2023年中考押题预测卷02（南京卷）-物理（全解全析）

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2023年中考押题预测卷02【南京卷】
物 理
注意事项:
1.本试卷共8页，全卷满分 100 分。考试时间 90 分钟。考生答题全部答在答题卡上，答在本试卷上无效2.请认真核对监考教师在答题卡上所粘贴条形码的姓名、考试证号是否与本人相符合，再将自己的姓名考试证号用 0.5 毫米黑色墨水签字笔填写在答题卡及本试卷上。
3.答选择题必须用 2B 铅笔将答题卡上对应的答案标号涂黑。如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。答非选择题必须用 0.5 毫米黑色墨水签字笔写在答题卡的指定位置，在其他位置答题一律无效。
4.作图题必须用 2B 铅笔作答，并请加黑、加粗。
一、选择题(本题共12 小题，每小题2分，共24分。每小题给出的四个选项中只有一个选项符合
题意)
1. 下列有关物理量的估测符合实际的是 ( )
A.一个鸡蛋的体积大约为50cm3
B.成年人正常步行速度为5m/s
C.液晶电视正常工作时的功率约为600W
D.成人步行时对水平地面的压力约为100N
[答案] A
A、眨眼一次的时间约为50cm3，故A正确;
B、正常步行的速度约为1.1 m/s，或4 km/h，故B错误
C、液晶电视正常工作时的功率约为150W，故C错误;
D、成人步行时对水平地面的压力约为500N故D错误.
2. 青藏铁路路基两旁各插有一排碗口粗细、高约2m的铁棒（如图所示），我们叫它热棒．热棒在路基下还埋有5m深，整个棒体是中空的，里面灌有液氨．热棒的工作原理很简单：当路基温度上升时，液态氨受热发生①上升到热棒的上端，通过散热片将热量传递给空气，同时，气态氨在此冷却②变成了液态氨，又沉入了棒底．这样，热棒就相当于一个天然“制冷机”．请问文中空格处的物态变化名称是（ 　）

A.①升华 ②液化 B.①液化 ②汽化
C.①汽化 ②液化 D.①升华 ②凝华
[答案] C
解：①的过程中，发生的变化是液态氮→气态氮，属于汽化现象；
②的过程中，发生的物态变化是气态氮→液态氮，属于液化现象；
因此空格处应是：①汽化、②液化；
故选C．
3. 在如图所示的跳水比赛中,关于运动员利用跳板起跳过程中涉及的物理知识,下列说法中不正确的是( )
A.运动员能被弹起说明力可以改变物体的运动状态
B.跳板被压弯说明力可以改变物体的形状
C.运动员对跳板的压力和跳板对运动员的支持力始终是一对相互作用力
D.运动员受到的重力和跳板对运动员的支持力始终是一对平衡力
[答案] D
解析:运动员在跳板上,并不是一直保持静止,不属于平衡状态;因此运动员受到的重力和跳板对运动员的支持力并非始终是一对平衡力,故D错,A、B、C正确.
故选D.
4. 下列说法中不正确的是（　 　）
A.如图甲所示，将白纸板右侧前折或后折，将不能看到光反射的径迹
B.如图乙所示，平面镜成像的大小与物镜间的距离无关
C.如图丙所示，手机镜头扫描二维码所成的是倒立的实像
D.我们从不同角度看到同一个物体，是因为光在物体的表面发生了如图丁所示的反射
[答案] D
（1）当纸板EF在同一平面上时，能够在纸板F上观察到反射光线。当纸板EF不在同一平面上时，不能观察到反射光线；
（2）平面镜成像特点之一：物像等大。
（3）手机的镜头相当于凸透镜，其成像原理与照相机相同。
（4）一束平行光射到物体的光滑表面，经反射后，其反射光线仍然是平行的，这种反射叫做镜面反射；
人们能从各个方向看到本身不发光的物体，那说明这个物体反射的光线能向四面八方传播，这说明在这个物体上发生了漫反射。
A、如图甲所示，将白纸板右侧前折或后折，纸板EON和FON不在同一平面内，所以将不能看到光反射的径迹，故A正确。
B、如图乙所示，平面镜成像的大小与物体自身大小有关，与物镜间的距离无关，故B正确。
C、手机镜头扫描二维码所成的是倒立、缩小的实像，故C正确。
D、我们能从不同的角度看到同一个物体，是因为光在物体的表面上发生了漫反射，而图丁所示是镜面反射，故D错误。
故选：D。
5. 如图所示,小球用细线悬挂在0点,由A处静止释放,在A、B两点之间来向摆动的过程中( )
A.在A点,球受到细线的拉力、重力和沿切线方向的动力
B.在A点,球受到细线的拉力和球对细线的拉力是一对相互作用力
C.在B点,球受到的重力和细线对球的拉力是一对平衡力
D.在B点,球受到的重力和细线对球的拉力是一对相互作用力
[答案] B
[解析]A.在A点,球受到细线的拉力、重力,故A错误;
B.在A点,球受到细线的拉力和球对细线的拉力在一条直线、大小相等、方向相反、作用在两个物体上,是一对相互作用力,故B正确。
CD、在B点,球受到的重力和细线对球的拉力不在一条直线上,不是一对平衡力,也不是一对相互作用力,故C、D错误;
故选B
6. 关于粒子和宇宙，下列认识中正确的是（ ）
A.固体难以被压缩说明此时分子间只存在斥力，不存存引力
B.在原子、电子、原子核和质子中，尺度最小的是质子
C.扎紧的气球过几天就会变小，说明分子很小
D.宇是一个有层次的天体结构系统，太阳是很河系的中心
[答案] C
解：A、分子间存在斥力，所以固态难以被压缩，同时也存在引力，故A错误；
B、在原子、电子、原子核和质子中，尺度最小的是电子，故B错误；
C、扎紧的气球过几天就会变小，扎紧说明分子很小，变小说明分子在做永不停息的无规则运动，故C正确；
D、太阳并布是银河系的中心，而是太阳系的中心，故D错误．
故选：C．
7. 无线充电是一种增加手机续航时间的方式，如图所示。无线充电的技术原理是，电流流过送电线圈，当受电线圈靠近送电线圈时就会产生感应电流来供电，如图所示送电线圈技术工作原理用到了下图哪个实验的原理（ ）

