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2023年新人教版中考物理总复习 三轮冲刺 专题15 《电与磁》中考试题精选
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中考物理第三轮复习策略
初中物理总复习是物理学习中的一个重要环节，是学生对整个初中物理知识进行系统全面的认识、梳理、深化的过程。总复习所涉及的内容多，知识广，时间短，要在短时间内取得好的效果，就必须深入研究与探索。中考物理复习大致可分为三阶段，即第一轮全面复习、第二轮专题复习和第三轮模拟题练习。
第三轮模拟题练习——这一阶段是检查学生整体复习情况，查漏补缺，提高应试能力，提高学生成绩的关键阶段。这段时间教师主要任务是从试卷中发现复习中存在的问题，及时评讲，同时要注意增强学生自主学习能力，让学生学会自我反思、总结解题方法和应试技巧。
《电与磁》中考试题精选参考答案与试题（解析版）
一．选择题（共30小题）
1．如图所示，是一个手机无线充电装置。它的原理是送电线圈通过一定频率的交流电，线圈周围会产生交替变化的磁场，于是在受电线圈中就产生了一定的电流，从而将电能从发射端转移到接收端，给手机供电。下列选项中与受电线圈工作原理相同的是（ ）
A．交流电动机 B．动圈式扬声器
C．动圈式话筒 D．电磁继电器
【解答】解：由题意可知，受电线圈是利用电磁感应原理进行工作的；
A、交流电动机利用通电导体在磁场中受力运动的原理工作的，故A不符合题意。
B、动圈式扬声器是利用通电导体在磁场中受力运动的原理工作的，故B不符合题意；
C、动圈式话筒是利用电磁感应原理将声音信号转化为电信号的装置，故C符合题意；
D、电磁继电器利用电流的磁效应工作的，故D不符合题意。
故选：C。
2．我国的新型航母将采用自行研制的电磁弹射器，小明猜想它的工作原理如图所示，电磁弹射器的弹射车与飞机前轮连接，并处于强磁场中，当弹射车内的导体通过强电流时，即可受到强大的推力，小明的猜想与下列实验原理相同的是（ ）
A．
B．
C．
D．
【解答】解：由题意可知，电磁弹射器的弹射车与飞机前轮连接，并处于强磁场中，当弹射车内的导体通以强电流时，即可受到强大的推力，由此可知其原理是通电导体在磁场中受力而运动。
A、图中的实验说明条形磁铁对小磁针有力的作用，是磁体的基本性质，故A不符合题意；
B、由图知，这是研究电磁铁磁性强弱的影响因素，利用的是电流的磁效应，故B不符合题意；
C、图中有电源，通电导体棒在磁场中受力而运动，即与电磁弹射器的工作原理相同，故C符合题意；
D、图中没有电源，闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，产生感应电流，这是电磁感应现象，故D不符合题意。
故选：C。
3．如图所示是闭合电路的一部分导体在两磁极间运动一周的情形，图中小圆圈代表导体的横截面，箭头表示导体的运动方向，下列说法正确的是（ ）
A．在a、b、c、d四个位置时，导体都有感应电流
B．在a、c两个位置时，导体中没有感应电流
C．在a、c 两个位置时，导体中有感应电流且电流方向相同
D．在b、d两个位置时，导体中没有感应电流
【解答】解：在电磁感应现象中，感应电流的方向与磁场方向和导体运动的方向有关。
在图b和图d中，导体上下运动，没有做切割磁感线运动，不会产生感应电流；故A错误，D正确；
在图a和图c中，导体左右运动，做切割磁感线运动，会产生感应电流；两图中磁感线方向不变，导体运动方向相反，所以感应电流方向也相反；故BC错误；
故选：D。
4．笔记本电脑发热会影响使用寿命。如图是一款笔记本电脑散热支架，通过导线与电脑连接时，五个风扇就转动起来，从而帮助电脑散热。下列分析正确的是（ ）
A．风扇转动的原理是电磁感应
B．风扇之间一定串联
C．风扇在工作时主要将电能转化为内能
D．电脑是通过与空气之间的热传递来散热的
【解答】解：
A、电风扇的主要部件是电动机，电动机是利用通电导线在磁场中受磁场力的作用原理制成的，不是利用电磁感应原理制成的，故A错误；
B、笔记本电脑散热支架上的五个风扇虽然能同时工作，但它们互不影响，能独立工作，其中的某个风扇坏了，其它风扇能正常工作，因此是并联的，故B错误；
C、电风扇主要是电能转化成机械能，故C错误；
D、电脑散热时，热量由电脑转移到空气中，是通过热传递来散热的，故D正确。
故选：D。
5．能写红黑双色的磁画板截面如图所示，按下写字笔黑色按钮写出黑色的字，按下红色按钮写出红色的字，刷子左右移动则字消失。下列说法正确的是（ ）
A．刷子可以用铁制作
B．写黑字时笔尖为S极
C．写红字时笔尖为N极
D．写字的原理是同名磁极相互排斥
【解答】解：写黑字时小磁体的S极被吸引，说明黑色笔尖是N极，故选项B错误；
写红字时小磁体的N极被吸引，说明红色笔尖是S极，故选项C错误；
要想把写的字去掉，需要把笔尖吸引的小磁体恢复到原来位置，这就要用一个磁性材料去吸引，可以用软铁吸引，就用软铁制成刷子，故选项A正确。
写字时是靠异名磁极相互吸引来完成的。故选项D错误。
故选：A。
6．如图所示，内部均装有磁铁的两块清洁器M和N隔着窗玻璃总能合在一起移动，这让玻璃清洁变得安全高效。关于清洁器的分析正确的是（ ）
A．两块清洁器能合在一起的原理是异名磁极相互吸引
B．N受到的重力和M对N的吸引力是一对平衡力
C．玻璃对N的支持力和M对N的吸引力是一对相互作用力
D．移动M时，N也能跟着一起移动，说明力能改变物体的形状
【解答】解：A、两块清洁器内部均装有磁铁，它们能合在一起的原理是异名磁极相互吸引，故A正确；
B、受到的重力方向竖直向下，M对N的吸引力方向是水平的，所以不是一对平衡力，故B错误；
C、玻璃对N的支持力和N对玻璃的压力是一对相互作用力，而不是与M对N的吸引力是一对相互作用力，故C错误；
D、移动M时，N也能跟着一起移动，说明力能改变物体的运动状态，故D错误。
故选：A。
7．济南是全国率先启用新能源汽车号牌的5个试点城市之一，新能源汽车越来越普及，如图所示为新能源汽车号牌专用标识。号牌中的圆圈由两部分组成；左侧是英文单词“Eletcric”的首字母“E“”，右侧是电源插头的图案；号牌中的字母“D”表示纯电动汽车。这类汽车发动机的动力装置是电动机，其工作原理是下图所示实验中的（ ）
A．
B．
C．
D．
【解答】解：电动机的工作原理是：通电导体在磁场中受到力的作用；
A、是奥斯特实验图，小磁针指针偏转说明通电导体周围有磁场，故A不符合题意；
B、电路中有电源，通电线圈或导体受到磁场力的作用运动，是电动机的工作原理，故B符合题意；
C、是研究电磁铁的原理图，是根据电流的磁效应制成的，故C不符合题意；
D、是电磁感应的实验图，属于发电机的原理，故D不符合题意。
故选：B。
8．如图所示，下列说法正确的是（ ）
A．如图甲，奥斯特实验说明通电导线的周围存在着磁场
B．如图乙，闭合开关，通电螺线管右端为S极
C．发电机利用了图丙的原理
D．电动机利用了图丁的原理
【解答】解：
A、通电导线周围存在磁场，将小磁针移走，磁场仍存在，故A正确；
B、根据图中电源的正极在右侧，可知螺线管中电流方向是由右侧进入左侧流出，故利用安培定则可知通电螺线管的右端为N极，故B错误；
C、图中有电源，是电动机的原理图，是根据通电导体在磁场中受到力的作用而制成的，故C错误；
D、图中没有电源，是发电机的原理图，是利用电磁感应现象制成的，故D错误。
故选：A。
9．对下列各图的描述中，正确的是（ ）
A．甲图中导体棒ab竖直向上运动时，电流表指针将会摆动
B．乙图的实验表明磁可以生电
C．丙图的实验可以探究电磁铁磁性的强弱与线圈匝数的关系
D．丁图中螺线管上方小磁针静止时a端是S极
【解答】解：A、图中是电磁感应现象，导体棒ab竖直向上运动时，没有切割磁感线，没有产生感应电流，电流表不会摆动，故A错误；
B、图示是奥斯特实验，说明通电导体周围存在磁场，即电生磁，故B错误；
C、图中两电磁铁的电流相同，匝数不同，研究的是电磁铁磁性强弱与线圈匝数的关系，故C正确；
D、由安培定则可知，螺线管的右端为N极，根据同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引可知，小磁针的a端为N极，故D错误。
故选：C。
10．图是探究磁场对电流的作用的装置，所示的设备中利用此原理工作的是（ ）
A．电磁选矿机
B．发电机
C．话筒
D．扬声器
【解答】解：A、电磁选矿机时利用电流的磁效应制成的，故A不符合题意；
