2023年中考押题预测卷01【四川卷】-物理（全解全析）

2023年中考押题预测卷01【四川卷】

物理·全解全析

一、单选题（本题共13小题，每小题2分，共26分）

1．【答案】C

【详解】A．电动机的工作原理是通电导体在磁场中受到力的作用，故A错误；

B．在制作直流电动机时安装了换向器，当线圈转过平衡位置时及时改变线圈中电流的方向，从而改变线圈的受力方向，使线圈能够保证持续转动，故电动机工作过程中，线圈中的电流方向会发生改变，故B错误；

C．通电导体在磁场中受力方向与磁场方向和电流方向有关，故仅改变磁感线的方向可以改变线圈转动的方向，故C正确；

D．电动机工作时电能主要转化为机械能，还有一部分转化为内能，故D错误。

故选C。

2．【答案】B

【详解】A．无论是5G信号还是3G信号，都是利用电磁波传递信息，电磁波在真空中的传播速度是3×108m/s，故5G信号和3G信号传播速度相同，故A错误；

B．手机是利用电磁波来传递信息的，故B正确；

C．开会时手机静音，手机一样可以接收信号，故C错误；

D．手机在充电时，是电能转化为化学能，故D错误。

故选B。

3．【答案】C

【详解】A．分子间具有引力和斥力，液体很难被压缩，说明分子间有斥力，故A错误；

B．极细小的尘粒悬浮在空中，尘粒的运动属于物体的机械运动，不能说明分子在做无规则运动，故B错误；

C．一切物质的分子处于永不停息的无规则运动之中，当铅片与金片接触时，会有一些铅的分子进入金片．同时，金的分子也会进入铅片，长时间地让金片和铅片压在一起，就会使切面相互渗透，这种不同的物质在相互接触时彼此进入对方的现象叫做扩散现象，故C正确；

D．热水袋取暖，温度从热水袋传递到人身上，是用热传递的方法改变物体的内能，故D错误。

故选C。

4．【答案】A

【详解】A．冰面解冻是熔化现象，熔化需要吸热，故A符合题意；

B．露的形成是液化现象，液化需要放热，故B不符合题意；

C．雾的形成是液化现象，液化需要放热，故C不符合题意；

D．滴水成冰是凝固现象，凝固需要放热，故D不符合题意。

故选A。

5．【答案】C

【详解】A．燃料燃烧是化学变化，火箭的燃料燃烧的过程是将化学能转化为内能，故A错误；

B．反推发动机点火后，燃料燃烧获得内能，发动机将内能转化为机械能，故B错误；

C．在大气层内的降落过程中，由于火箭与空气摩擦做功，机械能转化成内能，机械能变小，故C正确；

D．火箭的发动机选用液态氢作燃料，主要是因为氢具有较大的热值，去其它燃料相比，完全燃烧相同质量的氢可以释放出更多的热量，故D错误。

故选C。

6．【答案】B

【详解】A．禁止鸣笛是为了在声源阻断噪声，故A错误；

B．声源定位系统利用了声音能够传递信息，故B正确；

C．由题意可得，声源定位系统是通过当机动车违法鸣笛后，通过声源定位装置接收、自动检测声音类型和空间声场分布，精确定位鸣笛的车辆位置，并非是利用超声波经汽车反射形成回声来定位，故C错误；

D．声音的传播速度与介质的种类与温度有关，与声音的响度无关，故D错误。

故选B。

7．【答案】B

【详解】A．正常成年人身高约为，中学生身高接近 1.70m,故A合理，不符合题意；

B．正常步行速度步行的速度约为，故不合理，符合题意；

C．正常人体温约为左右，故合理，不符合题意；

D．正常情况下每分钟心跳60~80次，故合理，不符合题意。

故选。

8．【答案】D

【详解】A．手握圆珠笔在纸上写字时，手的作用力为动力，笔尖与纸的摩擦力为阻力，笔的上端与手的接触点为支点，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故A错误；

B．一支圆珠笔的长度约是，故B错误；

C．圆珠笔在纸上写字时，圆珠笔相对于纸面位置发生变化，是运动的，故C错误；

D．圆珠笔的笔尖有滚珠，笔尖和纸之间的摩擦属于滚动摩擦，减小了摩擦，故D正确。

故选D。

9．【答案】D

【详解】A．倒入几杯水后，细管中水的质量、体积增加得不多，由于是一根细管，所以倒入几杯水后，细管中水的深度增加了很多，只灌了几杯水，桶竟裂开了，说明水产生的压强很大，所以这一实验说明了液体的深度越深，压强越大，故A错误；

