相同，且水10min所吸收热量为20min吸收热量的一半，即：
Q吸＝Q水=12c水m水△t水=12×4.2×103J/（kg•℃）×2kg×60℃＝2.52×105J
所以ABD都不正确。
故选：C。
18．图为海风形成的示意图，海风形成的根本原因是：与海洋相比，陆地的（ ）
A．比热容较小，在相同日照条件下升温较快，气温较高
B．比热容较小，在相同日照条件下升温较慢，气温较低
C．比热容较大，在相同日照条件下升温较快，气温较高
D．比热容较大，在相同日照条件下升温较慢，气温较低
【解答】解：
因为水的比热容比泥土、沙石的比热容大，白天，太阳照射下海岸和海水吸收相同的热量，海水温度上升慢；海岸吸热后，温度上升快，热空气上升，微风从海洋吹向陆地，形成海风；而夜晚，海岸和海水放出相同的热量，但水的比热容大，海水温度降低得少，海面气温较高，空气上升，风就从陆地吹向海上，形成陆风，故A正确。
故选：A。
19．在一般情况下，单位时间内高温物体向低温物体传递的热量与两个物体的温差成正比。冬天的北方比较寒冷，房间内都有供暖系统。如果房外温度为﹣20℃，则房内温度为18℃；如果房外温度为﹣30℃，则房内温度为12℃．那么，房间暖气管的温度为（ ）
A．75℃ B．70℃ C．65℃ D．60℃
【解答】解：
由题知，单位时间内高温物体向低温物体传递的热量与两个物体的温差成正比，即Q放＝k△t，其中k为比例系数，与传递热量的物质有关；
设暖气管的温度为t，暖气管向房内放热时比例系数为k1，房内向房外放热时比例系数为k2；
（1）如果房外温度为﹣20℃，则房内温度为18℃，
则房间暖气管向房内放出的热量：Q1＝k1△t1＝k1（t﹣18℃），
房内向房外放出的热量：Q2＝k2△t2＝k2[18℃﹣（﹣20℃）]＝k2×38℃，
为了使得房内温度恒定，则Q1＝Q2，否则房内温度要么升高、要么降低；
则有：k1（t﹣18℃）＝k2×38℃﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①
（2）如果房外温度为﹣30℃，则房内温度为12℃，
则房间暖气管向房内放出的热量：Q3＝k1△t3＝k1（t﹣12℃），
房内向房外放出的热量：Q4＝k2△t4＝k2[12℃﹣（﹣30℃）]＝k2×42℃，
为了使得房内温度恒定，则Q3＝Q4，
则有：k1（t﹣12℃）＝k2×42℃﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②
①式÷②式可得：t−18℃t−12℃=3842−−−−−−−−−−③
解得t＝75℃。
故选：A。
20．甲、乙两杯中分别盛有60℃和20℃质量相同的水，现将一温度为20℃的铁球投入甲杯中足够长时间，取出后再投入乙杯，停留足够时间。如果不计热量损失，比较甲、乙两杯的水温变化，则（ ）
A．△t甲＜△t乙 B．△t甲＞△t乙 C．△t甲＝△t乙 D．无法判定
【解答】解：将温度为20℃的铁球放入温度为60℃的甲杯水中时，铁球吸收热量，水放出热量，Q吸1＝Q放1，即c铁m铁（t﹣t0铁）＝c水m水（t0水﹣t）﹣﹣﹣﹣﹣﹣①；
再将铁球放入20℃质量相同的乙杯水中时，铁球放出热量，水吸收热量，Q吸2＝Q放2，即c水m水（t′﹣t0水′）＝c铁m铁（t﹣t′）﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②；
联立①②两个方程，得t−t′t−t0铁=t′−t0水′t0水−t
因为甲杯中的水温和铁球的温差大于乙杯中水的温度和铁球的温差，即t﹣t0铁＞t﹣t′，所以t0水﹣t＞t′﹣t0水′，即△t甲＞△t乙。
故选：B。
21．三个相同的热源分布在一横放着的圆筒内，圆筒的侧壁和一个底部均绝热，另一个底部开口并被导热膜封住，用另两个导热膜在圆筒内隔出两个竖囱，从而将三个热源互相隔开并形成A、B、C三个独立单元区域，假设周围环境的温度恒定，并且传导的热功率与温差成正比，每个独立单元区域内空气的温度均匀，A、B、C三个独立单元区域的温度与周围环境的温度差分别为△tA，△tB和△tC，则△tA：△tB：△tC为（ ）