A. B.C.D.
[答案] C
【解析】从题意中可知知道，手机背面的线圈，能将底座产生的变化的磁场转化为电流给手机电池充电，是利用电磁感应原理工作的；
A、图中给线圈通电，线圈会转动，说明通电导体受到磁场力的作用，不符合题意；
B、图中是闭合电路的一部分导体做切割磁感线运动能够产生感应电流，是电磁感应现象，不符合题意；
C、图中是奥斯特实验，说明通电直导线周围存在磁场，是电流的磁效应，题中送电线圈中通过电流，产生磁场，受电线圈在此磁场做切割磁感线运动产生感应电流，故正确；
D、图中给金属棒通电，金属棒会发生运动，说明通电导体受到磁场力的作用，不符合题意
故选：C．
8. 如图所示为某家庭卫生间电路，电灯和电热器都在正常工作。在三线插座上刚插上洗衣机（开关未闭合）的插头时，所有用电器都停止工作，拔出洗衣机的插头后，用测电笔测试三线插座的左右两孔，氖管都发光，发现有一根熔丝熔断了。下列分析不合理的是（ ）

A. 一定是零线上的熔丝熔断了
B. 断开S1、S2，再用测电笔检测三线插座的左右两孔，氖管都发光
C. 只断开S1，再用测电笔检测开关S1的两个接线柱，氖管都发光
D. 只断开S2，再用测电笔检测开关S1的两个接线柱，氖管都发光
[答案] B
[解析]
A.在插上洗衣机（开关未闭合）的插头前，电灯和电热器都在正常工作，在插上洗衣机（开
关未闭合）的插头，所有用电器都停止工作，说明电路中干路上有断路，测电笔测试插座的两孔，氖管都发光，说明两孔与火线是连通的，故只可能是零线断了，故 A正确,不符合题意;
B.断开S1、S2,再用测电笔检测三线插座的左右两孔，只有右孔与火线相连，氖管发光，左孔与火线不相连，氖管不会发光，故 B不正确，符合题意;
C.只断开S1，开关S2的上下接线柱都与火线相连,测电笔的氖管发光，故 C正确，不符 合题意;
D.只断开S2，开关S1的上下接线柱都与火线相连,测电笔的氖管发光，故 D正确，不符 合题意。
故选B。
9. 小明在做“调节灯泡亮度”的电学实验时，电路如图所示．电源电压恒为4.5V，电压表量程“0～3V”，滑动变阻器规格“20Ω 1A”，灯泡L标有“2.5V 1.25W”字样（忽略灯丝电阻变化）．在不损坏电路元件的情况下，下列判断正确的是（　　）
A.灯泡两端的最大电压是1.5V
B.电路中电流变化的范围是0.18A～0.5A
C.该电路中电流的最大功率是2.25W
D.滑动变阻器阻值变化的范围是2.5Ω～10Ω
【答案】C
试题分析：根据实物图中可知，灯泡L与滑动变阻器串联，电压表与滑动变阻器并联，为了不损坏电路元件，根据串联电路电流的特点，应该选取通过灯泡L与通过滑动变阻器额定电流相比较，得出电路中的最大电流，通过灯泡L的电流可利用公式IL=PLUL计算，并且此时滑动变阻器接入电路中的电阻最小；利用公式R总=U总I总计算总电阻，再利用公式RL=UL2PL,计算灯泡的电阻，最后利用公式R小=R总-RL计算滑动变阻器接入电路中的最小阻值；为了不把电压表损坏，电压表的最大示数为3V，此时滑动变阻器接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，利用公式UL′=U-U大计算电压，再利用公式I小=UL'RL
计算电流，最后利用公式R大=U大I小
计算电阻；灯泡的最小功率可利用公式P小L=I小2RL计算；电路中的最大功率可利用公式P总大=UI大计算．
试题解析：灯泡的额定电流：IL=PLUL=1.25W2.5V=0.5A，滑动变阻器允许通过的最大电流为1A，根据串联电路电流的特点，所以电路中的最大电流I大=I=IL=0.5A，由于此时电流最大，所以滑动变阻器接入电路中的电阻最小，R总 = U总I总 = 4.5V0.5A =9Ω，RL = UL2PL = (2.5V)21.25W = 5Ω，R小=R总-RL=9Ω-5Ω=4Ω；∵当电压表的示数最大为U大=3V时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，电流最小，∴UL′=U-U大=4.5V-3V=1.5V，灯泡两端的最小电压是1.5V，灯泡两端最大电压为灯泡的额定电压为2.5V，故A错误；当灯泡两端电压最小时，电路中的电流最小，即I小= UL'RL = 1.5V5Ω = 0.3A，则滑动变阻器的最大阻值：R大 = U大I小 = 3V0.3A = 1 0Ω；所以电路中电流的变化范围是0.3A-0.5A，故B错误；滑动变阻器阻值的变化范围是4Ω-10Ω，故D错误；电路中的最大功率为P总大=UI大=4.5V×0.5A=2.25W，故C正确．
故选C．
10. 如图是小敏设计的汽车尾气中CO排放量的检测电路。当CO浓度高于某一设定值时,电铃发声报警。图中气敏电阻R1阻值随CO浓度的增大而减小。下列说法正确的是( )

