2023年中考押题预测卷02（福建卷）-物理（全解全析）

2023年中考押题预测卷02【福建卷】

物理·全解全析

第Ⅰ卷

一、选择题（每小题只有一个选项符合题意；共14小题，每小题2分，共28分）

1．C

【详解】由题意可知，风力涡轮机是利用风力带动线圈切割磁场线，从而产生电流，与发电机原理相同。

A．图中有电源，是电动机工作原理，故A不符合题意；

B．利用的是电流的磁效应，故B不符合题意；

C．导体切割磁场产生电流，是发电机原理，故C符合题意；

D．利用的是同种电荷相互排斥的原理，故D不符合题意。

故选C。

2．B

【详解】借助后腿长度对比，估测该华南虎的尾巴长度约为80cm。故ACD不符合题意，B符合题意。

故选B。

3．C

【详解】“水星凌日”是水星运行到了太阳和地球之间，挡住了向地球传播的太阳光，所以在地球上看到一个小黑点，原理是光的直线传播。

A．海市蜃楼是由光的折射形成的，故A不符合题意；

B．水中倒影，属于平面镜成像，是由光的反射形成的，故B不符合题意；

C．墙上手影，是由光的直线传播形成的，故C符合题意；

D．雨后彩虹，是由光的折射形成的，故D不符合题意。

故选C。

4．C

【详解】A．吹笛子时，按住不同的气孔可改变空气柱振动部分的长度，从而改变振动频率，可改变声音的音调，故A错误；

B．航母舰载机引导员戴上耳罩，是在人耳处减弱噪声，故B错误；

C．医生用听诊器为病人检查身体，可通过声音知道病人的病情，是利用声音传递信息，故C正确；

D．航天员在空间站用古筝弹奏《茉莉花》，由于太空是真空，没有空气，因此不可能是通过空气直接传播到地球的。故D错误。

故选C。

5．C

【详解】A．音箱悬浮时，处于平衡状态，在竖直方向受到重力和磁场对磁体音箱的作用力，故A错误；

B．底座通电后能产生磁场，是利用通电导体周围存在磁场，这是电流的磁效应，故B错误；

C．音箱悬浮利用了底座产生的磁场与磁体音箱同名磁极相互排斥的原理而悬浮，故C正确；

D．无线通讯是利用电磁波传递信息的，故D错误。

故选C。

6．B

【详解】A．雨是空气中的水蒸气，温度降低时变成的小水珠，是液化现象，液化要放出热量，故A错误；

B．露是空气中的水蒸气，温度降低时变成的小水珠，是液化现象，液化要放出热量，故B正确；

C．霜是空气中的水蒸气，温度降低时直接变成小冰晶，这是凝华现象，凝华放出热量，故C错误；

D．雪是空气中的水蒸气，温度降低时直接变成小冰晶，这是凝华现象，凝华放出热量，故D错误。

故选B。

7．C

【详解】家庭电路中的保险丝熔断的原因有两个：一是用电器总功率过大，二是发生短路。生活常识可知，电风扇的功率并不大，因此造成保险丝熔断的原因是发生短路，故C符合题意，ABD不符合题意。

故选C。

8．B

【详解】A. 机载“北斗”导航系统是靠电磁波传递信息，故A错误；

B.  无人机采用碳纤维材料制造是因为碳纤维材料密度小，体积相同时可以减小质量，故B正确；

C.  无人机航拍的镜头是凸透镜，故C错误；

D. 无人机的控制芯片是硅，锗等材料，导电性介于导体和绝缘体之间，是半导体，故D错误。

故选B。

9．C

【详解】A．由于小球在甲中沉底，故，在乙容器中漂浮，故，则液体密度的关系，故A错误；

B．静止时甲乙容器的液面恰好相平，即深度相同，由于，根据可知，，故B错误；

C．两个完全相同的小球，重力相同，由图可知小球在甲沉底，在乙容器中漂浮，根据物体的浮沉条件可知，，所以小球受到的浮力的大小关系为，故C正确；

D．两个相同容器内分别盛满不同的液体，开始时，液体的体积，放入小球后，由图可知剩余液体的体积，由于，故，则剩余液体的重力,由于容器相同，两个完全相同的小球，则容器重力和小球的重力相等，因为容器对水平桌面的压力等于容器，容器内的液体和物体重力之和，所以，由于容器相同，则底面积相同，根据可知，，故D正确。