A．3：2：1 B．6：3：2 C．5：3：1 D．6：5：3
【解答】解：设发热功率均为P，则：
A：k（△tA﹣△tB）＝P，即A的散热功率等于发热功率。
B：k（△tB﹣△tC）＝P+k（△tA﹣△tB），即B的散热功率等于自身的发热功率与A的散热功率之和。
C：k（△tC）＝P+k（△tB﹣△tC），即C的散热功率等于自身的发热功率与B的散热功率之和。
整理得：
△tA＝2△tC
3△tB＝5△tC
即得：△tA：△tB：△tC＝6：5：3
故选：D。
22．用如图所示的装置，先后加热初温、质量均相同的水和煤油，比较两种液体比热容的大小，多次实验表明：要让水和煤油升高相同的温度，水需要的加热时间更长，以下关于该实验的操作及分析错误的是（ ）
A．水比煤油的比热容大
B．加热时用玻璃棒不断搅拌，是为了水和煤油受热均匀
C．实验中可以不使用温度计，让水和煤油都沸腾后再比较加热时间
D．相同质量的水和煤油，若吸收相同热量后。煤油比水升高的温度大
【解答】解：A、由题意可知，质量相同的水和煤油，升高相同的温度时，水需要的加热时间较长，即吸收的热量多，说明水的吸热能力能，所以水的比热容大于煤油的比热容，故A正确；
B、实验中搅拌器的作用是：使液体受热均匀，故B正确；
C、水和煤油的沸点不同，加热时间也不同无法比较比热容的大小，故C错误；
D、相同质量的水和煤油，若吸收相同热量后，由煤油的比热容小可知，煤油比水升高的温度大，故D正确。
故选：C。
二．多选题（共2小题）
23．下列说法正确的是（ ）
A．两杯水温度相同，内能也一定相同
B．热量总是从内能大的物体向内能小的物体传递
C．由于水的比热容大，工厂里的冷却塔常用水作为冷却介质
D．质量、初温相同的水和煤油放出相同的热量后，水的温度高于煤油的温度
【解答】解：A、因为不知道两杯水的质量，所以我们不能确定温度相同的两杯水哪个内能大，哪个内能小，故A错误；
B、热传递的条件是：有温度差；热传递的特点是：高温物体放出热量，低温物体吸收热量，热量从高温物体传给低温物体，但内能小的物体温度可能比内能大的物体温度高，因此热量也可能由内能小的物体传给内能大的物体，故B错误；
C、因为水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，升高相同的温度，水吸收的热量多，所以工厂里的冷却大多用水作冷却物质，故C正确；
D、质量相同、初温相同的水和煤油，放出相同的热量；因为Q＝cm△t，而水的比热容大，所以由△t=Qcm可知，水的温度变化小，故水的末温高一些，而煤油的末温低一些，故D正确。
故选：CD。
24．用相同的酒精灯分别对a、b两液体加热（如图甲），根据测得数据分别描绘出两液体的温度随时间变化的图象（如图乙）．在相同的时间内两液体吸收的热量相等，不计液体热量散失，分别用ma、mb、ca、cb表示a、b两液体的质量和比热容，则结合图中信息作出的下列推断正确的是（ ）
A．若ma＝mb，则ca＞cb B．若ma＝mb，则ca＜cb
C．若ca＝cb，则ma＜mb D．若ca＝cb，则ma＞mb
【解答】解：
A、B、若ma＝mb，吸收相同的热量，a的温度升高幅度大，由c=Qm△t知，a的比热容较小，b的比热容较大。A选项错误，B选项正确；
C、D、若ca＝cb，吸收相同的热量，a的温度升高幅度大，由m=Qc△t知，a的质量较小，b的质量较大。C选项正确，D选项错误。
故选：BC。
三．填空题（共4小题）
25．将很干净的玻璃板挂在弹簧测力计下，使玻璃板水平接触水面，如图甲所示。然后稍稍用力向上拉动玻璃板，玻璃板并未与水面分离，却发现其边缘处的水面稍微向上弯曲，如图乙所示，这是因为 分子之间存在相互作用的引力 ，此时弹簧测力计示数 大于 （选填“大于”、“等于”或“小于”）玻璃板自身重量。
【解答】解：当玻璃和水接触在一起时，玻璃分子和水分子间的距离在引力作用的范围内，所以水分子和玻璃分子之间存在相互作用的引力；当向上拉玻璃板时，弹簧测力计的读数等于玻璃板的重力加上分子间的引力，因此弹簧测力计的示数大于玻璃板自身的重力。
