2023年中考押题预测卷01（云南卷）-物理（全解全析）

2023年中考押题预测卷A【云南卷】

物理·全解全析

注：参考答案上若设计有此表格，全解全析可不要

答案解析部分

1．【答案】B

【解析】A.图甲中，两个带电小球相互排斥，有两种可能：①都带正电；②都带负电，A不符合题意；
B.图乙中，玻璃棒在丝绸上摩擦后，玻璃棒失去电子，因此玻璃棒带正电，B符合题意；
C.图丙中，当用导线直接把电源的正负极相连没有通过任何用电器，会使电源短路，电路中电流过大电源短路是很危险的，容易造成电源烧毁甚至火灾，C不符合题意；
D.图丁中，小彩灯之间只有一条路径，因此连接方式是串联，D不符合题意。
故答案为：B。
同种电荷相互排斥；玻璃棒和丝绸摩擦时，失去电子带正电；导线将电源两极连接时，造成短路，损坏电源；节日小彩灯是串联连接的。

2．【答案】D

【解析】AB．由图可知，电阻R1和变阻器R2并联，电流表A1测量通过R1的电流，电流表A2测量通过R2的电流，电压表测量电源电压，当滑动变阻器的滑片P向右移动时，变阻器R2连入电路的电阻变大，由 可知通过变阻器的电流变小，即电流表A2的示数变小，由并联电路的特点可知通过R1的电流不变，即电流表A1的示数不变，AB不符合题意；

C．电压表测量电源电压，电源电压保持不变，当滑动变阻器的滑片P向右移动时，电压表的示数不变，电流表A1的示数不变，电压表V示数与电流表A1示数的比值不变，C不符合题意；

D．电压表测量电源电压，电源电压保持不变，当滑动变阻器的滑片P向右移动时，电压表的示数不变，电流表A2的示数变小，电压表V示数与电流表A2示数的比值变大，D符合题意。

故答案为：D。
电压表与测量部分并联；电流表与测量部分串联；当滑动变阻器的滑片P向右移动时，变阻器接入电路的电阻变大，由电阻的串联可知电路的总电阻变小，根据可知，电路中的电流变小；电源电压不变。

3．【答案】C

【解析】A．不知两灯做功时间关系，由可知，不能确定电流通过甲灯做的功比通过乙灯做的功多，A不符合题意；

B．灯泡正常发光时的功率和额定功率相等，由可知，两灯泡消耗的电能与实际功率和通电时间有关，由于没有指出两灯的实际电压关系，所以，无法比较两者消耗的电能关系，B不符合题意；

C．灯泡正常发光时的功率和额定功率相等，因此两灯正常发光时，甲灯的实际功率一定大于乙灯的实际功率，C符合题意；

D．电功率是表示电流做功快慢的物理量，将两灯并联接入电压为12V的电路中，甲灯的额定功率大于乙灯的额定功率，则甲灯消耗电能比乙灯消耗电能快，D不符合题意。

故答案为：C。
根据公式，可比较做功大小；灯泡正常发光时的功率和额定功率相等；电功率是表示电流做功快慢的物理量。

4．【答案】D

【解析】根据托里拆利实验，一个标准大气压的值为1.01×10 5帕斯卡，等于760毫米高水银柱产生的压强，也就是76厘米汞柱，若换成水柱，由 ，水柱高度为

即ABC不符合题意，D符合题意。

故答案为：D。
根据公式，可求出水柱高度。

5．【答案】C

【解析】由电路图可知，滑动变阻器R1与R2串联，电压表测R1的电压，电流表测电路的电流。

A．闭合开关不推动时，变阻器的最电阻与R2串联，电路的电阻较大，电路中的电流较小，但不会为零，A不符合题意；

BC．向前推的距离越大，变阻器R1连入电路的电阻越小，根据串联电阻的规律，电路的电阻越小，根据欧姆定律 可知，电流表示数越大，根据U=IR，R2的电压越大，由串联电路电压的规律，电压表示数越小；根据P=UI，因电源电压不变，电路的电流变大，故向前推的距离越大，电路的总功率越大，B不符合题意，C符合题意；