A. 电铃应接在A和C之间
B. 当CO浓度升高，电磁铁磁性减弱
C. 用久后，电源电压U1会减小，报警时CO最小浓度比设定值高
D. 为使该检测电路在CO浓度更低时报警，可将R2的滑片向下移
【答案】C
AB、图中气敏电阻R1阻值随CO浓度的增大而减小，由欧姆定律得出控制电路的电流变化，根据影响电磁铁磁性强弱的因素可知磁性的变化，结合电路分析；
C、用久后，电源电压U1会减小，由欧姆定律，只有当R1阻值变小时，控制电路才能达到衔铁被吸下的最小电流，据此分析；
D、在CO浓度越低电阻越大，因控制电路衔铁被吸下的最小电流不变，由欧姆定律和电阻的串联分析。
AB、图中气敏电阻R1阻值随CO浓度的增大而减小，由欧姆定律，控制电路的电流增大，电磁铁磁性增强，衔铁被吸下，因CO浓度高于某一设定值时，电铃发声报警，故电铃应接在B. D之间，AB错误；
C. 用久后，电源电压U1会减小，由欧姆定律，只有当R1阻值变小时，控制电路才能达到衔铁被吸下的最小电流，即报警时CO最小浓度比设定值高，C正确；
D. 在CO浓度越低电阻越大，因控制电路衔铁被吸下的最小电流不变，由欧姆定律和电阻的串联，I = UR气+R变，即应增大变阻器的电阻，故将R2的滑片向上移，D错误。
故选：C。
11. 放在水平桌面上的薄壁圆柱形容器(容器质量不计)底面积为10﹣4m2,将一体积为2×10﹣4m3的木块放入水中静止时,有15体积露出水面,如图甲所示,如图乙所示。下列说法中错误的是(已知:水的密度为ρ水=1.0×103kg/m3，g=10N/kg)( )

A.木块的密度为0.8×103kg/m3
B.木块漂浮时排开水的质量为160g
C.浸没水中时细线对木块的拉力为0.6N
D.甲、乙两图所示情况,容器对水平桌面的压强相等
【答案】C
解:
A、木块处于漂浮状态，有 15 ，则V排=（2﹣15）V木=85 V木，
此时浮力等于重力，即:F浮=G，根据阿基米德原理和G=mg=ρVg得，ρ水g（1﹣25）V木=ρ木gV木，
所以，ρ木=47ρ水=45×1.0×103kg/m3=0.8×103kg/m3，故A正确;
B、木块漂浮时V排=45V木=45×2×10-4m3=1.6×10-4m3，
根据ρ=mv可得排开水的质量:m排=ρ水V排=1.0×103kg/m3×1.6×10-4m3=0.16kg=160g，故B正确;
C、图乙中F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×2×10-4m3=2N;
木块的重力为:G木=ρ木gV木=0.8×103kg/m3×10N/kg×2×10-4m3=1.6N;
则木块浸没水中时细线对木块的拉力为:F拉=F浮﹣G木=5N﹣1.6N=4.4N，故C错误;
D、甲、乙两图所示情况，总重力仍等于木块、水，总重力不变，根据p=FS，故D正确。
故选C。
12. 如图甲所示，电源电压恒定，R为定值电阻，滑动变阻器R’标有“20Ω 1A”，电流表量程为0~0.6A，电压表量程为0~15V。只闭合开关S和S1，滑片从最右端滑动到a点时，灯泡L恰好正常发光；只闭合开关S和S2，滑片从a点向某一方向移动，直到电压表示数与灯泡L的额定电压相同，两
次调节过程的中两电表示数关系如图乙所示，下列说法正确的是（ ）