B、发电机是根据电磁感应现象制成的，故B不符合题意；
C、话筒是根据电磁感应现象制成的，故C不符合题意；
D、扬声器是根据通电线圈在磁场中受力而运动，即是利用磁场对电流的作用的原理工作的，故D符合题意。
故选：D。
11．关于电磁现象，以下说法正确的是（ ）
A．磁场对放入其中的物体都有磁力的作用
B．物理学家法拉第发现了电流周围存在磁场
C．电动机工作时，主要将电能转化为机械能
D．闭合电路的一部分导体在磁场中运动时，就会在电路中产生感应电流
【解答】解：A、磁场对放入其中的磁体才能产生力的作用，并不是所有的物体，故A错误；
B、丹麦物理学家奥斯特发现了电流的磁效应，即电流周围存在磁场，故B错误；
C、电动机工作时要消耗电能，消耗的电能主要转化为机械能，故C正确；
D、只有闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，在导体中才会产生感应电流，故D错误。
故选：C。
12．如图所示，在电磁铁上方用弹簧悬挂一根条形磁铁，闭合开关将变阻器的滑片P从右向左滑动的过程中，弹簧将（ ）
A．先伸长后缩短 B．逐渐伸长
C．静止不动 D．逐渐缩短
【解答】解：闭合开关S以后，运用右手螺旋定则判断通电螺线管上端是N极，它和条形磁铁的下端S极为异名磁极，相互吸引；
当从右向左滑动的过程中，滑动变阻器连入电路的阻值变大，电路中总电阻变大，由I=UR可知通过螺线管的电流变小，因而通电螺线管的磁性减弱，它和条形磁铁S极之间的吸引力减小，弹簧会变短。
故选：D。
13．如图所示的电路，下列说法正确的是（ ）
A．当开关S拨到a时，电磁铁的左端为S极
B．当开关S拨到a时，小磁针静止时B端为N极
C．当开关S拨到a，滑动变阻器的滑片向右滑动时，电磁铁的磁性增强
D．当开关S由a到b，调节滑动变阻器，使电流表示数不变，则电磁铁的磁性增强
【解答】解：
AB、从图可知，当开关S拨到a时，电流从螺线管的右端流入，左端流出，根据安培定则可知，螺线管左端是N极，右端是S极。
由磁极间的相互作用可知，小磁针静止时B端为N极，故A错误，B正确。
C、当开关S拨到a，滑动变阻器的滑片向右滑动时，连入电路中的电阻变大，电流变小，电磁铁的磁性减弱，故C错误；
D、将开关S由a换到b时，调节变阻器的滑片P，保持电流表的示数不变，即电流不变，将开关S由a换到b时，线圈匝数减少，则电磁铁的磁性减弱，故D错误。
故选：B。
14．我国是目前为数不多的可以生产无针注射器的国家，其中一种电动式无针注射器通电时永磁体的磁场与通电线圈相互作用，产生强大的助推力，使药液以接近声音的速度注入皮肤。下列关于该注射器说法正确的是（ ）
A．它的工作原理与电动机的工作原理相同
B．它是利用电磁感应工作的
C．它工作时将机械能转化为电能
D．药液能注入皮肤是因为它的速度大所以惯性大
【解答】解：
ABC、根据题意可知，电动式无针注射器是依靠磁场对通电导体有力的作用，将药液快速“注入”皮肤的，这与电动机的原理相同，工作时将电能转化为机械能，故A正确，BC错误；
D、惯性是物体本身的一种性质，只与质量有关，与速度无关，故D错误。
故选：A。
15．如图中，⊗表示导线中的电流方向垂直于纸面向里，⊙表示导线中的电流方向垂直于纸面向外，F是磁场对通电导线的作用力。下列哪个选项中，磁场对通电导线的作用力与图中F的方向相同（ ）
A．
B．
C．
D．
【解答】解：
A、如图，根据安培定则可以判断左侧通电螺线管的左端是N极、右端是S极，右侧通电螺线管的左端是N极、右端是S极，和题干中的磁极比对可知，导体中的电流方向不变，导体所在位置的磁场方向改变，所以磁场对通电导线的作用力方向改变，故A不符合题意。
B、如图，根据安培定则可以判断左侧通电螺线管的左端是N极、右端是S极，右侧通电螺线管的左端是N极、右端是S极，和题干中的磁极比对可知，导体中的电流方向改变，导体所在位置的磁场方向改变，所以磁场对通电导线的作用力方向不变，故B符合题意。
C、如图，根据安培定则可以判断左侧通电螺线管的左端是S极、右端是N极，右侧通电螺线管的左端是S极、右端是N极，和题干中的磁极比对可知，导体中的电流方向改变，导体所在位置的磁场方向不变，所以磁场对通电导线的作用力方向改变，故C不符合题意。
D、电路中没有电源，螺线管不会有磁性，螺线管对通电导体不会产生磁力作用，故D不符合题意。
故选：B。
16．如图所示，两根绝缘细线悬挂着的导体ab，放在U形磁铁中央，ab两端连接着导线。在虚线框中接入某种实验器材可进行相应的实验探究。下列说法中正确的是（ ）
A．接入电流表可探究电磁感应现象，与发电机原理相同
B．接入电流表可探究通电导体在磁场中受力，与发电机原理相同
C．接入电源可探究电磁感应现象，与电动机原理相同
D．接入电源可探究通电导体在磁场中受力，与发电机原理相同
【解答】解：
在虚线框中接入电流表，电路中无电源，闭合电路中的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生感应电流，可以探究电磁感应现象，与发电机的原理相同；
在虚线框中接入电源，通电导体在磁场中会受到力的作用，可以探究磁场对电流的作用，与电动机的原理相同。
故只有A说法正确。
故选：A。
17．导线a是闭合电路的一部分，a在磁场中按图中v的方向运动时，能产生感应电流的是（a在A、B选项中与磁感线平行，在C、D选项中垂直于纸面）（ ）
A．A B．B C．C D．D
【解答】解：A、如图导体顺着磁感线方向运动，没有切割磁感线运动，不会产生感应电流，故A错误。
B、如图导体是在磁感线的缝隙间通过的，没有切割磁感线运动，不会产生感应电流，故B错误。
C、如图导体是在磁感线的缝隙间通过的，没有切割磁感线运动，不会产生感应电流，故C错误。
D、如图，符合闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，导体中有感应电流产生，故D正确。
故选：D。
18．小明把带铁芯的螺线管、电源、导线和开关组成电路，固定在泡沫板上，让它漂浮在水面，制作指南针。如图所示，该指南针的南极（S）应标在泡沫板的（ ）
A．a处 B．b处 C．c处 D．d处
【解答】解：泡沫板漂浮在水面上时，头d指向东，尾b指向西，如图所示
由右手螺旋定则可知螺线管b端为N极，d端为S极；
因地磁场沿南北方向，地球南极处为地磁场的N极，地球北极处为地磁场的S极，
而同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，故头d指向N极，即北方。
故选：D。
19．如图所示，一条形磁铁静止在粗糙的水平桌面上，通电螺线管与条形磁铁处于同一水平面上，并靠近。开关闭合后，滑片P向下滑动的过程中，条形磁铁始终保持静止。对条形磁铁所受摩擦力的判断，下列说法中正确的是（ ）
A．摩擦力减小，方向水平向左
B．摩擦力减小，方向水平向右
C．摩擦力增大，方向水平向左
D．摩擦力增大，方向水平向右
【解答】解：由安培定则得，电磁铁左端为N极，右端为S极，则与条形磁铁的异名极相对，相互吸引，则条形磁铁受到电磁铁向左的吸引力，因条形磁铁始终保持静止，所以它受到的吸引力和桌面给它的摩擦力是一对平衡力，大小相等，方向相反，所以条形磁铁受到的摩擦力的方向是向右的；
当滑片逐渐向下移动时，连入电路的电阻逐渐减小，由欧姆定律可得线圈中电流逐渐变大，则磁场逐渐变强，条形磁铁受到电磁铁的吸引力逐渐变大，因条形磁铁受的是平衡力，故摩擦力的大小也会逐渐增大。
故选：D。
20．如图，以塑料管为连接轴将两个玩具电动机连接起来，电动机甲连接一个小灯泡，电动机乙连接电源，闭合开关后（ ）
A．小灯泡不发光，因为小灯泡未与电源相连
B．小灯泡发光，甲此时相当于发电机
C．乙的工作原理是电磁感应
D．甲工作时，电能转化为机械能
【解答】解：
由图知，闭合开关，乙电动机中有电流通过，乙电动机工作，乙的工作原理是通电线圈在磁场中受力而转动，是电能转化为机械能；
因为乙的转动带动甲的转动，甲电动机内部的线圈在内部磁场中做切割磁感线，会产生感应电流，有电流流过小灯泡，小灯泡会发光，此时甲相当于一个发电机，则甲的工作原理是电磁感应，是机械能转化为电能。
由此可知：
AB、小灯泡会发光，因为甲相当于一个发电机，小灯泡和“甲发电机”组成一个闭合电路，故B正确，A错误。
C、乙的工作原理是通电线圈在磁场中受力而转动，故C错误。
D、甲工作时，机械能转化为电能，故D错误。
故选：B。