故答案为：分子之间存在相互作用的引力；大于。
26．部分高海拔地区昼夜温差较大，为了保护秧苗在夜间不被冻坏，人们常在傍晚往农田中灌水，白天再将水放出，这是利用水的 比热容 较大的特性。如果让2000kg的水温度下降1℃，放出的热量为 8.4×106 J．[c水＝4.2×l03J/（kg•°C）]
【解答】解：因为水的比热容较大，在质量和降低温度相同时，根据Q放＝cm△t可知，水放出较多的热量，避免秧苗被冻坏。
水放出的热量：Q放＝c水m△t＝4.2×103J/（kg•℃）×2000kg×1℃＝8.4×106J。
故答案为：比热容；8.4×106。
27．用相同的装置给质量相等的甲、乙两种晶体加热，它们温度随时间变化情况的一部分如图所示。当加热至2min时，将甲和乙紧密接触在一起，它们之间 不会 （选填“会”、“不会”或“不一定会”）发生热传递。由图象还可以反映出它们的一些性质，请任意写出一点 乙晶体的熔点为60℃ 。
【解答】解：据图中的温度时间图象可知，当加热至2min时，两种物质的温度恰好相同，所以它们之间不能发生热传递；
据图象中的信息分析可知，乙晶体的熔点为60℃，甲的熔点没显示应该高于120℃等；
故答案为：不会；乙晶体的熔点为60℃。
28．航母舰载机即将起飞前，燃料燃烧会获得大量的 内 能，向后喷射出高温高速燃气流。为了避免对舰上人员及其它器材造成危害，甲板上安装了偏流板（如图），偏流板后面装有供冷却水循环流动的格状水管，这是利用水的 比热容大 的特性来降低偏流板的温度。制作偏流板材料的熔点应较 高 （填“高”或“低”）
【解答】解：
飞机内的燃料的燃烧，使飞机获得大量的内能，然后转化为飞机的机械能；
水的比热容比较大，在升高相同的温度需要吸收更多的热量，所以利用水来降低偏流板的温度；
飞机起飞时向后喷射出高温高速燃气流，为了防止偏流板被高温熔化，所以制作偏流板材料的应具有较高的熔点。
故答案为：内；比热容大；高。
四．解答题（共1小题）
29．如图所示，甲气球装入少量水后，将甲，乙两个气球吹成一样大小，用细绳把它们挂在横杆上，烛焰靠近气球的底部加热，发现乙气球“啪”的一声破了，而甲气球加热很长时间，仍安然无恙。
（1）在加热过程中，由于“烧不破”的甲气球装有水，水的比热容较 大 ，且水蒸发过程需要 吸 热，所以甲球的温度升高的慢。
（2）在加热过程中，乙球内气体内能增大，是用 热传递 的方法改变气体的内能。
【解答】解：（1）由题意可知，在加热过程中，由于“烧不破”的甲气球装有水，水的比热容较大，且水蒸发过程需要吸热，所以甲球的温度升高的慢。
（2）在加热过程中，乙球内气体内能增大，是烛焰的热量传递给了气球和气球内的气体，所以是用热传递的方法改变气体的内能。
故答案为：（1）大；吸；（2）热传递。
五．实验探究题（共1小题）
30．运用知识解决问题
（1）小明到海水浴场玩，他光着脚踩在沙滩上，感到沙子烫脚，当身体进入水中时，觉得水比较凉，这是因为：水的比热容 大 ，海水和沙子相比，在同样受热时，沙子的温度变化比海水 大 。
（2）水的比热容为4.2×103J/（kg•℃），煤油的比热容为2.1×103J/（kg•℃）。在实验室中用完全相同的两个试管分别装上质量相等的煤油和水，用相同热源对试管均匀加热。下列图象正确的是 C 。
（3）关于温度、内能和热量，下列说法正确的是 D 。
A．温度相同的两个物体间也能发生热传递
B.0℃的冰变成0℃的水，温度不变，内能不变
C．物体的温度越高，含有的热量越多
D．任何物体都具有内能，通过摩擦可增大冰块的内能
（4）下列现象中，属于机械能转化为内能的是 A 。
A．航天飞行器穿越大气层时表面发热 B．冬天用热水袋取暖
C．放爆竹时，爆竹腾空而起 D．电灯发出光和热
（5）对100g水加热，水的沸腾图象如图，请你计算从开始计时到加热3min内水吸收的热量（请写出计算过程）
【解答】解：
（1）根据Q＝cm△t可知，质量相同的不同物质，吸收相同的热量，比热容大的温度改变较小；
水的比热容较大，同样受热的情况下，吸收相同热量，沙子的温度变化比海水大，因此，小明光着脚踩在沙滩上，感到沙子烫脚，当身体进入水中时，觉得水比较凉；