D．向前推的距离越大，电压表示数越小，电流表示数越大，故用电流表示数反映测量成绩，D不符合题意。

故答案为：C。

在串联电路中，电阻减小，电流变大，减小的电阻分压减小；根据电压和电流的乘积，可以分析电功率大小。

6．【答案】A

【解析】A．路灯晚上同时亮，早上同时灭，但如果一盏灯坏掉，不会影响其它路灯，所以各灯是并联的，A错误，符合题意；

B．教室里的日光灯之间都是并联的，控制灯的开关与灯是串联的，B正确，不符合题意；

C．教室墙上的三眼插座和日光灯，使用时互不影响，所以它们是并联的，C正确，不符合题意；

D．楼道里的声控开关和光控开关只有同时闭合时，电路才会接通，所以两个开关与灯是串联的，D正确，不符合题意。

故答案为：A。
并联电路互不影响；串联电路互相影响。

7．【答案】C

【解析】由电路图可知，与串联，电压表测两端的电压，电压表测两端的电压，电流表测电路中的电流．当滑动变阻器的滑动触头P向右滑动时，接入电路中的电阻变大，由I可知，，所以，变大，不变，D不正确；设滑动触头P向右滑动前后，电路中的电流分别为、，由I可得，两端的电压分别为：则(，即，不变，B不正确；因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，两端的电压分别为：，则(U，即，不变，A不正确，C符合题意．

故答案为：C.
定值电阻可以利用电压变化量和电流变化量的比值进行计算；在串联电路中，总电压等于各用电器分压之和。

8．【答案】B,C,D

【解析】A．物块A的体积

物块A在两种液体中都为浸没状态，故其排开液体的体积相等，都等于物块A自身的体积。两液体的密度大小不同，根据阿基米德原理可知，在密度大的液体中物块A受到的浮力也大，即物块A所受浮力的最大值

A不符合题意；

B．物块A在液体中竖直方向受三个力的作用，分别是重力、浮力和弹力，由题意可知物体的重力相等，所受弹力也相等，但两种液体中所受浮力大小不等。故不难得知，在密度为 的液体中物体A受到的浮力较小，此时应该为弹簧的弹力帮助浮力来平衡重力，弹簧的弹力就其效果上表现为对物体A的支持力，其大小

B符合题意；

C．物体A在密度为 的液体中受到的浮力大，此时应该为弹簧的弹力帮助重力来平衡浮力，弹簧的弹力就其效果上表现为对物体A和对容器底部的拉力，其大小

C符合题意；

D．物体A在密度为 的液体中受到的浮力大于物体A的重力，所以当弹簧脱离容器底部后，物体A会上浮。漂浮时它受到的浮力和自身重力相等

根据阿基米德原理可得它在 液体中被浸没的体积

静止时物块A露出该液体液面的体积

D符合题意。

故答案为：BCD。

根据质量和密度的比值计算体积，利用液体密度和排开液体的体积计算浮力，利用重力和浮力差计算支持力；根据浮力和物体的重力差计算弹簧对容器底的拉力；根据漂浮物体受到的浮力等于重力大小，根据浸没时排开的体积和漂浮时排开的体积差，计算露出的体积。

9．【答案】B,D

【解析】由电路图可知，电阻R1和滑动变阻器R2并联，电流表A1测R1的电流，电流表A2测干路的电流，电压表测电源电压。
AB、当滑片P从中点向右移时，R2连入电路的阻值变大。由欧姆定律 可知，通过R2的电流变小，根据并联电路的电流关系，电流表A1的示数不变，电路表A2的示数变小，A不符合题意，B符合题意。

C、因为电压表测量电源电压，电压表示数不变，C不符合题意。

D、由P=UI，电压不变，电流变小，R2的电功率变小，D符合题意。.