故选CD。

10．C

【详解】A．设绳子拉力为F，物重为G，由题可知，A的浮力为

F浮A＝F+G

B的浮力为

F浮B＝G﹣F

可知

F浮A＞F浮B

故A错误；

B．由A分析可得

F浮A+F浮B＝2G

A和B排开液体的体积相同，根据阿基米德原理可知

F浮A＝ρ甲gV

F浮B＝ρ乙gV

可知

ρ甲＞ρ乙

代入可得

ρ甲gV+ρ乙gV＝2G＝2ρgV

物体的密度为

故B错误；

C．因为容器相同，实心物块A、B也完全相同，液面等高，所以两个容器中液体体积相同，因ρ甲＞ρ乙，根据m＝ρV可知，甲液体的质量大，由G＝mg可知，甲液体的重力大，所以移走两根细线，甲容器的总重力大，则甲容器对桌面的压力大于乙容器对桌面的压力，故C正确；

D．移走细线前，A受到的浮力大于重力，B受到的浮力小于重力，移走细线，A最终漂浮，A的浮力等于A的重力，由于力的作用是相互的，A对液体的压力等于A的浮力，也等于A的重力，甲容器所受液体压强为

①

移走细线，B最终沉底，B对液体的压力等于B的浮力，乙容器所受液体压强为

②

因为G甲液＞G乙液，ρ＞ρ乙，比较①②两式可知，

p甲＞p乙

即甲容器底所受液体压强大于乙容器底所受液体压强，故D错误。

故选C。

11．D

【详解】A．热值是燃料的一种特性，热值的大小与质量无关，因此燃料在燃烧过程中热值不变，故A错误；

B．当燃气从出气口冲出时，燃气对外做功，燃气的内能转化为机械能，内能减小，温度会降低，使得燃气罐出气口的温度降低，故B错误；

C．由可知，水的质量

m水=ρ水V水=1.0×103kg/m3×1.0×10-3m3=1kg

在标准大气压下，水沸腾时的温度为100℃，水吸收的热量

Q吸=c水m水Δt=4.2×103 J/(kg·℃)×1kg×(100℃﹣25℃)=3.15×105J

故C错误；

D．燃气完全燃烧放出的热量

Q放=Pt=4500W×140s=6.3×105J

则燃气炉烧水时的效率

故D正确。

故选D。

12．C

【详解】A．正在发声的音叉接触水面时会溅起水花，这个现象表明发声体在振动，故A正确，不符合题意；

BC．音叉声音越响溅起的水花越大，说明物体的振幅越大，声音的响度越大，故B正确，不符合题意，C错误，符合题意；

D．声波和水波有些类似的地方，用水波来研究声波是用到类比法，故D正确，不符合题意。

故选C。

13．B

【详解】A．当滑片滑到B点时，电路短路，故A不符合题意；

B．顺时针滑动时，接入电路的电阻减小，由欧姆定律可得，电路中电流变大，故B符合题意；

C．顺时针滑动时，接入电路的电阻增大，由欧姆定律可得，电路中电流变小，故C不符合题意；

D．当滑片滑到右边关闭位置时，因OA始终相连，导致电路无法关闭，故D不符合题意。

故选B。

14．B

【详解】记电源电压为U，由欧姆定律及题意可得

R1两端的电压为

R1两端的电压为

故电源电压的大小对k的大小无影响，同理，若用R0换R1，则有

若用R0换R2，则有

由题意可得

由上述分析可知，一定有

故选B。

二、填空题（此题共6小题，每空1分，共12分）

15．     50m/s     传递能量

【详解】[1]由题意可知，飞机通过的路程为300m，共用的时间为6s，故飞机在跑道上的平均速度为

[2]飞机旁的工作人员佩戴有耳罩的头盔，防止噪声对人耳造成伤害，说明声音可以传递能量。

16．     相等     相等

【详解】[1]抛出时甲乙两球质量相等，速度相等，故动能相等；又因高度相等，故重力势能相等，机械能包括动能和势能，所以抛出时甲球的机械能等于乙球的机械能。

[2] 甲、乙被抛出时的机械能相等，不计空气阻力，所以它们在运动的过程中机械能守恒，所以落地时所具有的机械能是相等的。

17．     20     20

【详解】[1]在A端施加竖直向下的力F，当B端刚刚翘起时M为支点，根据杠杆平衡条件可得

即

解得：G＝20N。

[2]在B端施加竖直向下的力F，当A端刚刚翘起时N为支点，根据杠杆平衡条件可得