21．直线电流周围磁场的磁感线分布和磁场方向的判定方法如图所示。将一枚转动灵活的小磁针放在水平放置的直导线正下方，直导线通电的瞬间（ ）
A．若电流方向从南向北，则小磁针顺时针偏转
B．若电流方向从北向南，则小磁针逆时针偏转
C．若电流方向从东向西，则小磁针不发生偏转
D．若电流方向从西向东，则小磁针不发生偏转
【解答】解：由图知，判断通电直导线周围磁场方向用到了右手螺旋定则，即：用右手握住直导线，使大拇指指向电流的方向，则四指环绕的方向就是通电直导线周围的磁场方向；
A、若电流方向从南向北，如下图（即图中电流从左到右），根据上面的方法可知，通电直导线下面的磁场指向纸的里面，而纸的里面是西，则小磁针的N极指向也指向西面（如图中红色磁针），小磁针的N极原来指向北面（如图中蓝色磁针），所以，小磁针从北往西转动，俯视时，会发现小磁针逆时针转动，故A错误。
B、若电流方向从北向南，即下图中电流从左到右，根据上面的方法可知，通电直导线下面的磁场指向纸的里面，纸的里面是东，小磁针N极指向也指向东面（如图中红色磁针），小磁针的N极原来指向北面（如图中蓝色磁针），所以，小磁针从北往东转动，俯视时，会发现小磁针顺时针转动。故B错误。
C、若电流方向从东向西，即下图中电流从左到右，通电直导线下面的磁场指向纸的里面，纸的里面是南，小磁针N极指向也指向南面如图中红色磁针，小磁针原来指向北面如图中蓝色磁针，所以小磁针会转动到相反的方向，故C错误。
D、若电流方向从西向东，即下图中电流从左到右，通电直导线下面的磁场指向纸的里面，纸的里面是北，小磁针N极指向也指向北面如图蓝色磁针，小磁针原来指向北面（如图蓝色磁针），所以小磁针不转动。故D正确。
故选：D。
22．如图所示，是小安同学自制的一个实验装置，他把带绝缘层的导线绕在塑料管外，导线两端连接着小灯泡，形成闭合电路，管内封闭一个强磁体，沿图中所示方向来回快速摇动装置，小灯泡发光。以下说法正确的是（ ）
A．灯丝中电流方向保持不变
B．实验现象表明电能够生磁
C．该现象属于电磁感应现象
D．此装置与电动机原理相同
【解答】解：
（1）手电筒中没有电源，而要使手电筒发光，必须有提供电能的装置，该手电筒通过晃动消耗机械能提供了电能，由此可知，这是利用电磁感应现象制成的一种手电筒，与发电机的原理相同，故BD错误，C正确；
（2）因为导体运动方向随着手电筒摇动方向不断的变化，线圈中产生感应电流的方向也在不断的变化，故A错误。
故选：C。
23．若假想地磁场是由地球内部一块大磁铁产生的，如图所示的四个示意图中，能合理描述这块大磁铁的是（ ）
A． B．
C． D．
【解答】解：
地球是一个大磁体，地磁场的形状与条形磁铁相似，地磁场的南北极与地理南北极相反，并不完全重合会出现磁偏角，即地磁的北极在地理的南极附近，故B正确。
故选：B。
24．如图所示，在水平地面上的磁体上方，有挂在弹簧测力计上的小磁体（下部N极）。小辉提着弹簧测力计向右缓慢移动，挂在弹簧测力计上的小磁体下端，沿图示水平路线从A缓慢移到B．则图乙中能反映弹簧测力计示数F随位置变化的是（ ）
A． B．
C． D．
【解答】解：条形磁体两极磁性最强而中间磁性最弱，且同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，当挂着的磁体向右移动时，相互吸引力逐渐减小，而过了大磁体中点后，相互排斥力逐渐增大，故可以得出弹簧测力计的示数从A端到B端是逐渐变小的。
故选：C。
25．如图所示是实验室电流表的内部结构图，处在磁场中的线圈有电流通过时，线圈会带动指针一起偏转。线圈中电流越大，指针偏转角度就越大。关于该现象，下列说法正确的是（ ）
A．该电流表是利用电磁感应原理工作的
B．线圈中有电流通过时，把机械能转化为电能
C．改变线圈中的电流方向，指针的偏转方向不会改变
D．线圈中电流越大，其所受磁场力就越大
【解答】解：通过电流表的内部构造显示电流表的制成原理：通电线圈在磁场中受力而转动，并且电流越大，线圈受到的力越大，其转动的幅度越大。因此可以利用电流表指针的转动幅度来体现电路中电流的大小。
A．通过电流表的内部构造显示电流表的制成原理：通电线圈在磁场中受力而转动，故A错误；
B．线圈中有电流通过时，电能转化为机械能，故B错误；
C．改变线圈中的电流方向，其转动方向会发生改变，故C错误；
D．电流越大，线圈受到的力越大，因此可以利用电流表指针的转动幅度来体现电路中电流的大小，故D正确。
故选：D。
26．如图为直流电动机的基本构造示意图。以下相关的分析中正确的是（ ）
A．电动机是利用电磁感应的原理工作的
B．电动机工作过程中，消耗的电能全部转化为机械能
C．使线圈连续不停地转动下去是靠电磁继电器来实现的
D．仅改变磁感线的方向可以改变线圈转动的方向
【解答】解：A、电动机是利用通电导线在磁场中受力的作用的原理工作的，故A错误；
B、电动机工作过程中，消耗的电能大部分转化为机械能，有一部分电能转化成了热能，故B错误；
C、使线圈连续不停地转动下去是靠换向器来实现的，故C错误；
D、电动机是利用通电导线在磁场中受力的作用的原理工作的，且所受力的方向与电流的方向和磁场的方向有关，故仅改变磁感线的方向可以改变线圈转动的方向，故D正确；
故选：D。
27．一个能绕中心转动的小磁针在图示位置保持静止。某时刻开始小磁针所在的区域出现水平向右的磁场，磁感线如图所示，则小磁针在磁场出现后（ ）
A．两极所受的力是平衡力，所以不会发生转动
B．两极所受的力方向相反，所以会持续转动
C．只有N极受力，会发生转动，最终静止时N极所指方向水平向右
D．两极所受的力方向相反，会发生转动，最终静止时N极所指方向水平向右
【解答】解：
某时刻开始小磁针所在的区域出现水平向右的磁场，小磁针将会受到磁场力的作用，且N极受力方向与磁场方向相同，水平向右；S极受力方向与磁场方向相反，水平向左。
所以小磁针会发生转动，最终小磁针在磁场中静止，N极指向水平向右。所以ABC错误，D正确。
故选：D。
28．如图所示，电磁铁P和Q通电后（ ）
A．P的右端是N极，Q的左端是S极，它们相互吸引
B．P的右端是S极，Q的左端是S极，它们相互排斥
C．P的右端是N极，Q的左端是N极，它们相互排斥
D．P的右端是S极，Q的左端是N极，它们相互吸引
【解答】解：
由右手安培定则可得螺线管P左侧为N极，右侧为S极；
螺线管Q左侧为S极，右侧为N极，即两磁铁同名磁极相对，相互排斥。
故选：B。
29．如图所示为一台非铁性物质制成的天平。天平左盘中的A是一铁块，B是电磁铁。未通电时天平平衡，给B通以图示方向的电流（a端接电源正极，b端接电源负极），调节线圈中电流的大小，使电磁铁对铁块A的吸引力大于铁块受到的重力，铁块A被吸起。当铁块A向上加速运动的过程中，下列判断正确的是（ ）
A．电磁铁B的上端为S极，天平仍保持平衡
B．电磁铁B的上端为S极，天平右盘下降
C．电磁铁B的下端为N极，天平左盘下降
D．电磁铁B的下端为N极，无法判断天平的平衡状态
【解答】解：①从图可知，电流从螺线管的上端流入，下端流出，根据安培定则可知，螺线管下端是N极，上端是S极，
②电磁铁通电后，铁块A被吸起，铁块A向上加速运动的过程中，会导致超重现象，因而可知铁块受到的向上的电磁力F必然大于铁块的重力G．当铁块离开盘而又还未到达电磁铁的过程中，虽然铁块对盘的压力没有了，但由牛顿第三定律可知，铁块对电磁铁有向下的吸引力，因此通过左盘电磁铁支架向下压左盘的力比电磁铁未通电时铁块压左盘的力还大，故左盘将下沉。
故选：C。
30．图中的两个线圈，套在光滑的玻璃管上，导线柔软，可以自由滑动，开关S闭合后则（ ）
A．两线圈左右分开
B．两线圈向中间靠拢
C．两线圈静止不动
D．两线圈先左右分开，然后向中间靠拢
【解答】解：根据安培定则判断，L线圈的左端为S极，右端为N极，P线圈的左端也是N极，右端也是S极，也就是说，中间靠近的位置，两线圈的极性相同，因为同名磁极互相排斥，则这两个线圈相互排斥而左右分开。
故选：A。
二．填空题（共8小题）
31．如图所示是自动扶梯的原理图。当电梯上无人时，压敏电阻R的阻值较大，电磁铁的磁性 较弱 （填“较强”或“较弱”），电磁继电器的动触点与 上面 （填“上面”或“下面”）的静触点接触，电梯运行缓慢。当人走上电梯时，电磁继电器的动触点与另一个静触点接触，电梯运行速度变大。图中画出了某一时刻线圈中的电流方向；可以判断电磁铁的上端是 N （填“N”或“S”）极。
【解答】解：
（1）当电梯上无人时，压敏电阻R的阻值较大，电路中电流小，电磁铁的磁性较弱，电磁继电器的动触点与上面的静触点接触，电梯运行缓慢；