B．用气筒向外抽气，降低了瓶内的气压，水再次沸腾，说明水的沸点降低了，故说明气压减小水的沸点降低，故B错误；

C．用吸管和饮料时，吸管内压强减小，小于外界大气压，在大气压的作用下把饮料压入嘴里，故C错误；

D．排水管的U形“反水弯”上端开口，底部连通，属于连通器，故D正确。

故选D。

10．【答案】A

【详解】①图中，控制压力相同，而受力面积不同，受力面积越小，海绵的凹陷程度越明显，说明压力作用效果与受力面积有关，故①正确；

②一标准大气压能支持10m高的水柱，而题图中水柱的高度没有10m高，故②错误；

③洗手盆设计的U形反水弯是连通器，连通器中装同种液体时，液体静止时，液面相平，可以防止异味由下水道进入室内，是利用了连通器的原理，故③正确；

④船闸底部相通、上端开口，是利用了连通器的原理，故④错误。

故选A。

11．【答案】C

【详解】由题知，电动机要由前、后两门（电路开关）关闭同时控制，任意一个门没有关闭好电动机都不能工作，则电动公交车无法行驶，所以前、后两门中的电路开关应串联连接同时控制电动机，符合要求的电路只有C图。

故选C。

12．【答案】B

【详解】A．由图可知，A、B两个物体都漂浮在液面上，根据物体的浮沉条件可知，受到的浮力等于自身的重力，物块A、B的质量相同，则重力相同，所以A、B受到的浮力是相同的，即FA=FB

故A错误；

B．相同容器中分别盛有体积相等的甲、乙两种液体，两容器原来液面相平，放入物体后，甲液面低，说明A排开的液体的体积要小于B排开的液体的体积，浮力相同，根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排可知，甲液体的密度要大于乙液体的密度，即ρ甲>ρ乙，故B正确；

C．液体的体积相同，因为ρ甲>ρ乙，由m=ρV可知，液体的质量m甲>m乙，由G=mg可知液体的重力G甲>G乙

由图可知，该容器为柱形容器，则液体对容器底部的压力等于液体的重力，物块A、B的重力相同，则液体对容器底部的压力等于液体重力和物块重力之和，所以液体对容器底部的压力F甲′>F乙′，底面积相同，根据液体对容器底部的压强p甲>p乙，故C错误；

D．容器对桌面的压力等于容器的重力、液体的重力以及物体重力之和，由于液体的重力G甲>G乙容器的重力相同、物体的重力相同，所以容器底部对桌面的压力，F甲>F乙，故D错误。

故选B。

13．【答案】A

【详解】由图可得，滑动变阻器与灯泡并联，电流表A1测灯泡所在支路电流，电流表A2测干路电流，电压表测电源电压，并联电路中各用电器工作互不影响。当滑动变阻器的滑片从右端向左移动的过程中，灯泡的亮度不变，电流表A1示数不变；电源电压不变，故电压表V示数不变；滑动变阻器电阻变小，电压不变，由欧姆定律可得，通过滑动变阻器的电流变大，由并联电路电流规律可得，干路电流也变大，即电流表A2示数变大，电压表V示数与电流表A2示数的比值变小，故A正确，BCD错误。

故选A。

第II卷（非选择题  共59分）

二、填空题（本题共7小题，每空2分，共28分）

14．【答案】     较亮     减小

【详解】[1]投影仪在使用的过程中，为了能够使像更清楚，应使物体反射更多的光线，所以镜头要朝向较亮的环境放映。

[2]要让墙上的像变大，需要增大像距、减小物距，应该适当减小手机与镜头的距离。

15．【答案】     晶体     吸热

【详解】[1][2]由图象可知，该物质在熔化过程中保持80℃不变，所以该物质有熔点，该物质为晶体。晶体在熔化过程虽然温度保持不变，但要不断吸热。

16．【答案】     静止     惯性

【详解】[1][2]劈砖过程中，砖的右侧先翘起，手迅速劈下，砖向下运动，砖的左侧在碰到地面后受到阻力由运动变为静止，由于惯性，砖的右侧还要保持原来的运动状态继续向下运动，于是砖被劈开。

17．小明参加校运动会百米赛跑，站在起跑线上静止时所受重力与支持力是一对______（选填“平衡力”或“相互作用力”）；鞋底上有许多花纹是为了______（选填“增大”或“减小”）摩擦。