故答案为：BD。
本题考查学生的电路分析能力。（1）会分析电路是串联还是并联。（2）利用串并联规律，找到每个用电器的电流，电压，电阻，电功率等物理量。（3）利用公式求解。

10．【答案】A,B,D

【解析】（1）当滑动变阻器接入电路的电阻为0时，电路为R0的简单电路，

由乙图可知，电路中的最大电流I大=1.6A，由 可得，电源电压：

U=I大R0=1.6A×R0，

当滑动变阻器接入电路的电阻最大时，电路中的电流最小，

由乙图可知，电路中的最小电流I最小=0.2A，R两端的电压UR=14V，

则滑动变阻器的最大阻值： ，D符合题意；

因串联电路中总电压等于各分电压之和，

所以，电源的电压：

U=I最小R0+UR=0.2A×R0+14V，

因电源的电压不变，

所以，1.6A×R0=0.2A×R0+14V，

解得：R0=10Ω，A符合题意；

电源的电压U=I大R0=1.6A×10Ω=16V；

⑵电路的最大总功率是：P最大=UI最大=16V×1.6A=25.6W，B符合题意；

R0的最小功率：P最小=I最小2R0=（0.2A）2×10Ω=0.4W，C不符合题意．

故答案为：ABD．

当滑动变阻器接入电路的电阻为0时，电路为R0的简单电路，电路中的电流最大，根据乙图读出此时的电流，根据欧姆定律表示出电源的电压；当滑动变阻器接入电路的电阻最大时，电路中的电流最小，根据图象读出此时电路中的电流和R两端的最大电压，根据欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值，根据串联电路的电压特点和欧姆定律表示出电源的电压，利用电源的电压不变得出等式即可求出R0的阻值，进一步求出电源的电压；
根据电阻的串联和欧姆定律表示出电路中的电流，根据P=UI求出电路最大的总电功率，进一步得出R0的阻值消耗电功率的最小值.

11．【答案】有；8.4×105

【解析】一切物体在任何情况下都有内能，所以水在0℃也有内能。

水吸收的热量Q吸=c水m（t﹣t0）=4.2×103J/(kg·℃)×5kg×(40℃﹣0℃)=8.4×105J
一切物体在任何情况下都有内能；根据公式Q吸＝cm（t末-t初），求出水吸收的热量。

12．【答案】化学；负；1

【解析】水果电池在工作时，可以把储存化学能转化为电能。

图中电压表指针正常偏转，则与电压表正接线柱相连的是电池的正极，即铜片为水果电池的正极，则锌片是水果电池的负极。

电压表选择的量程为0~3V，对应的分度值为0.1V，则电压为1V。

水果电池在工作时，可以把储存化学能转化为电能；与电压表正接线柱相连的是电池的正极；看清电压表的分度值，结合对应刻度读数。

13．【答案】B；若电压表示数为U，则L1断路；若电压表示数为0，则L2断路

【解析】A．由题意知，刚开始灯L1、L2均正常发光，一段时间后，两灯均熄灭，说明电路中出现了断路的情况，而且电流表是串联在电路中使用，若在M点串联电流表，由于电路已经断路，所以电流表不会有示数，即在M点串联电流表无法判断出故障位置，A不符合题意；

B．若在M、N两点间并联电压表，若电压表示数为U，则L1断路；若电压表示数为0，则L2断路，则可以判断故障位置，B符合题意；

C．若在M、Q两点间并联电压表，分析电路可知，此时电压表测的电源电压，示数不会发生变化，故无法判断出故障位置，C不符合题意。

故答案为：B。

在M、N两点间并联电压表后，若电压表示数为U，则L1断路；若电压表示数为0，则L2断路。
闭合开关，电压表示数为零，说明与电压表并联的电路短路或与电压表并联部分之外的电路出现了断路。

14．【答案】9；1.5；乙

【解析】由 可得，两灯泡的额定电流分别为

由 得，两灯泡的电阻分别为

因为串联电路中各处的电流相等，所以两电阻串联时，电路中的最大电流

因为串联电路的总电阻等于各分电阻之和，所以电路两端允许加的最大电压

由于两灯泡的额定电压相等，并联时，各支路两端的电压相等，最大电压等于额定电压6V，此时干路电流等于通过两灯均泡电流之和，干路电流的最大值

此时两灯泡正常发光，灯泡的亮度由实际功率决定的。甲灯泡的实际功率等于自身额定功率为3W；乙灯泡的实际功率等于自身额定功为6W，乙灯泡的实际功率大于甲灯泡的实际功率，所以两灯中较亮的是乙灯。
根据电功率和电压的比值， 计算电流；根据电压和电流的比值， 计算电阻；在串联电路中选择较小的电流，用电器安全工作；根据电流和总电阻的乘积，计算电压。