当有人走上电梯后，压敏电阻的阻值减小，控制电路中电流增大，电磁铁磁性变强，则衔铁被吸下，与下面触点接触，则电阻R′被断开，电动机单独接入电路，电动机两端电压增大为电源电压，通过电动机的电流变大，电动机转速变快，使电梯运动变快；
（2）由图可知，电磁铁中电流的方向向右，根据安培定则可知，此时电磁铁上端是N极，下端是S极。
故答案为：较弱；上面；N。
32．两个磁体之间有力的作用，同名磁极相 斥 ；通电导线能使小磁针发生偏转，这是因为通电导线周围存在 磁场 ；如图所示，把通电导线放在两个磁极中间，磁极对导线的力垂直指向纸里，如果导线中电流方向相反，则磁极对导线的力垂直指向 纸外 （填“纸里”或“纸外”）。
【解答】解：两个磁体之间有力的作用，同名磁极相互排斥；
通电导线能使小磁针发生偏转，这说明通电导线周围存在磁场，这种现象叫电流的磁效应；
通电导体在磁场中受力的作用而运动，运动方向与电流的方向和磁感线的方向有关，只改变电流方向，导体受力方向改变，则此时磁极对导线的力垂直指向纸外。
故答案为：斥；磁场；纸外。
33．如图所示，有一种“能量收集船”，通过波浪推动船体两侧的“工作臂”带动船内线圈切割磁感线，从而获得电能，并储存起来。该“能量收集船”的发电原理是 电磁感应 现象，将 机械 能转化为电能。
【解答】解：“工作臂”带动船内线圈切割磁感线，从而获得电能，由切割磁感线运动获得电能，是电磁感应现象，机械能转化为电能。
故答案为：电磁感应；机械。
34．酿酒坊里的发酵罐配有笨重的密封罩，为了方便操作，设计了一个杠杆和电磁铁组合系统来升降密封罩，如图所示。电磁铁的工作原理是电流的磁效应，该现象最早是由 奥斯特 （选填“法拉第”、“奥斯特”或“安培”）发现的。装置通电后，电磁铁上端为 N （选填“N”或“S”）极。若密封罩被提起并悬挂于空中，不计衔铁、杠杆的质量，左侧电磁吸力应 大于 （选填“大于”“等于”或“小于”）密封罩的重力，若提不起，则应将滑动变阻器滑片向 左 （选填“左”或“右”）滑动。
【解答】解：在通电导体放在小磁针上方时，小磁针会发生偏转，即发现电流周围存在磁场。电磁铁的工作原理是电流的磁效应，该现象最早是奥斯特发现的；
由图看出，电流从电磁铁上端流入，依据安培定则，四指顺着电流方向，大拇指应向上握住电磁铁，所以上端为N极。
若密封罩被提起并悬挂于空中，不计衔铁、杠杆的质量，由图可知，衔铁这段电磁吸力的力臂小于密封罩的重力的力臂，根据杠杆的平衡条件，左侧电磁吸力应大于密封罩的重力；
提不起，则应将滑动变阻器滑片向左移动，根据欧姆定律可知，电路中电流变大，衔铁这段电磁吸力就会变大。
故答案为：奥斯特；N；大于；左。
35．如图是一种手摇发电的手电筒，当沿图中箭头方向来回摇动时，灯泡就能发光。这个手电筒壳体透明，可以清晰地看到里面有线圈，摇动时，可以感觉到有一个物块在来回运动。小明猜想这个物块是磁体，依据是：磁体运动时，闭合线圈切割磁感线产生 感应电流 ，线圈相当于电路中的 电源 。
【解答】解：产生感应电流的三个条件：闭合电路；一部分导体；切割磁感线运功；
由题干中图可知该手电筒有线圈，使用时将它来回摇晃，线圈在磁场中就做切割磁感线运动，此时线圈中有感应电流产生，所以手电筒里面的物块应该是磁铁，线圈相当于电路中的电源，此手电筒发电是电磁感应现象，此过程中将消耗机械能得到电能，即将机械能转化为电能。
故答案为：感应电流；电源。
36．如图所示，闭合开关使螺线管通电，A螺线管的上端相当于磁体的 N 极，可以观察到左边弹簧 伸长 ，右边弹簧 缩短 。（后两空选填“伸长”、“不变”或“缩短”）
【解答】解：据安培定则可知，A螺线管的上端相当于磁体的N极；
对于左边的弹簧来说，不管通电螺线管的极性如何，铁棒都会被吸引，故左边的弹簧会伸长；
对于右边的弹簧来说，要取决于通电螺线管的极性，如果上端是S极就会伸长，否则就会缩短；
根据电源的正负极，可以确定电流从右螺线管的上端流入，下端流出，结合螺线管线圈的绕向，利用安培定则可以确定螺线管的上端为N极，下端为S极，根据同名磁极相互排斥可知，右端弹簧会缩短。
故答案为：N；伸长；缩短。
37．最早利用地磁场指示方向的装置是图甲所示“司南”，古文《论衡•是应篇》中记载：“司南之杓（用途），投之于地，其柢（握柄）指南”。则勺柄应为该磁体的 S （选填“N”或“S”）极；某物理研究所尝试利用一块天然磁石制作一具“司南”，图乙所示为天然磁石的磁感线分布情况，则应将磁石的 C （选填“A”、“B”、“C”或“D”）处打磨成勺柄。
【解答】解：
（1）磁勺的勺柄指南，根据地理的南极正是地磁的N极，异名磁极相互吸引，因此，勺柄为该磁体S极；
（2）如（乙）所示，根据天然磁石的磁感线分布，可判断C端是S极，也就是磁勺的勺柄。
故答案为：S；C。
38．如图所示，重为G的小铁块在水平方向力F的作用下，沿条形磁铁的表面从N极滑到S极，在此过程中小铁块对磁铁的压力大小变化情况是 先减小后增大 。
【解答】解：小铁块在左端时，受到N极的引力较大，铁块对磁铁的压力较大；越靠近中间，磁性减弱，磁铁对铁块的作用减小，铁块对磁铁的压力减小；靠近S极，磁性增强，引力增大，铁块对磁铁的压力较大。
故答案为：先减小后增大。
三．实验探究题（共2小题）
39．为探究“影响电磁铁磁性强弱的因素”，小明用电池（电压一定）、滑动变阻器、数量较多的大头针、铁钉以及较长导线为主要器材，进行如图所示的简易实验。
（1）他将导线绕在铁钉上制成简易电磁铁，并巧妙地通过 吸起大头针的多少 来显示电磁铁磁性的强弱，下面的实验也用这种方法的是 CD 。
A、认识电压时，我们可以用水压来类比
B、用光线来描述光通过的路径
C、把敲响的音叉接触水面，看有没有溅起水花，来判断音叉有没有振动
D、用斜面小车研究阻力对物体运动的影响
（2）连接好电路，使变阻器连入电路的阻值较大，闭合开关，观察到如图甲所示的情景：接着，移动变阻器滑片，使其连入电路的阻值变小，观察到图乙所示的情景，比较图甲和乙，可知 甲 图中的电流较小，从而发现，通过电磁铁的电流越 大 （选填“大”或“小”）磁性越强。
【解答】解：
（1）A、电磁铁磁性强弱通过比较电磁铁吸引大头针的多少来反映，电磁铁吸引的大头针越多，电磁铁磁性越强；此实验运用的是转换法；
B、用光线来描述光通过的路径，运用理想模型法；
C、把敲响的音叉接触水面，看有没有溅起水花，来判断音叉有没有振动，把音叉的振动通过水花来体现，运用了转换法；
D、通过比较小车在水平面上运动的距离，来判定阻力对物体运动影响大小；小车沿水平面运动的距离越短，受到的阻力大，运用了转换法；
故选：CD；
（2）乙的滑动变阻器电阻小于甲的电阻，所以乙中通过线圈的电流大于甲中的电流，从图上可以看出，乙吸引的大头针较多，说明乙的磁性较强。
故答案为：
（1）吸起大头针的多少；CD；
（2）甲；大。
40．磁感应强度B用来描述磁场的强弱，国际单位是特斯拉，符号是“T”。为了探究电磁铁外轴线上磁感应强度的大小与哪些因素有关，小鹭设计了如图1所示的电路，图甲电源电压6V，R为磁感应电阻，其阻值随磁感应强度变化的关系图线如图2。
（1）当图乙S2断开，图甲S1闭合时，电流表的示数为 60 mA．闭合S1和S2，图乙中滑动变阻器的滑片P向右移动，图甲中电流表的示数逐渐减小，说明磁感电阻R处的磁感应强度B逐渐 增大 。
（2）闭合S1和S2，滑片P不动，沿电磁铁轴线向左移动磁感电阻R，测出R离电磁铁左端的距离x与对应的电流表示数I，算出R处磁感应强度B的数值如表。请计算x＝5cm时，B＝ 0.40 T．
x/cm
1
2
3
4
5
6
I/mA
10
12
15
20
30
46
B/T
0.68
0.65
0.60
0.51
0.40
0.20
（3）综合以上实验数据可以得出“电磁铁外轴线上磁感应强度随电磁铁电流的增大而 增大 ，离电磁铁越远，磁感应强度越 小 。
【解答】解：（1）当图乙S2断开，图甲S1闭合时，即磁场强度为零，据图2可知，此时的R＝100Ω，故此时电路中的电流是：I=UR=6V100Ω=0.06A＝60mA；图乙中滑动变阻器的滑片P向右移动，有效电阻变小，电流变大磁场变强，图甲中电流表的示数逐渐减小，即R的电阻变大，据此分析可知：磁感电阻R处的磁感应强度B逐渐增大；
（2）x＝5cm时，对于图表得出电流是30mA，据欧姆定律可知，R=UI=6V0.03A=200Ω，故对应磁场的强度是0.40T；
（3）综合以上实验数据，分析（2）中的表格数据可以得出“电磁铁外轴线上磁感应强度随电磁铁电流的增大而增大，离电磁铁越远，磁感应强度越小；