即

解得：F＝20N。

18．     乙图     丙图

【详解】[1] [2]两管内保险丝的材料相同，长度相同，粗细不同，越细的电阻越大，由乙图、丙图可知，乙图保险丝粗，电阻小；当乙、丙两保险管通过相同的电流时，根据Q=I2Rt可知，乙保险丝产生的热量少，温度更低，可以通过更大的电流，所以乙图保险丝允许通过的电流更大；而丙图保险丝细，电阻大，产生的热量多，温度更高，更容易熔断。

19．     4     不能

【详解】[1]由图丙可知，12s～18s内，物体在相同时间内通过相同的距离，即做匀速直线运动，那么物体受到的摩擦力和拉力平衡，根据图乙可知，这时物体受到的拉力为4N，那么物体受到的摩擦力也为4N，第10s时，物体受到的拉力为6N，由于物体对地面的压力和接触面的粗糙程度不变，所以它受到的滑动摩擦力不变，故物体受到的摩擦力为4N。

[2]若t=16s时，水平面光滑，则此时只受到向右4N的拉力，受力不平衡，故向右做加速直线运动。

20．     36     720

【详解】[1]闭合开关S1，断开S2，灯泡和定值电阻串联，灯泡正常发光，根据可知电路电流

根据欧姆定律可知定值电阻两端的电压

根据串联电路的电压特点可知电源电压

……①

闭合开关S1、S2，电路为定值电阻的简单电路，电流表示数为1.5A，则电源电压为

……②

联立①②可知，U=36V，R=24Ω。

[2] 闭合开关S1，断开S2，灯泡L和定值电阻串联，通电30s定值电阻R产生的热量为

三、作图题：本题共2小题，每小题2分，共4分。

21．

【详解】铁锁a在最高点时，受到重力和拉力的作用，过重心分别沿竖直向下方向和绳子斜向上方向画一条有向线段，用“G”和“F”表示，如图所示：

22．

【详解】小球反射的光线经过平面镜反射后进入人眼，人逆着光线看去看到小球在平面镜里面的像。所以先作出小球关于平面镜的对称点，即小球的像S'，连接像与人眼，连线与平面镜的交点即为小球光路图的入射点，连接小球与入射点、人眼与入射点，如图所示：

四、简答题：本题共1小题，共4分。

23.见详解

【详解】（1）运动员从跳台末端冲出跳台，由于具有惯性，所以在空中能继续向前飞行；

（2）滑雪板做的又宽又长，增大了受力面积，在压力一定时减小了对雪面的压强，避免陷入雪中。

五、实验题：本题共5小题，共30分。

24．     87     水蒸气     ①     固态     6     48

【详解】（1）[1]由图甲可知，温度计的分度值为1℃，水银柱在第七个刻度处，因此温度计示数为87℃。

（2）[2]沸腾是液体内部与外部共同进行的剧烈的汽化现象，因此内部出现的气体为水蒸气。

（3）[3]由图乙可知，①装置放上盖子，会导致气压增大，沸点升高，因此对应的为A曲线。

（4）[4]由图丁可知，第十分钟时，温度刚到达熔点，因此海波还处于固态。

[5][6]海波熔化过程从第10分钟开始，持续到第16分钟，因此持续时间为6分钟，熔点为48℃。

25．     垂直     前     ①     相等     可信     A、B、C三点到玻璃板的距离不同，可视为多次改变物体到镜面的距离进行实验

【详解】（1）[1] 实验时，玻璃板要与纸面垂直放置；如果玻璃板与纸面不垂直，根据平面镜所成的像和物体关于平面镜对称可知，蜡烛的像与蜡烛不在同一水平面上，所以有可能找不到像。

（2）[2]平面镜成像的原理是光的反射，观察像时，本质上是看到了玻璃板反射的光线，a放在玻璃板前方，所以应该在玻璃板前观察a的像。

[3]物体b放在玻璃板后方和a的像重合，因为玻璃板成的是正立的像，所以b的方向要与a一致，故选①。

[4]因为b与a大小相同，b能与a的像重合，说明a的像与a大小相同。

（3）[5][6]要探究像和物到平面镜的距离是否相等， 就要多次改变物到平面镜的距离，从而寻找到普遍规律，A、B、C三点到玻璃板的距离不同，可视为多次改变物体到镜面的距离进行实验，故结论可信。