15．【答案】0.3；9∶1

【解析】闭合开关S，当电表a、b为电流表，c为电压表时，R1、R2并联，电流表a测量R2支路的电流，电流表b测量干路电流；根据并联电路的电压特点知道，R2两端的电压U2＝U＝6V

通过R2支路的电流

所以电表a的示数为0.3A；R1的功率为P1为

当电表a、b为电压表，c为电流表，R1、R2串联，电压表a测量电源电压，电压表b测量R2两端的电压；根据串联电路的电阻特点知道，电路中的总电阻R＝R1+R2＝10Ω+20Ω＝30Ω

电路中的电流

根据串联电路的电流特点知道，通过R1的电流I1′＝I＝0.2A

R1的功率为P2为

则

根据公式，可求出电流；根据公式P=I2R，可求出功率之比。

16．【答案】0.2；0.67

【解析】灯泡L标有“3V，0.6W”的字样，由 可得，灯泡的额定电流

闭合开关S、S1时，两电阻串联接入电路电压表V1测滑动变阻器两端的电压，电压表V2测定值电阻两端的电压，电流表测通过电路的电流，两个电压表的量程都为0~3V，根据欧姆定律可得通过定值电阻的最大电流

滑动变阻器规格为“20Ω，8A”，根据串联电路电流特点可知通过电路的最大电流为0.5A，由图乙可知此时滑动变阻器接入电路的电阻为2R0，串联电路总电压等于各部分电压之和，根据欧姆定律可得，电源电压 ﹣﹣﹣﹣﹣﹣①

由图乙可知，当R2两端电压的倒数

时，即

时，滑动变阻器接入电路中电阻为3R0，根据欧姆定律可得，此时通过电路的电流

根据串联电路电压规律结合欧姆定律可得，电源电压 ﹣﹣﹣﹣﹣﹣②

①②联立可得 ，

当闭合开关S、S2时，灯泡和滑动变阻器串联接入电路，电压表V1测量滑动变阻器电压，当电压表示数为3V时，滑动变阻器接入电路的电阻最大，此时灯泡的电压为

由欧姆定律得，灯泡的电阻

此时通过电路的电流

电路的最小总功率
根据电功率和电压的比值，计算电流；利用电压和电阻的比值，计算电流；根据电流和电阻的乘积计算电压；结合电源电压一定，可以计算未知的电阻；根据电压和电流的乘积，计算电功率。

17．【答案】（1）

（2）

（3）

【解析】（1）在海边夜晚，由于陆地的比热容小，放出热量后温度低，海水的比热容大，温度高，空气从陆地吹向海洋，如图 ；
（2）连接家庭电路时，三孔插座要左零右火上接地；灯泡的开关连接火线和灯泡顶端上，如图 ；
（3）探究电流和电压关系时，电压表和电阻并联，电流表串联连接，根据图像，电流表和电阻并联，而电压表串联了，只需要将电阻的左侧接线柱改接到电压表的右侧即可，如图 。

分析（1）在海边夜晚，陆地的比热容小，温度低，海水的比热容大，温度高，空气从陆地吹向海洋；
（2）家庭电路连接中，三孔插座左零右火上接地；灯泡的开关连接火线和灯泡顶端；
（3）探究电流和电压关系时，电压表和电阻并联，电流表串联连接。

18．【答案】（1）B（2）滑动的距离（3）速度（4）甲、乙（5）>（6）粗糙（7）动能大小

【解析】（1） 根据转换法，通过比较木块在同一水平面上被撞击的距离来比较小球到达水平面时动能的大小，B符合题意，ACD不符合题意。

故答案为：B。

（2）实验中通过比较木块滑动的距离来反映小球动能的大小，这是转换法的应用。

（3）由甲、丙两图可知：让质量不同的钢球从斜面的同一高度滚下，是为了使两球到达水平面时速度相等。

（4）研究物体的动能与速度的关系，要控制质量相同，只改变速度大小，即小球从斜面自由下滑的高度不同，故对比甲、乙两次实验，可以研究物体的动能与速度的关系。

（5）甲、乙两次实验中木块被撞击后滑行过程中所受摩擦力分别为f1、f2，因为在同种接触面上，压力不变时，摩擦力大小不变，故f1=f2，sA>sB，根据做功的公式W=fs，可知W1>W2。