故答案为：（1）60；增大；（2）0.40；（3）增大；小。
中考物理第三轮复习策略
初中物理总复习是物理学习中的一个重要环节，是学生对整个初中物理知识进行系统全面的认识、梳理、深化的过程。总复习所涉及的内容多，知识广，时间短，要在短时间内取得好的效果，就必须深入研究与探索。中考物理复习大致可分为三阶段，即第一轮全面复习、第二轮专题复习和第三轮模拟题练习。
第三轮模拟题练习——这一阶段是检查学生整体复习情况，查漏补缺，提高应试能力，提高学生成绩的关键阶段。这段时间教师主要任务是从试卷中发现复习中存在的问题，及时评讲，同时要注意增强学生自主学习能力，让学生学会自我反思、总结解题方法和应试技巧。
《电与磁》中考试题精选参考答案与试题（解析版）
一．选择题（共30小题）
1．如图所示，是一个手机无线充电装置。它的原理是送电线圈通过一定频率的交流电，线圈周围会产生交替变化的磁场，于是在受电线圈中就产生了一定的电流，从而将电能从发射端转移到接收端，给手机供电。下列选项中与受电线圈工作原理相同的是（ ）
A．交流电动机 B．动圈式扬声器
C．动圈式话筒 D．电磁继电器
【解答】解：由题意可知，受电线圈是利用电磁感应原理进行工作的；
A、交流电动机利用通电导体在磁场中受力运动的原理工作的，故A不符合题意。
B、动圈式扬声器是利用通电导体在磁场中受力运动的原理工作的，故B不符合题意；
C、动圈式话筒是利用电磁感应原理将声音信号转化为电信号的装置，故C符合题意；
D、电磁继电器利用电流的磁效应工作的，故D不符合题意。
故选：C。
2．我国的新型航母将采用自行研制的电磁弹射器，小明猜想它的工作原理如图所示，电磁弹射器的弹射车与飞机前轮连接，并处于强磁场中，当弹射车内的导体通过强电流时，即可受到强大的推力，小明的猜想与下列实验原理相同的是（ ）
A．
B．
C．
D．
【解答】解：由题意可知，电磁弹射器的弹射车与飞机前轮连接，并处于强磁场中，当弹射车内的导体通以强电流时，即可受到强大的推力，由此可知其原理是通电导体在磁场中受力而运动。
A、图中的实验说明条形磁铁对小磁针有力的作用，是磁体的基本性质，故A不符合题意；
B、由图知，这是研究电磁铁磁性强弱的影响因素，利用的是电流的磁效应，故B不符合题意；
C、图中有电源，通电导体棒在磁场中受力而运动，即与电磁弹射器的工作原理相同，故C符合题意；
D、图中没有电源，闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，产生感应电流，这是电磁感应现象，故D不符合题意。
故选：C。
3．如图所示是闭合电路的一部分导体在两磁极间运动一周的情形，图中小圆圈代表导体的横截面，箭头表示导体的运动方向，下列说法正确的是（ ）
A．在a、b、c、d四个位置时，导体都有感应电流
B．在a、c两个位置时，导体中没有感应电流
C．在a、c 两个位置时，导体中有感应电流且电流方向相同
D．在b、d两个位置时，导体中没有感应电流
【解答】解：在电磁感应现象中，感应电流的方向与磁场方向和导体运动的方向有关。
在图b和图d中，导体上下运动，没有做切割磁感线运动，不会产生感应电流；故A错误，D正确；
在图a和图c中，导体左右运动，做切割磁感线运动，会产生感应电流；两图中磁感线方向不变，导体运动方向相反，所以感应电流方向也相反；故BC错误；
故选：D。
4．笔记本电脑发热会影响使用寿命。如图是一款笔记本电脑散热支架，通过导线与电脑连接时，五个风扇就转动起来，从而帮助电脑散热。下列分析正确的是（ ）
A．风扇转动的原理是电磁感应
B．风扇之间一定串联
C．风扇在工作时主要将电能转化为内能
D．电脑是通过与空气之间的热传递来散热的
【解答】解：
A、电风扇的主要部件是电动机，电动机是利用通电导线在磁场中受磁场力的作用原理制成的，不是利用电磁感应原理制成的，故A错误；
B、笔记本电脑散热支架上的五个风扇虽然能同时工作，但它们互不影响，能独立工作，其中的某个风扇坏了，其它风扇能正常工作，因此是并联的，故B错误；
C、电风扇主要是电能转化成机械能，故C错误；
D、电脑散热时，热量由电脑转移到空气中，是通过热传递来散热的，故D正确。
故选：D。
5．能写红黑双色的磁画板截面如图所示，按下写字笔黑色按钮写出黑色的字，按下红色按钮写出红色的字，刷子左右移动则字消失。下列说法正确的是（ ）
A．刷子可以用铁制作
B．写黑字时笔尖为S极
C．写红字时笔尖为N极
D．写字的原理是同名磁极相互排斥
【解答】解：写黑字时小磁体的S极被吸引，说明黑色笔尖是N极，故选项B错误；
写红字时小磁体的N极被吸引，说明红色笔尖是S极，故选项C错误；
要想把写的字去掉，需要把笔尖吸引的小磁体恢复到原来位置，这就要用一个磁性材料去吸引，可以用软铁吸引，就用软铁制成刷子，故选项A正确。
写字时是靠异名磁极相互吸引来完成的。故选项D错误。
故选：A。
6．如图所示，内部均装有磁铁的两块清洁器M和N隔着窗玻璃总能合在一起移动，这让玻璃清洁变得安全高效。关于清洁器的分析正确的是（ ）
A．两块清洁器能合在一起的原理是异名磁极相互吸引
B．N受到的重力和M对N的吸引力是一对平衡力
C．玻璃对N的支持力和M对N的吸引力是一对相互作用力
D．移动M时，N也能跟着一起移动，说明力能改变物体的形状
【解答】解：A、两块清洁器内部均装有磁铁，它们能合在一起的原理是异名磁极相互吸引，故A正确；
B、受到的重力方向竖直向下，M对N的吸引力方向是水平的，所以不是一对平衡力，故B错误；
C、玻璃对N的支持力和N对玻璃的压力是一对相互作用力，而不是与M对N的吸引力是一对相互作用力，故C错误；
D、移动M时，N也能跟着一起移动，说明力能改变物体的运动状态，故D错误。
故选：A。
7．济南是全国率先启用新能源汽车号牌的5个试点城市之一，新能源汽车越来越普及，如图所示为新能源汽车号牌专用标识。号牌中的圆圈由两部分组成；左侧是英文单词“Eletcric”的首字母“E“”，右侧是电源插头的图案；号牌中的字母“D”表示纯电动汽车。这类汽车发动机的动力装置是电动机，其工作原理是下图所示实验中的（ ）
A．
B．
C．
D．
【解答】解：电动机的工作原理是：通电导体在磁场中受到力的作用；
A、是奥斯特实验图，小磁针指针偏转说明通电导体周围有磁场，故A不符合题意；
B、电路中有电源，通电线圈或导体受到磁场力的作用运动，是电动机的工作原理，故B符合题意；
C、是研究电磁铁的原理图，是根据电流的磁效应制成的，故C不符合题意；
D、是电磁感应的实验图，属于发电机的原理，故D不符合题意。
故选：B。
8．如图所示，下列说法正确的是（ ）
A．如图甲，奥斯特实验说明通电导线的周围存在着磁场
B．如图乙，闭合开关，通电螺线管右端为S极
C．发电机利用了图丙的原理
D．电动机利用了图丁的原理
【解答】解：
A、通电导线周围存在磁场，将小磁针移走，磁场仍存在，故A正确；
B、根据图中电源的正极在右侧，可知螺线管中电流方向是由右侧进入左侧流出，故利用安培定则可知通电螺线管的右端为N极，故B错误；
C、图中有电源，是电动机的原理图，是根据通电导体在磁场中受到力的作用而制成的，故C错误；
D、图中没有电源，是发电机的原理图，是利用电磁感应现象制成的，故D错误。
故选：A。
9．对下列各图的描述中，正确的是（ ）
A．甲图中导体棒ab竖直向上运动时，电流表指针将会摆动
B．乙图的实验表明磁可以生电
C．丙图的实验可以探究电磁铁磁性的强弱与线圈匝数的关系
D．丁图中螺线管上方小磁针静止时a端是S极
【解答】解：A、图中是电磁感应现象，导体棒ab竖直向上运动时，没有切割磁感线，没有产生感应电流，电流表不会摆动，故A错误；
B、图示是奥斯特实验，说明通电导体周围存在磁场，即电生磁，故B错误；
C、图中两电磁铁的电流相同，匝数不同，研究的是电磁铁磁性强弱与线圈匝数的关系，故C正确；
D、由安培定则可知，螺线管的右端为N极，根据同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引可知，小磁针的a端为N极，故D错误。
故选：C。
10．图是探究磁场对电流的作用的装置，所示的设备中利用此原理工作的是（ ）
A．电磁选矿机
B．发电机
C．话筒
D．扬声器
【解答】解：A、电磁选矿机时利用电流的磁效应制成的，故A不符合题意；
B、发电机是根据电磁感应现象制成的，故B不符合题意；
C、话筒是根据电磁感应现象制成的，故C不符合题意；
D、扬声器是根据通电线圈在磁场中受力而运动，即是利用磁场对电流的作用的原理工作的，故D符合题意。