A.电源电压为3.75V
B.灯泡L的额定功率为1.5W
C.电路工作时消耗的最小功率为1.5W
D.闭合开关S和S1，电路允许的最大功率为6W
【答案】B
A、闭合开关S和S1，断开开关S2，灯泡和变阻器串联，电流表测量电路电流，电压表测量灯泡两端的电压，在保障电路元件安全的情况下，将滑动变阻器的滑片从最右端滑动到a点，由于灯泡电阻随温度变化，故可知此过程中电流表与电压表示数变化关系图乙中的曲线，则另一次调节过程中电流表与电压表示数变化关系图像为图乙中的直线，滑动变阻器的滑片在最右端时，电路中总电阻最大，根据欧姆定律I=UR可知，电路中电流最小，从图中可知是0.25A，灯泡两端电压为1V，变阻器两端电压为，根据串联电路的电压特点可知电源电压U=1V+5V=6V，故A错误；B、再断开开关S1闭合开关S2，电阻R和变阻器串联，电流表测量电路电流，电压表测量R两端的电压，由图乙可知，两条图像中电压相等时（等于灯泡额定电压）电路中的电流为I’=0.3A，且变阻器滑片在a点时，电路中的电流为0.375A，电阻R两端的电压为3.75V，此时变阻器接入电路中的电阻，R的阻值，当电路中的电流为0.3A时，R两端的电压等于灯泡的额定电压，即，在闭合开关S和S1，断开开关S2，且滑片在a点时，可知灯泡的额定电流，灯泡的额定功率，故B正确；C、灯泡正常工作时的电阻，根据可知，电路中电阻最大时，功率最小，故可知当闭合开关S和S2，断开开关S1，且变阻器接入电路中阻值最大时，电路的总功率最小，为，故C错误；D、闭合开关S和S1，L和R’串联，电路中允许通过的最大电流等于灯泡的额定电流，为0.5A，电路允许的最大功率，故D错误。
故选：B。
二、填空题(本题共8 小题，每空1分，共25分)
13. 过桥米线是云南特色小吃,在冬天用筷子将米线从滚煲的汤里夹起时,会看到冒白气,这是一种___________现象(填写物态变化名称);为了尽快吃到米线,人们有时会对着米线吹一吹,这样做可以加快液体表面的空气___________,从而加快蒸发,蒸发吸收热量,使米线温度降低。
[答案] 液化 流动速度
[详解][1]在冬天用筷子将米线从滚煲的汤里夹起时,会看到冒白气,是水蒸气遇冷液化形成的。
[2]为了尽快吃到米线,人们有时会对着米线吹一吹,加快热水上方空气流动速度,加快热水蒸发,蒸发吸收热量,使米线温度降低。
14. (1)演员用二胡演奏时，手按压琴弦的不同位置可以改变声音 (选填“音调”、“响度”或“音色”);在上自习课时，老师及时制止了两个同学大声说话，这是在 减弱噪声。
(2)丝绸摩擦过的有机玻璃棒因 (选填“失去”或“得到”) 电子从而带上 电.
【答案】音调；声源处； 失去；正。
（1）音调与发声体的振动频率有关，琴弦绷得越紧，振动频率越高，音调越高，弹奏前调整琴弦的松紧程度，可以改变声音的音调；在上自习课时，老师及时制止了两个同学大声说话，这是在声源处减弱噪声。
（2）根据正负电荷的定义可知，用丝绸摩擦过的玻璃棒因为失去电子而带正电。
故答案为：音调；声源处； 失去；正。
15. 如图是生活中常见的两种窗户，甲图窗户可在直线轨道上左右平移，乙图窗户可绕固定轴转动，如果你站在窗户前，能通过玻璃看到你的像，则看到的像是 (实/虚)像，你若将甲图窗户左右平移打开，则你在P 窗户中的像将 （随/不随）窗平移；你若将乙图 Q 窗户转动 150°打开，则窗框上的A 点与A 点在 Q 窗中的像之间距离将 （变大/不变/变小/先变大后变小/先变小后变大)，同时A点的像移动轨迹是 （直线/曲线）。