26．     游码未归零     DCB     23.0     小明     20.0    

【详解】（1）[1]调节天平横梁平衡时，先要把游码移到标尺左端的零刻度，再调节平衡螺母，由图甲可知，小明在调节天平横梁平衡过程中的操作错误是游码未归零。

（2）[2]实验准备阶段，将托盘天平放置在水平桌面上，按照如图甲的方式对天平进行调平；为防止容器壁粘液体影响所测结果，要先测烧杯和盐水总质量，再将盐水倒入量筒中，测出倒出的盐水的体积及剩余盐水和烧杯的总质量，则盐水的密度可用倒出的盐水质量和倒出的盐水的体积求出，这样就可以减小误差，所以后面三步实验顺序应是DCB。

（3）[3]如图丁所示，烧杯和盐水的总质量为

如图乙所示，烧杯与剩余盐水的质量为

则量筒中盐水的质量为

（4）[4]量筒读数时，视线要和液柱的凹面底部相平，故小明的读数方法是正确的。

[5]由图知，量筒分度值1mL，盐水的体积为

（5）[6]盐水的密度为

27．          定值电阻断路     右     电阻两端的电压     3V     BC     C

【详解】（1）[1]滑动变阻器接一个上接线柱和一个下接线柱串联在电路中，滑动变阻器滑片向右移动时电阻变大，所以滑动变阻器要接左下接线柱，如图所示：

（2）[2]若电流表没有示数，说明电路可能断路；电压表有示数，说明电压表、电流表、滑动变阻器、开关与电源相连，所以故障为与电压表并联的定值电阻断路。

（3）[3]根据串联分压原理可知，将定值电阻由5Ω改接成10Ω的电阻，电阻增大，其分得的电压增大；探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器两端的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向右端移动，使电压表示数恢复到原来的值。

（4）[4][5]根据画出I-R图像（如图乙）知，图中阴影面积为长方形，其面积等于IR，由欧姆定律得，U=IR，阴影面积表示的物理量是电阻两端的电压，其数值为

U电=IR=0.6A×5Ω=3V

（5）[6]A．设电源电压为U，定值电阻两端的电压为UV，当接入50Ω的定值电阻时，则

代入数据得

解得电源电压为

U=4.2V

所以降低电源电压可以完成这次实验，故A不符合题意；

BC．为了能完成这次实验，滑动变阻器的最小电阻为

代入数据得

解得滑动变阻器的最大电阻为R滑最大=25Ω，所以更换一个最大阻值为30Ω的滑动变阻器可以完成这次实验，故B符合题意；

再串联一个10Ω的电阻，测滑动变阻器与串联的电阻的总阻值为

故C符合题意；

D．将电压表改接到滑动变阻器两端，不能改变电阻的分压作用，无论怎样移动滑片，都不能使电压表示数达到原来的数值，所以不能完成这次实验，故D不符合题意。

故选BC。

（6）[7]A．因电压表示数不变，即电流与R乘积为一定值，故电流随R的变化关系为反比例函数，故A不符合题意；

B．换用不同的电阻时，电压表示数不变，故B不符合题意；

C．定值电阻的电压为2V，变阻器的电压为1V，由分压原理，变阻器与R的比值为1∶2，故变阻器连入电路的电阻与R的关系为一过原点的直线，故C符合题意；

D．根据

定值电阻的功率为

即电阻的电功率与R乘积为一定值，电阻的电功率随R变化关系为反比例函数，故D不符合题意。

故选C。

28．          D     B     1.14

【详解】（1）[1]该实验的电路属于串联电路，小灯泡、电流表、滑动变阻器串联，电压表与小灯泡并联；由题知，待测小灯泡的额定电压为，电阻约为，则小灯泡的额定电流大约为

为了电流测量值更准确，所以电流表应该选择的量程；要求当滑动变阻器的滑片P向C端移动时，接入电路的电阻变小，根据图甲知，滑动变阻器应该选择C处的接线柱，则完整的电路连接图如下：