故选：D。
11．关于电磁现象，以下说法正确的是（ ）
A．磁场对放入其中的物体都有磁力的作用
B．物理学家法拉第发现了电流周围存在磁场
C．电动机工作时，主要将电能转化为机械能
D．闭合电路的一部分导体在磁场中运动时，就会在电路中产生感应电流
【解答】解：A、磁场对放入其中的磁体才能产生力的作用，并不是所有的物体，故A错误；
B、丹麦物理学家奥斯特发现了电流的磁效应，即电流周围存在磁场，故B错误；
C、电动机工作时要消耗电能，消耗的电能主要转化为机械能，故C正确；
D、只有闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，在导体中才会产生感应电流，故D错误。
故选：C。
12．如图所示，在电磁铁上方用弹簧悬挂一根条形磁铁，闭合开关将变阻器的滑片P从右向左滑动的过程中，弹簧将（ ）
A．先伸长后缩短 B．逐渐伸长
C．静止不动 D．逐渐缩短
【解答】解：闭合开关S以后，运用右手螺旋定则判断通电螺线管上端是N极，它和条形磁铁的下端S极为异名磁极，相互吸引；
当从右向左滑动的过程中，滑动变阻器连入电路的阻值变大，电路中总电阻变大，由I=UR可知通过螺线管的电流变小，因而通电螺线管的磁性减弱，它和条形磁铁S极之间的吸引力减小，弹簧会变短。
故选：D。
13．如图所示的电路，下列说法正确的是（ ）
A．当开关S拨到a时，电磁铁的左端为S极
B．当开关S拨到a时，小磁针静止时B端为N极
C．当开关S拨到a，滑动变阻器的滑片向右滑动时，电磁铁的磁性增强
D．当开关S由a到b，调节滑动变阻器，使电流表示数不变，则电磁铁的磁性增强
【解答】解：
AB、从图可知，当开关S拨到a时，电流从螺线管的右端流入，左端流出，根据安培定则可知，螺线管左端是N极，右端是S极。
由磁极间的相互作用可知，小磁针静止时B端为N极，故A错误，B正确。
C、当开关S拨到a，滑动变阻器的滑片向右滑动时，连入电路中的电阻变大，电流变小，电磁铁的磁性减弱，故C错误；
D、将开关S由a换到b时，调节变阻器的滑片P，保持电流表的示数不变，即电流不变，将开关S由a换到b时，线圈匝数减少，则电磁铁的磁性减弱，故D错误。
故选：B。
14．我国是目前为数不多的可以生产无针注射器的国家，其中一种电动式无针注射器通电时永磁体的磁场与通电线圈相互作用，产生强大的助推力，使药液以接近声音的速度注入皮肤。下列关于该注射器说法正确的是（ ）
A．它的工作原理与电动机的工作原理相同
B．它是利用电磁感应工作的
C．它工作时将机械能转化为电能
D．药液能注入皮肤是因为它的速度大所以惯性大
【解答】解：
ABC、根据题意可知，电动式无针注射器是依靠磁场对通电导体有力的作用，将药液快速“注入”皮肤的，这与电动机的原理相同，工作时将电能转化为机械能，故A正确，BC错误；
D、惯性是物体本身的一种性质，只与质量有关，与速度无关，故D错误。
故选：A。
15．如图中，⊗表示导线中的电流方向垂直于纸面向里，⊙表示导线中的电流方向垂直于纸面向外，F是磁场对通电导线的作用力。下列哪个选项中，磁场对通电导线的作用力与图中F的方向相同（ ）
A．
B．
C．
D．
【解答】解：
A、如图，根据安培定则可以判断左侧通电螺线管的左端是N极、右端是S极，右侧通电螺线管的左端是N极、右端是S极，和题干中的磁极比对可知，导体中的电流方向不变，导体所在位置的磁场方向改变，所以磁场对通电导线的作用力方向改变，故A不符合题意。
B、如图，根据安培定则可以判断左侧通电螺线管的左端是N极、右端是S极，右侧通电螺线管的左端是N极、右端是S极，和题干中的磁极比对可知，导体中的电流方向改变，导体所在位置的磁场方向改变，所以磁场对通电导线的作用力方向不变，故B符合题意。
C、如图，根据安培定则可以判断左侧通电螺线管的左端是S极、右端是N极，右侧通电螺线管的左端是S极、右端是N极，和题干中的磁极比对可知，导体中的电流方向改变，导体所在位置的磁场方向不变，所以磁场对通电导线的作用力方向改变，故C不符合题意。
D、电路中没有电源，螺线管不会有磁性，螺线管对通电导体不会产生磁力作用，故D不符合题意。
故选：B。
16．如图所示，两根绝缘细线悬挂着的导体ab，放在U形磁铁中央，ab两端连接着导线。在虚线框中接入某种实验器材可进行相应的实验探究。下列说法中正确的是（ ）
A．接入电流表可探究电磁感应现象，与发电机原理相同
B．接入电流表可探究通电导体在磁场中受力，与发电机原理相同
C．接入电源可探究电磁感应现象，与电动机原理相同
D．接入电源可探究通电导体在磁场中受力，与发电机原理相同
【解答】解：
在虚线框中接入电流表，电路中无电源，闭合电路中的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生感应电流，可以探究电磁感应现象，与发电机的原理相同；
在虚线框中接入电源，通电导体在磁场中会受到力的作用，可以探究磁场对电流的作用，与电动机的原理相同。
故只有A说法正确。
故选：A。
17．导线a是闭合电路的一部分，a在磁场中按图中v的方向运动时，能产生感应电流的是（a在A、B选项中与磁感线平行，在C、D选项中垂直于纸面）（ ）
A．A B．B C．C D．D
【解答】解：A、如图导体顺着磁感线方向运动，没有切割磁感线运动，不会产生感应电流，故A错误。
B、如图导体是在磁感线的缝隙间通过的，没有切割磁感线运动，不会产生感应电流，故B错误。
C、如图导体是在磁感线的缝隙间通过的，没有切割磁感线运动，不会产生感应电流，故C错误。
D、如图，符合闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，导体中有感应电流产生，故D正确。
故选：D。
18．小明把带铁芯的螺线管、电源、导线和开关组成电路，固定在泡沫板上，让它漂浮在水面，制作指南针。如图所示，该指南针的南极（S）应标在泡沫板的（ ）
A．a处 B．b处 C．c处 D．d处
【解答】解：泡沫板漂浮在水面上时，头d指向东，尾b指向西，如图所示
由右手螺旋定则可知螺线管b端为N极，d端为S极；
因地磁场沿南北方向，地球南极处为地磁场的N极，地球北极处为地磁场的S极，
而同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，故头d指向N极，即北方。
故选：D。
19．如图所示，一条形磁铁静止在粗糙的水平桌面上，通电螺线管与条形磁铁处于同一水平面上，并靠近。开关闭合后，滑片P向下滑动的过程中，条形磁铁始终保持静止。对条形磁铁所受摩擦力的判断，下列说法中正确的是（ ）
A．摩擦力减小，方向水平向左
B．摩擦力减小，方向水平向右
C．摩擦力增大，方向水平向左
D．摩擦力增大，方向水平向右
【解答】解：由安培定则得，电磁铁左端为N极，右端为S极，则与条形磁铁的异名极相对，相互吸引，则条形磁铁受到电磁铁向左的吸引力，因条形磁铁始终保持静止，所以它受到的吸引力和桌面给它的摩擦力是一对平衡力，大小相等，方向相反，所以条形磁铁受到的摩擦力的方向是向右的；
当滑片逐渐向下移动时，连入电路的电阻逐渐减小，由欧姆定律可得线圈中电流逐渐变大，则磁场逐渐变强，条形磁铁受到电磁铁的吸引力逐渐变大，因条形磁铁受的是平衡力，故摩擦力的大小也会逐渐增大。
故选：D。
20．如图，以塑料管为连接轴将两个玩具电动机连接起来，电动机甲连接一个小灯泡，电动机乙连接电源，闭合开关后（ ）
A．小灯泡不发光，因为小灯泡未与电源相连
B．小灯泡发光，甲此时相当于发电机
C．乙的工作原理是电磁感应
D．甲工作时，电能转化为机械能
【解答】解：
由图知，闭合开关，乙电动机中有电流通过，乙电动机工作，乙的工作原理是通电线圈在磁场中受力而转动，是电能转化为机械能；
因为乙的转动带动甲的转动，甲电动机内部的线圈在内部磁场中做切割磁感线，会产生感应电流，有电流流过小灯泡，小灯泡会发光，此时甲相当于一个发电机，则甲的工作原理是电磁感应，是机械能转化为电能。
由此可知：
AB、小灯泡会发光，因为甲相当于一个发电机，小灯泡和“甲发电机”组成一个闭合电路，故B正确，A错误。
C、乙的工作原理是通电线圈在磁场中受力而转动，故C错误。
D、甲工作时，机械能转化为电能，故D错误。
故选：B。
21．直线电流周围磁场的磁感线分布和磁场方向的判定方法如图所示。将一枚转动灵活的小磁针放在水平放置的直导线正下方，直导线通电的瞬间（ ）
A．若电流方向从南向北，则小磁针顺时针偏转
B．若电流方向从北向南，则小磁针逆时针偏转