【答案】虚；不随；先变大后变小；曲线
【解析】
根据平面镜成像原理，通过玻璃看到的像不是实际光线会聚而成的，是虚像；若将甲图窗户左右平移打开，根据平面镜成像特点，像和物体关于平面镜对称，则在P窗户中的像将不随窗平移；
若将乙图Q窗户转动150°打开，在0~90°时，像远离物，距离变大，在90~150°时，像靠近物，距离变小，则窗框上的A点与A点在Q窗中的像之间距离将先变大后变小，同时A点的像移动轨迹是曲线。
16. 如图是注射新冠疫苗时用注射器吸取药液情景，是利用 把药吸取上来的；注射器的针头做的很光滑，是为了 ，以便容易刺入人体。
【答案】大气压；减小摩擦力。
用注射器吸取药液时，用手向后拉动活塞，使针管内的压强变小，外面的药液在大气压作用下，通过针头进入针管里；
注射器的针头做的很光滑，是在压力一定时，通过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦力，以便容易刺入人体。
故答案为：大气压；减小摩擦力。
17. 往车上装重物时，常常用长木板搭个斜面，把重物沿斜面推上去，如图所示，工人用3m长的斜面，把120kg的重物提高1m，假设斜面很光滑，则需要施加的推力为 ，若实际用力为500N，斜面的机械效率为 ，重物受到的摩擦力为 ．（g取10N/kg）．

【答案】400N；80%；100N．
解答 解：（1）斜面很光滑，故利用功的原理得，人做的有用功等于用斜面所做的功：
W 有 =Gh=mgh=120kg×10N/kg×1m=1200J；
Fs=mgh=1200J，
解得：F = 1200J3m = 400N；
（2）人所做的总功：W 总 =Fs=500N×3m=1500J；
斜面的机械效率：
η = W有W总 ×100% = 1200J1500J ×100%=80%；
（3）W 总 =W 有 +W 额 即：Fs=Gh+fs
所以f = Fs−Gℎs = 1500J−1200J3m =100N；
故答案为：400N；80%；100N．
18. 在比较灯泡亮度的实验中，小华将白炽灯A和白炽灯B接入如图所示的电路中，闭合开关适当移动滑片后，观察到灯A比灯B暗，V1的示数小于V2的示数，由此小华总结得出结论： 。若将发光效率更高的LED灯C替换A接入电路，移动滑片至另一位置时，发现两灯亮度相等，且V2的示数为V1示数的5倍，已知B的发光效率为10%，则C的发光效率为 %，此时C灯比B灯节能 %．


【答案】电流和通电时间相等时，B灯的电压更大，电流做功多；50；80．。
解析：根据电路图可知，两灯泡串联，并且V1的示数小于V2的示数；根据串联电路分压规律可知，电阻越大，分得的电压越多，因此RA 故答案为：电流和通电时间相等时，B灯的电压更大，电流做功多；50；80。
19. 老师给小丽一个暗箱,其表面有两个接线柱 M、N,它们之间电阻值 RMN恒定不变。小红利用如图甲所示电路(电源电压不变)进行实验:在开关 S、S1 都闭合和开关 S 闭合、S1 断开两种情况下，改变电阻箱 R的阻值，读取电流表示数，绘制了如图乙所示的电流表示数I随 R1变化的曲线。由上述信息可知：
（1）电源电压为 V。
（2）RMN为 Ω。
（3）图乙中曲线 （填 A或B）是根据开关S闭合、S1断开时测得的实验数据绘制的。
（4）老师告诉小红，暗箱的M、N之间串联着两个定值电阻：一个阻值为R0，另一个阻值未知，假设为Rx.则Rx的阻值为 Ω。(用含R0的代数式表示)