（2）[2]为了保护电路，在开关S闭合之前，滑动变阻器的滑片应置于其阻值最大处，由电路图知，滑动变阻器的滑片P应该置于D端。

（3）[3] A．若小灯泡发生短路，则电压表也被短路，电压表无示数，故A不符合题意；

B．若小灯泡发生断路，会导致电压表串联在电路中，由于电压表自身电阻很大，所以电路中电流很小，电流表无明显示数，灯泡不发光，故B符合题意；

C．若滑动变阻器发生短路，则电路中电流较大，灯泡会发光，电流表会有明显示数，故C不符合题意；

D．若滑动变阻器发生断路，则整个电路断路，电压表无示数，故D不符合题意。

故选B。

（4）[4]由于电流表选择的是的量程，则图乙中电流表的示数为，则小灯泡的额定功率为

六、计算题：本题共3小题，共22分。

29．（1）3V；（2）4.5W；（3）8Ω~35Ω

【详解】解：（1）由电路图可知，R1与R2串联，电流表测电路电流，电压表V1测R1两端电压，电压表V2测R2两端电压，根据欧姆定律可知，电阻R1两端的电压

U1=IR1=0.3A×10Ω=3V

（2）根据串联电路电压的规律，R2两端电压为

U2=U-U1=18V-3V=15V

根据P=UI可知，电阻R2消耗的电功率

P2=U2I=15V×0.3A=4.5W

（3）根据串联电压的特点，在保证各元件都能正常工作的情况下，使得两电压表的示数之差不超过10V，分析如下：

第一种情况：当滑动变阻器阻值达到最大的值时，R1两端电压为4V，R2两端电压为14V，根据欧姆定律，此时电路电流为

符合要求，此时滑动变阻器的阻值为

第二种情况：当滑动变阻器阻值达到最小的值时，R1两端电压为14V，R2两端电压为4V，根据欧姆定律，此时电路电流为

超过滑动变阻器允许最大电流，不符合要求。因此电路允许最大电流为1A，此时R1两端电压为

U12=ImaxR1=1A×10Ω=10V

根据串联电路电压的特点，滑动变阻器两端电压为

U2min=U-U12=18V-10V=8V

此时滑动变阻器的阻值为

答：（1）电阻R1两端的电压为3V；

（2）此时电阻R2消耗的电功率为4.5W；

（3）滑动变阻器R2连入电路的取值范围为8Ω~35Ω。

30．（1）1.2×105Pa；（2）3h；（3）2.7kg

【详解】解：（1）该车静止在水平地面上时，对地面的压力为

F压=G=mg=1440kg×10N/kg=14400N

对地面的压强是

（2）该车充满电后转化的机械能为

W=W电η=30kW·h×80%=24kW·h=24×3.6×106J=8.64×107J

该车匀速行驶，处于平衡状态，所受的阻力为800N。根据二力平衡可知，牵引力为

F=f=800N

该车能运动的路程为

行驶的时间是

（3）该车充满电后储存的电能为

W电=30kW·h=30×3.6×106J=1.08×108J

相当于完全燃烧燃油的质量是

答：（1）该车静止在水平地面上时，对地面的压强是1.2×105Pa；

（2）该车充满电后在平直路面上匀速行驶时，可以行驶3小时；

（3）该车充满电后储存的电能相当于完全燃烧2.7千克的燃油放出的热量。

31．（1）2A；（2）110Ω，495Ω；（3）3.6×105J

【详解】解：（1）由图乙可知，加热功率为P热=440W，故由P=UI可得，加热状态下通过毛巾架的电流为

（2）由可知，电源电压不变时，电路的电阻越大，功率越小，由电路图可知，开关S闭合，S1闭合时，电路为R0的简单电路，电路电阻较小，故此时电路处于加热状态，由可得，电阻R0的阻值为

当开关S断开时，R1与R0串联，此时电路的电阻较大，处于保温状态，故由可得，此时电路的总电阻为

因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，故可得电阻R1的阻值为

R1=R总-R0=605Ω﹣110Ω=495Ω

（3）由W=Pt可得，该电热水器正常工作30分钟消耗的电能为

W总=P热t热+P温t温=440W×10×60s+80W×(30﹣10)×60s=3.6×105J

答：（1）加热状态下，毛巾架正常工作时的电流为2A；

（2）定值电阻R0、R1的阻值分别为110Ω、495Ω；

（3）毛巾架正常工作30分钟总共消耗3.6×105J电能。