C．若电流方向从东向西，则小磁针不发生偏转
D．若电流方向从西向东，则小磁针不发生偏转
【解答】解：由图知，判断通电直导线周围磁场方向用到了右手螺旋定则，即：用右手握住直导线，使大拇指指向电流的方向，则四指环绕的方向就是通电直导线周围的磁场方向；
A、若电流方向从南向北，如下图（即图中电流从左到右），根据上面的方法可知，通电直导线下面的磁场指向纸的里面，而纸的里面是西，则小磁针的N极指向也指向西面（如图中红色磁针），小磁针的N极原来指向北面（如图中蓝色磁针），所以，小磁针从北往西转动，俯视时，会发现小磁针逆时针转动，故A错误。
B、若电流方向从北向南，即下图中电流从左到右，根据上面的方法可知，通电直导线下面的磁场指向纸的里面，纸的里面是东，小磁针N极指向也指向东面（如图中红色磁针），小磁针的N极原来指向北面（如图中蓝色磁针），所以，小磁针从北往东转动，俯视时，会发现小磁针顺时针转动。故B错误。
C、若电流方向从东向西，即下图中电流从左到右，通电直导线下面的磁场指向纸的里面，纸的里面是南，小磁针N极指向也指向南面如图中红色磁针，小磁针原来指向北面如图中蓝色磁针，所以小磁针会转动到相反的方向，故C错误。
D、若电流方向从西向东，即下图中电流从左到右，通电直导线下面的磁场指向纸的里面，纸的里面是北，小磁针N极指向也指向北面如图蓝色磁针，小磁针原来指向北面（如图蓝色磁针），所以小磁针不转动。故D正确。
故选：D。
22．如图所示，是小安同学自制的一个实验装置，他把带绝缘层的导线绕在塑料管外，导线两端连接着小灯泡，形成闭合电路，管内封闭一个强磁体，沿图中所示方向来回快速摇动装置，小灯泡发光。以下说法正确的是（ ）
A．灯丝中电流方向保持不变
B．实验现象表明电能够生磁
C．该现象属于电磁感应现象
D．此装置与电动机原理相同
【解答】解：
（1）手电筒中没有电源，而要使手电筒发光，必须有提供电能的装置，该手电筒通过晃动消耗机械能提供了电能，由此可知，这是利用电磁感应现象制成的一种手电筒，与发电机的原理相同，故BD错误，C正确；
（2）因为导体运动方向随着手电筒摇动方向不断的变化，线圈中产生感应电流的方向也在不断的变化，故A错误。
故选：C。
23．若假想地磁场是由地球内部一块大磁铁产生的，如图所示的四个示意图中，能合理描述这块大磁铁的是（ ）
A． B．
C． D．
【解答】解：
地球是一个大磁体，地磁场的形状与条形磁铁相似，地磁场的南北极与地理南北极相反，并不完全重合会出现磁偏角，即地磁的北极在地理的南极附近，故B正确。
故选：B。
24．如图所示，在水平地面上的磁体上方，有挂在弹簧测力计上的小磁体（下部N极）。小辉提着弹簧测力计向右缓慢移动，挂在弹簧测力计上的小磁体下端，沿图示水平路线从A缓慢移到B．则图乙中能反映弹簧测力计示数F随位置变化的是（ ）
A． B．
C． D．
【解答】解：条形磁体两极磁性最强而中间磁性最弱，且同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，当挂着的磁体向右移动时，相互吸引力逐渐减小，而过了大磁体中点后，相互排斥力逐渐增大，故可以得出弹簧测力计的示数从A端到B端是逐渐变小的。
故选：C。
25．如图所示是实验室电流表的内部结构图，处在磁场中的线圈有电流通过时，线圈会带动指针一起偏转。线圈中电流越大，指针偏转角度就越大。关于该现象，下列说法正确的是（ ）
A．该电流表是利用电磁感应原理工作的
B．线圈中有电流通过时，把机械能转化为电能
C．改变线圈中的电流方向，指针的偏转方向不会改变
D．线圈中电流越大，其所受磁场力就越大
【解答】解：通过电流表的内部构造显示电流表的制成原理：通电线圈在磁场中受力而转动，并且电流越大，线圈受到的力越大，其转动的幅度越大。因此可以利用电流表指针的转动幅度来体现电路中电流的大小。
A．通过电流表的内部构造显示电流表的制成原理：通电线圈在磁场中受力而转动，故A错误；
B．线圈中有电流通过时，电能转化为机械能，故B错误；
C．改变线圈中的电流方向，其转动方向会发生改变，故C错误；
D．电流越大，线圈受到的力越大，因此可以利用电流表指针的转动幅度来体现电路中电流的大小，故D正确。
故选：D。
26．如图为直流电动机的基本构造示意图。以下相关的分析中正确的是（ ）
A．电动机是利用电磁感应的原理工作的
B．电动机工作过程中，消耗的电能全部转化为机械能
C．使线圈连续不停地转动下去是靠电磁继电器来实现的
D．仅改变磁感线的方向可以改变线圈转动的方向
【解答】解：A、电动机是利用通电导线在磁场中受力的作用的原理工作的，故A错误；
B、电动机工作过程中，消耗的电能大部分转化为机械能，有一部分电能转化成了热能，故B错误；
C、使线圈连续不停地转动下去是靠换向器来实现的，故C错误；
D、电动机是利用通电导线在磁场中受力的作用的原理工作的，且所受力的方向与电流的方向和磁场的方向有关，故仅改变磁感线的方向可以改变线圈转动的方向，故D正确；
故选：D。
27．一个能绕中心转动的小磁针在图示位置保持静止。某时刻开始小磁针所在的区域出现水平向右的磁场，磁感线如图所示，则小磁针在磁场出现后（ ）
A．两极所受的力是平衡力，所以不会发生转动
B．两极所受的力方向相反，所以会持续转动
C．只有N极受力，会发生转动，最终静止时N极所指方向水平向右
D．两极所受的力方向相反，会发生转动，最终静止时N极所指方向水平向右
【解答】解：
某时刻开始小磁针所在的区域出现水平向右的磁场，小磁针将会受到磁场力的作用，且N极受力方向与磁场方向相同，水平向右；S极受力方向与磁场方向相反，水平向左。
所以小磁针会发生转动，最终小磁针在磁场中静止，N极指向水平向右。所以ABC错误，D正确。
故选：D。
28．如图所示，电磁铁P和Q通电后（ ）
A．P的右端是N极，Q的左端是S极，它们相互吸引
B．P的右端是S极，Q的左端是S极，它们相互排斥
C．P的右端是N极，Q的左端是N极，它们相互排斥
D．P的右端是S极，Q的左端是N极，它们相互吸引
【解答】解：
由右手安培定则可得螺线管P左侧为N极，右侧为S极；
螺线管Q左侧为S极，右侧为N极，即两磁铁同名磁极相对，相互排斥。
故选：B。
29．如图所示为一台非铁性物质制成的天平。天平左盘中的A是一铁块，B是电磁铁。未通电时天平平衡，给B通以图示方向的电流（a端接电源正极，b端接电源负极），调节线圈中电流的大小，使电磁铁对铁块A的吸引力大于铁块受到的重力，铁块A被吸起。当铁块A向上加速运动的过程中，下列判断正确的是（ ）
A．电磁铁B的上端为S极，天平仍保持平衡
B．电磁铁B的上端为S极，天平右盘下降
C．电磁铁B的下端为N极，天平左盘下降
D．电磁铁B的下端为N极，无法判断天平的平衡状态
【解答】解：①从图可知，电流从螺线管的上端流入，下端流出，根据安培定则可知，螺线管下端是N极，上端是S极，
②电磁铁通电后，铁块A被吸起，铁块A向上加速运动的过程中，会导致超重现象，因而可知铁块受到的向上的电磁力F必然大于铁块的重力G．当铁块离开盘而又还未到达电磁铁的过程中，虽然铁块对盘的压力没有了，但由牛顿第三定律可知，铁块对电磁铁有向下的吸引力，因此通过左盘电磁铁支架向下压左盘的力比电磁铁未通电时铁块压左盘的力还大，故左盘将下沉。
故选：C。
30．图中的两个线圈，套在光滑的玻璃管上，导线柔软，可以自由滑动，开关S闭合后则（ ）
A．两线圈左右分开
B．两线圈向中间靠拢
C．两线圈静止不动
D．两线圈先左右分开，然后向中间靠拢
【解答】解：根据安培定则判断，L线圈的左端为S极，右端为N极，P线圈的左端也是N极，右端也是S极，也就是说，中间靠近的位置，两线圈的极性相同，因为同名磁极互相排斥，则这两个线圈相互排斥而左右分开。
故选：A。
二．填空题（共8小题）
31．如图所示是自动扶梯的原理图。当电梯上无人时，压敏电阻R的阻值较大，电磁铁的磁性 较弱 （填“较强”或“较弱”），电磁继电器的动触点与 上面 （填“上面”或“下面”）的静触点接触，电梯运行缓慢。当人走上电梯时，电磁继电器的动触点与另一个静触点接触，电梯运行速度变大。图中画出了某一时刻线圈中的电流方向；可以判断电磁铁的上端是 N （填“N”或“S”）极。
【解答】解：
（1）当电梯上无人时，压敏电阻R的阻值较大，电路中电流小，电磁铁的磁性较弱，电磁继电器的动触点与上面的静触点接触，电梯运行缓慢；
当有人走上电梯后，压敏电阻的阻值减小，控制电路中电流增大，电磁铁磁性变强，则衔铁被吸下，与下面触点接触，则电阻R′被断开，电动机单独接入电路，电动机两端电压增大为电源电压，通过电动机的电流变大，电动机转速变快，使电梯运动变快；