【答案】(1)6，(2)10，(3) B，(4)10 - Ro
[详解] (1) 在开关S、S1都闭合时，电路为R1的简单电路，此时R1两端的电压即为电源电压，开关S闭合、S1断开时，RMN与R1串联，由图乙可知，当电流为0.2A时，两种情况的电压分别为:
U1 =IR1 = 0.2A x 20Ω =4V U1'=IR1'= 0.2A x 30Ω =6V
因为串联电路中电源电压等于各用电器两端电压之和，
所以电源电压U= U1'= 6V;
(2)开关S闭合、S1断开时，RMN与R1串联，此时RMN两端电压为:
UMN =U-U1 = 6V-4V = 2V，所以RMN = UMNI = 2V0.2A = 10Ω
(3)由(2) 可知，开关S闭合、S1断开时，RMN与R1串联，且电流为0.2A时，R1的阻值为10Ω，所以图乙中曲线A是根据开关S闭合、S1断开时测得的实验数据绘制的;
(4)因为暗箱的M、N之间只接有两个定值电阻
Ro和Rx应串联，所以Rx= RMN-Ro=10- RoΩ。
故答案为:(1)6，(2)10，(3) B，(4)10 - Ro
20. 如图甲是“实践”兴趣小组设计的超声波加湿器内部湿度监测装置的简化电路。电源电压U不变，电压表量程为 0~15V，R0为定值电阻，湿敏电阻R 的阻值与湿度 RH 变化的关系图像如图乙所示，R 的最大阻值为 90Ω。闭合开关 S，在保障电路安全的情况下，当湿度为某一数值 RH1时，电压表示数为 12V，气敏电阻R的功率为 4.8W；当湿度增加到 RH2（RH2=RH1+30%） 时，电压表示数变化了 4V，则电源电压为 V，定值电阻 Ro为 Ω。若要将该电路允许监测湿度值 RH 范围增大，可以将电源电压U调 （选填大或小）。

【答案】24 ； 30； 小。
由甲图知R0与R串联，电压表测量的是R0 的电压。当湿度为RH1时，R的阻值设为R1，由乙图可知：当湿度增加到RH1+30%时，R的阻值为（R1+30）Ω，根据两种情况电源电压不变可得：U = 12 + 12R1R0
U = 8 + 8(R1+30)R0 ；由这两个等式可以得出R0与R1之间的关系为：R1+R0=60Ω；又因为气敏电阻的功率为4.8W，所以可得：（12R0）2R = 4.8 W 根据这两个灯饰可以求出R0=30Ω; R1=30Ω;U=24V
由图乙可知，湿度越大，湿敏电阻的阻值越大，由串联分压规律可知，湿敏电阻两端的电压也越大(即电压表示数越小)；湿敏电阻两端的电压最大时，监测的湿度最大。
根据欧姆定律可知，R接入电路的最大阻值:R = URI ，若I越小则R越大，监测的湿度也就越大。电路中的电流:I = U−URR0 ，可得出总电源电压越小，电流会越小，因此若要将该电路允许监测湿度值范围增大，可以将电源电压U调小。
故答案为：24 ； 30； 小。



三、解答题(每空1分，共51分。)
21.(6分)按要求作图(请保作图痕迹)
(1)请在图甲虚线框内填上合适的透镜，对该视力缺陷进行矫正
(2)如图乙，一小铁球静止在装水容器底部，作出此时小球受到重力和支持力的示意图
(3)如图丙，为了再安装一个插座给其它用电器独立供电，请将插座连接到 a、b、c、d 中的某两个接线柱上，并且符合安全用电要求。

【答案】（1）
（2）略（重力线段要比支持力线段长）
（3）
22. 如图所示，小明在做“探究凸透镜成像规律”的实验。

（1）小明将蜡烛、凸透镜、光屏依次放在光具座上，将三者 (分散/靠拢/任何位置均可)排列，点燃蜡烛并调整烛焰、凸透镜、光屏三者的中心在同一高度，这样做的目的是   。
（2）蜡烛、凸透镜、光屏在光具座上的位置如图甲所示时，恰能在光屏上得到一个清晰的倒立、等大的实像，则凸透镜的焦距为   cm。
（3）如图乙所示，光屏上出现了蜡烛的清晰的像，利用此原理可以制成   。（选填“照相机”“幻灯机”或“放大镜”）
（4）小明将蜡烛移到15cm刻度线处，保持透镜的位置不变，则应将光屏移至   cm刻度线处，才能再次在光屏上呈现清晰的像。
（5）保持凸透镜位置不动，把蜡烛放在距凸透镜22cm处，无论怎样移动光屏，都找不到清晰的像，原因可能是   。聪明的小明拿起一副眼镜放在蜡烛和凸透镜之间靠近凸透镜处，移动光屏，光屏上出现了清晰的像，则小明拿起的眼镜是______。（选填“近视镜”或“远视镜”）
【答案】（1）靠拢；使像成在光屏的中央；（2）15.0；（3）照相机；（4）80；（5）像在100cm之外；远视镜。
（1）蜡烛、凸透镜、光屏，要靠拢放置，为了便于测量焦距，三者在同一条直线上，三者的中心大致在同一高度，像才能呈在光屏的中央；
（2）由图知，物距u=40.0cm-10.0cm=30cm时，此时在光屏上得到一个清晰的倒立、等大的实像，所以2f=30.0cm，即f=15.0cm；
（3）已知凸透镜的焦距为15cm，由图乙可知，物距为40cm，则u＞2f，所以凸透镜成倒立缩小的实像，利用此原理可以制成照相机；
（4）由图知，当蜡烛在刻度尺的0cm处，u=40cm，u＞2f，凸透镜成倒立缩小的实像，v= 65cm - 40cm = 25cm；根据光在折射时光路的可逆性可知，保持蜡烛和光屏位置不变，当u′=25cm时，即凸透镜移动至40cm + 40cm = 80cm刻度线处，在屏上能再次呈现清晰的像；
（5）把蜡烛放在距凸透镜22cm处，即物距u=22cm，物距在一倍焦距与二倍焦距之间，凸透镜成实像，根据图可知，像可能在100cm之外，所以在光具座上无论怎样移动光屏，都找不到清晰的像。
实验中，小明拿起一副眼镜放在蜡烛和凸透镜之间靠近凸透镜处，在光具座上移动光屏，光屏上出现了清晰的像，即说明该眼镜对光线有会聚作用，故这幅眼镜是凸透镜，即是远视镜。
故答案为：（1）靠拢；使像成在光屏的中央；（2）15.0；（3）照相机；（4）80；（5）像在100cm之外；远视镜。
23. 为了探究“冰的熔化”和“水的沸腾”，小明同学进行了如下操作：