（6）实验中，若水平面是光滑的，根据牛顿第一定律，物块将做匀速直线运动一直运动下去，无法通过水平方向移动的距离来比较动能大小，故本实验中水平面应该是相对粗糙的。

（7）根据甲、乙实验可知，质量相同的小球，小球运动到水平面的速度越大，推动木块通过的距离越大，说明小球的动能越大；即在质量一定时，物体的速度越大，动能越大。汽车在行驶过程中，不允许超过最大限制速度，从物理角度来看，这样做的目的是限制汽车的动能大小。

分析（1）实验中，探究的时小球撞击木块的动能；

（2）实验中通过比较木块滑动的距离来反映小球动能的大小；
（3）让质量不同的钢球从斜面的同一高度滚下，是为了使两球到达水平面时速度相等；
（4）研究物体的动能与速度的关系，要控制质量相同，只改变速度大小，即小球从斜面自由下滑的高度不同；
（5）压力不变，接触面的粗糙程度不变时，摩擦力不变；
（6）本实验中水平面应该是相对粗糙的；
（7）在质量一定时，物体的速度越大，动能越大。

19．【答案】（1）电流表的示数（2）A、C（3）材料

【解析】(1)当接入电路不同的导体时，可通过观察电流表示数来比较导体电阻的大小。

(2)由图可知，导线A、C的长度、材料均相同、横截面积不同，因此选用导线A、C分别接入电路中，是为了探究电阻大小跟导体的横截面积的关系。

(3)要探究电阻大小跟导体的材料有关，需要控制导体的横截面积和长度相同，材料不同；由图可知，导线A、D的长度、粗细均相同、材料不同，因此选用导线A、D分别接入电路中。

分析（1）实验中，可通过观察电流表示数来比较导体电阻的大小；

（2）长度、材料均相同、横截面积不同，是为了探究电阻大小跟导体的横截面积的关系；
（3）要探究电阻大小跟导体的材料有关，需要控制导体的横截面积和长度相同，材料不同。

20．【答案】（1）

（2）右；4V；a

（3）10

（4）

【解析】（1）图中电压表测的是电流表电压，所以要删除连接电压表右端的线，并将该线改成连在定值电阻左端；如下图

（2）由题知，电源电压有4V和6V两挡可选，Rx的阻值约为10Ω，正确连接导线后，将滑动变阻器的滑片P移至最右端，闭合开关后，电压表示数为1V，电流表示数为0.1A，若电源电压为4V，则变阻器分得的电压为

根据串联分压原理可得

即 解得滑动变阻器的最大阻值为

B符合题意；若电源电压为6V，则变阻器分得的电压为

根据串联分压原理可得

即

解得滑动变阻器的最大阻值为

A不符合题意。

（3）由图乙知电压表选用0～3V的量程，分度值为0.1V，示数为2.7V，第三次的电阻为

平均阻值为

（4）①断开开关S2，闭合开关S1和S3，调节滑动变阻器的滑片P至a端时，灯泡L被短路，此时只有R1接入的简单电路，电压表测电源电压，即电源电压为

再将滑片P调至b端，此时R1与R0串联接入电路，电压表测R1两端的电压为U2，则滑动变阻器R0两端的电压为

则电路中的电流为

所以R1的阻值为

②断开开关S1和S3，闭合开关S2时，灯泡L、R1、R0串联接入电路，电压表测R1和R0的总电压，调节滑动变阻器的滑片P，使电压表的示数为U1﹣U额，恰好等于电源电压减灯泡的额定电压，说明此时灯泡正常发光；

③不改变滑动变阻器的滑片P的位置，断开开关S2和S3，闭合开关S1时，灯泡L、R1、R0仍串联接入电路，电压表测R1两端的电压为U3；由于电路结构不变，电路中电阻不变，电流不变，此时灯泡仍正常发光，电路中的电流为