【答案】     平衡力     增大

【详解】[1]小明静止时，受到的重力和支持力大小相等、方向相反、作用在同一条直线上且作用在同一个物体上，是一对平衡力。

[2]鞋底上有许多花纹，增大了接触面的粗糙程度，可以增大摩擦力，防止滑倒。

18．【答案】     N     右

【详解】[1]由左侧电路可知，电流从电磁铁的右端流入，左端流出，由安培定则可知，A端为N极。

[2]右侧电路为串联电路，要使指示灯变亮，则需电路中的电流变大，电路的总电阻需要减小。由磁敏电阻（GMR）的阻值随所处空间磁场的增强而增大可知，磁场的磁性减弱。又因为电磁铁磁性强弱与电流有关，当其他因素相同时，电流越小，磁性越弱，则需要减小左侧电路的电流，由欧姆定律可知，需增大滑动变阻器接入电路的阻值，故将滑片向右滑动。

19．【答案】     2.5     20Ω

【详解】[1]由图知，电阻两端的电压，所以每次控制电阻的两端电压为2.5V不变。

[2]根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压U滑=U-UV=4.5V-2.5V=2V，变阻器分得的电压为电压表示数的0.8倍，根据分压原理，当接入25Ω电阻时，变阻器连入电路中的电阻，故为了完成整个实验，应该选取最大阻值至少20Ω的滑动变阻器。

20．【答案】     5     电阻

【详解】[1][2]由图可知，电阻R2、R3并联后再与R1串联；通过R1的电流为0.2A，即干路电流为0.2A，由于R2=R3，所以通过R2、R3的电流相等，根据并联电路的电流特点可知，通过R2的电流为0.1A，则1min内R2产生的热量为，若将R3拆下，R1换成10Ω的电阻，则10Ω电阻与R2串联，通过它们的电流相等，电阻不等，所以可以探究电流产生的热量与电阻大小的关系。

三、作图题与计算题（本题共3小题，共17分。计算题在解答时应写出公式和重要的验算步骤，只写最后大暗暗的不得分）

21．（4分）

（1）【答案】见解析

【详解】自A点的入射光线照射到水球边缘B点，B点为入射点，连接B点与球心O并延长即法线，光线AB从水球斜射入空气时，折射角大于入射角，折射光线更远离法线。如图所示

（2）【答案】见解析

【详解】静止在轿厢内的物体，与桥厢一起做匀速直线运动，物体受重力和支持力做对平衡力作用，重力竖直向下，支持力竖直向上，过物体的重心做竖直向下的带箭头的直线表示重力G，过物体的重心做竖直向上的带箭头的直线表示支持力F，如图所示：

22．【答案】（1）400J；（2）40W；（3）70%

【详解】解：（1）小明做的功W总=Fs=100N×4m=400J ……………………………………………………1分

（2）小明做功的功率…………………………………………………………………1分

（3）木箱的重力G=mg=14kg×10N/kg=140N…………………………………………………………………1分

小明做的有用功W有用=Gh=140N×2m=280J……………………………………………………………………1分

该斜面的机械效率……………………………………………………2分

答：（1）小明所做的功为400J；

（2）小明做功的功率为40W；

（3）该斜面的机械效率为70%。

23．（7分）如图所示，电源电压恒定，R1的阻值为20Ω。R2的阻值为10Ω。当S闭合，S1、S2断开时，电流表的示数为0.4A。

（1）求电源电压；

（2）当S闭合，S1、S2断开时，求通电10s内电路消耗的电能；

（3）当S、S1、S2都闭合时，电流表的示数变化了0.7A，且小灯泡L正常发光，求小灯泡L的额定功率。

【答案】（1）12V；（2）48J；（2）6W

【详解】解：（1）当S闭合，S1、S2断开时，R1和R2串联接入电路中，串联电路总电阻为  ………………………………………………………………………………1分

根据欧姆定律可知，电源电压为  ………………………………………………1分

（2）通电10s内电路消耗的电能为  ………………………………………1分

（3）当S、S1、S2都闭合时，R2被短路，此时R1和L并联接入电路中，电流表测干路中的电流，此时的总电阻要小于R1，当S闭合，S1、S2断开时，R1和R2串联接入电路中，此时的总电阻要大于R1，所以，R1和L并联的总电阻小于R1和R2串联的总电阻，由欧姆定律可知，当S、S1、S2都闭合时，干路中的电流变大，故并联后干路中的电流为… ………………………………………………………1分