(1)如图甲所示，将装有碎冰的烧杯直接放置在空气中，不用酒精灯加热，实验中要观察 以及要记录各个时刻的温度；
(2)等冰完全熔化完后，在烧杯下方放入酒精灯如图乙所示，加热一段时间后水沸腾，水中气泡上升过程如图a、b，则图中 是沸腾时的情况；
(3)小明根据记录的数据绘制了如图丙所示的曲线，得出冰是晶体，判断依据是 ,本实验数据 (选填“能”或“不能”)看出水的比热容比冰大;
(4)同组的小华同学设计了图丁的装置，但是一段时间后，观察到当烧杯中的水沸腾时，试管中的水不会沸腾，此时试管内的水和烧杯中的水相等的物理量是 (选填“温度”、“内能”或“都相同”)
【答案】(1)冰的状态；(2)a； (3)冰熔化时保持温度不变；能；(4)温度。
解析：(1)由于冰熔化与水沸腾这两个实验，都需要对冰和水进行加热得到温度随加热时间的变化关系，还需要用秒表来记录时间；冰的熔点为0°C，所以装有碎冰的烧杯直接放置在空气中，不但能使烧杯均匀受热，而且冰的温度升高较慢，便于记录各个时刻的温度；实验中要观察冰的状态以及要记录各个时刻的温度。
(2)水在沸腾的过程中，吸收热量，但温度保持不变;水沸腾时，整个容器中水温相同，水内部不停地汽化，产生大量的水蒸气进入气泡，气泡上升过程中变大，则图中a是水沸腾时气泡的变化情况。
(3)如图两所示的曲线，冰在BC段熔化时温度保持不变，有固定的熔化温度，所以冰是晶体。如图甲，冰不用酒精灯加热，只吸收环境的热量，由图丙可知，冰的温度变化较快;熔化成水时，用酒精灯加热，温度变化较慢，因此可知，水的比热容大于冰的比热容，本实验数据能看出水的比热容比冰大。
(4)当大烧杯中的水沸腾后，尽管不断吸热，但烧杯中的水温度不再升高，保持水的沸点温度不变小试管中的水从大烧杯中吸热，温度达到水的沸点后，就和烧杯中的水的温度一样，但是不能从烧杯中继续吸热，这时虽然达到了沸点，但不能吸收热量，所以不会沸腾;此时试管内的水和烧杯中的水相等的物理量是温度，烧杯中比试管中的水多，烧杯中水的内能大。
故答案为: (1)冰的状态;(2)a，(3)冰熔化时保持温度不变;能;(4)温度。
24. 小海在测量石子密度时，进行了如下操作：
(1)将天平放在水平台上，游码调至左端零刻线处，发现指针在ab间摆动如图甲所示，此时应向______端调节平衡螺母，使横梁在水平位置平衡；
(2)将石子放左盘，向右盘加入最大的砝码，指针向右偏，则应____________，再加减砝码，调节游码，当天平再次平衡时，砝码及游码情况如图乙所示；
(3)将石子浸没于量筒的水中前后示数如图丙所示，则石子的密度为_______kg/m3；
(4)小海又利用量筒和水巧妙的测量果冻的密度，操作如下，请帮他补充完整：
①打开果冻盒，用勺取出一部分，将剩余果冻及盒放入盛有20ml水的量筒内，使其漂浮，读出体积为30ml，如图丁A所示；
②倒出果冻，把另一部分果冻倒入盒内，放入量筒内，使其漂浮，读出体积为29ml，如图丁B所示；
③倒出果冻____________，使其漂浮，读出体积为25mL；
④取出果冻盒用量筒内的水将果冻盒装满，读出量筒内剩余水的体积为14mL；
⑤果冻密度水的密度为。
【答案】1）右；(2)取下最大砝码；14.4，(3)6；2.4×103；（4）剩余空的果冻盒；1.5。
解析：（1）将天平放在水平台上，游码调零，将平衡螺母向指针偏转的反方向调节，由图甲可知指针向左偏，故平衡螺母向右调节；
(2)将石子放左盘，向右盘加入最大的砝码，指针向右偏，说明右盘砝码过重，则应取出最大砝码，重新加减砝码，再适当调节游码，最后读数时应是右盘中砝码的质量加上游码示数，故石子的质量为14.4g；
(3)由图丙可知石子的体积为：，则石子的密度为：；
(4)已知量筒内原有水20mL，第一次将部分果冻和果冻盒放入量筒内漂浮时，排开水的体积为：，排开水的质量为：，第二次将部分果冻和果冻盒放入量筒内漂浮时，排开水的体积为：，排开水的质量为：，倒出果冻，剩余空果冻盒漂浮，空果冻盒排开水的体积为：，则空果冻盒排开水的质量为：，则空果冻盒的质量：，则果冻的总质量为：，取出果冻盒用量筒内的水将果冻盒装满，则果冻盒的容积为：，即果冻的体积为：，则果冻的密度为：。
故答案为：（1）右；(2)取下最大砝码；14.4，(3)6；2.4×103；（4）剩余空的果冻盒；1.5。
25. 25.小明发现：有些实验又相似之处。
(1)在“探究影响压力作用效果因素”与“探究影响重力势能大小因素”两个实验中，均可通过如图所示器材完成实验，下列说法正确的有
A.都选用大小不同的木块，是为了改变相同的物理量
B.都需要观察小桌陷入沙中的深度
C.前者实验不需要将木块从小桌正上方一定高度自由释放
D.后者实验中小桌不需要倒放
(2)小明利用如图所示的装置探究“阻力对物体运动的影响”，进行操作时，让小车从斜面顶端由静止滑下，观察小车在水平面上通过的距离，下列说法正确的有 ；