则灯泡的电阻为

分析（1）电压表应并联在定值电阻两端；

（2）正确连接导线后，将滑动变阻器的滑片P移至最右端；根据，可确定滑动变阻器规格；
（3）根据，可求出电阻；
（4）根据，可求出电阻表达式。

21．【答案】（1）

（2）最右端

（3）C

【解析】（1）用电压表V2测量出待测电阻的电压，根据分压原理可求出待测电阻的大小；故应将电压表V2与待测电阻并联，或者用电压表V2测量出两个电阻两端的总电压，再根据分压原理可求出待测电阻的大小；答案如下所示： ；（2）闭合开关之前，滑动变阻器的滑片应滑至阻值最大处最右端；（3）A.因A2电流表也有内阻，故根据A1的示数求出的支路电压 不等于待测电阻的电压，由欧姆定律求出的待测电阻误差较大；B.根据并联电路电流的规律可得出定值电阻的电流，由欧姆定律支路电压，因A2电流表也有内阻，故得出的支路电压不等于待测电阻的电压，由欧姆定律求出的待测电阻误差较大；C.根据并联电路电流的规律可得出待测电阻的电流，根据A1的示数可求出支路电压 等于待测电阻的电压，由欧姆定律求出的待测电阻较准确；选C。

【分析】（1）用电压表V2测量出待测电阻的电压，根据分压原理可求出待测电阻的大小，据此分析.
（2）为保护电路，闭合开关之前，滑动变阻器的滑动端应滑至阻值最大处.
（3）因电流表有内阻，根据并联电路的规律和欧姆定律逐一分析每个电路图，得出哪咱设计测量更精确.

22．【答案】（1）=（2）减小（3）E﹣Ek1（4）；3×10﹣3m3

【解析】（1）由于M点与N点等高，所以M点和N的重力势能相等，故Ep1=Ep2。

（2）从水平地面回弹到N点过程中，篮球的质量不变，篮球的速度越来越小，所以篮球动能减小。

（3）篮球在M点具有的机械能

由于篮球在N点的动能为0，所以篮球在N点具有的机械能E=Ep2，故M到N过程中减少的机械能

（4）已知篮球对地面的压力F=6N，压强p=2×103Pa，由压强公式式得

分析（1）下落的物体反弹后能回到原来的高度，说明运动的物体没有能量损失，能量相等；
（2）物体向上运动时，动能转化为重力势能，动能减小；
（3）根据物体动能和重力势能的大小，判断能量变化；
（4）根据压力和压强的比值， 计算受力面积。

23．【答案】（1）并联；交流电

（2）电；大于

（3）加热；2∶7；4∶3

【解析】（1）电饭锅、电灯和电视机之间可以独立工作，互不影响，因此它们的连接方式是并联；电饭煲接入家庭电路，家庭电路的电源是交流电。

（2）电饭锅在煮饭过程中通电发热，将电能转化为内能；水的沸点与水面处的气压有关，标准大气压下水的沸点为100℃，气压越高，沸点越高，因此电饭锅内部气体压强变大，此时水的沸点大于100℃；

（3）由图可知，当S断开时，该电路为R1和R2的串联电路；当S闭合时，R2被短路，电路中只有R1；由串联电路的电阻特点可知，当S闭合时，电路的总电阻最小，由可知，此时电路的功率最大，因此电饭锅处于加热状态；当S断开时，电饭锅处于保温状态。由于电饭锅加热与保温功率之比为9∶2，由可得，解得R1∶R2=2∶7，设加热功率为9P，由于加热与保温功率之比为9∶2，则保温功率为2P；由于蒸好一锅饭的平均功率为加热功率的，所以平均功率为，根据题意有，解得t1∶t2=4∶3

分析（1）家庭电路中，各用电器是并联的；家庭电路中的电源是交流电；
（2）电热器将电能转化为内能；液体分摊随气压的增大而升高；
（3）电阻串联时，总电阻越小，电功率越大；根据电功率的比值，根据电源电压不变，判断电阻关系；根据加热功率的关系，计算工作时间。