通过R1的电流为……………………………………………………………… …………1分

并联电路干路电流等于各支路电流之和，由并联电路的电流特点可得，通过L的电流为  …………………………………………………………………………………1分

则L的额定功率为 …………………………………………………………………1分

答：（1）电源电压为12V；

（2）通电10s内电路消耗的总电能为48J；

（2）小灯泡L的额定功率为6W。

四、实验与探究题（本题共2小题，每空2分，共14分）

24．【答案】     电压表接线柱反接     变大     0.5

【详解】（1）[1]闭合开关后，电压表的指针快速转动到左边无刻度处，说明电压表的正、负接线柱接反了。

（2）[2]小灯泡的灯丝没有烧断时，电压表测量的是小灯泡的电压；当灯丝烧断后，电压表串联到电路中，此时测量的是电源电压，所以电压表的示数将变大。

（3）[3]已知小灯泡的额定电压为2.5V，灯泡与定值电阻R0并联，则定值电阻R0两端的电压应等于灯泡的电压2.5V，已知定值电阻R0=5Ω，根据欧姆定律可计算当定值电阻R0等于2.5V时，电流表A2的示数

25．【答案】     右     没有多次实验，寻找其普遍规律     左     不变

【详解】（1）[1]由图可知，杠杆右端偏高，说明左边重，可将平衡螺母向右调节，使杠杆在水平位置平衡。

（2）[2]实验中，只进行了一次实验就总结实验结论，实验结论具有偶然性，不具有普遍性，应进行多次实验。

（3）[3]杠杆在水平位置平衡后，如果这时把两边的钩码同时远离支点移动一格，设每个钩码的重力为G，每一格长度为L，则左端力与力臂的乘积为3G×5L=15GL，右端力与力臂的乘积为2G×7L=14GL

因为15GL>14GL，所以左端下沉。

（4）[4]力臂是支点到力的作用线的距离，竖直向下拉弹簧测力计，使杠杆从水平位置缓慢转过一定角度，此过程中，弹簧测力计拉力的力臂变小，钩码对杠杆拉力的力臂也变小，但是根据三角形的相似性可知，动力臂和阻力臂的比值是不变的，由F1l1=F2l2可知，因钩码对杠杆的拉力大小不变，所以弹簧测力计拉力的大小也不变。

B卷（共20分）

一、多选题（本题共5小题，每小题2分，共10分。有的小题只有一个选项符合题目要求；有的小题有两个选项符合题目要求，全部选对的得2分，选对但不全的得1分，有选错的得0分）

1．【答案】BD

【详解】A．核能是未来的清洁能源，但核反应堆内的铀发生裂变时，会产生射线，对人和其它生物造成伤害，所以应在封闭的环境中进行，故A错误；

B．水蒸气推动汽轮机转动时，水蒸气对汽轮机做功，将蒸气的内能转化为汽轮机的机械能，故B正确；

C．核反应堆的链式反应是可控的，用以发电，链式反应不加以控制会变成毁灭性武器——原子弹爆炸，故C不正确；

D．核能的来源分为：裂变和聚变，质量较大的原子核发生分裂释放出巨大的能量是裂变，质量较小的原子核相互结合时释放出巨大的能量是核聚变。故D正确。

故选BD。

2．【答案】BC

【详解】AB．筷子侧移是因为发生了光的折射；变粗是因为杯壁是一个曲面，与水组成凸透镜，凸透镜此时成正立、放大的虚像，故A错误，B正确；

C．若将筷子平移到圆心O点，光线沿杯子的半径方向从水中射入空气，入射光线垂直杯子与空气的界面，其传播方向不变，所以筷子不会侧移，看到水中的筷子位置与实际位置相同，但水和杯壁依然组成凸透镜，所以仍然会放大，故C正确；

D．同理可知，若沿虚线方向观察插入在P点处的筷子，入射光线斜射入时，会发生折射现象，所以看到水中的筷子位置与实际位置不同，水和杯壁依然组成凸透镜，所以仍然会放大，故D错误。

故选BC。

3．【答案】CD

【详解】A．由电路图可知，开关S接“1”时电路为R1的简单电路，电路的总电阻最小，由可知，电路的总功率最大，处于加热挡，开关S接“2”时R1与R2串联，电路的总电阻最大，由可知，电路的总功率最小，处于保温挡，故A错误；