（2）由Q吸＝cm△t得，△t=Q吸cm，质量相同的水和煤油吸收相同的热量，煤油的比热容为水的比热容的12，所以煤油升高的温度为水升高温度的2倍，所以C正确；
（3）A、热传递发生的条件是要有温度差，如果温度一样，则就不会发生热传递，故A错误；
B、0℃的冰变成0℃的水的过程中，吸收热量，内能增大，温度不变，故B错误；
C、不能说物体含有热量，因为热量是一个过程量，故C错误；
D、摩擦生热，是用克服摩擦做功的方法改变物体内能的，故D正确。
（4）A、航天飞行器穿越大气层时，与大气层发生摩擦，表面发热内能增加，属于通过做功的方式使内能增加，机械能转化为内能，符合题意；
B、冬天用热水袋取暖，是通过热传递的方式增加物体的内能，不符合题意；
C、爆竹点燃后腾空升起，是爆炸产生的气体的内能转化为爆竹的机械能，不符合题意；
D、电灯消耗电能发出光和热，是电能转化为内能，不符合题意；
（5）由图可知，经过3min加热，水温由70℃升高到92.5℃左右，
水吸收的热量：Q吸＝cm（t﹣t0）＝4.2×103J/（kg•℃）×0.1kg×（92.5℃﹣70℃）＝9.45×103J；
故答案为：（1）大；大；（2）C；（3）D；（4）A；（5）从开始计时到加热3min内水吸收了9.45×103J的热量。
六．计算题（共2小题）
31．2017年5月18日，中国科学家首次在南海试采可燃冰取得圆满成功，实现了我国天然气水合物开发的历史性突破。可燃冰清洁无污染，储量巨大，是一种非常理想的新型能源。可燃冰的热值很大，是天然气热值的10倍以上，若按15倍计算。[c水＝4.2×103J/（kg•℃），天然气的热值q＝7.0×107J/m3]求：
（1）体积为0.0lm3的可燃冰完全燃烧放出的热量为多少？
（2）若这些热量的90%被质量为100kg的水吸收，则水升高的温度是多少？
【解答】解：
（1）由题意可得，可燃冰的热值：q可燃冰＝15q天然气＝15×7.0×107J/m3＝1.05×109J/m3；
0.01m3“可燃冰”完全燃烧放出的热量：
Q放＝Vq可燃冰＝0.01m3×1.05×109J/m3＝1.05×l07J；
（2）由η=Q吸Q放得被水吸收的热量：
Q吸＝ηQ放＝90%×1.05×l07J＝9.45×106J；
由Q吸＝cm△t可得，
水升高的温度：△t=Q吸cm=9.45×106J4.2×103J/(kg⋅℃)×100kg=22.5℃。
答：（1）0.1kg“可燃冰”完全燃烧放出的热量为1.05×l07J；
（2）水升高度的温度是22.5℃。
32．物理兴趣小组的同学在研究“沙子和水谁的吸热本领大”时，选用了两只完全相同的酒精灯分别给质量都是200g的沙子和水加热。他们绘制出沙子与水的温度随加热时间变化的图象如图所示。已知水的比热容是4.2×103J/（kg•℃），那么请问：
（1）图中a图和b图哪个是沙子吸热升温的图象？
（2）加热满2min时，水吸收了多少热量？
（3）试求出沙子的比热容。
【解答】解：（1）图a表示的是沙子吸热升温的过程，因为沙子和水的质量相等，吸收相同热量时，沙子的比热容比水小，从公式△t=Qcm可知，沙子温度升得多；所以图a表示的是沙子吸热升温的过程；
（2）由b图象可知，水的温度从20℃上升到70℃，
加热满2min时水吸收的热量：
Q水吸＝c水m水△t水＝4.2×103J/（kg•℃）×0.2kg×（70℃﹣20℃）＝4.2×104J。
（3）相同时间内酒精灯燃烧放出相同的热量，
在2分钟的时间内Q沙吸＝Q水吸＝4.2×104J，
又因为加热满2min，沙子的温度从20℃上升到250℃，
△t沙＝250℃﹣20℃＝230℃，m沙＝200g＝0.2kg，
c沙=Q沙吸m△t=4.2×104J0.2kg×230℃≈0.9×103J/（kg•℃）。
答：（1）图a表示的是沙子吸热升温的过程；
（2）水吸收了4.2×104J的热量；
（3）沙子的比热容为0.9×103J/（kg•℃）。
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