（2）由图可知，电磁铁中电流的方向向右，根据安培定则可知，此时电磁铁上端是N极，下端是S极。
故答案为：较弱；上面；N。
32．两个磁体之间有力的作用，同名磁极相 斥 ；通电导线能使小磁针发生偏转，这是因为通电导线周围存在 磁场 ；如图所示，把通电导线放在两个磁极中间，磁极对导线的力垂直指向纸里，如果导线中电流方向相反，则磁极对导线的力垂直指向 纸外 （填“纸里”或“纸外”）。
【解答】解：两个磁体之间有力的作用，同名磁极相互排斥；
通电导线能使小磁针发生偏转，这说明通电导线周围存在磁场，这种现象叫电流的磁效应；
通电导体在磁场中受力的作用而运动，运动方向与电流的方向和磁感线的方向有关，只改变电流方向，导体受力方向改变，则此时磁极对导线的力垂直指向纸外。
故答案为：斥；磁场；纸外。
33．如图所示，有一种“能量收集船”，通过波浪推动船体两侧的“工作臂”带动船内线圈切割磁感线，从而获得电能，并储存起来。该“能量收集船”的发电原理是 电磁感应 现象，将 机械 能转化为电能。
【解答】解：“工作臂”带动船内线圈切割磁感线，从而获得电能，由切割磁感线运动获得电能，是电磁感应现象，机械能转化为电能。
故答案为：电磁感应；机械。
34．酿酒坊里的发酵罐配有笨重的密封罩，为了方便操作，设计了一个杠杆和电磁铁组合系统来升降密封罩，如图所示。电磁铁的工作原理是电流的磁效应，该现象最早是由 奥斯特 （选填“法拉第”、“奥斯特”或“安培”）发现的。装置通电后，电磁铁上端为 N （选填“N”或“S”）极。若密封罩被提起并悬挂于空中，不计衔铁、杠杆的质量，左侧电磁吸力应 大于 （选填“大于”“等于”或“小于”）密封罩的重力，若提不起，则应将滑动变阻器滑片向 左 （选填“左”或“右”）滑动。
【解答】解：在通电导体放在小磁针上方时，小磁针会发生偏转，即发现电流周围存在磁场。电磁铁的工作原理是电流的磁效应，该现象最早是奥斯特发现的；
由图看出，电流从电磁铁上端流入，依据安培定则，四指顺着电流方向，大拇指应向上握住电磁铁，所以上端为N极。
若密封罩被提起并悬挂于空中，不计衔铁、杠杆的质量，由图可知，衔铁这段电磁吸力的力臂小于密封罩的重力的力臂，根据杠杆的平衡条件，左侧电磁吸力应大于密封罩的重力；
提不起，则应将滑动变阻器滑片向左移动，根据欧姆定律可知，电路中电流变大，衔铁这段电磁吸力就会变大。
故答案为：奥斯特；N；大于；左。
35．如图是一种手摇发电的手电筒，当沿图中箭头方向来回摇动时，灯泡就能发光。这个手电筒壳体透明，可以清晰地看到里面有线圈，摇动时，可以感觉到有一个物块在来回运动。小明猜想这个物块是磁体，依据是：磁体运动时，闭合线圈切割磁感线产生 感应电流 ，线圈相当于电路中的 电源 。
【解答】解：产生感应电流的三个条件：闭合电路；一部分导体；切割磁感线运功；
由题干中图可知该手电筒有线圈，使用时将它来回摇晃，线圈在磁场中就做切割磁感线运动，此时线圈中有感应电流产生，所以手电筒里面的物块应该是磁铁，线圈相当于电路中的电源，此手电筒发电是电磁感应现象，此过程中将消耗机械能得到电能，即将机械能转化为电能。
故答案为：感应电流；电源。
36．如图所示，闭合开关使螺线管通电，A螺线管的上端相当于磁体的 N 极，可以观察到左边弹簧 伸长 ，右边弹簧 缩短 。（后两空选填“伸长”、“不变”或“缩短”）
【解答】解：据安培定则可知，A螺线管的上端相当于磁体的N极；
对于左边的弹簧来说，不管通电螺线管的极性如何，铁棒都会被吸引，故左边的弹簧会伸长；
对于右边的弹簧来说，要取决于通电螺线管的极性，如果上端是S极就会伸长，否则就会缩短；
根据电源的正负极，可以确定电流从右螺线管的上端流入，下端流出，结合螺线管线圈的绕向，利用安培定则可以确定螺线管的上端为N极，下端为S极，根据同名磁极相互排斥可知，右端弹簧会缩短。
故答案为：N；伸长；缩短。
37．最早利用地磁场指示方向的装置是图甲所示“司南”，古文《论衡•是应篇》中记载：“司南之杓（用途），投之于地，其柢（握柄）指南”。则勺柄应为该磁体的 S （选填“N”或“S”）极；某物理研究所尝试利用一块天然磁石制作一具“司南”，图乙所示为天然磁石的磁感线分布情况，则应将磁石的 C （选填“A”、“B”、“C”或“D”）处打磨成勺柄。
【解答】解：
（1）磁勺的勺柄指南，根据地理的南极正是地磁的N极，异名磁极相互吸引，因此，勺柄为该磁体S极；
（2）如（乙）所示，根据天然磁石的磁感线分布，可判断C端是S极，也就是磁勺的勺柄。
故答案为：S；C。
38．如图所示，重为G的小铁块在水平方向力F的作用下，沿条形磁铁的表面从N极滑到S极，在此过程中小铁块对磁铁的压力大小变化情况是 先减小后增大 。
【解答】解：小铁块在左端时，受到N极的引力较大，铁块对磁铁的压力较大；越靠近中间，磁性减弱，磁铁对铁块的作用减小，铁块对磁铁的压力减小；靠近S极，磁性增强，引力增大，铁块对磁铁的压力较大。
故答案为：先减小后增大。
三．实验探究题（共2小题）
39．为探究“影响电磁铁磁性强弱的因素”，小明用电池（电压一定）、滑动变阻器、数量较多的大头针、铁钉以及较长导线为主要器材，进行如图所示的简易实验。
（1）他将导线绕在铁钉上制成简易电磁铁，并巧妙地通过 吸起大头针的多少 来显示电磁铁磁性的强弱，下面的实验也用这种方法的是 CD 。
A、认识电压时，我们可以用水压来类比
B、用光线来描述光通过的路径
C、把敲响的音叉接触水面，看有没有溅起水花，来判断音叉有没有振动
D、用斜面小车研究阻力对物体运动的影响
（2）连接好电路，使变阻器连入电路的阻值较大，闭合开关，观察到如图甲所示的情景：接着，移动变阻器滑片，使其连入电路的阻值变小，观察到图乙所示的情景，比较图甲和乙，可知 甲 图中的电流较小，从而发现，通过电磁铁的电流越 大 （选填“大”或“小”）磁性越强。
【解答】解：
（1）A、电磁铁磁性强弱通过比较电磁铁吸引大头针的多少来反映，电磁铁吸引的大头针越多，电磁铁磁性越强；此实验运用的是转换法；
B、用光线来描述光通过的路径，运用理想模型法；
C、把敲响的音叉接触水面，看有没有溅起水花，来判断音叉有没有振动，把音叉的振动通过水花来体现，运用了转换法；
D、通过比较小车在水平面上运动的距离，来判定阻力对物体运动影响大小；小车沿水平面运动的距离越短，受到的阻力大，运用了转换法；
故选：CD；
（2）乙的滑动变阻器电阻小于甲的电阻，所以乙中通过线圈的电流大于甲中的电流，从图上可以看出，乙吸引的大头针较多，说明乙的磁性较强。
故答案为：
（1）吸起大头针的多少；CD；
（2）甲；大。
40．磁感应强度B用来描述磁场的强弱，国际单位是特斯拉，符号是“T”。为了探究电磁铁外轴线上磁感应强度的大小与哪些因素有关，小鹭设计了如图1所示的电路，图甲电源电压6V，R为磁感应电阻，其阻值随磁感应强度变化的关系图线如图2。
（1）当图乙S2断开，图甲S1闭合时，电流表的示数为 60 mA．闭合S1和S2，图乙中滑动变阻器的滑片P向右移动，图甲中电流表的示数逐渐减小，说明磁感电阻R处的磁感应强度B逐渐 增大 。
（2）闭合S1和S2，滑片P不动，沿电磁铁轴线向左移动磁感电阻R，测出R离电磁铁左端的距离x与对应的电流表示数I，算出R处磁感应强度B的数值如表。请计算x＝5cm时，B＝ 0.40 T．
x/cm
1
2
3
4
5
6
I/mA
10
12
15
20
30
46
B/T
0.68
0.65
0.60
0.51
0.40
0.20
（3）综合以上实验数据可以得出“电磁铁外轴线上磁感应强度随电磁铁电流的增大而 增大 ，离电磁铁越远，磁感应强度越 小 。
【解答】解：（1）当图乙S2断开，图甲S1闭合时，即磁场强度为零，据图2可知，此时的R＝100Ω，故此时电路中的电流是：I=UR=6V100Ω=0.06A＝60mA；图乙中滑动变阻器的滑片P向右移动，有效电阻变小，电流变大磁场变强，图甲中电流表的示数逐渐减小，即R的电阻变大，据此分析可知：磁感电阻R处的磁感应强度B逐渐增大；
（2）x＝5cm时，对于图表得出电流是30mA，据欧姆定律可知，R=UI=6V0.03A=200Ω，故对应磁场的强度是0.40T；
（3）综合以上实验数据，分析（2）中的表格数据可以得出“电磁铁外轴线上磁感应强度随电磁铁电流的增大而增大，离电磁铁越远，磁感应强度越小；
故答案为：（1）60；增大；（2）0.40；（3）增大；小。
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