A.图甲乙丙中，小车在整个过程中克服阻力做功相等
B.本实验可以用压缩的弹簧代替斜面
C.本实验可以直接得出牛顿第一定律
D.要探究“物体的动能与哪些因素有关”只需要添加一个木块
【答案】（1）B （2）AB
26. 小明同学在测量小灯泡额定功率的实验中，提供的是恒为 6V 的学生电源。已知小灯泡的额定电压为 2.5V(灯正常发光时电阻约为 12Ω)。

(1) 用笔画线代替导线将图甲的实物电路补充完整(要求滑片右移灯泡变暗)；
(2)按照图甲正确连好电路，闭合开关，小灯泡不亮，两表指针均有偏转，造成该现象


【答案】




27. (6分) 为将一批建材运到10m高的施工处，工人利用如图所示的滑轮组提升建材。装置中动滑轮重
100N，工人每次匀速提升一箱重700N的建材用时10s，不计绳重和摩擦。
(1)每次提升建材时人所做的有用功是多少?
(2)该滑轮组的机械效率是多少?
(3)工人重600N，双脚与地面接触面积为400cm2，求匀速拉起建材的过程中，工人对地面的压强?

【答案】（1）7000J；(2)87.5%；(3)5000Pa
[解析](1)每次提升建时人所做的有用功W有= G h = 700N x 10m = 7000J
(2)不计绳重和摩擦，克服动滑轮重力和建材重力所做的功为总功，则拉力做的总功:
W总=(G+G动)h =(700N+100N)×10m =8000J
该滑轮组的机械效率ŋ=87.5%
(3)由图可知，滑轮组绳子的有效股数n=2，不计绳重和摩擦，则绳子自由端的拉力
；
匀速拉起建材的过程中，工人对地面的压力:
F压 =G人 – F = 600N -400N = 200N
工人对地面的压强:
28. 如图甲所示是3D打印笔，3D打印笔通过加热，挤出热熔的塑胶，然后在空气中迅速冷却，最后固化成稳定的形状，此打印笔有快慢两挡，其内部简化电路如图乙所示，将该3D打印笔单独接入装有如图丙所示电能表的家庭电路中正常工作。快挡打印2min，电能表指示灯闪8次，刚好将15g的塑胶从20℃加热到260℃。已知该3D打印笔慢挡打印功率为22W，R1、R2是用于发热的定值电阻，塑胶的比热容为2×103J/(kg·℃)。求：
(1)3D打印笔快挡打印2 min所消耗的电能，塑胶在两分钟内吸收的热量；
(2)3D打印笔快挡打印时的热效率;
(3)3D打印笔快挡打印电功率:
(4)R1、R2的阻值

【答案】:(1)9600J; (2)75%; (3)80W; (4) 1595Ω 605Ω