B．电热壶的正常加热功率为 ，故B错误；

C．1kg的水从25℃加热到75℃吸收的热量Q吸=cm(t-t0)=4.2×103J/(kg·℃)×1kg×(75℃-25℃)=2.1×105J

不考虑热量损失，消耗的电能W=Q吸=2.1×105J

需要正常工作时间 ，故C正确；

D．转盘转动16转消耗电能

电热壶的实际加热功率 ，故D正确。

故选CD。

4．【答案】BC

【详解】A．物体受到的浮力为

则滑轮组对物体的拉力为，故A正确，不符合题意；

B．由题可知，滑轮组所做的有用功，故B错误，符合题意；

C．由图可知，绳子的承重段数n为3，由于不计绳重和摩擦，则，故C错误，符合题意；

D．绳子自由端移动的速度，由得

故D正确，不符合题意。

故选BC。

5．【答案】BD

【详解】AB．由电路图可知，定值电阻R0和滑动变阻器串联，电压表测量R两端的电压，电流表测量电路中的电流；当滑片P位于a端时，电路为R0的简单电路，此时电路中的电流最大；由图像可知，电路中的最大电流0.6A时，根据欧姆定律可知，电源电压U=0.6A×R0……①

当滑片P位于b端时，定值电阻R与滑动变阻器的最大阻值串联，此时电路中的电流最小，由图像可知，电路中的最小电流0.2A，电压表示数为5V，根据串联电路电压特点和欧姆定律可知，电源电压U=0.1A×R0+5V……②

联立①②可得：R0=10Ω，U=6V，故A错误，B正确；

C．由于电路的最大电流为0.6A，所以电路消耗的最大功率P=UI=6V×0.6A=3.6W，故C错误；

D．滑片P在b端时，1min内R消耗的电能W=UIt=5V×0.1A×1×60s=30J，故D正确。

故选BD。

二、综合题（本题共2小题，共10分。第7题在解答时应写出公式和重要验算步骤，只写出最后答案不能得分）

6．（4分）【答案】     0.6     1200     64.8     适当将电阻箱R2的阻值调大

【详解】由甲图电路知，R1与R2串联，AB间电压为R2两端电压；

（1）[1]由图乙知道，受控电路为R的简单电路，根据P＝UI知道，自动计数器正常工作时的电流为

（2）[2]当产品挡住射向R1的红外线时，R1的电阻会变大，由知道，电路的电流减小，R2两端的电压减小，由图知此时AB端的电压为2V；此时电路的电流为

根据串联电路电压的规律知，R1两端的电压为UR1＝U1﹣U0＝18V﹣2V＝16V

R1的电阻为

（3）[3]根据图丙知道，计数一次消耗电能的时间0.4s﹣0.36s＝0.04s

即0.4s内有0.04s消耗电能，所以1min内消耗电能的总时间

2min内自动计数器消耗的电能W＝PRt＝5.4W×2×6s＝64.8J

（4）[4]由于整个装置工作时间较长，导致U1的电压逐渐减小，根据欧姆定律知道，通过电路的电流减小，U0减小，要使U0增大为原来的电压值，由串联电路的分压规律知道，需要增大R2的电阻使计数器正常工作。

7．（6分）【答案】（1）；（2）；（3）

【详解】解：（1）由图乙可知，当，时，物体恰好浸没，则细杆的长度………………………………………………………………………………1分

（2）由图乙可知，当，时，细杆对物体的力为，由二力平衡条件可得，物体的重力

当，时，杆的拉力为，此时物体恰好浸没在水中，则排开水的体积，此时物体受到的浮力，

物体受到竖直向上的浮力和竖直向下的重力、杆的拉力作用处于平衡状态，由物体受到的合力为零可得

则物体的重力…………………………………………………………………1分

（3）把一个实心正方体放在的正上方，水面上升

后恰好与的上表面相平，则物体的高度

此时受到浮力，而此时杆对物体的力可能表现拉力和支持力两种情况，当对物体的力表现为拉力时，即

又因为受到的总浮力等于杆的拉力与和总重力之和，则，

所以，…………………………………………………………………………………………1分

因水的体积不变，设容器的底面积为，所以，即，解得，容器内水的体积……………………………………………………1分

容器内水的总重力

图丁中容器对地面的压力

图丙中容器对地面的压强 ………………………………………………………1分

当对物体的力表现为支持力时，即

又因为受到的总浮力等于杆的支持力与和总重力之和，则，所以，

图丁中容器对地面的压力，

图丙中容器对地面的压强…………………………………………………………1分

答：（1）细杆的长度是；

（2）的重力是20N；

（3）容器对地面的压强为5300Pa或5700Pa。